2021-2022学年安徽省淮北市五校联考九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年安徽省淮北市五校联考九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了5A，【答案】失去电子，【答案】0，【答案】小于，【答案】灯泡L2短路，【答案】36，【答案】2000等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年安徽省淮北市五校联考九年级（上）期末物理试卷

1. 在寒冷的冬天，我们可以用热水袋焐手来提高手的温度，也可以通过双手相互搓动来提高手的温度。这两种方式都可以改变手的内能，其中搓手是通过______的方式增加手的内能的。
2. 夏日晴朗的白天，在太阳光的照射下，某海边城市陆地升温较快，陆地表面形成低气压，海水升温较慢，海水表面形成高气压，空气由海水表面向陆地流动，如图所示(箭头表示空气流动方向)，形成海风。由海风形成的原因可知，水的比热容______(选填“>”、“=”或“L乙，闭合开关S，电流表A1的示数大于电流表A2的示数，则甲材料的电阻率ρ甲______(选填“大于”、“等于”或“小于”)乙材料的电阻率ρ乙。
7. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，两个灯泡均发光(假设灯丝电阻不变)，电压表的示数为U。过一段时间后，突然一个灯泡熄灭，另一个灯泡仍然发光，且一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小。已知两个灯泡中仅有一个出现了故障，则故障情况是______。
8. 如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P从b点向左移动到某点的过程中，两个电压表的示数随电流表的示数变化的图像如图乙所示。当滑动变阻器的电阻丝接入电路的长度为总长度的45时，通电10s，该电路消耗的电能为______ J。

9. 小明家的电能表标有“3000revs/(kW⋅h)”字样，当小明家有部分用电器正在使用时，测得该电能表的转盘在4min内转了400转，则小明家正在使用的用电器的总功率为______ W。
10. 请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。

11. 下列关于分子运动现象的解释或说明中正确的是(    )
A. 水和酒精混合后总体积变小，说明它们的分子总数在减少
B. 红墨水在热水中散开的速度较快，说明温度越高，分子运动越剧烈
C. 两个铅块紧压后粘在一起，下面即使挂较重的物体也不会松脱，说明固体之间也可以发生扩散现象
D. 抽掉玻璃板后，二氧化氮进入上面的空气瓶中，说明二氧化氮分子是运动的，空气分子是静止的
12. 随着人们生活水平的不断提高，小汽车已进入了千家万户。小汽车的发动机一般都是四冲程汽油机。下列是汽油机工作时的四个冲程的示意图，其中将内能转化为机械能的冲程是(    )
A. B. C. D.
13. 当电压力锅内气压过大或温度过高时，电压力锅的发热器都会自动停止工作；当锅内气压和气温都低于一定值时，发热器又能自动工作。锅内气压大于一定值时，开关S1自动断开；锅内气压低于一定值时，开关S1自动闭合；锅内温度高于一定值时，开关S2自动断开；锅内温度低于一定值时，开关S2自动闭合。下列电路设计中符合要求的是(    )
A. B.
C. D.
14. 下列是常见电流、电压、电阻和电功率的大小的估计值，其中最接近实际的是(    )
A. 手机电池的电压为220V B. 电视机的正常工作电流约为10A
C. 实验用小灯泡的电阻约为500Ω D. 家用空调的功率为1200W
15. 如图所示，电源电压保持不变。闭合开关S，在将滑片P由图中位置逐渐向左移动的过程中，若忽略灯丝电阻的变化，则下列说法中错误的是(    )
A. 电压表V的示数不变
B. 电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大
C. 灯泡的实际功率变小
D. 电流表A和A1的示数的差值不变

16. 灯泡L1、L2的铭牌上分别标有“6V 3W”字样和“3V 3W”字样，忽略灯丝电阻的变化，在保证各元件安全的情况下，下列说法中正确的是(    )
A. 两灯泡串联，灯泡L1、L2两端的电压之比为2：1
B. 两灯泡串联，电路两端允许加的最大电压为9V
C. 两灯泡并联，电路消耗的最大功率为6W
D. 两灯泡并联，灯泡L1、L2消耗的实际功率之比为1：4
17. 如图所示，下列说法中正确的是(    )
A. 家庭常用的插排中各插孔之间是串联的
B. 使用试电笔时手指不能接触笔上的金属部分
C. 三脚插头中较长的插脚与用电器的金属外壳相连
D. 空气开关跳闸一般都是由于漏电导致的
18. 控制变量法和转换法是初中物理探究实验中常用的两种方法。在如图所示的实验装置中，相同的烧瓶内装有电热丝和质量相同的液体。可以用这个装置来完成两个实验。
(1)根据控制变量法的要求，当烧瓶内的______(选填“电热丝规格”或“液体种类”)不同而其他条件均相同时，可以探究不同物质的吸热能力。
(2)在相同的烧瓶中装相同质量的同种液体，在探究电流产生的热量与哪些因素有关时，通过比较______来比较两根电热丝产生热量的多少。

19. 小华在“探究并联电路中电流的关系”的实验中，设计的实验电路图如图甲所示，连接的实物电路如图乙所示，其中电源电压可调。

(1)若某次实验时，通过每个灯泡的电流均为0.3∼0.5A，要测通过干路中的电流，则M、N应接
______(选填“a”、“b”、“c”或“d”)接线柱。
(2)小华调节电源的电压，经过正确的实验操作，获得了下表所示的实验数据。
实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
0.22
2
0.20
0.24
0.44
3
0.25
0.30
0.55
小华分析数据后得出了实验结论，但经过评估和交流，大家认为小华的实验存在不足之处，其不足之处为______。
20. 小红设计的电路图如图甲所，利用此电路可以完成很多电学实验。图乙是其实物电路，其中电源电压恒为4.5V，滑动变阻器上标有“30Ω1A”字样，其他均为实验室常用器材。
(1)小红连接好图乙所示的实物电路后，发现存在连线错误，因为闭合开关S后，除了滑动变阻器无法改变其接入电路的阻值外，还会导致______，从而损坏该电路元件。
(2)改正图乙中滑动变阻器的接线错误后，小红将某定值电阻R接入M、N两接线柱间，通过调节滑动变阻器，测得电压表和电流表的示数并填入下表中。通过数据处理可知，该定值电阻的阻值为______Ω。(结果保留整数)
组别
1
2
3
4
电压U/V
2.7
2.4
2.1
1.6
电流I/A
0.14
0.12
0.10
0.08
(3)小红又将额定电压为2.5V的小灯泡接入M、N两接线柱间，调节滑片P使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，则该小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小红又将阻值为5Ω、10Ω、20Ω、30Ω、40Ω的定值电阻分别接入M、N两接线柱间，探究电流与导体电阻的关系。在定值电阻由小到大依次接入电路的过程中，为了保证本实验过程中电压表的示数不变，滑动变阻器接入电路的阻值应______(选填“逐渐增大”、“保持不变”或“逐渐减小”)。
21. “运−20”是我国自主研发的大型运输机，它的发动机是一种热机，航空煤油在气室中燃烧，然后从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力。当“运−20”在高空中飞行时，在恒定的水平推力的作用下，以720km/h的速度沿水平方向匀速航行15min。已知它的发动机的效率为60%，水平推力的大小为1.5×105N，航空煤油的热值q=4.0×107J/kg。求：
(1)“运−20”的发动机的功率。
(2)“运−20”的发动机需要燃烧的航空煤油的质量。
22. 如图甲所示的是速热型电热水龙头，其电路简图如图乙所示，R1、R2为电热丝，其中R2的阻值为110Ω。通过操作开关，可以提供温水和热水。该水龙头的铭牌参数如图丙所示，温水挡电功率模糊不清。电热水龙头在额定电压下工作。
额定电压
额定功率
220V
温水
热水

4400W
(1)当闭合开关S1，断开开关S2时，电热丝R1和R2的电功率分别为P1和P2，电路的总功率为P，试证
明：P=P1+P2。
(2)该电热水龙头的温水挡功率是多大？
(3)闭合开关S1、S2，不计热量损失，该水龙头把1kg的水从15℃加热到37℃，需要加热多长时间？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]

23. 如图甲所示，电流表A1的量程为0∼3A，电流表A2的量程为0∼0.6A，电源电压为12V，闭合开关S，小灯泡L正常发光。已知灯丝电阻保持10Ω不变，在保证电路安全的情况下最大范围调节滑动变阻器R的滑片，电流表A1的示数与滑动变阻器R接入电路的阻值的关系图像如图乙所示。求：
(1)小灯泡L的额定功率。
(2)在保证电路安全的情况下，滑动变阻器R接入电路的阻值范围。


答案和解析

1.【答案】做功 
【解析】解：用力搓手，由于需要克服摩擦力做功，所以手发热是通过做功的方式增加手的内能。
故答案为：做功。
改变内能的方式：做功和热传递，对物体做功，物体的内能会增加；物体吸收热量，内能会增加。
本题考查改变内能的方式，属于基础题目，难度不大。

2.【答案】> 
【解析】解：因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，在太阳照射下陆地和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；陆地吸热后，温度上升快，热空气上升，风从海洋吹向陆地，形成海风；同样的道理，夜晚的风向则正好相反。
故答案为：>。
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析海陆风和陆海风的形成过程，进一步判断风向的特点。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成，是一道应用物理知识解释自然现象的题目。

3.【答案】失去电子 
【解析】解：用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒的原子核束缚核外电子本领弱失去电子，玻璃棒由于失去电子而带正电。
故答案为：失去电子。
不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因有多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。
本题考查摩擦起电的实质，注意从题干中获取有用信息是解题的关键，比较简单。

4.【答案】右 
【解析】解：电路中A处电流的方向是向左的，金属铜导线中电子的定向移动方向与电流方向相反，所以电子正在向右做定向移动。
故答案为：右。
正电荷移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。实际电路中电源外部电流的方向是从电源正极出发经过用电器回到电源负极。
明确形成电流方向的规定，知道导体导电的原因，是解答此题的关键。

5.【答案】0.2 
【解析】解：由图可知，当将A、B分别接在某一电源的两极时，R1、R2并联，电流表测量R2的电流，根据并联电路的电压特点，并联电路各支路的电压都相等，由I=UR可得电源电压：
U=U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V；
将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电源的两极，电源电压U=10V不变，
R1、R2串联，串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，R=R1+R2=30Ω+20Ω=50Ω，
串联电路的电流处处相等，通过C点的电流为：
I=UR=10V50Ω=0.2A。
故答案为：0.2。
当将A、B分别接在某一电源的两极时，R1、R2并联，电流表测量R2的电流，根据欧姆定律可求电源电压；将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电源的两极，R1、R2串联，根据可求电路中C点的电流。
本题主要考查了串并联电路的特点以及欧姆定律的应用，常见题目。

6.【答案】小于 
【解析】解：闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测通过R2的电流，已知电流表A1的示数大于电流表A2的示数，
并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可知R1小于R2，由导体电阻大小的计算公式是R=ρLS可得ρ=RSL，R1是由甲材料制成的电阻丝，R2是由乙材料制成的电阻丝，它们的横截面积S相同，长度L甲>L乙，所以甲材料的电阻率ρ甲小于乙材料的电阻率ρ乙。
故答案为：小于。
闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测通过R2的电流，已知电流表A1的示数大于电流表A2的示数，根据并联电路电压特点和欧姆定律可比较两电阻的阻值的大小，由导体电阻大小的计算公式是R=ρLS可得ρ=RSL，R1是由甲材料制成的电阻丝，R2是由乙材料制成的电阻丝，它们的横截面积S相同，长度L甲>L乙，进一步比较电阻率的大小。
本题考查并联电路特点和欧姆定律、电阻率公式的灵活运用。

7.【答案】灯泡L2短路 
【解析】解：由图可知，闭合开关S后，两灯串联，电压表测L2两端的电压，电流表测串联电路的电流；
过一段时间后，突然一个灯泡熄灭，另一个灯泡仍然发光，这说明电路是通路，故障为短路；
用电器短路后，电路中的电流变大，所以电流表示数变大，则电压表示数变小，说明与电压表并联部分短路了，即灯泡L2短路。
故答案为：灯泡L2短路。
由图可知，闭合开关S后，两灯串联，电压表测L2两端的电压，电流表测串联电路的电流；根据两灯亮灭情况判断故障类型，根据电表示数变化明确故障情况。
本题考查了利用电流表和电压表判定电路的故障，属于基础题。

8.【答案】36 
【解析】解：由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
当滑动变阻器的滑片P从b点向左滑到某点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，
根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；所以图乙中5V∼3V是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，1V∼3V是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；
由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，
由图象可以看出，滑片P在b点时电流Ib=0.5A，U1=1V、U2=5V，所以电源电压：U=U1+U2=1V+5V=6V，
由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R=U2Ib=5V0.5A=10Ω，电阻R0的阻值：R0=U1Ib=1V0.5A=2Ω，
当滑动变阻器的电阻丝接入电路的长度为总长度的45时，滑动变阻器接入电路的电阻：R′=45R=45×10Ω=8Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时通过电路的电流：I=UR0+R′=6V2Ω+8Ω=0.6A，
通电10s，电路消耗的电能：W=UIt=6V×0.6A×10s=36J。
故答案为：36。
由电路图知，滑动变阻器R和电阻R0串联，电压表V1测R0两端电压，V2测R两端电压，电流表测电路中电流。
当滑动变阻器的滑片P从b点滑到某点的过程中，滑动变阻器R连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，
根据串联电路的分压原理可知：滑动变阻器两端的电压变小，R0两端的电压变大；所以图乙中5V∼3V是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线，1V∼3V是表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图线；
由电路图知，P在b点时，电路中电阻最大，电流最小，由乙图可以看出，滑片P在b点时通过电路的电流和两个电压表的示数，根据串联电路电压规律计算电源电压；根据欧姆定律计算滑动变阻器和定值电阻的阻值，进一步计算当滑动变阻器的电阻丝接入电路的长度为总长度的45时，滑动变阻器接入电路的电阻，根据欧姆定律和串联电路电阻规律计算此时通过电路的电流，根据电功公式计算通电10s，该电路消耗的电能。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律和电功公式的应用，要明白电路各个用电器的连接情况。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，要能将电路图与图象结合起来并从中获取有用信息。

9.【答案】2000 
【解析】解：由电能表的盘上标有“3000revs/(kW⋅h)”，表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转；
所以当电能表转盘转400转时，消耗的电能为：
W=4003000kW⋅h=215kW⋅h=215×3.6×106J=4.8×105J，
t=4min=240s，
用电器的总功率为
=Wt=4.8×105240s=2000W。
故答案为：2000。
3000revs/kW⋅h的含义是：电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转了3000转；由此可求得转盘转400转时，用电器消耗的电能；再利用电功率的公式P=Wt求这个用电器的总功率。
本题考查消耗电能、电功率的计算，理解电能表相关参数的意义是关键。

10.【答案】解：
(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：
 
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

11.【答案】B 
【解析】解：A、水和酒精混合后总体积变小，说明分子间存在间隙，故A错误；
B、红墨水在热水中散开的速度较快，说明分子运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故B正确；
C、两个铅块紧压后粘在一起，下面即使挂较重的物体也不会松脱，说明分子间存在相互作用的引力，故C错误；
D、抽掉玻璃板后，二氧化氮进入上面的空气瓶中，说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。
故选：B。
分子动理论的基本观点：
(1)一切物质都是由分子或原子组成的，分子间有间隙；
(2)一切分子都在不停地做无规则运动，温度越高分子运动得越剧烈；
(3)分子之间存在着相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的基本观点，属于基础题。

12.【答案】D 
【解析】解：内能转化成机械能的冲程是做功冲程；
A图：进气门打开，排气门关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，故A不符合题意；
B图：进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，故B不符合题意；
C图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故C不符合题意；
D图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，故D符合题意。
故选：D。
内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，以及压缩冲程的能量转化，是中考的热点内容。

13.【答案】A 
【解析】解：A、两个开关断开任何一个时，发热器都会停止工作，故A符合题意；
B、两开关都闭合时，发热体会短路，不工作，故B不符合题意；
C、开关都闭合，电源短路，故C不符合题意；
D、两个开关断开任何一个时，发热器还会正常工作，故D不符合题意；
故选：A。
由题意可知，压强过大时开关S1自动断开，温度过高时开关S2自动断开，两者都会造成发热器停止工作，说明两开关串联共同控制发热器。
本题考查了电路图的设计，关键是根据题意得出两开关的连接方式和发热体工作的特点。

14.【答案】D 
【解析】解：A、手机电池的电压为3.7V，故A错误；
B、电视机的正常工作电流约为0.5A，故B错误；
C、实验用小灯泡的电阻约为10Ω，故C错误；
D、家用空调的功率为1200W，符合实际，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

15.【答案】C 
【解析】解：
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
AC、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡支路的电流不变，由P=UI可知，灯泡的实际功率不变；故A正确，C错误；
B、闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据R=UI可知，电压表V示数与电流表A1示数的比值为滑动变阻器接入电路的阻值，因此其比值变大，故B正确；
D、根据并联电路的电流关系可知，电流表A和A1示数之差为通过灯泡的电流，且保持不变，故D正确。
故选：C。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器支路的电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡支路的电流变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据R=UI分析电压表V示数与电流表A1示数的比值的变化；
根据并联电路的电流规律分析电流表A和A1示数之差的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片移动时电阻的变化是关键。

16.【答案】D 
【解析】解：A、根据P=U2R可知，两灯泡的电阻分别为：R1=U12P1=(6V)23W=12Ω，R2=U22P2=(3V)23W=3Ω，
又因为两灯串联时，通过的电流相等，由U=IR可知，灯泡L1、L2两端的电压之比为：U1′U2′=R1R2=12Ω3Ω=41，故A错误；
B、由P=UI可知，两灯泡的额定电流分别为：I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=3W3V=1A，
两灯串联时，因串联电路中各处的电流相等，L1的额定电流小于L2的额定电流，
所以，电路中的最大电流I=I1=0.5A，
此时L1两端的电压U1=6V，L2两端的电压U2′=IR2=0.5A×3Ω=1.5V；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电路两端允许的最大电压：
U=U1+U2′=6V+1.5V=7.5V，故B错误；
C、当把它们并联起来时，电路中的电源电压只能取灯泡L2的额定电压3V，
此时通过灯泡L1的电流为：I1′=U′R1=3V12Ω=0.25A，通过灯泡L2电流为I2=1A，
则干路电流为：I=I1′+I2=0.25A+1A=1.25A，
电路消耗的最大功率P=U′I=3V×1.25A=3.75W，故C错误；
D、因并联电路中各支路两端的电压相等，根据P=U2R可知，灯泡的实际功率之比：P1′P21=R2R1=3Ω12Ω=14，故D正确。
故选：D。
(1)根据P=U2R可求出两灯的电阻，两灯串联时，通过的电流相等，根据U=IR可求出两灯两端的电压之比；
(2)两灯串联时，电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，利用电阻的串联求出电路两端允许的最大电压；
(3)两灯并联时，电源电压只能取额定电压小的那个，然后分别算出通过R1和R2的电流，最后将它们的电流相加算出总电流，再由P=UI可求出电路消耗的最大功率；
(4)两灯泡并联时它们两端的电压相等，根据P=U2R求出两灯泡消耗的实际功率之比。
本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时两端允许所加的最大电压为两者额定电压中较小的。

17.【答案】C 
【解析】解：
A、家庭电路中，各家用电器之间都是并联的，所以图中插孔之间是并联的，故A错误；
B、使用试电笔时，手指不能接触笔尖金属体，但要接触笔尾金属体，故B错误；
C、有金属外壳的用电器应使用三孔插座，让金属外壳接地可以防止金属外壳带电而发生触电事故，三脚插头中较长的插脚与用电器的金属外壳相连，故C正确；
D、家庭电路中，空气开关跳闸可能是因为电路发生了短路，也可能是电路的总功率过大，故D错误。
故选：C。
(1)插座之间是串联，插座不接入用电器时，电路断路，其它电器不能工作；插座接入用电器时，电路是通路，两个家用电器并联在电路中；
(2)使用试电笔时，手指不能碰到笔尖金属体，但要接触笔尾金属体；
(3)用电器的金属外壳必须接地；
(4)家庭电路电流过大的原因：短路或总功率过大。
本题考查串联电路和并联电路的辨别以及并联电路的特点和开关的作用，分清家庭电路中用电器之间的连接方式较为关键。

18.【答案】液体种类  温度计示数的变化 
【解析】解：(1)探究不同物质的吸热能力需控制液体的种类不同而其它条件相同；
(2)电流通过导体产生的热量无法直接观察，需通过观察温度计示数的变化来比较。
故答案为：(1)液体种类；(2)温度计示数的变化。
(1)根据控制变量法分析可知探究不同物质的吸热能力需控制液体的种类不同；
(2)电流通过导体产生的热量无法直接观察，需通过观察温度计示数的变化来比较，采用转换法。
本题考查转换法和控制变量法的应用，要注意我们探究的多是两个量之间的关系，若题目中出现三个量时应采用控制变量法保持某个量不变才能进行比较。

19.【答案】d 没有换用不同规格的小灯泡进行多次实验 
【解析】解：
(1)若某次实验时，通过每个灯泡的电流均为0.3∼0.5A，则干路中的电流在0.6∼1.0A之间，所以电流表要选用大量程，即M、N应接d接线柱。
(2)根据表格中的数据可知，实验中采用的是不更换灯泡调节电源电压，为了获得普遍规律，应换用不同规格的小灯泡进行多次实验。
故答案为：(1)d；(2)没有换用不同规格的小灯泡进行多次实验。
(1)根据干路中电流的大小分析；
(2)实验中换用不同规格的灯泡多次测量，可以获得普遍规律。
本题是探究并联电路电流规律的实验，考查实验注意事项、归纳法的应用等知识，属于基础题。

20.【答案】电压表的示数超出量程  200.75逐渐增大 
【解析】解：(1)由图乙可知，滑动变阻器接入的是上面两个接线柱，闭合开关，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电流表和电压表串联接入电路，电压表测量电源电压；
由于电压表的内阻很大，相当于断路，所以电路中的电流几乎为零，而电压表所选量程为0∼3V，电源电压为4.5V，所以电压表的示数超出量程，易损坏电压表；
(2)将定值电阻接入M、N两接线柱间，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路中电流，电压表测量定值电阻两端的电压，
根据欧姆定律可得，定值电阻的测得值分别为：R1=U1I1=2.7V0.14A≈19.3Ω、R2=U2I2=2.4V0.12A=20Ω、R3=U3I3=2.1V0.10A=21Ω、R4=U4I4=1.6V0.08A=20Ω，
则定值电阻的阻值大小为：R=R1+R2+R3+R44=19.3Ω+20Ω+21Ω+20Ω4≈20Ω；
(3)将额定电压为2.5V的小灯泡接入M、N两接线柱间，闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中电流，电压表测量小灯泡两端的电压，
由图丙可知，电流表所选量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知，电流表示数即电路中的电流大小为I=0.3A，
小灯泡的额定功率为：P额=U额I=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)探究电流与导体电阻的关系，应控制定值电阻两端的电压不变。根据串联电路的分压规律可得，U定U滑=R定R滑，由此可知，当定值电阻两端的电压和滑动变阻器两端的电压一定时，电路中接入的定值电阻越大，滑动变阻器接入电路的阻值也要逐渐增大。
故答案为：(1)电压表的示数超出量程；(2)20；(3)0.75；(4)逐渐增大。
(1)由图乙可知，滑动变阻器接入的是上面两个接线柱，闭合开关，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电流表和电压表串联接入电路，根据电压表所选量程和电源电压分析各元件是否安全；
(2)将定值电阻接入M、N两接线柱间，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路中电流，电压表测量定值电阻两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻测得值的大小，再求平均值得出定值电阻的阻值大小；
(3)将额定电压为2.5V的小灯泡接入M、N两接线柱间，闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路中电流，电压表测量小灯泡两端的电压，根据电流表所选量程和指针位置读出电路中的电流大小，根据P=UI计算小灯泡的额定功率；
(4)探究电流与导体电阻的关系，应控制定值电阻两端的电压不变。根据串联电路的分压规律判断滑动变阻器接入电路的阻值变化。
本题综合考查实验：伏安法测量定值电阻的大小、测量小灯泡的电功率、探究电流与导体电阻的关系，综合性强，难度较大。

21.【答案】解：(1)已知“运−20”的发动机的水平推力为F=1.5×105N，
已知运输机飞行的速度为v=720km/h=200m/s，
则“运−20”的发动机的功率为：P=Wt=Fst=Fv=1.5×105N×200m/s=3×107W；
(2)已知“运−20”的发动机的效率为η=60%，
发动机做的有用功为：W=Pt=3×107W×15×60s=2.7×1010J，
由η=WQ放可知航空煤油完全燃烧放出的热量为：Q放=Wη=2.7×1010J60%=4.5×1010J，
由Q放=qm可知需要燃烧的航空煤油的质量为：m=Q放q=4.5×1010J4.0×107J/kg=1125kg。
答：(1)“运−20”的发动机的功率为3×107W；
(2)“运−20”的发动机需要燃烧的航空煤油的质量为1125kg。 
【解析】(1)已知“运−20”的发动机的水平推力和飞行速度，利用P=Wt=Fst=Fv可求出“运−20”的发动机的功率；
(2)已知“运−20”的发动机的效率，利用W=Pt可求出发动机做的有用功；再根据η=WQ放可求出航空煤油完全燃烧放出的热量，最后根据Q放=qm可得出需要燃烧的航空煤油的质量。
本题考查了对功、功率、热值和效率的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的计算公式及变形式。

22.【答案】(1)当闭合开关S1，断开开关S2时，两电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，
设R1两端的电压为U1，R2两端的电压为U2，则R1消耗的电功率可表示为P1=U1I，R2消耗的电功率可表示为计算P2=U2I，
串联电路总电压等于各部分电压之和，电路总功率：P=UI=(U1+U2)I=U1I+U2I，所以P=P1+P2；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2时，两电阻串联接入电路，两开关同时闭合，电路为R1的简单电路，串联电路总电阻大于任何一个分电阻，根据P=U2R可知电阻越大，电功率越小，所以闭合开关S1，断开开关S2时为温水挡，两开关同时闭合为热水挡，则R1的电阻：R1=U2P1=(220V)24400W=11Ω，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以当闭合开关S1，断开开关S2时电路的总电阻：R=R1+R2=11Ω+110Ω=121Ω，
温水挡的电功率：P温水=U2R=(220V)2121Ω=400W；
(3)该水龙头把1kg的水从15℃加热到37℃，水吸收的热量：Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(37℃−15℃)=9.24×104J，
不计热量损失，需要加热的时间：t=WP热水=QP热水=9.24×104J4400W=21s。
答：(1)同上；
(2)该电热水龙头的温水挡功率是40W；
(3)闭合开关S1、S2，不计热量损失，该水龙头把1kg的水从15℃加热到37℃，需要加热21s。 
【解析】(1)当闭合开关S1，断开开关S2时，两电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律和电功率公式可得P=P1+P2；
(2)当闭合开关S1，断开开关S2时，两电阻串联接入电路，两开关同时闭合，电路为R1的简单电路，根据串联电路电阻规律结合P=U2R可知电热水龙头的挡位，根据R=U2P计算R1的电阻，根据串联电路电阻规律计算两电阻串联时的总电阻，根据P=U2R可该电热水龙头的温水挡功率；
(3)根据吸热公式计算水吸收的热量，根据t=WP计算不计热量损失，该水龙头把1kg的水从15℃加热到37℃，需要加热多长时间。
本题考查串联电路特点、电功率公式、电功公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。

23.【答案】解：(1)由图甲可知小灯泡和滑动变阻器并联，根据并联电路的电压特点可知，小灯泡两端的电压UL=U=12V，此时小灯泡正常工作；
则小灯泡L的额定功率：P=UI=UL2RL=(12V)210Ω=14.4W；
(2)通过小灯泡的电流IL=ULRL=12V10Ω=1.2A；
电流表A1测干路中的电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流；
由图乙可知，干路最大电流I最大=1.8A，则根据并联电路电流规律可知，通过滑动变阻器R的最大电流为：I滑最大=I最大−IL=0.6A；
根据I=UR可得滑动变阻器R连入电路的最小阻值为：R滑最小=UI滑最大=12V0.6A=20Ω；
由图乙可知，干路最小电流：I最小=1.4A，则根据并联电路电流规律可知，通过滑动变阻器R的最小电流为：I滑最小=I最小−IL=1.4A−1.2A=0.2A；
根据I=UR可得滑动变阻器R的最大阻值为：R滑最大=UI滑最小=12V0.2A=60Ω；
由此可知，滑动变阻器R接入电路的阻值范围为20Ω∼60Ω。
答：(1)小灯泡L的额定功率为14.4W；
(2)在保证电路安全的情况下，滑动变阻器R接入电路的阻值范围为20Ω∼60Ω。 
【解析】(1)由图甲可知小灯泡和滑动变阻器并联，根据并联电路的电压特点可知小灯泡两端的电压，已知小灯泡的电阻，利用P=UI=U2R可求出小灯泡L的额定功率；
(2)利用欧姆定律计算出通过小灯泡的电流IL，根据并联电路的电流特点可知通过滑动变阻器的电流；
电流表A1测干路中的电流，电流表A2测通过滑动变阻器R的电流；
由图乙可知，电流表A1的电流变化范围，由于通过滑动变阻器R的电流最大时滑动变阻器R连入电路的阻值最小，根据I=UR即可求出滑动变阻器R连入电路的最小阻值；
由于滑动变阻器R连入电路的阻值最大时通过滑动变阻器R的电流最小，根据图象可知电流表A1最小示数，然后根据并联电路的电流特点即可求出通过滑动变阻器R的最小电流，根据I=UR即可求出滑动变阻器R的最大阻值，最后可确定滑动变阻器R接入电路的阻值范围。
本题主要考查并联电路的特点、欧姆定律的应用等知识，会根据图象找出有用的信息并结合电路图正确分析是本题的难点所在。