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2021-2022学年吉林省通化十三中九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年吉林省通化十三中九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共22页。试卷主要包含了3A，5V，灯泡上标有“2，【答案】D，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
下列材料在常温下全部属于导体的一组是( )
A. 陶瓷、铁B. 大地、煤油C. 植物油、塑料D. 钨丝、盐水
小明和班里的同学讨论热学知识，你认为正确的是( )
A. 看到阳光下屋内飞舞的灰尘，这是分子在不停地作无规则的运动
B. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
C. 陨石在坠入大气层时，内能增加，机械能减小
D. 在内燃机的一个工作循环中，燃气对外做功四次
下列估测值正确的是( )
A. 教室每盏日光灯的功率约为400WB. 人体的安全电压是不高于36V
C. 家用电水壶工作时功率约为25WD. 电视机正常工作时电流约为10A
小阳在家中看电视，感觉室内较冷，他打开了电暖气取暖，下列物理量中变小的是( )
A. 电视机两端的电压B. 干路中的电流C. 电路的总电阻D. 电路的总功率
如图是某品牌榨汁机，为保障安全，该榨汁机设置了双重开关--电源开关S1和安全开关S2.当杯体倒扣在主机上时，S2自动闭合，此时再闭合S1，电动机才能启动，开始榨汁。下列电路图符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
如图所示，电源电压为3V保持不变，闭合开关，电压表示数为2V.下列选项符合题意的是( )
A. 电压表测R2两端电压B. R1、R2组成并联电路
C. 若开关断开，电压表示数为0D. R1、R2电阻之比2：1
甲、乙两只灯泡，其I−U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端电压为2V时，则( )
A. 电路中的电流为0.3A
B. 甲、乙两灯的阻值之比为3：2
C. 乙灯两端的电压2 V
D. 电路两端的总电压为5V
在如图所示的电路中，电源电压是6V，当开关闭合后，只有一只灯泡发光，且电压表的示数为6V，产生这一现象的原因是( )
A. 灯L1短路
B. 灯L2短路
C. 灯L1断路
D. 灯L2断路
某规格热敏电阻的阻值随环境温度的变化如图所示，如果设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，下列如图所示的电路中符合要求的可能是( )
A. B. C. D.
下列关于安全用电的说法正确的是( )
A. 当电路严重过载时，漏电保护器能自动切断电路
B. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾金属体，以免发生触电事故
C. 保险丝是由电阻率大、熔点低的材料制成的
D. 应将开关和用电器串联，并且开关安装在零线和用电器之间
将如图中的滑动变阻器连入电路中，要求开关S闭合后，滑片P向左移动时，电流表的示数变大，则应( )
A. N接C，M接D
B. N接C，M接F
C. N接D，M接F
D. N接E，M接D
甲灯标有“6V 3W”，乙灯标有“6V 9W”。将它们串联后接在电源上，其中一个灯泡能正常发光。下列说法正确的是( )
A. 正常发光的灯泡是乙灯B. 在材料和长度相同时，乙比甲灯丝细
C. 两灯的总功率是10WD. 电源电压是8V
当人们盛上一碗热气腾腾的胡辣汤时，满屋香气四溢，这是______现象；胡辣汤的温度越高，香味就越浓烈，这是因为温度越高，______。
一段导体两端电压为10V时，通过导体的电流为1A，若它两端电压变为5V时，该导体的电阻是______Ω，将该导体均匀拉长后，其电阻将______。
某太阳能热水器能使20kg的水温度由25℃升高到75℃，那么这些水吸收的热量是______，水的内能增加是通过______方式改变的。
有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶。再给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带______种电荷互相______。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是______电荷。
如图所示家用电子式电能表的表盘，它是用来测量______的仪表，其标定电流是______ A，若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了32次，该用电器在上述时间内消耗的电能为______，它的电功率是______。
一台饮水机额定电压为220V，正常工作时的电流为4A，则饮水机的电功率为______ W，1min内消耗的电能为______。
如图甲所示电路中，电流表A1测的是通过______的电流，当开关S闭合后，两电流表指针偏转均如图乙所去，则电流表A1的示数为______ A，通过两灯泡的电流比I1：I2=______。
如图甲所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端移动到b端，电压表和电流表示数变化情况如图乙所示，电源电压为______，滑动变阻器接入电路的最大阻值______。
北方冬天取暖要安装暖气，为什么用水做暖气片中的传导介质？
为什么电脑、手机的屏幕亮度越低，越省电？
如图所示，电源电压恒为4.5V，灯泡上标有“2.5V，0.5W”字样，闭合开关后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光。求：
(1)小灯泡正常发光时的电流是多少？
(2)小灯泡正常发光1min，电路消耗的总电能是多少？
如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器最大阻值为20Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.6A；当滑动变阻器滑片P移到b端时，电流表的示数为0.8A，求：
(1)电源电压。
(2)电阻R的阻值。
在如图所示虚线框中填入电池和电压表的符号，闭合开关两灯正常发光。
请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
如图甲所示，两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于分子间有______。乙图中水蒸气将塞子冲出去的过程中，能量转化情况是______。
如图是“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。两个相同的烧杯中分别装有初温和______相同的水和食用油，选用两个相同规格的电加热器加热，目的是使水和食用油在相等时间内______。这样设计实验体现的物理学研究问题方法是______法。
如图所示是探究“电流产生的热量与哪些因素有关”的装置。
(1)图甲中在两个密闭容器中装有质量相等的空气，并各放置一根阻值不同的电阻丝，此装置可研究电流产生的热量与______的关系；
(2)图乙两密闭容器中的电阻丝阻值相等，在其中一容器外部并联一个阻值相同的电阻，若图乙中两U形管内液面上升高度相同，则故障可能是______。排除故障后通电相同时间，发现左侧U形管内液面上升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的______越大，产生的热量越多。
(3)为了使乙实验中两侧U形管液面高度差更明显，可将空气盒外电阻换______(选填“大于”或“小于”)5Ω的电阻。
小赵同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：5Ω、10Ω、15Ω、20Ω及25Ω，标有“50Ω1A”的滑动变阻器R′、电压表(可用量程：0∼3V、0∼15V)、电流表(0∼0.6A)、开关各1只，导线若干。
(1)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最______端(选填“左”或“右”)，目的是______。
(2)闭合开关后，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：电流表示数变大时，电压表示数变小；经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能是______。
(3)小赵再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，由图象可得出的结论是：在电压一定时，电流与电阻成______。
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是______。
(5)为了完成该实验探究，滑动变阻器的最大阻值至少为______Ω。
小华用图甲所示的实验电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的额定功率，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，小华发现______(填“电流表”或“电压表”)几乎无示数。检查电路后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确。
(2)改正错误后，小明调节滑片P使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则该灯泡的额定功率为______ W。若想使小灯泡的电功率变大些，则滑片P应向______移动(填“左”或“右”)。
(3)小华用一个定值电阻R0接在原电路中电流表所在位置，设计了如图丙所示的电路，也测出了这个小灯泡的额定功率。具体操作是：闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，保持滑片的位置不变，只将电压表的______点(选填“A”或“B”)接线改接到______点，观察并记录电压表的示数U，通过计算求出了小灯泡的额定功率P=______。(所测物理量的符号表示)。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、陶瓷、铁中，陶瓷属于绝缘体，铁属于导体，故A错误；
B、大地、煤油中，大地属于导体，煤油属于绝缘体，故B错误；
C、植物油、塑料都属于绝缘体，故C错误；
D、钨丝、盐水都易导电，属于导体，故D正确。
故选：D。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】C
【解析】解：A、尘埃在空气中飞舞是宏观物体在外力作用下的机械运动，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故B错误；
C、陨石坠落的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，坠落过程中陨石要克服空气阻力做功，把机械能转化为内能，内能增加，机械能减小，故C正确；
D、内燃机的一个工作循环有4个冲程，曲轴转动2周，对外做功1次，故D错误。
故选：C。
(1)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的；我们能够看到的不是分子，是固体的小颗粒；
(2)用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙；
(3)物体克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加；
(4)内燃机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮和曲轴转动2周。
本题考查分子的运动、升华现象、能量的转化、热机，知识点较多，有一定的综合性。
3.【答案】B
【解析】解：A、教室内日光灯正常工作的电流在0.2A左右，发光功率在P=UI=220V×0.2A≈40W左右，故A错误。
B、对人体的安全电压应不高于36V，故B正确；
C、家用电热水壶正常工作的电流在5A左右，额定功率在P=UI=220V×5A=1100W左右，故C错误；
D、家用电视机的额定功率在110W左右，正常工作时的电流大约I=PU=110W220V=0.5A，故D错误；
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知。
4.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中各用电器是并联的，各用电器两端的电压都等于电源电压，故A错误；
B、家庭电路中各用电器是并联的，干路中的电流等于各支路电流之和，所以打开电暖气取暖，干路中的电流变大，故B错误；
C、家庭电路中各用电器是并联的，根据电阻越并越小的规律可知，打开电暖气取暖，电路的总电阻变小了，故C正确；
D、家庭电路中各用电器工作时的功率之和，就是电路中的总功率，所以电暖气取暖，电路的总功率变大了，故D错误。
故选：C。
家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，根据并联电路的特点、并联电阻的规律、并联电路功率的特点等对照选项可做出判断。
本题考查了并联电路中的电流、电压、电阻、电功率等特点，是一道综合题，要求我们对基本的规律有一个熟练的掌握，但总体难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，才开始榨汁，即电动机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电动机，两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，C正确。
故选：C。
串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方式，然后分析电路图答题。
(1)根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；
(2)根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。
6.【答案】D
【解析】解：
ABD、由图知，开关闭合后，电阻R1、R2串联，电压表并联在R1两端，测量电阻R1两端的电压，其大小U1=2V；电阻R2两端的电压U2=U−U1=3V−2V=1V，
因为两电阻串联，所以由欧姆定律可知I=U1R1=U2R2，
则R1：R2=U1：U2=2V：1V=2：1；故AB错、D正确；
C、若开关断开，电压表通过电阻R2接在电源上，测量电源电压，示数不为0，故C错。
故选：D。
(1)分析电路图，得出开关闭合后，电阻R1、R2串联，电压表并联在R1两端，测量电阻R1两端的电压，根据串联电路的电压特点得出电阻R2两端的电压；由于两电阻串联，利用欧姆定律求R1：R2；
(2)若开关断开，电压表通过电阻R2接在电源上，测量电源电压。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，分析电路图确定电压表的测量对象是关键。
7.【答案】D
【解析】解：将甲、乙两灯串联在电路中时，
由图象可知，甲灯两端电压U甲=2V时，通过的电流I甲=0.4A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I=I乙=I甲=0.4A，故A错误；
由图象可知，电流为0.4A时，乙两端的电压U乙=3V，故C错误；
由I=UR可得，甲乙两只灯的阻值之比：
R甲R乙=U甲I甲U乙I乙=U甲U乙=2V3V=23，故B错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电路两端的总电压：
U=U甲+U乙=2V+3V=5V，故D正确．
故选D.
两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过的电流即为电路中的电流，再根据图象读出乙灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻之比，利用串联电路的电压特点求出电源的电压．
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键．
8.【答案】B
【解析】解：由图知，两灯串联；有一只灯泡发光说明电路是连通的，即两灯不可能发生断路(排除C、D)；
电压表测量的是灯L1两端的电压，其示数为6V(即电源电压)，说明灯L1不可能被短路(否则电压表示数为0，排除A)；
当灯L2短路时，此时只有L1连入电路，加在L1两端的电压即为电源电压，符合题意；
故选B.
首先根据电路的连接方式以及灯泡的发光情况大致判断出是短路还是断路，然后根据电压表的示数判断出具体的问题所在．
本题考查了用电路故障的判断．若在串联电路中，电压表测其中一个灯的电压时，与电源电压相等了，则是这个灯断路或另一个灯短路了．
9.【答案】D
【解析】解：
AB、由图知，定值电阻R0与热敏电阻并联，
并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以温度变化时，通过R0的电流不变，
由图象知，热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，
由I=UR可知，通过热敏电阻的电流增大，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流增大，
则A选项中电流表位于干路，B选项中电流表位于热敏电阻的支路，电流表的示数均增大，故A、B不符合题意；
CD、定值电阻R0与热敏电阻串联，
因为热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流增大，
由U=IR可知，R0两端的电压增大，
串联电路中总电压等于各分电压之和，所以热敏电阻两端的电压减小，
则C选择中电压表并联在R0两端其示数增大，C选择中电压表并联在热敏电阻两端其示数减小，故C不符合、D符合题意。
故选：D。
(1)定值电阻R0与热敏电阻并联时，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知温度变化时通过R0的电流不变，根据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知通过热敏电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析电流表的位置进行判断；
(2)定值电阻R0与热敏电阻串联时，据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知热敏电阻两端的电压变化，然后分析电压表的位置进行判断。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键。
10.【答案】C
【解析】解：
A、当电路严重过载时，电流较大，进户线中流入的电流和流出的电流是相等的，漏电保护器不会切断电路，故A错误；
B、使用试电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体，手指要接触笔尾的金属体，故B错误；
C、家庭电路中的保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，故C正确；
D、开关和用电器串联，控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间，故D错误。
故选：C。
(1)根据漏电保护器的工作原理分析；
(2)使用试电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体；
(3)保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；
(4)开关与所控制的用电器串联，要接在火线和控制用电器之间。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
11.【答案】B
【解析】解：开关S闭合后，滑片P向左移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器接入电路的电阻变小，故下端应接C接线柱，而上端则可以从E、F接线柱中任选一个，对照选项可知，只有B选项的接法符合要求。
故选：B。
滑动变阻器使用时，接线柱的选取要一上一下。滑动变阻器接入电路中电阻的大小取决于电阻丝接入电路的长度，要使滑片向左移动时，电流表示数变大，则滑动变阻器接入电路的阻值减小，就要使电阻丝接入电路的长度变短，由此入手分析。
本题考查了滑动变阻器的使用，属于基础题。
12.【答案】D
【解析】解：A、由P=UI可知，甲灯的额定电流为：I甲=P甲U甲=3W6V=0.5A，乙灯的额定电流为：I乙=P乙U乙=9W6V=1.5A；
将两灯串联，通过的电流相同，为保证电路安全，则电路中最大电流为I=I甲=0.5A，即甲灯可以正常发光，故A错误；
B、由P=UI=U2R可知，甲灯的电阻为：R甲=U甲2P甲=(6V)23W=12Ω，乙灯的电阻为：R乙=U乙2P乙=(6V)29W=4Ω；
由R=ρLS可知，在材料和长度相同时，电阻越大，导体横截面积越小，因此甲灯丝比乙灯丝细，故B错误；
C、由题知两灯的总电阻为R=R甲+R乙=12Ω+4Ω=16Ω，电路中的电流I=0.5A，
两灯的总功率为：P=UI=I2R=(0.5A)2×16Ω=4W，故C错误；
D、由I=UR可知电源电压为：U=IR=0.5A×16Ω=8V，故D正确。
故选：D。
(1)利用P=UI分别求出甲、乙两灯的额定电流，若将两灯串联，为保证电路安全，电路中最大电流不能超过任一灯的额定电流，由此可知电路中的最大电流，据此判断哪个灯可以正常发光；
(2)利用P=UI=U2R可求出甲、乙两灯的电阻，再根据电阻的决定式R=ρLS分析在材料和长度相同时，电阻大小和横截面积的关系；
(3)串联电路总电阻等于各个用电器电阻之和，已知电路中的电流，利用P=UI=I2R求出两灯的总功率；
(4)利用I=UR的变形式可求出电源电压。
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是要知道两灯串联时，电路中最大电流不能超过任一灯的额定电流。
13.【答案】扩散 扩散越明显
【解析】解：当盛上一碗的胡辣汤时，满屋香气四溢，这是因为组成物质的分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；温度越高，香味越浓，这说明扩散现象越明显。
故答案为：扩散；扩散越明显。
物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显。
本题考查了分子动理论的应用，本题是一道基础题。
14.【答案】10 变大
【解析】解：(1)由I=UR可得导体的电阻为：
R=UI=10V1A=10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端电压变为5V时，导体的电阻仍为10Ω不变；
(2)因导体的电阻只与导体的材料、长度、温度、横截面积有关，且材料、温度相同时，横截面积越小，长度越大，阻值越大，
所以，将该导体均匀拉长后，导体的长度变大，横截面积变小，其阻值变大。
故答案为：10；变大。
(1)根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积、温度和材料有关，与导体的两端电压无关。
本题考查了电压表的读数和欧姆定律的简单应用，关键是知道影响导体电阻的因素，知道导体的电阻是本身的属性。
15.【答案】4.2×106J热传递
【解析】解：水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(75℃−25℃)=4.2×106J；
水的内能的增加是吸收了的热量，所以是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×106J；热传递。
(1)利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功改变物体的内能的实质是其他形式能与内能的相互转化，热传递改变物体内能的实质是内能的转移。
本题考查吸热公式的应用、改变物体内能的方式，题目比较基础。
16.【答案】异 吸引 负
【解析】解：给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带异种电荷相互吸引的缘故。
因为自由电子的定向移动方向与电流方向相反，绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是负电荷。
故答案为：异；吸引；负。
(1)电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
深入理解电荷间的作用规律和电流方向的规定，可解答此题。
17.【答案】电能 100.02kW⋅h400W
【解析】解：
(1)电能表是测量消耗电能多少的仪表；
“10(20)A”中，表示电能表的标定电流为10A；
(2)1600imp/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，指示灯闪烁32次，则该用电器在上述时间内消耗的电能：W=321600kW⋅h=0.02kW⋅h；
用电器的电功率为：P=Wt=0.02kW⋅h360h=0.4kW=400W。
故答案为：电能；10；0.02kW⋅h；400W。
电能表是测量消耗电能多少的仪表；10(20)A中的10A表示电能表的标定电流
1600imp/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求闪烁32次消耗的电能；根据P=Wt求出电功率的大小。
本题考查了电能表的读数，消耗电能的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
18.【答案】8805.28×104J
【解析】解：
饮水机的电功率：P=UI=220V×4A=880W；
饮水机1min内消耗的电能：W=Pt=880W×60s=5.28×104J。
故答案为：880；5.28×104J。
根据P=UI求出饮水机的电功率，根据W=Pt求出饮水机1min内消耗的电能。
本题考查电功和电功率的计算，属于基础题。
19.【答案】干路 1.54：1
【解析】解：
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流；
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以A1示数比A2大，而两只电流表的指针偏转刻度相同，所以电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即干路电流I=1.5A，
电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即通过的L2电流I2=0.3A，
则通过电阻R1的电流为：I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，
通过两灯泡的电流比I1：I2=1.2A：0.3A=4：1。
故答案为：干路；1.5；4：1。
电流表与被测用电器串联；
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流，根据并联电路的电流特点确定电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数，从而得到通过两灯电流以及通过两灯的电流比。
本题考查了并联电路电流规律和电流表的正确连接的判断和读数方法，属于基础题。
20.【答案】9V60Ω
【解析】解：由甲图可知，闭合开关，电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压；
当滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路为定值电阻的简单电路，其两端电压等于电源电压，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知当通过电路的电流为最大电流0.3A时，电压表的示数为9V，即电源电压为9V；
当滑动变阻器的滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据电阻的串联可知此时电路电阻最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知当通过电路的电流为最小电流0.1A时，电压表的示数为3V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时滑动变阻器两端的电压为：
UH=U−UR=9V−3V=6V，
则滑动变阻器的最大阻值为：
RH=UHI=6V0.1A=60Ω。
故答案为：9V；60Ω。
由甲图可知，闭合开关，电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
当滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路为定值电阻的简单电路，其两端电压等于电源电压，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知当通过电路的电流最大时电压表的示数；
当滑动变阻器的滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据电阻的串联可知此时电路电阻最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知当通过电路的电流最小时电压表的示数，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
21.【答案】答：因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，取暖效果好，所以暖气装置中用水做暖气片中的传导介质。
【解析】因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题主要考查了学生对水的比热容大的了解。对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
22.【答案】答：手机屏幕的亮度是由其功率决定的，屏幕的实际功率越小，屏幕越暗，手机屏幕的功率P越小，所以电能消耗的越慢，越省电。
【解析】手机屏幕的亮度是由其功率决定的，屏幕的实际功率越小，屏幕越暗，据此分析答题。
本题考查手机耗电多少的原因，知道屏幕越暗其实际功率越小是正确解题的关键。
23.【答案】解：(1)根据P=UI可知小灯泡正常发光时的电流IL=PLUL=；
(2)闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压。
小灯泡正常发光1min，电路中的电流I=IL=0.2A，电路消耗的总电能W=UIt=4.5V×0.2A×1×60s=54J。
答：(1)小灯泡正常发光时的电流是0.2A；
(2)小灯泡正常发光1min，电路消耗的总电能是54J。
【解析】(1)根据P=UI可知小灯泡正常发光时的电流；
(2)闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压。
小灯泡正常发光1min，根据I=IL得出电路中的电流，根据W=UIt得出电路消耗的总电能。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，属于对基础知识的考查。
24.【答案】解：(1)开关S闭合，滑片P移动到a端时，电阻R被短路，此时电阻R两端的电压为0V；
电路中只有R1连入电路中，R1两端的电压：
U1=I1R1=0.6A×20Ω=12V；
此时电路中只有R1连入电路，电源电压U等于R1两端的电压U1，即U=U1=12V；
(2)当滑片移动到b端时，R与R1并联接入电路，此时通过R支路的电流：
IR=I−I1=0.8A−0.6A=0.2A；
电阻R的阻值：
R=URIR=UIR=12V0.2A=60Ω。
答：(1)电源电压为12V；
(2)电阻R的阻值为60Ω。
【解析】(1)开关S闭合，滑片P移动到a端时，电阻R被短路，电路中只有R1连入电路中，确定此时R两端的电压，由公式U=IR直接计算R1两端的电压，从而求出电源电压；
(2)当滑动变阻器滑片P移到b端时，R1与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律，求出R支路电流。
此题考查学生对动态电路的理解和计算，同时训练学生的综合运用能力。
25.【答案】解：由于电压表相当于断路，所以中间的方框不能是电压表(否则中间的灯泡不能发光)，则中间方框为电池，左边的方框为电压表，此时两灯串联，闭合开关两灯均能发光，如下图所示：
【解析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于一根导线，电压表相当于断路。
对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确组成电路。
26.【答案】
【解析】(1)开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡顶端的金属点，零线直接连电灯的螺丝口；
(2)三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示。
27.【答案】引力 内能转化为机械能
【解析】解：如图甲所示，两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于分子间有引力。乙图中水蒸气将塞子冲出去的过程中，能量转化情况是内能转化为机械能。
故答案为：引力；内能转化为机械能。
(1)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(2)能量之间可以相互转化，有能量转化时，必定会有一种形式的能量减少，另一种形式的能量增加。
本题考查分子间的作用力、能量的转化相关知识，属于基础题目。
28.【答案】质量 吸热相同 转换
【解析】解：比较不同物质吸热的情况时采用的是控制变量法，需要使两个相同的烧杯中分别装有初温和质量相同的水和食用油。
选用两个相同规格的电加热器加热，根据转换法，目的是使水和食用油在相等时间内吸收的热量相同。
故答案为：质量；吸热相同；转换。
根据Q=cmΔt，由控制变量法，研究不同物质吸热的情况，要控制质量和升高的温度相同；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
本题比较不同物质吸热的情况，考查控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。
29.【答案】电阻 e电阻丝开路 电流 小于
【解析】解：(1)由图甲可知，电阻丝a、b串联，根据串联电路电流规律可知，通过电阻丝a、b的电流相等，a、b的通电时间相等，电阻丝a、b的电阻关系是Rb>Ra，由此可知该实验装置控制了电流和时间相同，改变了导体的电阻，因此此实验是探究电流通过导体产生的热量跟导体的电阻大小的关系；
(2)由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，两U形管内液面上升高度相同，说明两个密闭容器中的电阻丝产生的热量相等，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，Q、R、t都相同，则通过c、d两根电阻丝的电流相同，故是电阻丝e不通电，所以电路中出现的故障是电阻丝e开路了；
由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，通过电阻丝c的电流等于通过电阻丝d的电流与通过电阻丝e的电流之和，则通过电阻丝c的电流大于电阻丝d的电流，由题意可知，电流通过c产生的热量多，由此可知，在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，电流产生的热量越多；
(3)为了使实验中两侧U形管液面高度差更明显，当通过电阻丝d的电流不变时，增大通过电阻丝c的电流，可以增大通过电阻丝e的电流，所以可以减小电阻丝e的阻值。
故答案为：(1)电阻；(2)e电阻丝开路了；电流；(3)小于。
(1)由图甲可知，电阻丝a、b串联，根据串联电路电流规律可知，通过电阻丝a、b的电流相等，a、b的通电时间相等，电阻丝a、b的电阻关系是Rb>Ra，由此可知该实验装置控制了电流和时间相同，改变了导体的电阻，根据控制变量法，可得出结论；
(2)由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，两U形管内液面上升高度相同，说明两个密闭容器中的电阻丝产生的热量相等，根据焦耳定律可得通过c、d两根电阻丝的电流相同，故是电阻丝e不通电，从而得出电路中出现的故障是电阻丝e断开了；
由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，通过电阻丝c的电流等于通过电阻丝d的电流与通过电阻丝e的电流之和，由题意可知，电流通过c产生的热量多，由此得出结论；
(3)为了使实验中两侧U形管液面高度差更明显，保持通过电阻丝d的电流不变，增大通过电阻丝c的电流，可增大通过电阻丝e的电流，由此得出结论。
本题主要考查了探究电流通过导体产生的热量跟导体的电阻、通过导体的电流之间的关系，其中分析清楚图乙中通过c、d的电流大小是解题的难点。
30.【答案】右 保护电路 电压表并联在滑动变阻器两端 反比 得出普遍规律 20
【解析】解：(1)闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即最右端；
(2)电流表示数变大时，根据欧姆定律可知电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，而电压表示数变小，说明电压表并联在滑动变阻器两端；
(3)再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，为反比例函数的图象，由图象可得出的结论是：在电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是得出普遍规律；
(5)从图中可知，定值电阻两端的电压U定=I1R1=0.5A×5Ω=2.5V，实验中要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联分压特点可知，R定R滑=U定U滑=−2.5V=54，定值电阻的最大阻值为25Ω，则滑动变阻器的最大阻值至少为25Ω×45=20Ω。
故答案为：
(1)右；保护电路；
(2)电压表并联在滑动变阻器两端；
(3)反比；
(4)得出普遍规律；
(5)20。
(1)闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
(2)根据串分压的知识和及欧姆定律进行分析，当电流表示数变大时，电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小；
(3)再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，为反比例函数的图象，据此得出结论；
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是得出普遍规律；
(5)从图中数据，结合欧姆定律可知定值电阻两端的电压，实验中要控制定值电阻两端的电压不变，定值电阻的最大阻值为25Ω，根据串联分压特点可得出滑动变阻器的最大阻值至少为多少。
本题为“探究电流与电阻的关系”的实验，考查注意事项、现象分析、实验结论、器材选择等知识。
31.【答案】电流表 0.5左 BCU额×U−U额R0
【解析】解：(1)甲图将电流表与电压表串联，由于电压表内阻很大，使该支路几乎无电流，故电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修改电路如下：
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，则该灯泡的额定功率PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
若想使小灯泡的电功率变大些，则灯泡两端的电压应增大，电源电压不变，故应让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，故滑片P应向左移动；
(3)由图丙可知，闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；保持滑片的位置不变，只将电压表的B点接线改接到C点，观察并记录电压表的示数U，即灯泡与R0两端的总电压为U，从而根据欧姆定律求出电路中的电流I=I0=U−U额R0，由此可求出小灯泡的额定电功率P=U额I=U额×U−U额R0。
故答案为：(1)电流表；如图；(2)0.5；左；(3)B；C；U额×U−U额R0。
(1)甲图将电压表和电流表串联，然后与小灯泡并联，会使电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，据此修改原电路；
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此读出示数，根据P=UI计算该灯泡的额定功率；若想使小灯泡的电功率变大些，则灯泡两端的电压应增大，电源电压不变，故应让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小；
(3)由图丙可知，闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光，保持滑片的位置不变，只将电压表的B点接线改接到C点，观察并记录电压表的示数U，即灯泡与R0两端的总电压为U，根据欧姆定律求出电路中的电流I=I0=U−U额R0，利用P=UI可求出小灯泡的额定电功率。
本题为测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、电功率计算等知识。
下列材料在常温下全部属于导体的一组是( )
A. 陶瓷、铁B. 大地、煤油C. 植物油、塑料D. 钨丝、盐水
小明和班里的同学讨论热学知识，你认为正确的是( )
A. 看到阳光下屋内飞舞的灰尘，这是分子在不停地作无规则的运动
B. 用手捏海绵，海绵的体积变小了，说明分子间有间隙
C. 陨石在坠入大气层时，内能增加，机械能减小
D. 在内燃机的一个工作循环中，燃气对外做功四次
下列估测值正确的是( )
A. 教室每盏日光灯的功率约为400WB. 人体的安全电压是不高于36V
C. 家用电水壶工作时功率约为25WD. 电视机正常工作时电流约为10A
小阳在家中看电视，感觉室内较冷，他打开了电暖气取暖，下列物理量中变小的是( )
A. 电视机两端的电压B. 干路中的电流C. 电路的总电阻D. 电路的总功率
如图是某品牌榨汁机，为保障安全，该榨汁机设置了双重开关--电源开关S1和安全开关S2.当杯体倒扣在主机上时，S2自动闭合，此时再闭合S1，电动机才能启动，开始榨汁。下列电路图符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
如图所示，电源电压为3V保持不变，闭合开关，电压表示数为2V.下列选项符合题意的是( )
A. 电压表测R2两端电压B. R1、R2组成并联电路
C. 若开关断开，电压表示数为0D. R1、R2电阻之比2：1
甲、乙两只灯泡，其I−U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端电压为2V时，则( )
A. 电路中的电流为0.3A
B. 甲、乙两灯的阻值之比为3：2
C. 乙灯两端的电压2 V
D. 电路两端的总电压为5V
在如图所示的电路中，电源电压是6V，当开关闭合后，只有一只灯泡发光，且电压表的示数为6V，产生这一现象的原因是( )
A. 灯L1短路
B. 灯L2短路
C. 灯L1断路
D. 灯L2断路
某规格热敏电阻的阻值随环境温度的变化如图所示，如果设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，下列如图所示的电路中符合要求的可能是( )
A. B. C. D.
下列关于安全用电的说法正确的是( )
A. 当电路严重过载时，漏电保护器能自动切断电路
B. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾金属体，以免发生触电事故
C. 保险丝是由电阻率大、熔点低的材料制成的
D. 应将开关和用电器串联，并且开关安装在零线和用电器之间
将如图中的滑动变阻器连入电路中，要求开关S闭合后，滑片P向左移动时，电流表的示数变大，则应( )
A. N接C，M接D
B. N接C，M接F
C. N接D，M接F
D. N接E，M接D
甲灯标有“6V 3W”，乙灯标有“6V 9W”。将它们串联后接在电源上，其中一个灯泡能正常发光。下列说法正确的是( )
A. 正常发光的灯泡是乙灯B. 在材料和长度相同时，乙比甲灯丝细
C. 两灯的总功率是10WD. 电源电压是8V
当人们盛上一碗热气腾腾的胡辣汤时，满屋香气四溢，这是______现象；胡辣汤的温度越高，香味就越浓烈，这是因为温度越高，______。
一段导体两端电压为10V时，通过导体的电流为1A，若它两端电压变为5V时，该导体的电阻是______Ω，将该导体均匀拉长后，其电阻将______。
某太阳能热水器能使20kg的水温度由25℃升高到75℃，那么这些水吸收的热量是______，水的内能增加是通过______方式改变的。
有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶。再给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带______种电荷互相______。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是______电荷。
如图所示家用电子式电能表的表盘，它是用来测量______的仪表，其标定电流是______ A，若将某用电器单独接在该电能表上正常工作3min，电能表指示灯闪烁了32次，该用电器在上述时间内消耗的电能为______，它的电功率是______。
一台饮水机额定电压为220V，正常工作时的电流为4A，则饮水机的电功率为______ W，1min内消耗的电能为______。
如图甲所示电路中，电流表A1测的是通过______的电流，当开关S闭合后，两电流表指针偏转均如图乙所去，则电流表A1的示数为______ A，通过两灯泡的电流比I1：I2=______。
如图甲所示电路，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端移动到b端，电压表和电流表示数变化情况如图乙所示，电源电压为______，滑动变阻器接入电路的最大阻值______。
北方冬天取暖要安装暖气，为什么用水做暖气片中的传导介质？
为什么电脑、手机的屏幕亮度越低，越省电？
如图所示，电源电压恒为4.5V，灯泡上标有“2.5V，0.5W”字样，闭合开关后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光。求：
(1)小灯泡正常发光时的电流是多少？
(2)小灯泡正常发光1min，电路消耗的总电能是多少？
如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器最大阻值为20Ω。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.6A；当滑动变阻器滑片P移到b端时，电流表的示数为0.8A，求：
(1)电源电压。
(2)电阻R的阻值。
在如图所示虚线框中填入电池和电压表的符号，闭合开关两灯正常发光。
请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座(插座准备接大功率用电器)接入家庭电路中。
如图甲所示，两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于分子间有______。乙图中水蒸气将塞子冲出去的过程中，能量转化情况是______。
如图是“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。两个相同的烧杯中分别装有初温和______相同的水和食用油，选用两个相同规格的电加热器加热，目的是使水和食用油在相等时间内______。这样设计实验体现的物理学研究问题方法是______法。
如图所示是探究“电流产生的热量与哪些因素有关”的装置。
(1)图甲中在两个密闭容器中装有质量相等的空气，并各放置一根阻值不同的电阻丝，此装置可研究电流产生的热量与______的关系；
(2)图乙两密闭容器中的电阻丝阻值相等，在其中一容器外部并联一个阻值相同的电阻，若图乙中两U形管内液面上升高度相同，则故障可能是______。排除故障后通电相同时间，发现左侧U形管内液面上升较高，这表明：在电阻和通电时间相同的情况下，通过导体的______越大，产生的热量越多。
(3)为了使乙实验中两侧U形管液面高度差更明显，可将空气盒外电阻换______(选填“大于”或“小于”)5Ω的电阻。
小赵同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：5Ω、10Ω、15Ω、20Ω及25Ω，标有“50Ω1A”的滑动变阻器R′、电压表(可用量程：0∼3V、0∼15V)、电流表(0∼0.6A)、开关各1只，导线若干。
(1)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最______端(选填“左”或“右”)，目的是______。
(2)闭合开关后，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：电流表示数变大时，电压表示数变小；经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能是______。
(3)小赵再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，由图象可得出的结论是：在电压一定时，电流与电阻成______。
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是______。
(5)为了完成该实验探究，滑动变阻器的最大阻值至少为______Ω。
小华用图甲所示的实验电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的额定功率，其中电源由四节新的干电池串联组成。
(1)闭合开关后，小华发现______(填“电流表”或“电压表”)几乎无示数。检查电路后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线把电路连接正确。
(2)改正错误后，小明调节滑片P使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则该灯泡的额定功率为______ W。若想使小灯泡的电功率变大些，则滑片P应向______移动(填“左”或“右”)。
(3)小华用一个定值电阻R0接在原电路中电流表所在位置，设计了如图丙所示的电路，也测出了这个小灯泡的额定功率。具体操作是：闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，保持滑片的位置不变，只将电压表的______点(选填“A”或“B”)接线改接到______点，观察并记录电压表的示数U，通过计算求出了小灯泡的额定功率P=______。(所测物理量的符号表示)。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、陶瓷、铁中，陶瓷属于绝缘体，铁属于导体，故A错误；
B、大地、煤油中，大地属于导体，煤油属于绝缘体，故B错误；
C、植物油、塑料都属于绝缘体，故C错误；
D、钨丝、盐水都易导电，属于导体，故D正确。
故选：D。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
2.【答案】C
【解析】解：A、尘埃在空气中飞舞是宏观物体在外力作用下的机械运动，故A错误；
B、用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故B错误；
C、陨石坠落的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，坠落过程中陨石要克服空气阻力做功，把机械能转化为内能，内能增加，机械能减小，故C正确；
D、内燃机的一个工作循环有4个冲程，曲轴转动2周，对外做功1次，故D错误。
故选：C。
(1)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子比较小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的；我们能够看到的不是分子，是固体的小颗粒；
(2)用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙；
(3)物体克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加；
(4)内燃机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮和曲轴转动2周。
本题考查分子的运动、升华现象、能量的转化、热机，知识点较多，有一定的综合性。
3.【答案】B
【解析】解：A、教室内日光灯正常工作的电流在0.2A左右，发光功率在P=UI=220V×0.2A≈40W左右，故A错误。
B、对人体的安全电压应不高于36V，故B正确；
C、家用电热水壶正常工作的电流在5A左右，额定功率在P=UI=220V×5A=1100W左右，故C错误；
D、家用电视机的额定功率在110W左右，正常工作时的电流大约I=PU=110W220V=0.5A，故D错误；
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知。
4.【答案】C
【解析】解：
A、家庭电路中各用电器是并联的，各用电器两端的电压都等于电源电压，故A错误；
B、家庭电路中各用电器是并联的，干路中的电流等于各支路电流之和，所以打开电暖气取暖，干路中的电流变大，故B错误；
C、家庭电路中各用电器是并联的，根据电阻越并越小的规律可知，打开电暖气取暖，电路的总电阻变小了，故C正确；
D、家庭电路中各用电器工作时的功率之和，就是电路中的总功率，所以电暖气取暖，电路的总功率变大了，故D错误。
故选：C。
家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，根据并联电路的特点、并联电阻的规律、并联电路功率的特点等对照选项可做出判断。
本题考查了并联电路中的电流、电压、电阻、电功率等特点，是一道综合题，要求我们对基本的规律有一个熟练的掌握，但总体难度不大。
5.【答案】C
【解析】解：
由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，才开始榨汁，即电动机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电动机，两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，C正确。
故选：C。
串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方式，然后分析电路图答题。
(1)根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；
(2)根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。
6.【答案】D
【解析】解：
ABD、由图知，开关闭合后，电阻R1、R2串联，电压表并联在R1两端，测量电阻R1两端的电压，其大小U1=2V；电阻R2两端的电压U2=U−U1=3V−2V=1V，
因为两电阻串联，所以由欧姆定律可知I=U1R1=U2R2，
则R1：R2=U1：U2=2V：1V=2：1；故AB错、D正确；
C、若开关断开，电压表通过电阻R2接在电源上，测量电源电压，示数不为0，故C错。
故选：D。
(1)分析电路图，得出开关闭合后，电阻R1、R2串联，电压表并联在R1两端，测量电阻R1两端的电压，根据串联电路的电压特点得出电阻R2两端的电压；由于两电阻串联，利用欧姆定律求R1：R2；
(2)若开关断开，电压表通过电阻R2接在电源上，测量电源电压。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，分析电路图确定电压表的测量对象是关键。
7.【答案】D
【解析】解：将甲、乙两灯串联在电路中时，
由图象可知，甲灯两端电压U甲=2V时，通过的电流I甲=0.4A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流I=I乙=I甲=0.4A，故A错误；
由图象可知，电流为0.4A时，乙两端的电压U乙=3V，故C错误；
由I=UR可得，甲乙两只灯的阻值之比：
R甲R乙=U甲I甲U乙I乙=U甲U乙=2V3V=23，故B错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电路两端的总电压：
U=U甲+U乙=2V+3V=5V，故D正确．
故选D.
两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过的电流即为电路中的电流，再根据图象读出乙灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻之比，利用串联电路的电压特点求出电源的电压．
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键．
8.【答案】B
【解析】解：由图知，两灯串联；有一只灯泡发光说明电路是连通的，即两灯不可能发生断路(排除C、D)；
电压表测量的是灯L1两端的电压，其示数为6V(即电源电压)，说明灯L1不可能被短路(否则电压表示数为0，排除A)；
当灯L2短路时，此时只有L1连入电路，加在L1两端的电压即为电源电压，符合题意；
故选B.
首先根据电路的连接方式以及灯泡的发光情况大致判断出是短路还是断路，然后根据电压表的示数判断出具体的问题所在．
本题考查了用电路故障的判断．若在串联电路中，电压表测其中一个灯的电压时，与电源电压相等了，则是这个灯断路或另一个灯短路了．
9.【答案】D
【解析】解：
AB、由图知，定值电阻R0与热敏电阻并联，
并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以温度变化时，通过R0的电流不变，
由图象知，热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，
由I=UR可知，通过热敏电阻的电流增大，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流增大，
则A选项中电流表位于干路，B选项中电流表位于热敏电阻的支路，电流表的示数均增大，故A、B不符合题意；
CD、定值电阻R0与热敏电阻串联，
因为热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的，所以温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流增大，
由U=IR可知，R0两端的电压增大，
串联电路中总电压等于各分电压之和，所以热敏电阻两端的电压减小，
则C选择中电压表并联在R0两端其示数增大，C选择中电压表并联在热敏电阻两端其示数减小，故C不符合、D符合题意。
故选：D。
(1)定值电阻R0与热敏电阻并联时，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知温度变化时通过R0的电流不变，根据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知通过热敏电阻电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后分析电流表的位置进行判断；
(2)定值电阻R0与热敏电阻串联时，据热敏电阻与温度的关系得出阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知热敏电阻两端的电压变化，然后分析电压表的位置进行判断。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键。
10.【答案】C
【解析】解：
A、当电路严重过载时，电流较大，进户线中流入的电流和流出的电流是相等的，漏电保护器不会切断电路，故A错误；
B、使用试电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体，手指要接触笔尾的金属体，故B错误；
C、家庭电路中的保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，故C正确；
D、开关和用电器串联，控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间，故D错误。
故选：C。
(1)根据漏电保护器的工作原理分析；
(2)使用试电笔时，手指不能碰到笔尖端的金属体；
(3)保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；
(4)开关与所控制的用电器串联，要接在火线和控制用电器之间。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
11.【答案】B
【解析】解：开关S闭合后，滑片P向左移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器接入电路的电阻变小，故下端应接C接线柱，而上端则可以从E、F接线柱中任选一个，对照选项可知，只有B选项的接法符合要求。
故选：B。
滑动变阻器使用时，接线柱的选取要一上一下。滑动变阻器接入电路中电阻的大小取决于电阻丝接入电路的长度，要使滑片向左移动时，电流表示数变大，则滑动变阻器接入电路的阻值减小，就要使电阻丝接入电路的长度变短，由此入手分析。
本题考查了滑动变阻器的使用，属于基础题。
12.【答案】D
【解析】解：A、由P=UI可知，甲灯的额定电流为：I甲=P甲U甲=3W6V=0.5A，乙灯的额定电流为：I乙=P乙U乙=9W6V=1.5A；
将两灯串联，通过的电流相同，为保证电路安全，则电路中最大电流为I=I甲=0.5A，即甲灯可以正常发光，故A错误；
B、由P=UI=U2R可知，甲灯的电阻为：R甲=U甲2P甲=(6V)23W=12Ω，乙灯的电阻为：R乙=U乙2P乙=(6V)29W=4Ω；
由R=ρLS可知，在材料和长度相同时，电阻越大，导体横截面积越小，因此甲灯丝比乙灯丝细，故B错误；
C、由题知两灯的总电阻为R=R甲+R乙=12Ω+4Ω=16Ω，电路中的电流I=0.5A，
两灯的总功率为：P=UI=I2R=(0.5A)2×16Ω=4W，故C错误；
D、由I=UR可知电源电压为：U=IR=0.5A×16Ω=8V，故D正确。
故选：D。
(1)利用P=UI分别求出甲、乙两灯的额定电流，若将两灯串联，为保证电路安全，电路中最大电流不能超过任一灯的额定电流，由此可知电路中的最大电流，据此判断哪个灯可以正常发光；
(2)利用P=UI=U2R可求出甲、乙两灯的电阻，再根据电阻的决定式R=ρLS分析在材料和长度相同时，电阻大小和横截面积的关系；
(3)串联电路总电阻等于各个用电器电阻之和，已知电路中的电流，利用P=UI=I2R求出两灯的总功率；
(4)利用I=UR的变形式可求出电源电压。
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是要知道两灯串联时，电路中最大电流不能超过任一灯的额定电流。
13.【答案】扩散 扩散越明显
【解析】解：当盛上一碗的胡辣汤时，满屋香气四溢，这是因为组成物质的分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；温度越高，香味越浓，这说明扩散现象越明显。
故答案为：扩散；扩散越明显。
物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显。
本题考查了分子动理论的应用，本题是一道基础题。
14.【答案】10 变大
【解析】解：(1)由I=UR可得导体的电阻为：
R=UI=10V1A=10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端电压变为5V时，导体的电阻仍为10Ω不变；
(2)因导体的电阻只与导体的材料、长度、温度、横截面积有关，且材料、温度相同时，横截面积越小，长度越大，阻值越大，
所以，将该导体均匀拉长后，导体的长度变大，横截面积变小，其阻值变大。
故答案为：10；变大。
(1)根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积、温度和材料有关，与导体的两端电压无关。
本题考查了电压表的读数和欧姆定律的简单应用，关键是知道影响导体电阻的因素，知道导体的电阻是本身的属性。
15.【答案】4.2×106J热传递
【解析】解：水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×20kg×(75℃−25℃)=4.2×106J；
水的内能的增加是吸收了的热量，所以是通过热传递的方式改变水的内能。
故答案为：4.2×106J；热传递。
(1)利用Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递，做功改变物体的内能的实质是其他形式能与内能的相互转化，热传递改变物体内能的实质是内能的转移。
本题考查吸热公式的应用、改变物体内能的方式，题目比较基础。
16.【答案】异 吸引 负
【解析】解：给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带异种电荷相互吸引的缘故。
因为自由电子的定向移动方向与电流方向相反，绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是负电荷。
故答案为：异；吸引；负。
(1)电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
深入理解电荷间的作用规律和电流方向的规定，可解答此题。
17.【答案】电能 100.02kW⋅h400W
【解析】解：
(1)电能表是测量消耗电能多少的仪表；
“10(20)A”中，表示电能表的标定电流为10A；
(2)1600imp/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，指示灯闪烁32次，则该用电器在上述时间内消耗的电能：W=321600kW⋅h=0.02kW⋅h；
用电器的电功率为：P=Wt=0.02kW⋅h360h=0.4kW=400W。
故答案为：电能；10；0.02kW⋅h；400W。
电能表是测量消耗电能多少的仪表；10(20)A中的10A表示电能表的标定电流
1600imp/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁1600次，据此可求闪烁32次消耗的电能；根据P=Wt求出电功率的大小。
本题考查了电能表的读数，消耗电能的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
18.【答案】8805.28×104J
【解析】解：
饮水机的电功率：P=UI=220V×4A=880W；
饮水机1min内消耗的电能：W=Pt=880W×60s=5.28×104J。
故答案为：880；5.28×104J。
根据P=UI求出饮水机的电功率，根据W=Pt求出饮水机1min内消耗的电能。
本题考查电功和电功率的计算，属于基础题。
19.【答案】干路 1.54：1
【解析】解：
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流；
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以A1示数比A2大，而两只电流表的指针偏转刻度相同，所以电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即干路电流I=1.5A，
电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即通过的L2电流I2=0.3A，
则通过电阻R1的电流为：I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，
通过两灯泡的电流比I1：I2=1.2A：0.3A=4：1。
故答案为：干路；1.5；4：1。
电流表与被测用电器串联；
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路的电流，A2测量L2的电流，根据并联电路的电流特点确定电流表的量程，再确定分度值，根据电流表指针的位置，读出示数，从而得到通过两灯电流以及通过两灯的电流比。
本题考查了并联电路电流规律和电流表的正确连接的判断和读数方法，属于基础题。
20.【答案】9V60Ω
【解析】解：由甲图可知，闭合开关，电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压；
当滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路为定值电阻的简单电路，其两端电压等于电源电压，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知当通过电路的电流为最大电流0.3A时，电压表的示数为9V，即电源电压为9V；
当滑动变阻器的滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据电阻的串联可知此时电路电阻最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知当通过电路的电流为最小电流0.1A时，电压表的示数为3V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，此时滑动变阻器两端的电压为：
UH=U−UR=9V−3V=6V，
则滑动变阻器的最大阻值为：
RH=UHI=6V0.1A=60Ω。
故答案为：9V；60Ω。
由甲图可知，闭合开关，电阻和滑动变阻器串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
当滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电路为定值电阻的简单电路，其两端电压等于电源电压，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由乙图可知当通过电路的电流最大时电压表的示数；
当滑动变阻器的滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据电阻的串联可知此时电路电阻最大，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由乙图可知当通过电路的电流最小时电压表的示数，根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
21.【答案】答：因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，取暖效果好，所以暖气装置中用水做暖气片中的传导介质。
【解析】因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题主要考查了学生对水的比热容大的了解。对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
22.【答案】答：手机屏幕的亮度是由其功率决定的，屏幕的实际功率越小，屏幕越暗，手机屏幕的功率P越小，所以电能消耗的越慢，越省电。
【解析】手机屏幕的亮度是由其功率决定的，屏幕的实际功率越小，屏幕越暗，据此分析答题。
本题考查手机耗电多少的原因，知道屏幕越暗其实际功率越小是正确解题的关键。
23.【答案】解：(1)根据P=UI可知小灯泡正常发光时的电流IL=PLUL=；
(2)闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压。
小灯泡正常发光1min，电路中的电流I=IL=0.2A，电路消耗的总电能W=UIt=4.5V×0.2A×1×60s=54J。
答：(1)小灯泡正常发光时的电流是0.2A；
(2)小灯泡正常发光1min，电路消耗的总电能是54J。
【解析】(1)根据P=UI可知小灯泡正常发光时的电流；
(2)闭合开关，小灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压。
小灯泡正常发光1min，根据I=IL得出电路中的电流，根据W=UIt得出电路消耗的总电能。
本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，属于对基础知识的考查。
24.【答案】解：(1)开关S闭合，滑片P移动到a端时，电阻R被短路，此时电阻R两端的电压为0V；
电路中只有R1连入电路中，R1两端的电压：
U1=I1R1=0.6A×20Ω=12V；
此时电路中只有R1连入电路，电源电压U等于R1两端的电压U1，即U=U1=12V；
(2)当滑片移动到b端时，R与R1并联接入电路，此时通过R支路的电流：
IR=I−I1=0.8A−0.6A=0.2A；
电阻R的阻值：
R=URIR=UIR=12V0.2A=60Ω。
答：(1)电源电压为12V；
(2)电阻R的阻值为60Ω。
【解析】(1)开关S闭合，滑片P移动到a端时，电阻R被短路，电路中只有R1连入电路中，确定此时R两端的电压，由公式U=IR直接计算R1两端的电压，从而求出电源电压；
(2)当滑动变阻器滑片P移到b端时，R1与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律，求出R支路电流。
此题考查学生对动态电路的理解和计算，同时训练学生的综合运用能力。
25.【答案】解：由于电压表相当于断路，所以中间的方框不能是电压表(否则中间的灯泡不能发光)，则中间方框为电池，左边的方框为电压表，此时两灯串联，闭合开关两灯均能发光，如下图所示：
【解析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于一根导线，电压表相当于断路。
对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确组成电路。
26.【答案】
【解析】(1)开关控制电灯时，开关和电灯串联，火线首先过开关再入灯泡顶端的金属点，零线直接连电灯的螺丝口；
(2)三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示。
27.【答案】引力 内能转化为机械能
【解析】解：如图甲所示，两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于分子间有引力。乙图中水蒸气将塞子冲出去的过程中，能量转化情况是内能转化为机械能。
故答案为：引力；内能转化为机械能。
(1)分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(2)能量之间可以相互转化，有能量转化时，必定会有一种形式的能量减少，另一种形式的能量增加。
本题考查分子间的作用力、能量的转化相关知识，属于基础题目。
28.【答案】质量 吸热相同 转换
【解析】解：比较不同物质吸热的情况时采用的是控制变量法，需要使两个相同的烧杯中分别装有初温和质量相同的水和食用油。
选用两个相同规格的电加热器加热，根据转换法，目的是使水和食用油在相等时间内吸收的热量相同。
故答案为：质量；吸热相同；转换。
根据Q=cmΔt，由控制变量法，研究不同物质吸热的情况，要控制质量和升高的温度相同；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
本题比较不同物质吸热的情况，考查控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。
29.【答案】电阻 e电阻丝开路 电流 小于
【解析】解：(1)由图甲可知，电阻丝a、b串联，根据串联电路电流规律可知，通过电阻丝a、b的电流相等，a、b的通电时间相等，电阻丝a、b的电阻关系是Rb>Ra，由此可知该实验装置控制了电流和时间相同，改变了导体的电阻，因此此实验是探究电流通过导体产生的热量跟导体的电阻大小的关系；
(2)由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，两U形管内液面上升高度相同，说明两个密闭容器中的电阻丝产生的热量相等，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，Q、R、t都相同，则通过c、d两根电阻丝的电流相同，故是电阻丝e不通电，所以电路中出现的故障是电阻丝e开路了；
由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，通过电阻丝c的电流等于通过电阻丝d的电流与通过电阻丝e的电流之和，则通过电阻丝c的电流大于电阻丝d的电流，由题意可知，电流通过c产生的热量多，由此可知，在电阻和通电时间相同时，通过导体的电流越大，电流产生的热量越多；
(3)为了使实验中两侧U形管液面高度差更明显，当通过电阻丝d的电流不变时，增大通过电阻丝c的电流，可以增大通过电阻丝e的电流，所以可以减小电阻丝e的阻值。
故答案为：(1)电阻；(2)e电阻丝开路了；电流；(3)小于。
(1)由图甲可知，电阻丝a、b串联，根据串联电路电流规律可知，通过电阻丝a、b的电流相等，a、b的通电时间相等，电阻丝a、b的电阻关系是Rb>Ra，由此可知该实验装置控制了电流和时间相同，改变了导体的电阻，根据控制变量法，可得出结论；
(2)由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，两U形管内液面上升高度相同，说明两个密闭容器中的电阻丝产生的热量相等，根据焦耳定律可得通过c、d两根电阻丝的电流相同，故是电阻丝e不通电，从而得出电路中出现的故障是电阻丝e断开了；
由图可知，电阻丝d、e并联后，再与电阻丝c串联，通过电阻丝c的电流等于通过电阻丝d的电流与通过电阻丝e的电流之和，由题意可知，电流通过c产生的热量多，由此得出结论；
(3)为了使实验中两侧U形管液面高度差更明显，保持通过电阻丝d的电流不变，增大通过电阻丝c的电流，可增大通过电阻丝e的电流，由此得出结论。
本题主要考查了探究电流通过导体产生的热量跟导体的电阻、通过导体的电流之间的关系，其中分析清楚图乙中通过c、d的电流大小是解题的难点。
30.【答案】右 保护电路 电压表并联在滑动变阻器两端 反比 得出普遍规律 20
【解析】解：(1)闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即最右端；
(2)电流表示数变大时，根据欧姆定律可知电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，而电压表示数变小，说明电压表并联在滑动变阻器两端；
(3)再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，为反比例函数的图象，由图象可得出的结论是：在电压一定时，电流与电阻成反比；
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是得出普遍规律；
(5)从图中可知，定值电阻两端的电压U定=I1R1=0.5A×5Ω=2.5V，实验中要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联分压特点可知，R定R滑=U定U滑=−2.5V=54，定值电阻的最大阻值为25Ω，则滑动变阻器的最大阻值至少为25Ω×45=20Ω。
故答案为：
(1)右；保护电路；
(2)电压表并联在滑动变阻器两端；
(3)反比；
(4)得出普遍规律；
(5)20。
(1)闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
(2)根据串分压的知识和及欧姆定律进行分析，当电流表示数变大时，电路的总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小；
(3)再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I−R图象如图丙所示，为反比例函数的图象，据此得出结论；
(4)换用不同阻值的电阻多次实验的目的是得出普遍规律；
(5)从图中数据，结合欧姆定律可知定值电阻两端的电压，实验中要控制定值电阻两端的电压不变，定值电阻的最大阻值为25Ω，根据串联分压特点可得出滑动变阻器的最大阻值至少为多少。
本题为“探究电流与电阻的关系”的实验，考查注意事项、现象分析、实验结论、器材选择等知识。
31.【答案】电流表 0.5左 BCU额×U−U额R0
【解析】解：(1)甲图将电流表与电压表串联，由于电压表内阻很大，使该支路几乎无电流，故电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，修改电路如下：
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，则该灯泡的额定功率PL=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
若想使小灯泡的电功率变大些，则灯泡两端的电压应增大，电源电压不变，故应让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，故滑片P应向左移动；
(3)由图丙可知，闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光；保持滑片的位置不变，只将电压表的B点接线改接到C点，观察并记录电压表的示数U，即灯泡与R0两端的总电压为U，从而根据欧姆定律求出电路中的电流I=I0=U−U额R0，由此可求出小灯泡的额定电功率P=U额I=U额×U−U额R0。
故答案为：(1)电流表；如图；(2)0.5；左；(3)B；C；U额×U−U额R0。
(1)甲图将电压表和电流表串联，然后与小灯泡并联，会使电流表几乎无示数；电流表、灯泡和滑动变阻器应串联接入电路，电压表应该并联在灯泡两端，据此修改原电路；
(2)电流表选用小量程，分度值为0.02A，据此读出示数，根据P=UI计算该灯泡的额定功率；若想使小灯泡的电功率变大些，则灯泡两端的电压应增大，电源电压不变，故应让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小；
(3)由图丙可知，闭合开关，调节变阻器的滑片，使电压表的示数为U额，此时灯泡正常发光，保持滑片的位置不变，只将电压表的B点接线改接到C点，观察并记录电压表的示数U，即灯泡与R0两端的总电压为U，根据欧姆定律求出电路中的电流I=I0=U−U额R0，利用P=UI可求出小灯泡的额定电功率。
本题为测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、电功率计算等知识。
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