山东省临沂市罗庄区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份山东省临沂市罗庄区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共25页。试卷主要包含了【答案】A，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

2019-2020学年山东省临沂市罗庄区八年级（下）期末物理试卷

1. 我国《道路交通安全法》明文规定：“机动车行驶时，驾驶人、乘坐人员应当按规定使用安全带。”这主要是为了减轻在下列哪种情况出现时可能对人造成的伤害(    )
A. 车速太快 B. 车速太慢 C. 紧急刹车 D. 突然起动
2. 如图甲所示，一个苹果挂在枝头A位置，处于静止状态。假定某一时刻所有外力都消失了，用频闪照相(每隔0.2s拍摄一次)的方法记录下苹果的运动轨迹。(黑色圆点代表苹果)，能正确描述所有力都消失后苹果运动轨迹的是(    )
A. B. C. D.
3. 2019年世界杯平衡木比赛中，中国运动员赵诗婷获得冠军。如图是比赛时，她单脚静立在平衡木上的精彩瞬间。此时，相互平衡的两个力是(    )
A. 她受到的重力和她对平衡木的压力
B. 她受到的重力和平衡木对她的支持力
C. 平衡木受到的重力和地面对平衡木的支持力
D. 她对平衡木的压力和平衡木对她的支持力



4. 在2020年抗击新冠肺炎期间，深圳某公司研发一套抗击疫情的无人机巡查技术，并且成功应用到抗疫一线。如图所示是一款无人机正在巡查作业，在无人机匀速上升过程中，对其分析正确的是(    )

A. 动能增加 B. 动能减少 C. 重力势能增加 D. 机械能不变
5. 长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船(    )
A. 会浮起一些，所受浮力变小 B. 会浮起一些，所受浮力变大
C. 会下沉一些，所受浮力变大 D. 会始终漂浮，所受浮力不变
6. 小明买了个氢气球，不小心丢手了，气球升空的过程，下列说法正确的是(    )
A. 气球的升空原理和风筝升空的原理相同
B. 气球加速上升时，它的惯性越来越大
C. 气球上升过程中，受到的大气压强不变
D. 若气球最终悬停在高空，则停在高空中的浮力小于刚丢手时的浮力

7. 如图所示，粗略测量小明同学引体向上运动的功率时，下列物理量不需要测量的是(    )

A. 单杠的高度 B. 小明的质量
C. 每次身体上升的高度 D. 做引体向上的时间
8. 下列情形中，运动员对物体没有做功的是(    )
A. 举重运动员举着杠铃停在空中 B. 赛艇运动员奋力划桨
C. 篮球运动员从地上将篮球捡起 D. 射箭运动员将弓拉开
9. 如图所示的实例中，属于利用大气压的是(    )
A. 用回水管的“水封”阻隔臭气
B. 利用压强计测量某种液体内部某处的压强
C. 医生利用拔火罐给患者进行治疗
D. 帕斯卡用几杯水就撑裂了木桶
10. 张洋同学在探究杠杆平衡条件的实验中，在杠杆没有处于水平平衡时，就在杠杆上挂钩码进行实验，小旭
认为这样操作会对实验产生以下影响，你认为正确的是：(    )
①杠杆自身重力可能会对实验产生影响
②可能不便于测量力臂或出现力臂测量错误
③无法得出杠杆平衡条件
A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ①②③
11. 如图在打开文具盒时，将盒盖上翻过程中，文具盒的盒盖相当于(    )
A. 省力杠杆
B. 费力杠杆
C. 等臂杠杆
D. 不能确定
12. 利用如图所示的简单机械，提升同一重物G(不计机械本身的重力和摩擦)，所需拉力F最大的是(    )
A. B. C. D.
13. 关于功、功率、机械效率的说法中，正确的是(    )
A. 功率大的机械，机械效率一定高
B. 机械做功时，做的有用功越多，机械效率越大
C. 机械做功时，工作时间越短，功率一定越大
D. 利用机械做功时可以省力或省距离，但不能省功
14. 2020年5月5日，为我国载人空间站工程研制的长征五号B运载火箭在海南文昌首飞成功，正式拉开我国载人航天工程“第三步”任务的序幕。图是火箭发射升空时的情景，以下说法正确的是(    )


A. 火箭上升过程中动能不变，重力势能增大，机械能增大
B. 火箭升空利用了力的作用是相互的
C. 火箭升空时受到平衡力的作用
D. 火箭升空时受到惯性力的作用
15. 如图所示为甲、乙两个小球向右运动过程的频闪照片。它表示两小球在相等的时间间隔所处的位置，则对甲、乙两个小球的运动情况，判断正确的是(    )

A. 小球甲做变速直线运动，小球乙做匀速直线运动
B. 小球甲受平衡力的作用，小球乙受非平衡力的作用
C. 小球甲做功的功率一定比小球乙做功的功率大
D. 小球甲的动能比小球乙的动能小
16. 一块冰漂浮在杯中水面上，当冰全部熔化成水后，杯中水面位置将(    )
A. 升高一点 B. 保持原位置 C. 降低一点 D. 不好判断
17. 如图中，利用连通器的特点来实现自己的功能的是(    )

A. ①②③ B. ②③④ C. ①②④ D. ①③④
18. 如图所示的四种动物器官，具有减小压强功能的是(    )
A. 啄木鸟的喙 B. 骆驼的脚掌
C. 鳄鱼的牙齿 D. 蚊子的口器
19. 如图所示是力学的四个实验情景，关于每个实验的结果预测正确的是(    )
A. 甲图中：木块与小车一起向右匀速运动，小车受阻力停止时，木块一定停止
B. 乙图中：橡皮膜探头竖直向下移动，U形管的液面高度差会下降
C. 丙图中：当向玻璃管中吹风时，U形管A管中的水面下降，B管中水面上升
D. 丁图中：将容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最近，从c孔喷射最远
20. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是(    )
A. 固体、液体很难被压缩，说明分子间存在吸引力
B. 杨絮漫天飞舞，说明分子在做永不停息的无规则运动
C. 电子、原子核、原子是按照由小到大的尺度排序的
D. “地心说”提出太阳是宇宙的中心
21. 2020疫情突降，多功能消毒车活跃在各个城市和小区，为阻止病毒蔓延，立下了汗马功劳。在水平路面上匀速行驶的消毒车作业时，该消毒车的惯性大小______，消毒车受到地面的摩擦力将______，消毒车装液罐的罐底受到消毒液体的压力将______(以上均选填“增大”、“减小”或“不变”)。
22. 小强同学在踢足球时，用力踢向足球，足球受力后腾空而起，如图所示，球离开脚后能在空中继续飞行，此过程脚对足球______做功(选填“有”或“没有”)；若足球运动到最高处时所有的力全部都消失，足球将______(选填“保持静止”、“做匀速直线运动”或“竖直向下加速运动”)。


23. 有一木块的体积为200cm3，密度为0.8×103kg/m3.把它浸没在水中时，它受到的浮力是______N；松手后，木块静止时排开水的质量是______kg.(g=10N/kg)。
24. 如图所示的装置，按压前，瓶里气体的压强______大气压。用力按压泵头时，洗手液被挤出，说明储液腔内气体压强______洗手液瓶内气体压强。(均选填“大于”、“等于”或“小于”)


25. 如图为一种登冰山用的冰爪，它可以套在登山者的鞋上，由于冰雪很滑，穿上冰爪可以______(选填“增大”或“减小”)摩擦力，冰爪底面做的非常锋利可以通过______的方式______(选填“增大”或“减小”)压强，使冰爪很容易的插入冰雪中。


26. 炎炎夏日，水上乐园推出一种叫“水上行走球”的游乐项目，游人进入一个直径约2m的大塑料球中，将球充气后密封起来，然后将球推入水中。如果塑料球和球内气体的质量共计为10kg，游人的质量为50kg，如图所示，塑料球漂浮在水面上时受到的浮力为______N，人和球在水面上移动时，塑料球受到的浮力______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
27. 有一潜水艇悬浮在水中，此时再向水舱中注入一部分水，使潜水艇下潜，潜水艇所受的浮力将______，水对潜水艇的压强将______。(填“变大”、“变小”或“不变”)。
28. 如图所示，将小球由A点沿光滑(不计摩擦力)斜面释放，则小球在______点(选填“A”、“B”或“C”)位置的速度最大；小球在B点的重力势能______C点的重力势能，小球在B点的机械能______C点的机械能(后两空均选填“大于”、“等于”、“小于”)。
29. 请在图中画出图钉尖对木板压力F的示意图。

30. 图中鱼悬停在水中时所受力的示意图。(点O是鱼的重心)



31. 如图甲所示是教室里的学生座椅，图乙是它的侧面图，现要求在图乙中的C点用最小的力F使座椅绕A点开始逆时针转动，请画出此力的示意图及它的力臂。

32. 取相同体积的铜块和铝块“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景，如图所示，g=10N/kg。

(1)实验①和______(填实验序号)可探究浸入液体体积这一因素对浮力大小的影响，实验中采用的探究方法在研究物理问题时经常用到，称为______法。
(2)由图中数据，铜块完全浸没在水中时所受的浮力为______ N，铜块的体积是______m3。
(3)由图中数据，铜块浸没在盐水中排开盐水的重力是______ N。
33. 下面是小刘利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。

(1)实验前为方便测量力臂，应将杠杆调节到______位置平衡。杠杆的中点置于支架，当杠杆静止，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向______(选“左”或“右”)端调节。
(2)调节平衡后，在杠杆B点处挂6个钩码，如图甲所示，则在A点处应挂______个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡。
(3)图乙是小刘利用弹簧测力计做的某次实验情景，已知杠杆每格长5cm，钩码每个重0.5N，请将弹簧测力计的示数填入下表。
实验序号
动力F/N
动力臂L/m
阻力F/N
阻力臂L/m
1
______
0.15
3.0
0.1
分析：上述实验数据______(选填“符合”、“不符合”)杠杆平衡条件，出现问题的原因是因为弹簧测力计没有竖直向下拉，导致______(选填“L1”、“L2”)测量有误。
(4)本实验需要分析多组数据的目的是______。
(5)下列装置中属于省力杠杆的是哪些？______。
A.羊角锤
B.船桨
C.筷子
D.天平
E.食品夹
F.核桃夹子
34. 如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。

(1)实验中，探究的动能是指______(填序号)
A.小球在斜面上的动能
B.小球撞击木块时的动能
C.小球撞击木块后的动能
D.木块被小球撞击的动能
(2)小球滚下斜面的过程中，它的______能转化为动能，其动能大小是通过______来反映的。
(3)分析比较______两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大。这个结论可用于解释汽车______(选填“超速”或“超载”)带来的危害。
(4)甲实验中若木块的重力为1N，水平移动的距离是30cm，则重力对木块做功______ J。
(5)在“探究动能的大小跟哪些因素有关”的实验中，下列说法正确的是______
A.实验所用斜面和水平面都必须是光滑的
B.木块向前滑行的过程中机械能保持不变
C.小球质量越大，到达斜面底端的速度越大
D.木块被撞击后滑行的越远，说明小球的动能越大
(6)用如图甲中的器材探究阻力对物体运动的影响，必须增加的器材是______(请从以下三个选项中选择)。
A.倾斜程度不同的斜面
B.粗糙程度不同的水平面
C.质量不同的钢球
35. 2018年10月24日，港珠澳大桥正式建成通车。如图所示，一辆汽车行驶在其中一段长15km的直桥上，已知：汽车的总质量为1.5t(包括车、车上的人和物品等)，轮胎与地面的总接触面积为0.2m2，汽车以90km/h的速度匀速通过大桥的这一段路段，行驶过程中受到的阻力为900N.(g取10N/kg)，求：
(1)汽车静止在水平地面时对地面的压力；
(2)此过程中汽车牵引力所做的功；
(3)此过程中汽车牵引力做功的功率。

36. 3月12日，我国自主研发建造的“天鲲号”绞吸挖泥船正式投产首航，其智能化水平以及挖掘系统、输送系统的高功率配置均为世界之最。(g取10N/kg，ρ水取1.0×103kg/m3)主要参数如下表。
项目
参数
总长度(m)
140
宽度(m)
27.8
吸/排管径(mm)
1000/1000
满载排水量(t)
1.7×104
满载吃水深度(m)
6.5
泥泵输送功率(W)
1.7×107
(1)满载时，求“天鲲号”受到水的浮力是多少？
(2)满载时，求“天鲲号”底部受到水的压强是多少？若船底需要安装探测仪器，其面积为40cm2，求探测仪器受到水的压力是多少？
(3)“天鲲号”去某水域执行任务，其工作量相当于将1.36×104t的淤泥输送至15m高的台田上。假设“天鲲号”绞吸挖泥船泥泵的机械效率为30%，求完成此任务需要的时间是多少？


答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：
A、B、车速太快或太慢时，人相对于车静止，人不会受到伤害，系上安全带与不系安全带没有影响，故AB错误；
C、当汽车紧急刹车时，人由于惯性要保持原来向前的速度，没有安全带坐在小汽车前排的司机和乘客会向前飞出，造成伤害，系上安全带后会减轻对人造成的伤害，故C正确；
D、突然起动时，由于坐椅的作用，使人随车前进，此时安全带不起什么作用，故D错误。
故选：C。
当汽车的运动状态发生改变时，人的惯性会表现出来。根据惯性的表现，分析系上安全带是为了减轻在哪种情况下可能对人造成伤害。
本题运用惯性知识分析使用安全带意义，考查分析实际问题的能力。

2.【答案】A 
【解析】解：因为苹果处于静止状态，因此当一切外力都消失后，仍保持原来的静止状态，因此拍到苹果的运动轨迹为一个点，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力作用时，仍保持原来的运动状态。
本题考查牛顿第一定律的应用，属于基础题。

3.【答案】B 
【解析】解：
A.赵诗婷受到的重力和赵诗婷对平衡木的压力，二力的方向都是竖直向下，不是一对平衡力，故A错误；
B.赵诗婷受到的重力和平衡木对赵诗婷的支持力，大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确；
C.地面对平衡木的支持力等于平衡木和赵诗婷的重力之和，不等于平衡木受到的重力，所以二力不是一对平衡力，故C错误；
D.赵诗婷对平衡木的压力和平衡木对赵诗婷的支持力，大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
根据二力平衡条件进行解答，即大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题考查了平衡力的辨别，关键是知道平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。

4.【答案】C 
【解析】解：无人机匀速上升过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大；速度不变，质量不变，其动能不变；无人机上升过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，所以机械能等于重力势能与动能的总和，重力势能增大，动能不变，其机械能增大。
故选：C。
从动能和重力势能大小的影响因素进行判断。
(1)动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
(2)重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。

5.【答案】A 
【解析】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；
由公式V排=F浮ρ液g知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。
故选：A。
在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。
本题考查物体的浮沉条件及阿基米德原理，解决这类题目主要是抓住题目的隐含信息，即轮船重力的变化。

6.【答案】D 
【解析】解：
A、氢气球是利用浮力原理升空的，而风筝是利用空气流速越大、压强越小的原理升空的，二者升空的原理不同，故A错误。
B、惯性的大小只与物体的质量有关，与气球的速度大小无关，球加速上升时，质量不变，它的惯性大小不变。故B错误。
C、大气压随高度的升高而减小，热气球上升过程中，受到的大气压强变小，故C错误。
D、刚丢手时风筝加速上升，浮力大于重力；气球悬停在高空中时，浮力等于重力，而其重力在此过程中不变，所以停在高空中的浮力小于刚丢手时的浮力。故D正确。
故选：D。
(1)根据气球和风筝升空的原理分析解答。
(2)物体具有的保持运动状态不变的性质，叫惯性，一切物体都具有惯性，而惯性只与物体的质量有关，与其他因素无关。
(3)大气压随高度的升高而减小；
(4)
主要考查了与热气球相关的物理知识，注重了物理与实际的联系，综合性较强。

7.【答案】A 
【解析】
【分析】
做引体向上运动就是克服自身重力做的功；根据功的计算公式与功率公式求出功率的表达式，然后根据功率表达式分析答题。
功率的测量是初中物理中比较常见的一种测量，关键是判断出什么力做功，求出功率的表达式即可正确解题。
【解答】
解：做引体向上运动时，要克服自身重力做功，
小明做引体向上时的功率：P=wt=Ght=mght，
其中：m为小明的质量，h为每次身体上升的高度，t为做引体向上所用的时间，
实验时需要测量：B、小明的质量，C、每次身体上升的高度，D、做引体向上的时间，
不需要测量的量为：A、单杠的高度；
故选：A。  
8.【答案】A 
【解析】解：
A、举重运动员举着杠铃停在空中，有力作用在物体上，但物体在力的方向上没有通过距离，所以不做功，故A符合题意；
B、赛艇运动员用力划桨，对水有力的作用，船在水的反作用力下向前运动，物体在力的方向上通过了距离，做了功，故B不合题意；
C、篮球运动员从地上将篮球捡起，人对篮球有一个向上的作用力，篮球在这个力的作用下移动了距离，所以做了功。故C不合题意；
D、射箭运动员用力将弓拉开，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，故D不合题意。
故选：A。
本题要抓住做功的两个必要因素：1.作用在物体上的力；2.物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。
掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。

9.【答案】C 
【解析】解：A、用回水管的“水封”阻隔臭气，利用的是连通器原理，不属于利用大气压，故A错误；
B、压强计是研究液体内部压强的仪器，被测的液体中某处的压强大小通过U形管两边液面的高度差来显示，不属于大气压利用，故B错误；
C、利用拔火罐进行治疗，先要用火对火罐加热，使火罐内的空气减少，然后利用大气压将火罐压在人体上，属于大气压的应用，故C正确；
D、用几杯水就能撑破木桶，是利用液体压强与深度的关系，不属于大气压利用，故D错误。
故选：C。
大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
本题考查了学生对大气压的应用的了解与掌握，利用大气压的生活例子是很多的，学习时，多举例、多解释。物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。

10.【答案】A 
【解析】解：
①杠杆没有调平就挂上钩码进行实验，杠杆的重心不在支点上，杠杆的自重对杠杆平衡产生影响，故①正确；
②③杠杆不在水平位置平衡，力臂不在杠杆上，不便于测量力臂，不便于得出杠杆的平衡条件，但在测量方法正确时可以得出杠杆的平衡条件。故②正确、③错误。
故选：A。
调节杠杆两端的螺母，使杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态，这时杠杆的重心在支点上，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，且便于测量力臂。
本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用线的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。

11.【答案】A 
【解析】解：
打开文具盒，将盒盖上翻过程中，支点在一端，动力臂大于阻力臂，所以文具盒的盒盖相当于省力杠杆。
故选：A。
将盒盖上翻过程中盒盖可以看做一个杠杆，找出该杠杆的“五要素”，即动力、动力臂、阻力、阻力臂、支点，根据动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆类型。
从日常生活用品中分辨使用的杠杆属于哪一种类型是一种很常见的题型，对于这一类题来说，依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系进行判断。

12.【答案】B 
【解析】解：A、据杠杆的平衡条件可知，此时F×L=G×12L，所以F=12G；
B、据杠杆的平衡条件可知，此时F×12L=G×L，所以F=2G；
C、该图是定滑轮，所以不省力，F=G；
D、该图是动滑轮，省一半力，F=12G，
所以这四个杠杆中B杠杆所需拉力最大．
故选B.
(1)对于AB选项应用杠杆平衡条件，求出物体重力与拉力的关系，
(2)由题知，不计摩擦和动滑轮重，先分析所用的是定滑轮、动滑轮还是滑轮组，
若是定滑轮，不省力，F=G；
若是动滑轮，省一半力，F=12G.
本题考查了杠杆平衡条件的应用、动滑轮和定滑轮的特点，是一道综合题．

13.【答案】D 
【解析】解：
A、功率越大，表示机械做功越快，单位时间内做的功越多，但机械效率不一定就高，故A错误；
B、从η=W有用W总×100%可知，有用功多，机械效率的大小还要看总功的大小。故B错误；
C、从P=Wt可知，工作时间短，功率的大小还要看做功的多少，故C错误；
D、使用任何机械可以省力或省距离，但不能省功，故D正确。
故选：D。
(1)使用机械时，有用功与总功的比值叫机械效率；
(2)物体在单位时间完成的功叫功率；
(3)由功的原理可知使用任何机械都不省功。
该题考查学生对机械效率的理解，特别要注意功率与机械效率是两个不同的物理量，它们之间没有任何关系。

14.【答案】B 
【解析】解：A、火箭升空时，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，因此机械能增大，故A错误；
B、火箭升空时向地面喷出了高温高压的燃气，由于物体间力的作用是相互的，高温高压的燃气对火箭施加了一个向上的反作用力，使火箭升空，故B正确；
C、火箭升空时是加速运动，不是平衡状态，受到的不是平衡力，故C错误；
D、惯性是物体保持原来运动状态的性质，不是力，不能说“受到惯性力的作用”，故D错误。
故选：B。
(1)根据火箭升空时速度和高度的变化来判断动能和重力势能的变化，进而判断机械能的变化；
(2)火箭升空时向地面喷出了高温高压的燃气，这是根据力的相互作用性来工作的；
(3)平衡状态时物体受到的力就是平衡力；
(4)惯性是物体本身的一种性质，不能说物体受到惯性。
此题考查的知识点比较多，有能量的转化、力的相互作用性、平衡力和惯性，是一道学科综合题。

15.【答案】B 
【解析】解：
A、由图知，甲球在相等时间间隔内通过的路程相同，则甲球做匀速直线运动；乙球在相等时间间隔内通过的路程越来越大，则乙球做变速直线运动，故A错误；
B、甲球做匀速直线运动，处于平衡状态，所以甲球受平衡力的作用；乙球做变速直线运动，处于非平衡状态，所以乙球受非平衡力的作用，故B正确；
C、由图知，整个过程中两个小球通过的路程相同，但两球运动时动力的大小关系未知，则无法比较做功大小，也就无法比较功率大小，故C错误；
D、动能的大小和物体的质量、速度有关，因甲、乙两个小球的质量关系未知，所以无法比较两球的动能大小，故D错误。
故选：B。
(1)在频闪照片中隐含的物理信息是相邻两点间的时间间隔相等，可根据两点间距的变化判断物体做的是什么运动。
(2)小球在运动过程中受力的作用；做匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，做变速运动的物体受到非平衡力的作用；
(3)根据W=Fs比较做功的大小，根据P=Wt比较功率的大小。
(4)动能的大小和物体的质量、速度有关，速度越大、质量越大，动能越大。
此题考查了物体运动状态的判断、功率大小的比较、动能大小的比较，是一道综合性较强的题目，要求学生灵活运用所学知识分析解答。

16.【答案】B 
【解析】解：由于冰漂浮于水面上，所以F浮=ρ水gV排=G冰 ------①
又因为冰熔化成水后，其质量不变，重力不变，
所以，G水=ρ水gV水=G冰 ------②
由①②可得：ρ水gV排=ρ水gV水，
则有：V排=V水，
即：冰熔化为水的体积等于冰排开水的体积。
所以冰化水后水位不变。
故选：B。
冰漂浮于水面上，要想判断冰熔化之后，水面是否变化，则需要比较冰块排开液体的体积跟冰熔化成水后的体积大小。若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降
解决本题的关键：一是冰化水质量不变，二是阿基米德原理和漂浮条件联合运用。

17.【答案】D 
【解析】解：①壶嘴和壶身构成了连通器，符合上端开口，下部连通的特点，故是连通器，故①正确；
②压强计的U形管一端和空气连通，另一端和探头连通，探头是不透气的，不是连通器，故②错误；
③排水管的U形“反水弯”上端开口，下端连通，是一个连通器，故③正确；
④根据地漏的结构图可知，存水杯上端开口、底部连通，因此地漏的结构就是利用连通器的原理，在液体不流动的情况下，容器中液面的高度总是相平的，可防止异味从下水管中冒上来；故④正确；
故选：D。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
此题考查的是连通器在生活中的应用。平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。

18.【答案】B 
【解析】解：
A、啄木鸟的喙很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B、骆驼的脚掌很大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，便于骆驼在沙漠中行走，故B符合题意；
C、鳄鱼的牙齿很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D、蚊子的口器尖细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选：B。
压强大小与压力大小和受力面积大小有关：
(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强。
(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力来减小压强；在压力一定时，增大受力面积来减小压强。
本题考查了影响压强大小的因素，在生活中很多的动物植物都包含很多的物理知识，所以我们要认真观察，学以致用

19.【答案】D 
【解析】解：
A、木块与小车一起向右做匀速运动，当小车受阻力停止时，木块由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以木块向前运动，故A错误；
B、液体密度一定时，液体内部压强随深度的增加而增大，越深的位置其压强越大，U形管两边的液面差也越大，故B错误；
C、A管上面的玻璃管比较细，风经过A管上方的流动速度大于B管上方的空气流动速度，A管上方的压强小于B管上方的压强，水被压向A管，所以A管水面上升，B管水面下降，故C错误；
D、液体密度一定时，液体内部压强随深度的增加而增大，越深的位置其压强越大；图中a最浅，所以水的压强最小，水喷射最近；c最深，所以水的压强最大，水喷射最远，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(2)液体密度一定时，液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)当向管中吹风时，相同时间内，风经过A管上方和B管上方的空气流动速度不同，压强不同，液柱上升的高度不同。
透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性，正确理解各种物理方法在实验中的应用。

20.【答案】C 
【解析】解：A、固体和液体很难被压缩是因为分子间存在相互的斥力，故A错误；
B、杨絮漫天飞舞，说明分子在做永不停息的无规则运动，柳絮飞舞属于宏观物体运动不是分子运动，故B错误；
C、常见粒子尺度由小到大排序：电子、原子核、原子、分子。所以C正确；
D、“地心说”提出地球是宇宙的中心。所以D错误；
故选：C。
(1)分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。
(2)常见粒子尺度由小到大排序：电子、原子核、原子、分子。
(3)“地心说”提出地球是宇宙的中心。
本题要求学生不但要掌握分子动理论的内容，也要注意所各内容所对应的现象，同时也考查了学生的一些基本常识。

21.【答案】减小  减小  减小 
【解析】解：(1)在水平路面上匀速行驶的消毒车在消毒作业时，消毒车的质量不断减小，该消毒车的惯性减小；
(2)在水平路面上匀速行驶的消毒车在消毒作业时，消毒车的质量不断减小，则车对地面的压力减小，车子受到地面的摩擦力将减小；
(3)消毒车作业时，消毒车装液罐中的液体减少、深度减小，由液体压强公式p=ρgh可知，罐底受到消毒液体的压强减小，根据用公式F=pS可知，消毒车装液罐的罐底受到消毒液体的压力将减小。
故答案为：减小；减小；减小。
(1)惯性大小的影响因素是质量，质量越大，惯性越大；
(2)摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，据此判断摩擦力的变化；
(3)由液体压强公式p=ρgh分析压强如何变化，然后根据用公式F=pS分析压力变化。
本题考查了惯性大小的影响因素、摩擦力的影响因素、压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，属于综合性题目。

22.【答案】没有  做匀速直线运动 
【解析】解：足球在空中飞行过程中，脚对足球没有力的作用，所以脚对足球没有做功；
足球运动到最高处时仍然处于运动状态(其速度不为零)，若所有的力全部都消失，由牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动。
故答案为：没有；做匀速直线运动。
(1)做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体沿力的方向通过了距离；两个条件缺一不可。
(2)一切物体在没有受到外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了对惯性现象的分析、对力是否做功的判断以及对牛顿第一定律的理解，是一道基础题。

23.【答案】20.16 
【解析】解：
由题可知，物体浸没在水中，则V排=V物，
它受到的浮力为：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×200×10−6m3=2N；
物体的重力：G=mg=ρVg=0.8×103kg/m3×200×10−6m3×10N/kg=1.6N<2N，
由于F浮>G，则放手后物体将上浮；
它最终静止时漂浮在水面上，浮力与所受重力为一对平衡力，
所以，此时物体受到的浮力：F浮′=G=G排=1.6N，
所以木块静止时排开水的质量：m排=G排g=1.6N10N/kg=0.16kg。
故答案为：2；0.16。
浸没在水中，其排开水的体积与物体本身的体积相等，由阿基米德原理求出所受浮力；根据所受浮力与物体的重力的关系分析浮沉情况，应用平衡条件求出物体受到的浮力，根据G排=m排g求出排开水的质量。
本题考查了学生对浮力公式、物体的浮沉条件和重力公式的理解和掌握，难度不大，能根据浮力和重力判断物体静止时的状态是解决此题的关键。

24.【答案】等于  小于 
【解析】解：按压前，瓶内气体与外界大气相通，此时瓶内的压强与大气压相等；
用力按压泵头时，储液腔里的空气被排出，此时储液腔内气体压强小于洗手液瓶内气体压强，洗手液在气压差的作用下上升并被挤出。
故答案为：等于； 小于。
按压式洗手液瓶盖的工作原理和活塞式抽水机原理相同，液体能进入到储液腔内，是因为瓶中气压大于储液腔内气压。
本题考查大气压的应用，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。

25.【答案】增大  减小受力面积  增大 
【解析】解：穿上冰爪，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定的情况下可以增大摩擦力，冰爪底面做的非常锋利可以通过减小受力面积的方式增大压强，使冰爪很容易的插入冰雪中。
此题主要考查学生对增大摩擦的方法和增大压强的方法的理解。此类现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。

26.【答案】600 不变 
【解析】解：
(1)塑料球、球内气体和游人的总质量：m总=10kg+50kg=60kg，
塑料球、球内气体和游人的总重：G总=m总g=60kg×10N/kg=600N，
由于塑料球漂浮，所以塑料球受到的浮力：F浮=G总=600N；
(2)当人和球在水面移动过程中，自重不变，由于塑料球漂浮，所以F浮=G，所以人和球受浮力不变。
故答案为：600；不变。
(1)求出塑料球、球内气体和游人的总质量，利用重力公式求总重，再根据物体的漂浮条件求受到水的浮力；
(2)当人和球在水面移动过程中，自重不变，根据漂浮条件判断受浮力变化情况。
本题考查了学生对物体的漂浮条件、阿基米德原理的了解和掌握，用好公式是关键。

27.【答案】不变  变大 
【解析】解：当将水舱内的水注入一部分后，使潜水艇下潜，由于排开水的体积不变，故潜水艇所受到的浮力不变。
液体密度不变，h变大，根据公式p=ρ液gh可知水对潜水艇的压强将变大。
故答案为：不变；变大。
由浮力公式可知浮力的变化；根据公式p=ρ液gh判断压强的变化。
本题考查浮力和压强的应用，潜水艇为物体的浮沉条件中最典型的应用，应熟练掌握。

28.【答案】C 大于  等于 
【解析】解：
小球由A→C运动过程中，质量不变，高度逐渐减小，重力势能逐渐减小，小球的重力势能转化为动能，所以小球的动能逐渐增大，速度逐渐增大，则小球在C点的速度最大；
小球的质量不变，在B点的高度大于C点的高度，所以小球在B点的重力势能大于C点的重力势能；
由于不计摩擦，小球的机械能是守恒的，所以小球在B点的机械能等于C点的机械能。
故答案为：C；大于；等于。
动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；
重力势能大小与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大；
机械能等于动能与势能之和；不计摩擦，机械能是守恒的。
本题考查了动能、势能、机械能的大小变化，掌握动能、重力势能大小的影响因素是解题关键。

29.【答案】解：钉尖对木板压力F垂直于墙面水平向右，作用点位钉尖与墙的接触点，过压力的作用点沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，用符号F表示。如图所示：
 
【解析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

30.【答案】解：鱼悬浮在水中，受到的重力与浮力是一对平衡力，大小相等，过鱼的重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用F浮和G 表示，注意两条线段长度要相等，如下图所示：
 
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。

31.【答案】解：
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在A点，要求在C点用力，连接AC，则AC就是最长的动力臂L；由题意可知，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，则动力应垂直于力臂L向左，据此可画出最小动力F的示意图；如下图所示：
 
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

32.【答案】③④  控制变量  11×10−4  1.2 
【解析】解：(1)探究浮力与物体排开液体体积的关系，应控制液体种类(密度)相同而物体排开液体的体积不同，由图示可知，除了①之外，还需要的实验是③④，这用到了控制变量法；
(2)①④次实验，利用称重法可知铜块浸没水中后所受的浮力为：F浮=G−F4=9N−8N=1N；
由F浮=ρ液gV排可得铜块的体积为：
V铜=V铜排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3；
(3)据图①和图⑦可得铜浸没在盐水中受到的浮力为：F浮2=9N−7.8N=1.2N；
由阿基米德原理可知，铜块浸没在盐水中排开盐水的重力等于铜浸没在盐水中受到的浮力为1.2N。
故答案为：(1)③④；控制变量；(2)1；1×10−4；(3)1.2。
(1)探究浮力与物体排开液体体积的关系，应控制液体种类(密度)相同而物体排开液体的体积不同，分析图示实验，然后答题，这用到了控制变量法；
(2)①④次实验，利用称重法可知铜块浸没水中后所受的浮力，利用F浮=ρ液gV排可求出铜块的体积；
(3)根据称量法和阿基米德原理出铜块浸没在盐水中排开盐水的重力。
本题考查了探究影响浮力大小的因素、阿基米德原理的应用，应用的探究方法是控制变量法。在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同。

33.【答案】水平  右  43.8不符合  L1  为了避免实验的偶然性，寻找普遍规律  AF 
【解析】解：(1)实验前为方便测量力臂，应将杠杆调节到水平位置平衡，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向右端调节；
(2)若每个钩码重G，每个小格长L，如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件有：nG×3L=6G×2L，解得n=4，则在A点处应挂4个同样的钩码；
(3)弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数为3.8N；
动力×动力臂=3.8N×0.15m=0.57N⋅m，阻力×阻力臂=3.0N×0.1m=0.3N⋅m，
所以实验数据不符合杠杆平衡条件，原因是弹簧测力计没有竖直向下拉，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂小于动力点到支点的距离，动力臂变小；
(4)本实验中多次测量是为了避免实验的偶然性，寻找普遍规律；
(5)人们在使用羊角锤、核桃夹子这些工具时，能用较小的动力克服很大的阻力，使用时动力臂大于阻力臂，因而它们属于省力杠杆；而在使用船桨、筷子、食品夹这些工具时，杠杆受到的阻力较小，动力臂小于阻力臂，因而把它们设计成费力杠杆，以便省距离；天平属于等臂杠杆。
故答案为：(1)水平；右；(2)4；(3)3.8；不符合；L1；(4)为了避免实验的偶然性，寻找普遍规律；(5)AF。
(1)为了便于测量力臂大小，应让杠杆在水平位置平衡，调节平衡时要将螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件分析解答；
(3)弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数；当弹簧测力计竖直动力臂等于动力点到支点的距离，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变小，小于动力点到支点的距离；
(4)实验中多次测量一般有两个目的，一是为了减小误差，二是为了得出普遍规律，本实验中是为了得出普遍规律；
(5)结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查探究杠杆的平衡条件的实验及判断杠杆的类型，关键是将实验操作原则和结论掌握清楚，仔细分析不难做出。

34.【答案】B 重力势  木块移动的距离  甲、乙  超速  0 D B 
【解析】解：(1)据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小，故选B；
(2)小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；
其动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，小球的动能越大；
(3)探究动能的大小与速度的关系时，需要控制质量相同，速度不同，故需要分析比较甲、乙两次实验；质量相同的物体，速度越大，动能越大；故这个结论可用并解释汽车超速带来的危害；
(4)甲实验中若木块的重力为1N，水平移动的距离是30cm，因重力的方向竖直向下，在重力的方向上没有移动距离，重力不做功，故则重力对木块做功0J；
(5)A、若水平面是光滑的，木块被撞击后会做匀速直线运动，无法比较运动的距离，故A错误；
B、木块向前滑行的过程中，速度减小，由于木块在水平面上，质量不变，则机械能减小，故B错误；
C、小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度，滚下的高度越高小球到达斜面底端的速度越大，故C错误；
D、根据转换法，将木块推得越远，说明小球撞击木块前的动能很大，故D正确；
故选D；
(6)探究阻力对物体运动的影响，需要比较小车在不同表面上运动的距离，据此可知必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，故B正确。
故答案为：(1)B；(2)重力势；木块移动的距离；(3)甲、乙；超速；(4)0；(5)D；(6)B。
(1)据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；
(2)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(3)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(4)做功的两个必要因素：一是力，二是在力的方向上通过的距离，二者缺一不可；
(5)A、影响动能大小的因素：速度和质量；
B、根据机械能影响因素即可判断；
C、小球到达斜面底端的速度取决于小球在斜面上的高度；为了保证小球到达斜面底端具有相同的速度，可以让小球从同一高度落下。
D、通过小球对木块做功，来探究小球的动能大小，利用了转换法；
(6)探究阻力对物体运动的影响，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，据此进行分析。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法和转换法应用的考查，是中考的热点。

35.【答案】解：(1)汽车重力：G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，
汽车静止时对地面的压力：F=G=1.5×104N；
(2)匀速通过大桥时，汽车的牵引力：F=f=900N，
牵引力所做的功：W=Fs=900N×15×103m=1.35×107J；
(3)汽车的速度：v=90km/h=25m/s，
牵引力做功的功率：P=Fv=900N×25W=2.25×104W。
答：(1)汽车静止在水平地面时对地面的压力为1.5×104N；
(2)此过程中汽车牵引力所做的功为1.35×107J；
(3)此过程中汽车牵引力做功的功率2.25×104W。 
【解析】(1)知道汽车质量，利用G=mg求其重力，汽车静止时对地面的压力等于其重力；
(2)利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用W=Fs可求得牵引力所做的功；
(3)利用P=Wt=Fst=Fv算出汽车牵引力做功的功率。
本题考查了重力公式、压强定义式、功的公式、功率公式的应用，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。

36.【答案】解：(1)“天鲲号”受到的浮力为：
F浮=G排=m排g=1.7×104×103kg×10N/kg=1.7×108N；
(2)“天鲲号”底部受到水的压强为：
p=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×6.5m=6.5×104Pa，
由p=FS得，探测仪器受到水的压力为：
F=pS=6.5×104Pa×40×10−4m2=260N；
(3)淤泥的质量为：m=1.36×104t=1.36×104×103kg=1.36×107kg，
淤泥所受的重力为：G=mg=1.36×107kg×10N/kg=1.36×108N，
“天鲲号”绞吸挖泥船泥泵做的有用功为：
W有用=Gh=1.36×108N×15m=2.04×109J，
“天鲲号”绞吸挖泥船泥泵做的总功为：
W=W有用η=2.04×109J30%=6.8×109J，
“天鲲号”绞吸挖泥船泥泵需用时间为：
t=WP=6.8×109J1.7×107W=400s；
答：(1)“天鲲号”受到水的浮力是1.7×108N；
(2)“天鲲号”底部受到水的压强是6.5×104Pa，面积为40cm2探测仪器受到水的压力是260N；
(3)完成此任务需要的时间是400s。 
【解析】(1)物体所受浮力大小等于排开液体所受重力；
(2)液体压强利用p=ρgh计算，再根据F=ps计算液体压力；
(3)利用已知条件先求出任务的有用功，再根据η=W有用W总计算总功，最后根据W=Pt计算时间；
本题是一道考查压强浮力以及机械效率等知识的综合题目，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。