北京市中关村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份北京市中关村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共26页。试卷主要包含了1%B，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

在国际单位制中，功率的单位是( )
A. 牛顿(N)B. 帕斯卡(Pa)C. 焦耳(J)D. 瓦特(W)
如图所示，这四种用具在使用过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 钢丝钳B. 天平
C. 羊角锤D. 镊子
被抛出实心球在空中运动时，球所受重力的方向是( )
A. 竖直向上B. 竖直向下C. 垂直向下D. 水平向右
如图所示的事例中，目的是为了增大压强的是( )
A. 坦克履带很宽B. 书包带做得很宽
C. 切鸡蛋的钢丝很细D. 图钉帽面积大
如图所示的事例中，目的是为了增大摩擦的是( )
A. 行李箱下面装有轮子B. 在轴承中装有滚珠
C. 给自行车装有滚珠D. 鞋底上制有花纹
下列事例中，利用大气压强的是( )
A. 船闸B. 洗手池下水的回水管
C. 高压锅D. 用吸管吸饮料
下列事例中，利用惯性的是( )
A. 守门员用力抓住飞来的足球B. 拍打衣服上的灰尘
C. 运动员游泳时向后划水D. 运动员撑杆跳高时把撑杆压弯
如图所示的事例中，能说明力可以改变物体运动状态的是( )
A. 篮球落到地面与地面相互挤压
B. 运动员松手后，箭被弹射出去
C. 撑杆被运动员压弯
D. 用力拉弹簧，弹簧变长
下列关于做功的说法正确的是( )
A. 运动员举着杠铃原地不动时，运动员对杠铃做功
B. 小明推动小车在水平地面运动，小明对车做功
C. 足球飞向空中后，踢球的力对足球做功
D. 手提水桶沿水平面匀速直线运动，手对水桶做功
如图所示，甲、乙两个滑轮组的轮重、物重均相同，把物体匀速提升相同的高度，绳子自由端受到的拉力大小分别为F1和F2.若不计绳重及轴间摩擦，下列说法中正确的是( )
A. F1=F2
B. F1C. F1>F2
D. 无法判断
如图所示，列车的轨道旁画有黄线，是警示人们当有列车高速通过时不要距列车太近，否则容易被吸进铁轨，这其中的物理原理是( )
A. 车与人之间的空气流速较小，气体压强较小
B. 车与人之间的空气流速较大，气体压强较大
C. 车与人之间的空气流速较小，气体压强较大
D. 车与人之间的空气流速较大，气体压强较小
关于液体压强，下列说法中正确的是( )
A. 液体压强大小与液体受到的重力有关
B. 液体对容器底部有压强，对容器侧壁没有压强
C. 液体内部压强的大小与方向有关
D. 液体压强只与液体深度、液体密度有关
旗杆顶部装有一个定滑轮，它能起到的作用是( )
A. 既不省力，也不能改变施力方向B. 虽不省力，但能改变施力方向
C. 既省力，又能改变施力方向D. 虽省力，但不能改变施力方向
下列情境中，物体的运动状态没有发生改变的是( )
A. 正在弯道上速滑的运动员B. 从桌面上正在掉向地面的书本
C. 被向上抛出的篮球D. 沿直滑梯匀速下滑的小孩
如图所示，水平桌面上甲、乙两个质量相同的圆柱形薄壁容器分别装有质量相等的水和盐水，将两个完全相同的实心木球A和B分别放入甲、乙两个容器中，木球静止时液体均未溢出。已知甲容器的底面积小于乙容器的底面积，盐水、水、木球密度的关系为ρ盐水>ρ水>ρ木.则下列说法中正确的是( )
A. 放入木球A和B后，甲、乙容器底受到液体的压强相等
B. 木球 A 排开水的质量等于木球 B 排开盐水的质量
C. 放入木球 A和 B 后，甲、乙容器对桌面的压强不相等
D. 木球 A 排开水的体积等于木球 B 排开盐水的体积
关于力的描述，下列说法中正确的是( )
A. 力能使物体发生形变
B. 物体的运动状态发生改变，说明物体受到了力的作用
C. 物体必须相互接触，才能产生力的作用
D. 物体的运动需要力来维持
小明利用小木桌、海绵、铁块探究影响压力作用效果的因素。根据图所示，下列说法中正确的是( )
A. 压力的作用效果越强说明压力越大
B. 压力的作用效果与受力面积的大小有关
C. 本实验用到了控制变量的研究方法
D. 通过比较海绵的凹陷程度来比较压力的效果
下列说法中正确的是( )
A. 质量是物体具有的属性，重力是地球对物体的作用
B. 在地面上同一位置，物体重力和质量的比值一定
C. 简单机械可以省力或者省距离，但是不省功
D. 滑轮组既能省力也能省距离
下列说法中正确的是( )
A. 在实际使用中，机械效率都小于 100%
B. 做功越多的机械功率也一定越大
C. 机械效率越高，表明机械做功越快
D. 有用功在总功中所占的比例越大，机械效率一定越高
在某次跳伞训练过程中，运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，运动员沿竖直方向先加速下落，打开降落伞后先减速最终匀速下落。关于运动员上述下落过程，下列说法中正确的是( )
A. 运动员加速下落的过程中受到的合力不为零
B. 运动员下落过程中，在相同的路程内，重力做功相同
C. 运动员减速下落过程中，其所受重力做功变快
D. 运动员加速下落过程中，其所受重力做功的功率不变
物理书放在水平桌面上处于静止状态，下列说法正确的是( )
A. 物理书受到力的合力为零
B. 物理书对桌面的压力和桌面对物理书的支持力相互平衡
C. 物理书对桌面的压力和桌面对物理书的支持力是一对相互作用力
D. 桌子受到的重力和地面对桌子的支持力是一对平衡力
小明要将几块相同的砖从地面运送到同一高度，利用如图所示的装置分三次运送，第一次运3块，第二次运2块，第三次运1块，每次都匀速提升。这三次小明的拉力依次为F1、F2、F3，滑轮组的机械效率依次为η1、η2、η3，若绳重及滑轮的摩擦均忽略不计，则下列说法正确的是( )
A. 三次运送中滑轮组的机械效率相同B. 第一次运送中做的有用功最大
C. F1>F2>F3D. η1<η2<η3
如图所示，弹簧测力计一端固定，另一端钩住正方体木块，木块下面是一长木板。沿水平方向先后两次以同样大小的力F拉动长木板使其沿光滑水平面做直线运动，此过程中，木块相对地面始终静止。两次拉力F做的功与时间关系如图所示。如果木板上表面各处的粗糙程度均相同，两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，两次木板移动的速度分别为v1、v2，下列判断正确的是( )
A. Fl如图所示，OB是以O点为支点的杠杆，F是作用在杠杆B端的力。图中线段AB与力F的作用线在同一条直线上，且OA⊥AB.表示力F的力臂的线段是：______。
A.OA
B.AB
C.OB
某小组用如图所示的轻质杠杆探究杠杆平衡条件，杠杆上刻有等间距的刻度线，O点为杠杆的支点，另外还有数量足够的质量相同的钩码、量程合适的弹簧测力计。
(1)某同学在调节杠杆时，出现如图甲所示的情况，此时他可以将杠杆右端的平衡螺母向______调节，直到杠杆在水平位置平衡。
A.左B.右
(2)调节杠杆水平平衡后，把总重为2N的2个钩码挂在杠杆O点左侧的A刻线处，则应在杠杆O点右侧怎样挂钩码，杠杆能再次在水平位置平衡：______。
A.距O点一格处挂6个钩码
B.距O点两格处挂4个钩码
(3)若不在杠杆支点右侧挂钩码，改用量程为5N的弹簧测力计施力使杠杆平衡，且可以正确读数，则弹簧测力计施力的位置应当是：______。
A.O点右侧四格处
B.O点左侧一格处
C.O点左侧两格处
在探究液体内部压强大小与哪些因素有关的实验中，小明用如图所示的微小压强计和两桶液体进行实验，两个相同的塑料桶分别装入深度相同的清水和浓食盐水。
(1)为了探究液体内部压强大小与深度是否有关，可保持微小压强计的探头方向不变，先后放在哪两个位置______。
A.a、bB.b、cC.a、d
(2)为了探究液体内部压强大小与液体密度是否有关，可保持微小压强计的探头方向不变，将微小压强计的探头先后放在两个位置______。
A.a、bB.b、cC.a、d
用如图所示的装置测量滑轮提升重物时的机械效率，已知物重是5N。
(1)则下列数据记录表格填写正确的是______。
A.
B.
C。
D.
(2)在上述实验中，滑轮组的机械效率是：______。
A.74.1%B.67.7%C.83.3%D.31%
(3)观察图甲、乙，若探究滑轮组机械效率与所提升物体所受重力是否有关，应选用哪两组数据做对比：______。
A.①②B.②③C.①③
(4)观察图甲、乙，若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，应选用哪两组数据做对比：______
A.①②B.②③C.①③
(5)若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，则该问题中的自变量、不变量、因变量依次是：______
A.物重、动滑轮重、机械效率
B.动滑轮重、物重、机械效率
C.机械效率、物重、动滑轮重
小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想：
猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面间的压力大小有关
猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关
猜想三：滑动摩擦力的大小与物体间的接触面积大小有关
猜想四：滑动摩擦力的大小与物体相对平面的运动速度有关
为了验证猜想，准备了如下器材：带有定滑轮的铁架台、弹簧测力计、平直的长木板、长方体木块(各表面粗糙程度相同)和钩码。他利用上述器材进行了实验，其主要实验步骤如下：①将木块平放在水平长木板上组装成如图甲所示的装置。以大小不变的速度v1匀速直线拉长木板，记下弹簧测力计的示数F1。
A.在图甲的装置中，以大小不变的速度v2匀速直线拉长木板，记下弹簧测力计的示数F2。
B.在木块上加钩码，如图乙所示。以大小不变的速度v1匀速直线拉长木板，记下弹簧测力计的示数F3。
C.将①中的长木板换成上表面粗糙一些的长木板，改变接触面的粗糙程度，组装成如图甲所示的装置。以大小不变的速度v1匀速拉粗糙长木板，记录下弹簧测力计的示数F4。
D.在图甲装置中，改为将木块的侧面放在水平长木板上，调整定滑轮的高度，使细绳与水平面平行。以大小不变的速度v1匀速直线拉长木板，记下弹簧测力计的示数F5。
请根据小明的实验操作，回答下列问题(填写步骤前的字母)：
(1)探究猜想一，与步骤①对比的实验步骤是：______。
(2)探究猜想二，与步骤①对比的实验步骤是：______。
(3)探究猜想三，与步骤①对比的实验步骤是：______。
(4)探究猜想四，与步骤①对比的实验步骤是：______。
(5)实验过程中如果被拉动的木板由匀速变为加速运动，则弹簧测力计的示数将：______。
A.不变B.变大C.变小
小明将一块长方形硬纸板在对角的顶点附近各开一个小孔，用细线系住，细线的另一端绕过桌边的滑轮各悬挂一个托盘，盘中各放两个钩码，如图所示。关于这个实验，下列说法中错误的是______
A.本实验探究的是二力平衡的条件
B.为使实验效果明显，应选用质量较小的硬纸板
C.调整两边的所挂钩码的数量，可以改变作用在硬纸板上两个力的大小
D.将硬纸板任意扭转一个角度后，可以观察两个力不满足方向相反时纸板是否静止
探究影响浮力大小的因素时，小红做了如图所示的实验，根据她的实验数据判断下列说法中错误的是______
A.由图甲和丙可以算出物体体积的大小
B.由图甲、丙、戊可以算出盐水的密度
C.比较图甲、乙、丙可知，物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关
D.比较图甲、丙、丁可知，浮力的大小与物体浸没在液体中的深度有关
如图所示，回答下列问题：
(1)在探究“阻力对物体运动的影响”实验时：让小车三次都从斜面上同一位置由静止滑下，在平面上运动一段距离后停下。实验中应当通过改变______来改变小车所受阻力大小的。
A.水平面的粗糙程度
B.水平面的材料
C.小车的质量
(2)图中1、2、3三个水平面应当依次是______
A.木板、棉布、毛巾
B.棉布、毛巾、木板
C.毛巾、棉布、木板
(3)若水平面绝对光滑，不计空气阻力，小车的运动状态将会：______。
A.在较远的位置慢慢停下来
B.匀速直线运动下去，不停下来
C.加速运动，越来越快
(4)小车到达水平面后会继续向前运动，但是它在水平面上运动的速度逐渐减小，这说明：______。
A.小车的运动需要牵引力来维持
B.力是改变小车运动状态的原因
C.小车的惯性越来越小
一个金属块所受重力G=54N，若将此金属块放在水平地面上，其与地面接触的面积S=3×10−2m2，金属块的体积V=3×10−3m3(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)，求：
(1)金属块对地面的压强；
(2)金属块浸没在水中所受浮力的大小。
用如图所示滑轮组提升重物，人用F=300N的拉力作用在绳的自由端，使重为G=480N的物体匀速上升了h=2m，不计绳重和摩擦，求：
(1)有用功W有；
(2)滑轮组匀速提升重物的机械效率η。
如图所示，一个盛水的平底茶壶放在水平桌面上，壶中放有250g的水，壶底面积为2×10−3m2，壶中水深12cm(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)，求：
(1)水对壶底的压强；
(2)水对壶底的压力。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
ABC、牛顿(N)是力的单位，帕斯卡(Pa)是压强的单位，焦耳(J)是功、能和热量的单位，故ABC不合题意；
D、在国际单位制中，功率的单位是瓦特，符是W，故D符合题意。
故选：D。
力的单位是牛顿，符号N；压强的单位是帕斯卡，符号Pa；功、能和热量的单位是焦耳，符号是J；功率的单位是瓦特，符号W。
本题考查了功率的单位，是一道基础题；应记住常用物理量在国际单位制中的单位及常用单位。
2.【答案】D
【解析】解：A、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、天平的左右力臂是相等的，是等臂杠杆，故B不符合题意；
C、羊角锤在使用的过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意；
故选：D。
判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆。
判断杠杆类型的方法有三种：①比较动力和阻力的大小，当然动力小的是省力杠杆；②比较动力臂和阻力臂的长短，动力臂长的是省力杠杆；③比较动力和阻力移动的距离，动力移动距离大的是省力杠杆；省了力肯定费距离。
3.【答案】B
【解析】解：被抛出实心球由于惯性在空中运动，重力的方向竖直向下，最终实心球在重力作用下落到地面。
故选：B。
由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的方向是竖直向下的。
本题考查了重力的方向，属于基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：A、坦克履带很宽，是在压力一定时，增大受力面积来减小对地面的压强，不符合题意。
B、书包背带宽而大，是在压力一定时，增大受力面积来减小对肩膀的压强，不符合题意；
C、切鸡蛋的钢丝很细，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，符合题意；
D、图钉帽面积大，是在压力一定时，增大受力面积来减小对手的压强，不符合题意
故选：C。
(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；
(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。
生活中增大和减小压强的应用很多，学习中要多联系实际生活，学会利用所学的物理知识解决实际问题。
5.【答案】D
【解析】解：A、行李箱下面装有轮子，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。故A错误。
B、在轴承中装有滚珠，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。故B错误。
C、给自行车装有滚珠，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。故C错误。
D、鞋底上制有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故D正确。
故选：D。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；通过使接触面脱离的方法减小摩擦力；用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、船闸、洗手池下水的回水管，上端开口、底部连通，利用了连通器原理，故AB不合题意；
C、用高压锅煮饭，是因为大气压强越大，水的沸点越高，不是利用大气压强，故C不合题意；
D、用吸管吸饮料在大气压的作用下饮料进入口中，故D符合题意。
故选：D。
(1)上端开口、底部连通的容器叫连通器，连通器中装有同种液体，在液面不流动时，总保持相平；
(2)沸点与气压有关，气压越小，沸点越低；
(3)用吸管吸饮料是利用大气压强原理，在大气压的作用下饮料进入口中。
本题考查了连通器，气压与沸点的关系，气体压强等相关知识，难度不大。
7.【答案】B
【解析】解：A、守门员抓住飞来的足球，是因为力可以改变物体的运动状态，不是利用惯性，故A不合题意；
B、拍打衣服前，衣服和灰尘一起静止，当拍打时，衣服运动，灰尘由于惯性还要保持原来的静止状态，所以灰尘从衣服上掉下来，是利用惯性；故B符合题意；
C、运动员游泳时向后划水，根据力的作用的相互性获得向前的动力，不是利用惯性，故C不合题意；
D、运动员撑杆跳高时把撑杆压弯，是因为力可以改变物体的形状，不是利用惯性，故D不合题意。
故选：B。
我们把物体保持原来运动状态不变的特性叫做惯性，物体的惯性有时对我们是有益的，我们要学会利用；惯性有时对我们是有害的，我们要学会防止惯性的不利影响。
此题主要考查了几种生活中的惯性现象，惯性在生活中“无处不在”，正确利用和防止惯性才能更好的为生产生活服务。
8.【答案】B
【解析】解：
A、篮球落到地面与地面相互挤压，使篮球发生弹性性变，说明力可以改变物体的形状，故A不符合题意；
B、运动员松手后，箭被弹射出去是弦的弹力改变了箭的运动状态，使得箭由静止变成运动，故B符合题意；
C、运动员对撑杆的力改变了撑杆的形状，使得撑杆变弯，故C不符合题意；
D、用力拉弹簧，弹簧变长是力改变了弹簧的形状，故D不符合题意。
故选：B。
力的作用效果：一是力可以改变物体的形状，二是力可以改变物体的运动状态，据此分析各图。
本题考查了学生对力的作用效果的了解与掌握，属于基础题目。
9.【答案】B
【解析】解：A、举着杠铃原地不动，给杠铃一个向上的力，杠铃没有移动距离，力对杠铃没有做功，故A不符合题意。
B、小车在水平地面运动，小车受到推力的作用，并且在推力的方向上前进了一段距离，推力对小车做功。故B符合题意。
C、足球飞向空中后，足球不受踢力的作用，踢力不做功，故C不符合题意。
D、手提水桶沿水平面匀速直线运动，力的方向是竖直向上的，移动的方向是水平方向，在力的方向上没有移动距离，不做功，故D不符合题意。
故选：B。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析判断。
判断是否做功要明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
10.【答案】B
【解析】解：由题意可知，两图中动滑轮的重力G动、物体的重力G都相等，
由图可知，n甲=3，n乙=2，
不计绳重及轴间摩擦，拉力F1=13(G+G动)，F2=12(G+G动)，
所以，F1故选：B。
相同滑轮组的动滑轮重力相等，提升物体的重力也相等，由图可知滑轮组绳子的有效股数，不计绳重及轴间摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此比较绳子自由端受到的拉力大小关系。
本题考查了滑轮组绳子拉力大小的比较，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
11.【答案】D
【解析】解：列车高速通过时，若人离列车太近，导致列车与人之间的空气流速增大、压强减小，而人外侧的空气流速慢、压强大，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险；所以候车时应该注意安全，站在黄线以外。
故选：D。
流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。依据此原理分析可做出判断。
掌握流体的流速大，压强小。并能用流体速度和压强的关系解释生活中的问题。
12.【答案】D
【解析】解：
A、液体内部某点所受液体压强的大小跟液体的密度和深度有关，与液体受到的重力无关，故A错误；
B、由于液体受重力、具有流动性，液体不仅对容器底部有压强，对容器侧壁也有压强，故B错误；
C、同一液体内部同一深度处，各个方向压强相等，故C错误；
C、液体的压强与液体的密度和深度有关，故D正确。
故选：D。
液体对容器底和侧壁都有压强，在同一深度向各个方向都有压强，并且相等，液体的压强与液体的密度和深度有关。
本题考查了液体压强的特点，是基础题，难度不大。
13.【答案】B
【解析】解：
旗杆顶部装有一个定滑轮，使用定滑轮的优点是可以改变力的方向，但不能省力，故ACD错、B正确。
故选：B。
定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮不省力，但可以改变用力方向。
本题考查了定滑轮的特点、应用，属于基础题目。
14.【答案】D
【解析】解：
A、弯道上沿曲线滑行的运动员，运动方向时刻在变，即运动状态发生改变，故A不符合题意；
B、从桌面上正在掉向地面的书本，速度大小时刻在变，即运动状态发生改变，故B不符合题意；
C、被向上抛出的篮球，速度大小时刻在变，即运动状态发生改变，故C不符合题意；
D、沿滑梯匀速下滑的小孩，速度大小不变，方向不变，即运动状态不改变，故D符合题意。
故选：D。
物体运动状态的改变，指的是运动速度和运动方向的改变，包括以下三种情况：
(1)速度大小发生改变而方向不变；
(2)速度大小不发生改变而方向改变；
(3)速度大小以及方向都发生改变。
解决此类题目可从结果出发进行判断：当物体的运动速度大小和方向都不变时，即物体的运动状态不发生改变；当物体的运动速度大小或者方向改变时，物体的运动状态发生改变。
15.【答案】BC
【解析】解：A、由题知，两个完全相同的实心木球A 和B，则GA=GB，
甲、乙是两个容器的底面积S甲故对容器底的压力F=G容+G液+G球相同，
所以甲、乙液体对两容器对的压力F甲=F乙，则受力面积S甲p乙，故A错误；
B、由ρ盐水>ρ水>ρ木可知，木球在水和盐水中都是漂浮，根据F浮=G，ρ液gV排=ρ木gV物可知，ρ水V排水=ρ盐水V排盐水，则木球A排开水的体积大于木球B排开盐水的体积，由ρ盐水>ρ水>ρ木可知，木球在水和盐水中都是漂浮，根据F浮=G排，可知m排水=m排盐水，故B正确；
C、甲、乙是两个容器，则受力面积S甲由p=FS可知，放入木球A 和B后，甲、乙两容器对桌面的压强p甲>p乙，故C正确；
D、由ρ盐水>ρ水>ρ木可知，木球在水和盐水中都是漂浮，根据F浮=G排，可知m排水=m排盐水，木球A排开水的体积大于木球B排开盐水的体积，故D错误。
故选：BC。
(1)根据AB球的质量关系判断其重力关系。容器对桌面压力大小等于容器、球和液体的总重力，又知受力面积大小，根据p=FS判断甲、乙容器对桌面的压强关系；
(2)根据F浮=G排，可知排开水和盐水的质量关系；
(3)由盐水、水、木球密度的关系为ρ盐水>ρ水>ρ木判断出木球在水中和盐水中的状态，然后根据F浮=G可知排开水和盐水的体积关系。
本题考查了密度、压强公式应用和浮沉条件的应用，关键是判断出两个球在水和盐水中的状态。此外还要知道容器对桌面压力大小等于容器、球和液体的总重力。
16.【答案】AB
【解析】解：A、力的作用效果之一是可以改变物体的形状，故A正确；
B、力是改变物体运动状态的原因，物体的运动状态发生改变，说明物体受到了力的作用，故B正确；
C、力的产生不一定要求两物体相互接触，如一对磁铁，或一对电荷均可以产生力的作用；故C错误；
D、物体的运动不需要力来维持，物体不受力时同样可以做匀速直线运动，故D错误。
故选：AB。
(1)力可以改变物体的形状和运动状态；
(2)力是改变物体运动状态的原因；
(3)不接触的物体间也可以产生力的作用；
(4)力不是维持物体运动的原因。
本题考查力的性质，力的作用效果、力与运动的关系等知识，要注意力是物体之间的相互作用，力不能脱离物体而单独存在，不接触的物体也能产生力。
17.【答案】BCD
【解析】解：
A、压强是表示压力作用效果的物理量，压力的作用效果越强说明压强越大，故A错误；
B、由图可知，乙丙受力面积相同，压力不同，海绵下陷的深浅不同，因此说明压力的作用效果与压力的大小有关；甲乙压力相同，受力面积不同，海绵下陷的深浅不同，因此说明压力的作用效果与受力面积有关，故B正确；
C、实验中探究压力作用效果与压力大小和受力面积大小两个量的关系，用到了控制变量法，故C正确；
D、该实验通过比较桌腿陷入海绵中的深度来判断压力的作用效果，这是转换法的运用，故D正确；
故选：BCD。
(1)压强是表示压力作用效果的物理量；
(2)压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关，在探究过程中，用到了控制变量法；
(3)力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显。
本题考查了探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验现象分析，注意转换法和控制变量法在实验中的运用。
18.【答案】ABC
【解析】解：
A、质量是物体具有的属性，重力是由地球对物体的吸引产生的，即重力是地球对物体的作用，故A正确；
B、在同一地点，物体受到的重力与其质量的比值，即g是一定的，故B正确；
C、利用机械做功时可以省力或省距离，根据功的原理可知，使用任何机械都不能省功，故C正确；
D、使用滑轮组可以省力，也可以改变力的方向，但不能省距离，故D错误。
故选：ABC。
(1)重力是指由于地球的吸引而使物体受到的力，地球附近的物体都受重力；
(2)重力与质量成正比，其比值为g=9.8N/kg，同一地点，g的值不变；
(3)功的原理：使用任何机械都不能省功；
(4)滑轮组的特点：既可以省力，也可以改变力的方向，但省力的杠杆不能省距离。
本题考查的知识点较多，包括重力、功的原理、滑轮组的特点，是我们必须熟练掌握的基础知识。
19.【答案】AD
【解析】解：
A、由于使用简单机械时，总会做一些额外功，所以机械效率总小于100%，故A正确；
B、有用功与总功的比值叫机械效率，做功多，但有用功和总功不确定，机械效率不能确定，故B不正确；
C、有用功与总功的比值叫机械效率，功率是表示物体做功快慢的物理量，功率大小与机械效率的高低无关。故C不正确；
D、有用功与总功的比值叫机械效率，所以有用功在总功中所占的比例越大，机械效率一定越高，故D正确。
故选：AD。
(1)有用功与总功的比值叫机械效率，由于使用简单机械时，总会做一些额外功，故机械效率总小于100%；
(2)功率是表示物体做功快慢的物理量；
(3)机械效率的大小取决于有用功在总功中所占的比例。
深入理解机械效率、功率概念，是解答此题的关键。
20.【答案】AB
【解析】解：
A、运动员加速下落的过程中，运动状态发生了变化，所以受到的合力不为零，故A正确；
B、运动员下落过程中，在相同的路程内，根据W=Gh可知，重力做功相同，故B正确；
C、运动员减速下落过程中，根据P=Gv可知，其所受重力做功变慢，故C错误；
D、运动员加速下落过程中，根据P=Gv可知，其所受重力做功变快，故D错误。
故选：AB。
(1)物体受到合力为0时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
(2)根据W=Gh比较运动员所受重力做功的大小；
(3)根据P=Gv判断其所受重力做功的功率变化情况。
本题主要考查功的公式、功率公式的掌握和应用，属于基础性题目，比较简单。
21.【答案】AC
【解析】解：
A、物理书处于静止状态，所以受到力的合力为零，故A正确；
BC、书对桌面的压力和桌面对书的支持力作用在两个物体上，大小相等，方向相反；作用在同一直线上，是一对相互作用力，故B错误，C正确；
D、静止的桌子受重力、书对桌面的压力、地面对桌子的支持力三个力的作用，处于平衡状态，桌子受到的重力和地面对桌子的支持力，大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。
故选：AC。
物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力是平衡的；
二力平衡的条件是：作用在同一物体上，大小相等，方向相反；作用在同一直线上。
相互作用力的条件是：作用在两个物体上，大小相等，方向相反；作用在同一直线上。
此题主要考查我们对于物体所受力的分析和二力平衡的条件。要明确作用力与反作用力和平衡力之间的区别。
22.【答案】BC
【解析】解：AD、设一块砖的重力为G，
由η=W有用W总=GhFs=G2F=GG+G动可得，动滑轮的重一定，物重越大，滑轮组的机械效率越大，即η3<η2<η1；故AD错误。
B、将几块相同的砖从地面运送到同一高度，由W有用=Gh可知，第一次运送中做的有用功最大，故B正确；
C、由图可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2；
绳重及摩擦均忽略不计，由F=1n(G+G动)可得这3次的拉力分别为：
F1=12(3G+G动)；F2=12(2G+G动)，F3=12(G+G动)，则，故F1>F2>F3，故C正确；
故选：BC。
根据图示可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2；绳重及摩擦均忽略不计时，根据F=1n(G+G动)分析F1、F2、F3之间的关系；
根据η=W有用W总=GhFs=G2F=GG+G动分析η1、η2、η3之间的关系。
本题考查拉力和机械效率的计算，关键是对公式F=1n(G+G动)和η=W有用W总=GhFs=G2F=GG+G动的灵活应用。
23.【答案】BC
【解析】解：
AB、由题知，当拉力F拉着长木板在水平方向上做直线运动时，木块相对地面始终静止，木块受到测力计的拉力、木板的摩擦力的共同作用，这两个力为一对平衡力；
木块对长木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，则木块受到摩擦力的大小不变，即木块两次受到的摩擦力f1=f2；由二力平衡条件可知，测力计对木块的拉力也相等，即测力计的示数F1=F2，故A错误，B正确；
CD、由图乙(W−t图象)可知，相同时间内第二次拉力F做的功多，而长木板右侧的拉力为恒力，由W=Fs可知相同时间内第二次长木板通过的路程大，根据公式v=st可知第②次木板移动的速度较大，即v1故选：BC。
(1)当拉力F拉着长木板在水平方向上做直线运动时，木块相对地面始终静止，木块受到测力计的拉力、木板的摩擦力的共同作用，这两个力为一对平衡力；滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，分析木块两次受到摩擦力大小的变化情况，由二力平衡条件可知测力计拉力的变化情况，即可判断测力计的示数；
(2)由图乙(W−t图象)可知，相同时间内第二次拉力F做的功多，而长木板右侧的拉力为恒力，由W=Fs可知相同时间内第二次长木板通过的路程大，根据公式v=st可知木板移动速度的大小。
本题考查了滑动摩擦力大小的影响因素和二力平衡条件的应用，难点是根据图象结合公式W=Fs、v=st判断速度大小。
24.【答案】A
【解析】解：
由题知，O点为支点，AB是力F的作用线，OA⊥AB，则OA为支点到力F的作用线的距离，即线段OA表示力F的力臂。
故选：A。
力臂是支点到力的作用线的距离，由此结合图示选择F的力臂。
本题考查了力臂概念，注意力臂是从支点到力的作用线的距离，不是支点到作用点的距离。
25.【答案】A A AC
【解析】解：(1)如图甲所示的情况，杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，故选A；
(2)设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知：
A.距O点一格处挂6各钩码，2G×3L=6G×L，杠杆平衡，故A正确；
B.距O点两格处挂4个钩码，2G×3L≠4G×2L，杠杆不平衡，故B错误；
故选A；
(3)总重为2N的2个钩码挂在杠杆O点左侧的A刻线处，不在杠杆支点右侧挂钩码，改用量程为5N的弹簧测力计施力使杠杆平衡，且可以正确读数，说明不超过弹簧测力计的量程，根据杠杆的平衡条件可得，
2G×3L=F×nL，2N×3L=5N×nL，
解得n=1.2L，
故AC符合题意，A力的方向竖直向下，C力的方向竖直向上；
故答案为：(1)A；(2)A；(3)AC。
(1)杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
(2)根据杠杆平衡条件做出解答。
(3)根据杠杆平衡条件，求出弹簧测力计施加的力。
此题为探究杠杆的平衡条件实验，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。
26.【答案】A B
【解析】解：(1)为了探究液体内部压强大小与深度是否有关，要控制液体的密度相同，只改变深度大小，故可保持微小压强计的探头方向不变，先后放在a、b两个位置，选A；
(2)为了探究液体内部压强大小与液体密度是否有关，要控制深度相同，只改变液体的密度大小，可保持微小压强计的探头方向不变，将微小压强计的探头先后放在b、c 两个位置。
故答案为：(1)A；(2)B。
液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。
27.【答案】D C C A B
【解析】解：(1)由甲乙图可知，物体上升的高度h为21cm，绳子自由端移动的距离为s=63cm，ABC错误，只有D正确；
(2)在上述实验中，滑轮组的机械效率是：
η=W有W总=GhFs=5N×0.21m2N×0.63m≈83.3%；
选C；
(3)观察图，若探究滑轮组机械效率与所提升物体所受重力是否有关，要控制其它因素不变，只改变提升物体的重力，应选用。①③两组数据做对比，选C；
(4)观察图，若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，要控制其它因素不变，只改变动滑轮所受重力，应选用①②两组数据做对比，选A；
(5)若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，要控制其它因素不变，只改变动滑轮所受重力，自变量是动滑轮所受重力，不变量是物体的重力，因变量是机械效率，故选B。
故答案为：(1)D；(2)C；(3)C；(4)A；(5)B。
(1)由甲乙图可知，物体上升的高度h为21cm，绳子自由端移动的距离为s=63cm，据此分析；
(2)根据η=W有W总=GhFs×100%得出滑轮组的机械效率；
(3)探究滑轮组机械效率与所提升物体所受重力是否有关，由控制变量法，要控制其它因素不变，只改变提升物体的重力，据此分析；
(4)若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，要控制其它因素不变，只改变动滑轮所受重力，据此分析；
(5)若探究滑轮组机械效率与动滑轮所受重力是否有关，要控制其它因素不变，只改变动滑轮所受重力，确定确定自变量和不变量和因变量。
本题测量滑轮提升重物时的机械效率，考查数据分析、机械效率计算、控制变量法的运用等知识。
28.【答案】B C D A 不变
【解析】解：
(1)探究猜想一，即滑动摩擦力的大小与接触面间的压力大小有关，要控制接触面的粗糙程度、物体间的接触面积大小、物体相对平面的运动速度不变，故①对比的实验步骤是B；
(2)探究猜想二，即滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，要控制接触面间的压力大小、物体间的接触面积大小、物体相对平面的运动速度不变，故与步骤①对比的实验步骤是：C；
(3)探究猜想三，即滑动摩擦力的大小与物体间的接触面积大小有关，要控制接触面间的压力大小、接触面的粗糙程度、物体相对平面的运动速度不变，故步骤①对比的实验步骤是：D；
(4)探究猜想四，即滑动摩擦力的大小与物体相对平面的运动速度有关，要控制接触面间的压力大小、接触面的粗糙程度、物体间的接触面积大小相同，故步骤①对比的实验步骤是：A；
(5)实验过程中，长方体木块相对于地面处于静止状态，其受到测力计的拉力与受到摩擦力为一对平衡力，大小相等，故如果被拉动的木板由匀速变为加速运动，则弹簧测力计的示数将不变，选A。
故答案为：(1)B；(2)C；(3)D；(4)A。
(1)滑动摩擦力的大小可能与接触面间的压力大小、接触面的粗糙程度、物体间的接触面积大小、物体相对平面的运动速度有关，由控制变量法，研究滑动摩擦力大小与其中一个因素的关系时，要控制另外几个因素不变；
(2)实验过程中，长方体木块相对于地面处于静止状态，由二力平衡分析。
本题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查控制变量法、实验原理的运用，要掌握。
29.【答案】D
【解析】解：A、本实验探究的是二力平衡的条件，故A正确；
B、质量较大的硬纸板对桌面的压力大，硬纸板受到的摩擦力大，对实验影响较大，故B正确；
C、调整两边的托盘所放的钩码数量，可以改变作用在硬纸板上两个力的大小，故C正确；
D、将硬纸板扭转一个角度，可以使二力不在不同一直线上，因此可探究二力平衡时两个力的是否在同一直线上，故D错误。
故选：D。
(1)二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上；
(2)实验时为了使实验效果明显，应选择质量小的硬纸板，可以减小摩擦对实验的影响。
(3)调整两边的托盘所放的钩码数量，可以改变力的大小。
(4)将硬纸板扭转一个角度，是为了改变力的作用线的位置，探究二力平衡时，二力是否在同一条直线上。
探究二力平衡条件时，设计实验要充分考虑影响实验的因素，还要运用合适的实验方法；静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用，二力平衡的条件包括四方面：同物、同线、等值、反向。
30.【答案】D
【解析】解：
A、由图甲和丙，利用称重法F浮=G−F可以求出浮力的大小，根据物体的体积等于排开的液体的体积，利用F浮=ρ液gV排得可以算出物体体积的大小，故A正确；
B、由图甲、丙可以求出在水中的浮力，也可以求出物体的体积，根据甲、戊可以算出在盐水中的浮力，根据F浮=ρ液gV排可以求出盐水的密度，故B正确；
C、比较图甲、乙、丙可知，物体排开的液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，物体受到的浮力不同，所以物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关，故C正确；
D、比较图甲、丙、丁可知，液体的密度、排开的液体的体积相同，深度不同，弹簧测力计示数相同，浮力相同，即浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关，故D错误。
故选：D。
浮力大小与排开液体的体积和液体的密度有关，而与物体浸没的深度、物体的体积无关，研究浮力大小与什么因素有关时，应找出不变的量和变化的量，研究浮力与变化量的关系。
本题探究影响浮力大小的因素，利用好控制变量法和阿基米德原理公式是关键。
31.【答案】A C B B
【解析】解：
(1)在探究“阻力对物体运动的影响”实验时：让小车三次都从斜面上同一位置由静止滑下，在平面上运动一段距离后停下。实验中应当通过改变水平面的粗糙程度来改变小车所受阻力大小的，选A；
(2)从毛巾、棉布到木板接触面粗糙程度逐渐变小，同一小车在上面受到的阻力逐渐变小，通过的距离逐渐变大，故图中1、2、3三个水平面应当依次是毛巾、棉布、木板，选C；
(3)由(2)知，受到的阻力逐渐变小，通过的距离越大，据此推理，若水平面绝对光滑，不计空气阻力，小车通过距离将是无限长，故小车的运动状态将会匀速直线运动下去，不停下来，选B；
(4)小车到达水平面后会继续向前运动，但是它在水平面上运动的速度逐渐减小，即运动状态改变了，这说明：力是改变小车运动状态的原因，选B。
故答案为：(1)A；(2)C；(3)B；(4)B。
(1)在压力相时，接触面越粗糙，摩擦力越大，据此分析：
(2)从毛巾、棉布到木板接触面粗糙程度逐渐变小，结合图示分析；
(3)根据(2)的结论，经过推理回答；
(4)小车到达水平面后受到阻力的作用，力是改变小车运动状态的原因。
本题探究“阻力对物体运动的影响”，考查实验过程和对器材的要求、推理法和力与运动的关系。
32.【答案】解：(1)金属块对地面的压力为：
F=G=54N；
金属块对地面的压强为：
p=FS=54N3×10−2m2=1.8×103Pa；
(2)金属块浸没在水中，V排=V物=3×10−3m3；
金属块浸没在水中受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10−3m3=30N。
答：(1)金属块对地面的压强为1.8×103Pa；
(2)金属块浸没在水中所受浮力的大小为30N。
【解析】(1)放在水平地面上的物体对地面的压力F=G，根据p=FS计算物体对地面的压强；
(2)根据F浮=ρ液gV排计算金属块浸没在水中所受浮力的大小。
本题是一道有压强和浮力的综合计算题目，只用到简单公式的进行计算即可，难度不大。
33.【答案】解：(1)滑轮组所做有用功：W有=Gh=480N×2m=960J；
(2)由图片可知，滑轮组承担物重绳子段数n=2，
机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=480N2×300N×100%=80%。
答：(1)有用功为960J；
(2)滑轮组匀速提升重物的机械效率为80%。
【解析】(1)提升重物做功为有用功，利用W=Gh计算；
(2)由图片读出承担物重绳子段数，利用η=GnF计算滑轮组机械效率。
本题考查有用功、和机械效率的计算，灵活运用机械效率的推导式可以降低计算的难度。
34.【答案】解：
(1)水深h=12cm=0.12m，
水对壶底的压强：
p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa，
(2)壶的底面积S=2×10−3m2，
由p=FS得，水对茶壶底的压力：
F1=p水S=1200Pa×2×10−3m2=2.4N。
答：(1)水对茶壶底部的压强为1200Pa；
(2)水对茶壶底部的压力为2.4N。
【解析】(1)利用液体压强公式p=ρgh求出水对壶底的压强；
(2)利用公式F=pS求出水对茶壶底部的压力。
本题主要考查了液体压强和压力的计算问题，要利用好p=ρgh和F=pS这两个公式，由于液体的流动性，对于形状不规则的容器，液体对容器底的压力不等于液体的重力，这是易错点。
G/N
h/m
F/N
s/m
η
5
21
2
63
G/N
h/m
F/N
s/m
η
2
21
5
63
G/N
h/m
F/N
s/m
η
5
0.63
2
0.21
G/N
h/m
F/N
s/m
η
5
0.21
2
0.63
序号
动滑轮重G动/N
被提升钩码重G/N
h/m
F/N
s/m
η
①
0.1
1
0.2
0.4
0.6
74%
②
0.1
1
0.2
0.8
0.6
80%
③
0.2
2
0.2
0.9
0.6
78%