山东省青岛市第五十八中学2022-2023学年高一数学上学期期中考试试题(Word版附答案)
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这是一份山东省青岛市第五十八中学2022-2023学年高一数学上学期期中考试试题(Word版附答案),共10页。试卷主要包含了11,本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分,若函数是定义上的偶函数,则,下列说法正确的是等内容,欢迎下载使用。
保密★启用前2022—2023学年第一学期期中模块考试高一数学试卷 2022.11 一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符号选项要求的。1.已知全集,集合,,则( )A. B. C. D.2.命题p:“,”的否定形式为( )A., B.,C., D., 3.集合是的子集,当时,若有且,则称为的一个“孤立元素”,那么的子集中无“孤立元素”且包含有四个元素的集合个数是() A.5 B.6 C.7 D.84.十六世纪中叶,英国数学家雷科德在《砺智书》一书中首先用“=”作为等号以后,后来英国数学家哈里奥特首次使用“>”和“<”符号,并逐渐被数学界接受,不等号的引入对不等式的发展影响深远,若,则下列命题错误的是( )A.若,则 B.若,则C.若,则 D.若,则5.若函数是定义上的偶函数,则( )A.1 B. C. D.3 6.已知对任意,且,恒成立,则的取值范围是( )A. B. C. D. 7.设函数,为定义在上的奇函数,且当时,,若,则实数的取值范围是( )A. B.C. D. 8.对于实数,规定表示不大于的最大整数,例如,那么不等式成立的充分不必要条件是( )A. B. C. D. 二、多项选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。9.下列说法正确的是( )A.函数与函数是同一个函数 B.函数的最小值为2C.某班中身高较高的同学能够组成一个集合D.方程有实根的充要条件为 10.下列函数中满足“对任意,,且,都有”的是( )A. B. C. D. 11.下列说法正确的序号是( )A.偶函数的定义域为,则B.一次函数满足,则函数的解析式为C.奇函数在上单调递增,且最大值为8,最小值为,则D.若集合中至多有一个元素,则 12.已知关于的不等式的解集是或,则下列说法正确的是( )A.B.不等式的解集是C.不等式的解集是D. 三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分。13.已知集合,全集,则图中阴影部分表示的集合为___________.14.若函数 对于上任意两个不相等实数 ,不等式恒成立,则实数a的取值范围为______.15.若函数在区间上单调递增,则的取值范围为_________.16.已知函数是定义在R上的单调增函数,且对任意的实数都有则的最小值为 . 四、解答题:本大题共6小题,共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.(满分10分)化简或求值:(1) (2) 18.(满分12分)不等关系是数学中一种最基本的数量关系.请用所学的数学知识解决下列生活中的两个问题:(1)已知b克糖水中含有a克糖(),再添加m克糖(假设全部溶解),糖水变甜了.请将这一事实表示为一个不等式,并证明这个不等式(2)甲每周都要去超市购买某种商品,已知第一周采购时价格是p1,第二周采购时价格是p2.现有两种采购方案,第一种方案是每次去采购相同数量的这种商品,第二种方案是每次去采购用的钱数相同.哪种采购方案更经济,请说明理由. 19.(满分12分)已知函数,.(1)判断并证明在上的单调性;(2)解不等式. 20.(满分12分)已知函数,且不等式的解集为(1)解关于x的不等式(2)已知,若对任意的,总存在,恰成立,求实数m的取值范围. 21.(满分12分)已知函数为奇函数;(1)求实数的值;(2)求的值域;(3)若关于的方程无实数解,求实数的取值范围. 22.(满分12分)双曲函数是一类与常见的三角函数类似的函数,最基本的双曲函数是双曲正弦函数和双曲余弦函数(历史上著名的“悬链线问题”与之相关).记双曲正弦函数为,双曲余弦函数为,已知这两个最基本的双曲函数具有如下性质:①定义域均为,且在上是增函数;②为奇函数,为偶函数;③(常数是自然对数的底数,).利用上述性质,解决以下问题:(1)求双曲正弦函数和双曲余弦函数的解析式;(2)证明:对任意实数,为定值;(3)已知,记函数,的最小值为,求. 2022—2023学年第一学期期中模块考试高一数学参考答案 2022.11一、选择题1-4 CDBA 5-8 DDAB 9.AD 10.BCD 11.AC 12.BCD二、填空题:13. 14. 15. 16.4三、解答题17.(1)原式.(2)原式.18.解:(1)该不等式为 证明:因为,所以,于是.(2)若按第一种方案采购,每次购买量为,则两次购买的平均价格为,若按第二种方案采购,每次用的钱数是,则两次购买的平均价格为,又 ,所以当时,两种方案一样;当时,第二种方案比较经济.19.解:在上单调递减,理由如下:设满足,∵,∴,,∴,∴,∴在上单调递减.(2)解:则令,解得或-3,∵,∴,故只有.∵在上单调递减,且,∴,∴解得,即不等式解集为.20.解:(1)因为,所以可化为,即,因为不等式的解集为,即是方程的两根,将代入,得,故,再由韦达定理得,故,所以可化为,即,当时,不等式解得,即其解集为;当时,不等式为,显然不等式恒不成立,无解,即;当时,不等式解得,即其解集为;综上:当时,不等式解集为;当时,不等式解集为;当时,不等式解集为.(2)因为对任意的,总存在,恰成立,即成立,所以的值域是的值域的子集,由(1)得,所以开口向上,对称轴为,故在上单调递增,当时,;当时,;所以的值域为,当时,在上单调递增,故,即,所以,解得,故;当时,,不满足题意;当时,在上单调递减,故,即,所以由数轴法可得,解得,故;综上:或,即.21.解;(1)由函数是定义域为的奇函数,则,即,即,所以,即在上恒成立,解得;(2)由(1)得,则,又函数单调递增,且,所以,,所以,即函数的值域为;(3)由无实数解,即无实数解,又,所以或,即(不成立),或,又,所以,即.22.解:(1)解:由性质③知,所以,由性质②知,,,所以,即,解得,.因为函数、均为上的增函数,故函数为上的增函数,合乎题意.(2)证明:由(1)可得:.(3)解:函数,设,由性质①,在是增函数知,当时,,所以原函数即,,设,,当时,在上单调递减,此时.当时,函数的对称轴为,当时,则,在上单调递减,此时,当时,即时,在上单调递减,在上单调递增,此时.当时,即时,在上单调递减,此时.综上所述,.
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