山东省青岛市西海岸新区（黄岛、平度、胶州、即墨）2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份山东省青岛市西海岸新区（黄岛、平度、胶州、即墨）2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共23页。试卷主要包含了3两次实验，得出结论等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年山东省青岛市西海岸新区（黄岛、平度、胶州、即墨）八年级（下）期末物理试卷

1. 下列关于惯性，说法正确的是(    )
A. 跳远运动员助跑起跳，是为了增大惯性
B. 汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶时车上人的惯性
C. 百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性
D. 推出去的铅球能在空中飞行，是因为铅球不受惯性
2. 以下数据，最接近日常生活中实际值的是(    )
A. 一张物理试卷的面积约为2m2
B. 将两个鸡蛋举高1m所做的功约为1J
C. 处在水中7km深的蛟龙号所受的压强约为7×106Pa
D. 一瓶1L矿泉水受到的重力约为1N
3. 甲、乙、丙三位同学使用同一弹簧拉力器锻炼身体，每位同学都可以将弹簧拉力器拉开至两臂伸直，两臂伸直时对弹簧拉力器拉力最大的是(    )
A. 甲的体重最大，拉力最大 B. 乙的手臂最长，拉力最大
C. 丙的手臂最粗，拉力最大 D. 同一弹簧拉力器，几位同学拉力一样大
4. 下列说法正确的是(    )
A. 用力将重物提起，这个过程中提力不做功
B. 竖直下落的草果越来越快，草果的惯性越来越大
C. 加速运动的物体一定受到非平衡力的作用
D. 汽车在水平公路上匀速直线行驶时，所受牵引力与阻力是一对相互作用力
5. 如图所示，在竖直平面内用轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处于拉直状态，然后，让小球以初速度v0从A点开始运动，不计摩擦和空气阻力，当小球刚摆到与A点等高的B点时，细线恰好断开，那么，小球将(    )


A. 沿轨迹BC自由下落 B. 沿轨迹BD继续运动
C. 沿轨迹BE做匀速直线运动 D. 沿轨迹BF继续上摆
6. a、b两种物质的质量和体积关系图象如图所示。分别用a、b两种物质制成体积相等的甲、乙两个实心物体，浸没在水中放手，待物体稳定后(    )
A. 甲漂浮，甲受浮力大
B. 乙漂浮，乙受浮力大
C. 甲漂浮，乙受浮力大
D. 乙漂浮，甲受浮力大
7. 如图所示，让钢球从斜面上由静止滚下，钢球运动到水平面上碰到静止的木块后，能将木块撞出一段距离，以此探究物体的动能跟哪些因素有关。不计空气阻力，下列说法正确的是(    )

A. 同一钢球，分别从同一斜面不同高度由静止滚下，到达水平面的速度不同
B. 钢球在斜面上向下滚动时，它的重力势能越来越大
C. 木块被撞得越远，说明钢球对木块做的功越少
D. 假如水平面是光滑、足够长的，该装置仍然可以完成此实验探究
8. 如图所示，重为5N的木块A，在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为3N，若绳子突然断了，木块A在没有露出水面之前，其所受浮力与重力之差是(    )


A. 2N B. 3N C. 5N D. 8N
9. 如图所示的用具中，在使用时属于费力杠杆的是(    )
A. 筷子 B. 瓶盖起子
C. 撬棒 D. 核桃夹
10. 下列说法中，正确的是(    )
A. 利用铅垂线可以确定竖直方向
B. 活塞式抽水机是利用大气压强工作的
C. 推土机用宽大的履带来支承，是为了增大压强
D. 利用二力平衡条件，可以用弹簧测力计测量物体所受重力
11. 如图所示，是跳伞运动员在竖直方向匀速下落过程中，速度v、路程s、动能Ek和重力势能Ep随时间t变化规律的图象，其中正确的是(    )
A. B.
C. D.
12. 关于简单机械的使用，说法正确的是(    )
A. 使用此撬棒可以省力
B. 使用定滑轮不能省距离
C. 使用斜面可以省功
D. 使用此滑轮组可以改变动力方向
13. 如图所示，甲、乙两个相同的容器中盛有两种不同的液体，把两个相同的立方体A、B分别放入这两种液体中，静止时均处于漂浮状态，但B浸入液体的部分多一些，两个容器中的液面相平，A、B在两种液体中所受浮力分别为FA、FB，液体对烧杯底的压强分别为p甲、p乙，则(    )

A. FAp乙
14. 如图所示，赛艇的船桨是一种杠杆。划船时船桨的轴是不动的，轴的位置就是支点。划船时，手只要移动较小的距离，就能使桨在水中移动______的距离，这类杠杆叫做______，生活中的______也属于这类杠杆。

15. 如图是船桨的杠杆模型，F2是船桨受到的阻力，请在图中画出人划船时施加的最小动力F1和阻力臂l2。

16. 为什么浸在液体中的物体会受到浮力？
(1)这是因为液体内部存在______，而且深度不同，其______不同。如甲图所示，分析它的受力情况，两个相对的侧面所受液体的压力相互平衡，对物体水平方向受力没有影响。考虑到长方体上、下表面的受力面积是相同的，所以，液体对长方体向上的压力F2______(选填“大于”、“小于”或“等于”)液体对它向下的压力F1，浸没在液体中的物体，其上、下表面受到的液体对它的压力______(选填“相同”或“不同”)，这就是浮力产生的原因。
(2)请在乙图中画出静止在水中的物体的受力示意图。

17. 如图所示，是用来测量______大小的工具，使用前应将指针调至______，然后观察该仪器的______和分度值，该仪器的分度值是______，此时的读数是______。


18. 如图甲所示，观察滚摆的运动，滚摆上升的过程中，动能______，重力势能______，如果只有动能和势能的相互转化，机械能的总和______(均选填“变大”、“变小”或“不变”)，滚摆会一直往复运动，不会停下来。但在实际操作过程中，滚摆不能直往复运动，最终会慢慢停下来，因为机械能还会转化成其他形式的能量。图乙所示是某同学从家到学校的一条水平公路，他做了这样的设想：将从家到学校的路挖成个“V”字形，如图丙所示，那么只要从家骑上自行车后，不用刹车也不用蹬脚踏板，等车停下来就可以到达学校了。请你从能量转化与守恒的角度分析他的设想在现实生活中不能实现的原因是______。

19. 利用杠杆做以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。

(1)如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向______调节。使杠杆在水平位置平衡，目的是______；杠杆平衡后，在A点悬挂3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡，需在B点悬挂______个钩码；之后在A、B两点再各增加1个钩码，杠杆将______(选填“顺时针旋转”或“逆时针旋转”)，为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是______。
(2)通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是：______。
(3)如图乙所示，在A、C两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平，左盘盛放物体，右盘加减砝码，此天平是利用了哪一类杠杆制作而成的？______
(4)正确使用自制天平称量物体质量时：假如支点O因某种原因向右偏移至点O′，则测量值______(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值。
20. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹簧测力计、一个木块、一个砝码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。

(1)实验时用弹黄测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面做______运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小______(选填“大于”“等于”或“小于”)拉力的大小。
(2)比较2、3两次实验，得出结论：______。
(3)刚开始做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块的速度随时间变化的图象如图丙所示，则木块在第7s时的摩擦力为______N。
(4)把木块沿竖直方向截掉一部分后，继续图甲的第1次操作，测得摩擦力减小，由此得出结论：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。他探究过程中存在的问题是______，改进方法是______(木块各表面粗糙程度相同)。
21. 在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想：
猜想1：浮力的大小可能与液体的密度有关。
猜想2：浮力的大小可能与物体的重力有关。
猜想3：浮力的大小可能与物体的形状有关。
猜想4：浮力的大小可能与排开液体的体积有关。
(1)如图甲所示，用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持以上猜想______(选填序号)。
(2)为了研究猜想1和猜想2，运用体积相同的A、B、C三个圆柱体，在空气中测得其重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验。

①在序号b的实验中物体所受的浮力为______N。
②比较序号______三次实验，可得出结论：浮力的大小与液体的密度有关。
③进一步分析可知：液体的密度越大，物体所受的浮力越______。
④比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力______关。
(3)为了研究猜想3，小明用两块相同的橡皮泥分别捏成圆锥体和圆柱体进行如图丙所示的实验，由此得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关。这结论不可靠，正确的操作步骤是：______。
22. 某品牌家用汽车质量为1.6×103kg，车轮与地面的总接触面积为0.04m2(g取10N/kg)。求：
(1)该汽车所受的重力是多少；
(2)该汽车装载货物后，静止在水平地面上，此时汽车对地面的压强是1×106Pa，所装载货物的质量是多少。
23. 将平底薄壁直圆筒状的空烧杯，放在电子秤上。电子秤所受到的压力F随杯中液体的高度h变化的图象如图所示。杯高h=10cm，杯底面积S=20cm2.求：
(1)空杯静止在电子秤上对电子秤的压强是多大。
(2)装满液体时，杯底受到液体的压强是多大。
(3)所装液体的密度是多大。


24. 某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图中图线a所示，物体上升的高度随时间变化的关系如图中图线b所示。已知物体的重力为500N，所用动滑轮的重力为40N.不计绳重和摩擦，求：
(1)0−10s，重物上升的速度是多少。
(2)0−20s，拉力做的有用功是多少。
(3)0−30s，拉力的功率是多少。
(4)在上述过程中，此滑轮组的机械效率是多少。

25. 在弹黄测力计下悬挂一个实心物体，弹簧测力计的示数是10N，把该物体浸没在密度为0.8×103kg/m3)的油中，弹簧测力计的示数是8N.求：
(1)物体受到的浮力是多少？
(2)物体的体积是多少？
(3)将物体从弹簧测力计取下后，把它浸没在常温下的水银(ρ水银=13.6×103kg/m3)中后放手，当它静止时，它所受的浮力是多少？
26. 阅读下面材料，并回答提出的问题：
在一次太空知识讲座中，老师让同学们做一个实验：用弹簧测力计竖直悬挂一个重物，分别使重物处于静止和匀速下降，再让其加速下降。同学们发现，重物在静止和匀速下降时，弹簧测力计的示数相同就等于物体所受的重力；而加速下降时，却看到弹簧测力计的示数明显减小，好像物体的重力突然间减小了。
老师解释说：“这在物理学上称为失重现象，失重就是物体对支持面的压力或悬挂物的拉力小于物体实际所受重力的现象。如当人们乘电梯加速下降时，人对电梯地面压力就小于人受到的重力”。小勇在老师指导下到电梯内做失重实验，如图甲。他将一个体重秤放在电梯水平地面上，然后站上秤台。如图乙所示。在电梯向下运动的过程中，他记录下体重秤在不同时间段的示数及对应的时间，描绘出了体重秤的示数随时间t的变化图象如图丙所示(已知小勇的实际质量为60kg。g取10Nkg)。
课后小勇和同学们查资料还了解到：当电梯更快向下加速时，体重秤的示数为零，即说明他对体重秤的压力为零，我们称这种现象为完全失重现象。

(1)根据图丙分析，小勇在______段时间内处于失重状态，此时他对秤台的压力是______N，小勇处于失重状态时，秤台对小勇的支持力与小勇的重力______(填“是”或“不是”)一对平衡力。
(2)物体处于完全失重状态，是指物体(的)______。(①质量为零②重力为零③受到的支持力或拉力为零)
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：
A、跳远运动员要助跑一段距离获得一定的速度后起跳，起跳后由于惯性继续运动，提高了运动员的成绩，而不是增大惯性，故A错误；
B、汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中惯性造成的危害，不能减小惯性，惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，故B错误；
C、百米赛跑的运动员到终点不能马上停下来，是因为运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故C正确；
D、推出去的铅球还会在空中运动一段时间，是因为铅球具有惯性，故D错误。
故选：C。
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
本题考查了惯性的知识，知道惯性的概念是正确解题的前提，解题时要根据实际物理情景进行分析，作出判断。

2.【答案】B 
【解析】解：A、一张物理试卷的面积约为：S=0.25m×0.36m=0.09m2，故A错误。
B、将两个鸡蛋举高1m所做的功约为：W=Gh=mgh=0.1kg×10N/kg×1m=1J，故B正确。
C、处在水中7km深的蛟龙号所受的压强约为：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa，故C错误。
D、一瓶1L矿泉水的质量约1kg，故受到的重力约为：G=mg=1kg×10N/kg=10N，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

3.【答案】B 
【解析】解：同一弹簧拉力器所受拉力越大，伸长越长，所以在两臂伸直时，手臂长的同学使弹簧伸长大，对弹簧拉力器的拉力也就越大。
故选：B。
弹簧拉力器是利用弹簧发生形变产生的弹力工作的，弹簧伸长越长，说明形变越大，即受到的拉力越大。
本题考查了学生对弹力的理解，知道决定弹力大小的因素是弹簧的伸长量，考查学生的观察和思考的能力。

4.【答案】C 
【解析】解：
A、用力将重物提起，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，故A错误；
B、竖直加速下落的草果，质量不变、惯性不变，因惯性只与物体的质量有关，与速度无关，故B错误；
C、加速运动的物体，运动状态改变，一定受到非平衡力的作用；因为力是改变物体运动状态的原因；故C正确；
D、汽车在水平公路上匀速直线行驶时，所受牵引力与阻力大小相等、方向相反、在同一直线上，在同一物体上是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
(2)物体的惯性与其质量有关，与物体的速度无关；
(3)物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上；
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
本题综合考查了做功的两个必要因素、惯性、平衡力、相互作用力以及惯性知识，涉及的内容较多，但都属于基础题。

5.【答案】B 
【解析】
【分析】
此题考查了学生力和运动之间的关系，力可以改变物体的形状或运动状态。解决此题的关键是判断出在B点的运动状态。
分析小球到达B点的运动状态及受力情况，便可得出结论。
【解答】
由于小球以初速度v0释放，不计摩擦和空气阻力，当小球刚摆到与A点等高的B点时，小球速度恰好为v0，此时若细线恰好断开，小球由于惯性会继续向斜上方运动，而由于受重力作用运动状态会发生改变，所以，将沿BD方向运动，故B正确。
故选B。  
6.【答案】D 
【解析】解：
由图象可知当ma=2.0g时，Va=1.0cm3，所以ρa=maVa=2.0g1.0cm3=2g/cm3，
当mb=2.0g时，Va=3.0cm3，所以ρb=mbVb=2.0g3.0cm3≈0.67g/cm3，
由题Va=Vb=V，
ρa>ρ水，所以a浸没在水中放手后会下沉，受到的浮力Fa=ρ水gV，
ρbFb.故ABC错误，D正确。
故选：D。
由图象中数据可求得两物体的密度大小，比较物体密度与水的密度可知两物体在水中的状态；根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断两物体的浮力关系。
本题利用图象法求得物体的密度，根据密度公式及物体的浮沉条件进行分析求解；图象法是物理学中常用方法，在学习中应注意如何读出图象中告诉的有用信息并能加以利用。

7.【答案】A 
【解析】解：A、同一钢球，分别从同一斜面不同高度由静止滚下，到达水平面的速度不同，故A正确；
B、钢球在斜面上向下滚动时，重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故B错误；
C、动能的大小用推动木块的远近来表示。木块被撞得越远，说明钢球对木块做的功越多，钢球具有的动能越大，故C错误；
D、假如水平面是光滑、足够长的，则木块被撞击后做匀速直线运动，无法探究此实验，故D错误；
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)小车从斜面上滑下，重力势能转化为动能。
(3)动能的大小用推动木块的远近来表示。用控制变量法研究动能大小的影响因素。做功的两个必要因素：作用在物体上的力，在这个力的方向上通过距离。
(4)一切物体在没有受到力的作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
知道动能、重力势能、弹性势能的影响因素，知道做功的两个必要因素，并能判断力是否做功。

8.【答案】B 
【解析】解：
图中木块A受到重力、拉力和浮力的作用，且重力和拉力的方向均竖直向下，而浮力的方向是竖直向上的，根据力的平衡条件可得，木块受到的浮力：
F浮=G+F=5N+3N=8N；
当绳子突然断了，木块A在没有露出水面之前，木块受到竖直向上的浮力(其大小不变)和竖直向下的重力，则其：所受浮力与重力之差：F合=F浮−G=8N−5N=3N。
故选：B。
处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用；
木块在水中静止时，在竖直方向受到重力、拉力和浮力作用；再根据力的平衡条件可得，浮力大小等于重力与拉力的大小之和，并且浮力的方向是竖直向上的；当绳子突然断了，在没有露出水面之前木块所受浮力大小不变，木块受到浮力和重力的作用，其合力大小等于二力之差。
本题考查了力的合成与应用，解题的关键是会对物体进行正确的受力分析。

9.【答案】A 
【解析】A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
BCD、瓶盖起子、撬棒、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

10.【答案】ABD 
【解析】解：
A、重力的方向是竖直向下的，所以利用重垂线可以确定竖直方向，故A正确；
B、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，故B正确；
C、推土机用宽大的履带来支承，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C错误；
D、用弹簧测力计测量物体所受的重力时，物体所受的重力与弹簧测力计对它的拉力大小相等、方向相反，且在一条直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：ABD。
(1)重力的方向总是竖直向下的；
(2)大气压的利用一般都是内外压强不同，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
(3)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(4)二力平衡的条件是作用在同一物体上的两个力，必须大小相等、方向相反，且在一条直线上，这两个力才彼此平衡，这四个条件必须同时具备。
本题涉及到了多个知识点，是一道力学综合题，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题。

11.【答案】AC 
【解析】解：
AB、跳伞运动员在竖直方向匀速下落过程中，速度v不随时间变化，则在v−t图象中为平行于时间轴的直线；速度不变时，路程与时间成正比，则在s−t图象中应为斜向上的直线；故A正确、B错误；
C、跳伞运动员在竖直方向匀速下落过程中，质量不变，速度不变，其动能Ek不变，图象为平行于时间轴的直线，故C正确；
D、跳伞运动员在竖直方向匀速下落过程中，质量不变，高度减小，其重力势能Ep不断变小，图象应为斜向下的直线，故D错误。
故选：AC。
明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律。
本题考查了动能和势能的大小变化以及对匀速直线运动的理解，难度不大。

12.【答案】ABD 
【解析】解：
A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，所以可以省力，故A正确；
B、定滑轮的实质是等臂杠杆，不能省力，也不能省距离，故B正确；
C、利用斜面可以省力，但费距离，不能省功，故C错误；
D、图中为滑轮组，使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，故D正确。
故选：ABD。
(1)动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力、但费距离；
(2)定滑轮的实质是等臂杠杆，不能省力，也不能省距离；
(3)利用斜面可以省力，但费距离，使用任何机械都不能省功；
(4)使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向；使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向。
本题考查了杠杆、定滑轮、斜面、滑轮组的特点，要知道：使用机械时，可以省力，也可以省距离，但不能省功。

13.【答案】BD 
【解析】解：
(1)由图可知，立方体A、B都处于漂浮，所以受到的浮力都等于各自的重力，而两立方体完全相同，则重力相等，所以FA=FB=G，故A错误，B正确；
(2)由于FA=FB，根据F浮=ρ液gV排可得：ρ甲gV排甲=ρ乙gV排乙；
由图可知V排甲ρ乙；
两个容器中的液面相平(即深度相同)，根据p=ρ液gh可得：p甲>p乙，故C错误，D正确。
故选：BD。
(1)A、B是两个完全相同的立方体，漂浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两立方体受浮力大小关系；
(2)由于浮力相等，由图可知排开液体的体积关系，根据F浮=ρ液gV排可得两种液体的密度关系，已知两个容器中的液面相平利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。
本题考查液体压强公式公式和浮力的应用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度；由于本题中物体都是处于漂浮状态，所以应根据排开液体的体积利用阿基米德原理判断液体的密度。

14.【答案】较大  费力杠杆  筷子 
【解析】解：由桨的结构可知，桨在使用的过程中，动力臂小于阻力臂，所以赛艇船桨是费力杠杆，划船时手只要移动较小的距离就能使桨在水中移动较大的距离；生活中的筷子、镊子、钓鱼竿等就是费力杠杆；
故答案为：较大；费力杠杆；筷子。
结合生活经验，判断船桨在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。

15.【答案】 
【解析】解：从支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2；
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂l1最长；动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：

力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离，杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

16.【答案】压强  压强  大于  不同 
【解析】解：液体内部向各个方向都有压强，压强与液体密度和深度有关。同种液体深度越深压强越大，根据F=pS可知，有压强就有压力，为什么浸在液体中的物体会受到浮力？
(1)这是因为液体内部存在压强，而且深度不同，其压强不同。如甲图所示，分析它的受力情况，两个相对的侧面所受液体的压力相互平衡，对物体水平方向受力没有影响。考虑到长方体上、下表面的受力面积是相同的，下表面深度大于上表面深度，所以，液体对长方体向上的压力F2大于液体对它向下的压力F1，浸没在液体中的物体，其上、下表面受到的液体对它的压力不同，这就是浮力产生的原因。
(2)物体静止在水中，受力平衡，据此作图如下：

故答案为：(1)压强；压强；大于；不同；(2)见解答。
(1)物体上下表面由于处于液体(或气体)的深度不同，受到液体(或气体)的压力也不等，下表面受到的向上的压力大于上表面受到的向下的压力，这两个压力之差形成了浮力。
(2)物体静止在水中，受力平衡，据此解答。
本题主要考查浮力产生的原因以及浸在液体中物体受力情况分析，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析不难解答。

17.【答案】力  零刻线  量程  0.2N2.8N 
【解析】解：
图中所示的测量工具是弹簧测力计，是用来测量力的大小的，使用前应调零，明确该仪器的量程和分度值；
1N之间一共分出了5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，此时指针指在“2”后第4格处，所以示数为2.8N。
故答案为：力；零刻线；量程；0.2N；2.8N。
弹簧测力计是测量力大小的仪器，使用前应调零，弹簧测力计的读数：确定每一个大格和每一小格代表的示数。
此题考查的是弹簧测力计的作用和读数。在物理实验和日常生活中经常使用弹簧测力计，我们要熟练掌握其使用和读数方法。

18.【答案】变小  变大  不变  一部分机械能转化成了内能 
【解析】解：(1)滚摆上升的过程中，质量不变，高度增加，重力势能变大；质量不变、速度减小，动能变小；动能转化为重力势能；
如果只有动能和势能的相互转化，机械能的总和不变。
(2)骑车过程中要克服车轮与地面、转轴间的摩擦和空气阻力做功，一部分机械能会转化为内能，机械能减小，所以不蹬脚踏板时不能到达学校。
故答案为：变小；变大；不变；一部分机械能转化成了内能。
动能大小的影响因素是质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素是质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能等于动能和势能之和；不考虑摩擦阻力，机械能守恒，考虑摩擦阻力，机械能总量减小。
生活中不可能消除摩擦，因此能量在转化时一定有一部分转化为内能，所以任何人不可能造出不用任何能源的“永动机”。

19.【答案】左  便于直接测量力臂大小  6 逆时针旋转  右侧再增加一个钩码  动力×动力臂=阻力×阻力臂  等臂杠杆  大于 
【解析】解：(1)如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的右端下沉，若想使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左调节。使杠杆在水平位置平衡，目的是便于直接测量力臂大小；若每一个钩码重G，每一个小格长L，根据杠杆的平衡条件，在A点悬挂3个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡应满足：3G×4L=F×2L，得F=6G，即需在B点悬挂6个钩码；之后在A、B两点再各增加1个钩码，则支点左侧：4G×4L=16GL，支点右侧：7G×2L=14GL，所以杠杆将逆时针旋转，为了使杠杆再次在水平位置平衡，接下来的操作是右侧再增加一个钩码；
(2)通过分析数据，得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；
(3)天平称量是使左右两盘对杠杆拉力相同，根据杠杆的平衡条件，应是动力臂等于阻力臂，所以此天平是等臂杠杆；
(4)假如支点O因某种原因向右偏移至点O′，则右盘的力臂减小，要使天平平衡需要多加砝码，故测量值会大于真实值；
故答案为：(1)左；便于直接测量力臂大小；6；逆时针旋转；右侧再增加一个钩码；(2)动力×动力臂=阻力×阻力臂；(3)等臂杠杆；(4)大于。
(1)(2)(4)探究杠杆平衡条件的实验中需要杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量力臂大小，调节平衡时，螺母应向上翘的一端移动；根据杠杆的平衡条件分析解答；
(3)天平的实质是等臂杠杆；
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及实验结论记忆清楚，仔细分析解答。

20.【答案】匀速直线  等于  压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大  3 没有控制压力相同，  将切去的部分放在剩余的木块上 
【解析】解：(1)实验时用弹黄测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面做匀速直线运动，根据二力平衡知识，可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
(2)比较2、3两次实验，压力相同，第3次实验接触面更粗糙，滑动摩擦力较大，故得出结论：压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)由图丙知，2∼6s做匀速直线运动，由图乙知，受到的拉力为3N，即滑动摩擦力大小，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力也不变，则木块在第7s时的摩擦力为3N；
(4)研究滑动摩擦力的大小与接触面积的关系，要控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，把木块沿竖直方向截掉一部分后，压力变小了，探究过程中存在的问题是没有控制压力相同，为控制压力相同，改进方法是将切去的部分放在剩余的木块上。
故答案为：(1)匀速直线；等于；
(2)压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)3；
(4)没有控制压力相同；将切去的部分放在剩余的木块上。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(3)由图知，2∼6s做匀速直线运动，可知受到的拉力为3N，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析；
(4)研究滑动摩擦力的大小随接触面积的关系，要控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

21.【答案】(1)4；(2)①1；①a；d；e；②大；④无；(3)将两块不同形状的橡皮泥浸没在水中 
【解析】
【分析】
本题探究浮力大小跟哪些因素有关，考查称重法测浮力、阿基米德原理的运用及控制变量法的运用，综合性强。
(1)饮料罐浸入水中越深，即排开水的体积越大，手会感到越吃力，据此分析；
(2)①由序号a、b的实验，利用称重法测浮力求出实验中圆柱体所受的浮力；
②探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同、形状相同(同一物体)，据此确定实验序号，
③根据称重法测浮力，分析序号为d、e的实验，排开液体的体积相同、液体的密度不同，据此得出结论；
④比较序号为a、b、c的三次实验的物体所受浮力的大小变化和变化的因素，得出浮力物体的重力之间的关系；
(3)利用控制变量法分析小明同学的方案，即可判断不可靠的原因。
【解答】
(1)如图用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，即排开水的体积越大，手会感到越吃力。这个事实说明浮力的大小可能与排开液体的体积有关，可以支持以上猜想4；
(2)①在序号b的实验中，物体的重力GB=4.5N，弹簧测力计的示数为3.5N，物体受到的浮力为：
F2=GB−F示2=4.5N−3.5N=1N；
②要探究浮力大小与液体密度的关系，需要控制排开液体的体积相同、形状相同(同一物体)，改变液体的密度，故比较图中a、d、e三次实验；可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关；
③根据称重法测浮力，分析序号为d、e的实验，排开液体的体积相同、液体的密度不同，并且盐水的密度大、受到的浮力大，可得结论：排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。
④体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N，4.5N和5N：
a图中物体浸没在水中，受到的浮力为：
F1=GA−F示1=4N−3N=1N
b图中物体浸没在酒精中，受到的浮力为：
F2=GB−F示2=4.5N−3.5N=1N；
c图中物体浸没在盐水中，受到的浮力为：
F3=GC−F示3=5N−4N=1N；
比较序号a、b、c的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力无关；
(3)根据控制变量法知：要研究浮力大小与物体形状的关系，必须保证排开液体的体积和液体的密度不变，小明实验中改变了形状，但没有让二者全浸入水中，即没有控制排开水的体积相同，故小明的结论不可靠，不可靠的主要原因为没有控制排开液体的体积相同，正确的操作步骤是将两块不同形状的橡皮泥浸没在水中，比较浮力大小。
故答案为：(1)4；(2)①1；①a；d；e；②大；④无；(3)将两块不同形状的橡皮泥浸没在水中。  
22.【答案】解：(1)该汽车所受的重力：
G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N。
(2)该汽车装载货物后，静止在水平地面上，由p=FS可得汽车对地面的压力：
F=pS=1×106Pa×0.04m2=4×104N，
则汽车与货物的总重力：
G总=F=4×104N，
汽车与货物的总质量：
m总=G总g=4×104N10N/kg=4×103kg，
所以，所装载货物的质量：
m货物=m总−m=4×103kg−1.6×103kg=2.4×103kg。
答：(1)该汽车所受的重力是1.6×104N；
(2)所装载货物的质量是2.4×103kg。 
【解析】(1)利用G=mg计算汽车所受的重力。
(2)根据p=FS求出该汽车装载货物后，静止在水平地面上对地面的压力；置于水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，据此得出汽车与货物的总重力；再利用G=mg求出汽车与货物的总质量；汽车与货物的总质量减去汽车的质量，即为所装载货物的质量。
此题考查了重力和压强的计算，关键是知道置于水平面上的物体对水平面的压力等于其重力。

23.【答案】解：
(1)由图可知空杯对桌面的压力：F0=2N，
则空杯静止在电子秤上对电子秤的压强：p0=F0S=2N2×10−3m2=1×103Pa。
(2)由图可知装满液体时，杯底受到液体的压力：F=5N−2N=3N，
则杯底受到液体的压强：p=FS=3N2×10−3m2=1.5×103Pa。
(3)根据p=ρ液gh可得，所装液体的密度：ρ液=pgh=1.5×103Pa10N/kg×0.1m=1.5×103kg/m3。
答：(1)空杯静止在电子秤上对电子秤的压强是1×103Pa。
(2)装满液体时，杯底受到液体的压强是1.5×103Pa。
(3)所装液体的密度是1.5×103kg/m3。 
【解析】(1)分析杯底对桌面的压力F随杯中水的高度h变化的图象，可得出空杯对杯底的压力；然后根据p=FS计算对电子秤的压强。
(2)据图得出装满液体时，杯底受到液体的压力；然后根据p=FS计算杯底受到液体的压强。
(3)根据p=ρ液gh可求所装液体的密度。
本题考查了压强和密度的计算，关键是分析图象得出相关信息，并知道规则容器中液体对容器底部的压力等于液体的重力。

24.【答案】解：
(1)物体上升的高度随时间变化的关系如图线b所示，则可知物体做匀速直线运动，且在0∼30s物体上升的高度为3m，
则0−10s，重物上升的速度为：v物=ht=3m30s=0.1m/s；
(2)在0∼20s物体上升的高度：h′=v物t′=0.1m/s×20s=2m，
拉力做的有用功：
W有用=Gh′=500N×2m=1000J；
(3)在0∼30s物体上升的高度h=3m，不计绳重和摩擦，则拉力做的总功：
W总=(G+G轮)h=(500N+40N)×3m=1620J，
拉力F的功率：
P=W总t=1620J30s=54W；
(4)不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G轮h=GG+G轮=500N500N+40N×100%≈92.6%。
答：(1)0−10s，重物上升的速度是0.1m/s。
(2)0−20s，拉力做的有用功是1000J。
(3)0−30s，拉力的功率是54W。
(4)在上述过程中，此滑轮组的机械效率是92.6%。 
【解析】(1)由图象b可知在0∼30s的过程中物体上升的高度，利用速度公式v=st可求物体上升的速度；
(2)由图象b可知在0∼20s的过程中物体上升的高度，利用W=Gh求拉力做的有用功；
(3)不计绳重和摩擦，利用W=(G+G轮)h求拉力做的总功，再利用P=Wt求拉力F的功率；
(4)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，分析图象得出相关信息是关键。

25.【答案】解：(1)实心物体重力为10N，浸没时受拉力为8N；
故物体受浮力为：F浮=G−F=10N−8N=2N；
(2)根据G=mg，物体质量m=Gg=10N10N/kg=1kg；
根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排得：
物体体积V=V排=F浮ρ液g=2N0.8×103kg/m3×10N/kg=2.5×10−4m3；
(3)物体密度ρ=mV=1kg2.5×10−4m3=4×103kg/m3。
已知水银密度为13.6×103kg/m3中，物体的密度ρ