福建省南平市延平区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份福建省南平市延平区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共24页。试卷主要包含了5g/cm3，8×103t，【答案】B，【答案】D，【答案】C，【答案】A等内容，欢迎下载使用。

“一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态。”推理概括出这一规律的物理学家是( )
A. 牛顿B. 亚里士多德C. 伽利略D. 阿基米德
最近“一盔一带”安全守护行动在全国各地开展。汽车行驶时，司机和乘客都要系好安全带，是为了防止下列哪种情况下对车内的人造成伤害( )
A. 突然启动时B. 突然刹车时C. 突然加速时D. 突然超车时
如图所示，疫情期间，教室内会定期喷洒消毒液，整个教室将充满刺鼻的气味。这是因为( )
A. 物质都是由分子组成的B. 分子间有空隙
C. 分子间有相互的作用力D. 分子在不停地做无规则运动
“物竞天择，适者生存”，动物大多有各自的求生绝活，下图所示的“绝活”中，能减小压强的是( )
A. 啄木鸟的尖嘴B. 鹰的利爪
C. 骆驼的巨掌D. 野牛的锥角
如图所示的杠杆中，属于费力杠杆的是( )
A. 剪刀剪纸B. 起子开瓶
C. 钳子剪导线D. 镊子夹物
如图所示，方舱医院的送餐机器人正在进行无接触配送任务。下列说法正确的是( )
A. 机器人由静止变为运动时受平衡力的作用
B. 机器人受到的牵引力和地面对它的支持力是一对平衡力
C. 机器人匀速直线前进时受到的牵引力和阻力是一对平衡力
D. 地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力是一对平衡力
如图是一款名叫“蜗小白”的无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内。此过程中，扫地车整体的( )
A. 动能不变，机械能不变
B. 动能不变，机械能变大
C. 动能变大，机械能不变
D. 动能变大，机械能变大
下列情景中，重力对物体有做功的是( )
A. 足球在水平地面上滚动B. 篮球由高处落下
C. 背着书包在水平路面上前进D. 小车在水平地面做匀速直线运动
物理学中把抽象的、不易观察的物理现象，转换为具体的、易观察的物理现象的研究方法，叫做转换法。在如图所示实验中没有使用转换法的是( )
A. 将小车扭转一定角度，探究二力不在同一直线能否平衡
B. 用U形管液面高度差反映液体压强的大小
C. 用小桌陷入沙中的深度反映钩码重力势能的大小
D. 用木块移动距离反映弹簧弹性势能的大小
2018年4月20日，我国最先进的自主潜水器“潜龙三号”首潜成功。如图所示，潜水器在水面下匀速下潜的过程中(假定海水的密度不变)( )
A. 受到的浮力小于重力
B. 上下表面受到的压力差变大
C. 受到的压强变大，浮力变大
D. 受到的压强变大，浮力不变
如图所示的实例中，能用大气压解释的是( )
A. 洗手池下的排水管做成U型
B. 剥壳熟鸡蛋被吞入充满热空气的瓶中
C. 管中的水使管底橡皮膜向下凸出
D. 护航编队在近距离采用前后护航
“抓沙包”是中国传统的游戏。图中沙包从手中竖直向上抛出后，向上运动的过程中( )
A. 重力势能增大
B. 只受到空气阻力的作用
C. 受到重力和向上抛的力
D. 运动到最高点时，受平衡力作用
如图所示，甲、乙两个相同的滑轮，分别将同一物体匀速提升相同的高度，若不计绳重与摩擦，下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端的拉力相等
B. 机械做的有用功不相等
C. 甲装置的机械效率比乙低
D. 绳子自由端移动的距离相等
在帮妈妈做家务的时候，小明发现两根相同体积的筷子，甲浮在水面上，乙沉在水底，如图，由此可知甲比乙( )
A. 所受浮力小B. 质量大C. 所受压强大D. 密度大
如图所示，在水平地面上，用力F拉动重500N的木箱，使它在3s内匀速直线运动了3m，受到的摩擦力为200N.不计滑轮重、绳重及绳与滑轮间摩擦，下列说法正确的是( )
A. 拉力F的大小为250NB. 拉力F做的功为600J
C. 拉力F做功的功率为100WD. 绳端移动的速度为1m/s
如图甲所示，弹簧测力计下挂有一个圆柱体，把它从盛水的烧杯中缓慢提升，直到全部露出水面，该过程中弹簧测力计读数F随圆柱体上升高度h的关系如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 圆柱体的高是5cmB. 圆柱体受到的重力是6N
C. 圆柱体受到的最大浮力是4ND. 圆柱体的密度是1.5g/cm3
为了抗击新冠疫情，许多措施涉及到不少物理知识：
(1)钟南山院士倡议大家“勤洗手，戴口罩”。洗手后，在水池边及时甩手，这是利用______将水甩掉。如图1所示，同学们口罩戴久了会觉得鼻梁、耳后跟有勒痕而且疼，这是因为口罩上的金属条和耳绳受力面积较小，对鼻梁和耳后跟的压强较______。
(2)公安部门启动无人机巡逻模式，向群众宣传防疫知识。如图2所示，质量为20kg的无人机匀速升空时，动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，无人机螺旋桨产生的升力是______N。
如图所示，水壶壶嘴的高度不低于壶身的高度，其设计遵循了______的原理；壶盖上的小孔是为了使水壶内外的______相等，壶中的水易倒出。
如图所示，分别用甲、乙两种滑轮装置把重300N的物体匀速向上提起。已知每个滑轮重20N，忽略绳重及滑轮与绳子间的摩擦，甲图中车对绳子的拉力为______N，乙图中人对绳子的拉力为______N。
“木桶理论”告诉我们：一只木桶能装多少水，取决于桶壁上最短的那块。如图所示木桶的底面积为4×10−2m2(不计桶的厚度)，当桶装满水时，桶底受到水的压强为______Pa，桶底受到水的压力为______N。
如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示，4∼6s内推力F做功的功率为______W；2∼4s内物体所受合力为______N。
请画出如图所示中潜水艇悬浮时所受力的示意图。
如图甲所示是一个钥匙形“瓶起子”，图乙为其简化的示意图，图中O为支点，F2是A点受到的阻力。请在图乙中画出：
(1)阻力臂l2。
(2)作用在B点的最小动力F1及其力臂l1。
2020年3月18日下午，在长乐国际机场，为迎接232名福建援鄂医疗队员平安归来，进行了民航界最高礼仪级别“过水门”欢迎仪式。如图所示，水门是由两台消防车斜向上喷出水柱洗礼飞机。请用所学的物理知识解释：
(1)当水柱斜向上运动时的能量转化情况。
(2)飞机机翼做成上凸下平的形状，飞行时获得升力的原因。
如图所示是关于压强的三个实验情景：
(1)甲图实验中，通过观察两手指的凹陷程度反映压力的作用效果与______有关。
(2)乙图实验中，玻璃管倾斜时，玻璃管内外水银面的高度差______(选填“变长”、“变短”或“不变”)。
(3)丙图实验中，向玻璃管中吹风，U形管______管(选填“A”或“B”)上方空气流速大，压强小，该管中的液面将______(选填“上升”或“下降”)。
如图甲所示，在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，让小车从斜面顶端静止滑下，观察比较小车在不同表面滑行的距离。
(1)让小车从斜面顶端由静止滑下，目的是使小车每次到达水平面的______相同。
(2)实验中发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板表面上滑行的距离最长。说明小车受到的阻力越小，速度减小得越______(选填“快”或“慢”)。进一步推理得出：如果小车在水平面运动时受到的阻力为零，它将做______运动。
(3)通过上面的探究，你认为图乙的篮球，飞到空中A点时，若它受到的一切外力同时消失，则篮球的运动轨迹将是______(选填“AB”、“AC”或“AD”)。
如图所示，在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验中。
实验甲：如图甲所示，让质量相同的两个小球沿同一光滑斜面分别从A、B两处由静止开始向下运动，然后与水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
实验乙：如图乙所示，让质量不同的两个小球沿同一光滑斜面分别从B处由静止开始向下运动，然后与水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止。
(1)实验中通过观察纸盒移动的距离判断______(选填“小球”或“纸盒”)的动能大小。如果水平面光滑，则______(选填“能”或“不能”)完成本实验。
(2)图甲是为了探究：在______相同时，动能与______大小的关系。
(3)图丙所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定的最高行驶速度，质量越大的车，限速越______(选填“高”或“低”)，主要是受到实验______(选填“甲”或“乙”)结论的启示。
同学们利用杠杆做了如图所示的实验，实验中使用的每个钩码质量均相等，杠杆上每格距离相等，请回答下列问题：
(1)图甲所示，为了便于测量力臂，要使杠杆在水平位置平衡，此时应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调。杠杆在水平位置平衡后，如图乙所示在A处挂3个钩码，需在B处挂______个钩码才能使杠杆在水平位置再次平衡。之后在A、B两处各增加1个钩码，杠杆将______(选填“不动”、“顺时针旋转”或“逆时针旋转”)。
(2)图丙所示，小南将弹簧测力计斜向下拉，他的操作不便于测量______的大小。
(3)图丁所示，小南在A、C两处分别挂等重的载物盘制作了一个天平，此天平是利用______杠杆原理制作而成。
小南在探究“浮力的大小与哪些因素有关”时，做了如图所示的实验：
(1)由图可知，浸没在水中的物体受到的浮力是______N。
(2)要探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度有关应选择______两图。
(3)小南利用实验中得到的数据可以得出物体的密度为______kg/m3。
小南利用如图甲所示的探头进行了液体压强和浮力的综合探
(1)探头下端的橡皮膜形变程度越大，说明它所受的液体压强越______。
(2)图乙是实验的情形，比较A、B两图，得出：液体内部的压强与液体的______有关；比较______两图，得出：液体内部的压强与液体的密度有关；
(3)小南用弹簧测力计挂着此探头继续探究，如图丙所示，先在溢水杯内装满水，然后将探头浸没溢水杯中，此时弹簧测力计的示数为______N，探头所受的浮力为______N。
(4)粗心的小明在做丙图实验时，溢水杯里的水未装满，则他所测探头受的浮力与小南相比将______(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
如图是我国自主研发的四轮长航程极地漫游机器人，其质量为500kg，履带与地面的总接触面积为0.4m2，当机器人在水平冰面上匀速直线行驶时，阻力是总重的0.12倍。求：
(1)机器人受到的重力；
(2)机器人匀速直线行驶时受到的牵引力；
(3)机器人静止在水平冰面时对冰面的压强。
在拓展课上，小南同学用如图所示的滑轮组，模拟某建筑工地上拉动工件的情景。他用20N的拉力拉着重为100N的物体，使它在4s内沿着水平地面匀速直线运动了2m，物体运动时受到地面的摩擦力为30N，不计绳重及机械间的摩擦。求：
(1)人的拉力所做的功；
(2)人的拉力做功的功率；
(3)该滑轮组的机械效率。
如图所示的“093改进型攻击核潜艇”在人民海军成立70周年时公开亮相。该潜艇最大潜深可达350m，水下排水量为6.8×103t(取ρ海水=1×103kg/m3)。求：
(1)潜艇的体积；
(2)潜艇下潜到距海面300m深处时，受到海水的压强；
(3)若该潜艇漂浮时，露出海面的体积为1.8×103m3，此时潜艇受到的浮力。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律：一切物体在不受外力时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
故选：A。
牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。
此题考查我们对牛顿成就及牛顿第一定律内容的掌握，属于基础知识的考查，难度较小。
2.【答案】B
【解析】解：A、小车突然启动时，车由静止突然向前运动，人由于惯性要保持原来的静止状态，人的头部相后仰，“头枕”对人有保护作用，故A不符合题意；
B、当人和汽车以较快的速度行驶时，突然刹车，由于惯性，人还要保持原来较快的速度运动，所以如果不系安全带，人的上身会向前运动，使人体受伤，故B符合题意；
C、汽车突然加速，人由于惯性还要保持原来的运动状态，所以会向后倾倒，“头枕”对人有保护作用，故C不符合题意；
D、汽车突然超车需要加速，人由于惯性还要保持原来的运动状态，所以会向后倾倒，“头枕”对人有保护作用，故D不符合题意。
故选：B。
一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性，物体在任何情况下都有惯性，并会用惯性解释现象。
知道任何物体任何情况下都有惯性，会用惯性知识解释生活中的现象。
3.【答案】D
【解析】解：
教室内会定期喷洒消毒液，整个教室将充满刺鼻的气味，是因为消毒液分子在空气中发生了扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。故ABC错误、D正确。
故选：D。
不同物体互相接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
本题考查了分子的无规则运动，属于基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：
A、啄木鸟的尖嘴，减小了受力面积，在压力一定时，可增大压强，故A不合题意；
B、老鹰的利爪，减小了受力面积，在压力一定时，可增大压强，故B不合题意；
C、骆驼的巨掌，增大了受力面积，在压力一定时，可减小压强，故C符合题意；
D、野牛的锥角，减小了受力面积，在压力一定时，可增大压强，故D不合题意。
故选：C。
影响压强大小的因素是压力大小和受力面积的大小，在压力一定的情况下，要判断是否减小压强，关键看是否增大了受力面积。
动物器官中有些是具有增大压强功能的，特点是受力面积小；有些又是具有减小压强功能的，特点是受力面积大，应注意区分。
5.【答案】D
【解析】解：A、剪刀在使用过程中动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故A不合题意；
B、起子在使用过程中动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故B不合题意；
C、钳子在使用过程中动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C不合题意；
D、镊子在使用过程中动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
按是否省力来分，杠杆可以分为省力杠杆、费力杠杆、不省力也不费力杠杆，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂为费力杠杆；动力臂等于阻力臂为等臂杠杆。
本题考查杠杆的分类，知道动力臂和阻力臂的大小是解题的关键。
6.【答案】C
【解析】解：A、机器人由静止变为运动时，运动状态发生了变化，受到的不是平衡力，故A错误；
B、机器人受到的牵引力和地面对它的支持力不在一条直线上，不是一对平衡力，故B错误；
C、机器人匀速直线前进时，受力平衡，所以受到的牵引力和阻力是一对平衡力，故C正确；
D、地面对机器人的支持力和机器人对地面的压力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；物体在平衡力的作用下处于平衡状态。
物体的运动状态是由于受到外力而改变的，但若受到的外力是平衡力，则其运动状态不变，仍保持原来的运动状态。
7.【答案】D
【解析】解：无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，其质量变大，速度不变，动能变大，高度不变，重力势能不变，故机械能变大，故D正确。
故选：D。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=动能+势能。
本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。
8.【答案】B
【解析】解：A、足球在水平地面上滚动，受到的重力方向竖直向下，距离水平向前，方向不一致，故重力没有做功，故A错误。
B、篮球由高处落下，重力方向和距离的方向均竖直向下，故重力做功，故B正确。
C、背着书包在水平路面上前进，书包受重力竖直向下，距离的方向水平向前，方向不一致，故重力没有做功，故C错误。
D、小车在水平地面做匀速直线运动，小车受重力竖直向下，距离的方向水平向前，方向不一致，故重力没有做功，故D错误。
故选：B。
本题要抓住做功的两个必要因素：
1.作用在物体上的力；
2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；
二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法。
9.【答案】A
【解析】解：A、研究二力平衡条件时，把小车扭转一定角度，使两个力不在同一条直线上，然后释放，发现小车转动，证明两个力必须在同一条直线上，采用的是反证法，故A符合题意；
B、液体内部压强大小不能直接观察，用U形管液面高度差反映液体压强，采用的是转换法，故B不符合题意；
C、重力势能的大小不能直接观察，用小桌陷入沙中的深度间接反映钩码重力势能的大小，采用的是转换法，故C不符合题意；
D、弹簧发生弹性形变产生弹性势能的大小不能直接观察，用木块被弹簧弹开距离的大小反映弹簧弹性势能的大小，采用的是转换法，故D不符合题意。
故选：A。
在物理学中，对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
本题考查学生对物理学研究方法的辨析，物理上有好多种研究方法，如转换法、控制变量法、等效替代法、类比法、模型法、反证法等，在初中物理实验中经常用到，一定要掌握。
10.【答案】D
【解析】解：A、潜水器在水面下匀速下潜，海水的密度不变，潜水器浸没在水中，其排开水的体积不变，
根据F浮=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变，其重力不变，此时受到的浮力等于重力，故A错误。
B、根据F浮=ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变，浮力不变，即上、下表面受到的压力差不变，故B错误。
CD、由于潜水器在水中的深度逐渐增加，所以根据公式p=ρgh可知，潜水器受到的压强增大，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，因此判断浮力的大小，匀速下潜浮力等于其重力。
(2)浮力产生的原因是上下表面受到的压力差。
(3)潜水器受到的压强大小与液体的密度和潜水器所处的深度有关，因此判断压强的大小，关键是判断液体密度和潜水器所处深度的变化。
本题考查了对液体压强和浮力的判断，判断时要了解影响液体压强和浮力大小的因素，并判断影响因素中哪些是定量，哪些是变量。
11.【答案】B
【解析】解：A、洗手池下的排水管做成U型，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，是利用了连通器原理，故A不合题意；
B、去壳熟鸡蛋进入瓶内，是典型的“瓶吞鸡蛋”实验，是大气压作用的结果，故B符合题意；
C、玻璃管底端橡皮膜向外凸，表明液体对容器底部有压强，这是由于液体受到重力的作用，故C不合题意；
D、舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度；因为水的流速越大，压强越小，水的流速越小压强越大，所以舰艇内外测的水存在压强差，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，不采用“并排”护航，故在近距离采用前后护航，故D不合题意。
故选：B。
(1)上端开口，底部连通的仪器叫连通器，连通器内盛有一种液体，并且不流动时，各容器内的液面是相平的；锅炉水位计、自动喂水器、洗手盆的回水弯、过桥涵洞、船闸等等都是连通器；
(2)瓶吞鸡蛋实验，证明了大气压强的存在；
(3)液体向各个方向都有压强；
(4)流体流速越大，流体产生的压强越小；流体流速越小，压强越大。
本题考查连通器原理，瓶吞鸡蛋实验，液体压强，以及流速与压强的关系，难度不大。
12.【答案】A
【解析】解：
A、沙包从手中竖直向上抛出后，高度变大，质量不变，重力势能变大，故A正确；
BC、地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，沙包被抛出后向上运动是因为具有惯性，不是受到向上抛的力，故BC错误；
D、运动到最高点时，速度为0，沙包只受到重力的作用，受力不平衡，故D错误。
故选：A。
(1)重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用；
(3)根据沙包的受力情况判定其状态。
此题考查了重力的存在、运动和力的关系的应用及重力势能的影响因素，正确理解概念和规律，是判断的基础。
13.【答案】C
【解析】解：
A、不计绳重与摩擦，甲图使用的是动滑轮，则F甲=12(G+G动)，乙图使用的是定滑轮，则F乙=G；因为物重和动滑轮重力大小关系不确定，所以无法比较F甲、F乙的大小，故A错误；
B、将同一物体匀速提升相同高度，由W=Gh可知利用机械做的有用功是相等的，故B错误；
C、不计绳重与摩擦，使用动滑轮时要克服动滑轮的重力做额外功，有用功小于总功，其机械效率小于100%；使用定滑轮时，额外功为0J，其机械效率为100%，所以η甲<η乙，故C正确；
D、甲图使用的是动滑轮，绳子自由端移动距离s甲=2h，乙图使用的是定滑轮，绳子自由端移动距离s乙=h；所以s甲>s乙，则D错误。
故选：C。
使用定滑轮时，不省力，也不省距离，能改变力的方向；动滑轮的使用特点：不计绳重与摩擦时，拉力是物体和动滑轮总重力的一半，但费距离；
用滑轮来提升重物时，所做的有用功就是克服物体自身重力所做的功；不计绳重和摩擦时，克服动滑轮重力做的功就是额外功，使用定滑轮的机械效率就是100%。
本题考查了使用动滑轮和定滑轮时拉力、绳端移动距离、有用功、总功和机械效率的大小比较，关键是掌握它们的工作特点。
14.【答案】A
【解析】解：
A、因为甲筷子漂浮，所以甲排开水的体积V甲B、由题知，F甲=G甲，F乙C、因为甲处的深度小于乙所处的深度，由p=ρgh可知，甲受到水的压强小，故C错；
D、因为甲漂浮，所以ρ甲<ρ水，因为乙下沉，所以ρ乙>ρ水，所以ρ乙>ρ甲，故D错。
故选：A。
本题考查了学生对物体的浮沉条件、液体压强公式、阿基米德原理的掌握和运用，能从甲筷子漂浮在水面上、乙筷子沉入水底得出排开水的体积大小关系是本题的关键。
15.【答案】B
【解析】解：
A、由图知，n=2，不计滑轮重及绳与滑轮间的摩擦，拉力F=12f=12×200N=100N，故A错误；
B、绳子自由端移动的距离：s=2s物=2×3m=6m，拉力F做功W=Fs=100N×6m=600J；故B正确；
C、拉力F做功的功率P=Wt=600J3s=200W，故C错误；
D、绳子自由端移动的速度v=st=6m3s=2m/s，故D错误。
故选：B。
(1)由图知，n=2，不计滑轮重及绳与滑轮间的摩擦，拉力F=12f；
(2)绳子自由端移动的距离等于物体移动距离的2倍，利用W=Fs求出拉力F做的功；
(3)利用P=Fv求拉力F做功功率；
(4)利用速度公式求绳子自由端移动的速度。
本题考查了使用滑轮组拉力和拉力端移动距离的计算，水平使用滑轮组，拉力是为了克服物体与地面间的摩擦，木箱重为干扰因素。
16.【答案】C
【解析】解：
由图乙可知，圆柱体上升高度在0∼2cm时，弹簧测力计的示数较小，此时圆柱体浸没水中；上升高度从2cm到5cm，弹簧测力计的示数逐渐变大，此时圆柱体逐渐露出水面；上升高度为5cm以后圆柱体脱离水面。
A、若水位不变，则圆柱体的高度等于3cm，现在不知道水位变化，则无法确定圆柱体的高度是多少，故A错误；
B、当上升高度在5cm以上，圆柱体脱离水面，弹簧测力计示数F示1=10N，此时圆柱体处于空气中，则圆柱体的重力G=F示1=10N，故B错误；
C、由图象可知，圆柱体上升高度在0∼2cm时，圆柱体浸没水中，此时弹簧测力计示数F示2=6N，此时圆柱体受到的浮力最大，其大小为F浮=G−F示2=10N−6N=4N，故C正确；
D、由F浮=ρ水gV排可得圆柱体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=4N1×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3，
圆柱体的质量：
m=Gg=10N10N/kg=1kg，
圆柱体密度：
ρ=mV=1kg4×10−4m3=2.5×103kg/m3=2.5g/cm3，故D错误。
故选：C。
(1)当圆柱体上升高度在2cm以内，圆柱体在水中；当圆柱体上升高度在5cm以上，圆柱体脱离水面；若水位不变，圆柱体的高度等于3cm，现在不知道水位变化，无法确定圆柱体的高度是多少；
(2)当圆柱体上升高度在5cm以上，圆柱体脱离水面，由图象可知此时弹簧测力计示数，此时圆柱体处于空气中，则圆柱体的重力等于弹簧测力计的示数；
(3)由图象可知，圆柱体上升高度在0∼2cm时，圆柱体浸没水中，知道此时弹簧测力计示数，此时圆柱体受到的浮力最大，利用称重法求浮最大力；
(4)利用F浮=ρ水gV排求圆柱体的体积，利用G=mg求圆柱体的质量，最后利用密度公式求圆柱体的密度。
本题考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理以及称重法测浮力的应用，分析图象、从中得出相关信息是关键
17.【答案】惯性 大 不变 200
【解析】解：
(1)洗手后，在水池边及时甩手，水由于惯性会继续向前运动，使水和手分离；相同情况下，口罩上的金属条和耳绳受力面积较小，产生的压强越大；
(2)质量为20kg的无人机匀速升空时，速度不变，质量不变，动能不变；无人机做匀速直线运动，受力平衡，升力与重力是一对平衡力，则无人机螺旋桨产生的升力是F=G=mg=20kg×10N/kg=200N。
故答案为：(1)惯性；大；(2)不变；200。
(1)任何物体都有惯性；压强的大小与压力大小和接触面积的大小有关；
(2)动能大小与质量、速度有关；根据二力平衡求出升力的大小。
本题考查了惯性、压强的大小、二力平衡条件的应用、动能的变化，属于基础知识，要掌握。
18.【答案】连通器 气压
【解析】解：壶身和壶嘴上端开口、下端连通，属于连通器；
壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出。
故答案为：连通器；气压。
(1)连通器：上端开口、下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
(2)壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通。
该题考查了连通器原理在生活中的应用，同时也考查了液体压强和大气压的综合应用，属于一道中档题。
19.【答案】300 160
【解析】解：
图甲中使用的是两个定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，车对绳子的拉力F甲=G=300N；
图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n=2，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，人对绳子的拉力F乙=12(G+G动)=12(300N+20N)=160N。
故答案为：300；160。
先分析甲乙图中滑轮的种类，确定使用滑轮组的特点。忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦：
(1)图甲中使用的是两个定滑轮，车对绳子的拉力F=G；
(2)图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n=2，人对绳子的拉力F乙=12(G+G动)。
本题考查了使用滑轮组时拉力的计算，分析题图，确定滑轮组的特点是关键。
20.【答案】2000 80
【解析】解：
当桶装满水时，水的深度h=h最短=20cm0.2m，
桶底受到水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa，
由p=FS可得桶底受到水的压力：
F=pS=2000Pa×4×10−2m2=80N。
故答案为：2000；80。
当桶装满水时，水的深度等于最短的木板长，利用p=ρgh求出桶底受到水的压强；再利用F=pS求桶底受到水的压力。
本题考查了压强定义式、液体压强公式的应用，要注意桶内最大水深的判断，易错点！
21.【答案】8 1
【解析】解：(1)由F−t图象可知，4∼6s内推力F=2N，
由v−t图象可知，4∼6s内物体做匀速直线运动，其速度v=4m/s，
则4∼6s内推力F做功的功率P=Wt=Fst=Fv=2N×4m/s=8W；
(2)因4∼6s内物体做匀速直线运动处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，
所以，物体受到的滑动摩擦力f=F=2N，
由v−t图象可知，2∼4s内物体做匀加速运动，
因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与速度无关，
所以，物体受到的滑动摩擦力不变，
由F−t图象可知，2∼4s内推力F′=3N，
则2∼4s内物体所受合力F合=F′−f=3N−2N=1N。
故答案为：8；1。
(1)根据F−t图象读出4∼6s内推力，根据v−t图象读出4∼6s内物体做匀速直线运动的速度，利用P=Wt=Fst=Fv求出4∼6s内推力F做功的功率；
(2)4∼6s内物体做匀速直线运动处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，据此求出物体受到的滑动摩擦力，根据v−t图象可知2∼4s内物体做匀加速运动，根据影响滑动摩擦力大小的因素判断出物体受到的滑动摩擦力不变，再根据F−t图象读出2∼4s内推力，利用同一条直线上的二力合成求出2∼4s内物体所受合力。
本题考查了学生的识图能力，能将v−t图象和F−t图象相结合并判断出物体的运动状态是关键。
22.【答案】解：潜水艇受到的重力竖直向下，而浮力竖直向上，由于潜水艇悬浮则受到的浮力与重力是一对平衡力，如图所示。

【解析】潜水艇在水中受重力与浮力的作用，潜水艇悬浮时则受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在潜水艇重心上作图即可。
本题考查力的示意图的画法，画图时要注意大小、方向及作用点，同时要标准确力的名称。
23.【答案】解：
(1)从支点O作动力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为动力臂l2；
(2)由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OB作为动力臂l1最长；动力的方向应该向上，过点B垂直于OB向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：

【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
24.【答案】解：
(1)当水柱斜向上运动时，水柱高度增加，质量不变，重力势能变大，速度变小，动能变小，水柱的动能转化为重力势能；
(2)机翼做成上凸下平的形状，当飞行时，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，可以获得向上的升力。
【解析】(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
(2)流体流速越大的位置，压强越小，飞机的机翼利用了这一原理。
本题考查了机械能的相互转化、流体压强与流速的关系，难度不大，要熟记。
25.【答案】受力面积 不变 A 上升
【解析】解：(1)压力作用效果跟压力的大小和受力面积有关，两个手指受到铅笔的压力相等，受力面积不同，手指的凹陷程度不同，实验反应了压力作用效果与受力面积有关。
(2)进行托里拆里实验时，玻璃管是否倾斜不影响玻璃管内外水银面的高度差。
(3)吹风时，空气流量相等，A管上方横截面积小，空气流速大压强小，B管上方横截面积大，空气流速小压强大，A管中的液面将上升，B管中的液面下降。
故答案为：(1)受力面积；(2)不变；(3)A；上升。
(1)压力作用效果跟压力的大小和受力面积有关，从两个影响因素进行分析。
(2)进行托里拆利实验时，玻璃管的粗细、玻璃管的长度(大于76cm)、玻璃管是否倾斜、玻璃管上提下压都不影响玻璃管内外水银面的高度差。
(3)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。
本题通过几个探究小实验，考查了压力作用效果的影响因素、托里拆利实验、流体的压强跟流速的关系。
26.【答案】速度 慢 匀速直线 AC
【解析】解：
(1)每次都从斜面上同一位置释放，使小车运动到斜面底端时的速度相等；
(2)表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；
假如小车受到的阻力为零，即小车不受力，小车的运动状态将不会改变，做匀速直线运动；
(3)当篮球飞到空中A点时，若它受到的一切外力同时消失，则篮球将沿原来方向做匀速直线运动，即沿AC的方向做匀速直线运动。
故答案为：(1)速度；(2)慢；匀速直线；(3)AC。
(1)该实验应使小车运动到斜面底端时的速度相等，比较小车运动的距离才有意义，所以要控制小车每次都从斜面上同一位置释放；
(2)表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢推理得出小车不受到的阻力时的运动情况；
(3)根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
27.【答案】小球 不能 质量 速度 低 乙
【解析】解：
(1)实验中小球动能的大小不易直接观察，通过观察纸盒被撞击后运动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，这种研究问题的方法是转换法；
由牛顿第一定律可知木块将永远匀速直线运动下去，木块通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定，所以小球动能的大小就无法比较，不能完成本实验；
(2)图甲中小球的质量相同，滚下的高度不同，滚下的高度越大，到达底面的速度越大，可探究动能和速度的关系；
(3)图丙所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定的最高车速，质量越大的车，限速越低，这表明动能的大小与质量有关，探究动能大小与质量有关时需要控制速度相同，质量不同，故选用乙图来探究。
故答案为：(1)小球；不能；(2)质量；速度；(3)低；乙。
(1)探究动能影响因素实验，研究对象是斜面上的物体，从斜面滑下撞击水平面上物体，通过被撞击物体运动距离判断动能大小；
根据牛顿第一定律进行分析；
(2)动能大小与物体的质量和速度有关，要探究动能大小和其中一个量之间的关系，应控制另一个量的大小不变，改变这个量，即用控制变量法；
(3)动能的大小与速度和质量有关，利用控制变量法分析。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
28.【答案】右 4 逆时针旋转 力臂 等臂
【解析】解：(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，直到杠杆在水平位置平衡；
设杠杆一格的长度是L，一个钩码重是G，
所以由杠杆平衡条件：F1L1=F2L2得，
图甲中，3G×4L=nG×3L，所以n=4(个)。
如果再在A、B两处各加挂一个钩码，4G×4L>5G×3L，
所以杠杆左端下沉，杠杆将逆时针旋转。
(2)图丙所示，小南将弹簧测力计斜向下拉，力臂不在杠杆上，他的操作不便于测量力臂；
(3)天平称量是使左右两盘对杠杆拉力相同，根据杠杆的平衡条件，应是动力臂等于阻力臂，所以此天平是等臂杠杆。
故答案为：(1)右；4；逆时针旋转；(2)力臂；(3)等臂。
(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，直到杠杆在水平位置平衡；
设杠杆一格的长度是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出钩码数量，并根据钩码的变化判断杠杆的平衡情况；
(2)从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂。力臂不一定是支点到力作用点的距离；
(3)天平的实质是等臂杠杆。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及实验结论记忆清楚，仔细分析解答。
29.【答案】1 C、D8.0×103
【解析】解：(1)根据称重法测浮力，由图可知，浸没在水中的物体受到的浮力是：
F浮=G−F=8N−7N=1N；
(2)要探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度的关系，应控制排开液体的体积相同，故应选择C、D两图；
(3)根据阿基米德原理，F浮=ρ水gV排，
V排=F浮ρ水g，因浸没，故V物=V排=F浮ρ水g，
物体的密度为：
ρ=mV=GgV物=Gg×F浮ρ水g=GF浮×ρ水=8N1N××1.0×103kg/m3=8.0×103kg/m3。
故答案为：(1)1；(2)C、D；(3)8.0×103 。
(1)根据称重法测浮力得出浸没在水中的物体受到的浮力；
(2)物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变；
(3)根据阿基米德原理得出V排表达式，因浸没，故V物=V排，根据ρ=mV=GgV物求出物体的密度。
本题探究“浮力的大小与哪些因素有关”，考查称重法测浮力、控制变量法和阿基米德原理及密度公式的运用。
30.【答案】大 深度 A、C0.40.2偏小
【解析】解：
(1)根据转换法，由探头下端的橡皮膜形变程度表示受到的压强大小，探头下端的橡皮膜形变程度越大，说明它所受的液体压强越大；
(2)图乙是实验的情形，比较A、B两图，液体密度相同，B中深度大，探头下端的橡皮膜形变程度大，得出：液体内部的压强与液体的深度有关；
研究液体内部的压强与液体的密度有关要控制深度相同，故比较A、C两图，得出：液体内部的压强与液体的密度有关；
(3)小南用弹簧测力计挂着此探头继续探究，如图丙所示，先在溢水杯内装满水，然后将探头浸没溢水杯中，测力计分度值为0.2N，此时弹簧测力计的示数为0.4N，量筒分度值为2mL，因排开水的体积为20mL，排开水的重力为：
G=ρVg=1.0×103kg/m3×20×10−6m3×10N/kg=0.2N；
由阿基米德原理，探头所受的浮力为0.2N；
(4)粗心的小明在做丙图实验时，或溢水杯里的水未装满，则溢出水的体积变小，得出排开水的重力变小，则他所测探头受的浮力与小南相比将偏小。
故答案为：(1)大；(2)深度； A、C； (3)0.4； 0.2；(4)偏小。
(1)根据转换法，由探头下端的橡皮膜形变程度表示受到的压强大小；
(2)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)根据测力计分度值读数，根据排开水的体积，由G=ρVg得出排开水的重力，根据阿基米德原理分析；
(4)若溢水杯里的水未装满，则溢出水的体积变小，据此分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法、量筒的读数及阿基米德原理的运用与误差分析。
31.【答案】解：(1)机器人受到的重力：G=mg=500kg×10N/kg=5×103N；
(2)因为机器人匀速直线行驶，所以F牵=f=0.12G=0.12×5×103N=600N；
(3)在水平冰面上，压力：F压=G=5×103N，
机器人静止在水平冰面时对冰面的压强：p=F压S=5×103N0.4m2=1.25×104Pa。
答：(1)机器人受到的重力为5×103N；
(2)机器人匀速直线行驶时受到的牵引力为600N；
(3)机器人静止在水平冰面时对冰面的压强为1.25×104Pa。
【解析】(1)已知质量，利用G=mg可求机器人的重力；
(2)机器人匀速前进，牵引力等于摩擦力；
(3)机器人静止在水平冰面上时，对冰面的压力等于其自身重力，利用p=FS求解压强。
此题考查重力、压强和牵引力的计算，关键是知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其自身重力，计算过程中要注意单位的统一。
32.【答案】解：
(1)由图知，连接动滑轮绳子的股数n=2，
则绳端移动的距离：s绳=ns物=2×2m=4m，
人的拉力所做的功：W总=Fs绳=20N×4m=80J；
(2)则拉力F做功的功率：P=W总t=80J4s=20W；
(3)有用功：W有=fs物=30N×2m=60J，
则滑轮组的机械效率：η=W有W总=60J80J×100%=75%。
答：(1)人的拉力所做的功为80J；
(2)人的拉力做功的功率为20W；
(3)滑轮组的机械效率为75%。
【解析】(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s绳=ns物求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出人的拉力所做的功；
(2)根据P=Wt求出拉力F做功的功率；
(3)利用W=fs求出有用功，再利用公式η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功、功率和机械效率的计算，明确拉力做的功为总功，克服物体与地面间摩擦力做的功为有用功是关键。
33.【答案】解：
(1)水下排水量m排=6.8×103t=6.8×106kg，
由ρ=mV可得潜艇的体积：
V潜艇=V排=m排ρ海水=6.8×106kg1×103kg/m3=6.8×103m3；
(2)潜艇下潜到距海面300m深处时，受到海水的压强：
p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×300m=3×106Pa；
(3)潜艇漂浮时，排开水的体积：
V排′=6.8×103m3−1.8×103m3=5×103m3，
潜艇漂浮时，受到水的浮力：
F浮′=ρ海水gV排′=1×103kg/m3×10N/kg×5×103m3=5×107N。
答：(1)潜艇的体积为6.8×103m3；
(2)潜艇下潜到距海面300m深处时，受到海水的压强为3×106Pa；
(3)若该潜艇漂浮时，露出海面的体积为1.8×103m3，此时潜艇受到的浮力为5×107N。
【解析】(1)知道潜艇水下排水量，即潜艇浸没水中时排开水的质量，利用ρ=mV求潜艇在水下排开海水的体积，即潜艇的体积；
(2)知道潜艇下潜的深度，利用求p=ρgh求受到海水的压强；
(3)潜艇漂浮时，排开海水的体积等于潜艇的体积减去露出海面的体积，利用阿基米德原理求潜艇漂浮时受到水的浮力。
本题考查了密度公式、液体压强公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，注意：水下排水量是指潜艇浸没水中时排开水的质量。