山东省青岛市莱西市2022-2023学年九年级上学期期中物理试题（五四学制）

这是一份山东省青岛市莱西市2022-2023学年九年级上学期期中物理试题（五四学制），共24页。试卷主要包含了不定项选择题，解析与作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省青岛市莱西市九年级（上）期中物理试卷（五四学制）
一、单项选择题（本题满分20分，共10小题，每小题2分）每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．（2分）甲和乙是两个轻质泡沫小球，丙是用丝绸摩擦过的玻璃棒，甲、乙、丙三者之间相互作用时的场景如图所示，由此判断（　　）

A．小球甲一定带正电 B．小球乙一定带正电
C．小球甲可能带负电 D．小球乙一定不带电
2．（2分）学生发明了一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，下列电路符合要求的是（　　）
A．
B．
C．
D．
3．（2分）在物理实验中，对物理量有时要进行多次测量，有的是为了减小误差，有的是为了寻找普遍规律，下列是为了减少实验误差的是（　　）
A．在“探究通过电阻的电流与两端电压的关系”时，测量多组对应的电流和电压值
B．在“测量小灯泡的电功率”时，测量多组对应的电压和电流值
C．在“探究串联电路电压的特点”时，换用不同规格的小灯泡，测量多组对应的电压值
D．在“测量定值电阻的阻值”时，测量多组对应的电压和电流值
4．（2分）超导材料的应用具有十分诱人的前景。假如科学家已研制出室温下的超导材料。你认为它可作下列哪种用途（　　）
A．自炽灯泡的灯丝 B．电炉中的电阻丝
C．保险丝 D．远距离输电线
5．（2分）张亮同学仔细观察家中的电视机、白炽灯和节能灯三种电器，发现它们上面都标着“220V 40W”的字样，若它们都在额定电压下工作相同的时间，消耗电能最多的是（　　）
A．电视机 B．一样多 C．白炽灯 D．节能灯
6．（2分）如图，先后将不同材料接在电路的A、B两点间，闭合开关，能使小灯泡发光的是（　　）

A．干木条 B．铅笔芯 C．塑料棒 D．陶瓷棒
7．（2分）如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则灯L1和L2两端的电压分别为（　　）

A．6V 1.5V B．7.5V 1.5V C．1.5V 7.5V D．1.5V 6V
8．（2分）如图所示，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，电源电压保持不变，当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，以下说法正确的是（　　）

A．电压表V的示数变大
B．电流表A1的示数变大
C．A2的示数变小
D．电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变
9．（2分）甲、乙两电热丝电阻之比为2：3，相同时间内产生的热量之比为1：6，则通过甲、乙电热丝的电流之比为（　　）
A．4：1 B．2：1 C．1：4 D．1：2
10．（2分）如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，当滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，两个电阻的U﹣I关系图像如图所示。则下列判断正确的是（　　）

A．图线甲是电阻R1的“U﹣I”关系图像
B．电源电压为9V
C．电路的最大总功率为14.4W
D．滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω
二、不定项选择题（本题满分15分，共5小题。每小题给出的四个选项中，均有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分）
（多选）11．（3分）根据欧姆定律，下列说法不正确的是（　　）
A．同一导体两端的电压越大，通过这段导体的电流就越大
B．导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大
C．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比
D．通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小
（多选）12．（3分）甲图是小灯泡L和电阻R的I﹣U图像。将小灯泡L和电阻R如乙图所示接入电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。下列说法正确的是（　　）

A．只闭合开关S1时，小灯泡L的电阻为1Ω
B．再闭合开关S2时，电流表示数增加0.2A
C．再闭合开关S2时，电路总功率为1.4W
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量为240J
（多选）13．（3分）如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V 6W”和“6V 3W”字样，电源电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）

A．只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
B．只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C．只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D．只闭合S1、S2时，电路的总功率为3W
（多选）14．（3分）物理兴趣小组设计了如图甲所示的电路，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示，下列说法正确的是（　　）

A．电源电压U＝6V
B．滑片P从最左端向最右端滑动过程中，电流表示数变大
C．滑片滑动过程中，电压表与电流表示数之比不变
D．电路的最大电功率为7.2W
（多选）15．（3分）如图所示，将定值电阻R1、R2按甲、乙两图接在电压不同的电路中，已知两图中R1两端的电压相等，乙图中流过R1、R2的电流之比为2：1。下列说法中正确的是（　　）

A．两电阻的阻值之比为R1：R2＝2：1
B．两图中电源的电压之比为U1：U2＝3：2
C．两图中流过R2的电流之比为I2甲：I2乙＝2：1
D．两图电路消耗的总功率之比为P甲：P乙＝2：1
三、解析与作图题（本题满分18分，共6题）
16．（3分）1节新干电池电压　 　V；人体安全电压　 　V；当通过人体的电流接近30mA时就会有生命危险。据此可以推断，人体是　 　（填“导体”或“绝缘体”），人体电阻约　 　Ω。
17．（2分）根据物理量的单位可以写出相对应的公式，已知电功率的单位是“V•A”，对应的电功率的公式为 　 　；一款磁吸式充电宝包括一个主充电宝和四个子充电宝。每个子充电宝的容量是600mAh，对外提供的电压为5V，一个子充电宝能提供的电能是 　 　J。
18．（2分）两个灯泡L1、L2分别标有“6V 2A”和“12V 1A”字样．若不考虑温度对灯丝电阻的影响，且两灯的实际电功率均不得超过其额定电功率，两灯串联时，电路两端允许加的最大电压值为 　 　V；两灯并联时，干路电流最大值为 　 　A。
19．（5分）小明家买了一辆崭新的汽车，通过观察，小明发现汽车上用到了很多电学知识：
（1）检修汽车同侧前后两个转向灯时，司机会拨动方向盘旁边的横杆，并观察转向灯的发光情况，司机所拨动的这根横杆相当于电路中的 　 　；若拨动横杆后发现有一个转向灯不亮，说明这两灯是 　 　（选填“串联”或“并联”）。
（2）如图是该车自动测定汽车油箱内油面高度的装置原理图，图中的油量表实质是 　 　改装而成的（选填“电压表”或“电流表”），定值电阻R0的作用是 　 　，在加油的过程中，油量表的示数 　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

20．（3分）如图所示，请根据实物图在下框中画出对应的电路图。

21．（3分）请将图中的电路元件用笔画线代替导线连成电路，要求：开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡L2变亮，但灯泡L1的亮度不变；开关S断开后，灯泡L1、L2都不亮。

四、实验探究题（本题满分31分，共4题）
22．（6分）如图甲所示是小明和小华探究并联电路中电流的关系设计的电路；

（1）在连接电路的过程中，开关应该 　 　；
（2）闭合开关前，小明发现电流表的指针向着没有刻度的一侧偏转，如图乙所示，原因是 　 　；
（3）在实验过程中他们连接了如图丙所示的电路，闭合开关后，观察到灯L2　 　（选填“发光”或“不发光”）；通过分析电路连接情况，该电路存在的问题是：　 　（写出一条即可）；
（4）请在图丙上只改动一根导线，符合L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电器；（要求：在需要改动的导线上画“×”，用笔将改动后的导线画出，导线不许交叉）
（5）他们改正错误后把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出电流如表，通过分析，得出的结论是：在并联电路中 　 　。
实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
0.22
2
0.22
0.24
0.46
3
0.26
0.30
0.56
23．（8分）在探究“电流与电阻的关系”的实验中，小赵同学选择了5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω定值电阻各一个进行实验，电源电压恒为6V。

（1）请用笔画线代替导线将图中未完成的电路完成。（要求：当滑片向右移动时电流表示数变大，导线不能交叉）
（2）实验中闭合开关移动滑动变阻器的滑片，小赵发现当电流表示数增大时，电压表示数反而减小。造成这一现象的原因可能是 　 　。
（3）确认电路连接无误后，小赵将5Ω定值电阻接入电路后，闭合开关进行实验，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为0.5A；更换阻值为10Ω的电阻后为正确进行实验得出实验结论，下一步应将滑动变阻器的滑片向 　 　滑动（选填“左”或“右”）。将5Ω定值电阻更换为10Ω定值电阻后，在不改变电路连接的情况下如果保持滑片位置不动电压表的指针会 　 　。
（4）小赵依次接入5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数。实验中他接入10Ω和25Ω定值电阻时，电路中两次的电流之比为 　 　。
（5）实验室有以下规格的滑动变阻器，要完成上述实验，小赵所选用的滑动变阻器应是 　 　。（填写选项字母即可）
A.20Ω 0.3A
B.20Ω 0.5A
C.50Ω 0.3A
D.50Ω 0.5A
（6）小赵完成实验后继续探究电流跟电压的关系，他调节滑动变阻器，测出通过定值电阻R的电流和对应的电压如下表所示。分析数据发现电流与电压不成正比，检查两表均无故障，你认为可能的原因是 　 　。通过分析数据此时选用的定值电阻的阻值是 　 　Ω。
电压U/V
1
1.5
2
2.5
3
电流I/A
0.14
0.19
0.24
0.29
0.34
24．（7分）小红在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，做出了如下猜想
猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关
猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关：
猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关


编号
材料
横截面积S/（mm2　）
长度L/（m）
A
镍铬合金
1.0
0.25
B
镍铬合金
1.0
0.50
C
镍铬合金
2.0
0.25
D
锰铜合金
1.0
0.25
（1）如图电路，实验前最好在导线a、b间连接　 　（选填“导线”或“电阻”），在M、N之间分别接上不同导体，闭合开关，通过观察　 　来比较导体电阻大小
（2）为了验证猜想一，可依次把M、N跟　 　（填“A”、“B”、“C”或“D”）的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小。
（3）依次把M、N跟电阻丝A、C的两端连接，闭合开关，发现接电阻丝C时电流表的示数较大，分析比较A、C两根电阻丝电阻的大小，可探究电阻跟　 　的关系，其结论是：导体的长度和材料一定时，横截面积越大，其阻值　 　。
（4）若将电阻丝C均匀拉伸，使其横截面积变为原来的一半，则此时该电阻的阻值　 　（选填“等于”或“不等于”）原来的2倍。小超在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，发现实验器材中电阻丝只有一根，其他器材足够，不能完成的实验探究是　 　
A．导体电阻与长度的关系B．导体电阻与材料的关系
C．导体电阻与温度的关系D．导体电阻与横截面积的关系
25．（10分）如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着初温、质量相同的空气。

（1）利用甲装置可探究电流产生的热量与 　 　的关系，通电一段时间后，与 　 　（选填“左”或“右”）侧容器相连的U形管中液面的高度差较大；
（2）乙装置中的电阻R3的作用主要是使电阻R1和R2中的电流 　 　（选填“相等”或“不相等”），为了使实验现象更明显，可以将R3的阻值换成 　 　（选填“更大的”或“更小的”）；
（3）通过观察乙装置，　 　（选填“左”或“右”）容器中导体产生的热量较多。由此可知，在电阻和通电时间相同时，电流越 　 　，导体产生的热量越多。该装置 　 　（选填“能”或“不能”）解释“电炉丝热得发红，而连接它的导线却几乎不发热”；
（4）乙装置中，如果R3断路，在通电时间相同时，与R3没有断路时相比较，左侧U形管中液面的高度差将 　 　，右侧U形管中液面的高度差将 　 　（以上两个空都选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（5）让乙装置冷却到初始状态，把右侧并联的两根电阻丝R2、R3都放入容器中，接通电源一段时间后，电阻丝产生的热量 　 　多。（选填“左容器”“右容器”或“两容器一样”）
五、计算题（本题满分16分，共2题）
26．（8分）如图所示，电源电压为25V且保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，其上标有“50Ω　2A”的字样，电流表A1的量程为0～0.6A，电流表A2的量程为0～3A，灯泡L标有“5V　2W”的字样。求
（1）灯泡L正常工作时的电流是多大？
（2）闭合S，断开S1、S2，灯泡恰好正常工作，求R1的阻值。
（3）S、S1、S2均闭合，滑动变阻器R2连入电路的阻值为多大时电路功率最大？并求出最大功率。

27．（8分）图甲所示为某品牌家用热水器的简化电路图，S1是手动开关，置于热水器外部；S2是温控开关，置于热水器内部；当水温低于40℃时自动闭合，达到40℃时自动断开，R1与R2均为用来发热且阻值不变的电热丝，使用时，手动闭合开关S1，电热水器开始工作。下表为该电热水器部分参数。
额定电压
220V
频率
50Hz
保温功率
220W
加热功率
2420W
水箱容量
50L
设定温度
40℃
（1）该热水器正常工作时，电热丝R1的阻值是多少？
（2）热水器正常加热时，通过R2的电流是多大？
（3）假设关闭家中的其它所有用电器，只让该热水器接入电路烧水5min，刚好将水箱中水温升到40℃，观察到家中电能表（如图乙所示）的转盘转过200r，则此时热水器两端的实际电压多大？


2022-2023学年山东省青岛市莱西市九年级（上）期中物理试卷（五四学制）
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题满分20分，共10小题，每小题2分）每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．【解答】解：丙是用丝绸摩擦过的玻璃棒，故丙带正电；
由图知，当丙靠近甲小球时，相互吸引，因丙带正电，则甲可能带负电，也可能不带电；
当丙靠近乙小球时，相互吸引，因丙带正电，则乙可能带负电，也可能不带电；
将甲乙靠近时，甲乙相互吸引，故甲、乙只能是有一个带负电 但不能判断谁带负电，另一个不带电，故C正确。
故选：C。
2．【解答】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器（S1）接收到信号，再转动电动车钥匙（S2），车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确，BCD错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、在“探究电阻上的电流跟两端电压的关系”时，测量多组对应的电流和电压值，是为了寻找普遍性的规律，故A不符合题意；
B、在“测量小灯泡的电功率”时，小灯泡的电功率是变化的，测量多组对应的电压和电流值，是为了研究不同电压下的小灯泡实际功率，故B不符合题意；
C、在“探究串联电路电压的特点”时，测量多组对应的电压值，是为了寻找普遍性的规律，故C不符合题意；
D、在“测量定值电阻的阻值”时，测量多组对应的电压和电流值，是为了计算电阻值时求取平均值，以减小误差，故D符合题意。
故选：D。
4．【解答】解：A、灯丝必须在白炽状态下才能正常发光，电阻为零无法将电能转化为内能，无法放热，不符合题意。
B、电炉丝需要将电能转化为内能，电阻为零无法将电能转化为内能，不符合题意。
C、保险丝是利用电流的热效应，当电流过大时，自动熔断来保护电路的。电阻为零无法将电能转化为内能，无法熔断，不符合题意。
D、根据焦耳定律Q＝I2Rt，可知，远距离输电，当电阻为零时，可使导线损耗为零，便可提高传输效率，符合题意。
故选：D。
5．【解答】解：因为用电器的额定功率相同，由W＝Pt可得，若它们都在额定电压下工作相同的时间，消耗的电能相同。
故选：B。
6．【解答】解：A、干木条不易导电，属于绝缘体，不能使小灯泡发光，故A错误；
B、铅笔芯的制作材料是石墨，石墨容易导电，属于导体，能使小灯泡发光，故B正确；
C、塑料棒不易导电，属于绝缘体，不能使小灯泡发光，故C错误；
D、陶瓷棒不易导电，属于绝缘体，不能使小灯泡发光，故D错误。
故选：B。
7．【解答】解：由电路图知，闭合开关后，L1和L2串联，电压表V1测L2两端电压，V2测电源电压，
由串联电路的电压特点知，V2示数应大于V1的示数，而两电压表指针位置相同，所以V2使用0～15V量程，由图（b）知，电源电压U＝7.5V；
V1使用0～3V量程，由图（b）知，L2两端电压U2＝1.5V，
L1两端电压U1＝U﹣U2＝7.5V＝1.5V＝6V。
故选：A。
8．【解答】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流。
A、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
BC、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变；当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故BC错误；
D、电压表V的示数不变，电流表A2的示数不变，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变，故D正确。
故选：D。
9．【解答】解：甲、乙两电热丝电阻之比为2：3，相同时间内产生的热量之比为1：6，根据Q＝I2Rt可得，通过两个电热丝的电流之比：
＝＝＝＝。
故选：D。
10．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2两端的电压。
A、由图像可知，图线乙中电流随电压的增大而变大（正比例图线），因此图线乙是定值电阻R1的图像；图线甲中电流随电压的增大而减小，所以图线甲是滑动变阻器R2的图像，故A错误；
B、由图像可知，电流I＝0.3A时，滑动变阻器两端的电压为U甲＝9V，电阻R1两端的电压为U乙＝3V，
由串联电路的电压特点可得，电源电压：U＝U甲+U乙＝9V+3V＝12V；故B错误；
C、从图中可知电路的最大电流为1.2A，
电路的最大总功率P＝UI′＝12V×1.2A＝14.4W，
故C正确；
D、当电路电流最小为I＝0.3A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时滑动变阻器电压U甲＝9V，
由I＝得滑动变阻器最大阻值：R滑大＝＝＝30Ω，故D错误。
故选：C。
二、不定项选择题（本题满分15分，共5小题。每小题给出的四个选项中，均有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分）
11．【解答】解：A、在电阻一定时，同一导体两端的电压越大，通过这段导体的电流就越大，故A正确；
BCD、电阻是导体本身的一种属性，与导体两端的电压和通过的电流无关，故BCD不正确。
故选：BCD。
12．【解答】解：A、只闭合S1时，电路为小灯泡L的简单电路，L的实际功率为1W，根据功率的计算公式可得，再甲图L的图线上找符合U、I乘积为1W的坐标，故有UL＝2V，IL＝0.5A，由欧姆定律可得，小灯泡L的电阻为Rl＝＝＝4Ω，故A错误；
B、根据A选项分析得，电源电压为U＝UL＝2V，再闭合S2后，此时R、L并联接入电路，电流表测干路中的电流，电压为2V，在甲图中找出R此时对应的电流，即为0.2A，则电流表示数增大0.2A，故B正确；
C、电源电压为2V，R的电流为IR＝0.2A，L的电流为IL＝0.5A，根据并联电路的电流规律可得电路中的总电流为I＝IR+IL＝0.2A+0.5A＝0.7A，由功率的计算公式可得，电路总功率为P＝U总I＝2V×0.7A＝1.4W，故C正确；
D、再闭合S2时，电阻R的电压为2V，电流为0.2A，根据焦耳定律可得，通电1min产生的热量为
Q＝W＝UIt＝2V×0.2A×60s＝24J，故D错误。
故选：BC。
13．【解答】解：不考虑温度对灯丝电阻的影响，则R1＝＝＝6Ω；R2＝＝＝12Ω；
A、只闭合S1时，甲、乙两灯串联，通过两灯的电流相等，根据P＝I2R，＝＝＝，故A错误；
B、只闭合S2、S3时，甲、乙两灯并联，甲、乙两灯的实际电压均等于额定电压6V，所以实际功率都等于额定功率，则＝＝＝，故B正确；
CD、只闭合S1、S2时，甲灯被短路，乙灯两端的实际电压等于额定电压6V，实际功率等于额定功率3W，即电路的总功率为3W，故C错误，D正确。
故选：BD。
14．【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
B、当变阻器滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故B正确；
C、由电路图可知，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测滑动变阻器中的电流，所以电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻，因为变阻器滑片向右滑动过程中变阻器接入电路中的电阻变小，所以电压表与电流表示数之比变小，故C错误；
A、由图可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，其两端的电压为3V，通过电路的电流为：I1＝＝＝0.6A，
则电源电压为：U＝U1+I1R0＝3V+0.6A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：I2＝＝＝0.4A，
则电源电压为：U＝U2+I2R0＝4V+0.4A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
联立①②得，R0＝5Ω，U＝3V+0.6A×5Ω＝6V，故A正确；
D、当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率为P＝＝＝7.2W，故D正确。
故选：ABD。
15．【解答】解：由图甲可知，R1、R2串联，由图乙可知，R1、R2并联，设两图中R1两端的电压为U；
A、乙图中流过R1、R2的电流之比为2：1，由并联电路的电压特点和欧姆定律可知，两电阻的阻值之比：﹣＝＝，即R2＝2R1，R1：R2＝1：2，故A错误；
B、甲图中由串联电路的分压原理可知，R1、R2两端的电压电压之比：＝＝，即U2甲＝2U1甲＝2U，由串联电路的电压特点可知，甲图中的电源电压：U1＝U1甲+U2甲＝U+2U＝3U，
由并联电路的电压特点可知，图乙中的电源电压：U2＝U1乙＝U，
因此两图中电源的电压之比：＝＝，故B错误；
C、甲图中流过R2的电流：I2甲＝＝＝，
乙图中流过R2的电流：I2乙＝＝，
则两图中流过R2的电流之比：＝＝，故C正确；
D、由串联电路的电流特点可知，甲图中电路的电流：I甲＝I2甲＝，
乙图中流过R1的电流：I1乙＝＝，
由并联电路的电流特点可知，乙图中干路的电流：I乙＝I2乙+I1乙＝+＝，
由P＝UI可知，两图电路消耗的总功率之比：＝＝＝，故D正确。
故选：CD。
三、解析与作图题（本题满分18分，共6题）
16．【解答】解：一节干电池的电压是1.5V；人体安全电压不高于36V；
人体加在一定电压下有电流通过，说明人是导体。
电流I＝30mA＝0.03A，由公式I＝可得人体的电阻R＝＝＝1200Ω。
故答案为：1.5；不高于36；导体；1200。
17．【解答】解：已知电功率的单位是“V•A”，V为电压的单位，A为电流的单位，对应的电功率的公式为P＝UI；
一个子充电宝能提供的电能W＝UIt＝5V×A×1×3600s＝1.08×104J。
故答案为：P＝UI；1.08×104。
18．【解答】解：
由I＝可得，灯泡L1的电阻为：R1＝＝＝3Ω，
灯泡L2的电阻为：R2＝＝＝12Ω，
将它们串联时，由于串联电路中各处电路相等，所以电路中允许的最大电流为：I串＝I2＝1A，
根据电阻的串联特点和欧姆定律可得，电路两端允许的最大电压为：U串＝I串（R1+R2）＝1A×（3Ω+12Ω）＝15V；
将它们并联时，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以电路两端的最大电压为：U并＝U1＝6V，
则通过灯泡L1的电流为2A，
通过灯泡L2的电流：I2＝＝＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路中允许的最大电流：I并＝I1+I2＝2A+0.5A＝2.5A。
故答案为：15；2.5。
19．【解答】解：
（1）拨动方向盘旁边的横杆，汽车同侧的前后两个转向灯会同时闪亮、同时熄灭，若一个转向灯坏了，另一个仍能发光，则这两灯是并联；
司机拨动这根横杆，转向灯才会工作，所以这根横杆起到了开关的作用，即司机所拨动的这根横杆相当于电路中的开关；
（2）由电路图可知，油量表串联在电路中，实际是一电流表；定值电阻R0的作用是可以防止电路中的电流过大而烧坏仪表，保护电路；
在加油时，浮子位置升高，在杠杆作用下，滑动变阻器连入电路的阻值变小，根据I＝可知，在电源电压不变时，使电路中的电流变大，电流表示数变大，即油量表示数变大。
故答案为：（1）开关；并联；（2）电流表；保护电路；变大。
20．【解答】解：由实物图知，两灯并联，开关S1在干路上控制整个电路，S2在L2支路上，由此画出电路图如图所示：

21．【解答】解：根据题意可知，开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡L2变亮，但灯泡L1的亮度不变，这说明滑动变阻器控制灯泡L2，灯泡L2和灯泡L1互不影响，所以该电路为混联电路，滑动变阻器与灯泡L2串联后再与灯泡L1并联；滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡L2变亮，这说明通过灯泡L2的电流变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器上面的一个接线柱与A接线柱接入电路中；开关S断开后，灯泡L1、L2都不亮，这说明开关S在干路中；实物图如下所示：

四、实验探究题（本题满分31分，共4题）
22．【解答】解：（1）为保护电路，在电路连接过程中开关要断开；
（2）闭合开关前，电流表指针向零刻度左侧，说明电流表没有调零；
（3）分析该实物图可知，闭合开关后，电流从电源正极过灯L1和电流表A1，回到电源负极，L2短路，所以L2不发光；
（4）在图丙在图丙上只改动一根导线，符合L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电器，改动如图：
；
（5）由图可知，电流表接到A、B处各测一个支路的电流，接到C处则测干路的电流，根据表中数据C处电流表示数是A、B 两电流表示数的和，所以结论是：在并联电路中，干路的电流是各支路的电流之和。
故答案为：（1）断开；（2）电流表没有调零；（3）不发光；L2被短路；（4）见解答；（5）干路的电流等于各支路的电流之和。
23．【解答】解：（1）当滑片向右移动时电流表示数变大，由欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路的电阻变小，说明滑动变阻器接入电路的电阻丝变短，故滑片以右电阻丝连入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如图所示：
；
（2）电源电压恒定，电流表串联在电路中，电流表示数增大，定值电阻电流增大，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压增大，由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器电压减小，因此造成这一现象的原因可能是：电压表并联在滑动变阻器两端；
（3）由欧姆定律可知，定值电阻两端的电压为：UV＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V；
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，由图可知，电压表的指针会向右偏转；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V不变；
（4）由欧姆定律求出接入10Ω和25Ω定值电阻时，电路中两次的电流之比：＝＝＝＝；
（5）实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV＝2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.4倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝1.4×25Ω＝35Ω，即小赵所选择的变阻器的最大阻值不能小于35Ω；
电流的最大电流为：I最大＝＝＝0.5A，故滑动变阻器的规格为：“50Ω 0.5A”，故选D；
（6）分析表格中数据可知：电流值都减去0.04A时，电流值与电压值成正比，所以可能的原因是电流表使用前没有调零；通过数据可知，当电压值为1V时，电流值为：0.14A﹣0.04A＝0.1A，由I＝可知，R＝＝＝10Ω。
故答案为：（1）如图所示；（2）电压表并联在滑动变阻器两端；（3）左；向右偏转；（4）5：2；（5）D；（6）电流表使用前没有调零；10。
24．【解答】解：
（1）为了保护电路，实验前最好在导线a、b间连接电阻；
在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小，这里用到了转换法；
（2）要验证猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；
（3）分别将A和C两电阻丝接入电路中M、N两点间，导体A、C的材料与长度相同而横截面积不同，可以探究导体的电阻可能与导体的横截面积有关；
A和C两电阻丝相比，C的横截面积较大，发现接电阻丝C时电流表的示数较大，说明电阻丝C的电阻较小，由此得到的结论是：当导体的材料和长度相同时，导体的横截面积越大，导体的电阻越小；
（4）①当材料和长度一定时，导体的电阻与其横截面积成反比，若均匀拉伸导体，使其横截面积变为原来的一半，但长度变为原来的2倍，所以此时该导体的电阻不等于原来的2倍；
②实验时，通过改变连入电阻丝长度，此时横截面积和材料不变，可以探究导体电阻与长度的关系，可完成A的探究；
实验时，可以将电阻丝对折起来使用，改变连入电阻丝横截面积，控制长度和材料不变，可以探究导体电阻与横截面积的关系，可完成D的探究；
由题知，实验器材中电阻丝只有一根，但其他器材足够，所以可以通过酒精灯改变电阻丝的温度，可完成C的探究；
当探究导体电阻与材料的关系时，应控制长度和横截面积不变，因为只有一根金属丝，所以无法改变材料，不能够完成B的探究，故选B。
故答案为：
（1）电阻；电流表的示数；（2）A、B；（3）导体横截面积；越小；（4）不等于；B。
25．【解答】解：
（1）在甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过它们的电流I与通电时间t相同，电阻不同，探究导体产生的热量与电阻的关系；
甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，右侧电阻丝产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，右侧容器中U形管中液面的高度差大；
（2）图乙的装置在实验中，右侧容器的外部，将一个完全相同的电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右边容器中电阻的电流不同，可以探究电流产生的热量与通过导体的电流大小的关系；为了使实验现象更明显，可以将R3的阻值换成更小的，这样分流更多，R1和R2发热多少对比更明显；
（3）电阻丝R3的分流使I1＞I2，根据Q＝I2Rt可知左侧容器产生的电热多；由此可知，在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，产生的电热越多；
电炉丝、导线是较大电阻和较小电阻的串联关系，应该用图甲装置解释，所以装置乙不能解释；
（4）在乙实验中，电阻R3断路后，电路中的总电阻变大，在电源电压一定时，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即通过R1的电流变小，根据焦耳定律可知，在相同的时间内，电阻R1产生的热量变小，左侧U形管中液面的高度差将变小；
由于电阻R3断路，R2与R3并联部分的电阻变大，分压增多，由I＝知通过R2中的电流变大，因此右侧U形管中液面的高度差将变大；
（5）依据题意，右侧两个电阻并联后的电阻是左侧电阻的一半，由Q＝I2Rt可知，在电流、通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多，所以左侧容器电阻丝产生的电热多。
故答案为：（1）电阻；右；（2）不相等；更小的；（3）左；大；不能；（4）变小；变大；（5）左容器。
五、计算题（本题满分16分，共2题）
26．【解答】解：（1）由题知，灯泡的额定电压为5V，额定功率2W，
由P＝UI可得灯泡正常工作时的电流：
I额＝＝＝0.4A；
（2）由图知，当闭合S、断开S1、S2，R1与L串联，此时灯泡正常工作，则UL＝5V，IL＝0.4A，
由串联电路特点知，电路中电流：I＝I1＝IL＝0.4A，
R1两端的电压：U1＝U﹣UL＝25V﹣5V＝20V，
根据欧姆定律I＝知定值电阻R1的阻值为：
R1＝＝＝50Ω；
（3）由图知，S、S1、S2均闭合，R1与R2并联，L被短路，电流表A2测干路电流，A1测R1的电流，
此时通过R1的电流是一个定值，由并联电路特点和欧姆定律可得：
IR1＝＝＝0.5A，
由变阻器规格知，通过它的最大电流为2A，
所以干路的最大电流：I最大＝IR1+I2最大＝0.5A+2A＝2.5A＜3A，不超过A2的量程，符合题意，
所以此时滑动变阻器R2连入电路的阻值为：
R2＝＝＝12.5Ω；
电路中最大功率为：
P最大＝UI最大＝25V×2.5A＝62.5W。
答：（1）灯泡正常工作时的电流是0.4A；
（2）定值电阻R1的阻值为50Ω；
（3）滑动变阻器R2为12.5Ω时电路功率最大，最大功率为62.5W。
27．【解答】解：（1）S1闭合，S2断开时，为保温挡；R1的阻值为：R1＝＝＝220Ω；
（2）根据表格中的数据可知，高温挡时，两个电阻都工作，低温挡时，只有R1工作，根据并联电路特点可知，各支路互不影响，所以R2的功率为：
P2＝P﹣P1＝2420W﹣220W＝2200W；
由P＝UI可知，通过R2的电流是：I＝＝＝10A；
（3）电路的总电阻为：R＝＝＝20Ω；
1200r/（kW•h）表示电路中的用电器每消耗1kw•h的电能，电能表的转盘转过1200r，
则电热水器消耗的电能为：W＝＝kW•h；
电热水器消耗的实际功率：P实＝＝＝2kW＝2000W。
由于总电阻不变，根据P＝可知，实际电压为：U实＝＝＝200V。
答：（1）该热水器正常工作时电热丝R1的阻值是220Ω；
（2）热水器正常加热时，通过R2的电流是10A；
（3）热水器两端的实际电压是200V。
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