高中生物专题09 遗传的分子基础-2021年高考备考生物一轮复习课件

这是一份高中生物专题09 遗传的分子基础-2021年高考备考生物一轮复习课件，共60页。PPT课件主要包含了主要内容，肺炎双球菌，败血症，过程与现象，不死亡，R型活，S型活，S型死，转化因子，无毒性等内容，欢迎下载使用。
一 DNA是主要的遗传物质
S型细菌： 多糖类荚膜，菌落 ， 毒性； （可以使人患 或使小鼠患 ） R型细菌： 多糖类荚膜，菌落 ， 毒性； （不引发上述症状）
（一） 肺炎双球菌转化实验
1.体内转化实验——格里菲思
死亡，分离出S型活细菌
死亡，分离出R型和S型活细菌
1.体内转化实验——格里菲思 ①与②： 细菌无毒性， 细菌有毒性 ②与③： 细菌无毒性 ④与②③：R型活细菌转化出了 细菌
结论：加热杀死的S型细菌中含有“ ”，将 的R型细菌转化为 的S型活细菌。
2.体外转化实验——艾弗里
注意：①中只有少数R型活细菌发生转化。
①与②③：蛋白质和荚膜多糖 转化作用，只有 S型细菌的 才能使R型细菌发生转化 S型细菌的DNA才是“ ”。 ①与④：
结论：S型细菌的DNA是使R型细菌产生稳定遗传变化的 物质，即： 是遗传物质， 不是。
肺炎双球菌发生转化的原理： 。
1.噬菌体：又称为 ，专门 寄生于 细胞内。 外壳： 内部遗传物质：
（二）噬菌体侵染细菌实验
2.噬菌体的繁殖过程： → → → →
3.标记噬菌体①标记方法 32S: 31P:
蛋白质（理由：S 蛋白质外壳）
DNA（理由：P 存在于DNA中）
4.噬菌体侵染细菌实验
几乎没有35S，含有32S、31P
含有32P、31P、32S
①用35S标记 a.上清液放射性很高的原因： b.沉淀物有放射性的原因：
含35S的蛋白质外壳 大肠杆菌，离心后浮于上清液中。
，有少量含35S的蛋白质外壳吸附在细菌表面，随细菌离心到沉淀物中。
5.实验结果分析②用32P标记 a.沉淀物放射性很高的原因： b.上清液有放射性的原因：
含32P的DNA 大肠杆菌，离心后存在于沉淀物中。
保温时间 ，部分噬菌体还 大肠杆菌；保温时间 ，大肠杆菌已 。
本实验 证明蛋白质不是遗传物质，需要结合 实验才能得出蛋白质不是遗传物质的结论。
结论： 是遗传物质。
【例】（2019·江苏卷）赫尔希和蔡斯的T2噬菌体侵染大肠杆菌 实验证实了DNA是遗传物质，下列关于该实验的叙述正确的是 (　C　) A．实验中可用15N代替32P标记DNA B．噬菌体外壳蛋白是大肠杆菌编码的 C．噬菌体DNA的合成原料来自大肠杆菌 D．实验证明了大肠杆菌的遗传物质是DNA
【解析】本题考查噬菌体侵染细菌的实验，意在考查考生的实验 分析能力。蛋白质和DNA都含有N，所以不能用15N代替32P标记DNA， A错误；噬菌体外壳蛋白是由噬菌体体内控制噬菌体外壳蛋白合 成的相关基因编码的，B错误；DNA的复制为半保留复制，噬菌 体侵染大肠杆菌后，会利用大肠杆菌体内的物质来合成噬菌体 DNA，C正确；该实验证明了T2噬菌体的遗传物质是DNA，D错误。
1.烟草花叶病毒与烟草花叶病
（三） 烟草花叶病毒实验
2.烟草花叶病毒侵染实验
出现病斑，且分离出烟草花叶病毒
结论： 是烟草花叶病毒的遗传物质。
生物的遗传物质是DNA，所以DNA是 的遗传物质。
【例】（2019·海南卷）下列实验及结果中，能作为直接证据 说明“核糖核酸是遗传物质”的是（ B ） A.红花植株与白花植株杂交，F1为红花，F2中红花:白花＝3:1 B.病毒甲的RNA与病毒乙的蛋白质混合后感染烟草只能得到病毒甲 C.加热杀死的S型肺炎双球菌与R型活菌混合培养后可分离出S型活菌 D.用放射性同位素标记T2噬菌体外壳蛋白，在子代噬菌体中检测 不到放射性
【解析】红花植株与白花植株杂交，F1为红花，F2中红花:白花＝3:1， 属于性状分离现象，不能说明RNA是遗传物质，A错误；病毒甲的RNA 与病毒乙的蛋白质混合后感染烟草只能得到病毒甲，说明病毒甲的RNA 是遗传物质，B正确；加热杀死的S型肺炎双球菌与R型活菌混合培养后 可分离出S型活菌，只能说明加热杀死的S型菌存在转化因子，不能说明 RNA是遗传物质，C错误；用放射性同位素标记T2噬菌体外壳蛋白，在子 代噬菌体中检测不到放射性，说明蛋白质未进入大肠杆菌，不能证明 RNA是遗传物质，D错误。
1.元素组成：2.基本单位：3.单体种类：
腺嘌呤脱氧（核糖）核苷酸
胸腺嘧啶脱氧（核糖）核苷酸
胞嘧啶脱氧（核糖）核苷酸
鸟嘌呤脱氧（核糖）核苷酸
外侧： 交替连接，构成 基本骨架，并按 方式排 平面结构 列成两条长链； 内侧：两条链上的碱基通过 连成 ， 遵循 原则。 （A ,G ） 空间结构： 结构（右旋）
注意：每个DNA分子含有 个游离的磷酸基团。
【例】（2016上海卷.28）在DNA分子模型的搭建实验中，若 仅有订书钉将脱氧核糖、磷酸、碱基连为一体并构建一个含 10对碱基（A有6个）的DNA双链片段，那么使用的订书钉个 数为（ C ） A.58 B.78 C.82 D.88
【解析】构成一个脱氧核苷酸需要2个订书钉，20个个脱氧 核苷酸总共需要40个；一条DNA单链需要9个订书钉连接， 两条链共需要18个；双链间的氢键数共有6×2+4×3=24个， 总共需要订书钉40+18+24=82个。
5.DNA分子的特性①多样性：具有n个碱基对的DNA分子具有 种碱基序列；②特异性：每种DNA分子都有其特定的 ；③稳定性： 磷酸与脱氧核糖 形成基本骨架的方式不变； 碱基之间 方式不变。
【例】（2019年衡水金卷）某已知序列的双链链状DNA分子由 200个脱氧核苷酸组成，其中胞嘧啶脱氧核苷酸40个。下列 相关叙述正确的是（ C ） A.四种碱基和氢键构成了DNA分子的基本骨架 B.每个脱氧核糖上均连接着2个磷酸和1个碱基 C.该DNA分子一定含有40个鸟嘌呤脱氧核苷酸 D.该DNA分子蕴含的遗传信息种类最多有4200种
【解析】在双链链DNA分中，磷酸和五碳糖（脱氧核糖）排列在 外侧，构成DNA分子的基本骨架，A错误；该双链DNA分子的末端 脱氧核糖连接替1个磷酸和1个碱基，B错误；已知该DNA分子含 有200个脱氧核苷酸，其中有胞嘧啶脱氧核苷酸40个，根据C=G， 该DNA分子中一定含有40个鸟嘌呤脱氧核苷酸，C正确；该DNA分 子的序列是已知的，其蕴含的遗传信息种类有1种．D错误。
A1= , T1= , C1= , G1= 。
（此公式主要用于与DNA单链有关的计算）
A= , C= , 。
（此公式主要用于与DNA双链有关的计算）
A+C = = = = , = = , 。 = = , 。
（两个不互补的碱基之和等于全部碱基的一半； 此公式主要用于与DNA双链有关的计算）
【例】（2017年海南卷，24）DNA分子的稳定性与碱基对之间的 氢键数目有关。下列关于生物体内DNA分子中（A+T）/（G+C） 与（A+C）/（G+T）两个比值的叙述，正确的是（　D　） A.碱基序列不同的双链DNA分子，后一比值不同 B.前一个比值越大，双链DNA分子的稳定性越高 C.当两个比值相同时，可判断这个DNA分子是双链 D.经半保留复制得到的DNA分子，后一比值等于1
【解析】由于双链DNA碱基A数目等于T数目，G数目等于C数目， 故（A+C）/（G+T）为恒值1，A错。A和T碱基对含2格氢键， C和G含3个氢键，故（A+T）/（G+C）中，（G+C）数目越多， 氢键数越多，双链DNA分子的稳定性越高，B错。（A+T）/（G+C）与（A+C）/（G+T）两个比值相等，这个DNA分子可能 是双链，也可能是单链，C错。经半保留复制得到的DNA分子， 是双链DNA，（A+C）/（G+T）=1，D正确。
【例】从某生物组织中提取DNA进行分析，其中鸟嘌呤与胞嘧啶 之和占全部碱基数的46%，又知该DNA分子的一条链（H链）所含 的碱基中28%是腺嘌呤，24%是胞嘧啶，则与H链相对应的另一条 链中，腺嘌呤、胞嘧啶分别占该链全部碱基数的（ A ） A.26%、22% B.24%、28% C.14%、11% D.11%、14%
【解析】已知： 求： ∵ ∴ 又∵ ∴同理可得：
（一）DNA分子复制方式的探究（假说——演绎法） 1.提出假说 假说一：全保留复制 假说二：半保留复制
（一）DNA分子复制方式的探究
2.演绎推理①检测方案（ 法和 法）
15N/15N-DNA
15N/14N-DNA
14N/14N-DNA
4.得出结论：DNA分子的复制方式为 。
【例】（2018浙江卷，22）某研究小组进行“探究DNA的复制过程”的活动， 结果如图所示。其中培养大肠杆菌的唯一氮源是14NH4Cl或15NH4Cl。a、b、c 表示离心管编号，条带表示大肠杆菌DNA离心后在离心管中的分布位置。 下列叙述错误的是（　B　） A.本活动运用了同位素示踪和密度梯度离心技术 B.a管的结果表明该管中的大肠杆菌是在含14NH4Cl的培养液中培养的 C.b管的结果表明该管中的大肠杆菌的DNA都是14N–15N-DNA D.实验结果说明DNA分子的复制是半保留复制的
【解析】由题意“培养大肠杆菌的唯一氮源是14NH4Cl或15NH4Cl” 和“条带表示大肠杆菌DNA离心后在离心管中的分布位置”可知： 本活动运用了同位素示踪和密度梯度离心技术，A正确；分析图 示可知：a管中的DNA密度最大，表明该管中的大肠杆菌是在含 15NH4Cl的培养液中培养的，B错误；b管中的DNA密度介于a、c 管中的之间，表明该管中的大肠杆菌的DNA都是14N–15N-DNA， C正确；实验结果说明DNA分子的复制是半保留复制，D正确。
（二）DNA分子的复制
1.过程（ 复制）
2.条件： 模板：亲代DNA分子中的 母链 原料：游离的四种 。 酶： 酶和 酶 能量：3.原则： 原则
4.特点：5.意义：使 从亲代传给子代，保持了遗传 信息的 性。6.精确复制的原因：①双螺旋结构为其提供 ；② 原则及 复制使复制准确进行。
7.场所： 真核生物： 原核生物： DNA病毒：8.时间：
细胞核（主要）、线粒体、叶绿体
拟核（主要）、细胞质（如： ）
主要 间期或 的间期
（该过程中容易发生 ）
【例】（2019·全国卷Ⅰ）用体外实验的方法可合成多肽链。 已知苯丙氨酸的密码子是UUU，若要在体外合成同位素标记的 多肽链，所需的材料组合是 （ C ） ①同位素标记的tRNA　②蛋白质合成所需的酶 ③同位素标记的苯丙氨酸　 ④人工合成的多聚尿嘧啶核苷酸　 ⑤除去了DNA和mRNA的细胞裂解液 A.①②④　　　　　　　B.②③④ C.③④⑤ D.①③⑤
【解析】本题以基因表达的相关知识为载体，考查运用所学知识， 对某些生物学问题作出合理判断的能力；试题通过对体外合成 多肽链所需材料的判断，体现了对生命观念素养中结构与功能 观要素的考查。体外合成同位素标记的多肽链需以标记的氨基 酸(同位素标记的苯丙氨酸等)为原料，以RNA(人工合成的多聚 尿嘧啶核苷酸)为模板，除去了DNA和mRNA的细胞裂解液既可防 止DNA和mRNA对体外多肽链合成过程的干扰，又可提供翻译过程 所需的核糖体、tRNA、酶等。故选C。
（三）与DNA分子复制有关的计算
1.同位素标记型（绘图法）
【例】（2018海南卷，15）现有DNA分子的两条单链均只含有14N（表示为 14N14N）的大肠杆菌，若将该大肠杆菌在含有15N的培养基中繁殖两代， 再转到含有14N的培养基中繁殖一代，则理论上DNA分子的组成类型和比例 分别是（　D　）A．有15N14N和14N14N两种，其比例为1:3B．有15N15N和14N14N两种，其比例为1:1C．有15N15N和14N14N两种，其比例为3:1D．有15N14N和14N14N两种，其比例为3:1
【解析】将含有14N14N的大肠杆菌置于含有 15N的培养基中繁殖两代后，由于DNA的半 保留复制，得到的子代DNA为2个14N14N－ DNA和2个14N15N－DNA，再将其转到含有14N 的培养基中繁殖一代，会得到6个15N14N－ DNA和2个14N14N－DNA，比例为3:1，D正确。
【例】一个双链均被32P标记的DNA由5000个碱基对组成，其中 腺嘌呤占20%，将其置于只含31P的环境中复制3次。下列叙述 错误的是（　B　） A.该DNA分子的特异性与碱基对的排列顺序有关 B.复制过程需要2.4×104个游离的胞嘧啶脱氧核苷酸 C.子代DNA分子中含32P的单链与含31P的单链数目之比为1:7 D.子代DNA分子中含32P与只含31P的分子数目之比为1:3
【解析】A.DNA分子中碱基对的排列方式多种多样， 这决定了DNA分子的多样性，而每个DNA分子都有其 特定的碱基排列序列，这又决定了DNA分子的特异 性，A正确；B.复制过程需要游离的胞嘧啶脱氧核苷 酸数为3000×（8-1）=2.1×104个，B错误；C.由题 意知被32P标记的DNA单链是2条，含有31P的单链是 2×8-2=14条，因此子代DNA分子中含32P的单链与含 31P的单链之比为1:7，C正确；D.子代DNA分子中含 32P的DNA分子在两个，只含31P的分子数是6个，二者 之比是1:3，D正确。故选：B。
2.复制n次与第n次复制（设DNA分子中某碱基数为m）①复制n次共需要某碱基的数目= m∙2n-2②第n次复制需要某种碱基的数目= m∙[2n-2（n-1）]= m∙2（n-1）
【例】某DNA分子含m对碱基，其中腺嘌呤有A个，下列有关此 DNA在连续复制时所需的胞嘧啶脱氧核苷酸数目的叙述中， 错误的是（ D ） A.在第一次复制时，需要（m-A）个 B.在第二次复制时，需要2（m-A）个 C.在第n次复制时，需要2n-1（m-A）个 D.在n次复制过程中，总共需要2n（m-A）个
【解析】A.DNA复制一次，可产生2个DNA；由于每个DNA分子 中含有胞嘧啶脱氧核苷酸m-A个，所以复制一次时，需要m-A 个。A正确；B.在第二次复制时，2个DNA分子会形成4个DNA 分子，相当于形成2个新的DNA，所以需要2（m-A）个。B正确； C.在第n次复制后，会形成2n个DNA分子，所以需要（2n-2n-1）（m-A）=2n-1（m-A）。C正确；D.n次复制过程中，1个DNA分子 变为个2nDNA分子，总共需要（2n-1）（m-A）个。D错误。 故选：D。
3.与染色体相关的计算（绘图法）
1条染色体上的1个DNA
【例】（2019浙江4月选考·25）在含有BrdU的培养液中进行DNA复制时， BrdU会取代胸苷掺入到新合成的链中，形成BrdU标记链。当用某种荧光染料 对复制后的染色体进行染色，发现含半标记DNA（一条链被标记）的染色单 体发出明亮荧光，含全标记DNA（两条链均被标记）的染色单体荧光被抑制（无明亮荧光）。若将一个细胞置于含BrdU的培养液中，培养到第三个细胞 周期的中期进行染色并观察。下列推测错误的是（ D ） A.1/2的染色体荧光被抑制 B.1/4的染色单体发出明亮荧光 C.全部DNA分子被BrdU标记 D.3/4的DNA单链被BrdU标记
【解析】DNA的复制方式为半保留复制。根据题意分析，复制到第三个细胞周期的中期时， 共有4个细胞，以第一代细胞中的某一条染色体为参照，含半标记DNA的染色单体共有2条， 含全标记DNA的染色单体共有6条。根据题意可知，在第三个细胞周期中期时，含半标记 DNA的染色单体分别在两个细胞中，故有两个细胞的两条染色单体荧光全被抑制，有两个 细胞中的一条染色单体发出明亮荧光，一条染色单体荧光被抑制，故A、B选项正确；一 个DNA分子中有两条脱氧核苷酸链，由于DNA为半保留复制，故不含BrdU标记的两条脱氧 核苷酸链分别位于两个DNA分子中，新复制得到的脱氧核苷酸链必然含BrdU标记，故所有 DNA分子都被BrdU标记，C选项正确；以第一代细胞中的某一条染色体为参照，在第三个 细胞周期中期时一共有16条DNA单链，含BrdU标记的有14条，故有7/8的DNA单链被BrdU 标记，D选项错误。
4.与细胞分裂相关的计算（绘图法）①有丝分裂
用15N标记1对同源染色体上的2个DNA分子
每条同源染色体上的每条染色体单体均带有标记
分裂形成2个子细胞，每个子细胞中的每条染色体均带有标记
分裂形成4个子细胞，子细胞类型有4种组合方式
①有 的子细胞 带有标记
②③有 的子细胞 带有标记
④ 子细胞 带有标记
15N标记1对同源染色体上的两个DNA分子
分裂形成4个子细胞，全部子细胞中的每条染色体均带有标记。
（一）RNA的结构和种类
4.结构：一般是 ，长度比DNA ；能通过 从细胞核转移到细胞质中。
5.种类 mRNA： RNA。以密码子的形式，携带来自DNA的 ，是 合成的 模板。 tRNA： RNA。携带的 能与mRNA上的 。 互补配对，转运 。 （每种tRNA只能识别并转运 种氨基酸。） rRNA： RNA。 的组成成分，还能催化 的形成。
1.病毒RNA：是RNA病毒的 。2.RNA类酶： 作用，降低化学反应的 。
【例】下列与真核生物中核酸有关的叙述，错误的是（　B　） A．线粒体和叶绿体中都含有DNA分子 B．合成核酸的酶促反应过程中不消耗能量 C．DNA和RNA分子中都含有磷酸二酯键 D．转录时有DNA双链解开和恢复的过程
【解析】线粒体和叶绿体中都含有少量的DNA和RNA分子，A正确； 真核细胞内合成核酸的酶促反应过程，需消耗细胞代谢产生的 能量，B错误；DNA由双链构成，RNA一般由单链构成，两者都含 有磷酸二酯键，C正确；转录时有DNA双链解开和恢复的过程， D正确。　　　
（二）基因指导蛋白质合成的过程
1.转录：通过 酶以 为模板合成 的过程。
②要点（以真核生物为例） 场所： 产物： 模板： 条件 原料： 酶： 能量： 信息流动方向：
mRNA（还有tRNA和rRNA）
RNA聚合酶（作用于 键）
游离四种 。
DNA → mRNA
（遗传信息） （密码子）
2.翻译：游离在细胞中的各种 ，以 为模板 合成具有 的蛋白质的过程。
有一定 顺序的蛋白质
rRNA（催化 ）
游离20种 。
mRNA → 蛋白质
（密码子） （控制性状）
③密码子 概念：信使RNA上决定1个氨基酸的 。 种类：共 种，其中决定氨基酸的密码子有 种。含 种 起始密码子（AUG甲硫氨酸，GUG缬氨酸）， 种 终止密码子（不决定氨基酸：UAA、UAG、UGA）。 数量关系：1种密码子只对应 种氨基酸以及 种tRNA； 而1种氨基酸却可对应 种密码子以及 种tRNA。
色氨酸 甘氨酸
GGUGGCGGAGGG
绝大多数氨基酸都有几个密码子，这一现象称为密码子的简并。即：密码子具有 性。
④tRNA 结构： 结构 种类：共 种 数量关系：1种tRNA只能转运 种氨基酸； 1种氨基酸可由 种tRNA 转运。
⑤翻译效率（特点： ） 数量关系： 方向： 意义： 结果：
1个mRNA可相继结合 个核糖体， 进行多条肽链的合成，称为多聚核糖体；
从 到 （如图：从 ）；
少量的mRNA分子可以迅速合成出 的蛋白质；
合成多条 的肽链。（理由： 相同）
【例】（2019·海南卷）下列与蛋白质、核酸相关的叙述， 错误的是（ A ） A.一个核糖体上可以同时合成多条多肽链 B.一个蛋白质分子可以含有多个金属离子 C.一个mRNA分子可以结合多个核糖体 D.一个DNA分子可以转录产生多个RNA分子
【解析】一个核糖体上一次只能合成一条多肽链，A错误； 一个蛋白质分子可以含有多个金属离子，如一个血红蛋白 含有四个铁离子，B正确；一个mRNA分子可以结合多个核 糖体，合成多条多肽链，C正确；一个DNA分子上含有多个 基因，不同基因可以转录产生多个RNA分子，D正确。
【例】（2018全国Ⅰ卷，2）生物体内的DNA常与蛋白质结合， 以DNA—蛋白质复合物的形式存在。下列相关叙述错误的是 （　B　） A.真核细胞染色体和染色质中都存在DNA—蛋白质复合物 B.真核细胞的核中有DNA—蛋白质复合物，而原核细胞的拟核中没有 C.若复合物中的某蛋白参与DNA复制，则该蛋白可能是DNA聚合酶 D.若复合物中正在进行RNA的合成，则该复合物中含有RNA聚合酶
【解析】真核细胞的染色质和染色体是同一物质在不同时期的两种存在形式， 主要是由DNA和蛋白质组成，都存在DNA-蛋白质复合物，A正确；真核细胞的 核中含有染色体或染色质，存在DNA-蛋白质复合物，原核细胞的拟核中也可 能存在DNA-蛋白质复合物，如拟核DNA进行复制或者转录的过程中都存在DNA 与酶（成分为蛋白质）的结合，也能形成DNA-蛋白质复合物，B错误；DNA复 制需要DNA聚合酶、解旋酶等，因此复合物中的某蛋白可能是DNA聚合酶，C 正确；若复合物中正在进行RNA的合成,属于转录过程，转录需要RNA聚合酶 等，因此复合物中的某蛋白可能是RNA聚合酶，D正确。
3.相关计算①碱基、密码子、氨基酸等的计算（不考虑非编码区和内含子）
DNA（基因） : mRNA : 密码子 : tRNA : 氨基酸 碱基个数 碱基个数 个数 个数 个数
6 : 3 : 1 : 1 : 1
②转录过程中碱基的计算（绘图法）
【例】假设某一段mRNA上有60个碱基，其中A有15个，G有25个， 那么转录该mRNA的DNA分子区段中，“C+T”的个数以及该mRNA 你翻译成的蛋白质所含有氨基酸的个数分别是（不考虑终止密 码子） （　A　） A.60、20 B.80、40 C.40、20 D.40、30
【解析】（1）mRNA是以DNA的一条链为模板转录而来的，若mRNA有60个碱基， 则转录该mRNA的DNA含有碱基数为60×2=120个．根据碱基互补配对原则， DNA双链中不配对碱基之和占碱基总数的一半，所以C和T共有60个．（2）DNA（或基因）中碱基数：mRNA上碱基数：氨基酸个数=6：3：1，该 mRNA上有60个碱基，则该mRNA翻译成的蛋白质所需氨基酸的个数为60÷3 =20个。（如图）
A1 G1 C1 T1
T1 C1 G1 A1
Am Gm Cm U1
1.已知氨基酸数目求其他，一般用至少；2.已知基因中碱基的数目求其他，一般用至多；3.解题时，若没有特殊提示通常不考虑终止密码子。
【例】一段原核生物的mRNA通过翻译可合成一条含有11个肽键 的多肽，则此mRNA分子至少含有的碱基个数及合成这段多肽 需要的tRNA个数以及转录此mRNA的基因中至少含碱基数，依 次为（ B ） A．32；11；66 B．36；12；72 C．12；36；24 D．11；36；72
【解析】氨基酸的数目=肽键数目+肽键数目=11+1=12个；基因中碱基数： mRNA上碱基数：氨基酸个数=6：3：1，该肽链含有12个氨基酸，则控制 其合成的mRNA分子至少含有的碱基个数为12×3=36个；mRNA中相邻的3个 碱基构成一个密码子，决定一个氨基酸，因此该mRNA最多决定12个氨基 酸，每个氨基酸都需要一个tRNA来运载，因此合成该多肽需要12个tRNA； 转录此mRNA的基因中碱基数至少为12×6=72个，故B正确，ACD错误。 故选B。
【例】 (2009·上海，17)某条多肽的相对分子质量为 2778， 若氨基酸的平均相对分子质量为110，如考虑终止密码子， 则编码该多肽的基因长度至少是（ D ）　　　　　　　　　　　　　　 A．75对碱基 B．78对碱基 C．90对碱基 D．93对碱基
【解析】设有氨基酸x个，则： 110x－18（x－1）=2778 x=30 基因至少含有30×6=180个碱基，但要考虑终止密码子，则： 180 + 6 = 186个碱基 = 93个碱基对
原核生物的基因表达（边转录边翻译）
4.遗传信息、密码子和反密码子的比较
5.复制、转录和翻译的联系
6.复制、转录和翻译的比较
A－T、T－AG－C、C－G
A－U、T－AG－C、C－G
A－U、U－AG－C、C－G
1.能分裂的细胞及噬菌体等DNA病毒
3.烟草花叶病毒等大部分RNA病毒
4.HIV等逆转录病毒
四 基因控制生物的性状
（一）基因控制性状的途径 1.直接控制
（一）基因控制性状的途径
（二）基因与性状的关系
1.一般而言1个基因决定 种性状，但有时1个基因可影响 个性状；（如：下图中的基因1就会影响性状B和C）2.生物体的1种性状有时受 个基因的影响； （如玉米叶绿体的形成至少与50多个不同的基因有关）3.生物的性状是 与 共同作用的结果。基因型相同， 表现型 ；基因型不同，表现型 。反之， 亦是如此。