2021-2022学年湖南省邵阳市邵阳县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2021-2022学年湖南省邵阳市邵阳县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了3AB，2AD，5V，则它们的干路电流为0，【答案】C，【答案】D，【答案】A，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年湖南省邵阳市邵阳县九年级（上）期末物理试卷

1. 美丽的黔东南，山清水秀，景色秀丽。以下黔东南美景的形成，与“分子热运动”有关的是(    )
A. 金泉湖边桂花飘香 B. 云台山寺内暮鼓晨钟
C. 清江水清澈见底 D. 药谷江村菊花花团锦簇
2. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是(    )
A. 热量总是从内能大的物体传给内能小的物体
B. 只要物体放出热量，温度就一定降低
C. 物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量
D. −20℃的冰块也具有内能
3. 如图所示为某单缸四冲程内燃机工作示意图，下列说法中正确的是(    )
A. 一个完整的工作循环顺序是：乙甲丁丙
B. 甲冲程发生的能量转化为机械能转化为内能
C. 只有甲冲程获得动力，其他冲程都是靠惯性运转的
D. 丙冲程中排出的废气没有任何利用的价值
4. 下列关于热值和热机效率的说法，正确的是(    )
A. 汽油的热值为4.6×107J/kg，表示每燃烧1kg的汽油机可以获得4.6×107J的热量
B. 燃料燃烧释放的热量越多，热值越大
C. 柴油机的热机效率通常为100%
D. 使燃料燃烧更充分，可以提高热机效率
5. 下列关于能量的转化和守恒的说法，不正确的是(    )
A. “既要马儿跑，又要马儿不吃草”违背了能量守恒定律
B. 酒精燃烧时，将化学能转化为内能
C. 用热水袋取暖，说明内能是可以发生转移的
D. 人们对太阳能的开发和利用，说明能量可以凭空产生
6. 下列关于电流、电路的说法正确的是(    )
A. 只有正电荷定向移动才能形成电流
B. 只要电路闭合，电路中就会有电流
C. 金属导体中自由电子移动的方向就是电流的方向
D. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为玻璃棒失去电子
7. 按照图所示的电路图要求连接的实物图的是(    )
A.
B.
C.
D.


8. 如图所示的电路中，要使电阻R1和R2组成串联电路，则应将(    )
A. S2闭合，S1、S3断开
B. S3闭合，S1、S2断开
C. S1、S2闭合，S3断开
D. S2、S3闭合，S1断开
9. 如图所示的电路中，用甲、乙两只电流表测量电路中的电流，以下说法中正确的是(    )
A. 甲表测的是L2的电流
B. 乙表测的是L2的电流
C. 甲表与灯L1并联了
D. 甲表测的是干路中的电流


10. 如图甲所示的实物电路中，当开关闭合时，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示。则下列判断正确的是(    )

A. 两灯泡串联，通过灯的电流为0.3A B. 两灯泡并联，通过灯L1的电流为1.5A
C. 通过两灯的总电流为1.2A D. 通过灯L1的电流为1.2A
11. 如图所示，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮，某同学用一根导线去检查电路故障，他将导线接在L1的两端时，发现两灯均不亮，然后接在L2两端时发现L1亮、L2不亮，则此电路可能存在的故障是(    )


A. 灯L2与灯座接触不良 B. 灯L1灯丝烧断
C. 灯L1与灯座接触不良 D. 灯L2短路
12. 如图是电阻甲和乙的I−U图象，小明对图象信息做出的判断，正确的是(    )
A. 当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为2.5A
B. 将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端的总电压为2V
C. 电阻乙是定值电阻
D. 将甲和乙并联，若电压为2.5V，则它们的干路电流为0.5A



13. 科技的自立自强是国家发展的战略支撑，2021年新一代5G芯片将开始量产，标志着中国芯片正在崛起。芯片是指含有集成电路的硅片，制造芯片的主要材料是(    )


A. 超导材料 B. 绝缘材料 C. 隔热材料 D. 半导体材料
14. 如图所示，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，能使电路中的电阻变小的接法是(    )
A. B.
C. D.
15. 如图甲是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图。R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图象如图丙。对该电路分析正确的是(    )


A. 体温越高，R 的阻值越大 B. 体温越高，电压表示数越大
C. 体温越高，电压表示数越小 D. 体温越低，电路中电流越大
16. 由欧姆定律公式可得R=UI，下列说法正确的是(    )
A. 导体的电阻跟导体两端的电压和导体的电流无关
B. 导体的电阻与电压成正比，与电流成反比
C. 加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大
D. 当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
17. 在如图所示的电路中，闭合开关S后，两灯都不亮，电压表有示数，电流表无示数，则该电路故障可能是(    )
A. 灯泡L1断路
B. 灯泡L2断路
C. 灯泡L2短路
D. 电流表短路
18. 关于如图所示的电能表，下列说法正确的是(    )
A. 电能表是测量消耗电功率的仪表
B. 从表中可以看出，它所测量的电路消耗了200kW⋅h的电能
C. 只将一盏标有“220V，100W”的电灯接在电路中，正常工作10h，转盘转720圈
D. 该电能表的单位为焦耳



19. 两灯泡L1、L2(R1=3R2)。若将其串联在某电源上，两灯的总功率为P串，若将其并联在同一电源上，两灯的总功率为P并，则P串：P并为(    )
A. 3：16 B. 3：4 C. 4：3 D. 1：3
20. 图所示，给电炉通电后，电炉丝热得发红，而用手触摸与之连接的导线却不觉得烫手，这是因为(    )
A. 电流通过导线时没有产生热效应
B. 通过电炉丝的电流比通过导线的电流大得多
C. 电炉丝的电阻比导线的电阻小得多
D. 电炉丝消耗的电功率比导线消耗的电功率大得多

21. 如图所示是小明家买的熏香，满屋的香气是香水的______现象。瓶子上写着可以使用半年，但是小明使用方法完全正确，但夏天很快就没了，原因是______越高，分子热运动越剧烈。


22. 如图是研究做功与内能改变的实验装置，实验中活塞迅速下压过程中使空气的内能增加点燃硝化棉，此过程原理与汽油机的______冲程相同，该实验说明______可以改变物体的内能。


23. 海边的昼夜温差比沙漠地带要小得多，这主要是因为水的______比较大的缘故。
24. 图甲是某四冲程汽油机的某个工作冲程，此冲程中能量的转化与演示实验图乙______(选填“A”或“B”)的相同。

25. 小明观察到街道上的路灯晚上一起亮，早晨一起灭，其中一盏灯因故障而熄灭，其他路灯依然发光，由此可以断定路灯的连接方式为______，每个用电器和控制它的开关的连接方式为______(选填“串联”或“并联”)。
26. 如图所示，将两片不同的金属片 A、B浸在盐水中，这就是一个电池。把金属片 A、B分别用导线连接到电压表接线柱上，电压表的指针发生如图所示的偏转，出现这种情况的原因是______，所以我们判读金属片A是______极。

27. 在如图所示的电路中，电源电压为6V，R2=8Ω，闭合开关S后，电压表读数为2V，则电流表的示数为______ A，电阻R1的阻值为______Ω。


28. 如图所示是小明家电能表，若他家只有某用电器在工作，且该电能表的转盘在5min内转了300转，则小明家该用电器的电功率为______ W。


29. 画出如图电路的电路图。

30. 小明学习了燃料的热值后，设计了一个实验来比较煤油和菜籽油的热值的大小关系。他们组装了如图所示的装置进行实验，装有少量的煤油和菜籽油的两盏灯，分别给两杯温度和质量相同的水加热。
(1)实验前装入灯中的煤油和菜籽油的______必须相同。
(2)实验过程中，点燃两盏灯，在燃料______(选填“燃烧相同时间”或“全部燃烧”)后，比较______(选填“加热时间”或“温度计示数”)来比较燃料燃烧放出的热量，从而比较两种燃料的热值的大小。
(3)在燃料燃烧过程中，如果两个烧杯中的水均已沸腾，则该实验______(选填“能”或“不能”)比较两种燃料热值的大小。
(4)该实验也可以粗略测出燃料的热值，与标准的热值相比，该实验测得的热值______(选填“偏大”或“偏小”)，其主要原因是：______。
31. 如图，电源电压为6V，图甲为伏安法测电阻的电路图；图乙为连接不完整的实物图。
(1)对照电路图甲，用笔画线代替导线将图乙中未连接部分连接起来。

(2)如果实验操作中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是______。
A.电流表的正、负接线柱接反
B.电压表的量程选小了
C.电阻Rx发生了短路
D.把滑动变阻器下端两接线柱连入电路
(3)电路连接正确后，闭合开关，将滑片P向左移动时，电压表示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。

(4)实验过程中，电流表和电压表的示数如图丙、丁所示，此时测得的Rx=______Ω。
(5)小明认为只测一组数据得到Rx的大小是不妥的，原因是______。
32. 如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1为20Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A，同时闭合S1、S2时，电流表的示数为0.5A。求：
(1)电源电压；
(2)R2的大小；
(3)S1、S2均闭合时，通电1min，电路消耗的总电能是多少。


33. 某居民常选用一些小型电暖器越冬。如图甲电暖器有“高温、中温、低温”三挡，铭牌见下表(“中温”挡功率空出)，其电路原理如图乙，S是自我保护开关，当电暖器倾倒时S自动断开，切断电源保证安全。当S、S1闭合，S2断开时电暖器为“低温”挡。(R1>R2)
额定电压
220V

额定功率
低温挡
440W
中温挡

高温挡
2200W
求：
(1)R1的阻值；
(2)“中温”挡正常工作时电路中的电流；
(3)若室内空气质量为50kg，用该电暖器的“高温”挡正常工作10min，放出热量的50%被室内空气吸收，那么可使室内气温升高多少？[假设空气的比热容为1.0×103J/(kg⋅℃)]。


答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、金泉湖湖边桂花飘香，属于扩散现象，与分子热运动有关；故A正确；
B、云台山寺内暮鼓晨钟，属于声音的传播，与分子热运动无关；故B错误；
C、清江水清澈见底，属于光的折射现象，与分子热运动无关；故C错误；
D、药谷江村处处菊花团锦簇，属于光的反射现象，与分子热运动无关；故D错误。
故选：A。
组成物质的分子永不停息地在做无规则的运动，在实际生活中，扩散现象说明了分子在做无规则的热运动。
本题涉及多个自然现象，考查分析生活中物理现象的能力。属于基础题。

2.【答案】D 
【解析】解：A、发生热传递的条件是：有温度差，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体或从同一物体温度高的部分传递给温度低的部分，内能大的物体的温度不一定高，故A错误；
B、物体放出热量，温度可能降低，可能不变，如水凝固过程中放出热量，内能减少，温度不变，故B错误；
C、物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收热量也可能是外界对物体做功，故C错误；
D、一切物体都有内能，−20℃的冰块也具有内能，故D正确。
故选：D。
(1)热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
(2)物体放出热量，温度不一定降低，如水凝固过程中放出热量，内能减少，温度不变；
(3)改变内能的方式：做功和热传递；
(4)内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能以及热传递的条件的理解，难度不大。

3.【答案】C 
【解析】解：
A、甲图中两气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；乙图中进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；丙图中排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；丁图中两气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；所以一个完整的工作循环顺序是：乙丁甲丙，故A错误；
B、丁冲程是压缩冲程，发生的能量转化为机械能转化为内能，故B错误；
C、只有做功冲程，即甲冲程，获得动力，其他冲程都是靠惯性运转的，故C正确；
D、丙冲程是排气冲程，排出的废气通过涡轮增压器可以进一步的利用，故D错误。
故选：C。
(1)内燃机一个工作循环中四个冲程的顺序：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程。根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。
(2)内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能。
(3)只有做功冲程把内能转化为机械能，对外提供动力，其它三个冲程靠飞轮的惯性完成。
(4)涡轮增压器其实就是一种空气压缩机，通过压缩空气来增加发动机的进气量，他是利用发动机排出的废气惯性冲力来推动涡轮室内的涡轮，涡轮带动同轴的叶轮，叶轮压送由空气滤清器管道送来的空气，使之增压进入汽缸。
此题考查了内燃机四个冲程及其能量转化，属于基础题目。

4.【答案】D 
【解析】解：A、汽油的热值为4.6×107J/kg，表示每完全燃烧1kg的汽油机可以获得4.6×107J的热量，选项中未说明是完全燃烧，因此不一定能获得4.6×107J的热量，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料燃烧释放的热量无关，故B错误；
C、热机在工作时通常要克服机件摩擦所做的额外功，因此热机效率不能达到100%，故C错误；
D、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，使燃料燃烧更充分，可以增大燃料的利用率，提高热机效率，故D正确。
故选：D。
(1)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其他因素无关，
(2)任何机器在做功时都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%；
(3)热机效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高。
本题考查了学生对热值和热机效率的理解，属于基础题，难度不大。

5.【答案】D 
【解析】解：A、能量在转化和转移的过程中总量是守恒的，“既要马儿跑，又要马儿不吃草”违背了能量守恒定律，故A正确；
B、酒精燃烧时，将自身的化学能转化为内能，故B正确；
C、用热水袋取暖，是能量从热水袋转移给了人，说明内能是可以发生转移的，故C正确；
D、人们对太阳能的开发和利用，是太阳能转化为其它形式的能，而不是说能量可以凭空产生，故D错误。
故选：D。
①判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能。
②能量既不能凭空产生也不能凭空消失，总是由一种能量转化为另一种能量，或从一个物体转移到另一个物体，在转化和转移的过程中能的总量保持不变。
此题考查的是我们对于能量转化现象的分析能力以及对能量守恒的理解。

6.【答案】D 
【解析】解：A、电荷定向移动形成电流，无论正电荷、负电荷，定向移动均能形成电流，故A错误；
B、电路中有电压，且电路闭合，电路中才会有电流，故B错误；
C、金属导体中自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，故C错误；
D、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为玻璃棒失去电子，故D正确。
故选：D。
(1)电荷的定向移动形成电流。
(2)电压是电路中形成电流的原因，电压的作用就是使电路形成电流。
(3)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。
(4)摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移，失去电子带正电，得到电子带负电。
理解电流的形成和电流方向的规定，知道电压与电流间关系、摩擦起电的实质，可解答此题。

7.【答案】A 
【解析】解：由电路图可知，该电路为并联电路，开关S1接在干路中，开关S2与灯泡L2串联在支路中；
A、由图可知，电流的路径有两条，是并联电路，开关S1接在干路中控制整个电路，开关S2与灯泡L2串联在支路中，故A正确；
B、由图可知，该电路为串联电路，故B错误；
C、图中的开关S2闭合时，电源会被短路，故C错误；
D、由图可知，两个开关都接在了支路中，故D错误。
故选：A。
首先分析电路图的连接方式，然后与选项中的实物图进行对比。
本题考查了电路图和实物图的识别，难度不大。

8.【答案】B 
【解析】解：要使电阻R1和R2组成串联电路，则电流的路径只有一条，故需要S3闭合，S1、S2断开。
故选：B。
串联电路的电流只有一条路径，流过一个用电器的电流一定同时流过另一个用电器；而并联电路电流有多条路径，流过一个用电器的电流并不流过另一个用电器，因此可通过“电流法”来判断。
解决此题的关键是理解串联电路的特点，会连接简单的串联电路。

9.【答案】A 
【解析】解：分析该图可知，两个灯泡并联，甲电流表与灯泡L2串联，测量的是L2的电流，乙电流表测量的是干路电流，故A正确，BCD错误。
故选：A。
电流表要串联使用，电流表与哪个用电器串联就是测的哪个用电器的电流。
知道电流表的正确使用是解决该题的关键。

10.【答案】D 
【解析】解：(1)由实物图知，两灯并联，左侧电流表测干路电流，下方电流表测L2支路电流，故A错误；
(2)并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，而两电流表指针偏转角度相同，所以干路电流表使用大量程，由图乙知，干路电流(两灯总电流之和)I=1.5A，故C错误；
支路电流表使用小量程，所以L2电流I2=0.3A，
所以通过L1的电流I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，故B错误，D正确。
故选：D。
由实物图知，两灯并联，左侧电流表测干路电流，下方电流表测L2支路电流，根据并联电路的电流规律，结合电流表指针位置判断两电流表量程，由图乙读出两电流表示数，从而得到通过两灯电流。
本题考查串并电路的识别以及并联电路电流规律的应用，正确判断电流表所测电流以及两电流表量程是关键。

11.【答案】A 
【解析】解：
由图可知两灯串联；闭合开关时两灯均不亮，说明电路中某处断路；
将导线接在L1的两端时，发现两灯均不亮，说明电路仍然是断路，
用导线并联在L2两端时，发现L1亮，灯L2不亮，说明此时电路为通路，L1是完好的，故障是灯L2与灯座接触不良；故A正确，BCD错误。
故选：A。
灯L1、L2串联，都不亮。说明电路是断路。当用一根导线与用电器并联时形成局部短路，可以理解为用导线来代替用电器。根据接入导线后灯泡的亮暗判断电路故障。
学会检查电路故障，在实验操作中判断电路问题所在，是检修电路的基础。本题中采用的是导线检查法，以后还会用到其他检查方法。

12.【答案】B 
【解析】解：
A.由图象可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误；
B.将甲和乙串联，若电流为0.3A，则通过两电阻的电流均为0.3A，
由图象可知此时U甲=1.5V、U乙=0.5V，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的电压：U=U甲+U乙=1.5V+0.5V=2V，故B正确；
C、由图象知，通过电阻乙的电流与其两端电压不成正比，所以它不是定值电阻，故C错误；
D、将甲和乙并联，若电压为2.5V，则它们两端的电压均为2.5V，
由图象可知此时I甲′=I乙′=0.5A，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流：
I=I甲′+I乙′′=0.5A+0.5A=1.0A，故D错误。
故选：B。
(1)根据图象读出甲两端电压为0.5V时通过的电流；
(2)甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，根据图象读出两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出它们两端的电压；
(3)电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比；
(4)将甲和乙并联，它们两端的电压相等，根据图象读出通过两电阻的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的电流。
本题考查了串并联电路的电流和电压特点的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

13.【答案】D 
【解析】解：常见的半导体材料有：硅、锗、砷、镓等。芯片的核心部件是其中的电子芯片，是半导体硅制成的。
故选：D。
芯片的核心部件是其中的电子芯片，是半导体硅，半导体具有单向导电性。
本题考查半导体的应用，属于基础知识。

14.【答案】D 
【解析】解：要使P向左移动时，电路中的电阻变小，即接入电路的下面的电阻丝的长度变短。
A、接线柱C、B接入电路，滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝PB的长度变长，所以电路中的电阻变大；故A不符合题意。
B、接线柱B、D接入电路，滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝PB的长度变长，所以电路中的电阻变大。故B不符合题意。
C、接线柱A、B接入电路，整个电阻丝全部接入电路，无论滑片P如何移动，滑动变阻器接入电路的电阻值都为滑动变阻器的最大阻值，不发生变化。故C不符合题意。
D、接线柱A、D接入电路，当滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝AP的长度变短，所以电路中的电阻变小。故D符合题意。
故选：D。
滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的长度来改变电阻大小的。电阻丝接入电路的长度越长，电路中的电阻就越大；反之就越小。因此可以根据电阻丝接入电路长度的变化来确定电阻的变化。
滑动变阻器的滑片移动时，其接入电路的阻值变化，取决于它所选取的下面的接线柱是哪一个，上面的两个接线柱实质上是一个。
使用时，接线柱的选取要一上一下。若同时选取了下面的两个接线柱，此时的滑动变阻器为定值电阻；若同时选取了上面的接线柱，滑动变阻器没有接入电路。

15.【答案】B 
【解析】解：A、由图可知，两个电阻串联，电压表测定电阻的电压，体温越高，由图丙知，红外线热敏电阻越小，故A错误；
BCD、体温越高，热敏电阻阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大；由U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，故B正确，CD错误。
故选：B。
由图可知，两电阻串联，电压表测定电阻的电压，由图丙知，体温越高，红外线热敏电阻越小；由U=IR可知电压表的示数变化情况。
本题为动态电路分析题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确体温越高，红外线热敏电阻越小。

16.【答案】A 
【解析】解：影响电阻的因素是材料、长度和横截面积，与电阻两端是否有电压、是否通过电流无关；但可以用所加电压和此时通过的电流的比值求导体的电阻，故A正确，BCD错误。
故选：A。
可由R=UI计算电阻的阻值，由I=UR计算通过的电流，影响电阻的因素是材料、长度和横截面积，与是否有电流、电压无关。
本题考查学生对欧姆定律的变形公式的理解，要结合影响电阻大小的因素分析判断。

17.【答案】A 
【解析】解：由图可知，两灯串联，电压表测量L1两端的电压；闭合开关S后，L1、L2都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表两端能与电源两极连通，灯泡L2是完好的，所以故障原因是L1断路，故A正确。
故选：A。
由图可知，两灯串联，两个灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表到电源两极是连通的，所以在L1处有断路故障。
根据电压表的示数判断电路故障：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，与电压表并联的用电器可能有断路故障；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。

18.【答案】C 
【解析】
【分析】
(1)电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表；
(2)电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h；
(3)利用公式W=Pt求出该电灯正常工作10h消耗的电能，而“720r/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过720圈，据此可求转盘转动的圈数。
本题考查了电能的计算、电能表的读数方法，关键是理解电能表各参数的物理意义。
【解答】
A.电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表，不是测电功率的仪表，故A错误；
BD.电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，图中电能表示数为20.0kW⋅h，表示它所测量的电路消耗了20.0kW⋅h的电能，故BD错误；
C.电灯正常工作的电功率P=100W=0.1kW，灯正常工作10h消耗的电能W=Pt=0.1kW×10h=1kW⋅h；
“720r/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过720圈，
所以，只将一盏标有“220V，100W”的电灯接在电路中，正常工作10h，转盘转720圈，故C正确。
故选：C。  
19.【答案】A 
【解析】解：两电阻串联时的总功率为：
P串=U2R1+R2=U23R2+R2=U24R2；
两电阻并联时的总功率为：
P并=U2R1+U2R2=U23R2+U2R2=4U23R2，
所以P串P并=U24R24U23R2=316。
故选：A。
(1)根据P=U2R1+R2表示出串联电路的总电阻；
(2)根据并联电路的电压特点和P=U2R表示出并联后的总功率；然后结合两电阻之间的关系即可得出P串与P并的比值关系。
本题考查了电功率公式的灵活运用，利用好“R1=3R2”是关键。

20.【答案】D 
【解析】解：A、由于导线有电阻，电流通过导线时，导线会发热，产生热效应，故A错误；
BCD、电炉在使用时，电炉丝和导线串联，通过它们的电流相等，通电时间t相同，由于R电炉丝>R导线，根据Q=I2Rt可知，电流产生的热量：Q电炉丝>Q导线，根据P=I2R知，导线消耗的电功率比电炉丝消耗的电功率小，因而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象；故BC错误，D正确。
故选：D。
(1)电流流过导体时，导体发热，把电能转化为内能的现象是电流的热效应。
(2)电炉丝和连接的导线串联在电路中，通过它们的电流相等，通电时间相同，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，根据焦耳定律和P=I2R分析判断。
本题考查串联电路的规律，应明确两电阻串联时，电路中的电流是相等的，同时应注意该现象的根本原因是因为发热量不同造成的。

21.【答案】扩散  温度 
【解析】解：满屋的香气是香水的扩散现象。夏天很快就没了，原因是温度越高，分子热运动越剧烈。
故答案为：扩散；温度。
构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象，分子的热运动快慢与温度有关。
知道扩散现象和分子热运动与温度的关系，可解答此题。

22.【答案】压缩  做功 
【解析】解：活塞迅速向下压时，活塞压缩气体做功，空气内能增加、温度升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就会燃烧，该现象说明了对物体做功，物体的内能增加，此过程机械能转化为内能；四冲程汽油机的压缩冲程，是机械能转化为内能的过程。
故答案为：压缩；做功。
(1)做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功，物体的内能减少；
(2)四冲程内燃机工作时，压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能。
本题考查改变内能的方法以及热机的有关知识，难度不大。

23.【答案】比热容 
【解析】解：
水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙石小。因此，海边的昼夜温差比沙漠地带要小得多。
故答案为：比热容。
水的比热容大，相同质量的水与其它物质相比较，在吸收和放出相同热量时，水的温度变化小。
本题主要考查学生对水的比热容大在生活中的应用的了解，是一道基础题。

24.【答案】A 
【解析】解：
乙图A是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧；这是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；
乙图B对试管中的水加热，使试管中水的内能增大，加快了水的汽化，水蒸气体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；
甲图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；压缩冲程是把机械能转化为内能的过程，与图乙A的原理相同。
故答案为：A。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能；
对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。
此题要考查了内燃机工作原理及过程和能量的转化，属于基础题。

25.【答案】并联  串联 
【解析】解：街上的路灯同时发光同时熄灭，如果看到其中一盏灯因故障而熄灭，但其它路灯依然发光，可以断定路灯的连接方式是并联，因为并联电路有多条路径，各用电器之间互不影响；
每个用电器和控制它的开关的连接方式为串联，这样才能实现对用电器的有效控制。
故答案为：并联；串联。
串联电路中各用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，串联电路需要一个开关就能控制整个电路，并联电路干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路。电路中，开关一般都要与被控制的用电器串联。
本题考查了学生判断串、并联电路的能力，识别串并联电路关键是看各用电器之间是否相互影响，相互影响的是串联，相互不影响的是并联。

26.【答案】电压表的正负接线柱接反了  正 
【解析】解：图中电压表的指针反向偏转，说明电流从电压表负接线柱流进、正接线柱流出，所以，与电压表负接线柱相连的是电池的正极，即金属片A是电池的正极。
故答案为：电压表的正负接线柱接反了；正。
电流要从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出；
由图中电压表指针的偏转方向可判断电流方向，同时能判断电池的极性。
本题考查了用电压表判断电池极性方法。运用电压表判断电池的正负极时，电压表正常偏转则连接电压表正接线柱的是电池的正极；电压表反向偏转时，连接电压表正接线柱的是电池的负极。

27.【答案】0.54 
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据串联电路中各用电器两端的电压之和等于电源电压可得：
电阻R2两端的电压为U2=U−U1=6V−2V=4V。
由于串联电路的电流处处相等，则电流表的示数为：
I=U2R2=4V8Ω=0.5A，
根据I=UR可得电阻R1的阻值：
R1=U1I=2V0.5A=4Ω。
故答案为：0.5；4。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电流表的示数，利用欧姆定律求出R1的阻值。
本题主要考查了欧姆定律的应用，以及串联电路中的电压、电流的特点，属基本电学题目，难度不大。

28.【答案】1200 
【解析】解：3000r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表转盘转了300转，用电器消耗的电能：W=300r3000r/(kW⋅h)=0.1kW；
用电器的电功率：P=Wt=0.1kW560h=1.2kW=1200W。
故答案为：1200。
3000r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以求出电能表转盘转了300转，用电器消耗的电能；利用P=Wt计算出用电器的电功率。
本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算，知道3000r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转是解题的关键。

29.【答案】解：由实物图可知，电流从电源的正极流出，经开关、滑动变阻器、定值电阻、电流表后，回到电源的负极，电压表并联到了定值电阻的两端，所以该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压，电路图如下所示：
 
【解析】运用电流流向法，明确电路的基本连接方式和各元件所连接的具体位置和顺序，再按顺序作图，并保证电路图与实物图的连接顺序完全一致。
本题考查根据实物图画电路图，关键是正确分析电路的连接方式以及电表的作用。

30.【答案】质量  全部燃烧  温度计示数  不能  偏小  燃料不能完全燃烧并且热量有散失 
【解析】解：(1)比较两种燃料的热值大小时，需要控制两种燃料的质量相同；
(2)点燃后加热质量相等的同种液体，需等待燃料全部燃烧，通过观察温度计示数的变化来比较两种燃料的热值大小；
(3)燃料燃尽前，如果两个烧杯中的水均已沸腾，则无法根据水升高的温度来判定吸热的多少，也无法判断燃料燃烧放热的多少，所以该实验不能比较两种燃料热值的大小；
(4)因为燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失等原因，所以测量出的热值比实际值要小。
故答案为：(1)质量；(2)全部燃烧；温度计示数；(3)不能；(4)偏小；燃料不能完全燃烧并且热量有散失。
(1)比较不同燃料的燃烧值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；
(2)质量相同的不同燃料全部燃烧释放的热量被相同质量的同种液体吸收，通过温度计示数的变化能反映液体吸热的多少，即反映燃料燃烧放出热量的多少，从而比较两种燃料的热值大小；
(3)实验中通过水温度升高的示数判定放热的多少，据此分析；
(4)燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失，所以测量出的热值比实际值要小。
本题是比较燃料的热值大小的实验，要结合控制变量法进行分析研究，通过观察温度的变化判断燃料热值的大小，考查了学生的实验探究能力。

31.【答案】C 变大  5 通过一组数据测出的阻值误差较大 
【解析】解：(1)滑动变阻器选择“一上一下”两个接线柱使用，与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：

(2)A、电流表的正、负接线柱接反，电表指针反向偏转，不符合题意；
B、电压表的量程选小了，电压表指针偏转较大；不符合题意；
C、电阻Rx发生了短路，电压表无示数，电流表有示数，符合题意；
D、把滑动变阻器下端两接线柱连入电路，电路中电阻较大，电流表示数较小，电压表示数也较小，但电压表示数不会为0，不符合题意；
故选C；
(3)电路连接正确后，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，电源电压不变，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压变大，即电压表示数变大；
(4)电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压表的示数为2.5V，根据欧姆定律可知此时测得的Rx=UI=2.5V0.5A=5Ω；
(5)小明认为只测一组数据得到Rx的大小是不妥的，原因是通过一组数据测出的阻值误差较大。
故答案为：(1)如图；(2)C；(3)变大；(4)5；(5)通过一组数据测出的阻值误差较大。
(1)滑动变阻器选择“一上一下”两个接线柱使用，与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)逐一分析每个选项，确定正确答案；
(3)电路连接正确后，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，将滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器两端的电压的变化情况，电源电压不变，根据串联电路的电压特点得出定值电阻两端的电压变化情况，即可得出电压表示数得变化情况；
(4)根据电表选用的量程确定分度值读数，根据欧姆定律得出电阻的阻值；
(5)通过一组数据测出的阻值误差较大。
本题为伏安法测电阻的实验，考查电路的连接、注意事项、电表读数及数据处理方法。

32.【答案】解：
(1)由电路图可知，只闭合S1，只有R1接入电路，此时电流表的示数即为通过R1的电流，所以I1=0.3A，
由欧姆定律可得，电源电压：
U=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
(2)同时闭合S1、S2时，R1和R2并联，电流表测干路电流，示数为0.5A，
并联电路中各支路间互不影响，所以R1的电流不变，仍为0.3A
由并联电路的电流特点可得通过R2的电流：
I2=I−I1=0.5A−0.3A=0.2A，
由并联电路的电压特点和欧姆定律可知，电阻R2的阻值：
R2=UI2=6V0.2A=30Ω；
(3)S1、S2均闭合时，通电1min，电路消耗的总电能：
W=UIt=6V×0.5A×1×60s=180J。
答：(1)电源电压为6V；
(2)R2的大小为30Ω；
(3)S1、S2均闭合时，通电1min，电路消耗的总电能是180J。 
【解析】(1)只闭合开关S1，只有R1连入电路，由欧姆定律计算R1两端的电压，即为电源电压；
(2)同时闭合S1、S2时，R1、R2并联，根据并联电路的电流特点计算出通过R2的电流，然后根据欧姆定律就可以算出R2的阻值；
(3)利用W=UIt求出S1、S2均闭合时，通电1min，电路消耗的总电能。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律的应用和电功的计算，注意弄清电流表的示数变化是因为电路中增加了R2支路上的电流引起的。

33.【答案】解：
根据题意和电路图可知，当S、S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电暖器为“低温”挡；
当S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，总电阻最小，根据P=U2R可知总功率最大，电暖器处于高温挡；
则当S、S2闭合，S1断开时，电路为R2的简单电路，电暖器处于中温挡；
(1)当S、S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电暖器为“低温”挡；
由表中数据可知，电暖气低温挡的功率为440W，由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P低温=(220V)2440W=110Ω；
(2)闭合S、S1时，电暖器处于“低温”挡，R1单独接入电路；只闭合S、S2时，电暖器处于“中温”挡；电暖器处于“高温”挡时，S、S1、S2同时闭合，R1、R2并联；
由表中数据可知，电暖气高温挡的功率为2200W，
则中温挡的功率：P中温=P高温−P低温=2200W−440W=1760W，
由P=UI可知，中温挡工作时电路中的电流：I中温=P中温U=1760W220V=8A；
(3)由P=Wt可知，电暖器的“高温”挡正常工作10min，放出的热量：Q放=P高温t=2200W×10×60s=1.32×106J；
空气吸收的热量：Q吸=ηQ放=50%×1.32×106J=6.6×105J，
由Q吸=cmΔt可得，室内空气升高的温度：Δt=Q吸cm=6.6×105J1.0×103J/(kg⋅℃)×50kg=13.2℃。
答：(1)R1的阻值为110Ω；
(2)“中温”挡正常工作时电路中的电流为8A；
(3)可使室内气温升高13.2℃。 
【解析】根据题意和电路图可知，当S、S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电暖器为“低温”挡；
当S、S1、S2都闭合时，两电阻并联，总电阻最小，根据P=U2R可知总功率最大，电暖器处于高温挡；
则当S、S2闭合，S1断开时，电路为R2的简单电路，电暖器处于中温挡；
(1)根据表中数据读出电暖气的低温挡的功率，然后根据P=U2R求出R1的阻值；
(2)根据P中=P高−P低可求出中温挡的功率；
(3)根据Q=W=P高t可求出电暖气放出的热量，根据Q吸=ηQ可得空气吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出房间的空气温度升高的度数。
本题考查了热量公式和电功率公式的灵活应用，关键是正确判断不同挡位时电路连接方式，属于常见题目。