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2021-2022学年福建省福州十九中八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年福建省福州十九中八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共26页。试卷主要包含了0W，【答案】A，【答案】D，【答案】C，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年福建省福州十九中八年级（下）期末物理试卷
1. 瓦特(Watt)设计冷凝器，解决效率低下问题，制造出第一台有实用价值的蒸汽机，使人类进入“蒸气时代”。单位为瓦特的物理量是( )
A. 功 B. 功率 C. 压强 D. 效率
2. 小华在训练投掷实心球，以下情景中，他对球做功的是( )
A. 将球从地上拿起 B. 手托球保持静止
C. 手托球水平匀速运动 D. 球离手后继续运动
3. 关于如图所示的情景，下列说法中正确的是( )
A. 甲图：注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间没有间隙
B. 乙图：用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间存在空隙
C. 丙图：雪花飞扬，说明分子处在永不停息的无规则运动中
D. 丁图：做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快
4. 小明在沙滩上散步时，发现自己的脚印和旁边小朋友的脚印一样深，如图所示，下列判断正确的是( )
A. 他们对沙地的压力相等 B. 小明对沙地的压强更大
C. 他们对沙地的压强相等 D. 无法比较谁对沙地的压强大
5. 如图，小徐同学用吸管吸饮料时出现了一个怪现象，她用力吸也不能将饮料吸上来。造成此现象的原因可能是( )
A. 所用吸管太细
B. 液面上方的吸管壁有破损
C. 当时大气压偏小
D. 液面下方的吸管壁有破损
6. 2022年6月5日，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭助推器的燃料燃烧完后会自动脱离火箭，如图所示，当助推器脱离火箭后，助推器( )
A. 静止 B. 立即下落
C. 匀速直线运动 D. 先上升一段距离后下落
7. 水平放置的水桶重300N，一人用100N的力竖直向上提水桶，则水桶受到的合力大小为( )
A. 100N B. 200N C. 400N D. 0N
8. 如图所示，北京冬奥会吉祥物冰墩墩放在水平桌面上，桌子立于水平地面上。请从下列选项中挑选出一对平衡力( )
A. 冰墩墩对桌子的压力与桌子对冰墩墩的支持力
B. 桌子对地面的压力与地面对桌子的支持力
C. 冰墩墩受到的重力与桌子对冰墩墩的支持力
D. 桌子受到的重力与地面对桌子的支持力
9. 小华背着5kg的书包从1楼走到5楼的家里，他对书包做的功接近于( )
A. 200J B. 600J C. 20J D. 60J
10. 如图所示，用同样滑轮安装成甲、乙两种装置，不计绳重和摩擦，将同一桶沙匀速提升相同高度，则( )
A. 乙的机械效率一定更高
B. 乙的功率一定更大
C. 乙一定更省力
D. 乙不一定更省力
11. 如图所示是“天和”核心舱机械臂，其功能类似于人的手臂。下列用具使用时与机械臂属于同一类杠杆的是( )
A. 筷子 B. 羊角锤
C. 核桃夹 D. 托盘天平
12. 中国运动员谷爱凌在冬奥会自由式滑雪大跳台项目中夺冠，如图是该项目示意图，实线代表雪道，虚线是运动员运动的轨迹。运动员从A点起滑，最后停在D点，则运动员( )
A. 在B点时重力势能最大 B. 从A滑到B点过程，惯性逐渐变大
C. 从B滑到C点过程重力势能转化为动能 D. 在D点时机械能最小
13. 如图所示，未装满橙汁的密闭杯子，分别倒立和正立在桌面上，杯对桌面的压强分别为pA、pB，橙汁对杯底的压力分别为FA、FB，则( )
A. pA>pB B. pA=pB C. FA>FB D. FA=FB
14. 如图，气球下面用细线悬挂一小石块，它们恰好能悬浮在水中。现缓慢沿容器注水，则小石块( )
A. 将上浮 B. 将下沉 C. 所受浮力变大 D. 所受浮力变小
15. 如图，长为L的轻质木板(不计质量)，左端可绕O点转动，右端放一重为G的小物块，用竖直向上的力F拉着木板的右端，使木板始终在水平位置保持静止。小物块向左匀速滑行过程中，下图能正确表示拉力F与小物块运动时间t关系的是( )
A. B.
C. D.
16. 如图所示，拉力F为20N，物体A以0.1m/s的速度在表面足够长的物体B表面做匀速直线运动；物体B静止在地面上，受到地面水平向右8N的摩擦力，弹簧测力计示数为22N，下列说法正确的是( )
A. 物体A受到的摩擦力为20N
B. 拉力F的功率为1.0W
C. 滑轮组的机械效率为75%
D. 拉力F增大至40N时，弹簧测力计示数为44N
17. 战机在空中水平匀速飞行加油时，动能______；战斗前扔掉副油箱的目的是减小______，增加战机的灵活性。
18. 如图所示是我国选手陈梦在乒乓球比赛中高抛发球时的情景。不计空气阻力，乒乓球竖直向上运动到最高点时，速度为______，受______的作用。
19. 塑料吸盘是家庭常用的小工具，它是利用______吸在墙壁上的。如图甲乙所示，两吸盘都保持静止，所挂钩码已是吸盘所能提起的最大物重，利用图______可以粗略测量大气压强的值。
20. 如图甲所示用一滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体、绳子自由端的运动情况如图乙所示，动沿轮重为______ N，2s内拉力做的功为______ J。
21. 如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2。现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3=4：4：5，则A、B的边长比是______，密度比是______。
22. 如图所示，圆柱形水槽的底面积为100cm2，圆柱形物体A的横截面积为20cm2，将圆柱形物体A放入水中，水面在物体ab处时物体恰好漂浮。此时它浸在水中的深度为10cm，则圆柱形物体A的重力是______ N；若将物体竖直向上提升4cm。则水对水槽底部的压强变化了______ Pa。
23. 如图“蛟龙号”潜水艇执行完某次任务时，工作人员欲对它进行保养，请画出潜水艇静止在海面时的受力示意图。
24. 如图甲所示是一种新式的下开式窗户，乙图为该窗户的示意图，O为转动轴，画出将窗扇向外推开的推力F的力臂L。
25. 在北京冬奥会上，跳台滑雪极具观赏性。如图所示，滑雪过程中，运动员通过一个凹形轨道助滑后，在起跳的瞬间用力一蹬伸展身体，调整好姿势在空中飞行，运动员弯曲的身体和滑雪板构成的形状跟飞机的机翼相似，使他在空中获得升力，可滑行更远的距离。着陆时运动员踩着宽大的滑雪板继续滑行一段距离。请用物理知识解释：
(1)运动员穿着又长又宽的滑雪板在雪地上滑行的好处。
(2)运动员在空中获得升力的原因。
26. 小福在探究“二力平衡”条件的实验中，设计了如图甲乙所示的两种实验方案。
(1)在实验时发现，当左边托盘中比右边多一个钩码时，木块仍保持静止。经过分析，猜想产生这一现象的原因可能是桌面对木块有______力；
(2)乙同学的实验装置中采用轻小卡片的目的是减少卡片的______对实验的影响；
(3)在装置乙中，将卡片旋转一定角度(如图丙所示)，松手后，发现卡片旋转后又恢复原状，这说明两个力必须______，物体才能平衡；为了验证上述结论，小州提出可采用“将卡片往下拉过一定距离(如图丁)”的操作方式，你觉得是否可行？______。
27. 某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。
(1)如图甲所示，实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆倾斜静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______调节，使杠杆在水平位置静止；
(2)杠杆挂上钩码后选择在水平位置平衡，这样做的好处是______；
(3)杠杆在水平位置平衡后，若用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线(如图乙所示)，杠杆将______；
A.仍然静止于水平位置
B.右端翘起
C.右端下沉
(4)在实验探究过程中，需要进行多次实验的目的是______。
(5)另一组同学用图丙所示装置探究杠杆平衡条件，在杠杆右端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，他们忽略了______对实验的影响。
28. 在“探究阻力对物体运动的影响”实验中：
(1)小江调试实验装置时，将小车从斜面上A处滑下，如图甲所示，小车滑出水平木板右端而掉落下去。在不更换器材的前提下，为让小车不滑出木板，可以______斜面的倾角。
(2)调试成功后，小江每次均将小车从斜面上同一高度滑下，使小车进入水平面的速度______。
(3)让小车分别在毛巾、棉布和木板表面运动，最终小车静止时的位置如图乙丙丁所示。由此可得：小车受到的阻力越小，运动的距离越______。进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将______。
(4)虽然缺少被推动的物体，但小江提出利用该实验装置仍然能够探究动能与速度的关系，通过比较小车在同一水平面上运动的______也可以反映小车动能的大小。
29. 小华同学利用如图所示器材探究“液体内部压强特点”。
(1)按压U形管压强计探头，两管液面几乎没有高度差，说明U形管压强计的气密性______，排除以上故障重新组装好的U形管压强计______。
A.属于连通器
B.不属于连通器
(2)由图甲乙可知：______。
(3)小华利用如图丙所示装置也可以探究影响液体的压强的因素。左侧容器里盛有水，右侧容器盛有待测液体。先用抽气机抽出U形管内部分空气，再关闭阀门K，液柱上升是因为玻璃管内外气压关系为p内______p外，从实验现象可以判断出待测液体的密度比水的密度______。
30. 小冬按照如图甲中所示顺序进行阿基米德原理的实验探究：
(1)由图甲乙可知，铁球浸在水中所测得的浮力等于______(用图中所给符号表示)；
(2)小冬预期要获得的结论是：浸在液体中的物体受到的浮力等于物体排开的液体受到的______；
(3)在读数正确的情况下，小冬由实验数据发现：铁球浸在水中时浮力大于(F2−F1)，而且超出了误差允许的范围，得出此实验结果的原因可能是______；另一位同学在探究该实验的过程中忘记将弹簧测力计校零，测力计的指针每次测量前都指在同一位置，对探究的结果______影响；
(4)小冬想进一步探究漂浮的物体是否符合阿基米德原理，图中实验步骤______不需使用弹簧测力计；
(5)他又进行了如下探究：将溢水杯注满水放在电子秤上。如图甲所示，其示数为m1，将铁球用细线悬挂轻轻放入水中浸没，待杯中水停止外溢时，如图乙所示，其示数为m2，则：m1______m2，再次验证了阿基米德原理。
31. 小明在户外捡到一颗漂亮的小石块，他想估测出小石块的密度ρ石，回家后他利用一把刻度尺、一条细线一个厚底薄壁圆柱形杯子(杯子厚度不计)和一桶水来测这颗小石块的密度。下面是小明测出ρ石的部分实验步骤，请你按照小明的实验思路，将实验步骤补充完整。
(1)将装有适量水的长杯子放入桶内的水中，使杯子______在水面上，如图甲所示，用刻度尺测出杯底到桶中水面的高度记为h1。
(2)用刻度尺测得杯底到杯内水面高度记为h2。
(3)把小石块投入杯内水中，如图乙所示______。
(4)______。
(5)接着他将杯子取出，测得杯子的底面积为S。
(6)利用上述测量出的物理量和题中的已知量计算ρ石的表达式为______。
32. 如图所示，塔式起重机上的滑轮组匀速吊起重物时，重1.2×104N的重物被提升2m，此过程中滑轮组的机械效率为80%，求：
(1)该滑轮组做的有用功；
(2)拉力F做的总功。
33. 如图所示，一辆运送防疫物资的货车，货车空车质量时为5t，满载时，防疫物资的质量为15t。车轮与水平地面接触总面积为1m2，货车以20m/s的速度在平直
的公路上匀速行驶2km，发动机的输出功率为100kW。求：
(1)满载时，车对地面的压强；
(2)货车受到的阻力；
(3)发动机对货车所做的功。
34. 如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为8N、边长为10cm的正方体物块M，M与容器底部不密合。以5mL/s的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度h随时间t的变化关系如图乙所示，求：
(1)M的密度：
(2)当t=140s时，物体所受的浮力；
(3)40∼140s时段，浮力对物体做的功；
(4)当t=140s时，水对容器底部的压力大小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符号W，故B正确，ACD错误。
故选：B。
功率是用来描述力对物体做功快慢的物理量，其单位是瓦特，符号W；
本题考查功率的单位，了解各物理量的单位是解答本题的关键。
2.【答案】A
【解析】解：
A、小华将球从地上拿起，有力作用在球上，球在力的方向上通过了一定的距离，他对球做功，故A正确；
B、手托球保持静止，有力作用在球上，但球没有在力的方向上移动距离，他对球不做功，故B错误；
C、手托球水平匀速运动，有力作用在球上，但球没有在力的方向上移动距离，他对球不做功，故C错误；
D、球离手后继续运动，靠的是惯性，有距离，但没有对球施加力，他对球不做功，故D错误。
故选：A。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功。
3.【答案】D
【解析】解：A、注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间存在斥力，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明力改变物体的形状，故B错误；
C、雪花飞扬，是物体的机械运动，不能说明分子处在永不停息的无规则运动，故C错误；
D、做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快，故D正确。
故选：D。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；分子间存在间隙。
(2)分子的无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
深入理解分子动理论的内容，可解答此题。
4.【答案】C
【解析】解：A、小明的脚印的深度比小朋友的脚印的深度一样，说明小明和小朋友对沙地的压强相等，小明的脚印面积比小朋友的脚印面积大，根据F=pS可知，小明对沙地的压力比小朋友对沙地的压力大，故A错误；
BCD、压强也就是单位面积所受的压力，可以通过脚印的深浅来反映，脚印一样深，说明压力的作用效果相同，即压强相等，故BD错误，C正确。
故选：C。
对水平地面压力大小在数值上就等于物体的重力；压力的作用效果可通过脚印的深浅来显示。
本题考查水平地面上压力和重力的大小关系，以及对压强大小的比较，难度适中。
5.【答案】B
【解析】解：正常情况下，用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。此时饮料吸不上来，说明吸管内外气压相等，应该是吸管与大气接触的部分有破洞，即使吸气，管内外气体相通，气压相等，饮料不会被压上来。故ACD错误、B正确。
故选：B。
用吸管吸饮料时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。
解决本题要明白用吸管能吸饮料的原因，并根据其道理来分析饮料吸不上来也就是饮料不会被压上来的原因。
6.【答案】D
【解析】解：火箭在升空的过程中在推力作用下做加速运动，当火箭助推器燃料燃烧完后脱离火箭，助推器由于惯性继续上升，在重力作用下，最后下落，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
惯性是物体能够保持原来的运动状态不变的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性。
7.【答案】D
【解析】解：因为水桶受到竖直向上的力小于水桶的重力，所以水桶处于静止状态，故水桶受平衡力作用，即合力为0N。
故选：D。
处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，受平衡力的物体所受到的合力为零。
本题考查平衡状态的判断，关键是知道物体受平衡力作用时合力为零。
8.【答案】C
【解析】解：
A、冰墩墩对桌子的压力与桌子对冰墩墩的支持力，两个力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、桌子对地面的压力与地面对桌子的支持力，两个力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、冰墩墩受到的重力和底座对冰墩墩的支持力，作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；
D、地面对桌子的支持力等于桌子与冰墩墩的重力的和，大于桌子受到的重力，所以桌子受到的重力和地面对桌子的支持力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
平衡力应作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上。
本题考查了平衡力的辨别，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：
每层楼高约3米，小华上楼过程中要对书包做的功：
W=G书包h=m书包gh=5kg×10N/kg×(5−1)×3m=600J，故B正确。
故选：B。
根据W=Gh=mgh求出小强上楼过程中要对书包做的功。
本题考查了功的估算，难度中等。
10.【答案】D
【解析】解：
AB、不计绳重与摩擦，用甲、乙两种方式在相同时间内将同一物体匀速提升相同高度h时，
甲图是定滑轮，拉力做的功为克服物体重力做的功W甲=Gh，
乙图是动滑轮，拉力做的功为克服物体重力和动滑轮重力做的功，W乙=(G+G动)h，
因为甲、乙两装置所做的有用功相等，
所以，由η=W有W总可知，乙做的总功多，机械效率小，即η甲>η乙，故A错误；
由P=Wt，且乙做的总功多，但不知道做功时间，所以无法比较二者的功率大小关系，故B错误；
CD、不计绳重和摩擦，F甲=G，F乙=12(G+G动)，因不知道物体和动滑轮的重力大小关系，故无法确定甲、乙的省力情况，故C错误、D正确。
故选D。
(1)不计绳重与摩擦，用甲、乙两种方式在相同时间内将同一物体匀速提升相同高度h时，根据W有=Gh可知两者所做有用功相同，根据η=W有W总分析总功之间的关系即可判断机械效率之间的关系；
根据P=Wt分析两者拉力功率之间的关系；
(3)不计绳重和摩擦，根据F甲=G，F乙=12(G+G动)分析甲、乙的省力情况。
本题考查了拉力、功率和机械效率的大小关系，分析拉力做的功和有用功是关键。
11.【答案】A
【解析】解：机械臂在使用过程中，类似于人的手臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
BC、羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故BC错误；
D、托盘天平属于等臂杠杆，故D错误。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查杠杆的分类及其应用，判断杠杆使用过程中动力臂和阻力臂的大小关系是解答本题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：
A、在B点时的高度不是最高的，所以重力势能不是最大，故A错误；
B、从A滑到B点过程，运动员的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、从B滑到C点过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，是动能转化为重力势能，故C错误；
D、整个运动过程中，运动员克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能会变小，所以在D点时机械能最小，故D正确。
故选：D。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能为动能和势能的和；
惯性的大小只与质量有关，与速度无关。
本题考查了惯性、动能和重力势能的转化、机械能的转化，属于基础题。
13.【答案】C
【解析】解：AB、装有一定量橙汁杯子正立和倒立时，对桌面的压力都等于重力，所以倒立和正立对桌面的压力相等，A倒立，受力面积大，压强小，B正立，受力面积小，压强大，所以pA
当容器形状是上粗下细(如图B)时，橙汁对容器底的压力小于橙汁的重力，即FB
故选：C。
(1)装有一定量橙汁杯子正立和倒立时，对桌面的压力都等于重力，受力面积不同，根据压强公式比较杯对桌面压强的大小；
(2)对于液体产生的压力与液体的重力有一定的大小关系，当装液体的容器是上下一样粗细的直壁容器(如水平面上的圆柱体、长方体、正方体容器)时，对容器底的压力等于液体重力即F=G；当容器形状是上粗下细时，对容器底的压力小于液体重力，即FG。
本题难点在对容器底压力大小变化的判断，结合题目中容器的形状，可判断出液体压力的大小关系。
14.【答案】B
【解析】解：
由题意可知，当缓慢沿容器注水时，水的深度增加，由p=ρ液gh可知，气球和小石块所处的位置的液体压强增大，根据F=pS可知，气球和小石块受到水的压力增大，所以气球的体积会减小，由F浮=ρ液gV排可知，由于气球悬浮在水中，排开体积等于物体体积，因此，气球体积减小，所受浮力减小，气球和小石块的总重不变，根据物体浮沉条件可知，当F浮
由题意可知，当缓慢沿容器注水时，水的深度增加，由p=ρ液gh可知，气球和小石块所处的位置的液体压强的变化情况，根据F=pS可知，气球和小石块受到水的压力的变化情况，进而得出气球的体积的变化情况；由于气球悬浮在水中，排开体积等于物体体积，由F浮=ρ液gV排可知所受浮力的变化情况，气球和小石块的总重不变，根据物体浮沉条件可判断物体的浮沉情况。
本题考查浮沉条件的应用，属于基础题，难度不大。
15.【答案】A
【解析】解：如图所示：
动力臂为OA=L，杠杆受到物体的压力(阻力)F压=G，阻力臂为OB，物块向左做匀速滑动，则阻力臂为：OB=OA−vt=L−vt；
根据杠杆的平衡条件可知：F×OA=F压×OB=G×(OA−vt)，则：F×L=G×(L−vt)，解得：F=G−vGLt；
因G、v、L为常数，所以拉力F与运动时间t是一次函数关系，当t增大时，F减小，F与t的变化关系是一段线段，故A正确。
故选：A。
由图可知：在物体运动时间t后，木板始终在水平位置保持静止，则杠杆受到物体的压力(阻力)等于物体重力，再确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡得出F与t的关系式，结合图象进行判断。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，根据题意得出拉力F与时间t的关系式是本题的关键。
16.【答案】C
【解析】解：
A、物体B静止在地面上，处于平衡状态，则水平方向上物体B受到向右的弹簧测力计的拉力与受到地面水平向右8N的摩擦力之和等于物体A对它向左的摩擦力，即fAB=22N+8N=30N，由于力的作用是相互的，物体A受到的摩擦力为f=fAB=30N；
故A错误；
B、由图知，水平使用滑轮组，n=2，拉力端移动速度v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s，
则拉力做功的功率：
P=Wt=Fst=Fv=20N×0.2m/s=4W；
故B错误；
C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功即克服摩擦力做的功：
W有用=fs物，
拉力端移动距离：s=2s物，
拉力做的总功：
W总=Fs=F×2s物=2Fs物，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=fs物F×2s物=f2F=30N2×20N×100%=75%，故C正确；
D、若拉力F增大到40N时，A将做加速运动，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，即影响滑动摩擦力大小的两个因素不变，则A和B之间的摩擦力不变，所以物体B的运动状态不会改变，故物体B仍然静止，不会向左运动，故弹簧测力计示数不变，故D错误。
故选：C。
A、物体B静止在地面上，处于平衡状态；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力等于地面对它向左的摩擦力与物体A对它向左的摩擦力之和，据此求物体A对它向左的摩擦力，由于力的作用是相互的，可求物体A受到的摩擦力；
B、由图知，水平使用滑轮组，n=2，拉力端移动速度等于物体移动速度的2倍，利用P=Fv求拉力做功的功率；
C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功W有用=fs物，拉力端移动距离s=2s物，拉力做的总功W总=Fs，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
D、影响滑动摩擦力大小的两个因素是压力大小和接触面的粗糙程度，结合题意，据此分析。
本题考查了水平使用滑轮组时机械效率的计算、功率的计算、滑动摩擦力的影响因素、力的平衡及力的相互性。解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。
17.【答案】增大 惯性
【解析】解：战机在空中水平匀速飞行加油时，质量变大，速度不变，其动能变大；战机在战斗前扔掉副油箱，其目的是减小质量，进而减小惯性，增加战机的灵活性。
故答案为：增大；惯性。
动能和物体的质量和速度有关，判断时要考虑到两个因素；惯性的大小只与质量有关。
本题主要考查对动能大小的因素、惯性的理解和掌握，难度不大。
18.【答案】0 重力
【解析】解：不计空气阻力，乒乓球运动到最高点时，速度为0，只受到重力的作用。
故答案为：0；重力。
地球附近的物体由于地球的吸引都受到重力作用。
本题考查对物体的受力分析，是对基础知识的考查。
19.【答案】大气压 乙
【解析】解家庭常用的小工具塑料吸盘，是利用大气压，吸在墙壁上的。
甲图中吸盘在竖直方向受竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，并且二力是一对平衡力；在水平方向受大气对吸盘的压力和墙壁的支持力，二力也是一对平衡力，此大气对吸盘的压力与钩码的重力没有任何关系，它们的大小不相等，甲图不能测出大气对吸盘的压力，故不可以粗测大气压的值；
乙图中能求出大气对吸盘的压力，知道受力面积，根据p=FS进可以粗测大气压的值。
故答案为：大气压；乙。
(1)吸盘是利用大气压工作的；
(2)根据p=FS进行分析判断，要想测出大气压，则需要知道压力和接触面积的大小。
本题考查了大气压的应用、大气压的测量和二力平衡条件的应用，难度不大。
20.【答案】40 240
【解析】解：
(1)由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，不计绳重和摩擦，拉力F=13(G+G动)，则动滑轮重力：
G动=3F−G=3×80N−200N=40N；
(3)由图乙可知，t=2s时，物体运动的高度h=1m，
2s内拉力做的功：W=Fs=Fnh=80N×3×1m=240J。
故答案为：40；240。
(1)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮重力；
(2)由图乙可知，t=2s时，物体运动的高度h=1m，s=3h，利用W=Fs求2s内拉力做的功。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、有用功的计算，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)。
21.【答案】2：1 1：2
【解析】解：(1)柱形物体对水平地面的压力：F=G=mg=ρVg=ρShg，
则柱形物体对水平地面的压强p=FS=ρShgS=ρgh，
则正方体A、B对水平地面的压强之比：p1p2=ρAhAgρBhBg=ρAhAρBhB=44，
整理可得：ρAhA=ρBhB……①
(2)正方体物体的重力：G=mg=ρVg=ρh3g，
由p=FS可知，正方体B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比：p2p3=FBSBFABSB=GBGA+GB=ρBhB3gρAhA3g+ρBhB3g=ρBhB3ρAhA3+ρBhB3=45，
整理可得：4ρAhA3=ρBhB3……②
由①②解得：hAhB=12；
由①得：ρAρB=hBhA=21。
故答案为：2：1；1：2。
(1)柱形物体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，据此表示出A、B对水平地面的压强之比；
(2)根据G=mg=ρVg=ρh3g表示出正方体的重力，物体对水平地面的压力大小等于物体的重力，根据p=FS表示出B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比，联立方程求出A、B边长之比，进而求出A、B的密度之比。
本题考查固体压强的计算，利用好柱形物体对水平地面的压强推导式p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh是解题的关键。
22.【答案】2 100
【解析】解：(1)物体漂浮时排开水的体积：V排=SAh=20cm2×10cm=200cm3，
物体A受到的浮力：F浮=ρ液V排g=1×103kg/m3×200×10−6m3×10N/kg=2N；
因为物体A漂浮在水中，所以物体A的重力：GA=F浮=2N。
(2)设提升之前物体A底面到水槽底部的距离为h1，竖直向上提升4cm后，A的底面到水面的距离为h′，
提升之前，水和A排开水的体积为：V1=S(h1+h)=V水+V排，
则水槽内水的体积：V水=S(h1+h)−V排=100cm2×(h1+10cm)−200cm3=800cm3+100cm2×h1……①
竖直向上提升4cm后，水和A排开水的体积为：V2=S(h1+4cm+h′)=V水+V排′=V水+SAh′，
则水槽内水的体积：V水=S(h1+4cm+h′)−SAh′=100cm2×(h1+4cm+h′)−20cm2×h′=400cm3+100cm2×h1+80cm2×h′……①
由①②解得：h′=5cm，
则提升之前水槽内水的深度：h原=h1+h=h1+10cm，
提升4cm之后水槽内水的深度：h后=h1+4cm+h′=h1+4cm+5cm=h1+9cm，
则将物体竖直向上提升4cm时，水面下降的高度：Δh=h原−h后=h1+10cm−(h1+9cm)=1cm=0.01m，
所以水对水槽底部压强的变化量：Δp=ρgΔh=1×103kg/m3×10N/kg×0.01m=100Pa。
故答案为：2；100。
(1)利用V=Sh计算出物体漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液V排g求出物体A受到的浮力，再利用浮沉条件求出物体A重力；
(2)利用V=Sh求出将物体竖直向上提升4cm时，液体下降的高度，利用p=ρgh计算出水对水槽底部压强的变化。
本题考查浮力和压强的计算，是一道综合性较强的题目，关键是根据体积关系求出将物体A竖直向上拉动4cm后水面下降的高度。
23.【答案】解：潜水艇在水中漂浮，受到重力和浮力的作用，重力等于浮力；重力和浮力的作用点都在重心上；重力竖直向下，浮力竖直向上；如图所示：
【解析】潜水艇在水中受重力与浮力的作用，物体漂浮时浮力等于重力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
24.【答案】解：从支点向动力作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂，如下图所示：
【解析】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点，确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线，从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是支点到力的作用线的距离。
25.【答案】答：(1)滑雪板做的又长又宽，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，避免陷入雪中；
(2)运动员弯曲的身体和滑雪板构成的形状跟飞机的机翼相似，上凸下平，使背上流过的空气流速大于从滑雪板下面流过的空气流速，而气体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，从而产生向上的压力差，这就是升力。
【解析】(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
本题考查了学生对流体压强与流速的关系、减小压强的方法的了解与掌握，利用所学知识分析解释滑雪中遇到的问题，有意义！
26.【答案】摩擦 重力 在同一直线上 不可行，两个力的方向不是相反
【解析】解：(1)若左边挂一个钩码，右边挂两个钩码即木块两端拉力大小不相等时，木块仍然保持静止状态，这是由于木块和桌面之间存在摩擦力对实验产生了影响，三力平衡，木块仍处于平衡状态；
(2)由于小卡片的质量很小，重力远小于卡片受到的拉力，所以选用轻质小卡片目的是忽略卡片重力对实验的影响；
(3)小卡片转过一定角度后，两个力不再作用在同一直线上，松手后，发现卡片旋转后又恢复原状，这是为了探究不在同一直线上的两个力对物体平衡的影响；
这说明两个力必须在同一条直线，将卡片往下拉过一定距离”此时两个力虽然不在同一条直线上，但同时两个力的方向也不是相反的，不符合控制变量法的要求。
故答案为：(1)摩擦；(2)重力；(3)在同一直线上；不可行；两个力的方向不是相反。
(1)若左边挂一个钩码，右边挂两个钩码即木块两端拉力大小不相等时，木块仍然保持静止状态，这是由于木块和桌面之间存在摩擦力，摩擦力对实验产生影响；
(2)实验中，用到了小卡片，是因为小卡片的质量很小，其重力远小于卡片受到的拉力，重力可以忽略；
(3)探究二力平衡的实验时，需要采用控制变量法。
本题探究的是二力平衡的条件，二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。
27.【答案】左 便于测量力臂大小 B 避免偶然性，寻找普遍规律 杠杆自身重力
【解析】解：(1)当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，应将平衡螺母(左端和右端的平衡螺母调节方向一致)向左调节；
(2)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；
(3)图甲中支点在中心时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件知F左L左=F右L右，图乙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，而左侧力和力臂保持不变，所以此时F左L左>F右L右，故左端会下沉，即右端翘起，故选：B；
(4)本实验进行多次实验，是为避免偶然性，得出普遍结论；
(5)图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是杠杆自身重力对杠杆的平衡有影响。
故答案为：(1)左；(2)便于测量力臂大小；(3)B；(4)避免偶然性，寻找普遍规律；(5)杠杆自身重力。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
(2)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；
(3)推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
(4)本实验是为了探究杠杆平衡规律，进行多次实验，为避免偶然性，得出普遍结论；
(5)图丙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
28.【答案】减小 相同 远 做匀速直线运动 距离
【解析】解：
(1)将小车从斜面上A处滑下，小车滑出水平木板右端而掉落，说明小车到达水平面的动能较大，速度较大，通过的路程比较大，所以为让小车不滑出木板，可以减小斜面的倾角，从而减小小车在水平面的速度，减小小车通过的路程；
(2)小江每次均将小车从斜面上同一高度滑下，则小车进入水平面的速度是相同的；
(3)由图示可知，小车受到的阻力越小，小车速度减小得越慢，运动的路程越远；进一步推理可知，当阻力为零时(即小车不受摩擦力)，则小车会在水平面上做匀速直线运动；
(4)小车在运动的过程中受到的摩擦力不变，根据W=fs可知，小车通过的距离越远，克服摩擦力所做的功越多，小车的动能越大。
故答案为：(1)减小；(2)相同；(3)远；做匀速直线运动；(4)距离。
(1)为让小车不滑出木板，可以增加木板的长度或减小小车的速度，据此分析；
(2)实验中采用的是控制变量法，需要控制小车到达水平面时的初速度相同；
(3)根据实验事实，进行合理的推理，即可得出正确结论；
(4)小车在水平面上运动的过程中，克服摩擦力做功，根据W=fs分析。
本题考查了“探究阻力对物体运动的影响”的实验中，控制变量法、科学推理法的运用，要掌握这些知识。
29.【答案】差 B 在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大 <小
【解析】解：(1)用手轻轻按压U形管压强计探头，如果两管液面几乎没有高度差，说明U形管压强计存在气密性差(或漏气)的问题；
组装好的U形管压强计的一端开口，另一端与探头相连，不符合连通器的概念，所以不属于连通器，故选B；
(2)液体密度相同时，液体压强与深度有关，金属盒探头离液面的距离越深，液体的压强越大，U形管两边液柱的高度差就越大，故由图甲乙可知：在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；
(3)用抽气机抽出U形管内部分空气，使内部气压小于外部气压，在外界大气压作用下液柱上升，即p内
即左管中的压强为p0+ρ水gh1=p大气，右管中的压强为p0+ρ液gh2=p大气，
则p0+ρ水gh1=p0+ρ液gh2，所以ρ水gh1=ρ液gh2，
由图丙可知，h1ρ液，即从实验现象可以判断出待测液体的密度比水的密度小。
故答案为：(1)差；B；(2)在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；(3)<；小。
(1)在使用压强计之前要检查其密闭性，防止漏气；上端开口、底部连通的容器是连通器；
(2)在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；
(3)抽气机抽出U形管内部分空气后，玻璃管中气体压强减小，小于外界大气压；根据压强相等和p=ρgh判断出待测液体的密度与水的密度大小关系。
本题探究“液体内部压强特点”，考查控制变量法和液体压强公式的应用，认真分析图示实验现象即可正确解题。
30.【答案】F浮=F1−F2 重力 溢水杯没有装满水 没有 图甲2=
【解析】解：
(1)物体的重力是F1，物体浸没在水中弹簧测力计对物体的拉力是F2，物体浸没在水中受到的浮力F浮=F1−F2，物体排开水的重力G排=F3−F4；
(2)由阿基米德原理知，浸在液体中的物体受到浮力大小等于物体排开液体受到的重力，故F浮=G排；
(3)如果图甲中溢水杯没有装满水，会导致铁球排开水的重力大于测得的排开水的重力(即测得的G排偏小)，铁球浸在水中时浮力大于(F2−F1)，而且超出了误差允许的范围；一位同学在探究该实验的过程中忘记将弹簧测力计校零，测力计的指针每次测量前都指在同一位置，对探究的结果没有影响；
(4)物体漂浮在液面上，图中称量的示数会变成0，所以图甲2不需要弹簧测力计测量；
(5)铁球浸没在水中，铁球受到的浮力F浮=G排，物体间力的作用是相互的，则铁球给水的压力F=F浮，当铁球浸没在盛满水的溢水杯中，排出水的重力为G排，故电子秤的压力增加了F浮，又减少了G排，因为F浮=G排，故电子秤受到的压力不变，故电子秤示数不变，故m1=m2。
故答案为：(1)F浮=F1−F2；(2)重力；(3)溢水杯没有装满水；没有；(4)图甲2；(5)=。
(1)利用称重法求出物体受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理进行分析；
(3)如果溢水杯没有装满水或烧杯中的水未倒干净，物体排开水的重力会大于测得的排开水的重力；
(4)物体漂浮在液面上，物体的浮力大小等于物体自身重力大小；
(5)物体浸没在液体中受到液体对物体的浮力，根据物体间力的作用是相互的，物体对液体的压力等于物体受到的浮力，物体受到的浮力又等于物体排开液体的重力。
本题考查了如何探究阿基米德原理，并且对实验过程进行分析，阿基米德原理不但适合物体完全浸没在液体中，也适合物体部分浸没在液体中。
31.【答案】漂浮 用刻度尺测得杯底到桶中水面的高度h3 用刻度尺测出杯底到杯内水面高度h4 ρ石=h3−h1h4−h2ρ水
【解析】解：将装有适量水的长杯子放入桶内的水中，使杯子漂浮在水面上，如图甲所示，由题意可知，知道杯底到桶中水面的高度记为h1，杯底到杯内水面高度记为h2；
把小石头投入杯内水中，杯子继续竖直漂浮在水面上，如图乙所示，小石头的重力等于杯子浮力的增加量；
由G=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS(h3−h1)可知，需要测出杯底到桶中水面的高度h3，
由V=S(h4−h2)可知，利用排水法测小石头体积时需要测出杯底到杯内水面高度h4，
由G=mg可得，小石头的质量m=ρ水gS(h3−h1)，
则小石头的密度：ρ石=mV=ρ水S(h3−h1)S(h4−h2)=h3−h1h4−h2ρ水。
故答案为：(1)漂浮；(3)用刻度尺测得杯底到桶中水面的高度h3；(4)用刻度尺测出杯底到杯内水面高度h4；(5)ρ石=h3−h1h4−h2ρ水。
要想测量小石块的密度，需要测量小石块的质量和体积。在现有器材的条件下，利用排水法，可测出石块的排水体积。根据漂浮的条件，可以间接求出石块的质量，用密度公式可最终求出石块的密度。
对本实验的分析依然要从实验的原理入手，重点把握质量与体积的求出过程，值得我们借鉴。
32.【答案】解：(1)滑轮组做的有用功为：W有=Gh=1.2×104N×2m=2.4×104J；
(2)根据η=W有W总可得，拉力F做的总功为：W总=W有η=2.4×104J80%=3×104J。
答：(1)该滑轮组做的有用功为2.4×104J；
(2)拉力F做的总功为3×104J。
【解析】(1)已知物体的重力大小和上升的高度，根据W有=Gh计算滑轮组做的有用功；
(2)已知滑轮组的机械效率，根据η=W有W总计算拉力F做的总功。
本题考查功和机械效率公式的应用，属于基本公式的考查，难度不大。
33.【答案】解：(1)满载时，货车对地面的压力：
F=G总=m总g=(5+15)×103kg×10N/kg=2×105N，
满载时，货车对地面的压强：p=FS=2×105N1m2=2×105Pa；
(2)货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，
f=F=Pv=100×103W20m/s=5×103N；
(3)发动机对货车所做的功：W=Fs=5×103N×2×103m=1×107J。
答：(1)满载时，车对地面的压强2×105Pa；
(2)货车受到的阻力5×103N；
(3)发动机对货车所做的功1×107J。
【解析】(1)货车满载时，压力F=G总=m总g，再由压强公式：p=FS算出满载时车对地面的压强；
(2)货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，可利用f=F=Pv算出货车受到的阻力；
(3)用W=Fs即可算出发动机对货车所做的功。
满载时，货车对地面的压力大小等于空车与物资的总重；货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等。
34.【答案】解：(1)物块M的体积V=(0.1m)3=0.001m3；
物块M的质量：m=Gg=8N10N/kg=0.8kg；
物块M的密度ρM=mV=0.8kg0.001m3=0.8×103kg/m3<1.0×103kg/m3；
(2)ρM=0.8×103kg/m3<1.0×103kg/m3；即物块的密度小于水的密度，
由图像可知：当t=140s时，水的深度为h=12cm，大于立方体物块M的边长为10cm；
则根据浮沉条件可知物块在水中将漂浮，物体所受的浮力F浮=G=8N；
(3)当t=40s时，正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，则F浮=GM=8N，
根据F浮=ρ液gV排可得：V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3=800cm3，
所以此时的深度深度a=V排SM=800cm3(10cm)2=8cm；
在40−140s阶段，物块M上升的高度为h′=12cm−8cm=4cm=0.04m，则浮力对物体做功W=F浮h′=8N×0.04m=0.32J；
(3)当t=140s时，注入的水的体积V水=5mL/s×140s=700mL=7×10−4m3，
则G水=ρ水gV水=1.0×103kg/m3×10N/kg×7×10−4m3=7N，
所以液体对底部的压力F=G水+GM=7N+8N=15N。
答：(1)物块M的密度为0.8×103kg/m3；
(2)当t=40s时，物体所受的浮力是8N；
(3)40∼140s时段，浮力对物体做功是0.32J；
(4)当t=140s时，水对容器底部的压力大小是15N。
【解析】(1)已知物块M的边长，可求物块的体积，已知物块的重力可求物块的质量，根据密度公式可求物块的密度
(2)比较物块M与水的密度大小，即可知道物体的在水中的浮沉状态；进而得出物体所受浮力大小；
(3)由乙可知：t=40s时，水的深度变化改变，即此时正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，所以根据阿基米德原理求出此时物块浸没的深度即为此时水的深度a的值；根据W=Fs可求出浮力对物体做功。
(4)由于方形容器在水平方向上放置，则液体对底部的压力等于容器里液体和漂浮物体的总重力，所以根据流量大小求出当t=140s时注入的水的体积，然后求出水的重力，最后根据F=G水+GM即可求出压力。
此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式；准确分析图像中的信息，方可解答此题。
2021-2022学年福建省福州十九中八年级（下）期末物理试卷
1. 瓦特(Watt)设计冷凝器，解决效率低下问题，制造出第一台有实用价值的蒸汽机，使人类进入“蒸气时代”。单位为瓦特的物理量是( )
A. 功 B. 功率 C. 压强 D. 效率
2. 小华在训练投掷实心球，以下情景中，他对球做功的是( )
A. 将球从地上拿起 B. 手托球保持静止
C. 手托球水平匀速运动 D. 球离手后继续运动
3. 关于如图所示的情景，下列说法中正确的是( )
A. 甲图：注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间没有间隙
B. 乙图：用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间存在空隙
C. 丙图：雪花飞扬，说明分子处在永不停息的无规则运动中
D. 丁图：做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快
4. 小明在沙滩上散步时，发现自己的脚印和旁边小朋友的脚印一样深，如图所示，下列判断正确的是( )
A. 他们对沙地的压力相等 B. 小明对沙地的压强更大
C. 他们对沙地的压强相等 D. 无法比较谁对沙地的压强大
5. 如图，小徐同学用吸管吸饮料时出现了一个怪现象，她用力吸也不能将饮料吸上来。造成此现象的原因可能是( )
A. 所用吸管太细
B. 液面上方的吸管壁有破损
C. 当时大气压偏小
D. 液面下方的吸管壁有破损
6. 2022年6月5日，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭助推器的燃料燃烧完后会自动脱离火箭，如图所示，当助推器脱离火箭后，助推器( )
A. 静止 B. 立即下落
C. 匀速直线运动 D. 先上升一段距离后下落
7. 水平放置的水桶重300N，一人用100N的力竖直向上提水桶，则水桶受到的合力大小为( )
A. 100N B. 200N C. 400N D. 0N
8. 如图所示，北京冬奥会吉祥物冰墩墩放在水平桌面上，桌子立于水平地面上。请从下列选项中挑选出一对平衡力( )
A. 冰墩墩对桌子的压力与桌子对冰墩墩的支持力
B. 桌子对地面的压力与地面对桌子的支持力
C. 冰墩墩受到的重力与桌子对冰墩墩的支持力
D. 桌子受到的重力与地面对桌子的支持力
9. 小华背着5kg的书包从1楼走到5楼的家里，他对书包做的功接近于( )
A. 200J B. 600J C. 20J D. 60J
10. 如图所示，用同样滑轮安装成甲、乙两种装置，不计绳重和摩擦，将同一桶沙匀速提升相同高度，则( )
A. 乙的机械效率一定更高
B. 乙的功率一定更大
C. 乙一定更省力
D. 乙不一定更省力
11. 如图所示是“天和”核心舱机械臂，其功能类似于人的手臂。下列用具使用时与机械臂属于同一类杠杆的是( )
A. 筷子 B. 羊角锤
C. 核桃夹 D. 托盘天平
12. 中国运动员谷爱凌在冬奥会自由式滑雪大跳台项目中夺冠，如图是该项目示意图，实线代表雪道，虚线是运动员运动的轨迹。运动员从A点起滑，最后停在D点，则运动员( )
A. 在B点时重力势能最大 B. 从A滑到B点过程，惯性逐渐变大
C. 从B滑到C点过程重力势能转化为动能 D. 在D点时机械能最小
13. 如图所示，未装满橙汁的密闭杯子，分别倒立和正立在桌面上，杯对桌面的压强分别为pA、pB，橙汁对杯底的压力分别为FA、FB，则( )
A. pA>pB B. pA=pB C. FA>FB D. FA=FB
14. 如图，气球下面用细线悬挂一小石块，它们恰好能悬浮在水中。现缓慢沿容器注水，则小石块( )
A. 将上浮 B. 将下沉 C. 所受浮力变大 D. 所受浮力变小
15. 如图，长为L的轻质木板(不计质量)，左端可绕O点转动，右端放一重为G的小物块，用竖直向上的力F拉着木板的右端，使木板始终在水平位置保持静止。小物块向左匀速滑行过程中，下图能正确表示拉力F与小物块运动时间t关系的是( )
A. B.
C. D.
16. 如图所示，拉力F为20N，物体A以0.1m/s的速度在表面足够长的物体B表面做匀速直线运动；物体B静止在地面上，受到地面水平向右8N的摩擦力，弹簧测力计示数为22N，下列说法正确的是( )
A. 物体A受到的摩擦力为20N
B. 拉力F的功率为1.0W
C. 滑轮组的机械效率为75%
D. 拉力F增大至40N时，弹簧测力计示数为44N
17. 战机在空中水平匀速飞行加油时，动能______；战斗前扔掉副油箱的目的是减小______，增加战机的灵活性。
18. 如图所示是我国选手陈梦在乒乓球比赛中高抛发球时的情景。不计空气阻力，乒乓球竖直向上运动到最高点时，速度为______，受______的作用。
19. 塑料吸盘是家庭常用的小工具，它是利用______吸在墙壁上的。如图甲乙所示，两吸盘都保持静止，所挂钩码已是吸盘所能提起的最大物重，利用图______可以粗略测量大气压强的值。
20. 如图甲所示用一滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体、绳子自由端的运动情况如图乙所示，动沿轮重为______ N，2s内拉力做的功为______ J。
21. 如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2。现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3=4：4：5，则A、B的边长比是______，密度比是______。
22. 如图所示，圆柱形水槽的底面积为100cm2，圆柱形物体A的横截面积为20cm2，将圆柱形物体A放入水中，水面在物体ab处时物体恰好漂浮。此时它浸在水中的深度为10cm，则圆柱形物体A的重力是______ N；若将物体竖直向上提升4cm。则水对水槽底部的压强变化了______ Pa。
23. 如图“蛟龙号”潜水艇执行完某次任务时，工作人员欲对它进行保养，请画出潜水艇静止在海面时的受力示意图。
24. 如图甲所示是一种新式的下开式窗户，乙图为该窗户的示意图，O为转动轴，画出将窗扇向外推开的推力F的力臂L。
25. 在北京冬奥会上，跳台滑雪极具观赏性。如图所示，滑雪过程中，运动员通过一个凹形轨道助滑后，在起跳的瞬间用力一蹬伸展身体，调整好姿势在空中飞行，运动员弯曲的身体和滑雪板构成的形状跟飞机的机翼相似，使他在空中获得升力，可滑行更远的距离。着陆时运动员踩着宽大的滑雪板继续滑行一段距离。请用物理知识解释：
(1)运动员穿着又长又宽的滑雪板在雪地上滑行的好处。
(2)运动员在空中获得升力的原因。
26. 小福在探究“二力平衡”条件的实验中，设计了如图甲乙所示的两种实验方案。
(1)在实验时发现，当左边托盘中比右边多一个钩码时，木块仍保持静止。经过分析，猜想产生这一现象的原因可能是桌面对木块有______力；
(2)乙同学的实验装置中采用轻小卡片的目的是减少卡片的______对实验的影响；
(3)在装置乙中，将卡片旋转一定角度(如图丙所示)，松手后，发现卡片旋转后又恢复原状，这说明两个力必须______，物体才能平衡；为了验证上述结论，小州提出可采用“将卡片往下拉过一定距离(如图丁)”的操作方式，你觉得是否可行？______。
27. 某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。
(1)如图甲所示，实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆倾斜静止时，发现杠杆右端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向______调节，使杠杆在水平位置静止；
(2)杠杆挂上钩码后选择在水平位置平衡，这样做的好处是______；
(3)杠杆在水平位置平衡后，若用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线(如图乙所示)，杠杆将______；
A.仍然静止于水平位置
B.右端翘起
C.右端下沉
(4)在实验探究过程中，需要进行多次实验的目的是______。
(5)另一组同学用图丙所示装置探究杠杆平衡条件，在杠杆右端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，他们忽略了______对实验的影响。
28. 在“探究阻力对物体运动的影响”实验中：
(1)小江调试实验装置时，将小车从斜面上A处滑下，如图甲所示，小车滑出水平木板右端而掉落下去。在不更换器材的前提下，为让小车不滑出木板，可以______斜面的倾角。
(2)调试成功后，小江每次均将小车从斜面上同一高度滑下，使小车进入水平面的速度______。
(3)让小车分别在毛巾、棉布和木板表面运动，最终小车静止时的位置如图乙丙丁所示。由此可得：小车受到的阻力越小，运动的距离越______。进一步推理可知：若小车运动时所受阻力为零，小车将______。
(4)虽然缺少被推动的物体，但小江提出利用该实验装置仍然能够探究动能与速度的关系，通过比较小车在同一水平面上运动的______也可以反映小车动能的大小。
29. 小华同学利用如图所示器材探究“液体内部压强特点”。
(1)按压U形管压强计探头，两管液面几乎没有高度差，说明U形管压强计的气密性______，排除以上故障重新组装好的U形管压强计______。
A.属于连通器
B.不属于连通器
(2)由图甲乙可知：______。
(3)小华利用如图丙所示装置也可以探究影响液体的压强的因素。左侧容器里盛有水，右侧容器盛有待测液体。先用抽气机抽出U形管内部分空气，再关闭阀门K，液柱上升是因为玻璃管内外气压关系为p内______p外，从实验现象可以判断出待测液体的密度比水的密度______。
30. 小冬按照如图甲中所示顺序进行阿基米德原理的实验探究：
(1)由图甲乙可知，铁球浸在水中所测得的浮力等于______(用图中所给符号表示)；
(2)小冬预期要获得的结论是：浸在液体中的物体受到的浮力等于物体排开的液体受到的______；
(3)在读数正确的情况下，小冬由实验数据发现：铁球浸在水中时浮力大于(F2−F1)，而且超出了误差允许的范围，得出此实验结果的原因可能是______；另一位同学在探究该实验的过程中忘记将弹簧测力计校零，测力计的指针每次测量前都指在同一位置，对探究的结果______影响；
(4)小冬想进一步探究漂浮的物体是否符合阿基米德原理，图中实验步骤______不需使用弹簧测力计；
(5)他又进行了如下探究：将溢水杯注满水放在电子秤上。如图甲所示，其示数为m1，将铁球用细线悬挂轻轻放入水中浸没，待杯中水停止外溢时，如图乙所示，其示数为m2，则：m1______m2，再次验证了阿基米德原理。
31. 小明在户外捡到一颗漂亮的小石块，他想估测出小石块的密度ρ石，回家后他利用一把刻度尺、一条细线一个厚底薄壁圆柱形杯子(杯子厚度不计)和一桶水来测这颗小石块的密度。下面是小明测出ρ石的部分实验步骤，请你按照小明的实验思路，将实验步骤补充完整。
(1)将装有适量水的长杯子放入桶内的水中，使杯子______在水面上，如图甲所示，用刻度尺测出杯底到桶中水面的高度记为h1。
(2)用刻度尺测得杯底到杯内水面高度记为h2。
(3)把小石块投入杯内水中，如图乙所示______。
(4)______。
(5)接着他将杯子取出，测得杯子的底面积为S。
(6)利用上述测量出的物理量和题中的已知量计算ρ石的表达式为______。
32. 如图所示，塔式起重机上的滑轮组匀速吊起重物时，重1.2×104N的重物被提升2m，此过程中滑轮组的机械效率为80%，求：
(1)该滑轮组做的有用功；
(2)拉力F做的总功。
33. 如图所示，一辆运送防疫物资的货车，货车空车质量时为5t，满载时，防疫物资的质量为15t。车轮与水平地面接触总面积为1m2，货车以20m/s的速度在平直
的公路上匀速行驶2km，发动机的输出功率为100kW。求：
(1)满载时，车对地面的压强；
(2)货车受到的阻力；
(3)发动机对货车所做的功。
34. 如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个重为8N、边长为10cm的正方体物块M，M与容器底部不密合。以5mL/s的恒定水流向容器内注水，容器中水的深度h随时间t的变化关系如图乙所示，求：
(1)M的密度：
(2)当t=140s时，物体所受的浮力；
(3)40∼140s时段，浮力对物体做的功；
(4)当t=140s时，水对容器底部的压力大小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符号W，故B正确，ACD错误。
故选：B。
功率是用来描述力对物体做功快慢的物理量，其单位是瓦特，符号W；
本题考查功率的单位，了解各物理量的单位是解答本题的关键。
2.【答案】A
【解析】解：
A、小华将球从地上拿起，有力作用在球上，球在力的方向上通过了一定的距离，他对球做功，故A正确；
B、手托球保持静止，有力作用在球上，但球没有在力的方向上移动距离，他对球不做功，故B错误；
C、手托球水平匀速运动，有力作用在球上，但球没有在力的方向上移动距离，他对球不做功，故C错误；
D、球离手后继续运动，靠的是惯性，有距离，但没有对球施加力，他对球不做功，故D错误。
故选：A。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的方向上通过了距离，即力的方向和物体前进的距离的方向一致，力对物体才做功。
3.【答案】D
【解析】解：A、注射器中的液体很难被压缩，说明液体分子之间存在斥力，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明力改变物体的形状，故B错误；
C、雪花飞扬，是物体的机械运动，不能说明分子处在永不停息的无规则运动，故C错误；
D、做“墨水滴入水中”的扩散实验时，水的温度越高墨水扩散越快，故D正确。
故选：D。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；分子间存在间隙。
(2)分子的无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈。
深入理解分子动理论的内容，可解答此题。
4.【答案】C
【解析】解：A、小明的脚印的深度比小朋友的脚印的深度一样，说明小明和小朋友对沙地的压强相等，小明的脚印面积比小朋友的脚印面积大，根据F=pS可知，小明对沙地的压力比小朋友对沙地的压力大，故A错误；
BCD、压强也就是单位面积所受的压力，可以通过脚印的深浅来反映，脚印一样深，说明压力的作用效果相同，即压强相等，故BD错误，C正确。
故选：C。
对水平地面压力大小在数值上就等于物体的重力；压力的作用效果可通过脚印的深浅来显示。
本题考查水平地面上压力和重力的大小关系，以及对压强大小的比较，难度适中。
5.【答案】B
【解析】解：正常情况下，用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。此时饮料吸不上来，说明吸管内外气压相等，应该是吸管与大气接触的部分有破洞，即使吸气，管内外气体相通，气压相等，饮料不会被压上来。故ACD错误、B正确。
故选：B。
用吸管吸饮料时，吸管内气压减小小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。
解决本题要明白用吸管能吸饮料的原因，并根据其道理来分析饮料吸不上来也就是饮料不会被压上来的原因。
6.【答案】D
【解析】解：火箭在升空的过程中在推力作用下做加速运动，当火箭助推器燃料燃烧完后脱离火箭，助推器由于惯性继续上升，在重力作用下，最后下落，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
惯性是物体能够保持原来的运动状态不变的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。解答此题要注意：一切物体任何情况下都具有惯性。
7.【答案】D
【解析】解：因为水桶受到竖直向上的力小于水桶的重力，所以水桶处于静止状态，故水桶受平衡力作用，即合力为0N。
故选：D。
处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，受平衡力的物体所受到的合力为零。
本题考查平衡状态的判断，关键是知道物体受平衡力作用时合力为零。
8.【答案】C
【解析】解：
A、冰墩墩对桌子的压力与桌子对冰墩墩的支持力，两个力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、桌子对地面的压力与地面对桌子的支持力，两个力没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、冰墩墩受到的重力和底座对冰墩墩的支持力，作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确；
D、地面对桌子的支持力等于桌子与冰墩墩的重力的和，大于桌子受到的重力，所以桌子受到的重力和地面对桌子的支持力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
平衡力应作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上。
本题考查了平衡力的辨别，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：
每层楼高约3米，小华上楼过程中要对书包做的功：
W=G书包h=m书包gh=5kg×10N/kg×(5−1)×3m=600J，故B正确。
故选：B。
根据W=Gh=mgh求出小强上楼过程中要对书包做的功。
本题考查了功的估算，难度中等。
10.【答案】D
【解析】解：
AB、不计绳重与摩擦，用甲、乙两种方式在相同时间内将同一物体匀速提升相同高度h时，
甲图是定滑轮，拉力做的功为克服物体重力做的功W甲=Gh，
乙图是动滑轮，拉力做的功为克服物体重力和动滑轮重力做的功，W乙=(G+G动)h，
因为甲、乙两装置所做的有用功相等，
所以，由η=W有W总可知，乙做的总功多，机械效率小，即η甲>η乙，故A错误；
由P=Wt，且乙做的总功多，但不知道做功时间，所以无法比较二者的功率大小关系，故B错误；
CD、不计绳重和摩擦，F甲=G，F乙=12(G+G动)，因不知道物体和动滑轮的重力大小关系，故无法确定甲、乙的省力情况，故C错误、D正确。
故选D。
(1)不计绳重与摩擦，用甲、乙两种方式在相同时间内将同一物体匀速提升相同高度h时，根据W有=Gh可知两者所做有用功相同，根据η=W有W总分析总功之间的关系即可判断机械效率之间的关系；
根据P=Wt分析两者拉力功率之间的关系；
(3)不计绳重和摩擦，根据F甲=G，F乙=12(G+G动)分析甲、乙的省力情况。
本题考查了拉力、功率和机械效率的大小关系，分析拉力做的功和有用功是关键。
11.【答案】A
【解析】解：机械臂在使用过程中，类似于人的手臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；
BC、羊角锤、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，故BC错误；
D、托盘天平属于等臂杠杆，故D错误。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查杠杆的分类及其应用，判断杠杆使用过程中动力臂和阻力臂的大小关系是解答本题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：
A、在B点时的高度不是最高的，所以重力势能不是最大，故A错误；
B、从A滑到B点过程，运动员的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、从B滑到C点过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，是动能转化为重力势能，故C错误；
D、整个运动过程中，运动员克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能会变小，所以在D点时机械能最小，故D正确。
故选：D。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能为动能和势能的和；
惯性的大小只与质量有关，与速度无关。
本题考查了惯性、动能和重力势能的转化、机械能的转化，属于基础题。
13.【答案】C
【解析】解：AB、装有一定量橙汁杯子正立和倒立时，对桌面的压力都等于重力，所以倒立和正立对桌面的压力相等，A倒立，受力面积大，压强小，B正立，受力面积小，压强大，所以pA
当容器形状是上粗下细(如图B)时，橙汁对容器底的压力小于橙汁的重力，即FB
故选：C。
(1)装有一定量橙汁杯子正立和倒立时，对桌面的压力都等于重力，受力面积不同，根据压强公式比较杯对桌面压强的大小；
(2)对于液体产生的压力与液体的重力有一定的大小关系，当装液体的容器是上下一样粗细的直壁容器(如水平面上的圆柱体、长方体、正方体容器)时，对容器底的压力等于液体重力即F=G；当容器形状是上粗下细时，对容器底的压力小于液体重力，即F
本题难点在对容器底压力大小变化的判断，结合题目中容器的形状，可判断出液体压力的大小关系。
14.【答案】B
【解析】解：
由题意可知，当缓慢沿容器注水时，水的深度增加，由p=ρ液gh可知，气球和小石块所处的位置的液体压强增大，根据F=pS可知，气球和小石块受到水的压力增大，所以气球的体积会减小，由F浮=ρ液gV排可知，由于气球悬浮在水中，排开体积等于物体体积，因此，气球体积减小，所受浮力减小，气球和小石块的总重不变，根据物体浮沉条件可知，当F浮
由题意可知，当缓慢沿容器注水时，水的深度增加，由p=ρ液gh可知，气球和小石块所处的位置的液体压强的变化情况，根据F=pS可知，气球和小石块受到水的压力的变化情况，进而得出气球的体积的变化情况；由于气球悬浮在水中，排开体积等于物体体积，由F浮=ρ液gV排可知所受浮力的变化情况，气球和小石块的总重不变，根据物体浮沉条件可判断物体的浮沉情况。
本题考查浮沉条件的应用，属于基础题，难度不大。
15.【答案】A
【解析】解：如图所示：
动力臂为OA=L，杠杆受到物体的压力(阻力)F压=G，阻力臂为OB，物块向左做匀速滑动，则阻力臂为：OB=OA−vt=L−vt；
根据杠杆的平衡条件可知：F×OA=F压×OB=G×(OA−vt)，则：F×L=G×(L−vt)，解得：F=G−vGLt；
因G、v、L为常数，所以拉力F与运动时间t是一次函数关系，当t增大时，F减小，F与t的变化关系是一段线段，故A正确。
故选：A。
由图可知：在物体运动时间t后，木板始终在水平位置保持静止，则杠杆受到物体的压力(阻力)等于物体重力，再确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡得出F与t的关系式，结合图象进行判断。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，根据题意得出拉力F与时间t的关系式是本题的关键。
16.【答案】C
【解析】解：
A、物体B静止在地面上，处于平衡状态，则水平方向上物体B受到向右的弹簧测力计的拉力与受到地面水平向右8N的摩擦力之和等于物体A对它向左的摩擦力，即fAB=22N+8N=30N，由于力的作用是相互的，物体A受到的摩擦力为f=fAB=30N；
故A错误；
B、由图知，水平使用滑轮组，n=2，拉力端移动速度v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s，
则拉力做功的功率：
P=Wt=Fst=Fv=20N×0.2m/s=4W；
故B错误；
C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功即克服摩擦力做的功：
W有用=fs物，
拉力端移动距离：s=2s物，
拉力做的总功：
W总=Fs=F×2s物=2Fs物，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=fs物F×2s物=f2F=30N2×20N×100%=75%，故C正确；
D、若拉力F增大到40N时，A将做加速运动，A在运动过程中，A对B的压力不变、接触面的粗糙程度不变，即影响滑动摩擦力大小的两个因素不变，则A和B之间的摩擦力不变，所以物体B的运动状态不会改变，故物体B仍然静止，不会向左运动，故弹簧测力计示数不变，故D错误。
故选：C。
A、物体B静止在地面上，处于平衡状态；水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力等于地面对它向左的摩擦力与物体A对它向左的摩擦力之和，据此求物体A对它向左的摩擦力，由于力的作用是相互的，可求物体A受到的摩擦力；
B、由图知，水平使用滑轮组，n=2，拉力端移动速度等于物体移动速度的2倍，利用P=Fv求拉力做功的功率；
C、由图知，水平使用滑轮组，拉力做的有用功W有用=fs物，拉力端移动距离s=2s物，拉力做的总功W总=Fs，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
D、影响滑动摩擦力大小的两个因素是压力大小和接触面的粗糙程度，结合题意，据此分析。
本题考查了水平使用滑轮组时机械效率的计算、功率的计算、滑动摩擦力的影响因素、力的平衡及力的相互性。解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。
17.【答案】增大 惯性
【解析】解：战机在空中水平匀速飞行加油时，质量变大，速度不变，其动能变大；战机在战斗前扔掉副油箱，其目的是减小质量，进而减小惯性，增加战机的灵活性。
故答案为：增大；惯性。
动能和物体的质量和速度有关，判断时要考虑到两个因素；惯性的大小只与质量有关。
本题主要考查对动能大小的因素、惯性的理解和掌握，难度不大。
18.【答案】0 重力
【解析】解：不计空气阻力，乒乓球运动到最高点时，速度为0，只受到重力的作用。
故答案为：0；重力。
地球附近的物体由于地球的吸引都受到重力作用。
本题考查对物体的受力分析，是对基础知识的考查。
19.【答案】大气压 乙
【解析】解家庭常用的小工具塑料吸盘，是利用大气压，吸在墙壁上的。
甲图中吸盘在竖直方向受竖直向下的拉力和竖直向上的摩擦力，并且二力是一对平衡力；在水平方向受大气对吸盘的压力和墙壁的支持力，二力也是一对平衡力，此大气对吸盘的压力与钩码的重力没有任何关系，它们的大小不相等，甲图不能测出大气对吸盘的压力，故不可以粗测大气压的值；
乙图中能求出大气对吸盘的压力，知道受力面积，根据p=FS进可以粗测大气压的值。
故答案为：大气压；乙。
(1)吸盘是利用大气压工作的；
(2)根据p=FS进行分析判断，要想测出大气压，则需要知道压力和接触面积的大小。
本题考查了大气压的应用、大气压的测量和二力平衡条件的应用，难度不大。
20.【答案】40 240
【解析】解：
(1)由图甲可知，n=3，则拉力端移动距离s=3h，不计绳重和摩擦，拉力F=13(G+G动)，则动滑轮重力：
G动=3F−G=3×80N−200N=40N；
(3)由图乙可知，t=2s时，物体运动的高度h=1m，
2s内拉力做的功：W=Fs=Fnh=80N×3×1m=240J。
故答案为：40；240。
(1)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮重力；
(2)由图乙可知，t=2s时，物体运动的高度h=1m，s=3h，利用W=Fs求2s内拉力做的功。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、有用功的计算，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)。
21.【答案】2：1 1：2
【解析】解：(1)柱形物体对水平地面的压力：F=G=mg=ρVg=ρShg，
则柱形物体对水平地面的压强p=FS=ρShgS=ρgh，
则正方体A、B对水平地面的压强之比：p1p2=ρAhAgρBhBg=ρAhAρBhB=44，
整理可得：ρAhA=ρBhB……①
(2)正方体物体的重力：G=mg=ρVg=ρh3g，
由p=FS可知，正方体B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比：p2p3=FBSBFABSB=GBGA+GB=ρBhB3gρAhA3g+ρBhB3g=ρBhB3ρAhA3+ρBhB3=45，
整理可得：4ρAhA3=ρBhB3……②
由①②解得：hAhB=12；
由①得：ρAρB=hBhA=21。
故答案为：2：1；1：2。
(1)柱形物体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh，据此表示出A、B对水平地面的压强之比；
(2)根据G=mg=ρVg=ρh3g表示出正方体的重力，物体对水平地面的压力大小等于物体的重力，根据p=FS表示出B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比，联立方程求出A、B边长之比，进而求出A、B的密度之比。
本题考查固体压强的计算，利用好柱形物体对水平地面的压强推导式p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρgh是解题的关键。
22.【答案】2 100
【解析】解：(1)物体漂浮时排开水的体积：V排=SAh=20cm2×10cm=200cm3，
物体A受到的浮力：F浮=ρ液V排g=1×103kg/m3×200×10−6m3×10N/kg=2N；
因为物体A漂浮在水中，所以物体A的重力：GA=F浮=2N。
(2)设提升之前物体A底面到水槽底部的距离为h1，竖直向上提升4cm后，A的底面到水面的距离为h′，
提升之前，水和A排开水的体积为：V1=S(h1+h)=V水+V排，
则水槽内水的体积：V水=S(h1+h)−V排=100cm2×(h1+10cm)−200cm3=800cm3+100cm2×h1……①
竖直向上提升4cm后，水和A排开水的体积为：V2=S(h1+4cm+h′)=V水+V排′=V水+SAh′，
则水槽内水的体积：V水=S(h1+4cm+h′)−SAh′=100cm2×(h1+4cm+h′)−20cm2×h′=400cm3+100cm2×h1+80cm2×h′……①
由①②解得：h′=5cm，
则提升之前水槽内水的深度：h原=h1+h=h1+10cm，
提升4cm之后水槽内水的深度：h后=h1+4cm+h′=h1+4cm+5cm=h1+9cm，
则将物体竖直向上提升4cm时，水面下降的高度：Δh=h原−h后=h1+10cm−(h1+9cm)=1cm=0.01m，
所以水对水槽底部压强的变化量：Δp=ρgΔh=1×103kg/m3×10N/kg×0.01m=100Pa。
故答案为：2；100。
(1)利用V=Sh计算出物体漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液V排g求出物体A受到的浮力，再利用浮沉条件求出物体A重力；
(2)利用V=Sh求出将物体竖直向上提升4cm时，液体下降的高度，利用p=ρgh计算出水对水槽底部压强的变化。
本题考查浮力和压强的计算，是一道综合性较强的题目，关键是根据体积关系求出将物体A竖直向上拉动4cm后水面下降的高度。
23.【答案】解：潜水艇在水中漂浮，受到重力和浮力的作用，重力等于浮力；重力和浮力的作用点都在重心上；重力竖直向下，浮力竖直向上；如图所示：
【解析】潜水艇在水中受重力与浮力的作用，物体漂浮时浮力等于重力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
24.【答案】解：从支点向动力作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂，如下图所示：
【解析】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点，确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线，从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是支点到力的作用线的距离。
25.【答案】答：(1)滑雪板做的又长又宽，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，避免陷入雪中；
(2)运动员弯曲的身体和滑雪板构成的形状跟飞机的机翼相似，上凸下平，使背上流过的空气流速大于从滑雪板下面流过的空气流速，而气体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，从而产生向上的压力差，这就是升力。
【解析】(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
本题考查了学生对流体压强与流速的关系、减小压强的方法的了解与掌握，利用所学知识分析解释滑雪中遇到的问题，有意义！
26.【答案】摩擦 重力 在同一直线上 不可行，两个力的方向不是相反
【解析】解：(1)若左边挂一个钩码，右边挂两个钩码即木块两端拉力大小不相等时，木块仍然保持静止状态，这是由于木块和桌面之间存在摩擦力对实验产生了影响，三力平衡，木块仍处于平衡状态；
(2)由于小卡片的质量很小，重力远小于卡片受到的拉力，所以选用轻质小卡片目的是忽略卡片重力对实验的影响；
(3)小卡片转过一定角度后，两个力不再作用在同一直线上，松手后，发现卡片旋转后又恢复原状，这是为了探究不在同一直线上的两个力对物体平衡的影响；
这说明两个力必须在同一条直线，将卡片往下拉过一定距离”此时两个力虽然不在同一条直线上，但同时两个力的方向也不是相反的，不符合控制变量法的要求。
故答案为：(1)摩擦；(2)重力；(3)在同一直线上；不可行；两个力的方向不是相反。
(1)若左边挂一个钩码，右边挂两个钩码即木块两端拉力大小不相等时，木块仍然保持静止状态，这是由于木块和桌面之间存在摩擦力，摩擦力对实验产生影响；
(2)实验中，用到了小卡片，是因为小卡片的质量很小，其重力远小于卡片受到的拉力，重力可以忽略；
(3)探究二力平衡的实验时，需要采用控制变量法。
本题探究的是二力平衡的条件，二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。
27.【答案】左 便于测量力臂大小 B 避免偶然性，寻找普遍规律 杠杆自身重力
【解析】解：(1)当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，应将平衡螺母(左端和右端的平衡螺母调节方向一致)向左调节；
(2)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；
(3)图甲中支点在中心时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件知F左L左=F右L右，图乙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，而左侧力和力臂保持不变，所以此时F左L左>F右L右，故左端会下沉，即右端翘起，故选：B；
(4)本实验进行多次实验，是为避免偶然性，得出普遍结论；
(5)图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是杠杆自身重力对杠杆的平衡有影响。
故答案为：(1)左；(2)便于测量力臂大小；(3)B；(4)避免偶然性，寻找普遍规律；(5)杠杆自身重力。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
(2)杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力的力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；
(3)推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
(4)本实验是为了探究杠杆平衡规律，进行多次实验，为避免偶然性，得出普遍结论；
(5)图丙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
28.【答案】减小 相同 远 做匀速直线运动 距离
【解析】解：
(1)将小车从斜面上A处滑下，小车滑出水平木板右端而掉落，说明小车到达水平面的动能较大，速度较大，通过的路程比较大，所以为让小车不滑出木板，可以减小斜面的倾角，从而减小小车在水平面的速度，减小小车通过的路程；
(2)小江每次均将小车从斜面上同一高度滑下，则小车进入水平面的速度是相同的；
(3)由图示可知，小车受到的阻力越小，小车速度减小得越慢，运动的路程越远；进一步推理可知，当阻力为零时(即小车不受摩擦力)，则小车会在水平面上做匀速直线运动；
(4)小车在运动的过程中受到的摩擦力不变，根据W=fs可知，小车通过的距离越远，克服摩擦力所做的功越多，小车的动能越大。
故答案为：(1)减小；(2)相同；(3)远；做匀速直线运动；(4)距离。
(1)为让小车不滑出木板，可以增加木板的长度或减小小车的速度，据此分析；
(2)实验中采用的是控制变量法，需要控制小车到达水平面时的初速度相同；
(3)根据实验事实，进行合理的推理，即可得出正确结论；
(4)小车在水平面上运动的过程中，克服摩擦力做功，根据W=fs分析。
本题考查了“探究阻力对物体运动的影响”的实验中，控制变量法、科学推理法的运用，要掌握这些知识。
29.【答案】差 B 在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大 <小
【解析】解：(1)用手轻轻按压U形管压强计探头，如果两管液面几乎没有高度差，说明U形管压强计存在气密性差(或漏气)的问题；
组装好的U形管压强计的一端开口，另一端与探头相连，不符合连通器的概念，所以不属于连通器，故选B；
(2)液体密度相同时，液体压强与深度有关，金属盒探头离液面的距离越深，液体的压强越大，U形管两边液柱的高度差就越大，故由图甲乙可知：在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；
(3)用抽气机抽出U形管内部分空气，使内部气压小于外部气压，在外界大气压作用下液柱上升，即p内
即左管中的压强为p0+ρ水gh1=p大气，右管中的压强为p0+ρ液gh2=p大气，
则p0+ρ水gh1=p0+ρ液gh2，所以ρ水gh1=ρ液gh2，
由图丙可知，h1
故答案为：(1)差；B；(2)在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；(3)<；小。
(1)在使用压强计之前要检查其密闭性，防止漏气；上端开口、底部连通的容器是连通器；
(2)在同种液体中，液体的压强随液体深度的增加而增大；
(3)抽气机抽出U形管内部分空气后，玻璃管中气体压强减小，小于外界大气压；根据压强相等和p=ρgh判断出待测液体的密度与水的密度大小关系。
本题探究“液体内部压强特点”，考查控制变量法和液体压强公式的应用，认真分析图示实验现象即可正确解题。
30.【答案】F浮=F1−F2 重力 溢水杯没有装满水 没有 图甲2=
【解析】解：
(1)物体的重力是F1，物体浸没在水中弹簧测力计对物体的拉力是F2，物体浸没在水中受到的浮力F浮=F1−F2，物体排开水的重力G排=F3−F4；
(2)由阿基米德原理知，浸在液体中的物体受到浮力大小等于物体排开液体受到的重力，故F浮=G排；
(3)如果图甲中溢水杯没有装满水，会导致铁球排开水的重力大于测得的排开水的重力(即测得的G排偏小)，铁球浸在水中时浮力大于(F2−F1)，而且超出了误差允许的范围；一位同学在探究该实验的过程中忘记将弹簧测力计校零，测力计的指针每次测量前都指在同一位置，对探究的结果没有影响；
(4)物体漂浮在液面上，图中称量的示数会变成0，所以图甲2不需要弹簧测力计测量；
(5)铁球浸没在水中，铁球受到的浮力F浮=G排，物体间力的作用是相互的，则铁球给水的压力F=F浮，当铁球浸没在盛满水的溢水杯中，排出水的重力为G排，故电子秤的压力增加了F浮，又减少了G排，因为F浮=G排，故电子秤受到的压力不变，故电子秤示数不变，故m1=m2。
故答案为：(1)F浮=F1−F2；(2)重力；(3)溢水杯没有装满水；没有；(4)图甲2；(5)=。
(1)利用称重法求出物体受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理进行分析；
(3)如果溢水杯没有装满水或烧杯中的水未倒干净，物体排开水的重力会大于测得的排开水的重力；
(4)物体漂浮在液面上，物体的浮力大小等于物体自身重力大小；
(5)物体浸没在液体中受到液体对物体的浮力，根据物体间力的作用是相互的，物体对液体的压力等于物体受到的浮力，物体受到的浮力又等于物体排开液体的重力。
本题考查了如何探究阿基米德原理，并且对实验过程进行分析，阿基米德原理不但适合物体完全浸没在液体中，也适合物体部分浸没在液体中。
31.【答案】漂浮 用刻度尺测得杯底到桶中水面的高度h3 用刻度尺测出杯底到杯内水面高度h4 ρ石=h3−h1h4−h2ρ水
【解析】解：将装有适量水的长杯子放入桶内的水中，使杯子漂浮在水面上，如图甲所示，由题意可知，知道杯底到桶中水面的高度记为h1，杯底到杯内水面高度记为h2；
把小石头投入杯内水中，杯子继续竖直漂浮在水面上，如图乙所示，小石头的重力等于杯子浮力的增加量；
由G=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS(h3−h1)可知，需要测出杯底到桶中水面的高度h3，
由V=S(h4−h2)可知，利用排水法测小石头体积时需要测出杯底到杯内水面高度h4，
由G=mg可得，小石头的质量m=ρ水gS(h3−h1)，
则小石头的密度：ρ石=mV=ρ水S(h3−h1)S(h4−h2)=h3−h1h4−h2ρ水。
故答案为：(1)漂浮；(3)用刻度尺测得杯底到桶中水面的高度h3；(4)用刻度尺测出杯底到杯内水面高度h4；(5)ρ石=h3−h1h4−h2ρ水。
要想测量小石块的密度，需要测量小石块的质量和体积。在现有器材的条件下，利用排水法，可测出石块的排水体积。根据漂浮的条件，可以间接求出石块的质量，用密度公式可最终求出石块的密度。
对本实验的分析依然要从实验的原理入手，重点把握质量与体积的求出过程，值得我们借鉴。
32.【答案】解：(1)滑轮组做的有用功为：W有=Gh=1.2×104N×2m=2.4×104J；
(2)根据η=W有W总可得，拉力F做的总功为：W总=W有η=2.4×104J80%=3×104J。
答：(1)该滑轮组做的有用功为2.4×104J；
(2)拉力F做的总功为3×104J。
【解析】(1)已知物体的重力大小和上升的高度，根据W有=Gh计算滑轮组做的有用功；
(2)已知滑轮组的机械效率，根据η=W有W总计算拉力F做的总功。
本题考查功和机械效率公式的应用，属于基本公式的考查，难度不大。
33.【答案】解：(1)满载时，货车对地面的压力：
F=G总=m总g=(5+15)×103kg×10N/kg=2×105N，
满载时，货车对地面的压强：p=FS=2×105N1m2=2×105Pa；
(2)货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，
f=F=Pv=100×103W20m/s=5×103N；
(3)发动机对货车所做的功：W=Fs=5×103N×2×103m=1×107J。
答：(1)满载时，车对地面的压强2×105Pa；
(2)货车受到的阻力5×103N；
(3)发动机对货车所做的功1×107J。
【解析】(1)货车满载时，压力F=G总=m总g，再由压强公式：p=FS算出满载时车对地面的压强；
(2)货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，可利用f=F=Pv算出货车受到的阻力；
(3)用W=Fs即可算出发动机对货车所做的功。
满载时，货车对地面的压力大小等于空车与物资的总重；货车在平直的公路上匀速行驶，阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等。
34.【答案】解：(1)物块M的体积V=(0.1m)3=0.001m3；
物块M的质量：m=Gg=8N10N/kg=0.8kg；
物块M的密度ρM=mV=0.8kg0.001m3=0.8×103kg/m3<1.0×103kg/m3；
(2)ρM=0.8×103kg/m3<1.0×103kg/m3；即物块的密度小于水的密度，
由图像可知：当t=140s时，水的深度为h=12cm，大于立方体物块M的边长为10cm；
则根据浮沉条件可知物块在水中将漂浮，物体所受的浮力F浮=G=8N；
(3)当t=40s时，正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，则F浮=GM=8N，
根据F浮=ρ液gV排可得：V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3=800cm3，
所以此时的深度深度a=V排SM=800cm3(10cm)2=8cm；
在40−140s阶段，物块M上升的高度为h′=12cm−8cm=4cm=0.04m，则浮力对物体做功W=F浮h′=8N×0.04m=0.32J；
(3)当t=140s时，注入的水的体积V水=5mL/s×140s=700mL=7×10−4m3，
则G水=ρ水gV水=1.0×103kg/m3×10N/kg×7×10−4m3=7N，
所以液体对底部的压力F=G水+GM=7N+8N=15N。
答：(1)物块M的密度为0.8×103kg/m3；
(2)当t=40s时，物体所受的浮力是8N；
(3)40∼140s时段，浮力对物体做功是0.32J；
(4)当t=140s时，水对容器底部的压力大小是15N。
【解析】(1)已知物块M的边长，可求物块的体积，已知物块的重力可求物块的质量，根据密度公式可求物块的密度
(2)比较物块M与水的密度大小，即可知道物体的在水中的浮沉状态；进而得出物体所受浮力大小；
(3)由乙可知：t=40s时，水的深度变化改变，即此时正好是物块M处于刚刚开始漂浮的状态，所以根据阿基米德原理求出此时物块浸没的深度即为此时水的深度a的值；根据W=Fs可求出浮力对物体做功。
(4)由于方形容器在水平方向上放置，则液体对底部的压力等于容器里液体和漂浮物体的总重力，所以根据流量大小求出当t=140s时注入的水的体积，然后求出水的重力，最后根据F=G水+GM即可求出压力。
此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式；准确分析图像中的信息，方可解答此题。
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