陕西省榆林市神木市2019-2020学年八年级下学期期末物理试题

这是一份陕西省榆林市神木市2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共19页。试卷主要包含了8m、高0，【答案】C，【答案】A，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

下列关于透镜的说法中，正确的是( )
A. 凹透镜对光有发散作用B. 平行光经凸透镜折射后定会聚于焦点
C. 凸透镜只对平行光有会聚作用D. 凸透镜两个焦点之间的距离叫焦距
张老师在演示托里拆利实验时，测得玻璃管内水银柱比槽内水银面高出76cm，下面的哪些措施可以使这个高度差改变( )
A. 使玻璃管稍微倾斜一点B. 往槽内加入少许水银
C. 把实验移到高山上去做D. 把玻璃管往上提一提
修理汽车的工人师傅使用短套筒的六角扳手拧螺母时，发现很难拧开，于是换用长套筒的六角扳手来拧，这是通过改变如下哪个因素来拧开螺母的( )
A. 力的大小
B. 力的方向
C. 力的作用点
D. 用力的时间
在如图所示的实例中，增大压强的是( )
A. 刀刃磨得很薄B. 滑雪用的滑板
C. 铁轨下铺枕木D. 书包背带加宽
用如图所示的瓶盖起子开启瓶盖时，可将其抽象为一杠杆，若不计起子自重，图中能正确表示它在开启瓶盖时两个力(其中F1是开启的作用力)作用示意图的是( )
A.
B.
C.
D.
下列描述正确的是( )
A. 一个力做功越快，则功率越大
B. 一个力做的功越大，则它的功率越大
C. 只要有力作用在物体上，这个力就会对该物体做功
D. 一个力做功时间越长，则功率越大
2019年4月28日，第55届世界乒乓球锦标赛单项赛在匈牙利结束，中国乒乓球队时隔八年再度包揽单项赛全部五枚金牌。如图是运动员在比赛中的场景，下列说法正确的是( )
A. 乒乓球速度越大，惯性越大
B. 球被水平击出后，若所受外力全部消失，球将立即竖直下落
C. 球在空中运动时，运动状态不变
D. 击球时，球和拍都会发生形变
如图是杂技表演独轮车在某一时刻停止在地面时的情景，下列分析正确的是( )
A. 人受到的重力与人对独轮车的压力是一对相互作用力
B. 轮胎上的花纹是为了减小摩擦
C. 车轮轴承中的滚珠是为了增大摩擦
D. 人受到的重力与独轮车对人的支持力是一对平衡力
如图所示为实验室用显微镜和天文望远镜，关于图中两种仪器下列说法错误的是( )
A. 显微镜的目镜成正立放大的虚像，物镜成倒立放大的实像
B. 天文望远镜的目镜成正立放大的虚像，物镜成倒立缩小的实像
C. 将被观察的物体靠近显微镜物镜后，成像变小
D. 将天文望远镜的镜筒缩短后，成像变小
如图，水平桌面上放置有甲、乙两个圆柱形容器，甲容器中盛有液体A，物块M漂浮在液体A中，物块M排开液体的质量为m1，液体A对甲容器底部的压强为p1；乙容器中盛有液体B，物块N漂浮在液体B中，物块N排开液体的质量为m2，液体B对乙容器底部的压强为p2，已知甲容器底面积大于乙容器底面积，容器中液体A、B质量相等，物块M、N质量相等。下列判断中正确的是( )
①p1p2 ③m1A. ①③B. ②④C. ①④D. ②③
现代生活，智能手机给人们带来了许多便利，但是长时间使用手机容易使眼睛的晶状体变厚，折光能力变______(选填“强”或“弱”)，成像落在视网膜______(填“前方”或“后方”)从而形成近视眼，为矫正近视眼应佩戴由______透镜片做的眼镜。
竖直向上抛出一个篮球，在上升过程中速度逐渐减小，这是因为篮球受到______的作用(不计空气阻力)，这个力的施力物体是______，方向______。
世界上最大的矿砂船的排水量为40万吨，它在海水中满载航行时，船及所装货物总重G为______N，它由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，船身会______(选填“上浮”或“下沉”)一些；两艘船在航行时不可以靠的太近，是因为靠的太近的两般船之间液体流速______(选填“大”或“小”，下同)，压强______，易导致两船相撞。(g取10N/kg)
学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个______滑轮(如图甲所示)，它能______(选填“改变力的方向”或“省力”)。如图乙是某风景区的一段盘山公路，之所以要把上山的公路修成这般模样，是因为盘山公路相当于简单机械中的______，使用它可以______(选填“改变力的方向”或“省力”)。
探究液体内部压强特点时所用压强计中的U型管______(选填“属于”或“不属于”)连通器；如图表示探究过程中的两个情景，从图上看出，液体压强与______有关。若某时刻U型管水面距离底部的高度差分别是20cm和12cm，则此时管内的水柱对U型管底部的压强为______Pa.(ρ水=1.0g/cm3,g取10N/kg)
如图所示，已知斜面长0.8m、高0.32m，绳端拉力如图所示(沿斜面向上)。利用该装置将重为15N的物体在0.8s内，从斜面的底端拉到顶端，该过程中弹簧测力计示数如图所示(方向沿斜面向上)，则该装置的机械效率为______，箱子和斜面间的摩擦力为______N(滑轮重、绳重、滑轮与绳之间的摩擦均不计)。
重为5牛的小球被沿斜面的细绳拉住，静止在斜面上，如图所示，在图上画出小球受力的示意图。
杠杆静止在如图所示的位置，请画出在A点所施加的最小动力F.(O点为支点)
如图是“探究______”实验，应保持物体处于______或匀速直线运动状态进行研究。图中(a)、(b)所示的实验过程说明所探究的两个力需作用在______上，物体才能平衡。图(c)则可验证所探究的两个力必须作用于______。
如图是“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验装置：
①图中物块完全浸没在水中时所受浮力为______N。
②由图______和______可知浸在液体中的物体所受浮力大小跟浸没在液体中的体积有关。
③由图C、D可知物体排开相同体积的液体时，浮力大小跟______有关。
小明用光具座、光源(蜡烛)凸透镜、半透明光屏等器材，探究“凸透镜的成像规律”。
(1)如图甲所示，一束平行光经过凸透镜，调节光屏的位置，直到在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，则凸透镜的焦距是______cm。
(2)如图乙所示，接着调节光源、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心在______，目的是______。
(3)将凸透镜放在50cm处固定，光源放在30cm刻度处时，移动光屏可得倒立、等大的清晰像，此时光屏在______cm刻度处。
(4)保持透镜在图乙中的位置不变把光源向右移至35cm刻度处时，将光屏向______(选填“左”或“右”)调节，可得到清晰的像，此时成的清晰的像是______(选填“倒立”或“正立”)、______(选填“缩小”“等大”或“放大”)的实像。
(5)如果用物理书将凸透镜的上半部分遮住，则光屏上所成的像发生的变化是______。
如图，某小组在探究“杠杆平衡条件”的实验：(每个钩码重1N)
(1)实验前将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是______；若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置上平衡，应将右端的平衡螺母向______调节。
(2)如图甲，小王在杠杆上A点挂3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在O点右侧3格处的B点悬挂______个钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向移动一格，则杠杆的______(选填“左”或“右”)端将下沉。
(3)如图乙，若在O点右侧4格处C点用弹簧测力计向下拉杠杆，当测力计从a位置转动到b位置时其示数变大，原因是拉力的力臂______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)如图丙，在O点左侧1格处的D点用弹簧测力计______(选填“竖直向上”或“竖直向下)拉杠杆，当测力计示数为______N时杠杆仍在水平位置平衡。
(5)实验结束后，小王提出了新的探究问题；若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是他将支点调整在如图丁所示位置进行探究，发现当杠杆水平衡时，与之前得出的杠杆平衡条件不相符，原因可能是：______。
用如图所示滑轮组在15s内，将1000N的物体匀速提升了3m，人所用拉力F的大小为400N，不计绳重和摩擦力。求：
(1)动滑轮的重力；
(2)工人做的总功及其对应的功率；
(3)滑轮组的机械效率。(结果保留0.1%)
如图所示，质量m=8kg的实心合金球被轻细线悬挂于弹簧测力计下端，并浸没在水中处于静止状态，此时测力计的示数为60N.已知图中盛水容器的底面积S=0.02m2，取g=10N/kg。
求：(1)该合金球所受浮力的大小？
(2)合金球的体积是多少？
(3)与球未放入水中时相比，合金球浸没后水对容器底部的压强增大多少？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、凹透镜对光线有发散作用，故A正确。
B、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后定会聚于焦点，故B错误；
C、凸透镜对光有会聚作用，不单指对平行光，故C错误；
D、凸透镜的焦点到光心的距离为焦距，故D错误。
故选：A。
利用下列知识分析判断：
(1)凹透镜对光线有发散作用，凸透镜对光线有会聚作用；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于焦点；
(2)凸透镜的焦点到光心的距离为焦距。
本题考查了凸透镜和凹透镜对光线的作用、焦距的概念，属于基础题目。
2.【答案】C
【解析】解：往水银槽加水银、使玻璃管倾斜、把玻璃管往上提，这三个方法既不能改变大气压的大小，不能改变水银柱的压强，故都不能使管内外高度差变化。只有把实验移到高山上去做，高山上大气压小，能支持的水银柱高度也就变小。
故选：C。
托里拆利实验要抓住是大气压支持住水银柱，故大气压有多大，支持住的水银柱就有多高。
托里拆利实验能测出大气压的值，是利用管内水银柱产生的压强等于大气压强，即P大气=P水银=ρ水银gh。
3.【答案】C
【解析】解：影响力的作用效果的因素是力的大小、方向、作用点，所以手握的位置(作用点)、手用力的大小、手用力的方向都会影响力的作用效果；短套筒的六角扳手拧螺母时，发现很难拧开，换用长套筒的六角扳手来拧螺母时，是通过改变力的作用点来改变力的作用效果的；故C正确；ABD错误。
故选：C。
力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
力的大小、方向、作用点，都影响力的作用效果，物理上将它们称为力的三要素。
4.【答案】A
【解析】解：
A、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强。符合题意。
B、滑雪用的滑板，是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷入雪中。不符合题意。
C、铁轨铺在枕木上，是压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基。不符合题意。
D、书包背带加宽，是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，不符合题意。
故选：A。
(1)压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小。
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
(3)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到生活当中。
5.【答案】B
【解析】解：用开瓶器开启瓶盖时，支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点，即图中杠杆的左端O，阻力为瓶盖对开瓶器竖直向下的作用力F2，
动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力F1，因为动力臂大于阻力臂，所以开瓶器为省力杠杆，即F1故选：B。
先确定支点，然后根据动力和阻力的定义以及力臂关系即可得出答案。
本题考查了有关杠杆的几个概念，支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠杆的五要素，学会建立模型来解决实际问题。
6.【答案】A
【解析】解：A、功率是描述做功快慢的物理量，力做功越快，功率越大，故A正确。
B、力对物体做功大，如果用的时间也很长，那么功率也不一定大，故B错误；
C、做功的两个必要因素：力以及在力的方向上要有位移。有力，若在力的方向上位移为0，则不做功，故C错误；
D、一个力做功时间越长，当力对物体做功很小，则功率也不一定大，故D错误。
故选：A。
抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可；
功率是描述做功快慢的物理量，功率大说明物体做功快，额定功率是在正常工作时的功率，是一个定值。
本题就是考查学生对功率概念的理解，知道功率是表示做功的快慢的物理量，做的功多，功率也不一定大。
7.【答案】D
【解析】解：
A、惯性的大小只与物体的质量有关，与其它因素无关，故A错误；
B、球被水平击出后，若所受外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，球将沿水平方向作匀速直线运动，故B错误；
C、球在空中运动时，其方向不断发生变化，则运动状态发生改变，故C错误；
D、力可以改变物体的形状，球拍击球时，它们之间的作用力会使乒乓球和球拍的形状发生变化，因此球和拍都会发生弹性形变，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的；
(2)一切物体不受力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态；
(3)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变，②力可以改变物体的运动状态；
(4)物体间力的作用是相互的。
此题考查了惯性的影响因素，牛顿第一定律的应用、力的作用效果及物体受力情况与运动状态间的关系，正确理解基本规律是解答的关键。
8.【答案】D
【解析】解：
A、人受到的重力与人对独轮车的压力，二力作用在两个物体上，且方向相同，既不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故A错误；
B、轮胎上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故B错误；
C、车轮轴承中的滚珠是通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故C错误；
D、人受到的重力与独轮车对人的支持力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，是一对平衡力，故D正确；
故选：D。
(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(2)增大摩擦的办法有：①增大压力，②增大接触面的粗糙程度，③变滚动为滑动；减小摩擦的办法有：①减小压力，②减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触；
此题考查平衡力与相互作用力的区别，二者的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
9.【答案】C
【解析】解：
AC、显微镜的目镜和物镜都是凸透镜，目镜成正立放大的虚像，物镜成倒立放大的实像，将被观察的物体靠近显微镜物镜后，成像变大，故A正确，C错误；
BD、天文望远镜的目镜和物镜都是由凸透镜组成，目镜成正立放大的虚像，物镜成倒立缩小的实像，将天文望远镜的镜筒缩短后，成像变小，故BD正确。
故选：C。
(1)显微镜的原理：显微镜包括物镜和目镜，物镜相当于投影仪，成倒立的放大的实像，目镜相当于放大镜，成正立的放大的虚像；
(2)望远镜的原理：望远镜包括物镜和目镜，物镜相当于照相机，成倒立缩小的实像，目镜相当于放大镜，成正立的放大的虚像。
本题考查了学生对望远镜和显微镜成像原理的掌握，难度不大，属于光学知识的考查。
10.【答案】C
【解析】
【分析】
(1)根据液体A、B质量相等可确定液体A、B的重力，因为是规则容器，所以F=G总，再根据甲容器底面积大于乙容器底面积，分析p1和p2的关系；
(2)根据物块M、N质量相等，可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块M、N受到的浮力关系，然后结合物体的浮沉条件确定m1和m2的关系。
本题考查了学生对压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是阿基米德原理的应用；二是物体浮沉条件的应用。
【解答】
(1)由液体A、B质量相等可得GA=GB，物块M、N质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力F=G总，
则由可知：FA=GA+GM，FB=GB+GN，由于GA+GM=GB+GN，所以，FA=FB；
已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由p=FS可得p1(2)因为物块M、N质量相等，即MA=MB；已知M、N都是漂浮，则F浮=G排=m排g=G=Mg，
所以物块M排开液体的质量m1等于物块N排开液体的质量m2，故③错误，④正确；
综上可得，①④正确，②③错误，即ABD不正确，C正确。
故选：C。
11.【答案】强 前方 凹
【解析】解：过度用手机玩游戏容易使眼睛的晶状体变厚，折光能力增强，来自远处某点的光会聚在视网膜前方，形成近视眼；应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该佩戴凹透镜才能看清远处的物体。
故答案为：强；前方；凹。
近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，像成视网膜前方，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚。
解决此类问题要结合近视眼的成因和纠正方法进行分析，同时提醒现在的中学生要注意用眼卫生。
12.【答案】重力 地球 竖直向下
【解析】解：
不计空气阻力，飞行在空中的篮球只受到重力的作用，重力的施力物体是地球，重力的方向是竖直向下的。
故答案为：重力；地球；竖直向下。
地球附近的一切物体都会受到重力的作用，重力的施力物体是地球，重力的方向：竖直向下。
本题考查了重力的相关知识，重力是我们生活中最常见的一种力，一定要掌握。
13.【答案】4×109 上浮 大 小
【解析】解：
(1)由阿基米德原理可得，矿砂船满载航行时受到的浮力：
F浮=G排=m排g=40×104×103kg×10N/kg=4×109N；
因为矿砂船在海水中漂浮，
所以，船及所装货物总重：G=F浮=4×109N；
(2)矿砂船由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，仍处于漂浮状态，所以受浮力不变；
由F浮=ρ液gV排可知排开水的体积变小，则船身将上浮一些。
(3)航行中，两艘船如果靠得太近，两船之间液体流速大，压强小，小于两船外侧的压强，有相撞的危险，所以两艘船航行时不能靠得太近。
故答案为：4×109；上浮；大；小。
(1)知道轮船的排水量，利用阿基米德原理可知船受到的浮力；由于矿砂船漂浮，则船及所装货物总重等于矿砂船受到浮力；
(2)矿砂船由密度较小的水域驶向密度较大的水域时，仍处于漂浮状态，所以受浮力不变；由F浮=ρ液gV排可知排开水的体积变化；
(3)流体压强和流速的关系：流体流速大的地方压强小、流速小的地方压强大。
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用、流体压强和流速关系的了解和掌握，明确船的排水量与浮力的关系是解本题关键。
14.【答案】定 改变力的方向 斜面 省力
【解析】解：旗杆顶部的滑轮是定滑轮，只能改变力的方向，而不能省力；
斜面加长了运动距离，但可以省力，故盘山公路修成了斜面形。
故答案为：定；改变力的方向；斜面；省力。
定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力；车经过盘山路时要向高处运动，所以我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力，斜面越平缓，越省力，但同时越费距离；使用任何机械都不能省功。
生活中应用了很多斜面模型，虽然费距离，但可以省力，减轻我们将物体提升时所需要的力。
15.【答案】不属于 液体的密度 2000
【解析】解：测量液体压强的压强计，它的一端是密闭的，所以不属于连通器；
根据图示可知，压强计的深度相同，但液体的密度不同，U型管内液面的高度差不同，由此可知，液体压强与液体的密度有关；
图中U形管的右侧与大气相通，则U型管底部受到的液体的压强为右侧液柱产生的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa。
故答案为：不属于；液体的密度；2000。
上端开口、下端相连通的容器叫连通器；
根据图示，利用控制变量法分析液体压强的相关因素；
根据p=ρgh求出压强的大小。
此题主要考查的是学生对液体压强的影响因素实验的理解和掌握以及液体压强的计算，要了解压强计的构造与原理，并能学会观察压强计来判断压强的大小，是解答本题的关键。
16.【答案】75%2
【解析】解：
(1)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为4N，则拉力F=4N，
该装置使用了动滑轮和斜面，拉力端移动的距离：
s=2L=2×0.8m=1.6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=4N×1.6m=6.4J，
所做的有用功：
W有用=Gh=15N×0.32m=4.8J，
该装置的机械效率：
η=W有用W总=×100%=75%；
(2)滑轮重、绳重、滑轮与绳之间的摩擦均不计，
克服箱子和斜面间摩擦力做的额外功：
W额=W总−W有用=6.4J−4.8J=1.6J，
由W额=fL可得，箱子和斜面之间的摩擦力：
f=W额L=。
故答案为：75%；2。
(1)先确定弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读数，可得拉力F大小；该装置使用了动滑轮和斜面，拉力端移动的距离s=2L(L为斜面长)，利用W=Fs求拉力做的总功，利用W=Gh求所做的有用功，该装置的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)滑轮重、绳重、滑轮与绳之间的摩擦均不计，克服箱子和斜面间摩擦力做的额外功等于总功减去有用功，再利用W额=fL求箱子和斜面之间的摩擦力。
本题考查了使用动滑轮、斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意使用斜面时，克服摩擦力做的功为额外功。
17.【答案】解：对小球进行受力分析可知，小球受到竖直向下的重力、垂直于接触面的支持力，重心都在小球的重心；小球静止在斜面上，受到沿斜面向上的拉力F.过木箱的重心分别沿竖直向下、垂直于斜面向上和平行于斜面向上画一条带箭头的线段，分别用G、F和F拉表示，如图所示：

【解析】首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图
18.【答案】解：连接OA，OA为最长的动力臂，因此过A点作垂直于OA的力，方向向下，如下图所示：

【解析】由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
19.【答案】二力平衡的条件 静止 同一条直线 同一个物体上
【解析】解：
物体在平衡力的作用下可保持两种状态，静止或匀速直线运动；图(a)、(b)所示的实验中当两个力不在一条直线上时，物体会转动，当在同一直线时才静止，此时二力平衡；图(c)则是将两物体分开后，两个力不再平衡，说明必须作用于同一物体。
故答案为：二力平衡的条件；静止；同一直线，同一物体。
物体的平衡状态包括两种情况，一是静止，二是做匀速直线运动；影响二力平衡的因素有多个，实验时应逐一进行探究，最终得出规律，因此，读图时要注意找出所研究的量是哪一个。
平衡状态有两种，静止或匀速直线运动；二力平衡条件有四个，大小相同、方向相反、作用在同一物体的一条直线上，缺一不可，这都是我们应熟知的知识。
20.【答案】3 B C 液体的密度
【解析】解：
(1)由AC图，根据称重法测浮力，图中物块完全浸没在水中时所受浮力为：
F浮=G−F=12N−9N=3N；
②研究浮力大小跟浸在液体中的体积的关系，要控制排开液体的密度相同，由图B和C可知浸在液体中的物体所受浮力大小跟浸在液体中的体积有关；
③由图C、D可知物体排开相同体积的液体，而液体的密度不同，测力计示数不同，由称重法，浮力大小不变，故浮力大小跟液体的密度有关。
故答案为：
①3；②B、C；③液体的密度。
①由AC图，根据称重法测浮力求出图中物块完全浸没在水中时所受浮力；
②物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变；
③由图C、D两图找出相同量和不同量，由称重法分析BC图浮力大小，得出物体受到的浮力大小与变化量的关系。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法及数据分析。
21.【答案】10.0同一高度 使烛焰的像成在光屏的中央 70.0右 倒立 放大 亮度变暗
【解析】解；(1)该刻度尺的分度值是mm，故由焦距的概念知，f=60.0cm−50.0cm=10.0cm；
(2)实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使蜡烛、凸透镜和光屏三者中心大致在同一高度，目的是使烛焰的像成在光屏的中央；
(3)将光源放在30cm刻度处时，此时物距等于二倍焦距，移动光屏可得倒立、等大的清晰像，此时像距等于二倍焦距，即光屏在50.0cm+20.0cm=70.0cm处；
(4)把光源向右移至35cm刻度处时，此时物距在在一倍焦距和二倍焦距之间时，成的是倒立、放大的实像，像距大于二倍焦距，故将光屏向右调节，可得到清晰的像，光屏上的像为倒立放大的实像；
(5)若将凸透镜的一部分遮住，凸透镜仍能成完整的像，只是亮度变暗；
故答案为：(1)10.0；(2)同一高度；使烛焰的像成在光屏的中央；(3)70.0；(4)右；倒立；放大；(5)亮度变暗。
(1)掌握焦距的概念，从焦点到凸透镜的距离；
(2)为使像能成在光屏的中央，应使凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
(3)当物距等于像距，都等于二倍焦距时，成倒立、等大的实像；
(4)物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成的是倒立、放大的实像；
(5)若将凸透镜的一部分遮住，凸透镜仍能成完整的像。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了凸透镜焦距的测量、实验中应注意的问题、凸透镜成像的规律，主要考查了对实验中一些细节问题的理解。
22.【答案】消除杠杆重对杠杆平衡的影响 左 2 右 变小 竖直向上 6 没有考虑杠杆自身重力的影响
【解析】解：(1)实验前将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是消除杠杆重对杠杆平衡的影响；杠杆右端低左端高，为使其在水平位置上平衡，应将右端的平衡螺母向左调节。
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，
即3G×2L=nG×3L，n=2(个)，需挂2个钩码；
杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向移动一格，
左边：
3G×L=3GL；
右边：
2G×2L=4GL>3GL
则杠杆的右端将下沉；
(3)在O点右侧4格处C点用弹簧测力计向下拉杠杆，当测力计从a位置转动到b位置时其示数变大，由力臂的定义，因拉力的力臂变小，根据阻力和阻力臂大小不变，由杠杆的平衡条件，动力变大；
(4)丙图中，阻力使杠杆绕支点逆时针转动，故阻力臂使杠杆绕支点顺时针转动，故用弹簧测力计竖直向上拉杠杆，杠杆仍在水平位置平衡时，根据杠杆的平衡条件，拉力：
FD=GA×2LL=3G×2=6G=6×1N=6N；
(5)若用图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自身重力会对杠杆平衡有影响；因此用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，原因可能是没有考虑杠杆自身重力的影响。
故答案为：(1)消除杠杆重对杠杆平衡的影响；左；(2)2；右；(3)变小；(4)竖直向上；6；(5)没有考虑杠杆自身重力的影响。
(1)调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件求解；
杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时向靠近支点O的方向移动一格，分别求出左右两边力与力臂之积大小，乘积大一端将下沉；
(3)当测力计从a位置转动到b位置时其示数变大，由力臂的定义确定拉力的力臂变化，由杠杆的平衡条件分析；
(4)动力促使杠杆转动，阻力阻碍杠杆转动，据此分析；
(5)若支点不在杠杆的中点时，从杠杆的重力不能忽略考虑。
本题探究“杠杆的平衡条件”，考查器材调试、杠杆平衡条件的运用、归纳法的运用。
23.【答案】解：
(1)图中绳子的有效段数为3，不计摩擦和绳子重，
则绳子的拉力：F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重：
G动=nF−G=3×400N−1000N=200N；
(2)绳子自由端的距离：
s=nh=3×3m=9m，
工人做的总功：
W=Fs=400N×9m=3600J，
绳子自由端移动的速度：
v=st=9m15s=0.6m/s，
绳子自由端拉力F的功率：
P=Wt=Fst=Fv=400N×0.6m/s=240W；
(3)滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GhFnh×100%=GnF×100%=1000N3×400N×100%≈83.3%；
答：(1)动滑轮的重力是200N；
(2)工人做的总功是3600J，功率是240W；
(3)滑轮组的机械效率是83.3%。
【解析】(1)由图可知，绳子的有效股数为3，根据F=1n(G+G动)，求出动滑轮的重；
(2)根据s=nh求出绳子自由端的速度，根据W=Fs可求总功；利用P=Fv求出拉力F的功率；
(3)根据滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%求出此时的机械效率；
本题考查速度、功率、绳子拉力、动滑轮重力等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求增加物体重力时滑轮组机械效率的计算。
24.【答案】解：(1)实心合金球所受的重力：
G=mg=8kg×10N/kg=80N，
实心合金球所受的浮力：
F浮=G−F′=80N−60N=20N；
(2)根据F浮=ρgV排可得，合金球的体积：
V球=V排=F浮ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−3m3；
(3)因为水对实心合金球的浮力F浮=20N，
所以，根据阿基米德原理可知：水对容器底部的压力增大ΔF=G排=F浮=20N，
则水对容器底部的压强增大量Δp=ΔFS=20N0.02m2=1000Pa。
答：(1)合金球所受浮力的大小为20N；
(2)合金球的体积是2×10−3m3；
(3)与球未放入水中时相比，合金球浸没后水对容器底部的压强增大了1000Pa。
【解析】(1)根据G=mg求出实心合金球的重力，根据称重法F浮=G−F′求出实心合金球在水中受到的浮力。
(2)物体完全浸没时合金球的体积和排开水的体积相等，根据阿基米德原理求出合金球的体积。
(3)由阿基米德原理知道，把实心合金球浸没水中后排开水的重等于实心合金球受到的浮力，所以实心合金球浸没后水对容器底部的压力比实心合金球未放入水中时的压力增大值△F=G排=F浮，再利用压强公式求水对容器底部的压强增大值。
本题考查浮力、压强的计算，知识点多，综合性强，有一定难度。关键是熟练运用压强、重力以及阿基米德原理，同时要知道物体完全浸没在液体中时，其排开液体的体积等于其自身体积。