2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共28页。试卷主要包含了4A，8W∼3W，5V、电阻约为10Ω，5A，故D错误，【答案】A，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷

1. 图中正在使用的机械，属于省力杠杆的有(    )

A. ①③ B. ②③ C. ①④ D. ②④
2. 下列有关数据符合实际的是(    )
A. 家用冷暖空调的功率约为1200W B. 一个机械经改进后其效率可达100%
C. 一节新干电池的电压为2V D. 家用电饭锅正常工作时的电流约为0.4A
3. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是(    )
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火


4. 关于内能、热量和温度的关系，下列说法中正确的是(    )
A. 物体温度越高，含有的热量也就越多
B. 1kg、0℃的水的内能和1kg、0℃的冰的内能一样大
C. 物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
D. 在热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
5. 下列关于电学元件使用的说法中，正确的是(    )
A. 电流表可以直接连接到电源两级
B. 电压表应与被测用电器并联
C. 滑动变阻器任意两个接线柱接入电路，都能改变电路中的电流
D. 电能表应并联接在家庭电路的干路上
6. 在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行反复多次实验。
①“测量物体的长度”时，多次测量
②“研究杠杆的平衡”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量
③“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量
④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值
上述实验中寻找普遍规律的是(    )
A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ②④
7. 如图所示，下列电器中不是应用电流热效应工作的是(    )
A. 电风扇 B. 电熨斗
C. 电水壶 D. 电饭锅
8. 下列行为不符合安全用电的是(    )
A. 家庭电路中开关应接在火线上 B. 当熔丝熔断后，不能用铜丝代替
C. 使用测电笔时，手接触笔尾金属电极 D. 发生人员触电时，应立即用手将人拉开
9. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关电路正常工作，一段时间后，发现电路中有一个电表的示数突然变大，电阻R1或R2有一处发生故障，其他元件仍保持完好。下列说法正确的是(    )
A. 一定是R1短路
B. 一定是R2短路
C. 可能是R1断路
D. 可能是R2断路
10. 小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是(    )

A. 天然气浓度减小，电流表示数变大
B. 天然气浓度减小，电路消耗的总功率变小
C. 天然气浓度增大，电压表与电流表示数的比值变大
D. 天然气浓度增大，电压表示数变小
11. 有一种专门烤肉串的烤箱，将肉串挂到箱内支架上，关上箱门(相当于闭合开关S1)，支架在电动机的带动下旋转；再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。如图中是电动机，R是加热电阻，其中电路设计合理的是(    )
A. B.
C. D.
12. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是(    )
(1)电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W∼0.9W
(2)电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.5A
(3)滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω
(4)电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W∼3W
A. (1)(3) B. (1)(4) C. (2)(3) D. (2)(4)
13. 小红同学用30N的力拉着一个重为20N的物体，在水平地面上做匀速直线运动，0.5min内使物体移动10m的距离，此过程中重力做的功是______ J，小红拉力做的功是______ J，功率是______ W。

14. 如图甲所示的汽油机每秒钟内燃气对外做功10次，则该汽油机飞轮转速是______r/min。如图乙为某调光灯内部的电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形阻丝的两端相连，b与金属滑片相连，为实现调光功能，电位器应与灯______(选填“串联”或“并联”)；当将a、b接线柱接入电路，为使灯变亮，应______(选填“顺时针”或“逆时针”)旋动滑片。

15. 用如图所示的滑轮组匀速提升30N的重物，5s内提升了2m，拉力大小为18N，则有用功为______ J，滑轮组的机械效率为______。若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的机械效率将______(选填“升高”“降低”或“不变”)。


16. 2021年6月份，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。

(1)长征五号B遥二运载火箭是新一代运载火箭，火箭使用的燃料是液态氢，这是利用液态氢______的特点。若完全燃烧0.5kg的氢燃料，可放出热量______ J，若这些热量有84%被质量为1×103kg的水吸收，水的温度能够上升______℃。【q氢=1.4×108J/kg、c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】。
(2)神舟十二号载人飞船返回舱载着三名航天员返回地球，返回舱进入大气层时与空气剧烈摩擦，通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变内能。返回舱减速降落的过程中，重力势能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
17. 如图所示是A、B两定值电阻的U−I图像，由图像中信息可知：RA______RB(选填“>”、“=”或“1：2 48 
【解析】解：由图可知，在电流相同时，A两端的电压大，根据R=UI可知，RA>RB；
若将A、B两电阻并联接在4V电源的两端，电阻两端的电压相同，通过RA和RB的电流分别为0.2A和0.4A，根据P=UI可知，RA和RB的电功率之比0.2A：0.4A=1：2；
1min内电阻A产生的热量为：Q=W=UIt=4V×0.2A×60s=48J。
故答案为：>；1：2；48
根据R=UI分析电阻的大小关系；根据P=UI分析电功率的大小关系；根据Q=W=UIt求出产生的热量。
本题考查了欧姆定律公式、电功率公式、热量公式的应用，属于基础题。

18.【答案】变小  不变 
【解析】解：由电路图可知，当电键S闭合时，电路为R的简单电路，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当电键S断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，当电键S由闭合到断开时，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由R=UI可知，电压表与电流表示数的比值等于R的阻值，
则电压表与电流表示数的比值不变。
故答案为：变小；不变。
由电路图可知，当电键S闭合时，电路为R的简单电路，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当电键S断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据欧姆定律结合R的阻值可知电压表与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，把电压表与电流表示数的比值转换为R的阻值处理是关键。

19.【答案】并  导线比电热丝的电阻小  1000 200 
【解析】解：
(1)电热水壶与室内各房间里电灯、电视机工作时互不影响，是并联的；
(2)电热丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，已知Q电热丝>Q导线，根据Q=I2Rt可知R电热丝>R导线，所以电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电热水壶的导线却不怎么热，主要是因为导线比电热线的电阻小；
(3)6min内电能表指示灯闪烁了300次，电热水器消耗的电能：W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h，
电热水器的实际功率：P=Wt=0.1kW⋅h660h=1kW=1000W；
由PP=U2R可得，在加热状态下发热体的电阻：R=U2P壶=(220V)21210W=40Ω；
实际电压U实际=PR=1000W×40Ω=200V。
故答案为：(1)并；(2)导线比电热丝的电阻小；(3)1000；200。
(1)家庭电路中的用电器是并联的；
(2)电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；
(3)3000imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，据此可求电能表指示灯闪烁300次时消耗的电能，又知道工作的时间，根据P=Wt求电热水器的实际功率；由P=U2R可求出电热水壶的电阻，然后根据P=U2R求出实际电压。
本题考查了家庭电路的连接方式、电功率和电能的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。

20.【答案】1.22366.7减小R的电阻值 
【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关，定值电阻和压敏电阻串联；
由图象可知，当无风时，电阻Rx=7Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：I=UR+Rx=5V5Ω+7Ω=512A，
压敏电阻Rx消耗的电功率：Px=I2Rx=(512A)2×7Ω≈1.22W；
(2)由图象可知Rx与F图线为一次函数，Rx=aF+b，
当F=0时，Rx=7Ω，所以7Ω=a×0+b，
可得：b=7Ω，
当F=600N时，Rx=1Ω，所以1Ω=a×600N+7Ω，
可得：a=−0.01Ω/N，
则：Rx=−0.01Ω/N×F+7Ω，
当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，即UR=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以Rx两端的电压：Ux=U−UR=5V−3V=2V，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流：I′=URR=3V5Ω=0.6A，
则压敏电阻的阻值：Rx′=UxI′=2V0.6A=103Ω，
所以103Ω=−0.01Ω/N×F+7Ω，
解得：F≈366.7N，该装置所能测量的最大风力为366.7N；
(3)若想让该装置能测量更大的风力，风力越大，Rx的电阻越小，其分担的电压越小，R分担的电压越大，电压表示数越大，要使电压表的示数保持3V不变，可以通过减小R的电阻来减小R两端的电压，故采取改进装置的措施是：减小R的电阻值。
故答案为：1.22；366.7；减小R的电阻值。
(1)由图乙可知无风时Rx的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出压敏电阻Rx消耗的电功率；
(2)当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表示数最大时电路中的电流，再根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知该装置所能测量的最大风力；
(3)根据串联电路的分压规律分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象获取有用的信息，有一定的难度。

21.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向下，过A点垂直于OA向下作出最小力的示意图；
过O点向力F2的作用线作垂线，即为阻力F2的力臂l2，如图所示：
 
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

22.【答案】解：
由图可知，R1、R2串联；当油量增加，浮标上升，在杠杆作用下，滑片下移，R2连入电路的电阻变小，由串联分压原理可知，R2分压变小，则R1分压变大，所以电压表应与R1并联，电压表的连接如图所示：
 
【解析】题目要求：若油量表为电压表改装而成，当油量增加，电压表读数增加。先分析当油量增加，R2连入电阻变化，R1、R2的分压变化，进而确定电压表与谁并联，再根据电压表的连接方法画出。
本题考查了电压表的连接方法和串联电路的分压特点，分析电路图得出当油量增加时R1、R2的分压变化是关键。

23.【答案】解：
由题知，家庭电路中可用一个开关控制插座，且火线先连接开关，再连接三孔插座右边接线柱；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：
 
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；开关接在火线上。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

24.【答案】8 处于  右  力臂  B 
【解析】解：(1)杠杆停在如图所示的位置保持静止处于平衡状态。这时应向右端调节平衡螺母，直到杠杆在水平位置平衡，这是为了方便测量力臂的大小；
(2)由表格数据分析可知，实验是探究动力、动力臂与阻力、阻力臂之间的关系，则第二组数据4N×0.4m=0.2m×F2，解得：F2=8N；
(3)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，在调平衡时一般都把杠杆的平衡位置调到水平位置，这样当力的作用线在竖直方向时，从支点到力的作用点的距离就是力的力臂，若要使力臂与支点到力的作用点的距离不等，可以改变力的方向，故选；B。
故答案为：(1)处于；右；力臂；(2)8；(3)B。
(1)当杠杆受力平衡时将保持静止或匀速转动状态；调节杠杆平衡的原则是螺母的调节方向是向上翘的那端调节；调节杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂的大小；
(2)分析表格数据找出规律并补充完整；
(3)力臂：从支点到力的作用线的垂直距离。当杠杆平衡在水平位置时，力的作用点到支点的距离就是力的力臂。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、数据分析、原理运用等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。

25.【答案】钢球  做功  速度  B 
【解析】解：
(1)本实验研究的对象是钢球；
(2)让小球从斜面的不同高度滑下，那么小球到达水平面时的速度就不同，小球推动硬纸盒做功，硬纸盒运动距离越远，做功越多，说明小球撞击硬纸盒时的动能越大；
(3)让小球从不同的高度滚下，是为了使小球到达水平面时具有不同的初速度，对比甲、乙两图实验是为了验证物体动能与速度的关系；
如果做乙图实验时，为防止造成硬纸盒损坏掉落，可适当降低钢球的高度，这样小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了；
A.换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；
B.适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了，故B正确；
C.给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故C错误；
D.换用一个较重的硬纸盒，则可能推动的距离过小，无法正确判断动能的大小，故D错误；
(3)若要验证动能大小与质量的关系，需要添加的一个器材是质量不同的小球。
故答案为：(1)钢球；(2)做功；(3)速度；B。
(1)本实验研究的对象是钢球；钢球滚下过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能；
(2)同一小球保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，硬纸盒被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明小球的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大；
(3)动能大小的影响因素：质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大，对照图示，结合控制变量法进行分析，
实验中，小球到达水平面时的速度由小球的高度决定，通过调整高度可调整其速度，从而改变动能。
本题考查了学生根据实验现象得出实验结论的能力，要学会利用控制变量法分析问题，并能把所学知识与生活实际相联系，分析解答问题。

26.【答案】加热时间  温度计升高的示数  不能  电流大小  a 不可行 
【解析】解：(1)根据转换法，不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
比较不同燃料的热值，根据Q=cmΔt，燃料完全燃烧放出的热量是通过温度计升高的示数来反应的；
(2)乙实验中，控制酒精与碎纸片质量相等，烧杯中水的质量与初温相等，发现用碎纸片加热烧杯中水温度升得快，但升高的不一定多，不能说明碎纸片的热值大；
(3)丙实验中，闭合开关，通电1min后测量烧瓶A内煤油升高的温度；然后移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻改变，根据欧姆定律可知，电路中的电流改变，通过两个电阻的电流发生了变化，所以该操作是为了研究电热与电流的关系；
实验中燃料完全燃烧放出的热量是通过温度计升高的示数来反应的，放出的热量越多温度计示数升高的越多且成正比，根据Q=I2Rt知在电阻、通电时间相同时，Q与电流I2成正比，升高的温度与电流I2也成正比，故a正确；
(4)烧瓶B里面装有等质量的水和电阻RB，他将烧瓶A、B中的电阻丝串联接入丙实验电路中，此时通过两个电阻丝的电流是相同的，电阻不同，则相同时间内产生的热量不同；而探究不同物质的吸热升温现象时，需要用相同的加热器加热，所以他的设计不可行。
故答案为：(1)加热时间；温度计升高的示数；(2)不能；(3)电流大小；a；(4)不可行。
(1)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
根据Q=cmΔt，通过液体升高的温度来反应燃料完全燃烧放出的热量的多少；
(2)相同质量的不同燃料，完全燃烧放出的燃料越多，热值越大；
(3)电流产生的热量与电流大小、电阻大小、通电时间的长短有关；
根据焦耳定律分析解答；
(4)探究不同物质的吸热升温现象时，需要用相同的加热器加热。
本题将比较不同燃料的热值实验与比较不同物质吸热升温的特点两上实验对比考查，涉及控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，关键是分清每个实验中要研究的对象及控制的条件。

27.【答案】右  R短路  0.3右  反比  50 
【解析】解：(1)根据电路图连接实物图，电压表要并联在待测用电器两端，滑动变阻器要一上一下接入电路，如下图；

(2)为了防止电路中电流过大，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处，滑动变阻器左侧下方接线柱接入电路，使用滑片左侧电阻，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片P移到最右端；
闭合开关后，发现电流表有示数，电路中没有发生断路，电压表无示数，则与电压表并联的用电器短路，所以电路中的故障为R短路；
(4)如图丙，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A，将R=5Ω电阻换成10Ω电阻，阻值变大，据串联电路分压特点U1U2=IRIR1=RR1，分得电压变多，为了保持电阻两端电压不变，则需要滑动变阻器分压增大，故应将滑片向阻值向右滑动；
(5)根据如图丁I−R图像，每次电流与电阻的乘积都为2V，可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(6)由图丁知当电阻为25Ω时，定值电阻两端电压UR=2V，
根据串联电路电压的规律知变阻器两端的电压应为：U滑=U−UR=6V−2=4V；
根据串联电路的分压作用知U滑UR=R滑大R定大，即4V2V=R滑大25Ω，
则滑动变阻器的最大阻值为：
R滑=50Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)右，R短路；(4)0.3，右(5)反比；(6)50。
(1)根据电路图连接实物图，电压表要并联在待测用电器两端，滑动变阻器要一上一下接入电路；
(2)为了保护电路，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处；故障分析：当电流表有示数，故障一定不是断路故障，电压表无示数，则与电压表并联的用电器短路或电压表断路；
(4)电流表读数时首先明确量程，确定分度值，数出指针偏转格数，读出电流表示数；探究电流与电阻的关系时，控制电阻两端的电压不变，根据串联电路分压特点U1U2=IRIR1=RR1，保持滑片位置不动R1大小不变，将R=5Ω电阻换成10Ω电阻，更换较大电阻时，R分到的电压变大，为了保持电阻两端电压不变，则需要滑动变阻器分压增大，故应将滑片向阻值增大处滑动；
(5)根据如图丁I−R图像，可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(6)保持电阻两端的电压不变，根据分压的知识，当电阻的阻值最大时所需的变阻器阻值最大，根据最大电阻值求出变阻器的阻值。
本题是探究电流与电阻的关系，考查了电路的连接、电路故障分析、实验操作过程、数据分析等，属于中考热点内容，应掌握扎实。

28.【答案】电压表  0.625U额R0  U额×(I1−U额R0) 
【解析】解：(1)灯在额定电压下正常发光，示数为1.8V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器两端的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故需将滑片向C端移动，眼睛注意观察电压表示数，直到电压表示数为额定电压；
(2)由图乙所示I−U图像可知，灯泡两端的电压等于额定电压2.5V时，通过灯泡的电流等于0.25A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
(3)①电流表与定值电阻串联，左下填电流表，左上填开关S1，如下图所示

②闭合S和S1，断开S2，灯泡与R0并联，电流表测量通过的R0电流，由于当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为额定电压U额；则调节R1的滑片P，使电流表示数为：I0=U额R0；
③闭合S和S2，断开S1，灯泡与R0并联，电流表测量通过的干路中的电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，读出电流表示数为I1；
④在③中，电流表测灯与定值电阻的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知此时灯的额定电流：
IL=I1−I0=I1−U额R0；
则小灯泡的额定功率：
P额=U额×(I1−U额R0)。
故答案为：(1)电压表；(2)0.625；(3)①如图所示；②U额R0；U额×(I1−U额R0)。
(1)使灯泡正常发光，灯泡两端的电压必须等于额定电压；
(2)由I−U图像找出灯泡两端的电压等于额定电压时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为：I0=U额R0时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题是测灯泡电功率的实验，考查了实验注意事项、实物电路的连接、实验的操作、电功率的计算等，考查知识点多，综合性强。

29.【答案】解：(1)汽车功率P=18kW=1.8×104W
由P=Fv得，汽车的牵引力为：F=Pv=1.8×104W10m/s=1800N
根据二力平衡可得：汽车受到的阻力为：f=F=1800N
(2)牵引力做功为：W=Fs=1800N×500m=9×105J。
答：(1)公交电动汽车行驶过程中受到的阻力是1800N；
(2)牵引力做功9×105J。 
【解析】(1)根据公式P=Fv变形后可求牵引力大小，再根据二力平衡知识，得出阻力大小。
(2)运用公式W=Fs可求出做功多少。
熟练运用功率、功的公式和二力平衡知识，可解答此题。

30.【答案】低 
【解析】解：(1)当S1闭合、S2断开、S3接a时，电路为R1与R2串联，此时电路的总电阻(R=R1+R2)最大，由P=U2R可知，电源电压不变、电路的电阻最大，则总功率最小，所以此时为低温挡。
(2)当S1闭合、S2闭合、S3接a时，电路只有R1工作，属于简单电路，此时为中温挡。
中温挡功率为：P=U2R1=(12V)24Ω=36W。
(3)当S1闭合、S2闭合、S3接b时，电路为R1与R2并联，此时总功率最大，是高温挡。
支路R1的功率为：P1=U2R1=(12V)24Ω=36W
支路R2的功率为：P2=U2R2=(12V)28Ω=18W
总功率为：P=P1+P2=36W+18W=54W
高温挡工作5min，即t=5min=300s，电热杯消耗电能为：W=Pt=54W×300s=1.62×104J。
答：(1)在乙图电路中，S1闭合、S2断开、S3接a时，加热电路为低温挡；
(2)中温挡时电功率为36W；
(3)使用高温挡工作5min，电热杯消耗电能为1.62×104J。
(1)根据电路的连接方式(串联、并联、简单电路)和电路总功率大小，可判断电路的挡位。
(2)根据电功率的公式P=U2R可求出中温挡的电功率。
(3)先求出高温挡的电功率，再运用W=Pt，求出使用高温挡工作5min，电热杯消耗的电能。
准确分析电路的不同挡位，熟练运用电功率、电功的计算公式，是解答此题的关键。