福建省福州市三校2022-2023学年高三上学期期中联考物理试题

2022-2023学年第一学期期中考试

高三物理参考答案及评分标准

1. 【答案】A

【解析】受力分析可知，手机除受重力外，还受到手机支架给它的其它力。手机静止，处于平衡状态，则支架给手机所有力的合力必然和重力等大反向，即N=mg，方向竖直向上。故本题正确答案选A。

2. 【答案】B

【解析】根据速度图象斜率表示加速度可知，t=0.5s时，他的加速度为0.3m/s2，选项A错误；t=0.4s时他向上加速运动，加速度方向竖直向上，他处于超重状态，B正确；t=1.1s时他的加速度为0，他受到的单杠的作用力刚好等于重力600N，C错误；t=1.5s时他向上做减速运动，加速度方向向下，他处于失重状态，选项D错误；故本题选B

3. 【答案】D

【解析】对物体受力分析，受重力、两个拉力，如图所示

将两个拉力合成，其合力与第三个力：重力平衡，由图象可以看出，OB绳所受的拉力先减小后增大，当两绳子垂直时取最小值；OA杆受到的拉力一直减小；故AB错误；增大M的重力G时，根据共点力的平衡条件可知AO的拉力、BO的拉力，当M的重力G增大，AO、BO的拉力均增大，故D正确；增大θ，保持OB水平，仍使重物M处于平衡，则AO、BO的拉力均减小，C错误。故选D。

4. 【答案】C

【解析】在t=1s时，滑块的加速度为：，故A错误；在4s-6 s时间内，滑块的位移为：，则滑块的平均速度大小为：，故B错误；在3s～7s时间内，根据动能定理得合力做功 ，合力做功的平均功率的大小为，故C正确。在5s-6 s时间内，滑块的加速度大小为：=4m/s2，根据牛顿第二定律得：F合=ma=1×4=4N，故D错误；故选C。

5. 【答案】BC

【解析】a、b的高度之比为2：1，根据t=知，a、b的运动时间之比为：1，水平位移相等，则a、b的初速度之比为1：，故AD错误。b、c平抛运动的高度相同，根据t=知，b、c运动时间相同， b、c的水平位移之比为2：1，则b的初速度是c初速度的2倍，故B错误，C正确。故选C。

6. 【答案】AC

【解析】以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可知，系统的加速度，方向水平向右；设弹簧秤的拉力是F，以m1为研究对象，由牛顿第二定律得：F1-F=m1a，则F=F1-m1a=28N，故A正确，B错误；弹簧的弹力不能突变，在突然撤去F2的瞬间，m1受力情况不变，m1受的合力不变，由牛顿第二定律可知，m1的加速度不变，故C正确；弹簧的弹力不能突变，在突然撤去F2的瞬间，m2不再受F2的作用，m2受的合力等于弹簧的弹力，发生变化，由牛顿第二定律可知，m2的加速度：，故D错误；故选AC。

7. 【答案】AD

【解析】由图可知绳端的速度为vBsin α，与B的位置有关，因为B为匀速运动，B下降过程中α变大，因此物体A做加速运动，T大于mgsin θ，故A、D正确，B、C错误。

8. 【答案】CD

【解析】设玩具车、火车质量都为m，动摩擦因数为μ，那么两车的挂钩断开与货车分离，玩具车的速度为v0，牵引力F=2μmg，加速度为a=μg，电机输出功率P=Fv0=2μmgv0；玩具车A保持原来的牵引力不变前进，那么加速度不变，那么当玩具车A的速度为2v0时，位移，功率PA′=F•2v0=2PA，克服摩擦力做的功WfA＝μmgsA＝mv02，牵引力做的功WFA＝FsA＝3mv02；玩具车B保持原来的输出功率不变前进，当玩具车A的速度为2v0时，玩具车B的速度为1.5v0，由动能定理可得：；所以位移，所以，sA：sB=12：11；克服摩擦力做的功WfB＝μmgsB＝，所以，WfA：WfB=12：11；牵引力做的功WFB＝P＝2μmgv0×＝2mv02，所以，WFA：WFB=3：2；故C正确，ABD错误；故选C、D。

9. （4分） 【答案】80，3.2

10. （4分） 【答案】，

11. （4分）【答案】（1）6.00   （2）先变小后变大

12. （8分）【答案】(1)刻度尺　(2) AB（3）①　②(m1－m2)gh2

13. （12分）【答案】(1)列车做减速运动到速度为0的过程中，刹车位移……(2分)

位移最小xmin=OA+L，加速度最大……(2分)

位移最大xmax=OB，加速度最小……(2分)

所以加速度的范围是1.6 m/s2≤a≤3.2m/s2……(2分)

(2)由v=v0＋at可知，列车减速到速度为0的时间 ……(2分)

加速度最小时，列车减速运动的时间最长……(2分)

14. （12分）【答案】 对A，受力如图1所示

有：f=Tcos30°……(2分)

Tsin30°+N=GA ……(2分) 

又f=μN……(2分)

得μN=Tcos30°

Tsin30°+=GA

代入解得，T=248.4N     ……(2分)

对B,受力如图2所示：

F=f地+f=μN地+μN=430.4N……(4分)

15.（16分） 【答案】 (1)由题意可知：vB＝……(2分)

解得：vB＝2v0＝6 m/s……(1分)

(2)从B点到E点      mgh－μmgxCD－mgH＝0－mv……(3分)

可得：μ＝0.125. ……(1分)

(3)运动员能到达左侧的最大高度为h′，从B到第一次返回左侧最高处

mgh－mgh′－μmg·2xCD＝0－mv……(2分)

解得h′＝1.8 m＜h＝2 m……(2分)

所以第一次返回时，运动员不能回到B点．

设运动员从B点运动到停止，在CD段的总路程为x1

mgh－μmgx1＝0－mv……(2分)

解得x1＝30.4 m……(1分)

因为x1＝3xCD＋6.4 m，经分析可知运动员最后停在D点左侧6.4 m处(或C点右侧1.6 m处)．……(2分)