2022-2023学年青海省海东市重点中学高二上学期期末模拟试卷物理试题

2022-2023学年高二上物理期末模拟试卷

注意事项：

1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2. 答题时请按要求用笔。

3. 请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4. 作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5. 保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 在光滑的水平面上做匀加速直线运动的物体，当它所受的合力逐渐减小而方向不变时，物体的（    ）

A. 加速度越来越大，速度越来越大 B. 加速度越来越小，速度越来越小

C. 加速度越来越小，速度越来越大 D. 加速度越来越大，速度越来越小

2. 如图是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b.则在这个过程中，电荷的速度一时间图线如图所示，请比较a、b两点电势的高低和场强的大小（    ）

A. ，  B. ，

C. ，  D. ，

3. 如图所示，电源电动势，内阻不计，，。先闭合电键S，电流达到稳定后，将电键S断开，这以后流过的总电量（    ）

A.  B.  C.  D.

4. 如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（    ）

A. 所受重力与电场力平衡 B. 电势能逐渐增加

C. 动能逐渐增加  D. 做匀变速直线运动

5. 某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知（    ）

A. 内的加速度为 B. 内的位移为10m

C. 第2s末与第3s末物体的位置相同 D. 第1s末与第5s末加速度方向相同

6. 一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向上。若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（    ）

A. 动能减少  B. 动能和电势能之和增加

C. 电势能增加  D. 重力势能和电势能之和减小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7. 图是用伏安法测电池的电动势、内阻画出的图像。下列说法中正确的是（    ）

A. 纵轴截距表示待测电源的电动势6.0V B. 横轴截距表示短路电流为0.5A

C. 待测电源内电阻为 D. 电流为0.3A时的外电阻是

8. 有一灵敏电流计，其表头内阻，满偏电流，以下说法正确的是（    ）

A. 把它改成量程为1.5V的电压表，应串联一个的电阻

B. 把它改成量程为1.0A的电流表，应并联一个的电阻

C. 把它改成量程为1.0A的电流表，测量某电流时读数为0.5A，此时流过表头的电流为

D. 把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，此时流过表头的电流为

9. 下列说法正确的是（    ）

A. 只有系统不受外力，这个系统才能动量守恒

B. 若小明用力推物体而没推动，则推力产生的冲量不为零

C. 质量越大，物体动量一定越大

D. 竖直抛出的物体上升到一定高度后又落回抛出点，不计空气阻力，则此过程中重力的冲量不为零

10. 如图所示，水平的平行金属板和直流电源相连，中间有一垂直纸面向外的匀强磁场，一带正电粒子（重力不计）以速度v向右飞入板间，恰能做匀速直线运动。仅改变以下某项条件时，物体仍然做匀速直线运动的有（    ）

A. 让粒子带负电  B. 让电源的正负极交换

C. 让金属板间距离增大  D. 让粒子所带电量增大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）在用电压表和电流表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电压表和电流表的内阻分别为和，如图所示为实验原理图及所需器件图。

（1）在图中画出连线，将器件按原理图连接成实验电路______。

（2）一位同学记录的6组数据见下表，试根据这些数据在表格中画出图象，根据图象读出电池的电动势______V，求出电池内阻______。

（3）若不作出图线，只选用其中两组U和I的数据，用公式列方程求E和r，这样做可能得出误差很大的结果，其中选用第______组和第______组的数据，求得E和r误差最大。

12.（12分）如图所示，是某同学测量电池的电动势和内阻的实验中得到的图线，则该电池的电动势为______V，内阻为______（结果保留两位有效数字）。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13.（10分）如图所示，把质量为0.5g的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为的小球B靠近它，当两小球在同一高度时且相距3cm，丝线与竖直方向夹角为45°，求小球B受到的库仑力大小F和小球A带的电量。（g取，）

14.（16分）如图所示，水平放置的光滑的金属导轨M、N，平行地置于匀强磁场中，间距为d，磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面垂直。金属棒ad的质量为m，放在导轨上且与导轨垂直。电源电动势为E，定值电阻为R，其余部分电阻不计，则当电键K闭合时。求：

（1）通过ad棒的电流I；

（2）ad棒受到的安培力F；

（3）ad棒的加速度a。

15.（12分）如图所示，两根平行光滑金属导轨MN和PQ放置在水平面内，其间距，磁感应强度的匀强磁场垂直轨道平面向下，两导轨之间连接的电阻，在导轨上有一金属棒ab，其电阻，金属棒与导轨垂直且接触良好，如图所示，在ab棒上施加水平拉力使其以速度向右匀速运动，设金属导轨足够长。求：

（1）金属棒ab产生的感应电动势；

（2）通过电阻R的电流大小和方向；

（3）水平拉力的大小F。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. C

【解析】物体在光滑的水平面上做匀加速直线运动，说明速度方向与加速度方向相同。当它所受的合力逐渐减小而方向不变时，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小而方向保持不变。加速度仍然保持与速度同向，所以速度仍然增加。故加速度越来越小，速度越来越大。故选C。

2. D

【解析】负电子从a运动到b，由速度时间图线得到负电荷做减速运动，故电场力向左，因负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向右，沿场强方向，电势降低，故；因为图线的斜率不变，故加速度不变，因此电场力不变，所以电场强度不变，即，D正确。

3. B

【解析】闭合电键S，稳定后电容器相当于开关断开，根据全电路欧姆定律得：

闭合电键S时，电容器两端的电压即两端的电压，为：

电键S断开后，电容器两端的电压等于电源的电动势，为，电容器的电压增大将充电，则通过的电荷量为：

故B正确，ACD错误；

故选B。

4. D

【解析】AD. 根据题意可知，粒子做直线运动，则电场力与重力的合力与速度方向同线，粒子做匀变速直线运动，因此A错误，D正确；

BC. 电场力和重力的合力水平向左，但是不知道粒子从左向右运动还是从右向左运动，故无法确定电场力做正功还是负功，则不确定粒子动能是增加还是减少，电势能减少还是增加，故BC错误。

故选D。

【点睛】考查根据运动情况来确定受力情况，带电粒子在场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动的性质，及根据电场力做功来确定电势能如何变化。

5. A

【解析】速度图象的斜率等于物体的加速度。速度的正负表示速度的方向，根据数学知识分析解答

【详解】根据速度图象的斜率等于物体的加速度，可知内的加速度大小，故A正确。内的位移为，选项B错误；从第2s末到第3s末物体做匀速运动，可知第2s末与第3s末物体的位置不相同，选项C错误；第1s末所在位置的图象斜率为正值，第5s末的所在位置的图象斜率为负值，所以第1s末与第5s末的加速度方向相反，故D错误。故选A。

【点睛】解答速度时间图象问题，关键抓住：（1）速度的正负表示物体速度的方向；（2）面积的正负表示物体位移的方向；（3）图象的斜率等于物体的加速度

6. D

【解析】A. 由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，故从a到b的运动过程中合外力做正功，动能增加，选项A错误；

B. 从a到b的运动过程中，根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变；从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，选项B错误；

C. 由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，则带电油滴所受重力小于电场力，从a到b的运动过程电场力做正功，电势能减小，选项C错误；

D. 根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，选项D正确。

故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7. AD

【解析】A. 当电路电流为零时，即断路时，电源两端的电压等于电源电动势，即图中的纵截距表示电源的电动势，故为6.0V，A正确；

B. 从图中可知纵坐标不是从零开始的，所以横轴截距不表示短路电流，B错误；

C. 根据图像斜率表示电源内阻，电源内电阻

C错误；

D. 电流为0.3A时路端电压为5.4V，所以外电阻

D正确。

故选AD。

8. CD

【解析】A. 改装成电压表要串联电阻分压，串联阻值为

故A错误；

B. 改装成电流表要并联分流，并联阻值

故B错误；

C. 把它改成量程为1.0A的电流表，用它去测量某电流时读数为0.5A，则指针正好是满偏的一半，即为，故C正确；

D. 把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，指针正好是满偏，所以此时流过表头的电流为，故D正确。

故选CD。

【点睛】改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为，I为改装后的量程；电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为，U为改装后的量程。

9. BD

【解析】A. 当系统不受外力或者合外力为零时，系统动量守恒，故A错误；

B. 根据冲量的定义

可知小明用力推物体而没推动，但推力和时间都不为零，故推力产生的冲量不为零，故B正确；

C. 根据

可知物体的动量与物体的质量和速度都有关，所以质量越大，物体动量不一定越大，故C错误；

D. 由B选项分析可知物体从抛出到落回抛出点过程中重力和时间均不为零，故此过程中重力的冲量不为零，故D正确。

故选BD。

10. AD

【解析】A. 带正电粒子恰能做匀速直线运动，则。粒子带负电，电场力与洛伦兹力大小仍相等，方向都与相反，粒子仍然做匀速直线运动的，故A正确；

B. 让电源的正负极交换，正粒子受到的电场力与洛伦兹力都向下，粒子将向下偏转，故B错误；

C. 当板间距离增大时，根据，场强变小，，粒子运动轨迹偏向下极板，故C错误；

D. 粒子所带电量增大，只要速度不变，仍满足，粒子仍然做匀速直线运动的，故D正确。

故选：AD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11. ①见解析   ②1.46   ③0.71  ④3   ⑤4

【解析】（1）按照实验原理图将实物图连接起来，如图甲所示。

（2）根据U、I数据，在方格纸坐标上找点描迹。如图乙所示，然后将直线延长，交U轴于，此即为电源电动势；交I轴于，注意此时，由闭合电路欧姆定律得

则

（3）由图线可以看出第4组数据点偏离直线最远，若取第3组和第4组数据列方程组求E和r，相当于过图中3和4两点作一直线求E和r，而此直线与所画的直线偏离最大，所以选用第3组和第4组数据求得的E和r误差最大。

12. ①1.5  ②0.83

【解析】电源的图象与纵坐标交点的纵坐标轴是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻

【详解】由图可知，图象与纵轴的交点坐标值是1.5，则电源的电动势为；

电源内阻；

【点睛】测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13. ；

【解析】根据题意可知，小球A处于平衡状态，分析小球A受力情况如图所示

①

代入数据解得：，根据牛顿第三定律可知，小球B受到的库仑力大小

由①式可知：

代入数据解得：

答：；

14.（1）  （2）  （3）

【解析】（1）根据欧姆定律得：

（2）安培力：

而：

联立解得：

（3）由牛顿第二定律得：

15.（1）  （2），从M通过R流向P  （3）

【解析】（1）设金属棒中感应电动势为E，则：

代入数值得

（2）设过电阻R的电流大小为I，则：

代入数值得

由右手定则可得，通过电阻R的电流方向从M通过R流向P

（3）棒受到的安培力为：，ab棒匀速直线运动拉力等于安培力则：