2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷（含答案解析），共24页。试卷主要包含了5pB，0g/cm3)，【答案】A，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年福建省福州市福清市八年级（下）期末物理试卷

1. 迄今为止，人类已经发现了许多种微观粒子，下列各种微观粒子中，空间尺度最小的是(    )
A. 质子 B. 原子 C. 分子 D. 夸克
2. 炎炎夏日，游泳是消暑且能锻炼身体的运动。小明在爸爸的带领下，顺着台阶，踩入泳池，直至水面浸至胸口的过程中，他受到的(    )
A. 浮力增大 B. 浮力减小 C. 重力减小 D. 重力增大
3. 我国选手苏翊鸣获得2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台冠军。当他从跳台顶端沿雪面加速下滑时(    )
A. 动能不变 B. 动能增大 C. 重力势能增大 D. 重力势能不变
4. 5月31日是“世界无烟日”，很多公共场所禁止吸烟。如果在房间里吸烟，整个房间就会充满烟味，这是由于(    )
A. 分子在不停地做无规则运动 B. 分子间有引力
C. 分子的质量太小 D. 分子间有斥力
5. 2022年2月6日晚，中国女足在亚洲杯决赛上战胜韩国队勇夺冠军。如图所示，当足球被踢出去后，在空中继续飞行过程中(    )
A. 球仍受到脚的踢力
B. 球的运动状态不变
C. 球的惯性不变
D. 球所受到力的合力为0


6. 如图所示的事例中，人没有做功的是(    )
A. 推着小车前进
B. 爬楼梯
C. 顶住轮胎不动
D. 搬起箱子
7. 福清盛产枇杷，人们常将枇杷制成罐头。如图所示，在开罐头时，小强用螺丝刀把瓶盖撬开一个缝隙后，就能把瓶盖轻松拧开。当把瓶盖撬开一个缝隙后，罐头内部气压(    )


A. 等于外部气压 B. 大于外部气压 C. 小于外部气压 D. 等于0
8. 如图所示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是(    )
A. 天平 B. 食品夹
C. 瓶盖起子 D. 核桃夹
9. 如图所示的龙卷风是一种局部的剧烈天气现象，其空管状旋转气流，能把附近的物体“吸入”其中，是因为旋转的气流(    )


A. 流速快，压强大 B. 流速快，压强小 C. 流速慢，压强小 D. 流速慢，压强大
10. “1分钟跳绳”是2022年福州体育中考选考项目之一。在某次跳绳练习中，体重相同的小杰和小彬都跳了175次，小杰用时50s，小彬用时47s，若他们俩每次跳起来的高度都相同，则在这一过程中(    )
A. 小杰做功更多 B. 小彬做功更多 C. 小杰做功更快 D. 小彬做功更快
11. 如图，小涛在做家务劳动，他用水平向右的力推水平地面上的储物箱，使储物箱做匀速直线运动。这一过程中，与人的推力相互平衡的是(    )
A. 储物箱的重力
B. 人的重力
C. 储物箱受到的摩擦力
D. 储物箱受到的支持力
12. 为了提高农产品的产量，选取饱满、结实的良种非常重要。我国农民常采用盐水来进行选种。如图所示的是将种子放入盐水后出现的情景，若次种的密度为ρ次、良种的密度为ρ良、盐水的密度为ρ，则(    )


A. ρ次>ρ>ρ良 B. ρ次=ρ=ρ良 C. ρ次= 
【解析】解：不计摩擦、滑轮重和绳重，用同一个动滑轮先后提升同一物体，
甲图，拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离，即F甲=2G，s甲=12h；
乙图，拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离，即F乙=12G，s乙=2h。
则W甲=F甲×s甲=2G×12h=Gh，W乙=F乙×s乙=12G×2h=Gh，
所以，F甲>F乙，W甲=W乙。
故答案为：>；=。
不计摩擦、动滑轮重和绳重，由图知，甲图中拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，省一半的距离；乙图中拉力作用在绳子自由端，省一半的力，费一半的距离；据此比较拉力大小，并结合做功公式比较做功大小。
此题考查功的大小比较、动滑轮的工作特点，知道不计摩擦、滑轮重和绳重时，拉力与物体重力的关系是解答本题的关键。

21.【答案】增大  B 
【解析】解：蹦极者从A点下落至B点的过程中，弹性绳的弹性形变程度变大，弹性势能变大；
从A点到B点的过程中，人的重力大于弹性绳的拉力，蹦极者做加速运动，速度越来越快，动能越来越大；从B点到C点的过程中，人的重力小于弹性绳的拉力，蹦极者做减速运动，速度越来越慢，动能越来越小，最低点时速度为零；所以整个过程中蹦极者重力等于绳子弹力时速度最大，即在B点的速度最大。
故答案为：增大；B。
弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；重力势能的大小与质量、高度有关；动能的大小与质量、速度有关；
根据蹦极者在下落过程中的受力情况分析蹦极者的运动状态的变化。
此题考查动能和弹性势能的大小变化，明确影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素是解题的关键。

22.【答案】解：因为动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用，因此从物体重心作水平向右的推力和水平向左的摩擦力，注意水平向右的推力线段大于水平向左的摩擦力的线段。如图所示： 
【解析】由于动力车在水平粗糙桌面上向右加速运动，因此动力车受到水平向右的推力大于水平向左的摩擦力作用；然后从重心表示出推力和摩擦力的方向和大小。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。

23.【答案】解：从支点O向拉力F1的作用线引垂线，则垂线段的长度即为力臂l，如图所示： 
【解析】掌握力臂的概念，从支点到力的作用线的距离；具体的画法：从支点O向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂。
力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。

24.【答案】答：(1)瀑布是水的重力势能转化为动能，瀑布落差越大，水的重力势能越大，转化的动能就越大，所以底部的水流越湍急。
(2)靠近瀑布游泳时，人靠近瀑布的一侧空气流速大压强小，而人的外侧空气流速小压强大，在内外压强差的作用下，人容易被“吸入”瀑布之下而发生危险。 
【解析】(1)动能和势能之间可以相互转化；动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
此题通过瀑布考查动能和势能大小的影响因素、流体压强和流速的关系，生活处处皆物理的，学习过程中应注意观察生活的相关现象，并学会利用所学知识加以解释。

25.【答案】惯性  重  引 
【解析】解：(1)硬币没有跟着塑料片飞出去，这是由于硬币具有惯性；最终硬币落入杯中，是由于它受到重力的作用；
(2)在硬塑料片上放一枚硬币，发现塑料片不会翻倒，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，这是因为水分子和塑料片分子间存在引力，使另一端受到向下力的作用。
故答案为：(1)惯性；重；(2)引。
(1)物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；硬币落入杯中，受到了竖直向下的力的作用，这个力就是重力；
(2)当杯内水盛满，塑料片与水充分接触时，塑料片仍没有被压翻，由杠杆的平衡条件可知，塑料片的支点在中间，说明另一端也受到向下的力的作用，可见这个力就是水分子和塑料片分子之间的引力。
本题考查了惯性、重力、杠杆的概念和分子间的作用力，比较基础，只要细心解答不难。

26.【答案】变大  大于  潜水艇 
【解析】解：“浮沉子”的原理：挤压矿泉水瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入“浮沉子”中，将“浮沉子”中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。松开手后瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，“浮沉子”里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮，可见，“浮沉子”是通过改变自身重力来改变浮沉的，与潜水艇的工作原理相同。
故答案为：变大；大于；潜水艇。
物体的浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。
此题考查了浮沉子的工作原理，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。

27.【答案】竖直  匀速  80%小  高  A 
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码匀速上升。
(2)实验数据如表所示，第②次实验中，有用功W有=Gh=4N×0.2m=0.8J，总功W总=Fs=2.5N×0.4m=1J，机械效率η=W有W总×100%=0.8J1J×100%=80%。
(3)比较实验序号第①和②两次的实验数据可知，当动滑轮自重越小时，机械效率越高。
(4)比较实验序号第①和③，用同一动滑轮提升不同的重物，重物越重，机械效率越高；
由表中数据可知，同一滑轮将不同的重物提升相同的高度，提升物体越重，机械效率越高；即对同一滑轮，额外功一定，增加提升物体的重力，增大有用功，可提高机械效率；
A、行驶速度与机械效率无关，故A不符合题意；
BC、鼓励人们“拼车”出行，使汽车尽量装满人员，是在额外功相同时，人越多，有用功越多，机械效率越高，故B不符合题意，C符合题意。
故答案为：(1)竖直；匀速；(2)80%；(3)小；(4)高；A。
(1)实验中应沿竖直方向匀速向上拉动弹簧测力计，使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小。
(2)根据表中实验数据求出有用功和总功，在利用机械效率公式求出滑轮组效率。
(3)在其他条件一定时，看动滑轮重不同时对应的机械效率是否相同，据此回答。
(4)对于改变滑轮组机械效率的方法，有两种情况：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率。据此分析。
本题考查了测量滑轮组机械效率的实验，涉及到注意事项、测力计读数、滑轮组机械效率的计算和分析实验数据得出结论的能力等，要注意影响滑轮组机械效率因素的运用。

28.【答案】重力势  动  速度  质量  不需要 
【解析】解：(1)钢球从某一高度向下摆动过程中，钢球的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能；
(2)根据表中实验序号1和2两组的实验数据可知，钢球摆下的高度相同，到达水平面时的速度相同，钢球的质量不同，探究的是动能大小与质量的关系；
(3)他们在做第3次实验时，木块被撞后在木板上滑行的距离超过木板的长度，这说明此时钢球的动能较大；在质量相同时，速度越小，动能越小，实验中可以通过减小钢球摆下的高度来减小动能的大小，所以不需要换用更长的木板重做第3次实验。
故答案为：(1)重力势；动；(2)速度；质量；(3)不需要。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，据此分析；
(3)运用控制变量法，根据实验数据分析。
此题考查的影响动能大小实验的探究，考查了转换法和控制变量法的应用，本题难度不大。

29.【答案】平衡螺母  便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响  3 变大  杠杆自身有重力 
【解析】解：(1)实验前若杠杆不在水平位置平衡，可通过调节平衡螺母在水平位置平衡，其目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
如图甲所示，实验过程中，左端下沉，可将右侧的钩码向右移动。
(2)设一钩码重为G，一格长度为L，
2G×3L=2L×nG，解得n=3；
(3)实验装置如图乙所示。保持杠杆在水平位置平衡，当弹簧测力计由竖直位置拉至倾斜位置时，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位时平衡时，弹簧测力计的示数F1将会变大；
用如图乙所示装置进行探究，当杠杆平衡时，F1l1总是小于F2l2，其原因可能是杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响
故答案为：(1)平衡螺母；便于测量力臂，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(3)变大；杠杆自身有重力。
(1)探究杠杆平衡条件时，通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，可解此题；
(3)分析动力臂大小的变化，根据杠杆的平衡条件分析即可解答；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。
(1)探究杠杆的平衡条件和使用天平称量物体质量时，操作步骤是大致相同的：首先调节杠杆或天平在水平位置平衡，然后在挂钩码或往天平盘内增加物体和砝码，使杠杆或天平重新平衡。
(2)探究杠杆平衡时，弹簧测力计倾斜拉动杠杆在水平位置平衡，力臂变小，力变大，是本实验经常考查的内容。

30.【答案】0.16物体排开液体  不能  食盐增加了水的重力 
【解析】解：(1)丙图烧杯中水对金属块有浮力(托力)，物体间力的作用是相互的，这个力会导致电子秤的示数增大。比较乙、丙中电子秤的示数可知，丙图中金属块受到的浮力为：F浮=(m乙−m丙)g=(598.8×103kg−582.8kg×103kg)×10N/kg=0.16N；
(2)丁图中圆柱体金属块排开水的体积较大，电子秤的示数较大，即圆柱体金属块在丙图水中受到的浮力大，因此比较丙、丁中电子秤的示数可知，物体排开液体的体积越大，它受到的浮力越大；
(3)往烧杯中加入一些食盐，待盐溶化后，发现电子秤的示数增大了，这是由两个因素造成的：一是食盐增加了水的重力；二是金属块受到的浮力增大，从而增大了烧杯对电子秤的压力。因此他不能据此得出，其它条件相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力也越大，理由是食盐增加了水的重力。
故答案为：(1)0.16；(2)物体排开液体；(3)不能；食盐增加了水的重力。
(1)浮力是液体对物体向上的托力，根据物体间力的作用是相互的求解；
(2)物体在水中所受的浮力的大小与排开水的体积成正比；
(3)丁图中电子秤的示数与液体的重力和金属块受到的浮力有关，分析时结合控制变量法。
本题中称重法测量浮力和控制变量法的运用是本实验操作和分析的关键，找出实验中控制不变的量是哪些；改变的物理量是哪一个。

31.【答案】解：(1)水对桶底的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m=2.5×103Pa；
(2)桶和水的总重力：
G=mg=14kg×10N/kg=140N，
桶对水平地面的压力：
F=G=140N，
地面受到水桶的压强：
p=FS=140N0.05m2=2.8×103Pa。
答：(1)水对桶底的压强为2.5×103Pa；
(2)地面受到水桶的压强为2.8×103Pa。 
【解析】(1)根据p=ρgh求水对桶底的压强；
(2)根据G=mg求桶和水的总重力，桶对水平地面的压力大小等于桶和水的总重力，根据p=FS求地面受到水桶的压强。
本题考查液体压强公式、重力公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等。

32.【答案】解：(1)“祝融号”火星车车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功为：W=Gh=960N×1m=960J；克服重力做功的功率为：P=Wt=960J50sW=19.2W；
(2)“祝融号”以恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力为F，则牵引力F做的功为：
WF=Fs=P′t′；
“祝融号”的牵引力为：F=P′t′s=1.8W×3600s36m=180N；
因为“祝融号”做匀速直线行驶，根据二力平衡的条件知所受的阻力为f=F=180N。
答：(1)“祝融号”车体重心升高1m的过程中，克服重力做功的功率为19.2W。
(2)“祝融号”在匀速直线行驶时所受的阻力为180N。 
【解析】(1)利用W=Gh求出车体重心升高1m的过程中，克服重力做的功，利用P=Wt求出克服重力做功的功率；
(2)根据P=Fs′t′求出“祝融号”以1.8W的恒定功率在火星表面的一段水平面上匀速直线行驶的牵引力，最后根据二力平衡的条件得出所受的阻力。
本题考查了二力平衡条件的应用和功的计算、功率的计算，是一道综合性较强的习题。

33.【答案】解：(1)由题意可知，B物体的体积：VB=(a)3=(0.1m)3=1×10−3m3，
因为B物体浸没在水中，所以B物体排开水的体积：
VB排=VB=1×10−3m3，
则B物体受到的浮力：
FB浮=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N；
(2)A物体对杠杆的拉力：FA=GA=mAg=2kg×10N/kg=20N，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOC=FB×LON，
即：20N×0.5m=FB×0.2m，
解得：FB=50N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的重力：
GB=FB+FB浮=50N+10N=60N；
(3)当容器装入另一种液体时，正方体B仍浸没于该液体中，物体A移到D点，
由杠杆的平衡条件可得：FA×LOD=FB′×LON，
即：20N×0.44m=FB′×0.2m，
解得：FB′=44N，
由图可知，此时B物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力和浮力，由力的平衡条件可知，B物体的浮力：
F浮B′=GB−FB′=60N−44N=16N，
由F浮=ρ液gV排得液体的密度为：
ρ液=F浮B′gVB=16N10N/kg×1×10−3m3=1.6×103kg/m3，即D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。
答：(1)B物体受到的浮力为10N；
(2)B物体受到的重力为60N；
(3)D点的刻度(容器中液体的密度)为1.6×103kg/m3。 
【解析】(1)根据体积公式求出B物体的体积，根据阿基米德原理求出B物体浸没在水中时所受的浮力；
(2)根据F=G=mg求出物体A对杠杆的拉力，再由杠杆原理求绳子对B物体的拉力；对B物体进行受力分析，由力的平衡条件求出物体B的重力；
(3)由杠杆的平衡条件算出物体A移到D点时绳子对B物体的拉力，由力的平衡条件算出B物体的浮力，最后由F浮=ρ液gV排算出液体的密度。
本题考查阿基米德原理、杠杆平衡条件、力的平衡条件和密度公式的应用，关键是根据力的平衡条件求出物体B的重力。