2022年湖南省衡阳市第九中学中考物理模拟试卷(含答案)

这是一份2022年湖南省衡阳市第九中学中考物理模拟试卷(含答案)，共28页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，填空作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年湖南省衡阳市第九中学中考物理模拟试卷
一、单项选择题（共12个小题，每题3分，共36分。）
1. 现在智能家居已进入千家万户。有一种智能音箱能通过网络让用户以语言对话的交互方式，实现影音娱乐、生活服务、信息查询等多项功能的操作。以下说法中正确的是(    )
A. 用户对智能音箱发布指令“大点儿声”，目的是改变声音的音调
B. 智能音箱接收到传递来的信息后依靠扬声器的振动才能发出声音
C. 智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，根据的是声音的音色
D. 人们能够分辨出智能音箱播放的二胡和笛子的声音，根据的是声音的响度
2. 如图所示为“HUD”，也叫“平行显示系统”，它是应用在汽车行驶过程中的一种新型技术。它把时速、导航等重要的行车信息投影到司机前方的挡风玻璃上，让司机在不低头、不转头时就能看到车辆行驶信息。以下说法正确的是(    )

A. 司机看到的像是实像
B. 该像是由光的折射所形成的
C. 在光照较强的白天显示效果较差
D. 若将显示器推近挡风玻璃时，看到的像比原来大
3. 氯乙烷，俗称运动场上的“化学大夫”。氯乙烷在常压、常温下是一种气体，通过压缩可以将其转化为液体并储存在喷筒内。当运动员受伤时，将喷筒内的氯乙烷喷在受伤处，便可通过物理降温的方式进行应急处理，这主要是利用了氯乙烷(    )
A. 温度比较低 B. 汽化时吸热 C. 液化时吸热 D. 升华时吸热
4. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图甲所示。实验前，让一束平行光射向凸透镜，如图乙所示，移动光屏，直到在光屏上会聚成一点。实验中，学生多次移动蜡烛和光屏的位置进行实验探究。探究完成后，小明拿来一只眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，且较靠近凸透镜，结果光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到烛焰清晰的像。下列有关说法中错误的是(    )

A. 该凸透镜的焦距为10.0cm
B. 随着蜡烛燃烧变短，光屏上的像将向上移动
C. 小明拿来的眼镜是远视镜
D. 当小明在甲图中把蜡烛移动到30cm刻度处，再移动光屏，会看到一个倒立、等大的实像
5. 如题图所示，小曲斜拉着行李箱沿水平方向匀速直线行走在水平路面上。下列说法正确的是(    )
A. 小曲对行李箱的拉力与地面对行李箱的摩擦力是一对相互作用力
B. 不拉行李箱，行李箱会停下来，说明力是维持物体运动的原因
C. 小曲对行李箱的拉力与地面对行李箱的摩擦力是一对平衡力
D. 小曲拉着行李箱运动的过程中，行李箱始终处于平衡状态



6. 如图所示，在注射器中加入一些乙醚，用橡皮帽把针头孔封死。向外拉活塞，可以看到液态乙醚消失；再用力推活塞，这时又可以重新看到液态的乙醚了。关于上述实验，下列说法中正确的是(    )


A. 向外拉活塞的过程中，液态乙醚升华变成乙醚蒸气
B. 用力推活塞的过程中，乙醚蒸气的内能转化为活塞的机械能
C. 用力推活塞的过程中，乙醚由气态变为液态，这说明在一定温度下，压缩气体可以使气体液化
D. 用力推活塞的过程中，乙醚蒸气的内能增加，这是通过热传递的方式实现的
7. 为了保持安静的学习环境，某同学发明了一款晚自习答疑卡，晚自习给每个学生发一张答疑卡，相当于一个开关，当学生有疑问时，将答疑卡拿离指定位置时(开关断开)指示灯就会亮，老师则到该同学身旁进行答疑。图中所示电路中最合理的设计是(    )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，是小静同学观察到自家电能表的情况，下列说法不正确的是(    )
A. 该电能表允许通过的最大电流为 30A
B. 接在该电能表上用电器的最大功率为 6600W
C. 表盘上示数的含义为：截止目前，电能表共消耗了1469.5kW⋅h的电能
D. 小静关闭家中其他用电器，只让空调单独工作 1min，发现电能表的转盘刚好转了30圈，在这段时间内空调消耗的电能为 5.4×104J



9. “关爱生命，快乐成长”，下列关于安全用电的说法正确的是(    )
A. 空气开关跳闸，一定是电路中出现了短路
B. 电灯的开关可以接在零线和灯座之间
C. 可以把用电器的三角插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
D. 使用测电笔时，手指必须接触笔尾金属体



10. 如图所示是公交车自动爆玻器，它利用电磁线圈在通电时产生一个冲击力，带动钨钢头击打车窗玻璃边角部位，达到击碎玻璃的目的。下列选项中与自动爆玻器的原理相同的是(    )


A. B.
C. D.
11. 更迅速便捷地传递信息、寻找绿色可再生能源、研制具有特殊性能的新材料是当前科技界的三大研究方向。以下说法正确的是(    )
A. 5G信号不可以在真空中传播 B. 超导体材料主要是应用在电饭锅等电器上
C. 大亚湾核电站利用的是核裂变释放的能量 D. 太阳能、风能、天然气是可再生能源
12. 用如图甲所示的装置提升重物A，A的重力为360N，底面积为50cm2，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间变化关系如图丙所示。(忽略绳重和摩擦)下列结论错误的是(    )

A. 物体匀速上升时拉力F的功率为40W
B. 动滑轮的重力为40N
C. 2∼3s时，此装置的机械效率为90%
D. 0.5s时，物体A对地面的压强为2×104Pa
二、双项选择题（共4个小题，每题3分，共12分，全部选对得3分，选对但不全得2分，错选或不选得0分）

13. 关于图所示的四个情景，下列说法中正确的是(    )

A. 甲图中的现象表明热的物体一定比冷的物体内能大
B. 乙图中抽去玻璃板后，两瓶中的气体混合，这种扩散现象表明气体分子是运动的
C. 丙图中活塞向下运动，这是内燃机的做功冲程，该过程中是将机械能转化为内能
D. 丁图，用酒精灯加热试管中的水至沸腾后，水蒸气将软木塞推出，该过程中的能量转化顺序为化学能——内能——机械能
14. 如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两个相同的容器中盛有同种液体，体积相等的a、b两个物体在液体中静止时，两液面相平。以下判断正确的是(    )

A. 物体b受到的浮力大 B. 物体a的密度大
C. 甲容器底部受到的压力小 D. 两容器对桌面的压强一样大
15. 如图所示，重为8N的铁块吸附在竖直放置足够长的磁性平板上，用竖直向上的拉力F拉动铁块使其沿竖直方向向上做匀速直线运动，拉力F=10N，速度v=2m/s，下
列说法正确的是(    )
A. 铁块受到的摩擦力大小为 10N
B. 拉力 F 做功的功率是 20W
C. 向上运动的过程中，吸引力对铁块做了功
D. 向上运动的过程中，铁块的机械能增大






16. 如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0-0.6A，电压表量程0-3V，滑动变阻器规格“50Ω1A”，小灯泡规格“2.5V0.25A”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不允许超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是(    )


A. 滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变大
B. 电流表的示数变化范围是0.1A∼0.25A
C. 电压表的示数变化范围是1V∼2.5V
D. 滑动变阻器的阻值调节范围是10Ω∼50Ω
三、填空作图题（17-18题，每题2分，19-21题，每空1分，共10分）

17. 图中小物块A在传送带上做匀速直线运动，画出物块A所受的力。

18. 如图所示，平面镜垂直于凸透镜主光轴且在凸透镜一侧焦点上，请把光路补充完整。


19. 如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，高9cm，底面积为30cm2；杯内水重2N、水深6cm，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则水对杯底的压力为______ N，水杯对桌面的压强为______ Pa。


20. 如图所示，电路中电源电压保持不变。当开关S闭合、S1断开，甲、乙两表为电流表时，甲、乙两表示数之比为5：8，此时R1的功率为P1，则R1：R2=______；当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R1消耗的功率为P1'，两电压表示数U甲：U乙=______，前后两次功率P1：P1'=______。


21. 如图所示，轻质杠杆AB可绕O点转动，在A端挂有边长为10cm，重力为20N的正方体C，OA：OB=4：3；当物体C浸入水中且露出水面的高度为2cm时，B端在竖直向下的力F1=______N作用时，杠杆恰好能水平静止。若将F1改为F2，杠杆仍能水平静止，则F2______F1(选填“>”“=”或“ 
【解析】解：根据题意，杠杆恰好能水平静止时，对物体C进行受力分析可知，物体C受到竖直向下的重力G=20N、向上的拉力F和向上的浮力F浮，杠杆水平静止时，物体C受力平衡，因此G=F+F浮，
当物体C浸入水中且露出水面的高度h1=2cm=0.02m，物体C的边长a=10cm=0.1m，浸入水中的物体C高度：h2=10cm-2cm=8cm，
物体C排开水的体积：
V排=(0.1m)2×(0.1m-0.02m)=8×10-4m3，
则物体C受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10-4m3=8N；
绳子对物体C向上的拉力F为：
F=G-F浮=20N-8N=12N。
同一根绳子上拉力处处相等，则绳子对杠杆A端的拉力F'=F=12N，
杠杆水平平衡时，绳子对杠杆A端的拉力F'=12N为阻力，阻力臂l2=OA，动力臂l1=OB，根据OA：OB=4：3，推出l1=OB=34OA，
根据杠杆平衡条件，有F1l1=F'l2，
推出B端在竖直向下的力F1为：F1=F'l2l1=12N×OA34OA=16N，
故B端在竖直向下的力F1=16N。
如图若将动力F1改为动力F2，F2与竖直方向有夹角，动力臂l1'为过O点做F2垂线段，可知l1'F1。
故答案为：16；>。
求出物体C排开水的体积，根据阿基米德原理求浮力；结合受力分析求A端受到绳子的拉力；利用杠杆平衡条件求拉力FB；动力和动力臂不变，若将F1改为F2，根据杠杆的平衡条件可知，阻力臂变小，则阻力变大。
此题为力学综合题，主要考查了浮力、阿基米德原理及杠杆的平衡条件和力的平衡，综合性较强。

22.【答案】相等  不能  不变  上方 
【解析】解：(1)未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到它跟蜡烛A的像完全重合，接下来应该多次改变蜡烛A的位置，重复上述实验，由此可以得出的结论是：像与物大小相等且像与物的位置关于平面镜对称；平面镜成虚像，取走B蜡烛，在其原位置放置一块光屏，光屏上不能呈现A蜡烛的像；
(2)因为平面镜所成的像与物体的连线与镜面垂直，所以将玻璃板竖直向上移动一段距离，蜡烛的像的位置保持不变；
(3)平面镜成的像与物体关于镜面对称，所以实验中玻璃板在水平桌面上是倾斜的，类似于小汽车的前挡风玻璃，此时蜡烛所成的像偏向桌面的上方。
故答案为：(1)相等；不能；(2)不变；(3)上方。
(1)另外一支相同的蜡烛与竖立在玻璃板前面点燃的蜡烛的像能完全重合，可知蜡烛成的像和蜡烛大小相等；平面镜成虚像；
(2)物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等；
(3)平面镜成的是正立、等大的虚像，且像与物体关于镜面对称。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。

23.【答案】大  转换法  重力势  速度  不同  相同  B 
【解析】解：(1)木块被推得越远，是小车对木块所做的功越大，小车对外做功越大，说明小车具有的动能越大。
在实验中，小车的动能不能直接观察得出，而小车做功让木块移动的距离可直接观察，所以通过观察木块被推动移动的距离的远近，比较小车对木块做功的多少，从而判断小车动能的大小，这是转换法的运用。
(2)小车从斜面滑下时，质量不变，高度变小，速度变大，重力势能变小，动能变大，减少的重力势能转化为动能。
同一辆小车从斜面的不同高度由静止滑下，则小车到达水平面的速度不同，可以探究动能的大小与速度的关系。
(3)车辆超载是车辆所载货物的质量大于最大允许质量，所以要探究的是动能与质量的关系。
若利用如图的器材探究车辆“超载”带来的危害，可用不同质量的小车，从斜面的相同高度静止滑下。
(4)若利用图所示的器材做“探究阻力对物体运动的影响”的实验，实验中需要让物体运动时所受阻力不同，阻力大小受压力和接触面粗糙程度的影响，所以必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，故选B。
故答案为：(1)大；转换法；(2)重力势；速度；(3)不同；相同；(4)B。
(1)实验中小车的动能大小通过比较小车推动木块距离的远近来反映，是转换法的运用。
(2)(3)根据动能重力势能大小的影响因素分析动能和重力势能的变化，进而判断其能量转化情况。
动能的影响因素是质量和速度，根据控制变量法的操作要求分析解答。
(4)“探究阻力对物体运动的影响”的实验，要让球在不同的阻力下运动，据此分析；
掌握动能的影响因素，能正确运用转换法和控制变量法是本实验成功的关键。

24.【答案】A 右  10 温度  4∼14 
【解析】解：
(1)根据实验要求，电压表应并联在灯泡两端测灯泡电压，如图所示：

(2)B、如果仅电压表断路，电压表无示数，但灯泡不受影响，可以发光，故B不符合题意；
A、电压表与灯泡并联，如果电压表短路，则灯泡也一起短路，灯泡不发光，电流表有示数，故A符合题意；
CD、如果滑动变阻器断路或小灯泡断路，则电路中无电流，电流表无示数，故CD不符合题意。
故选B。
(3)如图乙所示，电压表接入的量程为0∼3V，分度值为0.1V，所以灯泡两端电压为2.2V，而灯泡额定电压为2.5V，根据串联电路分压的规律，要使灯泡两端电压变大，则滑动变阻器分得的电压减小，滑动变阻器接入的电阻变小，故应将滑动变阻器的滑片向右移动。
(4)如图丙所示，当灯泡两端电压为U额=2.5V，I额=0.25A，小灯泡正常发光时的电阻为RL=U额I额=2.5V0.25A=10Ω；
导体电阻与材料、长度、横截面积和温度有关，当灯泡的功率变大时，温度升高，灯丝的电阻变大，故灯丝电阻是变化的原因是受温度影响。
(5)当灯泡正常发光时，U额=2.5V，I额=0.25A，则电路中总电阻为R总=UI额=6V0.25A=24Ω，
如果他们选的是“10Ω1A”的滑动变阻器，当滑动变阻器接入最大值时，需要串联的最小定值电阻为
R1=R总-R滑-RL=24Ω-14Ω-10Ω=4Ω，
如果滑动变阻器接入阻值为0时，需要串联的最大定值电阻为R2=R总-RL=24Ω-10Ω=14Ω，
故应串联一个为4∼14Ω的定值电阻。
故答案为：(1)如图；(2)A；(3)右(4)10；温度；(5)4∼14。
(1)根据实验要求，电压表应并联在灯泡两端测灯泡电压。
(2)根据实验现象，逐项分析得出答案。
(3)如图乙所示，电压表接入的量程为0∼3V，分度值为0.1V，所以灯泡两端电压为2.2V，而灯泡额定电压为2.5V，根据串联电路分压的规律确定滑动变阻器的滑片的移动方向。
(4)从图丙得出灯泡的额定电流，根据欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻为；
导体电阻与材料、长度、横截面积和温度有关，当灯泡的功率变大时，温度升高，灯丝的电阻变大，据此分析。
(5)当灯泡正常发光时，U额=2.5V，I额=0.25A，根据欧姆定律得出电路中总电阻，根据串联分压特点结合器材规格确定定值电阻的阻值范围。
本题为用伏安法测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻的实验，考查电路连接、故障分析、滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用和器材选择等知识。

25.【答案】解：(1)闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端的电压。
电压表的示数为8V，则定值电阻两端的电压为8V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联电路的电压规律可知滑动变阻器两端的电压：U2=U-U1=12V-8V=4V；
(2)串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可知通过电路的电流：I=U1R1=8V20Ω=0.4A，
则滑动变阻器接入电路的阻值：R2=U2I=4V0.4A=10Ω。
答：(1)电阻R2两端的电压为4V；
(2)电阻R2连入电路的阻值为10Ω。 
【解析】(1)闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的电压规律计算滑动变阻器两端的电压；
(2)根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器接入电路的阻值。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度较小。

26.【答案】解：(1)雾炮车沿水平地面匀速行驶的时间：t=10min=600s，路程：s=3km=3000m，
则行驶速度为：
v=st=3000m600s=5m/s；
(2)根据功的计算公式，牵引力做的功为：
W=Fs=2000N×3000m=6×106J；
(3)0.5kg的柴油完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq燃油=0.5kg×3×107J/kg=1.5×107J，
发动机的热机效率为：
η=WQ放×100%=6×106J1.5×107J×100%=40%。
答：(1)雾炮车行驶速度为5m/s；
(2)牵引力做的功为6×106J；
(3)发动机的热机效率为40%。 
【解析】(1)已知雾炮车行驶的路程和时间，根据v=st计算速度；
(2)根据W=Fs计算牵引力做的功；
(3)根据Q=mq计算出燃油燃烧放出的热量，利用η=WQ×100%计算出热机效率。
本题考查了速度、功和热机效率的计算，关键是将课本知识记忆清楚，仔细分析不难解答。

27.【答案】解：(1)柱体A与B被轻杆连接于轻质杠杆的C、D两端(轻质杠杆可绕O点自由转动)，且CO：OD=1：1，物体A重10N，则杠杆C处受到的向下的拉力为10N，由杠杆平衡条件可得，FD×OD=FC×OC，
则D点受到的拉力FD=OCOD×FC=11×10N=10N；
(2)定值电阻与压敏电阻Rx串联，电压表测定值电阻的电压，电流表测电路的电流。若在电路安全情况下，当水注满时，其中一电表刚好达到其最大值，若电流表示数达到最大，由欧姆定律I=UR可得定值电阻两端电压为
U01=I01R0=0.6A×6Ω=3.6V，
此时会损坏电压表，所以电流表不可以达到最大，若电压表示数达到最大，由欧姆定律可得通过电路的电流为
I'=U'R0=3V6Ω=0.5A，
由欧姆定律，此时电路总电阻为R'=UI'=4.5V0.5A=9Ω，
则压敏电阻接入电路的阻值为：
Rx'=R'-R0=9Ω-6Ω=3Ω；
由表中数据可知压敏电阻受到的压力为40N，物体B重30N，可知轻杆对B竖直向下的压力为10N，根据力的作用是相互的，B对轻杆的作用力为10N，即轻杆对D的竖直向上的作用力为10N，由杠杆平衡条件FD1×OD=FC1×OC，
则轻杆作用在C点竖直向上的力为FC1=ODOC×FD1=11×10N=10N，
由力的相互性，杠杆对轻杆竖直向下的力为10N，即轻杆对A竖直向下的力为10N。以A为研究对象，A受到竖直向上的浮力、A的重力及轻杆对A的竖直向下的压力，根据力的平衡，则物体A受到的浮力为：
F浮=GA+FC1'=10N+10N=20N，
根据阿基米德原理，A的体积即排开水的体积为
V=V排=F浮ρ水g=20N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10-3m3，
(3)根据V=Sh可得，A的高度为h=VSA=2×10-3m35×10-3m2=0.4m，
原来A底部所在水平面以上容器内水的体积为
V水=(S-SA)h=(200cm2-50cm2)×40cm=6000cm3 ①
A的底面积为50cm2，当水注满时，若将A竖直切割五分之一(切割部分取出)，切去的底面积为10cm2，余下部分的底面积为
S'=40cm2，设切割部分取出时容器内的水位下降了Δh，此时A余下部底部所在水平面以上容器内水的体积为
(h-Δh)×(S-S')=(40cm-Δh)×(200cm2-40cm2)②，
因A底部所在水平面以上容器内水的体积保持不变，由①②可得出
Δh=2.5cm，
故此时A在水中的深度为：
h'=40cm-2.5cm=37.5cm，
余下部分排开水的体积为：
V排'=S'h'=40cm2×37.5cm=1500cm3=1.5×10-3m3，余下部分受到的浮力为：
F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10-3m3=15N，
余下部分的重力为G'=45G=45×10N=8N，
故可知，余下部分对轻杆竖直向上的作用力为：
T=F浮'-G'=15N-8N=7N，
即轻杆作用在C点竖直向上的力FC2=7N，
根据杠杆平衡的条件，轻杆作用在杠杆D点的竖直向上的作用力FD2=7N，
由力的相互性，杠杆对轻杆竖直向下的作用力为7N，即轻杆对B物体的竖直向下的力为7N，
故压敏电阻受到的压力为F压=7N+30N=37N，
由表中数据可知，此时对应的压敏电阻Rx'=4Ω，
根据串联电阻的规律可知，R总=Rx'+R0=4Ω+6Ω=10Ω，由欧姆定律可得，电路的电流为：
I'=UR总=4.5V10Ω=0.45A，
由欧姆定律公式I=UR变形可得，电压表的示数U'=I'R0=0.45A×6Ω=2.7V.
答：(1)D点受到的拉力为10N；
(2)A的体积为2×10-3m3；
(3)电压表的示数为2.7V。 
【解析】(1)已知CO：OD=1：1，物体A重10N，则杠杆C处受到的向下的拉力为10N，由杠杆平衡条件可求得D点受到的拉力；
(2)分析数据可知电流表不可以达到最大，电压表可以达到最大值，由欧姆定律可得通过电路的电流，进一步计算此时电路总电阻和压敏电阻接入电路的阻值，由乙图可知压敏电阻受到的压力，分析杠杆D处的受力，由杠杆平衡条件可得C处受到的力，物体A受到的浮力等于A的重力加上C处受到的力，根据F浮=ρ水gV排可计算物体A的体积，
(3)根据V=Sh可得，A的高度，当水注满时，若将A竖直切割五分之一(切割部分取出)，切去的底面积为10cm2，余下部分的底面积为S'=40cm2，设切割部分取出时容器内的水位下降了Δh，求出A余下部底部所在水平面以上容器内水的体积，因A底部所在水平面以上容器内水的体积保持不变，可求得此时A在水中的深度，然后可求得余下部分排开水的体积，由F浮=ρ水gV排可求得余下部分受到的浮力，余下部分的重力为G'=45G，故可知，余下部分对轻杆竖直向上的作用力，根据杠杆平衡的条件，可求得轻杆对B物体的竖直向下的力，由表中数据可知，此时对应的压敏电阻阻值，由I=UR公式变形可求得电压表的示数。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、浮力计算公式、杠杆平衡条件的灵活运用，正确分析物体的受力是解题的关键。