广东省深圳市龙岗区二十多校联考2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷（含答案）

这是一份广东省深圳市龙岗区二十多校联考2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷（含答案），共30页。试卷主要包含了单选题，双选题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合分析题等内容，欢迎下载使用。

广东省深圳市龙岗区二十多校联考2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷
一、单选题（2分×5＝10分）
1．（2分）下面各图是课本上的一些插图，对下列插图的说明正确的是（　　）

A．甲图演示的是液体的扩散
B．乙图主要说明分子之间有间隙
C．丙图表明空气被压缩时内能减小
D．丁图反映的是机械能转化为内能
2．（2分）用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开一定角度，关于该现象下列说法正确的是（　　）

A．在与丝绸摩擦时，玻璃棒得到了电子
B．金属箔张开是由于异种电荷相互排斥
C．此过程中正电荷从玻璃棒转移给金属箔
D．实验中瞬间电流方向是玻璃棒到金属箔
3．（2分）《中国诗词大会》第四季冠军赛在两位理工科才女之间展开，比赛中用到了抢答器，如图所示，其原理是：任意位选手按下抢答键时显示屏亮灯（红灯或绿灯）同时扬声器发出声音。以下符合这一要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2分）用滑动变阻器控制小灯泡的亮度，下面4种电路图中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2分）如图，电源电压是3V，开关闭合后，正常发光的小灯泡L的电阻是10Ω，a、b是电流表或电压表，则下列说法正确的是（　　）

A．a表是电流表，其示数为0.3A
B．图中a、b两表的左端均为“﹣”接线柱
C．若小灯泡L断路，则两表示数均为0
D．交换两表位置后，两表都不会被烧坏
二、双选题（2分×5＝10分）
（多选）6．（2分）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．温度越高的物体含有热量越多
B．一个铁块温度升高，内能一定增大
C．物体的内能增加了，它的温度可能不变
D．物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
（多选）7．（2分）把两只质量为m、初温度为100℃的铜球和铁球，分别投入两杯质量也为m、初温度为10℃的水中。不计热损失，则它们分别达到热平衡后，下列说法正确的是（已知二者比热容：c铜＜c铁）（　　）
A．铜球放出的热量比铁球多
B．铜球降低的温度比铁球大
C．两杯水吸收的热量相等
D．放有铁球的水温度较高
（多选）8．（2分）如图甲，闭合开关S1、S2时，灯泡L1和L2发光，电流表A1、A2的指针指在同一位置如图乙所示。下列说法中正确的是（　　）

A．电流表A1的示数为0.3A
B．通过灯泡L2的电流为1.2A
C．若只断开S2，电流表A2示数不变，A1示数变小
D．若某时刻只有灯泡L1熄灭，原因可能是L1被短路
（多选）9．（2分）小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”。a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法错误的是（　　）

A．小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大
B．通过小灯泡亮度来反映导体电阻的大小，采用了转换法
C．利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积的关系
D．利用此装置不能探究导体电阻大小和长度的关系
（多选）10．（2分）萌萌同学在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图像，根据图像，下列说法正确的是（　　）

A．导体a的电阻小于导体b的电阻
B．通过导体a的电流与其两端的电压成反比
C．将a、b两导体串联后接在电压为3V的电源上，通过导体的电流为0.2A
D．将a、b两导体并联后接在电压为2V的电源上，干路上的电流为0.4A
三、填空题（每空1分，共10分）
11．（3分）如图所示是家用电冰箱及其部分电路图，照明灯与压缩机的连接方式是 　 　（选填“串联”或“并联”），冰箱门关闭后，门控开关应该处于 　 　状态；当冰箱里的温度高于设定温度时，温控开关会自动 　 　（选填“断开”或“闭合”）。

12．（2分）两只水果点亮了一只发光二极管（如图），金属片A 是水果电池的　 　（填“正极”或“负极”）．现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，此时水果电池的正负极之间　 　（填“有”或“没有”）电压。

13．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P向左移动时，电流表的示数将　 　（选填“变小”、“不变”或“变大”）．若在电路中再接入一个电压表，且当滑片P分别位于变阻器的右端、中点和左端时，电压表的示数如下表所示，则电压表应并联在图中　 　两点之间（选填“ab”、“bc”或“ac”）。
滑片P的位置
右端
中点
左端
电压表的示数（V）
2.0
3.0
6.0

14．（3分）汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，某研究小组对汽车开展项目研究。

（1）汽车发动机是汽油机，它有四个工作冲程，如图2所示是四冲程汽油机一个工作循环中的三个冲程，下列判断正确的一项是 　 　（填字母）
A．甲是吸气冲程，吸入的只有空气
B．甲中活塞向下运动使汽缸内压强增大
C．乙对应的冲程使汽车获得动力
D．设法利用图丙排出的废气，可提高汽油机的效率
（2）汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高，可用循环水进行冷却，用水来冷却是利用了 　 　的特点，这是通过 　 　的方式来改变发动机的内能。
四、作图题（共4分）
15．（2分）在图2虚线框内画出图1对应的电路图。

16．（2分）图中的实物连接还有两根导线没有完成，请补完。要求：两灯并联，开关S控制整个电路，电流表测量通过L1的电流I1（I1＜0.6A）。

五、实验题（每空1分，共17分）
17．（5分）在热学实验中：

（1）如图甲，小亮用相同的酒精灯分别给液体a和液体b加热，以探究两种液体的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和 　 　相同的液体a和液体b，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使液体a和液体b在相同时间内 　 　；
②两种液体温度随时间变化如图乙所示，则二者比热容之比ca：cb＝　 　；
（2）如图丙所示，为比较酒精和花生油的热值，小亮用两个相同规格的烧杯装相等质量的水，取质量相等的酒精和花生油，分别放入两个酒精灯中，点燃后给烧杯加热，控制酒精和花生油 　 　（选填“燃烧相同的时间”或“都燃烧完”），通过比较 　 　（选填“加热时间”或“水升高的温度”）来确定酒精和花生油热值的大小。
18．（5分）三个探究小组选用不同规格的灯泡来验证“串联电路的电流规律”，电路图如下。
（1）第一小组的同学闭合开关后，发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动。故障的原因可能是 　 　（填字母）
A．某段导线断开
B．某接线柱处接触不良
C．某灯泡被短路
D．电流表被烧坏
（2）故障排除后将电流表A1和电流表A2更换为相同的量程，进行多次实验，其多次实验的目的是 　 　，但在实验过程中发现电流表A1的示数总比电流表A2的示数大0.04A，则造成该现象的原因可能是 　 　（填字母）
A．灯泡L1和L2的规格不同
B．导线有电阻
C．某个电流表未调零
（3）第二小组的同学闭合电路后发现：灯L2的亮度比灯L1的亮度大。则下列说法正确的是 　 　（填字母）
A．灯L2中的电流较大，所以L2更亮
B．电流从电源正极出来先通过灯L2，所以L2更亮
C．两灯中的电流相等，亮度不同是由于两灯规格不同所致
（4）第三小组同学闭合开关S后，发现灯L1发光，L2不发光。对此现象，同学们有以下几种猜想：①灯L2的灯座短路；②灯L2灯丝断了；③灯L2也工作，但L2中电流比L1中电流小。以上猜想中合理的是 　 　（填序号）。

19．（7分）小丽同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω，20Ω，50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω，1A”字样，导线若干。

（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最 　 　端（选填“左”或“右”）；
（3）小丽连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是 　 　；
（4）故障排除后，小丽先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是 　 　V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向 　 　端（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2V；
（5）当小丽改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值。在保留前两次实验数据的前提下，小丽可以采取以下何种措施？　 　（填字母）
A．适当减小电源电压
B．改接电压表的大量程
C．增大电阻两端电压的设定值
D．换用阻值更小的滑动变阻器
（6）小丽解决了上述问题后，完成了实验。利用收集到的多组数据，作出了如图丁的I﹣R图像。分析图像得出结论：　 　。
六、计算题（7分+6分＝13分）
20．（7分）太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，如表是小明家的太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息：
太阳照射时间t
h
装水质量m
kg
吸热板面积S
m2
水升高的温度Δt
℃
太阳辐射功率P
J•（m2•h）﹣1
10
100
2.5
40
1.68×106
其中太阳辐射功率是指1h内投射到1m2面积上的太阳能。太阳能的多少取决于太阳辐射功率、太阳照射时间和吸热板面积，即W太阳能＝PtS。求：
（1）已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求水在10h内吸收的热量；
（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气？（天然气的热值为8.4×107J/m3，假设天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收）
（3）该太阳能热水器的能量转化效率。
21．（6分）在图1中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为20Ω。当只闭合开关S1时，电流表A的示数如图2；当只闭合开关S2时，电流表A的示数如图3。

（1）求电源电压U；
（2）求定值电阻R2的阻值；
（3）同时闭合开关S1、S2前，应进行的操作是 　 　，闭合开关S1、S2后电流表示数为 　 　。
七、综合分析题（每空1分，共6分）
22．（6分）有些汽车前挡风玻璃上的刮水器能够随着雨量的大小，刮水的速度会相应地发生变化，雨停后，刮水器自动停止工作，小华查阅了相关资料后，自制了如题图甲所示的雨水检测金属网（以下简称检测网），并设计了如题图乙所示的模拟电路进行探究。

（1）小华按照设计的电路图连接电路，检测网未放入水中，电流表无示数，再将检测网放入雨水中，电流表有示数，表明雨水是　 　（选填“导体”或“绝缘体”）。小华通过观察电路中　 　的变化来判断电动机转速的变化，从而反映出刮水器刮水速度的变化。
（2）将检测网竖立并缓慢浸入雨水中进行实验，分析数据可知，金属网浸入雨水中的深度越深，电流表的示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在　 　（选填“变大”或“变小”），我们知道，影响导体电阻的大小的因素有：导体的　 　、长度和横截面积，由此可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的　 　变化引起的。
（3）小华设计的电路在无雨水时，电动机不能转动，可是这样无法实现无雨时的车窗清洗，若要解决此问题，可在图乙电路中加装一个开关，此开关应与检测网　 　（选填“串联”或“并联”）。

广东省深圳市龙岗区二十多校联考2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（2分×5＝10分）
1．（2分）下面各图是课本上的一些插图，对下列插图的说明正确的是（　　）

A．甲图演示的是液体的扩散
B．乙图主要说明分子之间有间隙
C．丙图表明空气被压缩时内能减小
D．丁图反映的是机械能转化为内能
【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
（2）两块铅块挤压在一起，两块铅块分子之间存在引力作用；
（3）活塞压缩容器内的空气做功，空气的内能增大；
（4）试管内水吸收热量，不断汽化，试管内的水蒸气膨胀对活塞做功，水蒸气的内能转化为活塞的机械能。
【解答】解：A、甲图，清水和硫酸铜溶液过一段时间，形成均一稳定的混合物，反映液体之间的扩散现象，故A正确；
B、乙图，反映分子之间的引力，故B错误；
C、丙图，活塞对空气做功，空气内能增大，故C错误。
D、丁图，试管内水蒸气的内能转化为活塞的机械能，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了扩散现象、分子间的引力和斥力、改变物体内能的方法等。物体对外做功，物体的内能减小；对物体做功，物体的内能增大。
2．（2分）用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开一定角度，关于该现象下列说法正确的是（　　）

A．在与丝绸摩擦时，玻璃棒得到了电子
B．金属箔张开是由于异种电荷相互排斥
C．此过程中正电荷从玻璃棒转移给金属箔
D．实验中瞬间电流方向是玻璃棒到金属箔
【分析】A、玻璃棒与丝绸摩擦后失去电子带正电；
B、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
C、丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球时，发生转移的是电子；
D、物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。
【解答】解：A、在与丝绸摩擦时，玻璃棒失去了电子，故A错误；
B、金属箔张开是由于同种电荷相互排斥，故B错误；
C、实验过程中，负电荷（电子）从金属箔转移给玻璃棒，故C错误；
D、实验中，负电荷（电子）从金属箔转移给玻璃棒，瞬间电流方向是玻璃棒到金属箔，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了摩擦起电的实质、电荷间的相互作用、电流的方向，属基础题目。
3．（2分）《中国诗词大会》第四季冠军赛在两位理工科才女之间展开，比赛中用到了抢答器，如图所示，其原理是：任意位选手按下抢答键时显示屏亮灯（红灯或绿灯）同时扬声器发出声音。以下符合这一要求的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】根据任意一位选手按下抢答键时显示屏亮灯（红灯或绿灯）同时扬声器发出声音确定扬声器连接的位置及两灯、开关的连接。
【解答】解：由题意可知，当任意位选手按下抢答键时显示屏亮灯（红灯或绿灯）同时扬声器发出声音，则扬声器接在干路上，两灯可独立工作互不影响，红灯或绿灯分别与抢答器串联，控制相应的灯，可单独工作，故两灯并联，故只有A正确。
故选：A。
【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确灯、开关和扬声器的连接。
4．（2分）用滑动变阻器控制小灯泡的亮度，下面4种电路图中正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】滑动变阻器使用时应选用“一上一下”接线柱，且与用电器串联，据此分析解答即可。
【解答】解：A、滑动变阻器选用了上面两个接线柱，不能改变电阻大小，灯泡的亮度不能改变，故A错误；
B、滑动变阻器使用时选用“一上一下”接线柱，还与灯泡串联，故B正确；
C、滑动变阻器使用时选用下面两个接线柱，故C错误；
D、滑动变阻器使用时与灯泡并联了，滑动变阻器不能改变灯泡的亮度，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了滑动变阻器的使用方法，属于基础题。
5．（2分）如图，电源电压是3V，开关闭合后，正常发光的小灯泡L的电阻是10Ω，a、b是电流表或电压表，则下列说法正确的是（　　）

A．a表是电流表，其示数为0.3A
B．图中a、b两表的左端均为“﹣”接线柱
C．若小灯泡L断路，则两表示数均为0
D．交换两表位置后，两表都不会被烧坏
【分析】电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中；电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出；电流表在电路中相当于导线，而电压表的电阻很大，据此分析。
【解答】解：
A、a与灯泡并联，为电压表；b串联接入电路中，为电流表，故A错误；
B、电流从电表的正接线柱流入，从负接线柱流出，所以a的右端为正极线柱，b的左端为正极线柱，故B错误；
C、若小灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数为0；此时电压表与电源之间是接通的，电压表有示数，故C错误；
D、交换两表位置后，电压表串联接入电路中，由于电压表电阻特别大，所以电路中的电流几乎为0，电流表示数为0，电压表此时测量电源电压，所以两表都不会被烧坏，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，难度不大。
二、双选题（2分×5＝10分）
（多选）6．（2分）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）
A．温度越高的物体含有热量越多
B．一个铁块温度升高，内能一定增大
C．物体的内能增加了，它的温度可能不变
D．物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
【分析】（1）热量是一个过程量，只能说吸收热量或放出热量；
（2）（3）内能与物体的质量、状态、温度有关；
（4）改变内能的方法：做功和热传递。
【解答】解：A、热量是一个过程量，不能用含有来表示，故A错误；
B、温度越高，分子运动越快，一个铁块温度升高，内能一定增大，故B正确；
C、一个物体吸收了热量，若同时对外做功，其内能可能增大、不变甚至减小，即物体的内能不一定增大，故C正确；
D、物体的内能增加了，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故D错误。
故选：BC。
【点评】知道内能、热量、和温度的关系，并能利用上述关系解释问题是解决该题的关键。
（多选）7．（2分）把两只质量为m、初温度为100℃的铜球和铁球，分别投入两杯质量也为m、初温度为10℃的水中。不计热损失，则它们分别达到热平衡后，下列说法正确的是（已知二者比热容：c铜＜c铁）（　　）
A．铜球放出的热量比铁球多
B．铜球降低的温度比铁球大
C．两杯水吸收的热量相等
D．放有铁球的水温度较高
【分析】达到热平衡时，金属球和水的温度相同，并且应同时满足热平衡方程，即Q放＝Q吸；则根据热平衡方程可得出应出现的情况。
【解答】解：假设达到热平衡时，混合体的温度为t，则根据热平衡方程可知：cm（100℃﹣t）＝c水m水（t﹣10℃）；
因两球的质量相同，水的质量相同，所以升高的温度取决于铜球和铁球的比热容大小；
因为铜的比热容小于铁球的比热容，所以放有铜球的水升高的温度要小，则铜球降低的温度比铁球的大，水吸收的热量较少；
放有铁球的水升高的温度要多，水吸收的热量较多，所以铁球放出的热量比铜球多，故AC错误、BD正确。
故选：BD。
【点评】本题考查热平衡方程的应用，解题时一定要根据公式找出解题的依据，不能凭空想象。
（多选）8．（2分）如图甲，闭合开关S1、S2时，灯泡L1和L2发光，电流表A1、A2的指针指在同一位置如图乙所示。下列说法中正确的是（　　）

A．电流表A1的示数为0.3A
B．通过灯泡L2的电流为1.2A
C．若只断开S2，电流表A2示数不变，A1示数变小
D．若某时刻只有灯泡L1熄灭，原因可能是L1被短路
【分析】由电路图可知，闭合开关S1、S2时两灯泡并联，电流表A1测干路电流，A2测L1支路的电流，根据两电流表所选的量程确定分度值并读出其大小，求出干路电流以及通过L1和L2的电流，根据并联电路的特点对选项逐一判断。
【解答】解：AB、由甲图可知闭合开关S1、S2时两灯泡并联，电流表A1测量的是干路电流，A2测L1支路的电流，
电流表A1使用的是0～3A量程，分度值为0.1A，则由图乙知，电流表A1的示数示数为1.5A，即干路电流I＝1.5A，
电流表A2选择的是0～0.6A量程，分度值为0.02A，则由图乙知，电流表A2的示数为0.3A，即通过L1的电流为I1＝0.3A，
由并联电路电流的规律可得，通过灯L2的电流：I2＝I﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，故A错误、B正确；
C、两灯泡并联，只断开开关S2时，灯泡L2断路，对灯泡L1无影响，则灯泡L1中有电流通过，电流表A1示数减小，电流表A2示数不变，故C正确；
D、若某时刻只有灯泡L1熄灭，原因可能是L1断路，如果L1短路则L2也被短路，会熄灭，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了电流表的读数和并联电路的特点，分清电路的连接方式和电流表量程的判读是解决本题的关键。
（多选）9．（2分）小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”。a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法错误的是（　　）

A．小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大
B．通过小灯泡亮度来反映导体电阻的大小，采用了转换法
C．利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积的关系
D．利用此装置不能探究导体电阻大小和长度的关系
【分析】（1）在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断。
（2）因为两根电阻丝的材料一样，且长度相同，而横截面积不同，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截面积、长度的关系。
【解答】解：AB、小灯泡越亮，这说明通过小灯泡的电流越大，电路中的电流越大，根据欧姆定律可知，电路中的电阻越小，接入的合金丝电阻越小；使用中通过灯泡亮度来反映导体电阻的大小，采用的好转换法，故A错误、B正确；
CD、利用此装置中的一根电阻丝，用夹子改变电阻丝的长度，也可以探究导体电阻大小和长度的关系；探究导体电阻大小和横截面积的关系时，可以分别将a、b两镍铬合金丝接入电路；由于a和b的材料是相同的，所以无法探究电阻与材料的关系，故D错误，C正确。
故选：AD。
【点评】此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。
（多选）10．（2分）萌萌同学在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图像，根据图像，下列说法正确的是（　　）

A．导体a的电阻小于导体b的电阻
B．通过导体a的电流与其两端的电压成反比
C．将a、b两导体串联后接在电压为3V的电源上，通过导体的电流为0.2A
D．将a、b两导体并联后接在电压为2V的电源上，干路上的电流为0.4A
【分析】（1）由图知，电压相同为2V时，通过a的电流为0.4A，通过b的电流为0.2A，由欧姆定律求出Ra和Rb大小；
（2）图中a电流随电压的变化图象为过原点的直线，据此分析；
（3）根据图像利用串联电路的特点找出将a、b两导体串联后接在电压为3V的电源上，通过导体的电流；
（4）将a和b并联在3V的电源上，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可求得通过干路的电流。
【解答】解：A、由图知，电压为3.0V时，通过a的电流为0.4A，通过b的电流为0.2A，
由欧姆定律可知，a的电阻为：Ra＝＝＝7.5Ω，
同理Rb＝15Ω，故导体a的电阻小于导体b的电阻，故A正确；
B、图中a电流随电压的变化图象为原点的直线，故通过导体a的电流与其两端的电压成正比，故B错误；
C、由图像可知，当通过两导体的电流为0.2A时，a导体两端的电压为1.0V，b导体两端的电压为2.0V，由串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝U+U＝1.0V+2.0V＝3.0V，符合题目条件，故C正确；
D、将a和b并联在2V的电源上，由图像可知，通过导体a的电流：Ia′＝0.4A，
通过导体B的电流：Ib′＝0.2A，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流：I＝Ia′+Ib′＝0.4A+0.2A＝0.6A，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。
三、填空题（每空1分，共10分）
11．（3分）如图所示是家用电冰箱及其部分电路图，照明灯与压缩机的连接方式是 　并联　（选填“串联”或“并联”），冰箱门关闭后，门控开关应该处于 　断开　状态；当冰箱里的温度高于设定温度时，温控开关会自动 　闭合　（选填“断开”或“闭合”）。

【分析】（1）并联电路中，各用电器互不影响。
（2）根据冰箱门开，灯亮可知：开关应闭合；则冰箱门关闭，灯灭，开关应断开。
（3）冰箱里的温度降低到一定程度后，压缩机应停止工作，温控开关应断开。
【解答】解：因为电冰箱的压缩机与照明灯可以单独工作，互不影响，因此电冰箱压缩机与照明灯为并联。
冰箱门关上时，照明灯应熄灭，则门控开关应处于断开状态。
当冰箱里的温度高于设定温度时，压缩机要工作，所以温控开关会自动闭合。
故答案为：并联；断开；闭合。
【点评】本题考查了电冰箱的有关问题，平时应注意多观察、多思考，结合所学知识解释生活现象，这对我们解这类题有帮助。
12．（2分）两只水果点亮了一只发光二极管（如图），金属片A 是水果电池的　负极　（填“正极”或“负极”）．现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，此时水果电池的正负极之间　有　（填“有”或“没有”）电压。

【分析】二极管具有单向导电的性质。二极管是由半导体材料制成的，有两根引线，一根为正极，另一根为负极；二极管的导电性能很特殊，它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极；
【解答】解：
图中二极管发光，据二极管的单向导电性可知，二极管的连接是正确的，因此水果电池组的A极是负极；
现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，此时水果电池的正负极之间仍然有电压。
故答案为：负极；有。
【点评】本题考查了二极管的导电性和电路的连接方式，属于基础知识的考查，比较简单。
13．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P向左移动时，电流表的示数将　变大　（选填“变小”、“不变”或“变大”）．若在电路中再接入一个电压表，且当滑片P分别位于变阻器的右端、中点和左端时，电压表的示数如下表所示，则电压表应并联在图中　ab　两点之间（选填“ab”、“bc”或“ac”）。
滑片P的位置
右端
中点
左端
电压表的示数（V）
2.0
3.0
6.0

【分析】如图，利用滑动变阻器的变阻原理（通过改变连入电阻大小，改变电路中的电流），和串联电路的分压关系分析得出答案。
【解答】解：当滑片向左移动时，连入电阻变小，而电源电压保持不变，电路中电流变大；
R1两端的电压（U1＝IR1）将变大，滑动变阻器两端的电压（U2＝U﹣U1）将变小，而表中数据说明当滑片左移时U2变大，所以，电压表不是接在滑动变阻器两端。
也可这样分析U2变化：当滑片向左移动时，连入电阻变小，分压变小，U2变小。
故答案为：变大，ab。
【点评】当滑动变阻器与定值电阻串联时，分析电压变化方法有二：一是连入电阻变小，电路中的电流变大，因为电源电压不变，而定值电阻的阻值不变，所以定值电阻两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小；二是，根据串联电路分压关系，连入电阻变小，分压变小，滑动变阻器两端的电压变小，而电源电压不变，所以定值电阻两端的电压变大。
14．（3分）汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，某研究小组对汽车开展项目研究。

（1）汽车发动机是汽油机，它有四个工作冲程，如图2所示是四冲程汽油机一个工作循环中的三个冲程，下列判断正确的一项是 　D　（填字母）
A．甲是吸气冲程，吸入的只有空气
B．甲中活塞向下运动使汽缸内压强增大
C．乙对应的冲程使汽车获得动力
D．设法利用图丙排出的废气，可提高汽油机的效率
（2）汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高，可用循环水进行冷却，用水来冷却是利用了 　比热容较大　的特点，这是通过 　热传递　的方式来改变发动机的内能。
【分析】（1）四冲程汽油机的四个冲程是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断三个图分别是哪个冲程；然后根据各个冲程的特点以及惯性的大小只与物体的质量有关分析，即可得出答案。
（2）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：
（1）A．甲图进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，所以是吸气冲程，吸入的是汽油和空气的混合物，故A错误；
BC．乙图进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程，缸内气体的质量不变，体积变小，压强变大；此冲程是利用飞轮的惯性完成的，不会对外提供动力，故BC错误；
D．图丙中进气门关闭、排气门打开，为排气冲程，设法利用图丙排出的废气，可提高汽油机的效率，故D正确；
故选：D；
（2）在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好，所以发动机用水来冷却；发动机吸收的热量传递给水，使水温度升高内能增大，这是通过的热传递的方式来改变发动机的内能。
故答案为：（1）D；（2）比热容较大；热传递。
【点评】本题主要考查了内燃机的工作原理和过程、水的比热容大的应用、改变内能的方法，是一道综合题目。
四、作图题（共4分）
15．（2分）在图2虚线框内画出图1对应的电路图。

【分析】由实物图分析电路的连接情况、电压表的测量对象、开关位置，据此画出电路图。
【解答】解：由实物图知，两灯串联，开关接在电源与灯之间，电压表并联在L2两端，测量L2两端的电压，如图所示：

【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路连接情况是关键，注意电路图的作图要规范。
16．（2分）图中的实物连接还有两根导线没有完成，请补完。要求：两灯并联，开关S控制整个电路，电流表测量通过L1的电流I1（I1＜0.6A）。

【分析】根据题意分析电路的连接方式、电流表的位置和电流表选用的量程，然后连接实物图。
【解答】解：由题意可知，两灯泡并联，电流的路径有两条；开关控制整个电路，则开关在干路中；电流表测量通过L1的电流，则电流表与灯泡L1串联在电路中，I1＜0.6A，则电流表选用小量程，如图所示：

【点评】本题考查根据实物图的连接，关键是分析出实物图中各个用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点。
五、实验题（每空1分，共17分）
17．（5分）在热学实验中：

（1）如图甲，小亮用相同的酒精灯分别给液体a和液体b加热，以探究两种液体的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和 　质量　相同的液体a和液体b，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使液体a和液体b在相同时间内 　吸收的热量相同　；
②两种液体温度随时间变化如图乙所示，则二者比热容之比ca：cb＝　2：3　；
（2）如图丙所示，为比较酒精和花生油的热值，小亮用两个相同规格的烧杯装相等质量的水，取质量相等的酒精和花生油，分别放入两个酒精灯中，点燃后给烧杯加热，控制酒精和花生油 　都燃烧完　（选填“燃烧相同的时间”或“都燃烧完”），通过比较 　水升高的温度　（选填“加热时间”或“水升高的温度”）来确定酒精和花生油热值的大小。
【分析】（1）①探究不同液体的吸热能力，根据控制变量法可知，应该用相同的热源对相同质量和初温的不同的液体加热；
②由图可知液体a和液体b升高相同的温度后吸收热量的关系，根据c＝可知二者比热容之比；
（2）由Q放＝mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小。
【解答】解：（1）①在此实验中，为了比较液体a和液体b两种液体吸热能力，需要控制两种液体的质量和初温相同；
实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使液体a和液体b在相同时间内吸收的热量相等；
②由图可知，液体a和液体b从15℃升高到35℃，液体a用了8min，液体b用了12min，
由于相同的时间内液体a和液体b吸收的热量相同，所以升高相同的温度，液体a吸收的与液体b吸收的热量之比Qa：Qb＝8min：12min＝2：3，
液体a和液体b的质量相等，根据c＝可知，二者比热容之比ca：cb＝：＝Qa：Qb＝2：3；
（2）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和花生油，将其放入装置中的酒精灯内；
因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
答：（1）①质量；吸收相等的热量； ②2：3；（2）都燃烧完；水升高的温度。
【点评】题属于研究物质比热容性质和燃料热值的探究实验，利用好控制变量法是本题的关键。
18．（5分）三个探究小组选用不同规格的灯泡来验证“串联电路的电流规律”，电路图如下。
（1）第一小组的同学闭合开关后，发现两灯的亮度不稳定，电流表的指针也来回摆动。故障的原因可能是 　B　（填字母）
A．某段导线断开
B．某接线柱处接触不良
C．某灯泡被短路
D．电流表被烧坏
（2）故障排除后将电流表A1和电流表A2更换为相同的量程，进行多次实验，其多次实验的目的是 　得出普遍性的规律　，但在实验过程中发现电流表A1的示数总比电流表A2的示数大0.04A，则造成该现象的原因可能是 　C　（填字母）
A．灯泡L1和L2的规格不同
B．导线有电阻
C．某个电流表未调零
（3）第二小组的同学闭合电路后发现：灯L2的亮度比灯L1的亮度大。则下列说法正确的是 　C　（填字母）
A．灯L2中的电流较大，所以L2更亮
B．电流从电源正极出来先通过灯L2，所以L2更亮
C．两灯中的电流相等，亮度不同是由于两灯规格不同所致
（4）第三小组同学闭合开关S后，发现灯L1发光，L2不发光。对此现象，同学们有以下几种猜想：①灯L2的灯座短路；②灯L2灯丝断了；③灯L2也工作，但L2中电流比L1中电流小。以上猜想中合理的是 　②　（填序号）。

【分析】（1）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（2）多次测量找普遍规律；电流表使用前需要调零；
（3）根据串联电流的电流特点可知电路中各处的电流相等，根据P＝I2R结合灯泡的亮暗可知两灯泡的电阻不同；
（4）L1发光，L2不发光说明电路有短路的情况，但不会有断路，或者灯L2的实际功率太小而不发光，据此分析选项进行解答。
【解答】解：（1）A、两灯串联，若某段导线断开，则电路断路，两灯都不发光，电流表示数为0，故A不符合题意；
B、若某接线柱处接触不良，则电路时通时断，两灯的亮度不稳定，电流表的指针来回摆动，故B符合题意；
C、若某灯泡被短路，这个灯不发光，另一个灯发光，电流表有示数，故C不符合题意；
D、若电流表被烧坏，则电路断路，两灯都不发光，电流表示数为0，故D不符合题意。
故选：B；
（2）根据一组数据得出的结论有偶然性，故障排除后将电流表A1和电流表A2更换为相同的量程，进行多次实验，其多次实验的目的是得出普遍性的规律；
A、串联电路中电流处处相等，灯泡L1和L2的电阻不同，但电流也会相同，故A不符合题意；
B、串联电路中电流处处相等，导线有电阻不会造成两电流表的示数不同，故B不符合题意；
C、电流表使用前没有调零，会造成数据有一定偏差，因此，造成两个电流表示数不同的原因可能是有一只电流表没有调零，故C符合题意。
故选：C；
（3）A、根据串联电路电流的规律，通过两灯的电流相等，故A错误；
B、串联电路各处的电流都相等，与电流先通过哪个灯没有关系，故B错误；
C、两灯中的电流相等，由于两灯规格不同，根据P＝I2R，两灯实际功率不同，故两灯亮度不同，故C正确。
故选：C；
（4）①两灯串联，若灯L2灯丝断了，整个电路断路中，灯L1也不能发光，故①错误；
②灯L2的灯座短路，L2不发光，但电路为通路，L1发光，故②正确；
③串联电路各处的电流都相等，故③错误。
故选②。
故答案为：（1）B；（2）得出普遍性的规律；C；（3）C；（4）②。
【点评】本题是探究串联电路电流特点的实验，考查了电流表的读数、电路故障的分析以及串联电路的电流特点。
19．（7分）小丽同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω，20Ω，50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω，1A”字样，导线若干。

（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接完整；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最 　右　端（选填“左”或“右”）；
（3）小丽连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是 　定值电阻短路（或电压表断路）　；
（4）故障排除后，小丽先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是 　2.4　V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向 　右　端（选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2V；
（5）当小丽改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值。在保留前两次实验数据的前提下，小丽可以采取以下何种措施？　A　（填字母）
A．适当减小电源电压
B．改接电压表的大量程
C．增大电阻两端电压的设定值
D．换用阻值更小的滑动变阻器
（6）小丽解决了上述问题后，完成了实验。利用收集到的多组数据，作出了如图丁的I﹣R图像。分析图像得出结论：　导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比　。
【分析】（1）电压表与被测电路并联，滑动变阻器采用“一上一下”的原则串联在电路中；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，或电压表自身断路，据此分析；
（4）根据电压表选用小量程确定分度值读出示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路的分压原理求出电源电压的最大值；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入50Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
（6）根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
【解答】解：（1）因为电源电压为3V，所以电压表选用0～3V的量程与定值电阻并联，电流从电压表的“3”接线柱流入，“﹣”接线柱流出，滑动变阻器采用“一上一下”的原则串联在电路中，如图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的右端；
（3）电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的电路短路，因此故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了，或者电压表自身断路；
（4）电压表选用小量程，分度值为0.1V，由图乙可知，示数为2.4V；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V不变；
（5）A、电阻两端的电压始终保持UV＝2V＜3V，当接入50Ω电阻时且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理可得：＝，所以电源电压最大值：UE＝×UR＝×2V＝2.8V＜3V，故A符合题意；
B、由于电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，因此改变电压表的量程，不能改变定值电阻两端的电压，故B不符合题意；
C、探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，在保留前两次实验数据的前提下，不能改变定值电阻两端所控制的电压，故C不符合题意；
D、根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝3V﹣2V＝1V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的＝0.5倍，根据分压原理，当接入50Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝0.5×50Ω＝25Ω＞20Ω，故D不符合题意；
故选A；
（6）由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：（1）如图所示；（2）右；（3）定值电阻短路（或电压表断路）；（4）2.4；右；（5）A；（6）导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、电压表读数、控制变量法、欧姆定律的应用和分析图像归纳结论的能力。
六、计算题（7分+6分＝13分）
20．（7分）太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，如表是小明家的太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息：
太阳照射时间t
h
装水质量m
kg
吸热板面积S
m2
水升高的温度Δt
℃
太阳辐射功率P
J•（m2•h）﹣1
10
100
2.5
40
1.68×106
其中太阳辐射功率是指1h内投射到1m2面积上的太阳能。太阳能的多少取决于太阳辐射功率、太阳照射时间和吸热板面积，即W太阳能＝PtS。求：
（1）已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求水在10h内吸收的热量；
（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气？（天然气的热值为8.4×107J/m3，假设天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收）
（3）该太阳能热水器的能量转化效率。
【分析】（1）由表中数据知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cmΔt求水吸收的热量（有用能量）；
（2）假设天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收，即Q放＝Q吸，再利用Q放＝Vq求需要完全燃烧多少天然气；
（3）知道太阳辐射功率，即1h内投射到1m2面积上的太阳能，可求10h太阳能热水器吸收的太阳能（总能量），太阳能热水器的能量转化效率等于水吸收的热量与太阳能热水器吸收的太阳能之比。
【解答】解：（1）水吸收的热量（有用能量）：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×40℃＝1.68×107J；
（2）假设天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收，Q放＝Q吸＝1.68×107J，
由Q放＝Vq得需要完全燃烧天然气的体积：
V＝＝＝0.2m3；
（3）10h太阳能热水器吸收的太阳能（总能量）：
W太阳能＝1.68×106J/（m2•h）×2.5m2×10h＝4.2×107J，
该太阳能热水器的能量转化效率：
η＝×100%＝×100%＝40%。
答：（1）水在10h内吸收的热量为1.68×107J；
（2）需要完全燃烧0.2m3的天然气；
（3）该太阳能热水器的能量转化效率为40%。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，能从题目提供的表格中得到相关信息是关键。
21．（6分）在图1中，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为20Ω。当只闭合开关S1时，电流表A的示数如图2；当只闭合开关S2时，电流表A的示数如图3。

（1）求电源电压U；
（2）求定值电阻R2的阻值；
（3）同时闭合开关S1、S2前，应进行的操作是 　电流表换用0～3A的量程　，闭合开关S1、S2后电流表示数为 　0.9A　。
【分析】（1）只闭合开关S1时，电路为只有R1工作的简单电路，从图2可知电路电流，根据欧姆定律可知电源电压；
（2）只闭合开关S2时，电路为只有R2工作的简单电路，从图3可知电路电流I2＝0.4A，根据欧姆定律可知定值电阻R2的阻值；
（3）若同时闭合开关S1、S2，两定值电阻并联，根据并联电路的电流特点可知干路电流，确定电流表的量程并得出电流表的示数。
【解答】解：（1）只闭合开关S1时，电路为只有R1工作的简单电路，从图2可知电路电流I1＝0.5A，
电源电压U＝U1＝I1R1＝0.5A×20Ω＝10V；
（2）只闭合开关S2时，电路为只有R2工作的简单电路，
从图3可知电路电流I2＝0.4A，R2两端的电压U2＝U＝10V，
定值电阻R2的阻值R2＝＝＝25Ω；
（3）若同时闭合开关S1、S2，两定值电阻并联，根据并联电路的电流特点可知干路电流I＝I1+I2＝0.5A+0.4A＝0.9A，
应进行的操作是：电流表换用0～3A的量程，闭合开关S1、S2后电流表示数为0.9A。
答：（1）电源电压U为10V；
（2）定值电阻R2的阻值为25Ω。
（3）电流表换用0～3A的量程；0.9A。
【点评】本题考查欧姆定律的应用及串并联电路的特点，是一道基础题。
七、综合分析题（每空1分，共6分）
22．（6分）有些汽车前挡风玻璃上的刮水器能够随着雨量的大小，刮水的速度会相应地发生变化，雨停后，刮水器自动停止工作，小华查阅了相关资料后，自制了如题图甲所示的雨水检测金属网（以下简称检测网），并设计了如题图乙所示的模拟电路进行探究。

（1）小华按照设计的电路图连接电路，检测网未放入水中，电流表无示数，再将检测网放入雨水中，电流表有示数，表明雨水是　导体　（选填“导体”或“绝缘体”）。小华通过观察电路中　电流表示数　的变化来判断电动机转速的变化，从而反映出刮水器刮水速度的变化。
（2）将检测网竖立并缓慢浸入雨水中进行实验，分析数据可知，金属网浸入雨水中的深度越深，电流表的示数越大。这说明a、b间接入电路的电阻在　变小　（选填“变大”或“变小”），我们知道，影响导体电阻的大小的因素有：导体的　材料　、长度和横截面积，由此可知：a、b间接入电路的电阻变化是由导体的　横截面积　变化引起的。
（3）小华设计的电路在无雨水时，电动机不能转动，可是这样无法实现无雨时的车窗清洗，若要解决此问题，可在图乙电路中加装一个开关，此开关应与检测网　并联　（选填“串联”或“并联”）。
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；电动机转速的变化与电流大小有关；
（2）影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，另外还与温度有关；
（3）根据并联电路中用电器之间互不影响知，要实现无雨水时，电动机能转动，即电路为通路，应在检测金属网处并联一个开关。
【解答】解：
（1）由题可知，按照设计的电路图连接电路，检测网未放入水中，电流表无示数；将检测网放入雨水中，电流表有示数，所以雨水是导体；
在该实验中，通过观察电路中的电流表示数（电流）的变化来判断变化电动机转速的变化；
（2）根据欧姆定律可知，电压一定时，电流与电阻成反比，故电流表的示数越大，这说明a、b间接入电路的电阻变小；
影响导体电阻的大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积；
由图知，当雨水变深时，金属网浸入雨水中的深度越深，接入电路中金属网的横截面积发生变化，所以a、b间接入电路的电阻变化是由导体的横截面积变化引起的。
（3）图乙中，在检测网处并联一个开关，才能实现在无雨水时电动机可以工作。
故答案为：（1）导体；电流表示数；（2）变小；材料；横截面积；（3）并联。
【点评】本题考查到导体的应用，影响导体电阻大小的因素等相关知识点，其中（3）“在不拆卸原电路的基础上，在该电路中加装一个电路元件，以解决此问题”是此题的难点，需要认真阅读材料方可解答。