2022-2023学年山东省潍坊市高密市第三中学高一上学期9月月考物理试题含解析

2022-2023学年山东省潍坊市高密市第三中学高一上学期9月月考物理试题物理试题

第Ⅰ卷（选择题共40分）

一、选择题（本题共有12个小题，共40分。1-8为单选题，单选题每个3分；9-12为多选题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分。）

1. 在以下情况中关于质点的说法正确的是（    ）

A. 观察“辽宁舰”航空母舰上的“歼﹣15”战斗机起飞时，可以把航空母舰看作质点

B. 研究“玉兔”号从“嫦娥”的怀抱中“走”出来，即两器分离过程中，研究“玉兔”一连串技术含量极高的“慢动作”时，“玉兔”号可看作质点

C. 研究“玉兔”号巡视器巡视月球时的运动轨迹时，“玉兔”号巡视器可看作质点

D. 研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论什么情况下，自行车都不能看成质点

【答案】C

【解析】

【详解】观察“辽宁舰“航空母舰上的“歼-15“战斗机起飞时，航空母舰的长度不能忽略，所以不可以把航空母舰看做质点，故A错误；研究“嫦娥”“玉兔”两器分离过程中的技术动作时，不能把“玉兔”看成质点；故B错误；研究“玉兔”号巡视器巡视月球时的运动轨迹时，物体的大小和形状能忽略，可看成质点；故C正确；研究自行车的运动时，若研究自行车的平动时，自行车可以看成质点，故D错误．故选C．

【点睛】本题考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略.

2. 下列计时数据中指时间间隔的是（　　）

A. 2019年1月3日10点26分，中国“嫦娥四号”探测器在月球背面软着陆

B. 武大靖在平昌冬奥会上以39.584秒的成绩打破了短道速滑男子500米的世界纪录

C. 里约奥运会马龙、张继科乒乓球男单决赛8∶30正式开始

D. 北京时间2020年1月28日上午11时，中国铁塔完成了武汉雷神山医院通信基站基础设施新建及改造任务

【答案】B

【解析】

【详解】A．2019年1月3日10点26分，是时间轴上的一点，指的是时刻，故A错误；

B．39.584秒是运动速滑500米所用的时间，对应时间轴上的一段，指时间间隔，故B正确；

C．男单决赛8∶30正式开始，是对应一个时刻，是是时间轴上的一点，指的是时刻，故C错误；

D．北京时间2020年1月28日上午11时，是是时间轴上的一点，指的是时刻，故D错误；

故选B。

3. 一只蜜蜂和一辆汽车在平直公路上以同样的速度并列运动.如果这只蜜蜂的眼睛紧盯着车轮边缘上某一点,那么它看到的这一点的运动轨迹应是图中的    (　　)

A  B.

C.  D.

【答案】A

【解析】

【详解】蜜蜂、汽车车身向前具有相同的速度，它们是相对静止的，所以蜜蜂看不到轮子向前运动，只能看到轮子的转动，故A正确，BCD错误．故选A．

【点睛】本题考查了物体间运动的相对性，解题的关键是正确、巧妙地选取参照物，明确蜜蜂相对于汽车车说是静止的．

4. 如图所示，在春季运动会上，身高1.80 m的小明同学参加了铅球项目，他投掷出了13.96 m的好成绩，请问投掷过程中铅球通过的位移是(　　)

A. 等于1.80 m

B. 大于13.96 m

C. 等于13.96 m

D. 小于13.96 m

【答案】B

【解析】

【详解】铅球是从人颈部处抛出的，可以近似认为抛出点距离地面的高度是人的身高，位移是从初位置到末位置的有向线段，即位移是从人的身高出指向落地点的有向线段，运动员的成绩13.96米是抛出点与落地点之间的水平距离，所以位移的大小要大于运动员的成绩13.96米．故ACD错误，B正确．故选B．

【点睛】考查位移与路程的区别与联系，位移与路程是描述运动常用的物理量，它们之间大小关系是位移大小≤路程．

5. 小李打算从华景里路口走路到华南师大正门，她通过高德地图导航得到如下图所示的信息。若她按照高德地图提供的方案出行，则（　　）

A. “推荐方案”与“方案二”的平均速度相同

B. 推荐方案的位移较小

C. “方案二”的平均速度约为4.29km/h

D. 小李运动过程中的加速度不可能一直为0

【答案】D

【解析】

【详解】AB．因初末位置相同，则“推荐方案”与“方案二”的位移相同，但是时间不同，则平均速度不相同，选项AB错误；

C．“方案二”的路程为2.5km，时间为35min，则平均速率约为

不是平均速度，选项C错误；

D．小李运动过程中不可能一直做匀速直线运动，即他的加速度不可能一直为0，选项D正确。

故选D。

6. 近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势，若将房价的“上涨”类比成“加速”，将房价的“下跌”类比成“减速”，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成（　　）

A. 速度增加，加速度减小 B. 速度增加，加速度增大

C. 速度减小，加速度增大 D. 速度减小，加速度减小

【答案】A

【解析】

【详解】房价类比成速度，房价上涨快慢类比成加速度，房价上涨出现减缓趋势，相当于加速度减小，但仍然在上涨，相当于加速度与速度方向相同，速度仍然增大。

故选A。

7. 如图是某物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体

A. 第1s内和第2s内的运动方向相反 B. 第2s内和第3s内的加速度相同

C. 第1s内和第3s内的位移大小不相等 D. 0-1s和0-3s内的平均速度大小相等

【答案】B

【解析】

【详解】第1s内和第2s内的速度均为正值，可知运动方向相同，选项A正确；速度时间图象的斜率等于加速度，斜率的正负表示加速度的方向，则知第2s内和第3s内的加速度大小相等，方向相同，所以加速度相同，故B正确；由图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第3s内的位移大小相等．故C错误；根据速度图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，可知：0～1s内和0～3s内的位移相等，但所用时间不同，所以平均速度不等，故D错误．

8. 2022年我市许多出租车都换成了电动汽车，电动汽车相对于燃油汽车来说最大的优势就是环保节能。有几位电动车的发烧友为了测试该电动汽车的性能，记录了该车沿平直公路启动、匀速和制动三个过程的速度变化情况，若汽车启动和制动的过程可以看成是匀变速直线运动，则下列说法正确的是（　　）

A. 汽车加速阶段位移大小为60.75m

B. 汽车加速阶段加速度大小为4.5m/s2

C. 匀速运动时汽车的位移大小一定为162m

D. 制动过程的加速度大小一定为10m/s2

【答案】A

【解析】

【详解】B．汽车加速时的加速度为

加速运动的末速度为，则加速时间

即汽车加速到4.5s末开始做匀速运动，故B错误；

A．加速阶段的位移大小为

故A正确；

CD．制动过程的末速度为0，速度为0的时刻不一定是16s末，则速度从20.0m/s减至0所用时间不一定是2s，所以加速度大小不一定为10m/s2，匀速运动的时间也不确定，故匀速运动位移也不确定。故CD错误。

故选A。

9. 两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知(       )

A 上木块做加速运动，下木块做匀速运动

B. 上木块在时刻t2与下木块在时刻t5速度相同

C. 在时刻t2以及时刻t5间，上木块的平均速度与下木块平均速度相同

D. 时刻t1瞬间两木块速度相同

【答案】AC

【解析】

【详解】A．    上面木块在相等时间内的位移之差是一恒量，知上木块做加速运动，下木块在相等时间内的位移大小相等，做匀速直线运动，故A正确；

B．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设每一小格为d，则上木块在时刻t2的速度，下木块的速度，故B错误；

C．在时刻t2以及时刻t5间，上下木块运动的位移大小相等，时间相等，则平均速度相等，故C正确；

D．根据△x=aT2得，上面木块的加速度，则在时刻t1瞬间上面木块的瞬时速度

与下木块的速度不等，故D错误．

故选AC。

10. 质点做匀变速直线运动的速度v与时间t的关系为（物理量均采用国际单位制单位），则该质点（　　）

A. 质点运动初速度为2m/s

B. 第3s末的速度是12m/s

C. 前2s内的平均速度是5m/s

D. 任意1s内的速度增量都是4m/s

【答案】AD

【解析】

【详解】A．根据匀变速直线运动的速度时间关系

v=v0+at

与速度v与时间t的关系

v=4+2t

可知质点运动的初速度

v0=2m/s

加速度

a=4m/s2

故A正确；

B．由速度v与时间t的关系

可得第3s末的速度是

故B错误；

C．根据位移时间公式

可得质点在前2s内的位移

前2s内的平均速度

故C错误；

D．根据速度时间关系可得任意1s内的速度增量

故D正确。

故选AD。

11. 冰壶（Curling）, 又称冰上溜石、掷冰壶,是以队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，被大家喻为冰上的“国际象棋”，为冬奥会比赛项目,它考验参赛者的体能与脑力，展现动静之美、取舍之智慧。在某次比赛中,冰壶投出后做匀减速直线运动，经过20 s停止，已知倒数第3 s内的位移大小为1.0 m，下列说法中正确的是（　　）

A. 冰壶的加速度大小为0.3 m/s2 B. 冰壶的加速度大小为0. 4 m/s2

C. 冰壶第1 s末的速度大小为5.7 m/s D. 冰壶第1 s内的位移大小为7.8 m

【答案】BD

【解析】

【详解】AB．整个过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运动，倒数第3 s内的位移大小为1.0 m，则

代入数据得

a=0.4m/s2

故A错误，B正确；

CD．由速度公式可知初速度为

v0=at0=0.4×20m/s=8m/s

所以在1s末的速度为

v1=v0-at1=8m/s-0.4×1m/s=7.6m/s

而第1s内的位移

故C错误，D正确。
故选BD。

12. 在同一平直公路上行驶的a车和b车其位移时间图像分别为图中直线a和曲线b。已知b车的加速度恒定且初速度大小为，方向沿x轴正方向，时，直线a和曲线b刚好相切。下列说法正确的是（　　）

A. a车的速度为

B. b车的加速度为

C. 时，a车和b车相距9m

D. 时，a车在b车前方1m处

【答案】ACD

【解析】

【详解】A．由图可知，a车做匀速直线运动，速度大小为

故A正确；

B．b车在速度大小为2m/s，B车的加速度为

故B错误；

C．前3s内，b车

解得

因此时，a车和b车相距

故C正确；

D．时

故a车在b车前方1m处，故D正确。

故选ACD。

第Ⅱ卷（非选择题，共60分）

二、实验题（本题包括2个小题。共14分．把答案填在题中的横线上）

13. 在研究匀变速直线运动规律的实验中，做匀变速直线运动的小车带动纸带运动，用打点计时器打下一条点迹清晰的纸带，如图所示。打点计时器打点的时间间隔为0.02s，按打点时间先后顺序，每五个点取一个计数点，依次得到A、B、C、D、E 五个计数点。用刻度尺量得B、C、D、E各点到A点的距离分别为AB=7.60cm，AC=13.60cm，AD=8.00cm，AE=20.80cm，由此可知，打点计时器打B点时，小车的速度为________m/s，小车运动的加速度大小为______m/s2，加速度方向与小车运动方向_____（填“相同”或“相反”）。

【答案】    ①. 0.68    ②. 1.60    ③. 相反

【解析】

【分析】

【详解】[1]每五个点取一个计数点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s，利用匀变速直线运动的推论得

[2]根据运动学公式得

可得

[3]从题目中数据得知，相邻的计数点的距离越来越小，也就说明了小车的速度越来越小即做减速运动，所以小车的加速度和速度方向相反。

14. 如图甲所示，是研究小车做匀变速直线运动基本公式应用的实验装置：

（1）实验中，必要的措施是_______；

A．细线必须与长木板平行

B．小车必须具有一定的初速度

C．小车质量远大于钩码质量

D．平衡小车与长木板间的摩擦力

（2）如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G是打好的纸带上7个连续的点．从图乙中可读得=________cm。

（3）如图丙所示，是根据实验数据画出的v2﹣2s图线（s为各打点至同一起点的距离），由图线可知：该图线的斜率表示________，其大小为________（保留2位有效数字）。

【答案】    ①. A    ②. 6.00    ③. 加速度    ④. 0.50m/s2

【解析】

【详解】（1）[1]A.实验中，细线必须与长木板平行，以减小实验的误差，故A正确；

B.实验中让小车由静止释放，不需要初速度，故B错误；

C.此实验不需要使得小车质量远大于钩码质量，故C错误；

D.此实验没必要平衡小车与长木板间的摩擦力，故D错误。

故选A。

（2）[2]从图乙中可读得；

（3）[3]根据运动学公式：，可见图象的斜率是小车加速度；

[4]由图线可知，小车运动的加速度的大小为

三、计算题（本题共4个小题，共46分。解答应写出必要的文字说明、方程式及重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）

15. 如图所示为超声波测速示意图。一固定的超声波测速仪每隔1s向小汽车发出一个超声波脉冲信号，已知第一个超声波t0＝0时刻发出，遇到小汽车后返回，t1＝1.0s时刻接收到反射波同时发出第二个超声波，t2＝1.9s时刻接收到第二个反射波。若超声波在空气中的传播速度为3.4×102m/s，小汽车在这段时间的运动视为匀速运动，根据上述条件：

(1)请判断小汽车是靠近还是远离测速仪运动？

(2)小汽车运动速度是多少？

【答案】(1)靠近；(2) 17.9m/s

【解析】

【分析】根据题意从而可以求出超声波前后两次测速仪所用的时间，结合声速，进而可以求出前后两次运动物体到测速仪之间的距离，从而判断小汽车是靠近还是远离测速仪，物体前后两次到测速仪之间的距离之差即为运动物体前进的路程，由于两次超声波发出的时间间隔可知，运动物体的时间为从第一次与超声波相遇开始，到第二次与超声波相遇结束，求出这个时间，就是运动物体的时间，根据运动物体的距离和时间，即可求出运动物体的速度。

【详解】(1)第一次超声波接触小汽车时超声波测速仪与小汽车之间的距离：

第二次接触小汽车时超声波测速仪与小汽车之间的距离：

所以小汽车靠近测速仪。

(2)汽车在向着超声波测速仪前进，前进的位移：

经过的时间：

小汽车的速度：

【点睛】两次信号的时间间隔虽然是已知，但物体在接收到两次信号时其通过的路程所对应的时间不是来回时间。要从起第一次接收到超声波的信号开始计时，到第二次接收到超声波的信号结束，由此来确定其运动时间。通过的路程与通过这段路程所用的时间对应上是解决此题关键。

16. 可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏，如图所示，有一企鹅在倾斜冰面上，先以加速度从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，t＝8s时，突然卧倒以加速度大小为肚皮贴着冰面匀减速向前滑行，最后以加速度大小为加速滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。求：

（1）企鹅向上“奔跑”的位移大小；

（2）企鹅向上减速滑行的位移大小；

（3）企鹅退滑到出发点时的速度大小。

【答案】（1）16m；（2）2m；（3）6m/s

【解析】

【详解】（1）根据匀变速直线运动位移时间公式，可得企鹅向上奔跑时的位移为

（2）根据匀变速直线运动速度时间公式，可得企鹅开始减速时的速度为

企鹅速度减为0时的位移为

（3）根据匀变速直线运动速度位移公式，可得企鹅回到出发点时的速度为

17. “山东舰”是中国首艘自主建造的国产航母，2019年12月17日，经中央军委批准，命名为“中国人民解放军海军山东舰”。航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统。已知飞机在跑道上加速时能产生的最大加速度为5.0 m/s2，当飞机的速度达到50 m/s时才能离开航空母舰起飞。设航空母舰处于静止状态。问：

（1）若要求该飞机滑行160 m后起飞，弹射系统必须使飞机具有的初速度至少多大？

（2）若航空母舰上不装弹射系统，要求该飞机仍能从此舰上正常起飞，问该舰甲板至少应多长？

（3）若航空母舰上不装弹射系统，设航空母舰甲板长为160 m，为使飞机仍能从此舰上正常起飞，这时可以先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行，则这个速度至少多大？

【答案】（1）30 m/s　（2）250 m　（3）10 m/s

【解析】

【分析】

【详解】（1）设经弹射系统帮助使飞机具有的初速度为v0，根据

v2-v02=2ax

得

v0=30 m/s

故若要求该飞机滑行160 m后起飞，弹射系统必须使飞机具有的初速度至少为30 m/s。

（2）不装弹射系统时，由

v2=2ax

得

x=250 m

故若航空母舰上不装弹射系统，要求该飞机仍能从此舰上正常起飞，该舰甲板至少应250 m长。

（3）以航空母舰为参考系，设航空母舰速度为v1，由

v2-v02=2ax，（其中v0=0，a=5.0 m/s2，x=160 m）

解得

v=40 m/s

根据相对速度公式

v绝对=v＋v1

得

v1=v绝对-v=50 m/s-40 m/s=10 m/s

让航空母舰沿飞机起飞方向至少以10 m/s匀速航行。

18. 如图甲所示，平直公路上依次有A、B、C、D、E五根太阳能路灯灯杆，相邻两灯杆间距相等，一辆汽车以的速度沿公路匀速行驶，经过点（图中未标出）时发现前方道路封闭，经过反应时间后开始刹车，汽车刹车后立即做匀减速直线运动，直到停止。自点开始计时，汽车在内运动的图像如图乙所示，已知汽车在和时恰分别经过B、C两灯杆，汽车可视为质点。求：

（1）汽车经过A灯杆时的速度大小（结果可保留根号）；

（2）反应时间；

（3）点距E灯杆距离。

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】

【详解】（1）设相邻两灯杆的间距为，由图像和逆向思维可知

又因

联立解得

（2）由图像可知

解得汽车减速时的加速度大小

由速度公式可知

解得反应时间

（3）由图像面积可知间的距离

解得间的距离

又由

可知间的距离

故点距E杆的距离

解得