浙江省杭州外国语学校2021-2022学年八年级上学期期末物理试题

这是一份浙江省杭州外国语学校2021-2022学年八年级上学期期末物理试题，共24页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年浙江省杭州外国语学校八年级（上）期末物理试卷
一、选择题
1．（2分）放有适量水的烧杯置于水平桌面上。将一木块浸没到水中一定深度后撤去外力，木块开始上浮，如图所示，最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面。下列叙述中，正确的是（　　）

A．在露出水面之前，木块所受浮力增大
B．木块的密度为0.6克/厘米3
C．木块在浸没和漂浮两种情况下，水对烧杯底的压强不相同
D．当木块漂浮时，向水中一直加入食盐，木块排开液体体积一直变小
2．（2分）如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下，从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动。上升到离水面一定的高度处，图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象。根据图象信息，下列判断正确的是（　　）

A．该金属块重力的大小为136N
B．浸没在水中的金属块受到的浮力大小是136N
C．该金属块的密度是7.8×103kg/m3
D．在t1至t2时间段金属块在水中受到的浮力逐渐增大
3．（2分）如图家庭电路连接正确，各元件均正常，有关说法正确的是（　　）

A．洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是串联的
B．闭合开关时，人站在干燥木凳上接触B点肯定会触电
C．闭合开关时，皮肤干燥的人接触C点一般不会触电
D．断开开关时A、B两点都能使测电笔氖管不发光
4．（2分）如图所示，将苹果和梨子放入水中后，苹果漂浮，梨子沉底。若苹果的质量、体积及受到的浮力为m1、V1和F1，梨子的质量、体积及受到的浮力为m2、V2和F2，现有以下判断，正确的是（　　）
（1）若m1＞m2，则F1一定小于F2
（2）若m1＝m2，则F1一定大于F2
（3）若V1＝V2，则F1一定小于F2
（4）若V1＞V2，则F1一定大于F2

A．（1）（3） B．（1）（4） C．（2）（3） D．（2）（4）
5．（2分）有甲、乙两个溢水杯，甲溢水杯盛满酒精，乙溢水杯盛满某种液体，将一个不吸水的小球轻轻放入甲溢水杯中，小球浸没在酒精中，溢出酒精的质量是80g；将小球从甲溢水杯中取出擦干，轻轻放入乙溢水杯中，溢出液体的质量是80g，小球露出液面体积与浸入液体中体积之比为1：4．已知ρ酒精＝0.8×103kg/m3，下列说法中正确的是（　　）
A．小球静止于甲溢水杯的底部
B．小球的体积是80cm3
C．液体的密度是1.0×103kg/m3
D．小球的密度是0.9×103kg/m3
6．（2分）科技兴趣小组在实验室做“流体压强与流速关系”的演示实验：图甲所示的是由粗细不同的三节塑料管A、B、C连接而成的装置，三节管中分别接有三个相同传感器的探头，传感器与电脑相连。现将抽气机与C管右端相连后开始抽气，电脑绘制出的三节管中的气体压强随时间变化的p﹣t图象如图乙所示。则下列描述正确的是（　　）

A．实验室的大气压为标准大气压
B．抽气过程中，三节管中的气体流速相同
C．曲线①是A管中的气体压强随时间变化图
D．0～4s，C管中的气体压强变化最大
7．（2分）如图所示，是托里拆利实验的规范操作过程。关于托里拆利实验，下面说法错误的是（　　）

A．实验中玻璃管内水银面的上方有少量空气
B．是大气压支持玻璃管内这段水银柱不会落下
C．大气压的数值等于这段水银柱产生的压强
D．玻璃管倾斜不影响实验测量结果
8．（2分）下列分析中不正确的是（　　）

A．甲图试管内水沸腾后，撤掉酒精灯，向外拉动注射器活塞，水又沸腾了，说明水的沸点与气压有关
B．乙图中高压锅是根据气压越高沸点越低的原理制成的
C．丙图里从倒置的漏斗口用力吸气或向下吹气，乒乓球都不会掉下
D．丁图提供的信息说明大气压强是天气预报的重要气象要素之一
9．（2分）如图是“静电章鱼”实验，用比塑料易失去电子的毛皮分别摩擦塑料丝和塑料管，然后把塑料丝往空中抛出后将塑料管放在下面，此时塑料丝静止在空中形状像章鱼。下列分析正确的是（　　）

A．塑料丝与塑料管带异种电荷后吸附在一起
B．塑料丝间带同种电荷相互排斥而呈章鱼状
C．塑料管经毛皮摩擦得到电子后带正电
D．塑料管得到的电子数等于毛皮两次失去的电子总数
10．（2分）使用电风扇时，有时候因为忘记断开风扇开关S而浪费能源。小宁在父母指导下对风扇电路进行了改装：加装一个红外感应开关S1和指示灯L。加装后，若S断开，指示灯和风扇都不工作；当S闭合时，L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，S1才闭合，风扇工作。小宁设计的电路图可能是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2分）如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数。若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（　　）

A．灯L短路 B．灯L断路
C．变阻器R短路 D．变阻器R断路
12．（2分）如图甲所示，电源电压恒为6V，R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图乙所示，R0是阻值为10Ω的定值电阻，闭合开关S，通过分析，下列说法错误的是（　　）

A．图甲中的R有保护电路的作用
B．温度升高时，电压表的示数会变小
C．温度为40℃时，电流表的示数为0.2A
D．温度降低时，电压表与电流表示数的比值变小
13．（2分）某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（　　）

A．该同学研究的是电流和电压的关系
B．实验中电压表的示数保持0.5伏不变
C．滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧
D．将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移
14．（2分）如图是小科利用实验室常用仪器，设计测量未知电阻Rx阻值的四种电路，电源电压恒定且未知，R0是已知阻值的定值电阻，滑动变阻器R最大阻值未知，实验中只能闭合或断开开关及移动滑动变阻器滑片，其中能够测量出Rx阻值的电路（　　）

A．只有① B．只有② C．只有②③ D．只有②③④
15．（2分）如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S1、S2，两电表均有示数。若断开开关S2，则（　　）

A．电流表的示数变大，电压表的示数变小
B．电流表的示数变小，电压表的示数变大
C．电流表和电压表的示数都变小
D．电流表和电压表的示数都变大
16．（2分）将如图所示完好的接线板连入家庭电路中，闭合开关S，指示灯发光。再将台灯插入接线板上的插座，台灯与指示灯都能发亮。则（　　）

A．该接线板的连接线内只有火线和零线两根导线
B．台灯与指示灯串联，并受开关S控制
C．台灯与指示灯并联，开关S在干路上
D．该接线板上有5个插孔会使检测的测电笔氖管发光
二、非选择题
17．（2分）一个长方体木块通过细线与空杯底部相连，先置于空杯的底部（不粘连），如图甲所示；再缓慢注入水，使得木块上浮，最终停留在水中，如图乙所示。已知木块所受浮力的大小随杯中水的深度变化如图丙所示，可知在图象的AB段，细线 　 　（选填“有”或“没有”）拉力，可求出木块的密度为 　 　kg/m3。（水的密度ρ＝1.0×103kg/m3；g＝10N/kg）

18．（2分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则电源电压为　 　V，R2的最大阻值为　 　Ω。

19．（3分）某实验小组做“测定一组电阻R1、R2、R3的阻值”的实验，电路图如图甲所示。已知电阻R1约为2欧，电阻R2约为5欧，电阻R3约为20欧。该实验供选用的器材有：
A、电源（电压恒定9伏） B、电流表（量程0～0.6安）
C、电压表（量程0～3伏） D、开关、导线若干
E、滑动变阻器（最大电阻10欧，额定电流1.5安） F、滑动变阻器（最大电阻20欧，额定电流1.5安）
G、滑动变阻器（最大电阻60欧，额定电流0.6安） H、滑动变阻器（最大电阻70欧，额定电流0.1安）

（1）为了测定R1、R2、R3的阻值，实验中应选用的滑动变阻器是　 　（填字母编号）。
（2）根据实验电路图，请在答题纸上用划线当导线完成实物图乙的连接。
（3）某次实验中，实验操作正确，电流表的示数和电压表的示数如图丙所示，则电阻两端的电压为　 　伏，电阻的阻值为　 　欧。
20．（3分）如图是电热毯示意图，虚线表示毯内电热丝，它的某处已断开，但外表又无法看出．某同学做了如下检测：
（1）将5枚大头针分别插在图中a、b、c、d、e处，使之与电热丝接触；
（2）将插头与3V电源相联，用电压表分别测得Uab＝3V，Uac＝3V，Uad＝3V，Ubc＝0V，Ued＝3V，由此便确定了断点区域；用以上相同的方法逐渐缩小断点范围，找出断点位置。请回答：
①这几枚大头针相当于 　 　；②根据实验，请分析断电区域在 　 　？

21．（3分）如图是兴趣小组利用空心圆柱形塑料管制作成的一个液体密度计，已知空管的质量为2g。其工作原理是：将空管竖直漂浮于水中，则与水面相平的位置就确定为密度计的0刻度线。测量某种液体密度时，规定管中倒入2mL待测液体（如图），再将管子漂浮于水中，可以直接读取与水面相平的刻度作为待测液体的密度值。
（1）在确定0刻度线时，让空管竖直漂浮于水中，则此时空管排开水的体积为 　 　cm3。
（2）若测量过程中，由于读数时视线错误，实际向空管中倒入待测液体的体积小于2mL。则将导致测量值 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
（3）为了增大该密度计的精确度，下列方法可行的是 　 　。（可多选）
A.增加烧杯中水的质量
B.将烧杯中水改为密度更小的液体
C.使用管径较细的空心管
D.将规定的2mL待测液体的数值增加

22．（3分）电加热眼罩对缓解眼疲劳有一定效果。小明查阅一款市场上的电加热眼罩使用说明书，其相关参数如表。
型号
***
额定充电电压
4.8V
充电电流
500mA
（1）据表，该电加热眼罩充电时的内部总电阻是 　 　Ω。
（2）图甲是小明设计的可以手动调节加热的电热眼罩原理图。若要将该电路改装成R1和R2的并联电路，则小明该如何操作？　 　。
（3）小明还想设计一个开关外观如图乙所示的电热眼罩，可通过“手动金属旋转滑片”连续微调加热，其电路设计要求：①电阻忽略不计的金属旋转滑片OP能起到开关通断的作用，不能出现短路；②滑片OP顺时针旋转时电流表的示数增大（即升温）。下列符合以上设计要求的电路是 　 　。
A.B.C.D.
23．（6分）阿根廷工程师设计了一款新型家用电梯，该电梯外形是长圆筒，升降过程不使用线缆，而是靠气压驱动。需要上楼时，抽气泵启动，抽走顶部空气，此时底部与顶部就会形成气压差，底部空气推动电梯室往上升，需要下楼时，顶部充气，气压增大，使电梯往下降。底部高压区始终与外界连通，外界大气压为1×105Pa，电梯室质量为100kg，电梯室与圆筒壁之间的摩擦力为200N，底部和顶部面积均为0.9m2．（g＝10N/kg）

（1）气压差形成的压力差为多少N，可使空载的电梯匀速上升？
（2）若质量为60kg的人乘电梯匀速上升，则顶部低压区的气压为多大？
（3）抽气机最多能把低压区的气压降到9.5×104Pa，则该电梯匀速下降时能装载的物体的最大质量是多少？

24．（6分）如图甲所示是一种水箱水位测量装置示意图。电源电压为12伏保持不变，R0是阻值为20欧的定值电阻，R1是长20厘米、阻值是40欧的电阻丝，滑片P把电阻丝与轻质弹簧的指针连在一起。圆柱体M长80厘米，底面积为250厘米2。当水位处于最高处时，M刚好浸没在水中，滑片P恰好在R1的最上端。轻质弹簧阻值不计，弹簧的伸长长度ΔL始终与受到的拉力F成正比，如图乙所示。
（1）当水位下降时，电路中电流表的示数 　 　（选填“增大”或“减小”）。
（2）当水位处于最高处时，电流表的示数为多少？
（3）当水位下降，电压表示数为6伏时，圆柱体露出水面部分的长度为多少厘米？

2021-2022学年浙江省杭州外国语学校八年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1．【解答】解：A、木块上浮过程中，露出水面前，水的密度一定，排开水的体积不变，根据公式F浮＝ρ水gV排可知，木块所受浮力不变；故A错误；
B、木块最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面，则根据漂浮条件可得：F浮＝G木；
结合阿基米德原理和重力公式可得：ρ水gV排＝ρ木gV木，
所以，ρ木＝ρ水＝×1.0g/cm3＝0.4g/cm3；故B错误；
C、因木块浸没时排开水的体积大于木块漂浮时排开水的体积，
所以，木块浸没时水的深度大于木块漂浮时水的深度，
根据p＝ρ水gh可知，木块浸没时水对烧杯底的压强较大；故C正确；
D、根据漂浮条件可得：F浮＝G木；
结合阿基米德原理和重力公式可得：ρ盐水gV排＝G木，
所以，V排＝，
向水中加入食盐，盐水的密度增大，但当盐水溶液饱和后，再加盐盐水溶液的密度保持不变，
因此当木块漂浮时，向水中一直加入食盐，木块排开液体体积先变小后不变，故D错误。
故选：C。
2．【解答】解：
A、当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，
则由图可知，该金属块重力为：G＝F拉＝156N，故A错误。
B、当金属块未露出液面时，即为图中的AB段，从图可知，此时绳子的拉力为136N，
则浸没在水中的金属块受到的浮力大小为：F浮＝G﹣F拉＝156N﹣136N＝20N，故B错误；
C、因为F浮＝ρ水V排g，所以金属块排开水的体积（金属块的体积）：
V金＝V排＝＝＝0.002m3，
由G＝mg可得金属块的质量为：m＝＝＝15.6kg，
金属块的密度为：ρ金＝＝＝7.8×103kg/m3．故C正确；
D、从图可知，在t1至t2时间段内绳子的拉力逐渐变大，由公式F浮＝G﹣F拉可知，金属块受到的浮力逐渐变小，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是并联的，洗衣机和电灯都能正常工作，并且互不影响，故A错误；
B、闭合开关时，当人站在干燥的木凳上一只手单接触B点，由于木凳绝缘，故不会形成电流，此种情况下人不会触电，故B错误；
C、闭合开关时，皮肤干燥的人接触C点，不会形成电流，此种情况下人不会触电，故C正确；
D、断开开关，用试电笔接触A、B两点，A与火线相连，氖管发光，B与零线相连，氖管不发光，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：
由于苹果漂浮，梨子沉底，则根据浮沉条件可知：
F1＝G1＝m1g，F2＜G2＝m2g，
（1）若m1＞m2，则F1＞F2；
（2）若m1＝m2，则F1＞F2；
由于苹果漂浮，梨子沉底，则：
V排1＜V1，V排2＝V2，
由于都是浸在水中，根据F浮＝ρ水gV排可知：
（3）若V1＝V2，则F1＜F2；
（4）若V1＞V2，则V排1与V排2的大小不能比较，所以，F1不一定大于F2。
由此分析可知（2）（3）正确。
故选：C。
5．【解答】解：
A、由题意知小球放入乙液体中处于漂浮状态，则：F浮乙＝G球＝G排液，可得小球质量：m＝m排＝80g；
则小球的重力G球＝mg＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
小球浸没在酒精中时，由阿基米德原理可知小球受到的浮力F浮甲＝G排酒精＝m排酒精g＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
则F浮甲＝G球，所以小球在甲溢水杯（在酒精中）处于悬浮状态，故A错误；
B、由题知，小球浸没在酒精中，则小球的体积就等于排开酒精的体积，
由ρ＝可得小球的体积：
V＝V溢酒精＝＝＝100cm3；故B错误；
C、因为小球在乙液体中漂浮，所以小球受到的浮力：F浮乙＝G球，
由阿基米德原理和G＝mg＝ρVg可得：ρ液V排g＝ρ液×Vg＝mg，
所以，ρ液×100cm3＝80g，
解得液体的密度：
ρ液＝1g/cm3＝1.0×103kg/m3；故C正确；
D、小球的密度ρ球＝＝＝0.8g/cm3＝0.8×103kg/m3；故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：
A、观察p﹣t图象可知，开始抽气前大气压为101.4kPa，即实验室的大气压为101.4kPa，比标准大气压101.3kPa略大，故A错误；
B、在图甲的装置中，当用抽气机抽气时，在同一时间内，通过每个管子的气体总量相同，细管内气体流速比粗管内气体流速大，所以A管内的气体流速最大，B管内的气体流速次之，C管内的气体流速最小，故B错误；
CD、因为A管内的气体流速最大，B管内的气体流速次之，C管内的气体流速最小，所以由流体压强与流速的关系可知，一段时间后C管内气体压强最大，B管次之，A管最小；而原来3个管子中气体压强相同，所以0～4s内C管中的气体压强变化最小，A管中的气体压强变化最大，故D错误；
由图像可知，在相等的时间内，③的压强变化最小，①的压强变化最大，故可判断曲线①是A管中的气体压强随时间变化图象，故C正确。
故选：C。
7．【解答】解：A、实验中玻璃管内水银面的上方是真空，故A错误；
B、玻璃管内水银柱不会落下是靠大气压支持，故B正确；
C、玻璃管内水银柱不会落下是靠大气压支持，大气压的数值等于这段水银柱产生的压强，故C正确；
D、实验时，玻璃管如果倾斜会使长度增加，但高度不变，不影响实验测量结果，故D正确。
故选：A。
8．【解答】解：A、甲图试管内水沸腾后，撤掉酒精灯，向外拉动注射器活塞，降低试管内的气压，水的沸点降低，水会重新沸腾，说明水的沸点与气压有关，故A说法正确；
B、因为水的沸点随气压的增大而升高，煮食物时高压锅内的气压比普通锅内的气压高，所以高压锅内水的沸点高，饭菜熟的快，高压锅是根据气压越高沸点越高的原理制成的，故B说法错误；
C、从漏斗口向下用力吹气或吸气时，乒乓球上部空气流速大、压强小，而乒乓球下部空气流速小压强大；吹气或吸气时，乒乓球上方空气流速大压强小。这样在乒乓球的上、下部都会产生一个向上的压力差，从而托起乒乓球，乒乓球都不会掉下，故C说法正确；
D、大气压是天气预报的重要气象要素之一，故D说法正确。
故选：B。
9．【解答】解：A、塑料丝和塑料管带同种电荷，同种电荷相互排斥，故A错误；
B、因为塑料丝之间相互排斥，所以塑料丝间带了同种电荷，故B正确；
C、因为毛皮易失去电子，所以它与塑料管摩擦后，塑料管会得到电子而带负电，故C错误；
D、由电荷守恒定律可知塑料管得到的电子等于毛皮和它摩擦一次所失去的电子，故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：加装一个红外感应开关S1和指示灯L，当S闭合时，L工作，此时当红外感应装置感应到有人时，S1才闭合，风扇工作，这说明L与电动机是并联的，开关S1控制电动机，若S断开，指示灯和风扇都不工作，则开关S控制整个电路；故该电路中S接在干路中，灯泡与电动机并联，开关S1与电动机在一条支路中，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：A、灯泡L短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意，故A错；
B、灯泡L发生断路，灯不亮，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，不符合题意，故B错；
C、变阻器短路，灯亮，电压表和电流表都有示数，不符合题意，故C错；
D、变阻器断路，灯不亮，电流表和电压表都无示数，符合题意，故D正确。
故选：D。
12．【解答】解：由电路图可知，热敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、由图乙可知，温度升高时R的阻值变小，如果电路中没有R0，当温度过高时，R的阻值过小，会造成电路中的电流过大，烧坏电流表和电源，所以R0有保护电路的作用，故A正确；
B、由图乙可知，温度升高时R的阻值变小，由串联电路的分压特点可知，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；
C、由图乙可知，温度为40℃时，R＝20Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以电流表的示数：I＝＝＝0.2A，故C正确；
D、由图乙可知，温度降低时，R的阻值变大，根据R＝可知，电压表与电流表示数的比值等于R的阻值，则该比值变大，故D错误。
故选：D。
13．【解答】解：
A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A错误；
B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制Rx两端的电压不变（即电压表示数不变）；
由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：U＝IRx＝0.5A×5Ω＝……0.1A×25Ω＝2.5V，即电压表保持2.5伏不变，故B错误；
C、由图乙知，电流最大为0.5A时，对应的电阻为5Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：
R滑1＝R总﹣R1＝﹣R1＝﹣5Ω＝1Ω；
由图乙知，电流最小为0.1A时，对应的电阻为25Ω，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：
R滑2＝R总′﹣R2＝﹣R2＝﹣25Ω＝5Ω；
所以，滑动变阻器阻值变化范围为1欧～5欧，故C正确；
D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于2.5V）；
探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为2.5V，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故D错误。
故选：C。
14．【解答】解：
①根据图可知，S接1和2时，通过电压表的电流的方向会发生变化，电压表的指针会反向偏转，无法读取电压表的示数，故①不可行；
②根据图可知，闭合S1、S2，电压表测量电源的电压U；只闭合开关S1，两只电阻串联，电压表测量Rx两端电压为Ux；根据串联电路的电压关系可知，定值电阻两端的电压为：U0＝U﹣Ux；此时电路中的电流为：I＝，根据串联电路的电流关系可知，通过Rx的电流为I＝，则根据Rx两端的电压和电流可以求出Rx阻值，故②可行；
③闭合S1、S2时，电路是只有Rx的基本电路，电流表测量通过Rx的电流Ix；闭合S1、断开S2，两电阻串联，电流表测电路中电流I；根据电源电压不变列式I（R0+Rx）＝IxRx可求出Rx的阻值，故③可行；
④闭合S1，S接2时，R0和R串联接入电路中，把R的阻值调到0，根据电流表的示数和定值电阻的阻值可以求出电源电压U；闭合S1，S接1时，Rx和R串联接入电路中，把R的阻值调到0，读出电流表的示数，根据电流表示数和电源电压，利用R＝可以求出Rx的阻值，故④可行。
故选：D。
15．【解答】解：由图可知，当两个开关都闭合时，电阻R1被短路了，电路中只有R2，电压表测的是电阻R2两端电压，即电源电压U（因为电路中只有电阻R2，所以电阻R2两端电压就是电源电压），电流表的示数为：I＝；
若断开开关S2，则电阻R1与R2是串联，此时电压表与电阻R2并联，测的是R2两端的电压U2，电流表的示数为：I′＝。
根据串联电路电压规律可知，U2＜U，所以电压表的示数变小了；
因为串联时的总电阻大于各串联电阻，根据欧姆定律可知，在电源电压一定时，电流与电阻成反比，所以I′＜I，即电流表的示数变小了。
故选：C。
16．【解答】解：A、根据图示可知，该插头为三脚插头，因此相连的线有火线、零线和地线，故A错误；
BC、开关控制台灯和指示灯，而台灯和指示灯互不影响，因此台灯与指示灯并联，开关S在干路上，故B错误，C正确；
D、从接线板上可以看出，两个三孔插座，两个两孔插座，因此一共有四个插孔与火线相连，即四个插孔能使测电笔氖管发光，故D错误。
故选：C。
二、非选择题
17．【解答】解：经分析，由图象知，AB段木块漂浮，漂浮时木块受到的浮力等于重力，此过程中，细线未拉直，所以细线对木块没有拉力，
木块的重力：G＝F浮＝1.6N；
CD段木块浸没，此时木块受到的浮力：F浮′＝2N，
根据阿基米德原理可得，木块的体积：
V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3，
根据G＝mg和ρ＝可得，木块密度：
ρ木＝＝＝＝0.8×103kg/m3。
故答案为：没有；0.8×103。
18．【解答】解：
由甲图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电阻最小，电流最大，由图乙可知I1＝0.6A，
根据欧姆定律可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.6A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知，I2＝0.2A，U2＝2V，
滑动变阻器的最大阻值：
R2＝＝＝10Ω；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U＝I2R1+U2＝0.2A×R1+2V，
电源的电压不变，
0.6A×R1＝0.2A×R1+2V，
解得：R1＝5Ω，
电源的电压U＝0.6A×R1＝0.6A×5Ω＝3V。
故答案为：3；10。
19．【解答】解：（1）已知电源电压为9V，电压表的量程为0～3V，所以要串联一个滑动变阻器来限流分压。而至少要分6V的电压。
是电阻两端最大电压的2倍，所以滑动变阻器的最小电阻应为电阻的2倍。又电阻R3约为20欧，所以滑动变阻器的最大阻值至少为40Ω．所以应选G或H，但H允许通过的最大电流太小，所以只能选G。
（2）根据图示将电压表并联在电阻两端，注意其量程和正负接线柱的接法，滑动变阻器已接了下面一个接线柱，所以还需接上面一个接线柱。
（3）由图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以其示数为0.4A，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以其示数为2V。
R＝＝＝5Ω
故答案为：（1）G；（2）；（3）2；5。
20．【解答】解：①由题意可知，插入大头针，是为了方便电压表测量电热丝某两点之间的电压，所以这几枚大头针相当于接线柱；
②电路中没有电流，当电压表有读数时，说明这两个接线柱是在断点的两侧的，当电压表没有读数时，说明这两个接线柱是在断点的一侧，Ued＝3V，说明e、d在断点的两侧，即断电区域在ed之间。
故本题答案为：①接线柱；②ed之间。
21．【解答】解：（1）已知空管的质量为m管＝2g＝2×10﹣3kg，空管的重力：G管＝m管g＝2×10﹣3kg×10N/kg＝0.02N，当空管竖直漂浮于水中时，空管受到的浮力等于空管的重力为0.02N，故根据阿基米德原理F浮＝ρ水gV排可得：
V排＝＝＝2×10﹣6m3＝2cm3
（2）根据V＝可知，取相同体积的被测液体，若被测液体的密度越大，液体的质量就越大，由G＝mg液体的重力就越大，由漂浮则空心圆柱形塑料管受到的浮力就越大，因此排开水的体积就越多，与水面相平的位置就越靠上，所以这个密度计上面的刻度值比下面的刻度值大。由此可知若向空管中倒入待测液体的体积小于2mL时，液体的质量就会变小，重力就变小，空心圆柱形塑料管受到的浮力就变小，排开水的体积变小，所以与水面相平的地方就靠下一些，因此将导致测量值偏小；
（3）A、增加烧杯中水的质量，无法增大密度计的准确度，故A错误；
B、如果将烧杯中水改为密度更小的液体，不同密度的液体放入塑料管中进行测量时，塑料管排开液体的体积变化就会比较明显，因此这样可以提高准确度，故B正确；
C、如果使用管径较细的空心管时，排开水的体积变化相同时，液柱的高度变化就会比较明显，因此这样可以提高准确度，故C正确；
D、将规定的2mL待测液体的数字增加，则待测液体的质量就会增大，受到的重力就会增大，塑料管受到的浮力相应增大，这样对于不同液体塑料管排开水的体积变化会比较明显，因此这样可以提高准确程度，故D正确。故选：BCD。
故答案为：（1）2；（2）偏小；（3）BCD。
22．【解答】解：（1）根据欧姆定律此时电阻为R＝＝＝9.6Ω；
（2）要使两电阻并联应该闭合S1、S2，再将S3接b；
（3）A、当滑片到达B点时电源短路，不合题意。故A错误；
B、滑片顺时针转动时，电阻增大，根据I＝此时总电流减小，所以是降温，不合题意，故B错误；
C、滑片顺时针转动时，电阻减小，根据I＝此时总电流增大，所以是升温，且不会短路，故C正确；
D、当滑片在关闭档时，此时电路中仍然有电流，不合题意，故D错误。
故答案为：（1）9.6Ω；（2）S1、S2，S3接b；（3）C。
23．【解答】解：（1）空载的电梯匀速上升时受到竖直向下的重力和竖直向下的摩擦力和竖直向上的大气压力的差，
所以重力和摩擦力两者之和就是气压差形成的压力差，即F＝G+f＝mg+f＝100kg×10N/kg+200N＝1200N；
（2）人和电梯的总重力：G＝（m0+m人）g＝（100kg+60kg）×10N/kg＝1600N；
人乘电梯匀速上升时，受到竖直向下的重力、竖直向下的摩擦力、竖直向上的大气压力的差，
故气压差：F1＝G+f＝1600N+200N＝1800N，
设顶部低压区的压强为P1，则气压差产生的向上的压力为F1＝（p0﹣p1）S＝（1×105Pa﹣p1）×0.9m2＝1800N，
则顶部低压区的气压：p1＝9.8×104Pa；
（3）电梯匀速下降时，受到竖直向下的重力、竖直向上的摩擦力、竖直向上的压力，
电梯受到的向上的压力为F2＝（p0﹣p2）S＝（1×105Pa﹣9.5×104Pa）×0.9m2＝4500N；
电梯匀速下降，摩擦力方向向上，G总＝F2+f＝4500N+200N＝4700N；
总质量为：m总＝＝＝470kg；
则下降时能装载的物体的最大质量为：m2＝m总﹣m0＝470kg﹣100kg＝370kg。
答：（1）气压差形成的压力差为1200N，可使空载的电梯匀速上升；
（2）若质量为60kg的人乘电梯匀速上升，则顶部低压区的气压为9.8×104Pa；
（3）抽气机最多能把低压区的气压降到9.5×104Pa，则该电梯匀速下降时能装载的物体的最大质量是370kg。
24．【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当水位下降时，圆柱体M排开水的体积减小，受到的浮力减小，滑片P向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大；
（2）当水位处于最高处时，滑片P恰好在R1的最上端，滑动变阻器接入电路的电阻为最大值40Ω，
由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R＝R0+R1＝20Ω+40Ω＝60Ω，
由I＝可知，此时电路中的电流：I＝＝＝0.2A；
（3）当水位下降，电压表示数为6伏时，由串联电路的电压特点可知，此时R0两端的电压：U0'＝U﹣U1'＝12V﹣6V＝6V，
由I＝可知，此时通过R0的电流：I0＝＝＝0.3A，
由串联电路的电流特点可知，通过R1的电流：I1＝I0＝0.3A，
则滑动变阻器接入电路中的电阻：R1'＝＝＝20Ω，
由R1是长20厘米、阻值是40欧的电阻丝可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻丝的长度：L＝×20cm＝10cm，
由题意可知，此时弹簧的下端下降了ΔL＝20cm﹣10cm＝10cm，
由乙图图象可知，当ΔL＝10cm时，弹簧受到的拉力增大了ΔF＝100N，即圆柱体M受到的浮力减小了ΔF浮＝100N，
由ΔF浮＝ρgV排可知，圆柱体M浸入液体的体积减小了ΔV＝＝＝0.01m3＝10000cm3，
所以圆柱体M浸入液体的深度减小了Δh＝＝＝40cm，即圆柱体露出水面部分的长度为40cm。
故答案为：（1）增大；
（2）当水位处于最高处时，电流表的示数为0.2A；
（3）当水位下降，电压表示数为6伏时，圆柱体露出水面部分的长度为40cm。
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