浙江省湖州市吴兴区2019-2020学年八年级上学期期末物理试题

这是一份浙江省湖州市吴兴区2019-2020学年八年级上学期期末物理试题，共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年浙江省湖州市吴兴区八年级（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共48分．每小题3分，只选一个最符合题意的选项）1．（3分）下列四组物体中，都属于绝缘体的一组是（　　）A．陶瓷、玻璃球、塑料 B．水银、矿泉水、植物油 C．碳棒、硬币、大地 D．铅笔芯、人体、陶瓷2．（3分）英国知名摄影师凯莱布•查兰最擅长的就是将看不见的科学原理变成艺术，他的作品《回归灯光》系列，使用水果和蔬菜为LED灯供电，让人惊叹不已。下列有关说法错误的是（　　）A．发光二极管是电路中的用电器 B．把水果和蔬菜串联起来可以提高电压 C．LED灯在发光时，导线中的电子在做无规则运动 D．水果和蔬菜在这里扮演了“电源”的角色3．（3分）如图甲，当开关S从2转到1时，根据电流表和电压表对应的示数，U﹣I坐标系中描绘了相对应的点，如图乙，有关判断正确的是（　　）A．电源电压为8V B．R2的阻值为10Ω C．R1的阻值为20Ω D．S接2时通过R2的电流为0.2A4．（3分）对流层是大气层中与人们生活生产最密切的一层，人类就生活在对流层的底部，承受着大气对我们的压强﹣﹣大气压。下列有关叙述中错误的是（　　）A．如果把手掌摊开，大气对手掌上表面的压力大约有1800N B．对流层中大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压也越大 C．对流层的对流运动明显，主要的天气现象都出现在这一层中 D．大气压不仅随高度而发生变化，同时还受天气、季节等因素的影响5．（3分）汽车装有安全带未系提示系统，当乘客坐在副驾驶座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起，蜂鸣器工作；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，蜂鸣器不工作。图设计的电路图正确的是（　　）A． B． C． D．6．（3分）在学习和研究中，我们经常会用到一些科学方法，如控制变量法、类比法、转换法、模型法等。下述事例中所用的科学方法相同的是（　　）①影响导体电阻大小的因素②探究影响物质溶解性的因素③研究电流时用水流作类比④探究电流与电压、电阻的关系⑤通过电解水来研究水的组成A．①②⑤ B．③④⑤ C．②③④ D．①②④7．（3分）小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”。a、b是长度都为1m的镍铬合金丝（已除去表面绝缘漆），a的横截面积小于b的横截面积。关于此实验，下列说法正确的是（　　）A．如果把镍铬合金丝换成导电能力非常好的铜丝或银丝进行实验，实验效果会更好 B．利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系 C．本实验用灯泡的亮暗反应接入电阻大小，说明灯泡的亮暗会影响接入电阻的大小 D．为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表二、填空题（本大题共7个小题，17-18题每空1分，其余每空2分，共32分）8．2019年12月17日，中国首艘自主建造航空母舰正式命名“山东舰”，“山东舰”为常规动力航母，满载时的排水量约为5万吨，它满载时受到的浮力约为　   　N；当航母从海水密度较小的港口驶达密度较大的远海时，其浮力会　   　（填“变大”、“不变”或“变小”）。三、实验探究题（本题有5个小题，24题7分，25题7分，26题7分，27题8分，28题6分，共35分）9．（7分）某兴趣小组在研究“串联电路特点”的实验中，将一个阻值约为10欧的普通小灯泡L和一个LED灯串联后接入电路（如图甲），闭合开关S1，发现LED灯亮而小灯泡L不亮，小红认为这是因为通过LED灯的电流大于小灯泡的电流引起的。（1）其他同学反对小红的这种说法，他们反对的理由是　   　。（2）同学进行如下实验寻找原因：实验一：将一根导线并联在图甲电路中LED灯的两端，观察到小灯泡L发光。实验二：利用电流表和电压表，按图乙所示的电路对LED灯的电阻进行测量，闭合开关，依次移动滑动变阻器的滑片，获得多组数据如下表，实验次数电压（伏）电流（毫安）电阻（欧）11.412116.721.614114.331.816112.5…………①实验一排除了哪种因素导致小灯泡不发光的可能性？　   　。②在实验二测定LED灯电阻的过程中，滑动变阻器的滑片向　   　端移动。③根据实验数据，他们分析“LED灯亮而小灯泡L不亮”的可能原因是　   　。10．（8分）在观看“十一国庆”阅兵仪式时，有同学注意到：①飞机在起飞和航行时机翼的仰角不同；②飞机越大其机翼越大。他想探究“机翼获得升力的大小与机翼仰角、机翼面积有什么关系？”（注：机翼仰角为机翼下表面与水平面的夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影的面积）于是，他和兴趣小组的同学们一起利用塑料泡沫等材料自制了三个质量相同、形状相同、面积不同的机翼模型，将其固定在测力计上，在机翼模型的正前方用电扇迎面吹风，来模拟飞机起飞时的气流，实验装置如图所示。（每次吹风前托盘测力计的示数均为3.5N）机翼面积/cm2测力计示数/N机翼仰角2753955660°（水平）3.23.02.6较小3.02.92.4较大2.92.82.3最大3.12.92.7（1）每次实验数据记录如上表，在实验中，当机翼仰角为0°，机翼面积为395厘米2时，机翼获得升力的大小为 　   　。（2）在上述实验中，飞机是如何获得升力的？　   　。（3）通过分析数据可以得出结论：①　   　； ②　   　。11．（8分）学习了大气压的相关知识后，同学们想估测一下大气压的大小。他们准备了如下器材：不同规格的注射器、两个弹簧测力计（量程为10N）、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。某组同学在实验中选了B规格的注射器，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图甲实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：①先读出注射器的最大刻度为V，用刻度尺量出其全部刻度的长度为L；②把注射器的活塞推至注射器筒的底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住注射器的小孔。③然后慢慢地拉注射器，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为F。请根据他们实验方案回答以下问题：（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p＝　   　。（用测量步骤中的V、L和F表示）（2）实验过程中，同学们发现注射器顶端装针头处，空气无法排尽。这将使得测量结果比当天气压　   　（填“偏大”或者“偏小”）。请你想一个方法帮助他们解决这个问题，写出你的操作方案　   　。（3）另外一组的同学用一个弹簧测量计也完成了实验，请你分析他们选择的是哪个注射器，并说明理由：　   　。12．（7分）在“伏安法测电阻”的实验中，老师提供了以下器材：几节干电池、最大阻值为50Ω的滑动变阻器1个、被测电阻Rx、开关、电压表和电流表各1只、导线若干。甲、乙两组的同学分别设计了如下实验方案。（1）老师认为理论上讲两个方案都能完成实验，但是实验室里通常用的是甲方案，相比于乙方案，甲方案的优点在于　   　。（2）完成实验后，有同学提出其实不需要电压表也能完成实验，他利用电流表和滑动变阻器完成对Rx的再一次测量。请你根据他的实验步骤，在答题卡方框内画出他设计的电路图。①照电路图连接好电路；②调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为0时，读出电流表的示数I1；③调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为最大值时，读出电流表的示数I2；④据已知条件和测量结果，求出定值电阻阻值。（3）定值电阻的表达式：Rx＝　   　Ω。四、解答题（29-31题每题6分，32-34每题7分，35题6分．共45分）13．（6分）如图甲所示电路，当开关S闭合后，两电流表的指针偏转角度均如图乙所示。已知灯L1的阻值为10Ω，请计算：（写出计算过程）（1）通过灯L2的电流大小；（2）电源电压；（3）灯L2的阻值。14．（6分）甲醛对人体的危害非常大，因此装修房屋时检测甲醛污染指数很重要。如图甲是一款甲醛检测仪的工作原理图。电源电压恒为3V，R是阻值为10Ω的定值电阻，R0为可以感知甲醛污染浓度的可变电阻，其阻值随甲醛污染指数的变化图象如图乙所示。当污染指数在50以下为轻度污染，50﹣100之间为中度污染，100以上为重度污染。问：（1）由分析图甲和图乙可知当污染指数越大，电压表的示数　   　（填“越大”或者“越小”）。（2）污染指数为50时，电路中的电流为多大？（3）通过计算说明电压表示数为1V时，是否属于重度污染？15．（7分）如图甲所示，一个边长为10cm的立方体木块，下面用一段细线与木块相连，细线另一端固定在容器底（容器高比细线与木块边长之和大得多）。现向容器中慢慢加水，直到装满容器，如图乙所示。若细线中的拉力用F表示，容器中水的深度用h表示，如图丙，（1）该木块完全浸没在水中所受的浮力为多少N？（2）该木块的密度为多少？16．（6分）小明同学在网络微课上看到了两个有趣的实验，但是他对实验原理不是很清楚，请你结合情景帮助他解释一下。（1）“降温沸腾”的实验：在玻璃瓶内倒入半瓶水，在微波炉里加热，当瓶子里的水大量沸腾时，立即关掉微波炉，带上绝热手套，取出瓶子并盖紧盖子后，发现水停止沸腾。在瓶盖上放上冰块，又可以看到水重新沸腾。请你结合所学知识解释一下“降温沸腾”的原理。（2）“舞动的葡萄干”：刚倒入玻璃杯的汽水会产生许多气泡。此时，将一些葡萄干放入杯中，有些葡萄干沉入杯底后，一会儿向上浮起，上浮到液面后又会重新沉入杯底，请你解释葡萄干上下“跳舞”的原因。
2019-2020学年浙江省湖州市吴兴区八年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共48分．每小题3分，只选一个最符合题意的选项）1．【解答】解：A、陶瓷、玻璃球、塑料都不易导电，是很好的绝缘体；故A正确；B、水银、矿泉水属于导体，植物油是绝缘体；故B错误；C、碳棒、硬币、大地都属于导体；故C错误；D、铅笔芯、人体、陶瓷中，铅笔芯和人体易导电是导体，陶瓷属于绝缘体；故D错误；故选：A。2．【解答】解：A、发光二极管将电能转化为光是电路中的用电器，故A正确；B、将多个水果电池串联起来，得到的电压是每个电池的电压之和，可以提高电压，故B正确；C、电荷的定向移动形成电流，所以LED灯在发光时，导线中的电子在做定向运动，故C错误；D、电源是为电路提供电压的装置，水果是电源，为用电器即发光二极管提供了电压，故D正确。故选：C。3．【解答】解：（1）由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知，电源的电压U＝6V，故A错误；（2）当S接2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测串联电路的电流；由图乙可知，U1＝2V，电路中的电流I＝0.2A，故D正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，由I＝可得，电阻R1和R2的阻值：R1＝＝＝10Ω，R2＝＝＝20Ω，故BC错误。故选：D。4．【解答】解：A、通常情况下，大气压强约1.0×105Pa，一只手掌的长18cm，宽10cm，面积约为180cm2，即0.018m2，故一只手掌的上表面受到的大气压力F＝pS＝1.0×105Pa×0.018m2＝1800N，故A正确；B、大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压也越小，故B错误；C、对流层的对流明显，主要的天气现象都出现在这一层中，故C正确；D、大气压不仅随高度而发生变化，同时还受天气、季节等因素的影响，故D正确。故选：B。5．【解答】解：由电路图可知，A、系上安全带时开关S2闭合，会造成电源短路，故A不符合题意；B、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯被短路均不工作，此时电路安全，故B符合题意；C、只有当乘客坐在副驾驶座椅上且系上安全带时，两开关闭合，蜂鸣器和指示灯才工作，故C不符合题意；D、当乘客坐在副驾驶座椅上时，开关S1闭合，蜂鸣器和指示灯均工作，系上安全带后开关S2闭合，蜂鸣器和指示灯仍工作，故D不符合题意。故选：B。6．【解答】解：①探究电阻大小的影响因素，采用的是控制变量法；②通过改变溶剂、温度测定物质溶解的多少，研究影响物质溶解性的因素，运用的是控制变量法；③研究电流时用水流作类比，采用的是类比法；④探究电流与电压、电阻的关系，采用的是控制变量法；⑤研究水的组成电解水实验中，通过检验两极产物研究水的组成，采用的是转换法。所以研究方法相同的是①②④。故选：D。7．【解答】解：A、其他条件相同时铜丝或银丝的电阻很小，如果把镍铬合金丝换成导电能力非常好的铜丝或银丝进行实验，电路中电流变化不大，灯泡的亮度变化不明显，即实验效果不明显，故A错误；B、利用此装置中的一根电阻丝，用移动夹子来改变接入电阻丝的长度，也可以探究导体电阻大小和长度的关系，故B错误；C、本实验用灯泡的亮暗反应接入电阻大小，是因为接入电阻的大小影响灯泡的亮暗，故C错误；D、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的大小来判断电阻的大小，故D正确。故选：D。二、填空题（本大题共7个小题，17-18题每空1分，其余每空2分，共32分）8．【解答】解：（1）由题知，该航母满载时的排水量约为5万吨，则由阿基米德原理可得，航母满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝5×104×103kg×10N/kg＝5×108N；（2）当航母从海水密度较小的港口驶达密度较大的远海时，始终处于漂浮状态，浮力等于其重力，且航母受到的重力不变，所以航母所受到的浮力不变。故答案为：5×108；不变。三、实验探究题（本题有5个小题，24题7分，25题7分，26题7分，27题8分，28题6分，共35分）9．【解答】解：（1）由电路图知，小灯泡与LED灯串联，串联电路电流处处相等，所以小红说法错误；（2）①实验中LED灯亮而小灯泡L不亮，小灯泡L不亮一定不是断路引起的，可能是短路，当将一根导线并联在图甲电路中LED灯的两端时，观察到小灯泡L发光，可以排除小灯泡L处短路；②要测定LED灯的电阻，需要测出LED灯两端电压和流经LED灯的电流；由表中数据知，电路中电流逐渐增大，由欧姆定律可知，变阻器连入电路的阻值逐渐减小，即滑动变阻器的滑片向b端移动；③由题知LED灯的电阻大于小灯泡的电阻，而通过的电流相同，根据P＝I2R知LED灯的实际功率大于小灯泡的实际功率小，所以LED灯亮而小灯泡L不亮。故答案为：（1）串联电路电流处处相等；（2）①小灯泡L短路；②b；③LED灯的电阻大于小灯泡的电阻。10．【解答】解：（1）在上述实验中，“机翼”获得升力的大小等于吹风前后测力计示数的变化量（或差值、减小量），由题图可知，每次吹风前托盘测力计的示数均为3.5N，当机翼仰角为0°，机翼面积为395cm2时，吹风后的托盘测力计的示数为3.0N，所以，机翼获得升力的大小为 F升＝F前﹣F后＝3.5N﹣3.0N＝0.5N；（2）由图可知，机翼上凸下平，用电扇迎面吹风时，机翼上方的空气流速大于下方的空气流速，由流体压强与流速的关系可知，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，这样机翼的上下方形成向上的压强差获得向上的升力；（3）分析表中数据可知：①当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力有时大、有时小，所以获得的升力不一定增大，即机翼获得的升力大小与机翼仰角大小无明显关系；②当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力越大；故答案为：（1）0.5N；（2）机翼上方空气流速大，压强小；下方的空气流速小，压强大，这个压强差使飞机获得一个向上的升力；（3）①机翼获得的升力大小与机翼仰角大小无明显关系；②当机翼质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力越大。11．【解答】解：（1）由步骤①可知，注射器的最大刻度为V，全部刻度的长度为L，注射器活塞的横截面积为S＝；由步骤③可知当刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为F，则由力的平衡条件可知大气对活塞的压力为2F，此时大气压的数值：p＝＝＝；（2）注射器顶端装针头处的空气无法排尽，内部空气对活塞的压力会和外部大气压力抵消一部分，这样使得弹簧测力计受到的拉力减小，在面积不变的情况下，测得的大气压会偏小；将注射器内抽满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口，可以采用这一简单的方法将注射器内空气排尽；（3）因为大气压强是一定的，根据公式F＝pS可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，拉动活塞的拉力也可以小一点，所以当用一个弹簧测力计时，可换用横截面积小的注射器，故选C；故答案为：（1）；（2）偏小；将注射器内抽满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口；（3）C注射器；因为大气压强是一定的，根据公式F＝pS可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小。12．【解答】解：（1）用伏安法测电阻的实验中，为减小误差，要多次测量取平均值，甲方案相比于乙方案，因甲方案中有滑动变阻器，通过移动变阻器的滑片可多次测量取平均值。（2）由于滑动变阻器的最大阻值已知，只需将滑动变阻器、定值电阻、电流表、电源用导线连接起来即可，故设计的电路图如下所示：（3）①照电路图连接好电路；②调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为0时，读出电流表的示数I1；③调节滑动变阻器的滑片，使接入电路的阻值为最大值时，读出电流表的示数I2；④在②中，电路为Rx的简单电路，由欧姆定律，电源电压为：U＝I1Rx；在③中，两电阻串联，由电阻的串联规律及欧姆定律，电源电压为：U＝I2（R滑大+Rx）＝I2（50Ω+Rx），因电源电压不变，所以，I1Rx＝I2（50Ω+Rx），故定值电阻的表达式：Rx＝×50Ω。故答案为：（1）可多次测量取平均值；（3）×50。四、解答题（29-31题每题6分，32-34每题7分，35题6分．共45分）13．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测L1支路的电流，电流表b测干路电流。（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且b电流表示数大于a电流表的示数，所以，b电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，a电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，则通过L2的电流I2＝Ib﹣Ia＝1.5A﹣0.3A＝1.2A；（2）由I＝可得电源电压：U＝I1R1＝0.3A×10Ω＝3V；（3）由I＝可得灯L2的阻值：R2＝＝＝2.5Ω。答：（1）通过灯L2的电流大小为1.2A；（2）电源电压为3V；（3）灯L2的阻值为2.5Ω。14．【解答】解：（1）由图象可知，当污染指数越大，可变电阻的阻值越小，根据串联电路的分压特点可知，可变电阻分担的电压越小，由串联电路电压的规律可知，定值电阻分担的电压越大，即电压表示数越大。（2）由图象可知，污染指数为50时，可变电阻连入电路中的阻值为50Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I＝＝＝0.05A。（3）电压表示数为1V时，电路中电流：I＝＝＝0.1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，可变电阻两端电压：U0＝U﹣UR＝3V﹣1V＝2V，由欧姆定律得，可变电阻连入电路中的阻值：R0′＝＝＝20Ω，由图象可知，电阻为20Ω时，污染指数为150，属于重度污染。答：（1）越大；（2）污染指数为50时，电路中的电流为0.05A；（3）通过计算说明电压表示数为1V时，属于重度污染。15．【解答】解：（1）立方体木块的体积：V＝10cm×10cm×10cm＝1000cm3＝1×10﹣3m3；木块完全浸没在水中时，V排＝V＝1×10﹣3m3；木块浸没在水中所受的浮力：F浮＝ρgV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N，（2）我们结合图丙将木块的各个状态分解出来，由题意可知，线拉直后，水还在倒入，所以木块排开水的体积继续增大，浮力增大，则下端线的拉力也相应增大；当木块浸没后，木块排开水的体积不变，浮力不变，则下端线的拉力也不变，由图象可知，木块浸没时所受拉力最大为4N，由力的平衡条件可得F浮＝G+F，所以，木块的重力：G＝F浮﹣F＝10N﹣4N＝6N，则木块的质量：m＝＝＝0.6kg，木块的密度：ρ＝＝＝0.6×103kg/m3。答：（1）该木块浸没在水中所受的浮力为10N；（2）该木块的密度为0.6×103kg/m3。16．【解答】答：（1）瓶子里沸腾的水，在关掉微波炉，取出瓶子并盖紧盖子后，水不再吸收热量，停止沸腾；在瓶盖上放置冰块，瓶内气体的温度降低，水蒸气遇冷液化形成小水珠，会使瓶底内压强降低，从而使液体沸点降低，水会重新沸腾；（2）葡萄干沉入杯底后，由于吸附了足够多的小气泡，使得它们排开液体的体积增大，致使葡萄干所受到的浮力大于重力，从而上升；上浮到液面后，由于小气泡破裂，导致它们受到的浮力变小，当浮力小于重力时又沉入杯底。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/9/12 10:12:15；用户：小吴老师；邮箱：orFmNt0PUPN61rW1YowPH0yM1Das@weixin.jyeoo.com；学号：28286588