河北省邯郸市户村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份河北省邯郸市户村中学2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共21页。试卷主要包含了5N，8cmB，【答案】A，【答案】C，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年河北省邯郸市户村中学八年级（下）期末物理试卷

1. 下列估算中最符合实际的是(    )
A. 一只鸡蛋重力约为0.5N
B. 一个初中生双足站立时对地的压强约为3×108Pa
C. 一标准大气压能托起20m的水柱
D. 一个初中生骑自行车时的功率约为10000W
2. 以下是我们生活中常见的几种现象，在这些现象中，物体因为受力而改变运动状态的是(    )
①篮球撞击在篮板上被弹回    
②用力揉面团，面团形状发生变化    
③用力握小球，小球变瘪了    
④一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞。
A. ①② B. ①④ C. ②③ D. ②④
3. 对于“力与运动的关系”问题，历史上经历了漫长而又激烈的争论过程。著名的科学家伽利略在实验的基础上推理得出了正确的结论，其核心含义是(    )
A. 力是维持物体运动的原因 B. 物体只要运动就需要力的作用
C. 力是物体运动状态改变的原因 D. 没有力的作用运动物体就会慢慢停下来
4. 估计被测物块的重力小于4牛，在以下几个测力计中应选用的是(    )
A. 量程为10牛，最小分度值为0.2牛 B. 量程为5牛，最小分度值为0.2牛
C. 量程为5牛，最小分度值为0.1牛 D. 量程为3牛，最小分度值为0.1牛
5. 关于重力，下列说法正确的是(    )
A. 苹果只有下落时才受到重力作用 B. 重力的施力物体是地球
C. 上升的物体不受重力 D. 从斜面上下滑的物体不受重力
6. 针对静止在水平桌面上的文具盒，小军进行了下列分析，其中正确的是(    )
A. 文具盒受到重力、桌面的支持力和桌面对文具盒的压力的作用
B. 文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力是平衡力
C. 文具盒对桌面的压力与桌面对文具盒的支持力是平衡力
D. 因为文具盒处于静止状态，所以它不具有惯性
7. 下列措施中，能增大摩擦的是(    )
A. 鞋底印有花纹 B. 溜冰鞋底装有滚轮
C. 用光滑材料做滑梯 D. 在机器的转轴处加润滑油
8. 下列实例中属于增大压强的是(    )
A. 图钉尖很尖锐 B.  书包背带较宽
C.    铁轨下铺设枕木 D.     穿滑雪板滑雪
9. 把两端开口的玻璃管的下方用一薄塑料片托住(塑料片重量不计)，放入水面下16cm处，然后向管内缓慢倒入密度为0.8×103kg/m3的煤油，当塑料片开始下沉时，煤油在管内的高度是(    )
A. 12.8cm B. 8cm C. 20cm D. 16cm
10. 将一满罐“纯净水”(高约40cm)开口朝下放在水中，如图所示，结果是(    )
A. 仍是满罐水
B. 水将流出一部分
C. 水将全部流出
D. 以上答案都不对
11. 在平南高铁站，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线，人必须站在安全线以外的区域候车，以免产生危险，这主要是因为高速列车经过时，列车与人之间的(    )
A. 空气流速增大，压强减小 B. 空气流速减小，压强减小
C. 空气流速增大，压强增大 D. 空气流速减小，压强增大
12. 图中的实验操作中，可探究“浮力的大小与液体密度有关”的操作是(    )
A. ①②③ B. ①②④ C. ②③④ D. ①③④
13. 两手分别拿着一个小木块和一个大石块浸没在水中，同时松手，小木块上浮，大石块下沉。比较松手时两者所受的浮力(    )
A. 木块受的浮力大 B. 石块受的浮力大
C. 两者受的浮力一样大 D. 条件不足，无法比较
14. 物理小组制作的潜水艇模型如图所示。通过胶管A从烧瓶中吸气或向烧瓶中吹气，就可使烧瓶下沉、上浮或悬浮。当烧瓶处于如图所示的悬浮状态时，若从A管吸气，烧瓶将会(    )
A. 上浮，它受到的浮力增大
B. 下沉，它受到的浮力减小
C. 下沉，它受到的浮力不变
D. 上浮，它受到的浮力不变
15. 小明用100N的力踢一个重5N的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了20m.在球滚动的过程中(    )
A. 小明对足球做功2000J B. 重力对足球做功100J
C. 小明对足球做功2100J D. 小明和重力对足球做功都是0J
16. 举重是我国的优势体育项目。一位身高170cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间，把同样重的杠铃举起，如图所示。如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式中正确的是(    )


A. W1=W2，P1=P2 B. W1>W2，P1=P2
C. W1>W2，P1>P2 D. W1h2，
由W=Gh可知，举起杠铃做的功：W1>W2；
因为举起杠铃用的时间相同，且W1>W2，
所以由P=Wt可知，做功的功率：P1>P2。
故选C。  
17.【答案】D 
【解析】解：A、滚摆下降时，质量不变，速度增大，故动能增加，高度减小，即重力势能减小，故错误；
B、滚摆到最低点后又上升，质量不变，速度减小，动能减小，同时高度增加，重力势能增加，故是将动能转化为重力势能的过程，故错误；
C、由于空气的摩擦，所以整个过程中，一部分机械能会转化为内能，故机械能是减小的，故错误；
D、滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明滚摆的机械能减小，故正确；
故选：D。
分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；根据机械能的定义可知机械能的变化。
本题考查了机械能的定义及动能和重力势能的相互转化，注意在不计空气阻力和摩擦时，机械能总量是保持不变的。

18.【答案】A 
【解析】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
B、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

19.【答案】C 
【解析】解：A、此图是动滑轮，由动滑轮及其工作特点可知，省一半的力，即F=12G；
B、此图是定滑轮，由定滑轮及其工作特点可知，不省力，即F=G；
C、此图是滑轮组，绕在动滑轮上的绳子由3股，则F=13G；
D、此图是滑轮组，绕在动滑轮上的绳子由2股，则F=12G。
由以上可知：在滑轮重及摩擦不计的情况下最省力的是C。
故选：C。
根据滑轮组绳子拉力的计算，定滑轮及其工作特点和动滑轮及其工作特点对各个选项注意分析即可。
此题主要考查滑轮组绳子拉力的计算，定滑轮及其工作特点和动滑轮及其工作特点等知识点，综合性强，难易程度适中，是一道很典型的题目。

20.【答案】D 
【解析】解：不计绳重及摩擦，
绳子自由端拉力F=1n(G物+G轮)，
由图可知：n甲=2，n乙=3，
所以绳子自由端拉力：
F甲=12(G物+G轮)，
F乙=13(G物+G轮)，
所以F甲>F乙，乙图省力；
动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G轮h，W有用=G物h，
由此可知：利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，
因为η=W有W总×100%，
所以滑轮组的机械效率相同．
故选D.
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；
把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；
不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系．
本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法．本题关键在于确定额外功相等．

21.【答案】AD 
【解析】解：
A、苹果下落过程中受到重力和空气阻力的作用，下落速度越来越大，说明重力大于空气阻力，两者不是平衡力。此选项正确；
B、将水桶从地面上提起来，手对水桶的作用力等于水桶对手的作用力，两者是一对作用力和反作用力。此选项错误；
C、木箱只有静止在水平地面上，对地面的压力才等于木箱的重力。此选项错误；
D、沙狐球离开手后，在水平面上滑行过程中，由于沙狐球受到水平面阻力的作用，所以越来越慢，最终停下来。此选项正确。
故选：AD。
①在平衡力的作用下，物体保持静止或匀速直线运动状态；
②力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
③只有放在水平面上的物体，对水平面的压力才等于其重力；
④力是改变物体运动状态的原因。
此题考查的是我们对运动与力的关系、力的作用相互性、压力与重力的关系的理解和应用，属于基本规律的考查，深入、正确理解基本规律是解答的第一步。

22.【答案】BD 
【解析】解：
A、若G1=G2，把物体提升相同的高度，由W有=G物h可知，甲、乙两滑轮组所做的有用功相同；
甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，且每个动滑轮的重力相同，已知把物体提高相同的高度，则提升动滑轮的高度也相同，
由W额=G动h可知，乙滑轮组做的额外功多，由W总=W有+W额可知，乙做的总功大于甲做的总功，故A错误；
B、若G1=G2，由前面解答可知，甲乙所做的有用功相同，甲做的总功小于乙做的总功，所以根据η=W有W总可知，甲的机械效率大于乙的机械效率，故B正确；
C、将重物G1、G2提高相同的高度，若G1>G2，根据W=Gh可知拉力做的有用功W有1>W有2，故C错误；
D、用同一个滑轮组提起不同的重物，若提高相同的高度，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中所占的比例会发生变化，即机械效率会发生变化，故D正确。
故选：BD。
(1)把物体提升相同的高度，利用W=Gh比较甲乙所做的有用功，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重做的功为额外功；总功=有用功+额外功，可得拉力做功大小关系；
(2)根据η=W有W总分析机械效率的大小关系；
(3)根据W=Gh比较有用功的大小；
(4)不计绳重和摩擦，对同一个滑轮组来说，动滑轮重不变、额外功不变，提起不同的重物，有用功不同、有用功和总功的比值不同，利用η=W有W总分析机械效率是否变化。
本题主要考查的是学生对滑轮组的省力情况、机械效率计算公式及其变形公式的理解和掌握，难度较大。

23.【答案】运动状态；相互的 
【解析】解：小华同学穿着旱冰鞋用力推墙时，自己却向后运动，这一现象说明了力可以改变物体的运动状态，同时也说明了物体间力的作用是相互的。
故答案为：运动状态；相互的。
力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态(包括改变物体的运动快慢和运动方向)；
力是物体对物体的作用，力的作用相互的。
本题考查力的作用效果及力的作用的相互性，属于基础题。

24.【答案】等于  惯性 
【解析】
【分析】
(1)根据牛顿第一定律，物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，所受的力即为平衡力；
(2)在运动的扶梯上，当运动到楼面时脚被绊住，脚的速度变慢，上身由于惯性，保持原先速度，所以向前倒。
本题考查了二力平衡及惯性的有关知识，关键要掌握有关概念，并能熟练运用。
【解答】
(1)由图象可知小明在垂直电梯和自动扶梯上都是做匀速直线运动的，受到平衡力的作用，所以小明受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，即电梯对小明的支持力等于重力；
(2)在运动的扶梯上，当运动到楼面时脚被绊住，脚的速度变慢，上身由于惯性，保持原先速度，所以向前倾倒。  
25.【答案】受力面积  压强 
【解析】解：人行道上铺设了有凸棱的盲道，是在压力一定时，减小受力面积增大地面对脚的压强，使脚感到不舒服。
故答案为：受力面积；压强。
(1)压强大小的影响因素：压力大小和受力面积的大小。
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强；在受力面积一定时，增大压力增大压强。
掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，能在生活中应用压强知识解释问题。

26.【答案】0.4不变 
【解析】解：(1)由题意得，石块的重力G=1N，
根据称重法可知：石块受到的浮力F浮=G−F=1N−0.6N=0.4N；
(2)根据阿基米德原理可知，浮力大小只与液体的密度和体积有关，所以在水中的深度增大时浮力不变。
故答案为：0.4；不变。
根据称重法求出浮力大小。根据阿基米德原理可知，浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关。
本题考查了求石块受到的浮力问题，正确理解阿基米德原理。

27.【答案】150；0；30 
【解析】
【分析】
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离；知道拉力大小和在拉力方向上移动的距离，求拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功功率；在重力方向上没有移动距离，重力不做功。
本题考查了功的计算方法，提升重物W=Gh，水平运动W=Fs，计算时注意力和距离方向的一致性。
【解答】
拉力做功：W=Fs=50N×3m=150J；
拉力做功功率：P=Wt=150J5s=30W；
小车沿水平方向前进，在重力方向(竖直向下)上，没有移动距离，重力做功为0。

故答案为：150，0，30。  
28.【答案】增大  减小  不变 
【解析】解：当卫星从远地点向近地点运动时，卫星质量不变，距离地面的高度减小，重力势能减小；但运动的速度增大，动能增大。减小的重力势能等于增加的动能，也就是说在能量的转化过程中，机械能的总量保持不变。
故答案为：增大；减小；不变。
根据影响动能和重力势能大小的因素来分析动能和重力势能的变化，动能和势能统称为机械能。
对于能量的转化必定是一种能量减少另一种能量增加，并且减少的能量转化为增加的能量。

29.【答案】左  2 变大 
【解析】解：
(1)杠杆左端上翘，此时应将杠杆两端的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡；
(2)根据杠杆的平衡条件可知，当力臂最大时，力才最小，由图以A到O点距离为力臂是最大的力臂，则力方向应竖直向上，若杠杆上每格长为L，
F1×3L=3×0.5N×4L，
所以F1=2N；
弹簧测力计斜拉时，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大。
故答案为：(1)左；(2)2；变大。
(1)实验前调节杠杆在水平位置平衡，将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，力要最小，力臂须最大，由此分析计算最小力；弹簧测力计斜拉时，拉力力臂变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件分析拉力变化。
本题考查了杠杆分类和杠杆平衡条件的应用，属于基础题目。

30.【答案】解：木块在竖直方向上，受到重力和摩擦力的作用，由于木块处于静止状态，所以摩擦力与重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，即物体受到墙面的摩擦力f=G=100N，方向竖直向上。
过物体的重心沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，大小为100N.如图所示：
 
【解析】首先对木块进行受力分析，然后根据物体所处的运动状态来判断力的关系，从而判断出摩擦力的大小和方向。然后表示出摩擦力的大小和方向。
本题考查学生的受力分析能力、二力平衡知识的应用能力以及力的示意图画法的掌握情况，是一道综合性比较强的题目。

31.【答案】解：杠杆的最左端为支点，延长力F画出力的作用线，过支点向F的作用线作垂线，垂线段的长就是该力的力臂L，如图所示：
 
【解析】力臂指从支点到力的作用线的垂线段。过支点O作F作用线的垂线段即可。
此类题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂，并且作图要求规范。

32.【答案】匀速直线运动  乙  直线 
【解析】解：
(1)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到平衡力的作用。
(2)乙装置更合理，小车与桌面间属于滚动摩擦，比滑动摩擦小得多；
(3)用手将木块扭转一个角度，这样两个力不在同一直线上，木块将无法在这个位置平衡，说明两个力必须满足两个力在一条直线上。
故答案为：(1)匀速直线运动；(2)乙；(3)直线。
(1)静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用。
(2)探究水平方向拉力的大小关系时，尽可能减小摩擦力对实验过程的影响；
(3)掌握二力平衡条件：作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；根据实验操作及现象判断哪个条件发生了变化。
此题考查了探究二力平衡实验中选择实验器材需要注意问题及实验中的一些重要步骤，牢固掌握二力平衡的四个条件，用好控制变量法是关键。此题考查较为全面，是一道好题。

33.【答案】(1)液体密度；2.4；(2)增大；无关；(3)1.2×103。 
【解析】(1)比较C与E两图可知，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，根据F浮=G−F示可知，物体受到的浮力不同，这是研究浮力与液体密度的关系；
由A知，物体的重力G=8N；
由E知，物体在盐水中时测力计的示数为F=5.6N；
则物体浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水=G−F=8N−5.6N=2.4N；
(2)B、C两图中，物体排开水的体积不同，测力计的示数也不同，物体所受浮力不同，且排开水的体积增大时，所受浮力的大小也增大；
C、D两图中，物体浸没在水中的深度不同，物体排开水的体积相同，而测力计的示数相同，物体所受浮力相同，可得浸没在液体中的物体所受浮力与深度无关；
(3)由A、C两图知，物体浸没在水中所受浮力：F浮=G−F′=8N−6N=2N；
由F浮=ρ液gV排得，物体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3；
根据1小题可知，F浮盐水=2.4N，
由F浮=ρ液gV排得，盐水的密度：
ρ盐水=F浮盐水gV排=2.4N10N/kg×2×10−4m3=1.2×103kg/m3；

(1)分析比较C与E两图，保持了排开液体的体积不变，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，结合控制变量法的思想得出实验结论；由A与E两图根据F浮=G−F示计算出物体A浸没在盐水中受到的浮力；
(2)分析B、C中变化的量和浮力的变化得出结论；
分析C、D中变化的量和浮力的变化得出结论；
(3)由A、C两图计算物体在水中受到的浮力，根据阿基米德原理计算出其体积，根据物体在盐水中的浮力求出盐水的密度。
本题是探究影响浮力大小因素的实验，考查了对实验现象的分析及密度公式的应用，考查重点，应熟练掌握阿基米德原理公式。

34.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，该车最多能装水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×5m3=5×103kg；
(2)灌满水时，洒水车对水平地面的压力：
F=G总=m总g=(5×103kg+6×103kg)×10N/kg=1.1×105N；
(3)灌满水时，洒水车对水平地面的压强：
p=FS=1.1×105N0.5m2=2.2×105Pa。
答：(1)该车最多能装水的质量为5×103kg；
(2)灌满水时，洒水车对水平地面的压力为1.1×105N；
(2)灌满水时，洒水车对水平地面的压强为2.2×105Pa。 
【解析】(1)装满水后水的体积和水罐容积相等，根据m=ρV求出该车最多能装水的质量；
(2)灌满水时，洒水车对水平地面的压力等于水和洒水车空车重力之和，根据F=G=mg求出其大小；
(3)灌满水时，根据p=FS求出洒水车对水平地面的压强。
本题考查了密度公式和重力公式、压强公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

35.【答案】解：
(1)小李做的有用功：
W有用=Gh=900N×0.3m=270J，
由图可知，n=3，拉力端端移动的距离：
s=nh=3×0.3m=0.9m，
他做的总功：
W总=Fs=400N×0.9m=360J，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=270J360J×100%=75%；
(2)拉力做功功率：
P=W总t=360J2s=180W。
答：(1)滑轮组的机械效率为75%；
(2)拉力的功率为180W。 
【解析】(1)知道物重、升高的高度，利用W=Gh求小李做的有用功；由图可知，n=3，拉力端端移动的距离s=nh，利用W=Fs求小李做的总功；滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
(2)利用P=Wt求拉力做功的功率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，从图中确定承担物重的绳子股数、利用好s=nh是关键。