2023届贵州省毕节市部分学校高三上学期12月联合考试数学（文）试题（解析版）

这是一份2023届贵州省毕节市部分学校高三上学期12月联合考试数学（文）试题（解析版），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2023届贵州省毕节市部分学校高三上学期12月联合考试数学（文）试题 一、单选题1．已知，，则（    ）A．4 B． C． D．【答案】D【分析】根据复数加法法则，实部和虚部分别相加即可得出结果.【详解】由，得，，故选：D.2．已知集合，，则（    ）A． B． C． D．【答案】C【分析】化简A，B，即可根据定义及集合运算判断.【详解】，，所以，且选项ABD均错，故选：C.3．下图是2010年—2021年（记2010年为第1年）中国创新产业指数统计图，由图可知下列结论不正确的是（    ）A．从2010年到2021年，创新产业指数一直处于增长的趋势B．2021年的创新产业指数超过了2010年—2012年这3年的创新产业指数总和C．2021年的创新产业指数比2010年的创新产业指数的两倍还要大D．2010年到2014年的创新产业指数的增长速率比2017年到2021年的增长速率要慢【答案】B【分析】由统计图中对应年份的创业指数及走势，判断出四个选项的正误.【详解】从统计图可看出从2010年到2021年，创新产业指数一直处于增长的趋势，A正确；从统计图估计得到2021年的创新产业指数大约为350，而2010年—2012年这3年的创新产业指数总和大约为，故2021年的创新产业指数没有超过2010年—2012年这3年的创新产业指数总和，B错误；因为2021年的创新产业指数大约为350，2010年的创业指数小于150，，故2021年的创新产业指数比2010年的创新产业指数的两倍还要大，C正确；2010年到2014年的创新产业指数的折线倾斜程度小，而2017年到2021年的创业指数的折线倾斜程度大，故2010年到2014年的创新产业指数的增长速率比2017年到2021年的增长速率要慢，D正确.故选：B4．在等比数列中，，，则的前5项和（    ）A．31 B．47 C．63 D．81【答案】A【分析】根据等比数列的通项公式列方程求出首项与公比，再由等比数列求和公式求解.【详解】因为，，所以，解得，所以，解得，故，故选：A5．已知，且，函数是定义域内的增函数，则的取值范围为（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据题意可知函数在每一段上都为增函数，且当时，其右边的函数值不小于左边的函数值，列不等式组可求得结果.【详解】因为是定义域内的增函数，，且，所以，解得，故选：B.6．已知，是两条不同的直线，，是两个不同的平面，下列结论正确的是（    ）A．若，，则 B．若，，则C．若，，，则 D．若，，则【答案】D【分析】由线面垂直的判定定理可判断A错；由线面平行的性质定理可判断B错；易判断C错误；由线面垂直的性质可判断D正确.【详解】对A，要证线面垂直，需证线与平面内的两条交线垂直，A项缺条件，故A错；对B，若线面平行，则该直线平行于过该直线的平面与平行平面的交线，不一定为该交线，故B错误；对C，若面面平行，则两平面内的直线平行或异面，故C错；对D，，，必存在，由线面垂直的性质可知，，则，故D正确.故选：D7．已知，函数在上恰有3个零点，则的取值范围为（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】化简得到，确定，根据题意得到，解得答案.【详解】.时，，有3个零点，故，解得.故选：D8．已知抛物线：的焦点为，抛物线上有一动点，，则的最小值为（    ）A．5 B．6 C．7 D．8【答案】C【分析】抛物线的准线的方程为，过作于，根据抛物线的定义可知，则当三点共线时，可求得最小值，答案可得.【详解】解：抛物线：的焦点为，准线的方程为，如图，过作于，由抛物线的定义可知，所以则当三点共线时，最小为.所以的最小值为.故选：C.9．已知是定义域为的奇函数，是定义域为的偶函数，则（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】由条件得到函数的对称性，根据对称性求值，即可求解.【详解】因为是定义域为的奇函数，所以，所以函数关于点对称，且 因为是定义域为的偶函数，所以，所以函数关于直线对称，所以，即.故选：A10．执行如图所示的程序框图，若输入的，，分别为1，2，4，则输出的（    ）A．7 B．16 C．65 D．321【答案】C【分析】运行程序框图即得解.【详解】解：执行程序框图，，,，，，，，，，，，，，，，，，，.故选：C11．在数学探究活动课中，小华进行了如下探究：如图1，正三棱柱容器中注入了一定量的水，若将侧面固定在地面上，如图2所示，水面恰好为（水面与，，，分别相交于，，，），若将点固定在地面上，如图3所示，当容器倾斜到某一位置时，水面恰好为，则在图2中=（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】由题意，设正三棱柱边长为，分别求出正三棱柱、水以及剩下的容积，可得出图2中的与正三棱柱的容积的比例，从而可得，再由相似三角形性质可得的比例，从而得出答案.【详解】设正三棱柱边长为，记水的容积为，该正三棱柱的容积为，则，，，故该正三棱柱去掉水后的剩余体积为，即，由,得，又，所以有.故选：D.12．已知是自然对数的底数，，，，则（    ）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据指数函数的单调性即可比较，根据，结合对数函数的性质即可比较，即可得解.【详解】解：，，，因为，所以，所以，即，所以.故选：A. 二、填空题13．已知向量，，若，则________．【答案】【分析】根据向量模的展开计算，得出，从而进一步利用向量的线性计算求解.【详解】因为，所以，所以，所以，所以，所以，解得，故答案为：.14．从甲、乙等6名专家中任选2人前往某地进行考察，则甲、乙2人中至少有1人被选中的概率为________【答案】##0.6【分析】先计算出甲、乙2人都未被选中的情况，再通过互斥事件关系即可得出甲、乙2人中至少有1人被选中的概率.【详解】6名专家随机选取2人的情况有种，其中甲、乙2人都未被选中的情况有种，则甲、乙2人中至少有1人被选中的概率为故答案为：15．已知双曲线：的顶点到一条渐近线的距离为实轴长的，则双曲线的离心率为________．【答案】【分析】先根据方程，得到一个顶点和一条渐近线方程，再由顶点到一条渐近线的距离为实轴长的求解.【详解】解：双曲线：的一个顶点为（a,0）,一条渐近线方程为，所以顶点到渐近线的距离为，即，，所以，解得，所以离心率为，故答案为：16．正项等差数列的前项和为，若，则的最大值为________．【答案】【分析】根据均值不等式得到，化简，得到答案.【详解】正项等差数列，，故，当时等号成立；.故答案为： 三、解答题17．2022年11月15日9时38分,长征四号丙运载火箭在酒泉卫星发射中心点火起飞,随后将遥感三十四号03星送入预定轨道发射,大量观众通过某网络直播平台观看了发射全过程.为了解大家是否关注航空航天技术,该平台随机抽取了100名用户进行调查,相关数据如下表. 关注不关注合计男性用户35  女性用户 3050合计  100 附：，0.100.050.0250.0100.0050.0012.7063.8415.0246.6357.87910.828 (1)补充表格数据并根据表中数据分别估计男、女性用户关注航空航天技术的概率;(2)能否有99.9%的把握认为是否关注航空航天技术与性别有关?【答案】(1)列联表见解析;男性:;女性:(2)没有99.9%的把握认为是否关注航空航天技术与性别有关 【分析】(1)根据题意补充完整列联表,依据表中的数据分别进行求解即可;(2)由列联表,依据公式计算,最后比较临界值,判断结果.【详解】（1）根据题意补充完整的列联表如下: 关注不关注合计男性用户351550女性用户203050合计5545100 由图中表格可知,50名男性用户中关注航空航天技术有35人,50名女性用户中关注航空航天技术有20人,所以估计男性用户关注航空航天技术的概率为;估计女性用户关注航空航天技术的概率为.（2）根据列联表,,参考临界值表可知,没有99.9%的把握认为是否关注航空航天技术与性别有关.18．的内角所对的边分别为，，，已知(1)若，证明：；(2)若，，求的面积．【答案】(1)证明见解析(2) 【分析】(1)结合题干条件得出，再将余切化为正余弦表达，根据同角正余切的积为1与二倍角公式化简即可证明；(2)结合题干条件得出，然后结合条件和二倍角公式化简整理求解出，再根据条件求出边长，代入三角形面积公式即可求解.【详解】（1）证明：因为，由正弦定理可得：，由题意可知：，所以，结合题意可知：，又因为三角形的内角满足，所以或，因为有意义，所以，则，所以，则有，上式等价于整理化简可得：.（2）在中，因为，所以或，又因为，所以，由正弦定理可得：，当时，，则边最大，不满足，故此种情况不成立；当时，，因为，也即，整理可得：，解得：或（舍去），所以由可得：，则，，所以，则，，所以的面积为.19．如图，三棱柱的底面是正三角形，侧面是菱形，平面平面，，，分别是棱，，的中点．(1)证明：平面；(2)若，，求点到平面的距离．【答案】(1)证明见解析；(2). 【分析】（1）取的中点，连接，，易证四边形为平行四边形，从而有∥，故而得证；(2) 过点作于，连接，以为原点，、、分别为轴建立空间直角坐标系,用向量法求解即可.【详解】（1）取的中点，连接，，因为，分别是棱，的中点，则∥∥，，四边形为平行四边形， ，平面，平面，∥平面；（2）在平面中过点作于，连接，平面平面，平面平面，平面，又因为，所以,,因为点为的中点，，故以为原点，、、分别为轴建立如图所示的空间直角坐标系，则，，，，，，，， 所以,,,设平面的法向量为，则有，令，则可得，所以，设点到平面的距离为，则，即点到平面的距离.20．已知椭圆C：与椭圆的离心率相同，为椭圆C上一点.(1)求椭圆C的方程.(2)若过点的直线l与椭圆C相交于A，B两点，试问以AB为直径的圆是否经过定点？若存在，求出的坐标；若不存在，请说明理由.【答案】(1)(2)存在的坐标为，理由见解析 【分析】（1）先求出椭圆的离心率为，由此得到，将点的坐标代入椭圆，得到，再代入，解得，，则可得结果；（2）先用两个特殊圆求出交点，再猜想以AB为直径的圆经过定点，再证明猜想，设直线，并与联立，利用韦达定理得到，，进一步得到，，利用，，，证明即可.【详解】（1）在椭圆中，，，，离心率，在椭圆C：中，，所以，化简得，因为在椭圆C：上，所以，所以，所以，，所以椭圆.（2）当直线的斜率为0时，线段是椭圆的短轴，以AB为直径的圆的方程为，当直线的斜率不存在时，直线的方程为，代入，得，以AB为直径的圆的方程为，联立，解得，由此猜想存在，使得以AB为直径的圆是经过定点，证明如下：当直线的斜率不为0且斜率存在时，设直线，联立，消去并整理得，，设、，则，，则，，因为，所以，所以点在以为直径的圆上，综上所述：以AB为直径的圆是经过定点.【点睛】方法点睛：利用韦达定理法解决直线与圆锥曲线相交问题的基本步骤如下：（1）设直线方程，设交点坐标为；（2）联立直线与圆锥曲线的方程，得到关于（或）的一元二次方程，必要时计算；（3）列出韦达定理；（4）将所求问题或题中的关系转化为、（或、）的形式；（5）代入韦达定理求解.21．已知函数(1)若，证明：存在唯一极值点．(2)若，证明：，【答案】(1)见解析；(2)见解析； 【分析】(1)只需证明在上只有一个解，且在此解的两侧异号即可；(2)等价于证明在上恒成立，令，则等价于证明在上恒成立，结合对数函数的性质可得即证明在上恒成立，利用证明导数证明在上恒成立即可.【详解】（1）证明：因为，所以，易知在上单调递减，又因为，，所以存在唯一个，使得，当时，，单调递增；当时，，单调递减；所以存在唯一极值点；（2）证明：要证明在上恒成立，即要证明在上恒成立，也即证明在上恒成立，令，即证明在上恒成立，又因为在上单调递增，所以，所以原命题等价于证明在上恒成立，又因为，令，则，因为，所以，，当时，，所以当时，，单调递减；当时，，单调递增；所以；当时，，在上恒成立，所以在上单调递增，所以；当时，，在上恒成立，所以在上单调递增，所以；综上所述：在上恒成立，所以原命题得证.【点睛】方法点睛：对于利用导数解决恒立问题的常用方法：一是直接利用导数求函数的最值；二是分离参数，转化为参数与分离后的函数之间的关系；三是转化为两个初等函数之间的最值关系.22．在直角坐标系中，曲线的方程为（为参数）. 以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.(1)求出的普通方程和的直角坐标方程；(2)若与有公共点，求的取值范围.【答案】(1)的普通方位为：，的直角坐标方程为：.(2). 【分析】(1) 曲线的参数方程消去参数，即可求出的普通方程；曲线的极坐标方程为，即可求出的直角坐标方程；(2) 由曲线的直角坐标方程可得圆心为，半径为，根据直线与圆有公共点，得圆心到直线的距离小于或等于半径，可得，解出不等式即可.【详解】（1）曲线的参数方程为（为参数），的普通方程为：，曲线的极坐标方程为，即，曲线的直角坐标方程为：.（2）由(1)知的直角坐标方程为：，即，圆的圆心坐标为，半径为，与有公共点，，解得：，故的取值范围为：.23．已知函数(1)当时，求不等式的解集；(2)若对任意，恒成立，求的取值范围．【答案】(1)(2) 【分析】（1）当时，，当时，分情况解决即可；（2）对任意，恒成立，得，再得即可解决.【详解】（1）由题知，当时，，所以，因为，所以，或，或，解得，或，或无解，所以不等式的解集为.（2）由题知，，因为对任意，恒成立，所以，所以，所以，即，解得，解得，或，所以的取值范围为.