四川省成都市东部新区养马高级中学2022-2023学年高二上学期期中考试物理试题

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成都东部新区养马高级中学2022-2023学年度（上）高2022级半期考试 物理试题 时间：90分钟 总分：100分注意事项：1. 答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，考生考试条形码由监考老师粘贴在答题卡上的“条形码粘贴处”。2. 选择题使用2B铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的答案无效；在草稿纸上、试卷上答题无效。3. 考试结束后由监考老师将答题卡收回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 下列说法正确的是（    ）A. 摩擦起电的过程中产生了电荷B. 电子就是元电荷C. 质点和点电荷都是理想化的物理模型D. 带电体的电量可以是任意值2. 关于电阻率，下列说法正确的是（    ）A. 电阻率表示导体对电流的阻碍作用B. 不同材料的电阻率通常不同C. 电阻率较大的导体，其对电流的阻碍作用一定越大D. 电阻率与导体的长度成反比3. 关于欧姆定律，下面说法中不正确的是（      ）A. 关系式表明了使导体通过一定的电流所需的电压越高，则导体的电阻越大B. 从关系式可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体的电流强度成反比C. 从公式可知，导体中的电流强度跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D. 从关系式U=IR可知，对于一个确定导体来说，如果通过的电流越大，那么导体两端的电压也越大4. 如图为某静电场中的一条电场线，则（    ）A. 点电势一定高于点电势B. 电荷在两点所受电场力方向一定向右C. 电场强度一定大于点电场强度D. 电荷在点的电势能一定大于其在点的电势能5. 如图为某一导体元件的伏安特性曲线，则由图可知（    ）A. 该导体元件为线性元件B. 该导体元件两端加电压时，其电阻为C. 该导体元件的电阻率随温度的升高逐渐减小D. 该导体元件两端加电压时，其电阻为6. 如图，两根由电阻率均为的材料制成的均匀金属丝，将其串联在电路间，金属丝的长度为，直径为；金属丝的长度为，直径为，则（    ）A. 金属丝的电阻相等B. 相同时间内通过金属丝右横截面的电量之比为1：2C. 金属丝两端的电压之比为2：1D. 间的电阻为7. 如图，在两处各固定一个电量均为的正点电荷，为两点电荷连线上的点，且，已知静电力常量为，则（    ）A. 点的电场强度和电势一定都为0B. 两点的电势、电场强度均相同C. 一试探电荷在点所受的静电力大小为D. 点的电场强度大小为，方向从指向8. 一电量为的带正电的粒子以某一初速度从电场中的点运动到点时，动能增加了，以另一初速度从点运动到点时，动能减少了，不计粒子重力，则两点间的电势差为（    ）A.        B.         C.           D. 二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9. 对于电场强度的公式的理解，下列说法正确的是（    ）A. 是电场强度的定义式，适用于任何电场，为场源电荷的电量B. 是点电荷产生电场的决定式，为场源电荷的电量C. 只适用于匀强电场，为电势差为的两点沿电场线方向的距离D. 由可知，电场中两点间的距离越大，电势差就越大10. 如图，虚线代表某一静电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，是这条轨迹上的三点，其中在等势面上。下列说法正确的是（    ）A. 带电粒子在点与点的动能与电势能之和相等B. 三个等势面的电势关系为C. 带电粒子在点的电势能比在点的电势能大D. 带电粒子在点的加速度大于在点的加速度11. 大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表和变阻箱改装而成，如图是改装后的电表，已知灵敏电流表的满偏电流为，内阻为，变阻箱接入电路的阻值为。下列说法正确的是（    ）A. 甲表是电流表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大B. 甲表是电流表，改装后的量程为C. 乙表是电压表，改装后的量程为D. 乙表是电压表，若增大接入电路的变阻箱的阻值，则改装表的量程增大12.在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（　　）L1、L2消耗的电功率的比值为L1消耗的电功率为0.75WC. L1的电阻为12ΩD. L1两端的电压为L2两端电压的2倍13.如图，氢（）、氘（）、氚（）三种原子核从板间电压为的平行板电容器的左端同一位置由静止释放，而后再经同一匀强电场偏转，最后打在荧光屏上。则（    ）A. 氢核（）最先打在荧光屏上B. 三种原子核在经过偏转电场的过程中，氚核（）的机械能增加量最大C. 氢（）、氘（）、氚（）三种原子核打在荧光屏上时的速度大小之比为D. 三种原子核以相同的动能打在荧光屏的同一位置上三、实验探究题：本题共2小题，共14分。14.（6分）如图所示为研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置。（1）同时闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使静电计指针有一定的张角，然后只向右移动极板，则静电计指针的张角__________；若保持极板不动而只将滑动变阻器的滑片向端移动，则静电计指针的张角____________。（均填“变大”“变小”或“不变”）（2）在静电计指针有明显张角的情况下，将开关断开，通过移动极板或在极板间插入电介质，下列说法正确的是___________（填正确答案标号）。A. 断开开关后，静电计的指针闭合，电容器的电容变为0B. 只将电容器极板向上平移，静电计指针的张角变小C. 只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变小D. 只将电容器极板向极板靠近，静电计指针的张角变小，表明电容增大15.（8分）某同学用伏安法测量金属丝的电阻率。现有器材为：螺旋测微器，待测电阻R（阻值约为），电源（电动势），滑动变阻器（阻值范围）电流表（量程，），电压表（量程，），开关，导线若干。实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用。回答下列问题：(1)某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是________mm；(2)按照实验要求在图（a）中画出实物连线图；（      ）(3)若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为，电流表的示数始终接近0。写出产生这种现象的一个原因：_________；(4)在连线正确后，闭合开关。电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示。由图可知，电压表读数为________，电流表读数为_______。由此可得待测电阻的阻值为_______（结果保留3位有效数字）。四、计算题：本题共4小题，共42分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。16.光滑绝缘水平面上，固定着A、B、C三个带电小球，它们的质量均为m，间距为r，A、B带正电，电量均为q．现对C施加一水平力F的同时放开三个小球，欲使三小球在运动过程中保持间距不变，求
（1）C球的电性及电量．
（2）水平力F的大小．
 17. 如图电路中，电阻、，A、C两端的电压保持不变，电压表的内阻未知，量程足够大。当电压表接在A、B两端时，示数。求：（1）电压表接在A、B两端时，电路中流经电阻的电流I；（2）电压表接在B、C两端时，电压表的示数。
18. 如图，虚线间存在水平向右、电场强度为的匀强电场，一带电粒子质量为、电量为，从点由静止开始经电压为的电场加速后，从点垂直进入匀强电场中，从虚线上的点离开匀强电场。已知间的距离为，不计粒子重力。求：（1）带电粒子经过点时的速率；（2）带电粒子从点离开电场时速度方向与电场边界间的夹角的正切值；（3）两点间的电势差。19. 如图，水平地面上固定有一倾角为的绝缘光滑斜面，在地面上方的空间中有一方向水平向左的匀强电场。另有一半径为的四分之三绝缘光滑圆弧轨道竖直固定在匀强电场中，其最高点为。一质量为、电量大小为且可视为质点的小球从斜面底端以初速度沿斜面向上做匀速直线运动，小球离开斜面后运动到最高点时，恰好从圆弧轨道的最高点进入圆弧轨道内侧运动而不脱离轨道。重力加速度，，，不计空气阻力。求：（1）匀强电场的场强大小；（2）小球离开斜面后上升到最高点时的速度大小；（3）小球进入圆弧轨道运动时对轨道的最大压力大小。
成都东部新区养马高级中学2022-2023学年度（上）高2022级半期考试 物理试题 参考答案一、单项选择题：题号12345678答案CBBADCDB二、多项选择题：题号910111213答案 BCACBDBCAD三、实验探究题：14.（1）不变  变小（2）CD15.①. 0.200    ②. 见解析    ③. 待测电阻R断路    ④.     ⑤.     ⑥. 【详解】(1)由如图所示螺旋测微器可知，其示数为(2)[2]因为电源电动势为，则电压表的量程选用，根据欧姆定律知，电流的最大值大约，则电流表量程选择，根据实物图进行连线如下图(3)[3]闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为，电流表的示数始终接近0，产生这种现象的原因是待测电阻断路，由于电压表内阻非常大，导致电流表电流接近0，电压表电压测得是电源电压。(4)[4]由图可知，电压表的读数为。[5]电流表的读数为。[6]根据欧姆定律得，待测电阻 （2）A  （3）B  （4）四、计算题：16.【答案】分析：通过对整体的受力分析，可知加速度相同，再对A球受力分析，可知C球带负电，通过在竖直方向受力平衡求出所点电荷量；
通过在水平方向有牛顿第二定律可求出A球产生的加速度，再对整体利用牛顿第二定律求解出所加外力即可．
解答：解：（1）运动中间距不变，则三球加速度相同，水平向右．设C球所带电量为Q，对A求受力分析可知，得C球带负电，且：
K=K  
解得
Q=2q，为负电
（2）对A球受力分析可知
k=ma     
a=k
对整体受力分析可知
F=3ma=
答：
（1）C球带负电，电荷量为2q，
（2）水平力F的大小为
点评：本题主要考查库仑定律和牛顿第二定律的应用，注重整体法与隔离法的应用．17. （1）；（2）【详解】（1）由题意可知两端的电压为由欧姆定律得（2）电压表和并联的总电阻代入数据解得电压表的电阻电压表接在B、C两端时，电压表和并联的总电阻串联电路的电压和电阻成正比，则电压表示数18.（1）在加速电场加速由动能定理得得（2）带电粒子进入匀强电场后发生偏转，带电粒子在点的速度分解如答图1所示粒子在垂直于电场方向不受力，做匀速直线运动，有，在电场方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得，且速度与电场边界间的夹角为，则得（3）由速度的合成得点到点运动过程中由动能定理得得另解：粒子沿电场方向的位移为，两点间的电势差为得19. （1）小球在斜面上向上匀速运动时，受力分析如答图2所示，由平衡条件得电场力得（2）如答图3，小球离开斜面后竖直方向以速度做竖直上抛运动，上升到最高点时竖直分速度为0，所以上升到最高点的过程有水平方向以的初速度做匀加速运动，有，最高点时水平速度得小球在最高点时的速度大小为（3）如答图4，小球从点进入圆弧轨道后，运动到等效最低点时（即合力与速度方向垂直时）速度最大，从点运动到点的过程中由动能定理得解得小球经过等效最低点时对轨道压力最大，在等效最低点由牛顿第二定律得或由牛顿第三定律可得，小球对轨道的最大压力大小，