2022-2023学年湖北省武汉市六中高三11月考试生物试题含解析

这是一份2022-2023学年湖北省武汉市六中高三11月考试生物试题含解析，共29页。试卷主要包含了单选题，综合题，实验题等内容，欢迎下载使用。

湖北省武汉市六中2022-2023学年高三11月考试生物试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．NO3-和NH4+是植物利用的主要无机氮源，NH4+的吸收由根细胞膜两侧的电位差驱动，NO3-的吸收由H+浓度梯度驱动，相关转运机制如图。铵肥施用过多时，细胞内NH4+的浓度增加和细胞外酸化等因素引起植物生长受到严重抑制的现象称为铵毒。下列说法正确的是（    ）

A．NH4+通过AMTs进入细胞消耗的能量直接来自ATP
B．NO3-通过SLAH3转运到细胞外的方式属于被动运输
C．铵毒发生后，增加细胞外的NO3-会加重铵毒
D．载体蛋白NRT1.1转运NO3-和H+的速度与二者在膜外的浓度呈正相关
【答案】B
【分析】物质跨膜运输主要包括两种方式:被动运输和主动运输，被动运输又包括自由扩散和协助扩散，被动运输是由高浓度向低浓度一侧扩散，而主动运输是由低浓度向高浓度一侧运输。其中协助扩散需要载体的协助，但不需要消耗能量:而主动运输既需要消耗能量，也需要载体的协助。
【详解】A、由题干信息可知，NH4+的吸收是根细胞膜两侧的电位差驱动的，所以NH4+通过AMTs进入细胞消耗的能量不是来自ATP，A错误；
B、由图上可以看到，NO3-进入根细胞膜是H+的浓度梯度驱动，进行的逆浓度梯度运输，所以NO3-通过SLAH3转运到细胞外是顺浓度梯度运输，属于被动运输，B正确；
C、铵毒发生后，H+在细胞外更多，增加细胞外的NO3-，可以促使H+向细胞内转运，减少细胞外的H+，从而减轻铵毒，C错误；
D、据图可知，载体蛋白NRT1.1转运NO3-属于主动运输，主动运输的速率与其浓度无必然关系；运输H+属于协助扩散，协助扩散在一定范围内呈正相关，超过一定范围后不成比例，D错误。
故选B。

2．在有氧呼吸第三阶段，线粒体基质中的还原型辅酶脱去氢并释放电子，电子经线粒体内膜最终传递给O2，电子传递过程中释放的能量驱动H+从线粒体基质移至内外膜间隙中，随后H+经ATP合酶返回线粒体基质并促使ATP合成，然后与接受了电子的O2结合生成水。为研究短时低温对该阶段的影响，将长势相同的黄瓜幼苗在不同条件下处理，分组情况及结果如图所示。已知DNP可使H+进入线粒体基质时不经过ATP合酶。下列相关说法错误的是（    ）

A．4℃时线粒体内膜上的电子传递受阻
B．与25℃时相比，4℃时有氧呼吸产热多
C．与25℃时相比，4℃时有氧呼吸消耗葡萄糖的量多
D．DNP导致线粒体内外膜间隙中H+浓度降低，生成的ATP减少
【答案】A
【分析】NDP可使H+进入线粒体基质时不经过ATP合酶，即NDP可抑制ATP的合成。
【详解】A、与25℃相比，4℃耗氧量增加，根据题意，电子经线粒体内膜最终传递给氧气，说明电子传递未受阻，A错误；
BC、与25℃相比，短时间低温4℃处理，ATP合成量较少，耗氧量较多，说明4℃时有氧呼吸释放的能量较多的用于产热，消耗的葡萄糖量多， BC正确；
D、DNP使H+不经ATP合酶返回基质中，会使线粒体内外膜间隙中H+浓度降低，导致ATP合成减少， D正确。
故选A。
3．为研究人原癌基因Myc和Ras的功能，科学家构建了三组转基因小鼠（Myc、Ras及Myc+Ras，基因均大量表达），发现这些小鼠随时间进程体内会出现肿瘤（如图）。下列叙述正确的是（    ）

A．原癌基因的作用是阻止细胞正常增殖
B．三组小鼠的肿瘤细胞均没有无限增殖的能力
C．两种基因在人体细胞内编码功能异常的蛋白质
D．两种基因大量表达对小鼠细胞癌变有累积效应
【答案】D
【分析】人和动物细胞的染色体上本来就存在着与癌有关的基因:原癌基因和抑癌基因。致癌因子使原癌基因和抑癌基因发生突变，导致正常细胞的生长和分裂失控而变成癌细胞。
【详解】A、原癌基因主要负责调节细胞周期，控制细胞生长和分裂的进程。抑癌基因主要是阻止细胞不正常的增殖，A错误；
B、肿瘤细胞可无限增殖，B错误；
C、原癌基因的正常表达对于细胞正常的生长和分裂是必须的，原癌基因Myc和Ras在人体细胞内编码功能正常的蛋白质，C错误；
D、据图分析，同时转入Myc和Ras的小鼠中，肿瘤小鼠比例大于只转入Myc或Ras的小鼠，说明两种基因大量表达对小鼠细胞癌变有累积效应，D正确。
故选D。

4．我国北方地区冬季种植温室大棚蔬菜时，每到晴朗的中午，农民都要将塑料大棚开一道缝，以利于温室通风，农民将其叫作“开风口”，下列关于“开风口”的说法中不正确的是（    ）
A．“开风口”可以使大棚内的空气流通，能提高大棚内CO2的浓度
B．“开风口”是为了增加大棚内的O2含量，以促进蔬菜的有氧呼吸
C．“开风口”增加了温室内的光照强度，有利于光合作用的进行
D．“开风口”能够降低棚内的空气湿度，有利于蔬菜对水分的吸收
【答案】B
【分析】农业生产中主要通过增加光照面积、延长光照时间和增强光合作用效率等途径提高光能利用率；
例如，采用套种、合理密植等措施可使农作物充分吸收阳光以达到增产的目的；利用大棚可适当延长光照时间，提高二氧化碳浓度和温度以提高光合作用效率；晴朗的中午，北方冬季种植温室大棚的农民将塑料大棚开一道缝，以利于温室通风，提高二氧化碳浓度，提高光合作用效率；也有利于增加大棚内氧气的浓度，利于植物有氧呼吸，产生大量能量，利于植物吸收矿质元素；同时有利于大棚内空气湿度，利于植物对水分的吸收和矿质元素的运输。
【详解】A、“开风口”增加大棚内的空气流通，能提高大棚内CO2的浓度，利于提高光合作用效率，A正确；
B、促进蔬菜的有氧呼吸会减少蔬菜的有机物积累量，所以“开风口”的目的不是为了促进蔬菜的有氧呼吸，B错误；
C、“开风口”减少了塑料对光照的遮挡，增加了温室内的光照强度，有利于光合作用的进行，C正确；
D、“开风口”可以降低大棚内的湿度，使得植物生活与适宜的环境，利于植物吸收水分和运输矿质元素，D正确。
故选B。
【点睛】
5．原生质体（细胞除细胞壁以外的部分）表面积大小的变化可作为质壁分离实验的检测指标。用葡萄糖基本培养基和NaCl溶液交替处理某假单孢菌，其原生质体表面积的测定结果如图所示。下列叙述错误的是（    ）

A．若将该菌先65℃水浴灭活后，再用NaCl溶液处理，原生质体表面积无变化
B．乙、丙组NaCl处理皆使细胞质壁分离，处理解除后细胞即可发生质壁分离复原
C．该菌的正常生长和吸水都可导致原生质体表面积增加
D．甲组NaCl处理不能引起细胞发生质壁分离，表明细胞中NaCl浓度≥0．3mol/L
【答案】D
【分析】由图可知，甲组NaCl处理后，原生质体表面积不断增大，说明细胞不断吸水，细胞液浓度大于0.3mol/LNaCl浓度，乙组和丙组NaCl处理后，原生质体表面积减小，说明细胞失水，细胞液浓度小于1.0mol/LNaCl浓度，更小于1.5mol/LNaCI浓度。
【详解】A、若将该菌先65℃水浴灭活后，细胞死亡，不具有选择透过性，因此再用NaCl溶液处理，原生质体表面积无变化，A正确；
B、由图可知，乙组和丙组NaCl处理后，原生质体表面积减小，说明细胞失水，进行质壁分离，处理解除后细胞即可发生质壁分离复原，B正确；
C、该菌的正常生长会使细胞体积增大，可以导致原生质体表面积增加，该菌吸水也会导致原生质体表面积增加，C正确；
D、由图可知，甲组NaCl处理后，原生质体表面积不断增大，说明细胞不断吸水，因此细胞液内浓度大于0.3mol/L，但细胞中NaCl浓度不一定大于0.3mol/ L，D错误。
故选D。
6．图为细胞缺乏氨基酸时，负载tRNA和空载tRNA调控基因表达的相关过程。下列叙述错误的是（    ）

A．图示若干核糖体中，核糖体a距起始密码子最远
B．空载tRNA增多将导致相应mRNA减少，从而避免细胞物质和能量的浪费
C．图中①②可同时进行，从而提高基因表达的效率
D．当细胞中缺乏氨基酸时，图中空载tRNA通过两条途径抑制基因表达
【答案】C
【分析】分析题图：图中①为转录过程，②为翻译过程，③④表示缺乏氨基酸时，tRNA调控基因表达的相关过程。
【详解】A、由图中肽链长短可知，翻译的方向是由右向左，因此起始密码子在mRNA的右侧，故起始密码子与a核糖体距离最远，A正确；
B、由图中信息可知，空载tRNA可抑制相应基因的转录，因此空载tRNA增多将导致相应mRNA减少，从而避免细胞物质和能量的浪费，B正确；
C、由于细胞核核膜的作用，使①和②两个过程不能同时进行，C错误；
D、当细胞缺乏氨基酸时，空载tRNA通过激活蛋白激酶抑制mRNA翻译，也可以抑制相应基因的转录，因此当细胞中缺乏氨基酸时，图中空载tRNA通过两条途径抑制基因表达，D正确。
故选C。
7．真核基因尾部没有T串序列，但是转录出的mRNA的3＇端有一个含100～200个A的特殊结构，称为polyA尾，有polyA尾的mRNA可以结合更多的核糖体。科研人员将含有polyA尾和无polyA尾的珠蛋白mRNA分别注入爪蟾卵母细胞中，起初二者都能合成珠蛋白，6h后后者不能继续合成珠蛋白。下列分析错误的是（    ）
A．基因转录结束后polyA尾才添加到mRNA的3＇端
B．polyA尾可以增强mRNA的稳定性使其长时间发挥作用
C．含polyA尾的mRNA合成蛋白质的效率更高
D．翻译出的多肽末端含多个密码子AAA对应的氨基酸
【答案】D
【分析】分析题干信息，有polyA尾的mRNA可以结合更多的核糖体，可以得知polyA尾的作用是提高相应蛋白质的翻译效率，获得更多的蛋白质。
【详解】A、真核生物基因的尾部没有下串序列，故判断polyA尾不是转录而来的，再根据题干信息3’端有一个含100~200个A的特殊结构可知，该序列是mRNA合成后，在相应酶的作用下依次在其3’端添加腺嘌呤核糖核苷酸形成的，A正确；
B、根据题干信息，科研人员将含有polyA尾和无polyA尾的珠蛋白mRNA分别注入爪蟾卵母细胞中，起初二者都能合成珠蛋白，6h后后者不能继续合成珠蛋白，说明polyA尾可以增强mRNA的稳定性使其长时间发挥作用，B正确；
C、根据题干信息，有polyA尾的mRNA可以结合更多的核糖体，说明含polyA尾的mRNA合成蛋白质的效率更高，C正确；
D、polyA尾并没有编码氨基酸，不会翻译出蛋白质，D错误；
故选D。
8．DNA复制始于基因组中的特定位置（复制起点），即启动蛋白的靶标位点。启动蛋白识别“富含AT”（富含腺嘌呤和胸腺嘧啶碱基）的序列，一旦复制起点被识别，启动蛋白就会募集其他蛋白质一起形成前复制复合物，从而解开双链DNA，形成复制叉。下列说法错误的是（    ）
A．细胞中DNA复制时的解旋过程是一个放能反应
B．DNA复制发生在以DNA为遗传物质的生物体中，是生物遗传的基础
C．复制叉的形成是多种蛋白质及酶参与的较复杂的过程，如解旋酶等
D．与其他序列相比，启动蛋白识别“富含AT”的序列更容易解开DNA双链
【答案】A
【分析】DNA复制过程中解旋需要消耗能量断开氢键，属于吸能反应。
【详解】A、放能反应常伴随着ATP的合成，细胞中DNA复制时的解旋需要分解ATP以获得能量，是一个吸能反应，A错误；
B、核酸是遗传信息的携带者，DNA复制使遗传信息从亲代传给子代，保证了生物遗传信息传递的稳定性，所以DNA复制发生在所有DNA为遗传物质的生物体中，是生物遗传的基础是生物遗传的基础，B正确；
C、复制叉的形成需要解开双链，需要解旋酶的参与，C正确；
D、AT碱基对具有两个氢键，GC碱基对有三个氢键，所以“富含AT”的序列更容易解开DNA双链，D正确。
故选A。
9．肾上腺脑白质营养不良（ALD）是伴X染色体隐性遗传病（致病基因用a表示）。少数女性杂合子会患病，这与女性核内两条X染色体中的一条会随机失活有关。下图1为某患者家族遗传系谱图，利用图中四位女性细胞中与此病有关的基因片段进行PCR，产物经酶切后的电泳结果如图2所示（A基因含一个限制酶切位点，a基因新增了一个酶切位点）。下列叙述错误的是（    ）

A．Ⅱ-2个体的基因型是XAXa
B．Ⅱ-3患ALD的原因可能是来自父方的X染色体失活
C．a基因新增的酶切位点位于310bpDNA片段中
D．若Ⅱ-1和一个基因型与Ⅱ-4相同的女性婚配，后代患ALD的概率为0
【答案】D
【分析】1、分析电泳结果图：正常基因含一个限制酶切位点，因此正常基因酶切后只能形成两种长度的DNA片段；突变基因增加了一个酶切位点，则突变基因酶切后可形成3种长度的DNA片段。结合电泳图可知：正常基因A酶切后可形成长度为310bp和118bp的两种DNA片段，a基因新增了一个酶切位点后应该得到三个DNA片段，对照A可以判断另外的两个条带长度分别为217bp和93bp，长度之和为310bp，故基因突变a酶切后可形成长度为217bp、118bp和93bp的三种DNA片段。
2、由题干信息可知，肾上腺脑白质营养不良（ALD）是伴X染色体隐性遗传病。由图2推测可知Ⅱ-4基因型为 XAXA。Ⅰ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3号都含有与4号相同的条带，故都含有A基因，故Ⅰ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3基因型均为XAXa。
【详解】A、肾上腺脑白质营养不良（ALD）是伴X染色体隐性遗传病。由图2推测可知Ⅱ-4基因型为 XAXA。Ⅰ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3号都含有与4号相同的条带，故都含有A基因，故Ⅰ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3基因型均为XAXa，A正确；
B、Ⅱ-3个体的基因型是XAXa，据题可知其父方Ⅰ-2基因型为XAY，故其XA来自其父亲，Xa来自母亲，但含XA的Ⅱ-3依然表现为患病，故推测其患ALD的原因可能是来自父方的X染色体失活，Xa正常表达，B正确；
C、a基因新增了一个酶切位点后应该得到三个DNA片段，对照A可以判断另外的两个条带长度分别为217bp和93bp，长度之和为310bp，故新增的酶切位点位于310bpDNA片段中，C正确；
D、Ⅱ-1基因型为XaY，和一个与Ⅱ-4基因型（XAXA）相同的女性婚配，后代女儿基因型为XAXa，儿子基因型为XAY，可知所生男孩均不含致病基因，都正常，所生女孩均为杂合子，有一定概率会患病，D错误。
故选D。
10．某种大鼠毛色有黑色、白色、黄色、灰色，受两对等位基因A、a和B、b控制，基因A控制黑色物质合成，基因a控制白色物质合成，且A对a为不完全显性；b基因纯合时A和a基因表达受到抑制，大鼠毛色表现为黄色。黑身大鼠与黄身大鼠纯合品系甲进行正反交，F1全为灰身大鼠，F1与品系甲进行回交，结果如下表所示。下列分析正确的是（    ）
杂交组合
父本
母本
F2表型及比例
Ⅰ
F1
品系甲
灰身:黄身=1:1
Ⅱ
品系甲
F1
灰身:白身:黄身=21:4:25

A．基因A、a与基因B、b的遗传遵循自由组合定律
B．黄身大鼠雌雄间进行交配，后代可出现性状分离
C．F1雌雄个体杂交，后代中灰身大鼠所占比例最大
D．杂交组合Ⅱ中品系甲产生配子时发生了基因重组
【答案】C
【分析】根据题干信息：某种大鼠毛色有黑色、白色、黄色、灰色，受两对等位基因A、a和B、b控制，基因A控制黑色物质合成，基因a控制白色物质合成，且A对a为不完全显性；b基因纯合时A和a基因表达受到抑制，大鼠毛色表现为黄色；推断黑色大鼠基因型为AAB-、灰色为AaB-、白色为aaB-、黄色为--bb；黑身大鼠AAB-与品系甲黄身大鼠--bb纯合品系甲进行正反交，F1全为灰身大鼠AaB-，推断应为：AABB×aabb→F1AaBb。
杂交组合Ⅰ：父本F1AaBb×aabb品系甲母本→灰身AaBb:黄身aabb=1:1，说明AaBb雄性个体可以产生的配子种类及比例为AB：ab=1:1。
杂交组合Ⅱ：母本F1AaBb×aabb品系甲父本→灰身:白身:黄身=21:4:25，说明AaBb雌性个体可以产生的配子种类及比例为AB：aB：ab=21:4：25，AB+aB=ab，其产生配子过程中，A基因发生突变。
【详解】A、由分析可知，F1AaBb测交，雄性个体的配子为AB：ab=1:1，说明AB基因连锁在一条染色体上ab连锁在另一条非同源染色体上，基因A、a与基因B、b的遗传不遵循自由组合定律，A错误；
B、黄身大鼠基因型为--bb，雌雄间进行交配，由于b基因纯合时A和a基因表达受到抑制，大鼠毛色表现为黄色，故后代不会出现性状分离，B错误；
C、F1基因型为AaBb，F1雌雄个体杂交，后代中灰身大鼠AaB-所占比例为1/2×3/4=3/8，黑色个体AAB-占1/4×3/4=3/16，白色个体aaB-占1/4×3/4=3/16，黄色个体--bb占1×1/4=1/4，灰色大鼠所占比例最大 ，C正确；
D、由分析可知，杂交组合Ⅱ中F1做母本，产生配子时发生了基因突变，D错误。
故选C。
11．植物受到创伤可诱导植物激素茉莉酸（JA）的合成，JA在伤害部位或运输到未伤害部位被受体感应而产生蛋白酶抑制剂Ⅰ（PⅠ-Ⅱ），该现象可通过嫁接试验证明。试验涉及突变体m1和m2，其中一个不能合成JA，但能感应JA而产生PⅠ-Ⅱ；另一个能合成JA，但对JA不敏感。嫁接试验的接穗和砧木叶片中PⅠ-Ⅱ的mRNA相对表达量的检测结果如图表所示。

嫁接类型







砧木叶片创伤
否
是
否
是
否
是
否
是
否
是
否
是
否
是
接穗叶片
++
+++
-
-
+
+++
-
-
-
-
+
+
++
+++
砧木叶片
++
+++
-
-
-
-
++
+++
-
-
-
-
++
+++

注：WT为野生型，m1为突变体1，m2为突变体2；“……”代表嫁接，上方为接穗，下方为砧木：“+”“-”分别表示有无，“+”越多表示表达量越高
下列判断或推测正确的是（    ）A．m1不能合成JA，但能感应JA而产生PⅠ-Ⅱ
B．嫁接也产生轻微伤害，但不会导致PⅠ-Ⅱ的表达
C．嫁接类型m1/m2叶片创伤，m1中大量表达PⅠ-Ⅱ
D．嫁接类型m2/m1叶片创伤，m2中大量表达PⅠ-Ⅱ
【答案】D
【分析】分析题干信息可知，突变体ml和m2，其中一个不能合成JA，但能感应JA而产生PI-Ⅱ；另一个能合成JA，但对JA不敏感。
【详解】A、由于ml做接穗，野生型做砧木，但是接穗叶片不能表达PI-Ⅱ，说明ml对JA不敏感，A错误；
B、分析第一组试验可知，野生型做接穗，野生型做砧木，接穗叶片和砧木叶片都表达PI-Ⅱ，说明嫁接也产生轻微伤害，可导致少量表达PI-Ⅱ，B错误；
C、ml对JA不敏感，m2做砧木，野生型做接穗，接穗叶片几乎不产生JA，说明m2不能合成JA，故嫁接类型ml/m2叶片创伤，ml中不会大量表达PI-Ⅱ，C错误；
D、嫁接类型m2/m1叶片创伤，ml合成JA，运输到m2中感应JA而产生PI-Ⅱ，D正确。
故选D。
12．为探究一定浓度范围内ABA对不同品系番茄幼苗叶片在抗冷胁迫中的影响，研究人员进行相关实验结果如图。(注：相对电导率可反映细胞膜受损程度，细胞膜受损越大，相对电导率越大)下列分析正确的是（    ）

A．植物细胞利用脱落酸氧化分解增加产热，提高抗寒能力
B．本实验的自变量是脱落酸浓度和温度，因变量是相对电导率
C．图中曲线对应的ABA浓度均对番茄幼苗叶片的抗冷胁迫具有促进作用
D．因番茄品系710的最低相对电导率低于品系704，故其对ABA反应敏感性更大
【答案】C
【分析】本实验是探究ABA对不同品系（710、704）番茄幼苗叶片在抗冷胁迫中的影响，自变量是脱落酸浓度和植物品系的不同，因变量是相对电导率，分析曲线图可知：704品系的番茄幼苗在脱落酸浓度为300（mg/l）时相对电导率低，抗寒能力强，710品系的番茄幼苗在脱落酸浓度为200（mg/l）时相对电导率低，抗寒能力强。
【详解】A、脱落酸可调节植物的生命活动，但不能作为能源物质氧化分解，A错误；
B、根据分析可知，本实验的自变量是脱落酸浓度和植物品系的不同，因变量是相对电导率，B错误；
C、图中ABA浓度对应电导率（细胞受损程度）都低于0浓度对应的电导率（细胞受损程度），所以对番茄幼苗叶片的抗冷胁迫具有促进作用，C正确；
D、因番茄品系710在较低ABA浓度时电导率（细胞膜受损程度）就开始快速下降，所以对ABA反应更敏感，D错误。
故选C。
13．独脚金内酯（SL）是近年来新发现的一类植物激素。SL合成受阻或SL不敏感突变体都会出现顶端优势缺失。现有拟南芥SL突变体l（max1）和SL突变体2（max2），其生长素水平正常，但植株缺失顶端优势，与野生型（W）形成明显区别；在幼苗期进行嫁接试验，培养后植株形态如图所示。据此分析，下列叙述错误的是（    ）

注：R代表根，S代表地上部分，“+”代表嫁接。
A．SL能在产生部位发挥调控作用 B．max1对SL不敏感，但根能产生SL
C．max2对SL不敏感，但根能产生SL D．推测max2_S+max1_R表现顶端优势缺失
【答案】B
【分析】据图分析：因为max1_S+W_R会产生顶端优势，max1_R+W_S会产生顶端优势，分析可知，max1为SL合成受阻突变体，不能合成SL，但对SL敏感；因为max2_S+W_R不会产生顶端优势，而max2_R+W_S会产生顶端优势。分析可知，max2对SL不敏感，且max1_S+max2_R产生顶端优势，可知R能够产生SL。
【详解】A、根据野生型W和③、④的生长情况进行分析，W可以产生SL，且W和③、④地上部分都表现出了顶端优势，说明SL可以在产生部位(地上部位)发挥调控作用，A正确；
B、max1没有表现出顶端优势，但当其地上部分和W植株的根进行嫁接后①，就表现出了顶端优势，说明其自身不能产生SL，由于野生型产生的SL从根运输至地上部分，所以max1接受了SL，表现出顶端优势，因此对SL敏感，B错误；
C、②中max2的地上部分和野生型的根进行嫁接后，没有恢复顶端优势，说明max2对SL不敏感，又从⑤中(max1不能产生SL，但当其与max2的根进行嫁接后，表现出了顶端优势)可以看出，max2的根产生了SL，运输至地上部分，使地上部分表现出顶端优势，C正确；
D、当max2的地上部分和max1的根进行嫁接后由于max2对SL不敏感，因此不会表现出顶端优势，即表现为顶端优势缺失，D正确。
故选B。
14．某胰岛素依赖型糖尿病患者空腹血糖浓度为11mmol/L（正常范围为3.9~6.1），同时体内脂肪分解速度过快，内环境中产生过量酸性酮体无法及时通过尿液排出，引发酮症酸中毒。下列叙述错误的是（    ）
A．血糖和内环境中酮体含量过高不但会导致细胞渗透失水，还会使细胞代谢异常
B．治疗酮症酸中毒时可通过静脉注射大量碱性液体使内环境恢复稳态
C．注射胰岛素可以促进患者细胞加速摄取、利用葡萄糖，减少酮体生成
D．若减肥节食过度，胰岛素分泌正常的人也可能大量分解脂肪导致酮症酸中毒
【答案】B
【分析】血糖来源：食物中糖类的消化吸收；肝糖原分解；脂肪等非糖类物质转化；血糖去向：氧化分解；合成糖原；转化为脂肪、某些氨基酸等。胰岛素和胰高血糖素可共同调控血糖平衡。
【详解】A、内环境中血糖和酮体含量过高使细胞外液渗透压升高，从而导致细胞渗透失水，由于酮体呈酸性，破坏内环境稳态后还会导致细胞代谢异常，A正确；
B、治疗时适量补充碱液可使内环境恢复稳态，但若补充碱液过多还会造成碱中毒破坏内环境稳态，B错误；
C、由题干信息可知，该糖尿病患者为胰岛素依赖型，是因为胰岛素分泌不足导致血糖调节失衡，因此注射胰岛素可以促进该患者细胞加速摄取、利用葡萄糖，减少脂肪分解产生酮体，C正确；
D、正常人若盲目减肥而过度节食，血糖浓度过低时，也可能会导致体内脂肪分解过多，产生过量酮体而发生酮症酸中毒，D正确。
故选B。
15．当右脚踩到一个尖锐物时会产生屈肌反射，通过弯曲而远离伤害性刺激，同时承重被转移至左侧肢体，以下解释不正确的是（    ）

A．上述反射活动的感受器位于右脚的皮肤
B．产生运动是由位于脊髓的神经中枢决定的
C．左侧承重时伸肌运动神经元产生了兴奋
D．大脑不参与受伤害产生痛觉并远离的过程
【答案】D
【分析】结合题意分析题图：当侧脚碰到尖锐物时屈肌兴奋，伸肌抑制，脚抬起；而另一侧屈肌抑制，伸肌兴奋，接受承重转移。
【详解】A、“右脚踩到一个尖锐物时会产生屈肌反射”，说明反射活动的感受器位于右脚的皮肤，A正确；
B、屈肌反射为低级反射，由位于脊髓的中间神经元做出运动决定，B正确；
C、另一侧接受承重转移时，与受尖锐物刺激一侧相反，其伸肌兴奋而收缩，屈肌兴奋抑制而舒张，C正确；
D、产生感觉一般都需要高级中枢(大脑皮层)的参与，D错误。
故选D。
16．《诗经》反映古代社会生活的同时也体现很多生态学现象，下列有关叙述错误的是（    ）
A．《小雅·鹿鸣》中记载“呦呦鹿鸣，食野之苹”反映了捕食关系
B．《诗经·国风》中记载：“燕燕于飞，上下其音”，其中的声音为物理信息
C．《邺风·简兮》中记载：“山有榛，限有苓”(其中“限”指低注地)既体现了不同生物适应不同环境，又体现了生物群落具有垂直结构
D．《陈风·泽陂》中记载：“泽彼之陂，有蒲与荷”反映的是秀美的湿地生态系统，湿地具有蓄洪防旱和净化水质的生态功能
【答案】C
【分析】1.大多数群落都具有明显的分层现象，例如，森林中自下而上分别有草本植物、灌木和乔木，形成群落的垂直结构，森林植物的分层与对光的利用有关：群落下面各层要比上层的光照弱，不同植物适于在不同的光照强度下生长。这种垂直结构显著提高了群落利用阳光等环境资源的能力；
2.生物的种间关系（不同种生物之间的关系）：互利共生（同生共死）、捕食（此长彼消、此消彼长）、竞争（你死我活）、寄生（寄生者不劳而获）。
3.生态系统信息传递的种类：
（1）物理信息：生态系统中的光、声、温度、湿度、磁力等，通过物理过程传递的信息，如蜘蛛网的振动频率。
（2）化学信息：生物在生命活动中，产生了一些可以传递信息的化学物质，如植物的生物碱、有机酸、动物的性外激素等。
（3）行为信息：动物的特殊行为，对于同种或异种生物也能够传递某种信息，如孔雀开屏。
【详解】A、鹿以植物为食，反映了捕食关系，A正确；
B、“燕燕于飞，上下其音”中的声音属于物理信息，B正确；
C、《邺风•简兮》中记载：“山有榛，限有苓”（其中“限”指低洼地）体现的是生物群落具有水平结构，C错误；
D、“泽彼之陂，有蒲与荷”反映的是秀美的湿地生态系统，湿地具有蓄洪防早和净化水质的生态功能，这是生物多样性间接价值的体现，D正确。
故选C。
17．如图所示，将由2种不同的抗原分别制备的单克隆抗体分子，在体外解偶联后重新偶联可制备双特异性抗体，简称双抗。下列说法错误的是（    ）

A．双抗可同时与2种抗原结合
B．利用双抗可以将蛋白类药物运送至靶细胞
C．筛选双抗时需使用制备单克隆抗体时所使用的2种抗原
D．同时注射2种抗原可刺激B细胞分化为产双抗的浆细胞
【答案】D
【分析】单克隆抗体的制备过程：先给小鼠注射特定抗原使之发生免疫反应，之后从小鼠脾脏中获取已经免疫的B淋巴细胞；诱导B细胞和骨髓瘤细胞融合，利用选择培养基筛选出杂交瘤细胞；进行抗体检测，筛选出能产生特定抗体的杂交瘤细胞；进行克隆化培养，即用培养基培养和注入小鼠腹腔中培养；最后从培养液或小鼠腹水中获取单克隆抗体。
【详解】A、根据抗原和抗体发生特异性结合的原理推测，双抗可同时与2种抗原结合，A正确；
B、 根据抗原与抗体能够发生特异性结合的特性，利用双抗可以将蛋白类药物运送至靶细胞，从而使药物发挥相应的作用，B正确；
C、在两种不同的抗原刺激下，B细胞增殖、分化产生不同的浆细胞分泌形成两种抗体，因此，筛选双抗时需使用制备单克隆抗体时所使用的2种抗原来进行抗原-抗体检测，从而实现对双抗的筛选，C正确；
D、 同时注射2种抗原可刺激B细胞分化形成不同的浆细胞，而不是分化成产双抗的浆细胞，D错误。
故选D。
18．为比较不同抗生素对大肠埃希氏菌在连续传代下的抑菌效果，某研究小组在平板培养基上测定了大肠埃希氏菌在相同剂量下连续两代的抑菌圈平均大小，结果如表所示。下列叙述错误的是（    ）
抗生素类型
大肠埃希氏菌抑菌圈平均半径r（cm）
第一代
第二代
青霉素
0.95
0.74
头孢唑林
1.17
0.76
头孢他啶
0.28
0.25
四环素
1.31
0.70
阿奇霉素
0.19
0

A．第一代大肠埃希氏菌对四环素的抗性最弱，而对阿奇霉素的抗性最强
B．与第一代相比，第二代大肠埃希氏菌的抗生素抗性基因频率均有提高
C．使用抗生素会导致大肠埃希氏菌总是朝着抗生素抗性增强的方向突变
D．抑菌圈大小的改变是不同抗生素对大肠埃希氏菌变异选择的直接结果
【答案】C
【分析】分析题干，抑菌圈形成的原因是抗生素能够杀死大肠杆菌，形成抑菌圈，抑菌圈大小是大肠埃希氏菌对不同抗生素的抗性大小的直接体现。
【详解】A、抑菌实验中，抑菌圈越大，抗生素效果越好，菌体抗生素抗性越差，反之则越强。表中显示，第一代大肠埃希氏菌在四环素下的抑菌圈最大（半径1.31cm），而在阿奇霉素下的抑菌圈最小（半径0.19cm），说明第一代大肠埃希氏菌对四环素的抗性最弱，而对阿奇霉素的抗性最强，A正确；
B、表中显示，第二代大肠埃希氏菌在5种抗生素下的抑菌圈半径均比第一代的抑菌圈小，说明第二代大肠埃希氏菌对5种抗生素的抗性均有所提升，这与在抗生素选择作用下提高了抗生素基因频率有关，B正确；
C、突变和基因重组产生进化的原材料，并且变异是不定向的，抗生素的使用只是为大肠埃希氏菌变异提供了选择的因素，抗生素的使用会导致大肠埃希氏菌朝向抗性增强的方向进化，C错误；
D、抑菌圈大小是大肠埃希氏菌对不同抗生素的抗性大小的直接体现，大肠埃希氏菌在使用不同抗生素前已存在不同抗性的变异类型，抗生素选择了抗性较强的菌体，故抑菌圈大小的改变是不同抗生素对大肠埃希氏菌变异选择的直接结果，D正确。
故选C。
19．聚羟基脂肪酸酯（PHA）是由嗜盐细菌合成的一种胞内聚酯，它具有类似于合成塑料的理化特性，且废弃后易被生物降解，可用于制造无污染的“绿色塑料”。科学家从某咸水湖中寻找生产PHA菌种的流程图如下。下列叙述正确的是（       ）

A．步骤②可用稀释涂布平板法接种到含合成塑料的选择培养基上
B．步骤③所用的培养基中营养物质浓度越高，对嗜盐细菌的生长越有利
C．步骤④所用到的培养基应加入琼脂，以便挑取单菌落获得纯化菌株
D．挑取菌落时，应挑取多个菌落并分别测定嗜盐细菌的PHA含量
【答案】D
【分析】选择培养基：在培养基中加入（缺少）某种化学物质,以抑制不需要的微生物的生长,促进所需要的微生物的生长。用以菌种的分离。
【详解】A、由题意可知，该实验的目的是从某咸水湖中寻找生产PHA菌种，所以步骤②是将湖水接种在培养基上，由于该菌是嗜盐菌，所以可用稀释涂布平板法接种到含盐量较高的选择培养基上，A错误；
B、如果培养基中营养物质浓度过高，会影响嗜盐菌的生长，所以步骤③所用的培养基中营养物质并不是浓度越高，对嗜盐细菌的生长越有利，B错误；
C、琼脂是凝固剂，分析图可知，步骤④是扩大培养，不需要加入琼脂，采用液体培养基，C错误；
D、挑取菌落是为了挑取目的菌落，所以应挑取多个菌落并分别测定嗜盐细菌的PHA含量，D正确。
故选D。
20．水稻等作物在即将成熟时，若经历持续的干热之后又遇大雨天气，穗上的种子就容易解除休眠而萌发。脱落酸有促进种子休眠的作用，同等条件下，种子对脱落酸越敏感，越容易休眠。研究发现，XM基因表达的蛋白发生变化会影响种子对脱落酸的敏感性。XM基因上不同位置的突变影响其蛋白表达的情况和产生的种子休眠效应如下图所示。

下列分析错误的是（　　）
A．位点1突变会使种子对脱落酸的敏感性降低
B．位点2突变可以是碱基对发生替换造成的
C．可判断位点3突变使XM基因的转录过程提前终止
D．位点4突变的植株较少发生雨后穗上发芽的现象
【答案】C
【分析】1、在植物的生长发育过程和适应环境变化的过程中，各种激素并不是孤立地起作用，而是多种激素相互作用共同调节的；生长素既能促进生长也能抑制生长，既能促进发芽也能抑制发芽，既能防止落花落果也能疏花疏果；赤霉素的主要作用是促进细胞伸长，从而引起植物的增高，促进种子的萌发和果实的发育；脱落酸的主要作用是抑制细胞分裂，促进叶和果实的衰老和脱落；乙烯的主要作用是促进果实成熟；细胞分裂素的主要作用是促进细胞分裂。
2、分析图表可知，XM蛋白可使种子对脱落酸的敏感性增强。
【详解】A、种子正常休眠，主要由脱落酸起作用，而位点1突变则无XM蛋白产生，休眠减少，可推测脱落酸作用减弱，即敏感性降低，A正确；
B、比较表中位点2突变和无突变表达的蛋白质图示，蛋白质长度相同，只是中间有一小段氨基酸序列不同，可推测该突变可能是碱基对发生替换造成的，B正确；
C、比较表中位点3突变和无突变表达的蛋白质图示，蛋白质长度变短，可推测模板mRNA上的终止密码提前，翻译提前终止，C错误；
D、位点4突变是XM蛋白的表达倍增，使得种子对脱落酸的敏感性增强，雨后穗上的种子不易解除休眠而萌发，D正确。
故选C。

二、综合题
21．图1是将玉米的PEPC酶（与CO2的固定有关）基因与PPDK酶（催化CO2初级受体“PEP”的生成）基因导入水稻后，在某一温度下测得光照强度对转双基因水稻和原种水稻的光合速率影响。图2是在光照为1000Lux下测得温度影响光合速率的变化曲线。请据图分析回答下列问题：

(1)转基因成功后，正常情况下，PEPC酶应在水稻叶肉细胞的____________（填细胞结构）处发挥作用。
(2)原种水稻A点以后限制光合作用的主要环境因素为____________（须答2点即可），转基因水稻_____________（填“是”或“不是”）通过提高相关酶的最适温度来增强光合速率。
(3)图1是在____________℃下测得的结果，如调整温度为25℃，重复图1相关实验，A点会向____________移动。
(4)据图推测，转基因水稻与原种水稻相比更适宜栽种在____________环境中。研究者提取了这两种水稻等质量叶片的光合色素，并采用纸层析法进行了分离，通过观察比较_____________，发现两种植株各种色素含量无显著差异，则可推断转基因水稻最可能是通过促进光合作用的____________（填过程）来提高光合速率。
(5)据图1可知，高光照强度下，转基因水稻的净光合速率大于原种水稻。为了探究“高光照强度下，转基因水稻光合速率的增加与导入的双基因编码的酶的相关性”，请利用转双基因水稻、PEPC酶的专一抑制剂A、PPDK酶的专一抑制剂B等设计实验。完成以下实验思路：取生理状态相同的转双基因水稻若干，均分四组，在高光照强度时，分别进行不处理、____________、____________、_____________处理，其余条件相同且适宜，一段时间后，测定四组转双基因水稻的净光合速率。
【答案】(1)叶绿体基质
(2)     温度、CO2浓度     不是
(3)     30     左下
(4)     强光     色素条带的颜色和宽窄（或“色素条带的宽窄”）     暗反应
(5)     仅用PEPC酶的专一抑制剂A处理     仅用PPDK酶的专一抑制剂B处理     PEPC酶的专一抑制剂A和PPDK酶的专一抑制剂B共同

【分析】1、分析图1：两种水稻的起点相同，说明呼吸速率相同，其中A表示原种水稻在某温度下的光饱和点，A点以前限制光合作用的因素主要是光照强度，A点之后的限制因素主要是温度和二氧化碳浓度。
2、分析图2：图示表示不同温度条件下，在光照为1000Lux下两种水稻的净光合速率，两种水稻的相关酶最适温度都为35C。
【详解】（1）PEPC酶与CO2的固定有关，CO2的固定是光合作用暗反应的过程，在叶绿体基质中进行，故转基因成功后，正常情况下，PEPC酶应在水稻叶肉细胞的叶绿体基质处发挥作用。
（2）A点对应的光照已经是光饱和点，此时再增加光照强度也不能再提高净光合速率，限制光合作用的是其他因素，如温度、二氧化碳浓度等。由图2可知，两种水稻的最适温度并没有差别，所以转基因水稻不是通过提高相关酶的最适温度来增强光合速率的。
（3）由图1可知，A点是原种水稻的光合速率最大值，A点时的净光合速率是20，根据图2可知，净光合速率是20对应的是30℃，因此结合图2判断，图1曲线是在30℃下测得的结果；据图2可知，在 30℃条件下水稻的光合速率大于25℃时，故用温度25℃重复图1相关实验，则净光合速率减小，A点向左下移动。
（4）由图1可知，转基因水稻的光饱和点要高于原种水稻，所以更适合栽种在光照强的环境中。可以使用无水乙醇来提取叶片的光合色素，用纸层析法分离光合色素，色素带的宽窄可以反应色素的含量，结果发现两植株各种光合色素含量无显著差异，可以推测转双基因水稻没有促进光反应，而是通过促进暗反应过程，来提高光合速率。
（5）为了探究“高光照强度下，转基因水稻光合速率的增加与导入的双基因编码的酶的相关性”，实验的自变量是双基因酶，因变量是转基因水稻光合速率的变化。具体实验思路：取生理状态相同的转双基因水稻若干，均分四组，在高光照强度时，分别进行不处理、仅用PEPC酶的专一抑制剂A处理、仅用PPDK酶的专一抑制剂B处理、PEPC酶的专一抑制剂A和PPDK酶的专一抑制剂B共同处理，其余条件相同且适宜，一段时间后，测定四组转双基因水稻的净光合速率。
22．荔枝是广东特色农产品，其产量和品质一直是果农关注的问题。荔枝园A采用常规管理，果农使用化肥、杀虫剂和除草剂等进行管理，林下几乎没有植被，荔枝产量高；荔枝园B与荔枝园A面积相近，但不进行人工管理，林下植被丰富，荔枝产量低。研究者调查了这两个荔枝园中的节肢动物种类、个体数量及其中害虫、天敌的比例，结果见下表。
荔枝园
种类（种）
个体数量（头）
害虫比例（%）
天敌比例（%）
AB
523568
103278104118
36.6740.86
14.1020.40

回答下列问题：
(1)除了样方法，研究者还利用一些昆虫有________________性，采用了灯光诱捕法进行取样。
(2)与荔枝园A相比，荔枝园B的节肢动物物种丰富度________________，可能的原因是林下丰富的植被为节肢动物提供了________________，有利于其生存。
(3)与荔枝园B相比，荔枝园A的害虫和天敌的数量________________，根据其管理方式分析，主要原因可能是________________。
(4)使用除草剂清除荔枝园A的杂草是为了避免杂草竞争土壤养分，但形成了单层群落结构，使节肢动物物种多样性降低。试根据群落结构及种间关系原理，设计一个生态荔枝园简单种植方案（要求：不用氮肥和除草剂、少用杀虫剂，具有复层群落结构），并简要说明设计依据_____________。
【答案】(1)趋光
(2)     高     食物和栖息空间
(3)     低     荔枝园A使用杀虫剂，可降低害虫数量，同时因食物来源少，导致害虫天敌数量也低
(4)林下种植大豆等固氮作物，通过竞争关系可减少杂草的数量，同时为果树提供氮肥；通过种植良性杂草或牧草，繁殖天敌来治虫，可减少杀虫剂的使用

【分析】群落的物种组成是区别不同群落的重要特征。群落中物种数目的多少称为丰富度。
【详解】（1）采用灯光诱捕法，利用的是某些昆虫具有趋光性。
（2）由题图可知，荔枝园B节肢动物的种类数多于荔枝园A，即荔枝园B节肢动物的物种丰富度高，可能的原因是林下丰富的植被为节肢动物提供了食物和栖息空间，有利于其生存。
（3）由题图可知，荔枝园A的节肢动物总数量以及害虫和天敌的比例均低于荔枝园B，可推知荔枝园A的害虫和天敌的数量均低于荔枝园B ，原因可能是荔枝园A使用杀虫剂，降低了害虫的数量，同时因食物来源少，导致害虫天敌数量也低。
（4）根据群落结构和种间关系原理，在荔枝林下种植大豆等固氮作物，可以为果树提供氮肥，并通过竞争关系减少杂草的数量，避免使用除草剂；同时通过种植良性杂草或牧草，繁殖天敌来治虫，可减少杀虫剂的使用。

23．为研制抗病毒A的单克隆抗体，某同学以小鼠甲为实验材料设计了以下实验流程。

回答下列问题：
（1）上述实验前必须给小鼠甲注射病毒A，该处理的目的是_________________。
（2）写出以小鼠甲的脾脏为材料制备单细胞悬液的主要实验步骤：_________________。
（3）为了得到能产生抗病毒A的单克隆抗体的杂交瘤细胞，需要进行筛选。图中筛选1所采用的培养基属于_________________，使用该培养基进行细胞培养的结果是_________________。图中筛选2含多次筛选，筛选所依据的基本原理是_________________。
（4）若要使能产生抗病毒A的单克隆抗体的杂交瘤细胞大量增殖，可采用的方法有________________（答出2点即可）。
【答案】     诱导小鼠甲产生能够分泌抗病毒A抗体的B淋巴细胞     取小鼠甲脾脏剪碎，用胰蛋白酶处理使其分散成单个细胞，加入培养液制成单细胞悬液     选择培养基     只有杂交瘤细胞能够生存     抗原与抗体的反应具有特异性     将杂交瘤细胞注射到小鼠腹腔内增殖；将杂交瘤细胞在体外培养
【分析】由图可知，筛选1指用选择培养基筛选出杂交瘤细胞，筛选2指进行克隆化培养和专一抗体检测，筛选出能产生特定抗体的杂交瘤细胞。
【详解】（1）实验前给小鼠甲注射病毒A，是为了诱导小鼠甲产生能够分泌抗病毒A抗体的B淋巴细胞。
（2）取小鼠的脾脏，剪碎组织，用胰蛋白酶处理获得单个细胞，加入培养液可以制成单细胞悬液。
（3）图中筛选1需要用到选择培养基，只有杂交瘤细胞可以存活。筛选2是为了获得能产生特定抗体的杂交瘤细胞，该过程要用到抗原抗体杂交，故筛选所依据的原理是抗原-抗体反应具有特异性。
（4）获得能产生抗病毒A的单克隆抗体的杂交瘤细胞后，可以在体外培养液中进行培养，或在小鼠的腹腔中进行培养，使杂交瘤细胞大量增殖。
【点睛】制备单克隆抗体的过程中，需要用到动物细胞融合和动物细胞培养，需要用到两次筛选，第一次筛选的目的是获得杂交瘤细胞，第二次筛选的目的是获得能产生特定抗体的杂交瘤细胞。

三、实验题
24．果蝇的正常眼与无眼是 1 对相对性状，受 1 对等位基因控制，要确定该性状的遗传方式，需从基因与染色体的位置关系及显隐性的角度进行分析。以正常眼雌果蝇与无眼雄果蝇为亲本进行杂交，根据杂交结果绘制部分后代果蝇的系谱图，如图所示。不考虑致死、突变和 X、Y 染色体同源区段的情况。

(1)据图分析，关于果蝇无眼性状的遗传方式，可以排除的是______。若控制该性状的基因位于 X 染
色体上，Ⅲ-1 与Ⅲ-2 杂交的子代中正常眼雄果蝇的概率是______。
(2)以系谱图中呈现的果蝇为实验材料设计杂交实验，确定无眼性状的遗传方式。（要求：①只杂交一次；②仅根据子代表型预期结果；③不根据子代性状的比例预期结果）实验思路：_______；预期结果并得出结论：______。
(3)若果蝇无眼性状产生的分子机制是由于控制正常眼的基因中间缺失一段较大的 DNA 片段所致，且该对等位基因的长度已知。利用 PCR 及电泳技术确定无眼性状的遗传方式时，只以Ⅱ-3 为材料，用 1 对合适的引物仅扩增控制该对性状的完整基因序列，电泳检测 PCR 产物，通过电泳结果______（填“能”或“不能”）确定无眼性状的遗传方式，理由是_________________________。
【答案】(1)     伴X染色体显性遗传、伴Y染色体遗传     3/8
(2)     Ⅱ-2（或：Ⅱ-1；或：Ⅱ-4）与Ⅱ-3果蝇杂交，观察子代表型     若子代全为正常眼果蝇，则为常染色体显性遗传；若子代出现无眼雌果蝇，则为常染色体隐性遗传；若子代无眼果蝇全为雄性，则为伴X染色体隐性遗传
(3)     不能     无论是常染色体显性遗传还是伴X染色体隐性遗传，其PCR产物电泳后都仅出现一个条带，且对应的均为正常眼基因的长度

【分析】根据题意，不考虑致死、突变和X、Y同源区段遗传，那么果蝇的有眼与无眼的遗传方式有以下可能：常染色体显性、常染色体隐性、伴X染色体显性或伴X染色体隐性遗传，伴Y遗传。假设控制正常眼和无眼性状的基因由A/a控制。
【详解】（1）题干中已经排除了致死、突变和X、Y同源区段遗传，Ⅰ-1正常眼雌果蝇与Ⅰ-2无眼雄果蝇杂交，Ⅰ-4正常眼雌果蝇与Ⅰ-3无眼雄果蝇杂交，它们的后代Ⅱ雌果蝇均出现正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴X显性遗传，如果是伴X显性遗传，雌果蝇均为无眼；Ⅰ-4正常眼雌果蝇与Ⅰ-3无眼雄果蝇杂交，Ⅱ-3雄果蝇出现正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴Y遗传，如果是伴Y遗传，Ⅱ-3雄果蝇应为无眼。若控制该性状的基因位于X染色体上，则无眼为隐性性状，Ⅰ-2的基因型为XaY，Ⅱ-2的基因型为XAXa，Ⅱ-3基因型为XAY，则Ⅲ-2的基因型为1/2XAXA、1/2XAXa，Ⅲ-1基因型为XAY，两者杂交，卵细胞的基因型及比例为XA∶Xa=3∶1，精子的基因型及比例为XA∶Y=1∶1，后代正常眼雄果蝇的概率为3/4×1/2=3/8。
（2）若要确定无眼性状的遗传方式，可通过测交或者杂交的方式判断，根据题干信息只杂交一次、仅根据子代表型预期结果，不涉及子代性状分离比的条件，测交是在已知相对性状显隐性的条件下进行的，不适用于本题。故选择Ⅱ-2和Ⅱ-3杂交的方式来判断。如无眼性状的遗传为伴X隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为XAXa×XAY，后代雌果蝇均为正常眼、雄果蝇有正常眼和无眼，只有雄果蝇有无眼性状；如无眼性状为常染色体隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为Aa×Aa，后代雌蝇、雄蝇既有正常眼也有无眼；如无眼性状为常染色体显性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为aa×aa，后代雌蝇、雄蝇都只有正常眼。
（3）若无眼性状产生的分子机制是由正常眼基因缺失一段较大的DNA片段所致，则无眼基因的长度比正常眼基因短。若无眼性状的遗传为伴X隐性遗传，Ⅱ-3的基因型为XAY，PCR扩增后，产物只有一条显示带（A为正常基因）；若无眼性状的遗传为常染色体显性遗传，Ⅱ-3的基因型为aa，PCR扩增后电泳的产物也有一条显示带（a为正常基因），两者位置相同；若无眼性状的遗传为常染色体隐性遗传，Ⅱ-3的基因型为Aa，PCR扩增后电泳的产物有两条显示带，故根据电泳结果不能确定无眼性状的遗传方式。