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2021-2022学年江苏省盐城市建湖县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年江苏省盐城市建湖县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共24页。试卷主要包含了35WB，2kg，杆秤自身质量忽略不计，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年江苏省盐城市建湖县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 电风扇 B. 电饭锅 C. 电冰箱 D. 电视机
2. 下列工具中，属于省力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子 B. 扫帚 C. 天平 D. 镊子
3. 如图是飞行器绕地球运行的轨道示意图，若飞行器沿椭圆轨道运行的过程中机械能保持不变，则它从远地点向近地点运行的过程中( )
A. 重力势能增加、动能减小
B. 重力势能减小、动能增加
C. 重力势能减少、动能不变
D. 重力势能不变、动能不变
4. 沙漠地区在日光照射下，比湖泊湿地温度升高得快的原因是( )
A. 沙漠地区日照时间较长 B. 沙吸收的热量多
C. 沙的密度大 D. 沙的比热容小
5. 小明将一箱书搬上三楼，先后采用了两种方法：一是一次把所有的书搬上三楼；二是分两次把所有的书搬上三楼．假设他上楼的速度相同，则这两种方法中( )
A. 第一种所做的总功多一些 B. 第二种对书做的功多一些
C. 第一种搬书的功率大一些 D. 第二种搬书的效率大一些
6. 下列事例中，利用热传递改变内能的是( )
A. 冬天搓手取暖 B. 压缩空气内能增大
C. 烧水时水温升高 D. 下滑时臀部发热
7. 如图沿竖直方向匀速拉动绳子，使物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能是( )
A. B.
C. D.
8. 下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 家用电器起火时应迅速用水扑灭
B. 多个大功率用电器应接在同一插线板上使用
C. 控制用电器的开关一定要接在零线上
D. 有金属外壳的家用电器，一定要将外壳接地
9. 在调查家庭用电的综合实践活动中，小亮同学将家里其他用电器都关闭，只让家中电热毯单独工作了2min，如图所示的电能表指示灯闪烁了16次，下列说法正确的是( )
A. 此电能表指示灯每小时闪烁3200次 B. 该电能表的示数为76242kW⋅h
C. 指示灯闪烁越快，电路消耗的电能越多 D. 电热毯的实际功率是150W
10. 如图是一只完好的移动插座，闭合开关S，指示灯发光。再将台灯插入接线板的插座，台灯与指示灯都能发光。下列说法正确的是( )
A. 台灯与指示灯串联，并受开关S控制
B. 台灯与指示灯并联，开关S在干路上
C. 该接线板的连接线内只有火线和零线两根导线
D. 该接线板上有5个插孔会使测电笔氖光发光
11. “红灯停、绿灯行”，十字路口的红、绿交通信号灯是保证安全的重要设施，为实现此控制，可行的电路图是( )
A. B.
C. D.
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示。则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中( )
A. 定值电阻电功率的最小值为1.35W B. 定值电阻电功率的变化为4.05W
C. 电路总功率的最小值为1.8W D. 电路总功率的最大值为6.4W
13. 对人体而言，安全电压是______，电工师傅用______来辨别火线和零线的，收音机上调节声音的大小的电器元件实际上是______。
14. 汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的______较大的性质；散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是______J，这些热量相当于完全燃烧______kg的天然气放出的热量[水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值q=8.4×107J/kg]。
15. 如图所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计。若杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为0.05m和0.2m，则被测物体的质量为______ kg，若物体质量增大，则要将秤砣向______ (选填“左”或“右”)移动；若长时间使用后秤砣有一点缺损，则测量值比被测物体的真实质量要______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
16. 如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外______，燃气的______能转化为盒盖的______能，这与四冲程汽油机的______冲程的能量转化相同。
17. 小利用如图的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的某种液体，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小。
(1)实验中液体吸热的多少是通过______来反映的。
(2)现有水和煤油两种液体可供选择，为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明应该选用______(水/煤油)来做实验，这是因为水的______较大。
(3)实验中将两瓶中的电阻丝串联，目的是为了控制通过两根电阻丝的______相等。
(4)实验中没有计时的工具，可以通过操作______来确保通电时间相同。
18. 如图是研究“短路引起熔丝熔断”的实验，电路熔断器中的熔丝应该选用熔点______的材料做成，增加一根导线，并将导线接在______两点间，闭合开关，造成短路，可引起熔丝熔断，除短路之外，______也会引起熔丝熔断。
19. 如图是家用燃气报警器的简化原理图。电源电压保持不变，R0为定值电阻，气敏电阻R的阻值随燃气的浓度增大而减小，当有燃气泄漏时，电流表的示数______(增大减小/不变，下空同)，电压表示数______：若电压表示数变化到某一数值时报警器开始报警，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，R0应选用______(更大/更小)阻值的电阻。
20. 如图是某型号电饭锅的原理图，有两个档位，分别是高温烧煮和保温焖饭档，已知R1=44Ω，R2=2156Ω，则开关S置于______(1/2)档时是低温档，它的功率是______W，电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量是______J。
21. 如图所示，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于平衡状态，L1为动力F1的力臂，请在图中作出动力F1的示意图和F2的力臂。
22. 将图中的开关、灯泡和三孔插座正确接入家庭电路。
23. 如图所示电路中有两个小灯，请在圆圈内，分别填入电灯、电流表和电压表的符号，要求开关闭合时两灯均能发光，且两电表的示数均不为零。
24. 在美丽乡村建设中，政府为某村购置一批健身器材。工人在往车上搬运装有健身器材的箱子时，用长木板搭了一个3m长的斜面，把120kg的箱子沿斜面匀速推到1m高的车厢上，如图所示。推箱子做的额外功是300J。(g取10N/kg)求：
(1)推箱子做的有用功；
(2)斜面的机械效率；
(3)沿斜面的推力。
25. 某兴趣小组探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系，电路如图甲所示。滑动变阻器滑片P从最右端向最左端移动的过程中，R1的U−I图象如图乙所示。求：
(1)R1的阻值；
(2)电路消耗的最小功率；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，1min内电流通过R1产生的热量。
26. 在研究杠杆平衡条件的实验中：
(1)实验前没有挂钩码静止时，杠杆右端上翘，如甲图所示，杠杆处于______(平衡/不平衡)状态，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向______(左/右)调。
(2)如乙图所示的装置中，每个钩码重0.5N(杠杆上每格等距，杠杆自重不计)，要使杠杆在水平位置平衡，小强在B处施加一个竖直方向的力，也使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应______，大小为______。
(3)如图丙所示用弹簧测力计在B处竖直向下拉，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______，其原因是______。
27. 如图是小明同学探究“电流与电压关系”的电路图。
(1)请按电路图将实物图连接完整。
(2)小明连接电路时，开关应______，滑动变阻器的滑片P应放在最______(选填“左”或“右”)端。
(3)闭合开关后小明发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表指针几乎不动，电压表指针有示数且不变，原因可能是______。
(4)小明通过实验得出了如表(一)中的数据，并且通过分析实验数据得出了：“电阻一定时，导体中的电流随电压的增大而减少”的结论，这个结论是______(选填“正确”或“错误”)的，你认为造成这种现象原因可能是______。
表一：
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.25
0.2
0.15
0.1
(5)他们还想用以上器材做“研究电压不变时，电流与电阻的关系”实验，他们选择了5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的几个电阻进行实验，实验完成后记录数据如表(二)所示。此次实验中，电压表的示数保持______ V不变。实验过程中，当他们完成对5Ω电阻的数据测量后，接下来断开开关换上10Ω的电阻，再闭合开关，向______(选填“左”或“右”)调节滑动变阻器。
表二：
电阻R/Ω
5
10
15
20
电流I/A
0.36
0.18
0.12
0.09
28. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电池组(3V不变)、电流表、电压表、小灯泡(额定电压2.5V)、滑动变阻器、开关、导线若干，实物电路如图甲所示。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，小组同学根据两电表的示数
判断灯泡处断路造成的，更换灯泡后故障排除，他们根据的现象是______(填两电表是否有示数)。
(3)故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片在某一位置时，电流表、电压表的示数如
图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是______A；小灯泡两端的电压是______V；若使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为______V。
(4)图丙是另一小组同学由实验数据描绘得到的小灯泡的I−U图象，由图象可知小灯泡额定功率是______W.小灯泡正常发光时的电阻大约是______Ω.分析小灯泡的I−U图象，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，实际上，引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是______。
29. 阅读短文，回答问题：
电热毯电热毯，又名电褥。是一种床上用的取暖器具，主要用于人们睡眠时提高被窝里的温度来达到取暖的目的。除此以外，还可用于被褥的去潮除湿。它耗电量少、温度可调节、使用方便、广泛，功率一般在60∼120W之间。
电热毯是一种接触式电暖器具。普通型电热毯，使用的电热合金丝是直线状的，但更多的是呈螺旋状缠绕在耐热芯线上，外面涂覆一层耐热树脂，通电时即发出热量。
电热毯按面积分为儿童型、单人型和双人型，按控温性能分为普通型和自动调温型。普通型不带控温元件，使用者可按需要接通或切断电源来控制温度；自动调温型带控温元件，能自动使电热毯处于预定的温度范围内。
(1)电热毯是利用______原理工作的，在工作过程中，电能转化成______能。
(2)电热毯中使用的合金丝的电阻______(大于/等于/小于)与它同种长度和规格的导线电阻，合金丝外面涂覆的耐热树脂属于______(导体/绝缘体)。
(3)自动调电热毯中的控温元件材料应选择______(导体/超导体/半导体)来制作。小明家电热毯的合金丝断了，他把合金丝接上后继续使用，一段时间后发现接头处烧焦了，这是因为接头处合金丝的电阻______(变小/变大/不变)。
(4)如图是电热毯工作时合金丝的电阻随温度变化关系的图象，正确的是( )
(5)如图是小明学习电学后设计的高、中、低三个挡位电热毯的原理图，其中图中虚线框内有两处是电阻，一处是开关(S1)，请你用原件符号将电路图补充完整。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】
要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能。
本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化。是一道基础题。
【解答】
电风扇、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机主要是把电能转化为声能和光能。
只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应。
故选：B。
2.【答案】A
【解析】解：A、瓶盖起子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A正确；
B、扫帚的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；
C、天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故C错误；
D、镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：A。
省力杠杆：动力臂大于阻力臂；费力杠杆：动力臂小于阻力臂；等臂杠杆：动力臂等于阻力臂。
知道三类杠杆的定义和生活中的常见实例，可解答此题。
3.【答案】B
【解析】解：飞行器从远地点向近地点运行的过程中，高度减小，重力势能减小，由题知飞行器的机械能保持不变(即机械能守恒)，所以动能增加。
故选B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
4.【答案】D
【解析】解：在相同的日光照射下说明单位面积的沙地和湖泊、湿地在相同的时间上吸收的热量是相同的。
根据物体吸收热量温度升高时吸收热量的计算公式：Q吸=cm(t−t0)，在吸收热量和质量相同的情况下，比热容和温度的变化值成反比。
沙地的温度升高快说明温度变化值大，沙的比热容小。
故选：D。
单位体积某种物质，温度升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量叫做这种物质的比热容。比热容越大，在同样吸热时，温度变化不明显。
本题是“比热容知识”的一个应用。我们要学会使用所学物理知识来解释我们生活中的有关现象；考查理论联系实际的能力。
5.【答案】C
【解析】解：
这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，由W=Gh可知，两次对书所做的有用功相等；故B错误；
第一种所做的额外功为克服人的重力做的功，而第二种所做的额外功是两次克服人的重力做的功，因此第二种所做的额外功大于第一种所做的额外功，故第二种所做的总功大于第一种所做的总功，故A错误；
由η=W有用W总×100%可知，η1>η2.故D错误；
因上楼的速度相同，第二种需要上楼二次，所以第二种所用时间长；两次搬书对书做的功相同，由P=Wt可知P1>P2.故C正确；
故选C.
已知这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，根据公式W=Gh可求克服自身重力做的功；比较两次所做额外功的多少，从而确定总功的大小，根据机械效率公式可知效率的大小；
他上楼的速度相同，得出上楼时间关系，根据P=Wt可知功率大小．
本题考查了学生对有用功、额外功、总功、功率和机械效率的了解与掌握，能从场景中得出相关信息是本题的关键．
6.【答案】C
【解析】解：
A、冬天搓手取暖，克服手与手间摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意；
B、压缩空气点火，压缩空气做功，使空气的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意。
C、烧水时水温升高，水从火吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意；
D、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意。
故选：C。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差。
本题主要考查学生对改变物体内能两种方法的理解和掌握。要明确内能可以由温度的物体转移到到温度低的物体，也可以由物体的高温部分转移到低温部分。
7.【答案】B
【解析】解：
动滑轮的重力不可忽略，不计绳重和摩擦，则克服动滑轮重力所做的功为额外功；
物重增大，有用功逐渐增大，有用功在总功中所占的比例增大，则机械效率逐渐增大，但机械效率不可能增大到100%，只能接近100%，所以机械效率增大得越来越缓慢，且机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确，ACD错误。
故选：B。
动滑轮的重力不可忽略，不计绳重和摩擦，则克服动滑轮重力所做的功为额外功；
物重增大，有用功逐渐增大，有用功在总功中所占的比例增大，所以机械效率逐渐增大，但机械效率不可能增大到100%，只能接近100%，据此判断机械效率η与物体重力G的关系。
本题考查了动滑轮机械效率的变化问题，要知道提升物重大小对机械效率的影响(同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大)。
8.【答案】D
【解析】解：
A、水是导体；家用电器起火时，如果直接用水去灭火，会发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路中不能同时使用多个大功率用电器，否则会使电路中电流的过大而引起火灾，故B错误；
C、控制用电器的开关一定要接在火线上，这样在开关断开时，用电器不带电，更安全，故C错误；
D、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，故D正确。
故选：D。
(1)发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；
(2)家庭电路电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
(3)控制用电器的开关一定要接在火线上，这样在开关断开时，用电器不带电；
(4)为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，用电器的金属外壳一定接地。
本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的内容。
9.【答案】D
【解析】解：
AD、3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
指示灯闪烁16次，则消耗的电能：W=16imp3200imp/(kW⋅h)=0.005kW⋅h，
则电热毯的实际功率：P=Wt=0.005kW⋅h260h=0.15kW=150W，故A错误，D正确；
B、该电能表示数为7624.2kW⋅h，故B错误；
C、因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，因此指示灯闪烁越快，电能表所在电路的总功率越大，不能说电路消耗的电能越多，故C错误。
故选：D。
(1)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此求指示灯闪烁16次消耗的电能，再利用P=Wt求出电热毯的电功率；
(2)电能表是测量一定时间内用电器消耗电能(电功)的仪表，最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(3)电能表指示灯闪烁的快慢反映了电路消耗电能的快慢。
本题考查了电功率的计算以及电能表相关参数的理解，记住相关参数的物理含义是正确解题的关键，属于常考题目，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：AB、开关控制台灯和指示灯，而台灯和指示灯互不影响，因此台灯与指示灯并联，开关S在干路上，故A错误、B正确；
C、根据图示可知，该插头为三脚插头，因此相连的线有火线、零线和地线，故C错误；
D、从接线板上可以看出，两个三孔插座，两个两孔插座，因此一共有四个插孔与火线相连，即四个插孔能使测电笔氖管发光，故D错误。
故选：B。
(1)插座与指示灯是并联的；指示灯与开关是串联的；
(2)三角插头的中间脚必须接地；
(3)火线能使测电笔的氖管发光。
本题考查插座的构造和接线原理，以及并联电路的特点和开关的作用，属于基础题。
11.【答案】B
【解析】解：十字路口的红、绿交通信号灯必须要求红、绿灯可独立发光；
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，要使红、绿灯可独立发光，应采用两灯泡并联的连接方式，且两灯泡各有一个开关控制，只有选项B符合，ACD不符合要求。
故选B。
十字路口的红、绿交通信号灯必须要求红、绿灯可独立发光，由此可知灯泡的连接方式，然后得出答案。
本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键，难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，此时电路为R1的简单电路，
由图象可知，电路中的最大电流I最大=1.2A，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I最大R1=1.2A×R1-------①
当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图象可知，电路中的最小电流I最小=0.3A，电压表的最大示数U2=4.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：
U=I最小R1+U2=0.3A×R1+4.5V-------②，
因电源的电压不变，所以：1.2A×R1=0.3A×R1+4.5V，
解得：R1=5Ω，
则电源的电压：U=I大R1=1.2A×5Ω=6V；
(2)由P=I2R可得定值电阻电功率的最小值：P1最小=I最小2R1=(0.3A)2×5Ω=0.45W.故A错误；
定值电阻电功率的最大值：P1最大=I最大2R1=(1.2A)2×5Ω=7.2W，
所以定值电阻电功率的变化量：△P1=P1最大−P1最小=7.2W−0.45W=6.75W，故B错误；
电路总功率的最小值：P最小=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C正确；
电路总功率的最大值：P最大=UI大=6V×1.2A=7.2W，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)根据P=UI求出电路的最大和最小总功率，根据P=I2R求出定值电阻电功率的最大和最小功率，然后求出定值电阻电功率的变化量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象读出有用的信息并利用好电源的电压不变是关键。
13.【答案】不高于36V 测电笔 滑动变阻器
【解析】解：对人体而言安全电压是不高于36V；电工师傅用测电笔来辨别火线和零线的；收音机上调节声音的大小的电器元件实际上是滑动变阻器。
故答案为：不高于36V；测电笔；滑动变阻器。
对人体而言安全电压是不高于36V，测电笔是来辨别火线和零线用的；收音机上用滑动变阻器来调节声音的大小。
本题考查了对人体而言，安全电压、测电笔的作用和滑动变阻器在家用电器中应用。
14.【答案】比热容 8.4×1050.01
【解析】解：汽车散热器用水作为冷却剂，是利用了水的比热容较大的性质；
水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(Kg⋅℃)×10kg×20℃=8.4×105J；
相当于完全燃烧的天然气m=Qq=8.4×105J8.4×107J/kg=0.01kg。
故答案为：比热容，8.4×105J；0.01kg。
水具有较大的比热容是它常被用做冷却剂的原因；利用公式Q=cm△t可计算水吸收热量的多少；利用公式Q=mq可计算需要燃烧天然气的质量。
(1)此题中热量的计算公式Q=cm△t和Q=mq是解题中用到的主要知识，是我们应该熟练运用的。
(2)注意△t的含义是温度升高(或降低)了多少。
15.【答案】0.8右 偏大
【解析】解：(1)如图所示：
因为杠杆平衡，所以G1LOA=G2LOB，
即：m1gLOA=m2gLOB，
则m1=m2LOBLOA=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg；
(2)杆秤利用了杠杆的知识，如图所示，若所测物体质量增加，在其它条件不变时，要使杆秤仍在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，应增大秤砣力臂，即秤砣应该向右移动；
若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：0.8；右；偏大。
(1)知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
(2)要测物体质量增加，根据杠杆和平衡条件分析；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
16.【答案】做功 内 机械 做功
【解析】解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；
四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。
故答案为：做功；内；机械；做功。
(1)物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；
(2)热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。
本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基础性题目。
17.【答案】温度计示数 煤油 比热容 电流 开关
【解析】解：(1)根据转换法，实验中液体吸热的多少是通过温度计来反映的。
(2)根据△t=Qcm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，因水的比热容大，故水升温小，故为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明应该选用煤油来做实验，这是因为水的比热容较大。
(3)实验中将两瓶中的电阻丝串联，根据串联电路的特点，目的是为了控制通过两根电阻丝的电流相等。
(4)由图可知，该电路为串联电路，各处的电流是相同的，通过操作开关来确保通电时间相同。
故答案为：(1)温度计示数； (2)煤油；比热容； (3)电流；(4)开关。
(1)电流产生的热量不易直接测量，根据△t=Qcm，相同质量的同种吸热越多，升高的温度越高，吸热的多少是通过温度计示数来反映，采用了转换法；
(2)根据△t=Qcm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，水的比热容大，水升温小；
(3)(4)根据串联电路的特点分析。
该题探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”，考查了控制变量法和转换法的应用和串联电路电流的规律及水的比热容大的运用。
18.【答案】低 B、D 用电器总功率过大
【解析】解：熔丝一般是用电阻率大、熔点低的材料制成的；短路时电路时电流很大，引起熔丝熔断，故BD两个接线柱之间接入一根导线后，会发生电源短路，C、D间的熔丝将会熔断；家庭电路的总功率过大也是造成电流过大的原因。
故答案为：低；B、D；用电器总功率过大。
熔丝一般是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；熔丝熔断的原因有两个：总功率过大或发生短路。
通过实验了解熔丝的特点、电路中电流过大的原因，属于基础题。
19.【答案】增大 减小 更大
【解析】解：
由电路图可知，气敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因气敏电阻R的阻值随浓度的增大而减小，
所以，当有燃气泄漏时，燃气的浓度增大，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大；
电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端电压增大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，气敏电阻R两端的电压减小，即电压表示数减小；
(2)由(1)可知，当电压表示数减小至某一数值时报警器开始报警；
由题知，燃气浓度越低，气敏电阻的阻值越大，气敏电阻分压越多，即电压表示数越大；要使电压表示数减小至报警的数值，由串联分压的规律可知，需要使R0分得的电压增大，需要将R0的阻值增大，所以，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，R0应选用更大阻值的电阻。
故答案为：增大；减小；更大。
由电路图可知，气敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据题意得出当有燃气泄漏时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化；
(2)燃气的浓度变小时，气敏电阻的阻值最大，根据串联电路的特点和欧姆定律可知电压表示数的变化，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，应减小电压表的示数，据此进行解答。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
20.【答案】1221.32×105
【解析】解：(1)电饭锅处于低温档时电路的总功率最小，
由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总电阻应最大，
由电路图可知，开关S置于1档，此时R1与R2串联，电路的总电阻最大，此时是低温档。
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，低温档的功率：
P低=U2R1+R2=(220V)244Ω+2156Ω=22W；
(2)由电路图可知，开关S置于2档时，电路为R1的简单电路，电饭锅处于高温档，
则电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量：
Q=W=U2R1t=(220V)244Ω×2×60s=1.32×105J。
故答案为：1；22；1.32×105。
(1)电饭锅处于低温档时电路的总功率最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总电阻应最大，然后结合电路图判断开关S的位置，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出低温档的功率；
(2)电饭锅处于高温档时电路的总电阻最小，然后结合电路图判断接入电路中的电阻，根据Q=W=U2Rt求出电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，分清电饭锅处于不同档位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】解：由图可知，O为支点，由O向力F2的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是力臂L2；如下图所示：
作力臂L1的垂线即力F1的作用线，与杠杆的交点就是作用点，F1使杠杆的转动方向与力F2的相反；如下图所示：
【解析】根据力臂是支点到力的作用线的垂直距离可作出F2的力臂L2，根据力的作用线与力臂垂直，可作出力的作用线，与杠杆的交点就是力的作用点，根据动力和阻力的关系可确定力的方向。
本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。
22.【答案】解：
灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
23.【答案】解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；
所以，上面两个〇内应填电流表和电灯；下面的〇与左边的电灯并联，应填电压表；如图所示：
另一种方法：两灯泡并联，电流表测量总电流，电压表测量总电压，如图所示：
答案见上图。
【解析】串联电路中电流只有一条路径；并联电路中电流有两条或多条路径；电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析，围绕两灯串联或并联进行分析。
知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求设计出正确的电路图。
24.【答案】解：(1)推箱子做的有用功为：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
(2)所做总功为：W总=W有+W额=1200J+300J=1500J；
故机械效率为：η=W有W总=1200J1500J=80%；
(3)由W总=Fs得，推力为：F=W总s=1500J3m=500N。
答：(1)推箱子做的有用功为1200J；
(2)斜面的机械效率为80%；
(3)沿斜面的推力为500N。
【解析】运用W有=Gh可求出有用功，再根据总功与有用功和额外功的关系得出总功，最后运用机械效率的公式求出机械效率。利用总功的公式变形可求出推力F。
熟练运用有用功、总功、机械效率的公式，是解答此题的关键。
25.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，
由图乙可知，电压表的最大示数为6V，则电源的电压U=6V，电路中的最大电流I=0.6A，
由I=UR可得，R1的阻值：
R1=UI=6V0.6A=10Ω。
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′=0.15A，
则电路消耗的最小功率：
P小=UI′=6V×0.15A=0.9W。
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，电路中的电流最小，
则1min内电流通过R1产生的热量：
Q1=I′2R1t=(0.15A)2×10Ω×60s=13.5J。
答：(1)R1的阻值为10Ω；
(2)电路消耗的最小功率为0.9W；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，1min内电流通过R1产生的热量13.5J。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，根据图乙读出电源的电压和电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据图乙读出电路中的最小电流，利用P=UI求出电路消耗的最小功率；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，电路中的电流最小，根据Q=I2Rt求出1min内电流通过R1产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
26.【答案】平衡 右 竖直向上 3 N 变大 拉力力臂变短
【解析】解：(1)实验前没有挂钩码静止时，杠杆处于平衡状态；由图知，杠杆右端偏高，为使杠杆在水平方向平衡，需要将左端的平衡螺母向右调节；
(2)动力作用点在B上，由于支点在一侧不是在中间，因此动力的方向与阻力的方向相反，为了方便读出力臂，力的方向与杠杆垂直，因此拉力的方向应竖直向上；
设杠杆上每格距离为L，由图可知，钩码的总重力G=0.5N×3=1.5N，力臂LA=4L，拉力的力臂LB=2L，
由F1L1=F2L2得，拉力的大小F=GLALB=1.5N×4L2L=3N；
(3)图丙中，弹簧测力计竖直向下拉杠杆，若弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂减小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
故答案为：(1)平衡；右；(2)竖直向上；3；(3)变大；拉力力臂变短。
(1)物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)根据钩码个数和距离支点的格数，结合杠杆平衡条件进行相关分析和计算；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验，掌握杠杆平衡的含义并理解在调节杠杆在水平位置平衡的目的是关键，要求能够熟练的应用杠杆的平衡条件进行分析问题。
27.【答案】断开 左 R开路 错误 电压表并联在滑动变阻器两端了 1.8左
【解析】解：(1)由电路图可知，滑动变阻器滑片P向右移动，电阻变小，电压表并联在定值电阻R的两端，
因此实物图中滑动变阻器B接线柱与定值电阻R左端接线柱相连，电压表的“3”接线柱与电阻右端接线柱相连，如下图所示：
(2)为保证电路安全，连接电路时，开关应断开，闭合开关前应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，滑动变阻器的滑片P应放在最左端；
(3)闭合开关后小明发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，故原因可能是电阻R开路；
(4)探究电流与电压的关系，必须保持电阻一定，由表(一)对应的电压电流计算可知，电阻值是变化的，所以原因是电压表并联在滑动变阻器两端了；
(5)电压一定时，电流跟电阻成反比，由表(二)可知，当R=20Ω时，电流I=0.09A，则电压U=IR=0.09A×20Ω=1.8V，电压表测量定值电阻两端的电压，所以电压表的示数是1.8V；
当5Ω电阻接入电路时，电压表的示数为一定值，更换为10Ω后，定值电阻的阻值增大，分担的电压增大，电压表的示数增大，为了保证电压不变，需要向左移动滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器分担较多的电压。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；左；(3)R开路；(4)错误；电压表并联在滑动变阻器两端了；(5)1.8；左。
(1)滑动变阻器、电阻、电压表连线不完整，把滑动变阻器、电阻串联在电路中，电压表并联在电阻两端；
(2)为保证安全，连接电路时，开关应断开，滑动变阻器阻值应最大，据此分析解答；
(3)电流表示数为零，说明电路可能开路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)探究电流与电压的关系，必须保持电阻一定，电压表应该与定值电阻并联；
(5)由图象丙可以看出，电压一定时，电流与电阻成反比，根据U=IR计算出电阻两端的电压值；串联电路中，电阻起分担电压的作用。电阻越大，分担的电压越大。
探究“电流与电压、电阻的关系”时，必须采用控制变量法的思想，研究电流与电阻的关系时，控制电压不变；研究电流与电压的关系时，控制电阻值大小不变，是中考考查的重点实验之一。
28.【答案】电压表有示数，电流表没有示数 0.241.52.50.62510温度
【解析】解：
(1)电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：
(2)连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，若判断灯泡处断路造成的，则电流表没有示数，因电压表与电源连通测电源电压，故更换灯泡后故障排除，他们根据的现象是电压表有示数，电流表没有示数；
(3)电流表、电压表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，小灯泡的电流是0.24A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压是1.5V；灯在额定电压下正常发光，要使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为2.5V；
(4)根据绘得到的小灯泡的I−U图象可知灯在额定电压下的电流为0.25A，小灯泡额定功率是：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻大约是：
R=UI=2.5V0.25A=10Ω；
分析小灯泡的I−U图象，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，实际上，引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是温度。
故答案为：(1)如上所示；(2)电压表有示数，电流表没有示数； (3)0.24；1.5；2.5；(4)0.625； 10； 温度。
(1)根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联；
(2)灯泡处断路造成的，则电流表没有示数，因电压表与电源连通测电源电压，据此分析；
(3)根据电表选用小量程确定分度值读数；灯在额定电压下正常发光，据此分析；
(4)根据绘得到的小灯泡的I−U图象可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡额定功率；
由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻大；
小灯泡灯丝阻值随温度的变化而变化。
本题测量灯的功率和电阻，考查电路连接、电路分析、电表读数、电阻和功率计算及影响电阻大小的因素。
29.【答案】电流的热效应 内 大于 绝缘体 半导体 变小
【解析】解：(1)电热毯工作时是利用电流热效应工作的，工作时消耗电能，得到内能，所以主要把电能转化为内能；
(2)电热毯中使用的合金丝与导线串联，通过的电流相同，由Q=I2Rt可知，合金丝是发热体，其电阻应远远大于与它同种长度和规格的导线电阻；使用电热毯时为防止发生触电危险，合金丝外面涂覆的耐热树脂属于绝缘体；
(3)自动调电热毯中的控温元件材料应选择半导体来制作；电热毯的合金丝断了，将电阻丝的两个断头接上后，电阻变小，由P=U2R可知，实际功率变大，单位时间内产生的热量越多，温度越高，因此接头处烧焦就是因为电阻过小造成的；
(4)电热毯的发热材料是金属丝，未通电时有电阻，通电后其阻值随温度的升高而增大，故D图正确。
(5)电热毯有高、中、低三个档位，实际功率不同，由P=U2R可知，电压一定时，电阻越大时，实际功率越小；电阻越小时，实际功率越大，则如下图所示电路：
处于低温档时，接入电路中的电阻最大，两电阻串联接入电路；左图断开S1，开关S2处于a位置；右图断开S1，开关S2处于b位置。
处于中温档时，接入电路中电阻次之，接入一个电阻；左右两图只闭合S1；
处于高温档时，接入电路中的电阻最小，两电阻并联接入电路；左图中闭合开关S1，开关S2处于b位置；右图中闭合开关S1，开关S2处于a位置。
故答案为：(1)电流的热效应；内；
(2)大于；绝缘体；
(3)半导体；变小；
(4)D；
(5)如右图两种作法都可以(见上图)。
(1)当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)电阻丝和导线串联，通过的电流相同，根据焦耳定律分析电阻特点；容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
(3)半导体指常温下导电性能介于导体与绝缘体之间的材料；接头处被烧焦的原因是电阻变小，时间功率变大，温度过高造成的，而温度过高是因为热量多，根据P=U2R分析；
(4)金属电阻由它的材料横截面积长度决定的，还与温度有关；金属导体的电阻随温度升高而增大，根据题中的图象分析；
(5)电热毯有高、中、低三个档位，实际功率不同，由P=U2R可知，则电路中有三个大小不同的阻值接入电路，结合开关的作用填入相应的电路符号。
本题考查了电热毯工作状态和电热功率和电功率公式的考查，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是分析开关断开与闭合时电路的连接情况，本题的重点是分析出电阻串联时电功率最小，电阻并联时电功率最大。
2021-2022学年江苏省盐城市建湖县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 电风扇 B. 电饭锅 C. 电冰箱 D. 电视机
2. 下列工具中，属于省力杠杆的是( )
A. 瓶盖起子 B. 扫帚 C. 天平 D. 镊子
3. 如图是飞行器绕地球运行的轨道示意图，若飞行器沿椭圆轨道运行的过程中机械能保持不变，则它从远地点向近地点运行的过程中( )
A. 重力势能增加、动能减小
B. 重力势能减小、动能增加
C. 重力势能减少、动能不变
D. 重力势能不变、动能不变
4. 沙漠地区在日光照射下，比湖泊湿地温度升高得快的原因是( )
A. 沙漠地区日照时间较长 B. 沙吸收的热量多
C. 沙的密度大 D. 沙的比热容小
5. 小明将一箱书搬上三楼，先后采用了两种方法：一是一次把所有的书搬上三楼；二是分两次把所有的书搬上三楼．假设他上楼的速度相同，则这两种方法中( )
A. 第一种所做的总功多一些 B. 第二种对书做的功多一些
C. 第一种搬书的功率大一些 D. 第二种搬书的效率大一些
6. 下列事例中，利用热传递改变内能的是( )
A. 冬天搓手取暖 B. 压缩空气内能增大
C. 烧水时水温升高 D. 下滑时臀部发热
7. 如图沿竖直方向匀速拉动绳子，使物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能是( )
A. B.
C. D.
8. 下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 家用电器起火时应迅速用水扑灭
B. 多个大功率用电器应接在同一插线板上使用
C. 控制用电器的开关一定要接在零线上
D. 有金属外壳的家用电器，一定要将外壳接地
9. 在调查家庭用电的综合实践活动中，小亮同学将家里其他用电器都关闭，只让家中电热毯单独工作了2min，如图所示的电能表指示灯闪烁了16次，下列说法正确的是( )
A. 此电能表指示灯每小时闪烁3200次 B. 该电能表的示数为76242kW⋅h
C. 指示灯闪烁越快，电路消耗的电能越多 D. 电热毯的实际功率是150W
10. 如图是一只完好的移动插座，闭合开关S，指示灯发光。再将台灯插入接线板的插座，台灯与指示灯都能发光。下列说法正确的是( )
A. 台灯与指示灯串联，并受开关S控制
B. 台灯与指示灯并联，开关S在干路上
C. 该接线板的连接线内只有火线和零线两根导线
D. 该接线板上有5个插孔会使测电笔氖光发光
11. “红灯停、绿灯行”，十字路口的红、绿交通信号灯是保证安全的重要设施，为实现此控制，可行的电路图是( )
A. B.
C. D.
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示。则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中( )
A. 定值电阻电功率的最小值为1.35W B. 定值电阻电功率的变化为4.05W
C. 电路总功率的最小值为1.8W D. 电路总功率的最大值为6.4W
13. 对人体而言，安全电压是______，电工师傅用______来辨别火线和零线的，收音机上调节声音的大小的电器元件实际上是______。
14. 汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的______较大的性质；散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是______J，这些热量相当于完全燃烧______kg的天然气放出的热量[水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值q=8.4×107J/kg]。
15. 如图所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计。若杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为0.05m和0.2m，则被测物体的质量为______ kg，若物体质量增大，则要将秤砣向______ (选填“左”或“右”)移动；若长时间使用后秤砣有一点缺损，则测量值比被测物体的真实质量要______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
16. 如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外______，燃气的______能转化为盒盖的______能，这与四冲程汽油机的______冲程的能量转化相同。
17. 小利用如图的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”。甲、乙两瓶中装有质量与初温都相同的某种液体，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小。
(1)实验中液体吸热的多少是通过______来反映的。
(2)现有水和煤油两种液体可供选择，为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明应该选用______(水/煤油)来做实验，这是因为水的______较大。
(3)实验中将两瓶中的电阻丝串联，目的是为了控制通过两根电阻丝的______相等。
(4)实验中没有计时的工具，可以通过操作______来确保通电时间相同。
18. 如图是研究“短路引起熔丝熔断”的实验，电路熔断器中的熔丝应该选用熔点______的材料做成，增加一根导线，并将导线接在______两点间，闭合开关，造成短路，可引起熔丝熔断，除短路之外，______也会引起熔丝熔断。
19. 如图是家用燃气报警器的简化原理图。电源电压保持不变，R0为定值电阻，气敏电阻R的阻值随燃气的浓度增大而减小，当有燃气泄漏时，电流表的示数______(增大减小/不变，下空同)，电压表示数______：若电压表示数变化到某一数值时报警器开始报警，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，R0应选用______(更大/更小)阻值的电阻。
20. 如图是某型号电饭锅的原理图，有两个档位，分别是高温烧煮和保温焖饭档，已知R1=44Ω，R2=2156Ω，则开关S置于______(1/2)档时是低温档，它的功率是______W，电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量是______J。
21. 如图所示，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于平衡状态，L1为动力F1的力臂，请在图中作出动力F1的示意图和F2的力臂。
22. 将图中的开关、灯泡和三孔插座正确接入家庭电路。
23. 如图所示电路中有两个小灯，请在圆圈内，分别填入电灯、电流表和电压表的符号，要求开关闭合时两灯均能发光，且两电表的示数均不为零。
24. 在美丽乡村建设中，政府为某村购置一批健身器材。工人在往车上搬运装有健身器材的箱子时，用长木板搭了一个3m长的斜面，把120kg的箱子沿斜面匀速推到1m高的车厢上，如图所示。推箱子做的额外功是300J。(g取10N/kg)求：
(1)推箱子做的有用功；
(2)斜面的机械效率；
(3)沿斜面的推力。
25. 某兴趣小组探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系，电路如图甲所示。滑动变阻器滑片P从最右端向最左端移动的过程中，R1的U−I图象如图乙所示。求：
(1)R1的阻值；
(2)电路消耗的最小功率；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，1min内电流通过R1产生的热量。
26. 在研究杠杆平衡条件的实验中：
(1)实验前没有挂钩码静止时，杠杆右端上翘，如甲图所示，杠杆处于______(平衡/不平衡)状态，为了使杠杆在水平位置平衡，则应将左端的平衡螺母向______(左/右)调。
(2)如乙图所示的装置中，每个钩码重0.5N(杠杆上每格等距，杠杆自重不计)，要使杠杆在水平位置平衡，小强在B处施加一个竖直方向的力，也使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应______，大小为______。
(3)如图丙所示用弹簧测力计在B处竖直向下拉，当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______，其原因是______。
27. 如图是小明同学探究“电流与电压关系”的电路图。
(1)请按电路图将实物图连接完整。
(2)小明连接电路时，开关应______，滑动变阻器的滑片P应放在最______(选填“左”或“右”)端。
(3)闭合开关后小明发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表指针几乎不动，电压表指针有示数且不变，原因可能是______。
(4)小明通过实验得出了如表(一)中的数据，并且通过分析实验数据得出了：“电阻一定时，导体中的电流随电压的增大而减少”的结论，这个结论是______(选填“正确”或“错误”)的，你认为造成这种现象原因可能是______。
表一：
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.25
0.2
0.15
0.1
(5)他们还想用以上器材做“研究电压不变时，电流与电阻的关系”实验，他们选择了5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的几个电阻进行实验，实验完成后记录数据如表(二)所示。此次实验中，电压表的示数保持______ V不变。实验过程中，当他们完成对5Ω电阻的数据测量后，接下来断开开关换上10Ω的电阻，再闭合开关，向______(选填“左”或“右”)调节滑动变阻器。
表二：
电阻R/Ω
5
10
15
20
电流I/A
0.36
0.18
0.12
0.09
28. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电池组(3V不变)、电流表、电压表、小灯泡(额定电压2.5V)、滑动变阻器、开关、导线若干，实物电路如图甲所示。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。
(2)连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，小组同学根据两电表的示数
判断灯泡处断路造成的，更换灯泡后故障排除，他们根据的现象是______(填两电表是否有示数)。
(3)故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片在某一位置时，电流表、电压表的示数如
图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是______A；小灯泡两端的电压是______V；若使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为______V。
(4)图丙是另一小组同学由实验数据描绘得到的小灯泡的I−U图象，由图象可知小灯泡额定功率是______W.小灯泡正常发光时的电阻大约是______Ω.分析小灯泡的I−U图象，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，实际上，引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是______。
29. 阅读短文，回答问题：
电热毯电热毯，又名电褥。是一种床上用的取暖器具，主要用于人们睡眠时提高被窝里的温度来达到取暖的目的。除此以外，还可用于被褥的去潮除湿。它耗电量少、温度可调节、使用方便、广泛，功率一般在60∼120W之间。
电热毯是一种接触式电暖器具。普通型电热毯，使用的电热合金丝是直线状的，但更多的是呈螺旋状缠绕在耐热芯线上，外面涂覆一层耐热树脂，通电时即发出热量。
电热毯按面积分为儿童型、单人型和双人型，按控温性能分为普通型和自动调温型。普通型不带控温元件，使用者可按需要接通或切断电源来控制温度；自动调温型带控温元件，能自动使电热毯处于预定的温度范围内。
(1)电热毯是利用______原理工作的，在工作过程中，电能转化成______能。
(2)电热毯中使用的合金丝的电阻______(大于/等于/小于)与它同种长度和规格的导线电阻，合金丝外面涂覆的耐热树脂属于______(导体/绝缘体)。
(3)自动调电热毯中的控温元件材料应选择______(导体/超导体/半导体)来制作。小明家电热毯的合金丝断了，他把合金丝接上后继续使用，一段时间后发现接头处烧焦了，这是因为接头处合金丝的电阻______(变小/变大/不变)。
(4)如图是电热毯工作时合金丝的电阻随温度变化关系的图象，正确的是( )
(5)如图是小明学习电学后设计的高、中、低三个挡位电热毯的原理图，其中图中虚线框内有两处是电阻，一处是开关(S1)，请你用原件符号将电路图补充完整。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】
要解答本题需掌握：电流的热效应就是把电能转化为内能。
本题主要考查学生对：电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化。是一道基础题。
【解答】
电风扇、电冰箱主要是把电能转化为机械能；电视机主要是把电能转化为声能和光能。
只有电饭锅是把电能转化为内能，是利用电流的热效应。
故选：B。
2.【答案】A
【解析】解：A、瓶盖起子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A正确；
B、扫帚的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；
C、天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故C错误；
D、镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误。
故选：A。
省力杠杆：动力臂大于阻力臂；费力杠杆：动力臂小于阻力臂；等臂杠杆：动力臂等于阻力臂。
知道三类杠杆的定义和生活中的常见实例，可解答此题。
3.【答案】B
【解析】解：飞行器从远地点向近地点运行的过程中，高度减小，重力势能减小，由题知飞行器的机械能保持不变(即机械能守恒)，所以动能增加。
故选B。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
4.【答案】D
【解析】解：在相同的日光照射下说明单位面积的沙地和湖泊、湿地在相同的时间上吸收的热量是相同的。
根据物体吸收热量温度升高时吸收热量的计算公式：Q吸=cm(t−t0)，在吸收热量和质量相同的情况下，比热容和温度的变化值成反比。
沙地的温度升高快说明温度变化值大，沙的比热容小。
故选：D。
单位体积某种物质，温度升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量叫做这种物质的比热容。比热容越大，在同样吸热时，温度变化不明显。
本题是“比热容知识”的一个应用。我们要学会使用所学物理知识来解释我们生活中的有关现象；考查理论联系实际的能力。
5.【答案】C
【解析】解：
这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，由W=Gh可知，两次对书所做的有用功相等；故B错误；
第一种所做的额外功为克服人的重力做的功，而第二种所做的额外功是两次克服人的重力做的功，因此第二种所做的额外功大于第一种所做的额外功，故第二种所做的总功大于第一种所做的总功，故A错误；
由η=W有用W总×100%可知，η1>η2.故D错误；
因上楼的速度相同，第二种需要上楼二次，所以第二种所用时间长；两次搬书对书做的功相同，由P=Wt可知P1>P2.故C正确；
故选C.
已知这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，根据公式W=Gh可求克服自身重力做的功；比较两次所做额外功的多少，从而确定总功的大小，根据机械效率公式可知效率的大小；
他上楼的速度相同，得出上楼时间关系，根据P=Wt可知功率大小．
本题考查了学生对有用功、额外功、总功、功率和机械效率的了解与掌握，能从场景中得出相关信息是本题的关键．
6.【答案】C
【解析】解：
A、冬天搓手取暖，克服手与手间摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意；
B、压缩空气点火，压缩空气做功，使空气的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意。
C、烧水时水温升高，水从火吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意；
D、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意。
故选：C。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差。
本题主要考查学生对改变物体内能两种方法的理解和掌握。要明确内能可以由温度的物体转移到到温度低的物体，也可以由物体的高温部分转移到低温部分。
7.【答案】B
【解析】解：
动滑轮的重力不可忽略，不计绳重和摩擦，则克服动滑轮重力所做的功为额外功；
物重增大，有用功逐渐增大，有用功在总功中所占的比例增大，则机械效率逐渐增大，但机械效率不可能增大到100%，只能接近100%，所以机械效率增大得越来越缓慢，且机械效率η与物体重力G的关系并不成正比，故B正确，ACD错误。
故选：B。
动滑轮的重力不可忽略，不计绳重和摩擦，则克服动滑轮重力所做的功为额外功；
物重增大，有用功逐渐增大，有用功在总功中所占的比例增大，所以机械效率逐渐增大，但机械效率不可能增大到100%，只能接近100%，据此判断机械效率η与物体重力G的关系。
本题考查了动滑轮机械效率的变化问题，要知道提升物重大小对机械效率的影响(同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大)。
8.【答案】D
【解析】解：
A、水是导体；家用电器起火时，如果直接用水去灭火，会发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路中不能同时使用多个大功率用电器，否则会使电路中电流的过大而引起火灾，故B错误；
C、控制用电器的开关一定要接在火线上，这样在开关断开时，用电器不带电，更安全，故C错误；
D、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，故D正确。
故选：D。
(1)发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；
(2)家庭电路电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
(3)控制用电器的开关一定要接在火线上，这样在开关断开时，用电器不带电；
(4)为防止因用电器漏电使其金属外壳带电而发生触电事故，用电器的金属外壳一定接地。
本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的内容。
9.【答案】D
【解析】解：
AD、3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
指示灯闪烁16次，则消耗的电能：W=16imp3200imp/(kW⋅h)=0.005kW⋅h，
则电热毯的实际功率：P=Wt=0.005kW⋅h260h=0.15kW=150W，故A错误，D正确；
B、该电能表示数为7624.2kW⋅h，故B错误；
C、因为电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，因此指示灯闪烁越快，电能表所在电路的总功率越大，不能说电路消耗的电能越多，故C错误。
故选：D。
(1)3200imp/kW⋅h表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此求指示灯闪烁16次消耗的电能，再利用P=Wt求出电热毯的电功率；
(2)电能表是测量一定时间内用电器消耗电能(电功)的仪表，最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(3)电能表指示灯闪烁的快慢反映了电路消耗电能的快慢。
本题考查了电功率的计算以及电能表相关参数的理解，记住相关参数的物理含义是正确解题的关键，属于常考题目，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：AB、开关控制台灯和指示灯，而台灯和指示灯互不影响，因此台灯与指示灯并联，开关S在干路上，故A错误、B正确；
C、根据图示可知，该插头为三脚插头，因此相连的线有火线、零线和地线，故C错误；
D、从接线板上可以看出，两个三孔插座，两个两孔插座，因此一共有四个插孔与火线相连，即四个插孔能使测电笔氖管发光，故D错误。
故选：B。
(1)插座与指示灯是并联的；指示灯与开关是串联的；
(2)三角插头的中间脚必须接地；
(3)火线能使测电笔的氖管发光。
本题考查插座的构造和接线原理，以及并联电路的特点和开关的作用，属于基础题。
11.【答案】B
【解析】解：十字路口的红、绿交通信号灯必须要求红、绿灯可独立发光；
由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，要使红、绿灯可独立发光，应采用两灯泡并联的连接方式，且两灯泡各有一个开关控制，只有选项B符合，ACD不符合要求。
故选B。
十字路口的红、绿交通信号灯必须要求红、绿灯可独立发光，由此可知灯泡的连接方式，然后得出答案。
本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键，难度不大。
12.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，此时电路为R1的简单电路，
由图象可知，电路中的最大电流I最大=1.2A，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I最大R1=1.2A×R1-------①
当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图象可知，电路中的最小电流I最小=0.3A，电压表的最大示数U2=4.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：
U=I最小R1+U2=0.3A×R1+4.5V-------②，
因电源的电压不变，所以：1.2A×R1=0.3A×R1+4.5V，
解得：R1=5Ω，
则电源的电压：U=I大R1=1.2A×5Ω=6V；
(2)由P=I2R可得定值电阻电功率的最小值：P1最小=I最小2R1=(0.3A)2×5Ω=0.45W.故A错误；
定值电阻电功率的最大值：P1最大=I最大2R1=(1.2A)2×5Ω=7.2W，
所以定值电阻电功率的变化量：△P1=P1最大−P1最小=7.2W−0.45W=6.75W，故B错误；
电路总功率的最小值：P最小=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C正确；
电路总功率的最大值：P最大=UI大=6V×1.2A=7.2W，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当R2接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压；当R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)根据P=UI求出电路的最大和最小总功率，根据P=I2R求出定值电阻电功率的最大和最小功率，然后求出定值电阻电功率的变化量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图象读出有用的信息并利用好电源的电压不变是关键。
13.【答案】不高于36V 测电笔 滑动变阻器
【解析】解：对人体而言安全电压是不高于36V；电工师傅用测电笔来辨别火线和零线的；收音机上调节声音的大小的电器元件实际上是滑动变阻器。
故答案为：不高于36V；测电笔；滑动变阻器。
对人体而言安全电压是不高于36V，测电笔是来辨别火线和零线用的；收音机上用滑动变阻器来调节声音的大小。
本题考查了对人体而言，安全电压、测电笔的作用和滑动变阻器在家用电器中应用。
14.【答案】比热容 8.4×1050.01
【解析】解：汽车散热器用水作为冷却剂，是利用了水的比热容较大的性质；
水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(Kg⋅℃)×10kg×20℃=8.4×105J；
相当于完全燃烧的天然气m=Qq=8.4×105J8.4×107J/kg=0.01kg。
故答案为：比热容，8.4×105J；0.01kg。
水具有较大的比热容是它常被用做冷却剂的原因；利用公式Q=cm△t可计算水吸收热量的多少；利用公式Q=mq可计算需要燃烧天然气的质量。
(1)此题中热量的计算公式Q=cm△t和Q=mq是解题中用到的主要知识，是我们应该熟练运用的。
(2)注意△t的含义是温度升高(或降低)了多少。
15.【答案】0.8右 偏大
【解析】解：(1)如图所示：
因为杠杆平衡，所以G1LOA=G2LOB，
即：m1gLOA=m2gLOB，
则m1=m2LOBLOA=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg；
(2)杆秤利用了杠杆的知识，如图所示，若所测物体质量增加，在其它条件不变时，要使杆秤仍在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，应增大秤砣力臂，即秤砣应该向右移动；
若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：0.8；右；偏大。
(1)知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
(2)要测物体质量增加，根据杠杆和平衡条件分析；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
16.【答案】做功 内 机械 做功
【解析】解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；
四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。
故答案为：做功；内；机械；做功。
(1)物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；
(2)热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能。
本题主要考查的是学生对做功改变物体内能和热机做功冲程的认识和了解，基础性题目。
17.【答案】温度计示数 煤油 比热容 电流 开关
【解析】解：(1)根据转换法，实验中液体吸热的多少是通过温度计来反映的。
(2)根据△t=Qcm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，因水的比热容大，故水升温小，故为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明应该选用煤油来做实验，这是因为水的比热容较大。
(3)实验中将两瓶中的电阻丝串联，根据串联电路的特点，目的是为了控制通过两根电阻丝的电流相等。
(4)由图可知，该电路为串联电路，各处的电流是相同的，通过操作开关来确保通电时间相同。
故答案为：(1)温度计示数； (2)煤油；比热容； (3)电流；(4)开关。
(1)电流产生的热量不易直接测量，根据△t=Qcm，相同质量的同种吸热越多，升高的温度越高，吸热的多少是通过温度计示数来反映，采用了转换法；
(2)根据△t=Qcm，质量相同的水和煤油吸收相同的热量，水的比热容大，水升温小；
(3)(4)根据串联电路的特点分析。
该题探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”，考查了控制变量法和转换法的应用和串联电路电流的规律及水的比热容大的运用。
18.【答案】低 B、D 用电器总功率过大
【解析】解：熔丝一般是用电阻率大、熔点低的材料制成的；短路时电路时电流很大，引起熔丝熔断，故BD两个接线柱之间接入一根导线后，会发生电源短路，C、D间的熔丝将会熔断；家庭电路的总功率过大也是造成电流过大的原因。
故答案为：低；B、D；用电器总功率过大。
熔丝一般是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的；熔丝熔断的原因有两个：总功率过大或发生短路。
通过实验了解熔丝的特点、电路中电流过大的原因，属于基础题。
19.【答案】增大 减小 更大
【解析】解：
由电路图可知，气敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因气敏电阻R的阻值随浓度的增大而减小，
所以，当有燃气泄漏时，燃气的浓度增大，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大；
电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端电压增大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，气敏电阻R两端的电压减小，即电压表示数减小；
(2)由(1)可知，当电压表示数减小至某一数值时报警器开始报警；
由题知，燃气浓度越低，气敏电阻的阻值越大，气敏电阻分压越多，即电压表示数越大；要使电压表示数减小至报警的数值，由串联分压的规律可知，需要使R0分得的电压增大，需要将R0的阻值增大，所以，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，R0应选用更大阻值的电阻。
故答案为：增大；减小；更大。
由电路图可知，气敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据题意得出当有燃气泄漏时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化；
(2)燃气的浓度变小时，气敏电阻的阻值最大，根据串联电路的特点和欧姆定律可知电压表示数的变化，要使报警器在燃气浓度更低的情况下报警，应减小电压表的示数，据此进行解答。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
20.【答案】1221.32×105
【解析】解：(1)电饭锅处于低温档时电路的总功率最小，
由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总电阻应最大，
由电路图可知，开关S置于1档，此时R1与R2串联，电路的总电阻最大，此时是低温档。
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，低温档的功率：
P低=U2R1+R2=(220V)244Ω+2156Ω=22W；
(2)由电路图可知，开关S置于2档时，电路为R1的简单电路，电饭锅处于高温档，
则电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量：
Q=W=U2R1t=(220V)244Ω×2×60s=1.32×105J。
故答案为：1；22；1.32×105。
(1)电饭锅处于低温档时电路的总功率最小，由P=UI=U2R可知，电源的电压一定时，电路的总电阻应最大，然后结合电路图判断开关S的位置，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出低温档的功率；
(2)电饭锅处于高温档时电路的总电阻最小，然后结合电路图判断接入电路中的电阻，根据Q=W=U2Rt求出电饭锅在高温档正常工作2min产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，分清电饭锅处于不同档位时电路的连接方式是关键。
21.【答案】解：由图可知，O为支点，由O向力F2的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是力臂L2；如下图所示：
作力臂L1的垂线即力F1的作用线，与杠杆的交点就是作用点，F1使杠杆的转动方向与力F2的相反；如下图所示：
【解析】根据力臂是支点到力的作用线的垂直距离可作出F2的力臂L2，根据力的作用线与力臂垂直，可作出力的作用线，与杠杆的交点就是力的作用点，根据动力和阻力的关系可确定力的方向。
本题考查了力和力臂的作法。当杠杆平衡时，动力和阻力对杠杆的影响是：使杠杆的运动趋势是相反的。
22.【答案】解：
灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
23.【答案】解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；
所以，上面两个〇内应填电流表和电灯；下面的〇与左边的电灯并联，应填电压表；如图所示：
另一种方法：两灯泡并联，电流表测量总电流，电压表测量总电压，如图所示：
答案见上图。
【解析】串联电路中电流只有一条路径；并联电路中电流有两条或多条路径；电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析，围绕两灯串联或并联进行分析。
知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求设计出正确的电路图。
24.【答案】解：(1)推箱子做的有用功为：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
(2)所做总功为：W总=W有+W额=1200J+300J=1500J；
故机械效率为：η=W有W总=1200J1500J=80%；
(3)由W总=Fs得，推力为：F=W总s=1500J3m=500N。
答：(1)推箱子做的有用功为1200J；
(2)斜面的机械效率为80%；
(3)沿斜面的推力为500N。
【解析】运用W有=Gh可求出有用功，再根据总功与有用功和额外功的关系得出总功，最后运用机械效率的公式求出机械效率。利用总功的公式变形可求出推力F。
熟练运用有用功、总功、机械效率的公式，是解答此题的关键。
25.【答案】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，
由图乙可知，电压表的最大示数为6V，则电源的电压U=6V，电路中的最大电流I=0.6A，
由I=UR可得，R1的阻值：
R1=UI=6V0.6A=10Ω。
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′=0.15A，
则电路消耗的最小功率：
P小=UI′=6V×0.15A=0.9W。
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，电路中的电流最小，
则1min内电流通过R1产生的热量：
Q1=I′2R1t=(0.15A)2×10Ω×60s=13.5J。
答：(1)R1的阻值为10Ω；
(2)电路消耗的最小功率为0.9W；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，1min内电流通过R1产生的热量13.5J。
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，根据图乙读出电源的电压和电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据图乙读出电路中的最小电流，利用P=UI求出电路消耗的最小功率；
(3)滑动变阻器滑片P在最右端时，电路中的电流最小，根据Q=I2Rt求出1min内电流通过R1产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
26.【答案】平衡 右 竖直向上 3 N 变大 拉力力臂变短
【解析】解：(1)实验前没有挂钩码静止时，杠杆处于平衡状态；由图知，杠杆右端偏高，为使杠杆在水平方向平衡，需要将左端的平衡螺母向右调节；
(2)动力作用点在B上，由于支点在一侧不是在中间，因此动力的方向与阻力的方向相反，为了方便读出力臂，力的方向与杠杆垂直，因此拉力的方向应竖直向上；
设杠杆上每格距离为L，由图可知，钩码的总重力G=0.5N×3=1.5N，力臂LA=4L，拉力的力臂LB=2L，
由F1L1=F2L2得，拉力的大小F=GLALB=1.5N×4L2L=3N；
(3)图丙中，弹簧测力计竖直向下拉杠杆，若弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂减小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
故答案为：(1)平衡；右；(2)竖直向上；3；(3)变大；拉力力臂变短。
(1)物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)根据钩码个数和距离支点的格数，结合杠杆平衡条件进行相关分析和计算；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验，掌握杠杆平衡的含义并理解在调节杠杆在水平位置平衡的目的是关键，要求能够熟练的应用杠杆的平衡条件进行分析问题。
27.【答案】断开 左 R开路 错误 电压表并联在滑动变阻器两端了 1.8左
【解析】解：(1)由电路图可知，滑动变阻器滑片P向右移动，电阻变小，电压表并联在定值电阻R的两端，
因此实物图中滑动变阻器B接线柱与定值电阻R左端接线柱相连，电压表的“3”接线柱与电阻右端接线柱相连，如下图所示：
(2)为保证电路安全，连接电路时，开关应断开，闭合开关前应将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，滑动变阻器的滑片P应放在最左端；
(3)闭合开关后小明发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，故原因可能是电阻R开路；
(4)探究电流与电压的关系，必须保持电阻一定，由表(一)对应的电压电流计算可知，电阻值是变化的，所以原因是电压表并联在滑动变阻器两端了；
(5)电压一定时，电流跟电阻成反比，由表(二)可知，当R=20Ω时，电流I=0.09A，则电压U=IR=0.09A×20Ω=1.8V，电压表测量定值电阻两端的电压，所以电压表的示数是1.8V；
当5Ω电阻接入电路时，电压表的示数为一定值，更换为10Ω后，定值电阻的阻值增大，分担的电压增大，电压表的示数增大，为了保证电压不变，需要向左移动滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器分担较多的电压。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；左；(3)R开路；(4)错误；电压表并联在滑动变阻器两端了；(5)1.8；左。
(1)滑动变阻器、电阻、电压表连线不完整，把滑动变阻器、电阻串联在电路中，电压表并联在电阻两端；
(2)为保证安全，连接电路时，开关应断开，滑动变阻器阻值应最大，据此分析解答；
(3)电流表示数为零，说明电路可能开路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)探究电流与电压的关系，必须保持电阻一定，电压表应该与定值电阻并联；
(5)由图象丙可以看出，电压一定时，电流与电阻成反比，根据U=IR计算出电阻两端的电压值；串联电路中，电阻起分担电压的作用。电阻越大，分担的电压越大。
探究“电流与电压、电阻的关系”时，必须采用控制变量法的思想，研究电流与电阻的关系时，控制电压不变；研究电流与电压的关系时，控制电阻值大小不变，是中考考查的重点实验之一。
28.【答案】电压表有示数，电流表没有示数 0.241.52.50.62510温度
【解析】解：
(1)电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：
(2)连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，若判断灯泡处断路造成的，则电流表没有示数，因电压表与电源连通测电源电压，故更换灯泡后故障排除，他们根据的现象是电压表有示数，电流表没有示数；
(3)电流表、电压表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，小灯泡的电流是0.24A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压是1.5V；灯在额定电压下正常发光，要使小灯泡正常发光，则应调节滑动变阻器使电压表的示数为2.5V；
(4)根据绘得到的小灯泡的I−U图象可知灯在额定电压下的电流为0.25A，小灯泡额定功率是：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻大约是：
R=UI=2.5V0.25A=10Ω；
分析小灯泡的I−U图象，发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化，实际上，引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是温度。
故答案为：(1)如上所示；(2)电压表有示数，电流表没有示数； (3)0.24；1.5；2.5；(4)0.625； 10； 温度。
(1)根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联；
(2)灯泡处断路造成的，则电流表没有示数，因电压表与电源连通测电源电压，据此分析；
(3)根据电表选用小量程确定分度值读数；灯在额定电压下正常发光，据此分析；
(4)根据绘得到的小灯泡的I−U图象可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡额定功率；
由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻大；
小灯泡灯丝阻值随温度的变化而变化。
本题测量灯的功率和电阻，考查电路连接、电路分析、电表读数、电阻和功率计算及影响电阻大小的因素。
29.【答案】电流的热效应 内 大于 绝缘体 半导体 变小
【解析】解：(1)电热毯工作时是利用电流热效应工作的，工作时消耗电能，得到内能，所以主要把电能转化为内能；
(2)电热毯中使用的合金丝与导线串联，通过的电流相同，由Q=I2Rt可知，合金丝是发热体，其电阻应远远大于与它同种长度和规格的导线电阻；使用电热毯时为防止发生触电危险，合金丝外面涂覆的耐热树脂属于绝缘体；
(3)自动调电热毯中的控温元件材料应选择半导体来制作；电热毯的合金丝断了，将电阻丝的两个断头接上后，电阻变小，由P=U2R可知，实际功率变大，单位时间内产生的热量越多，温度越高，因此接头处烧焦就是因为电阻过小造成的；
(4)电热毯的发热材料是金属丝，未通电时有电阻，通电后其阻值随温度的升高而增大，故D图正确。
(5)电热毯有高、中、低三个档位，实际功率不同，由P=U2R可知，电压一定时，电阻越大时，实际功率越小；电阻越小时，实际功率越大，则如下图所示电路：
处于低温档时，接入电路中的电阻最大，两电阻串联接入电路；左图断开S1，开关S2处于a位置；右图断开S1，开关S2处于b位置。
处于中温档时，接入电路中电阻次之，接入一个电阻；左右两图只闭合S1；
处于高温档时，接入电路中的电阻最小，两电阻并联接入电路；左图中闭合开关S1，开关S2处于b位置；右图中闭合开关S1，开关S2处于a位置。
故答案为：(1)电流的热效应；内；
(2)大于；绝缘体；
(3)半导体；变小；
(4)D；
(5)如右图两种作法都可以(见上图)。
(1)当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)电阻丝和导线串联，通过的电流相同，根据焦耳定律分析电阻特点；容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
(3)半导体指常温下导电性能介于导体与绝缘体之间的材料；接头处被烧焦的原因是电阻变小，时间功率变大，温度过高造成的，而温度过高是因为热量多，根据P=U2R分析；
(4)金属电阻由它的材料横截面积长度决定的，还与温度有关；金属导体的电阻随温度升高而增大，根据题中的图象分析；
(5)电热毯有高、中、低三个档位，实际功率不同，由P=U2R可知，则电路中有三个大小不同的阻值接入电路，结合开关的作用填入相应的电路符号。
本题考查了电热毯工作状态和电热功率和电功率公式的考查，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是分析开关断开与闭合时电路的连接情况，本题的重点是分析出电阻串联时电功率最小，电阻并联时电功率最大。
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