2021-2022学年安徽省芜湖市高三（上）期末物理试卷（含答案解析）

2021-2022学年安徽省芜湖市高三（上）期末物理试卷

1.     2021年12月9日，翟志刚、王亚平、叶光富三位航天员在中国空间站为广大青少年带来了一场精彩的太空课。航天员叶光富在完全失重的环境中做了“转身动作”的实验，该实验与物理概念“角动量”有关，在物理学中角动量是和物体到原点的位移及动量相关的物理量，其大小可以表达为mvr，其中m、v、r分别对应质量、速率、半径。由此可以看出角动量的单位用国际单位制基本单位表示为(    )

A.  B.  C.  D.

2.     如图所示是电视显像管原理示意图俯视图，电流通过偏转线圈，从而产生偏转磁场，电子束经过偏转磁场后运动轨迹发生偏转，不计电子的重力，图中O点为荧光屏的中心，若调节偏转线圈中的电流，使电子束打到荧光屏上的A点，此时下列说法正确的是(    )

A. 电子经过磁场速度增大
B. 偏转磁场的方向水平向右
C. 偏转磁场的方向垂直纸面向里
D. 偏转磁场的方向垂直纸面向外

3.     芜湖长江三桥是芜湖江段第三座跨江大桥，该桥为主跨588米双塔双索面高低塔钢箱钢桁组合梁斜拉桥，被誉为“华东第二高铁通道”，如图所示，设桥体中三块完全相同的钢箱梁1、2、3受到钢索拉力的方向相同，相邻钢箱梁间的作用力均沿水平方向。则下列说法正确的是(    )

A. 三块钢箱梁受到钢索的拉力大小相等
B. 钢箱梁1对2的作用力大于钢箱梁2对1的作用力
C. 钢箱梁1、2间作用力大于钢箱梁2、3间作用力
D. 钢箱梁3所受合力最大

4.     火星成为我国深空探测的第二颗星球，假设火星探测器仅在火星引力作用下绕火星做匀速圆周运动，轨道半径为火星半径的2倍，测出探测器的环绕速率为v，已知火星表面的重力加速度为忽略火星自转的影响，引力常量为G。则下列说法正确的是(    )

A. 火星探测器在轨道上环绕周期为 B. 火星探测器的加速度大小为
C. 火星的质量为 D. 火星的第一宇宙速度为

5.     如图所示，真空中两个等量同种正点电荷放置在M、N两点，MN连线上的中点为D，以MD为棱边构成一个空间正方体，A、B、C是该正方体上三个顶点。则下列说法正确的是(    )

A. A、C两点的电场强度相同
B. B、D两点的电势相等
C. 将电子从C点沿CB方向射出，电子可能做匀速圆周运动
D. 将电子从B点沿BC方向射出，电子可能做匀速圆周运动
 

6.     甲、乙两辆汽车同时从坐标原点沿同一方向做直线运动，甲车做刹车运动，它们的速度的平方随位置变化的图象如图所示，分别对应直线A和直线B。下列判断正确的是(    )

A. 汽车甲的加速度大小为
B. 汽车甲、乙分别经过处的时间差是2s
C. 汽车甲、乙在处相遇
D. 汽车甲、乙经相遇

7.     某物块以120J初动能从固定斜面底端上滑，以斜面底端所在的水平面为零势能参考平面，物块滑到最高点时重力势能为80J。物块在斜面滑动过程中，当动能和势能恰好相等时，其机械能可能为(    )

A.  B. 96J C. 100J D. 80J

8.     如图所示，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，下极板接地，极板间距为d，在上极板紧贴一厚度为l的金属板，其下部空间有一带电质点P静止在电容器中。当把金属板从电容器中快速抽出后，质点P开始运动，空气阻力不计，已知重力加速度为g。下列说法正确的是(    )

A. 抽出金属板后电容器所带电量增加
B. 抽出金属板瞬间带电质点P的电势能增加
C. 抽出金属板后带电质点P的加速度大小为
D. 抽出金属板后带电质点P的加速度大小为

9.     为了探究物体质量一定时加速度与合力的关系，甲、乙两同学设计了如图所示的实验装置。其中质量为M的小车上固定一质量为的动滑轮，m为砂和砂桶的总质量。力传感器可测出轻绳的拉力大小。
   
   实验时，下列步骤中合理的是______；
   A.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力
   B.用天平测出砂和砂桶的总质量m
   C.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车和动滑轮的总质量
   D.小车靠近打点计时器，先接通电源，稳定后再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数
   甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带相邻两个计数点间还有四个计时点没有画出，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为______结果保留三位有效数字；
   甲同学以力传感器的示数F为纵坐标，加速度a为横坐标，画出的图象，如图，是一条直线，求得图线的斜率为k，则小车的质量M为______。
10. 多用电表是实验室中常用的测量仪器，如图所示为多用电表的电路原理图，其中电流表有、3A两个挡位，电压表有3V、15V两个挡位，欧姆表有两个挡位。
    为选择开关，通过旋动开关S，表笔B可以分别与触点1、2、3、4、5、6接通，从而实现用多用电表测量不同物理量的功能。
    ①图中A是______填“红”或“黑”表笔；
    ②当S接通触点______填“1、2、3、4、5、6”时，对应多用电表挡；
    ③若电表内电源电动势，选择开关S接触点3时，测量倍率比S接触点4时______填“大”小”或“相等”。
    
    某实验小组用该多用电表电压挡测量电源的电动势和内阻。除多用电表外还有以下器材：待测电源E，定值电阻，电阻箱R一只。实物连接图如图所示，改变电阻箱阻值R，测得电压表的示数U并记录多组数据后，得到对应的图像如图所示，则电源电动势______V，内阻______结果均保留两位有效数字
11. 如图所示，在xOy平面第一象限内有以虚线OP为理想边界的匀强电场和匀强磁场区域，OP与x轴夹角为，OP与y轴之间的电场平行于y轴向上，OP与x轴之间的磁场垂直纸面向里。在y轴上有一点M，M到O点的距离为3d。现有一个质量为m、电荷量为的带负电粒子，从M点以速度垂直于y轴向右进入电场区域，粒子离开电场后从OP上的N点进入磁场区域，已知N点到x轴的距离为2d。粒子经过磁场后从x轴上C点离开，且速度方向与x轴垂直，不计带电粒子的重力，求：
    电场强度大小E；
    磁感应强度大小B和粒子从M点运动到C点所用的总时间t。
12. 如图所示，质量的绝缘木板A静止在水平地面上，质量可视为质点的带正电的小物块B放在木板A上某一位置，其电荷量为。空间存在足够大的水平向右的匀强电场，电场强度大小为。质量的滑块C放在A板左侧的地面上，滑块C与地面间无摩擦力，其受到水平向右的变力F作用，力F与时刻t的关系为如图。从时刻开始，滑块C在变力F作用下由静止开始向右运动，在时撤去变力此时滑块C刚好与木板A发生弹性正碰，且碰撞时间极短，此后整个过程物块B都未从木板A上滑落。已知小物块B与木板A及木板A与地面间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取。求：
    撤去变力F瞬间滑块C的速度大小；
    小物块B与木板A刚好共速时的速度；
    若小物块B与木板A达到共同速度时立即将电场强度大小变为，方向不变，小物块B始终未从木板A上滑落，则：①木板A至少多长？②整个过程中物块B的电势能变化量是多少？
     
13. 下列说法正确的是(    )

A. 布朗运动是指悬浮在液体中固体颗粒的分子做无规则运动
B. 在南方的梅雨季节，湿衣服较不容易晾干，这是相对湿度较大的缘故
C. 两个分子间的距离变大的过程中，分子间斥力变化总是比引力变化快
D. 一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中，分子平均动能一定增大
E. 用打气筒给自行车打气时需要的力越来越大，这是由于轮胎内气体分子间斥力越来越大

14. 如图所示，一端封闭粗细均匀的U形导热玻璃管竖直放置，封闭端空气柱的长度，管两侧水银面的高度差为，大气压强恒为
    若初始环境温度，给封闭气体缓慢加热，当管两侧水银面齐平时，求封闭气体的温度；
    若保持环境温度不变，缓慢向开口端注入水银，当管两侧水银面平齐时，求注入水银柱的长度
15. 如图所示，一束黄光和一束蓝光以同一光路从圆心O点斜射入横截面为半圆形的玻璃柱体，其透射光线分别为a和已知入射角，a光束与玻璃砖间的夹角，真空中光速下列说法正确的是(    )

A. a光束穿过玻璃柱体所需时间较短
B. a光束是黄光，b光束是蓝光
C. 玻璃对a光的折射率为
D. a光在该玻璃中传播的速度为
E. 在相同介质中a光比b光的临界角小

16. 一列简谐横波沿x轴正向传播。时刻波恰好传播到处，波形图如图所示，质点P的平衡位置在处，此时通过平衡位置。从时刻算起，当时，质点P第一次到达波峰。求：
    该列波的周期和传播速度；
    内处的质点图中未标出经过的路程。
    

答案和解析

1.【答案】B 

【解析】解：在物理学中角动量是和物体到原点的位移及动量相关的物理量，其大小可以表达为mvr，其中m、v、r分别对应质量、速率、半径。
质量m的国际单位是kg，速率v的国际单位是，半径r的国际单位是m，所以角动量mvr用国际单位制基本单位表示为，故B正确，ACD错误。
故选：B。
国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。
国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的。
 

2.【答案】D 

【解析】解：电子经过磁场，洛伦兹力不做功，则动能不变，即速度不变，故A错误；
欲使电子束打到荧光屏上的A点，则洛伦兹力方向向左，根据左手定则可知，偏转磁场的方向垂直纸面向外，故BC错误，D正确。
故选：D。
阴极发射出的电子，经电场加速后进入磁场偏转；洛伦兹力不做功，故粒子速度大小不变；根据左手定则判断洛伦兹力的方向，从而明确磁场方向。
本题就是对带电粒子在磁场中偏转问题的考查，明确偏转原理，知道洛伦兹力的特点，同时掌握粒子在磁场中运动时洛伦兹力不做功。
 

3.【答案】A 

【解析】解：A、由竖直方向受力平衡知：，，钢索拉力的方向相同，所以三块钢箱梁受到钢索的拉力大小相等，故A正确。
B、钢箱梁1对2的作用力与钢箱梁2对1的作用力是作用力与反作用力，大小相等，故B错误；
C、对钢箱梁2受力分析，设钢索的拉力与水平方向的夹角为，由平衡条件知，所以钢箱梁1、2间作用力小于钢箱梁2、3间作用力，故C错误；
D、每个钢箱梁都处于平衡状态，合力均为零，故D错误；
故选：A。
由牛顿第三定律可比较钢箱梁1对2的作用力与钢箱梁2对1的作用力的大小；对钢箱梁2受力分析，根据平衡条件可比较钢箱梁1、2间作用力与钢箱梁2、3间作用力的大小；钢箱梁都处于平衡状态，合力均为零；由竖直方向受力平衡可求得钢索拉力并比较即可。
本题考查了牛顿第三定律、平衡条件的应用，注意选择研究对象根据平衡条件可比较作用力的大小。
 

4.【答案】C 

【解析】解：AB、根据
在火星表面，
解得：；；，故AB错误；
C、火星的质量为：，故C正确；
D、火星的第一宇宙速度为：，故D错误；
故选：C。
根据周期与半径的关系，求解周期。
根据火星表面上质量为m的物体受到的万有引力和重力相等求解火星表面的重力加速度；
火星探测器在火星表面做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，求解火星质量；
根据万有引力提供向心力，求出火星的第一宇宙速度。
本题主要考查了万有引力定律的相关应用，解题的关键点是根据万有引力定律在不同场景下提供力的类型，同时结合第一宇宙速度完成分析。
 

5.【答案】C 

【解析】解：由对称可知，A、C两点的电场强度大小相等，方向不同，故A错误；
B.因D点距离两正电荷比B点更近，可知D点的电势高于B点电势，故B错误；
C.电子在以D为圆心，以正方体边长为半径的圆上所受的电场力大小相等且都指向D点，则将电子从C点沿CB方向射出，因该方向与电场力方向垂直，则若电场力等于电子所需的向心力，则电子能做匀速圆周运动，故C正确；
D.因BC方向与电子在B点受的电场力方向不垂直，则将电子从B点沿BC方向射出，电子不可能做匀速圆周运动，故D错误。
故选：C。
本题考查了等量同种电荷周围电场分布情况：中垂线上上下电场线方向相反，根据电场线方向判断电势高低．电子在以D为圆心，以正方体边长为半径的圆上所受的电场力大小相等且都指向D点．
本题关键要掌握等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性进行分析．
 

6.【答案】BD 

【解析】解：根据匀变速直线运动的速度-位移公式可知得：
A、由图示图像可知，汽车甲的初速度为，图像的斜率，甲的加速度为，负号表示方向，加速度大小是，故A错误；
B、由图示图像可知，汽车乙的初速度为，图像的斜率，乙的加速度为，
汽车的位移，由匀变速直线运动的位移-时间公式得：，，代入数据解得：，不符合实际，舍去，汽车甲、乙分别经过处的时间差，故B正确；
CD、汽车甲停止运动的时间，甲车停止运动时的位移，
该时间内汽车乙的位移，则甲、乙两车运动到9m处才能相遇，
对乙车有，代入数据解得：，即经过两车相遇，故C错误，D正确。
故选：BD。
根据匀变速直线运动的速度-位移关系公式写出的关系式，根据图示图像求出两车的加速度与初速度，分析清楚汽车的运动过程，然后分析答题。
根据数学知识写出的关系式，来分析图象的斜率、截距的物理意义，从而分析出两车的运动情况。
 

7.【答案】AB 

【解析】解：设物体能够达到斜面的长度为x，摩擦力为f，斜面倾角为，物体的质量为m。
从斜面底端到顶部过程，根据动能定理，有：
在最高点，重力势能为：
则
所以：
当物块上滑过程中动能和重力势能相等时，物体上滑，则有：

解得
则机械能为：；
当物块下滑过程中动能和重力势能相等时，物体从最高点下滑，则有：

其中
解得
则机械能为：。
所以当动能和势能恰好相等时，其机械能可能为96J或，故AB正确、CD错误。
故选：AB。
物体滑动过程受重力、支持力和滑动摩擦力，先对从底端到顶部过程运用动能定理列式，再对下滑过程运用动能定理列式，同时结合重力势能的表达式列式，然后联立方程组求解．
本题难点在于中间变量多，关键是要多次选择过程运用动能定理、功能关系列式后联立求解。
 

8.【答案】BC 

【解析】解：平行板电容器电容的决定式和定义式为，抽出金属板后d增大，C减小，而U不变，所以Q减小，故A错误
B.两金属板间电场强度大小为，抽出金属板瞬间，d增大，U不变，所以E减小，因为质点P所在位置到下极板的距离不变，且下极板的电势为零，所以质点P所在位置的电势降低，易知质点P带负电，所以其电势能增加，故B正确；
设质点P的质量为m，抽出金属板前，根据平衡条件有
抽出金属板后设带电质点P的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有
联立可得：，故C正确，D错误。
故选：BC。
抽出金属板后极板间距变大，根据决定式可知电容变小，又根据定义式可知在电容器电压不变的情况下，电容变小，电荷量减小；由公式，d增大，U不变，所以E减小，下极板的电势为零，所以质点P所在位置的电势降低，质点P带负电，所以其电势能增加，根据平衡条件有，抽出金属板后设带电质点P的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有。
本题考查决定电容器电容大小的因素与d有关，结合本题特点，电容器电压恒定，结合匀强电场场强公式可知场强变化，根据电场力做功可得P点电势能变化，结合牛顿第二定律可求出带电质点P的加速度大小。本题属于基本题型，较为简单。
 

9.【答案】 

【解析】解：、实验中为了使小车所受合外力等于动滑轮两段绳子的拉力，需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故A正确；
BC、本实验中小车所受合外力可以通过力传感器测得，所以既不需要用天平测出砂和砂桶的总质量m，也不需要保证砂和砂桶的总质量远小于小车和动滑轮的总质量，故BC错误；
D、由于小车速度较快，且运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故D正确；
故选：AD。
根据逐差法可得小车的加速度为：
对小车和动滑轮根据牛顿第二定律有

即
由题意知

解得：
故答案为：；；
根据实验原理掌握正确的实验操作；
根据逐差法计算出小车的加速度；
根据牛顿第二定律结合图像的斜率计算出小车的质量。
本题主要考查了牛顿第二定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合逐差法计算出小车的加速度，再利用牛顿第二定律列式时要注意物体受到两根绳子的拉力，结合图像的斜率分析出小车的质量。
 

10.【答案】红  2 小   

【解析】解：①由a知表笔B接3、4接线柱时，由于A接的是电源的负极，根据电流从红表笔流入，黑表笔流出，可知A是红表笔；
②当S接触点1、2时，电表内部中没有电源，由于表头和电阻并联，故改装成了电流表，接1时左边的电阻为分流电阻，即一个电阻为分流电阻，接2时两个电阻串联后为分流电阻，所以接1时量程较大，接2时量程较小，即接2时对应多用电表为电流挡；
③选择开关接触点3、4时，电表内部有电源，多用电表为欧姆表，而中值电阻为：；
倍率越大时，当红黑表笔短接，表头满偏时，同样的中值电阻，只有电动势越大，才能使倍率越大，所以由图可知，若电表内电源电动势，选择开关S接触点时，测量倍率比S接触点4时小；
由图可知，多用电表此时为电压表，测量电阻箱两端的电压，根据闭合电路欧姆定律可得：

可得：
结合图可得：；
解得：；
故答案为：①红；②2；③小；；
熟悉多用电表的使用规则，结合电路完成分析；
根据闭合电路欧姆定律结合图像分析出电动势和内阻。
本题主要考查了电源电动势和内阻的测量，熟悉多用电表的使用，结合欧姆定律和图像分析出电源电动势和内阻。
 

11.【答案】解：由题意，粒子从M到N做类平抛运动，在沿方向，根据牛顿第二定律可知加速度：
位移大小为
沿x正方向做匀速运动，由几何关系
解得
故电场强度大小为

由题意，粒子从N点垂直OP进入磁场，到从C点垂直x轴离开磁场，由几何关系，则粒子在磁场中做圆周运动的半径：
在N点粒子速度与OP垂直，大小为
由牛顿第二定律有：
解得：
由运动规律，粒子在电场和磁场中运动的总时间为
答：电场强度大小为；
磁感应强度大小B和粒子从M点运动到C点所用的总时间为 

【解析】粒子从M到N做类平抛运动，根据平抛运动规律结合几何关系解得；
粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出临界轨迹，分别计算粒子在电场和磁场的运动时间，相加即可。
本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，画出运动轨迹，找出临界状态对应的轨迹，结合牛顿第二定律、动能定理、类平抛运动的分运动公式列式求解。
 

12.【答案】解：在F作用的1s内，对滑块C，由动量定理得：

由图像围成的面积可得：
得：
设C、A碰后瞬间速度大小分别为和，取向右为正方向，A、C系统碰撞过程动量守恒，得：

A、C发生弹性碰撞，动能不变，则

解得：
A、C碰撞后，对B有：

解得：
对A有：
解得：
设经过时间，A、B共速，则

解得：；
①从A被碰后到A、B刚好共速过程


所以此过程B相对A向右滑行：
当电场强度变为时，假设B、A减速时发生相对滑动，则对B有

解得：
对A有：
解得：
因为，故假设成立，A减速快，B将相对A向右滑动，直到都停止，此过程它们的位移分别为：


则此过程B相对A向右滑动：
因为
所以板长至少为
②整个过程中静电力对B做功

物体B的电势能变化量为：
联立解得：
即电势能减小了12J。
答：撤去变力F瞬间滑块C的速度大小为；
小物块B与木板A刚好共速时的速度为；
①木板A至少为；②整个过程中物块B的电势能变化量是。 

【解析】根据动量定理结合图像中图像与横轴围成的面积计算出滑块C的速度；
根据牛顿第二定律分析出物体的加速度，结合速度-时间公式计算出共同速度；
①根据运动学公式分析出物体的位移，结合最初的位置关系计算出木板A的最大长度；
②根据电场力的做功公式计算出电势能的变化量。
本题主要考查了带电粒子在电场中的运动，分析过程中主要涉及到了板块模型的应用，根据牛顿第二定律分析出加速度，结合运动学公式完成分析，分析的对象众多，过程繁杂，整体难度中等偏上。
 

13.【答案】BCD 

【解析】解：A、布朗运动是指悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动，它能够反映出液体分子的无规则运动，故A错误；
B、在南方的梅雨季节，湿衣服不容易晾干，这是相对湿度较大的缘故，故B正确；
C、两个分子距离变大的过程中，分子间斥力变化总是比引力变化快，故C正确；
D、一定质量的理想气体，在等压膨胀的过程中，其温度升高，分子平均动能一定增大，故D正确；
E、用打气筒给自行车打气时需要的力越来越大，这是由于轮胎内气体压强不断增大的缘故，故E错误；
故选：BCD。
布朗运动是指悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动，间接的反映了水分子的无规则运动；
梅雨季节，湿衣服不容易晾干，是相对湿度较大的缘故；
分子距离变大的过程中，分子间斥力变化的快，引力变化的慢；
等压膨胀，压强不变，体积增大，温度升高，分子的平均动能增大；
打气费力说明轮胎内的压强越来越高。
明确分子平均动能与温度的关系，知道布朗运动的概念，知道相对湿度的概念。
 

14.【答案】解：封闭气体初态压强
设玻璃管的横截面积为S，体积，温度
封闭气体末状态压强，体积
对封闭气体，由理想气体状态方程得：
解得：，即温度为
设空气柱的长度为H，对气体，由玻意耳定律得：
代入数据解得：
注入水银柱的长度：
答：封闭气体的温度为；
注入水银柱的长度为44cm。 

【解析】分析封闭的理想气体初末状态的参量，根据理想气体状态方程代入数据求解；
分析封闭的理想气体初末状态的参量，根据玻意耳定律完成解答。
本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，分析出气体初末状态的气体参量，结合理想气体状态方程代入数据完成计算。
 

15.【答案】ABD 

【解析】解：A、由图可知，从a点射出的光的折射率较小，从b点射出的光的折射率较大，根据折射率与光速的关系，可知在圆柱玻璃体中从a点射出的光的速度较大，所以a光束穿过玻璃柱体所需时间较短，故A正确；
B、根据蓝光折射率大于黄光可知，a光束是黄光，b光束是蓝光，故B正确；
C、由折射定律可知，玻璃对OM光束的折射率为，故C正确；
D、OM光束在该玻璃中传播的速度为，故D正确；
E、根据全反射公式，可知在相同介质中a光比b光的临界角大，故E错误；
故选：ABD。
由图可知，从M点射出的光的折射率较小，从N点射出的光的折射率较大，根据折射率与光速的关系，可知，从M点射出的光的速度较大。两束光穿过玻璃柱体的路程相等，速度不同，所需时间不相同。蓝光折射率大于黄光。由折射定律可求玻璃对OM光束的折射率。
本题考查光学的知识，要掌握折射定律，会利用求出光在介质中传播的速度。
 

16.【答案】解：由图像可得，该波波长为8m；
该波向x正方向传播，则P点的振动方向沿y轴正方向，P第一次到达波峰的时间为，得周期
由
解得：
由图像可得，该波振幅为10cm，若该波向x轴正方向传播，在内，质点Q完成了次振动
则经过的路程为：。
答：该列波的周期为；传播速度为；
内处的质点Q经过的路程为50cm。 

【解析】根据图像得出波长，根据P点达到波峰的时间结合位置特点得出周期，根据波长、周期和波速的关系计算出波速；
先计算出时间，根据时间和周期的关系，结合一个周期内质点的路程与振幅的关系完成计算。
本题主要考查了横波的图像，根据图像得出波长和振幅，结合波长、波速和周期的公式计算出波速，结合质点的振动路程与周期的关系完成分析。