终身会员
搜索
    上传资料 赚现金

    高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析

    立即下载
    加入资料篮
    高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析第1页
    高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析第2页
    高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析第3页
    还剩5页未读, 继续阅读
    下载需要10学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析

    展开

    这是一份高中物理高考 2020年高考物理一轮复习专题16动能定理及其应用限时训练含解析,共8页。试卷主要包含了选择题,计算题等内容,欢迎下载使用。
    专题16  动能定理及其应用 (限时:45min) 一、选择题(共10小题)1.AB两物体在光滑水平面上,分别在相同的水平恒力F作用下,由静止开始通过相同的位移l。若A的质量大于B的质量,则在这一过程中(  )A.A获得动能较大       B.B获得动能较大C.AB获得动能一样大   D.无法比较AB获得动能大小【答案】C【解析】由动能定理可知恒力F做功WFlmv2-0,因为Fl相同,所以AB获得的动能一样大,C正确。2.(2018·全国卷Ⅱ)如图,某同学用绳子拉动木箱,使它从静止开始沿粗糙水平路面运动至具有某一速度。木箱获得的动能一定(  )A.小于拉力所做的功   B.等于拉力所做的功C.等于克服摩擦力所做的功   D.大于克服摩擦力所做的功【答案】A 【解析】由题意知,WW=ΔEk,则W>ΔEk,故A正确、B错误;W与ΔEk的大小关系不确定,故C、D错误。3.(2018·江苏高考)从地面竖直向上抛出一只小球,小球运动一段时间后落回地面。忽略空气阻力,该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图像是(  )【答案】A 【解析】;小球做竖直上抛运动,设初速度为v0,则vv0gt,小球的动能Ekmv2,把速度v代入得,Ekmg2t2mgv0tmv02Ekt为二次函数关系。4.一个质量为m的物体静止放在光滑水平面上,在互成60°角的大小相等的两个水平恒力作用下,经过一段时间,物体获得的速度为v,在力的方向上获得的速度分别为v1v2,如图所示,那么在这段时间内,其中一个力做的功为(  )A.mv2          B.mv2                  C.mv2        D.mv2【答案】B 【解析】在合力F的方向上,由动能定理得WFlmv2,某个分力的功为W1Wmv2,B正确。5.(2019·莆田模拟)如图所示,在轻弹簧的下端悬挂一个质量为m的小球A,若将小球A从弹簧原长位置由静止释放,小球A能够下降的最大高度为h。若将小球A换为质量为3m的小球B,仍从弹簧原长位置由静止释放,则小球B下降h时的速度为(重力加速度为g,不计空气阻力)(  )A.        B.          C.           D. 【答案】B 【解析】小球A下降h过程小球克服弹簧弹力做功为W1,根据动能定理,有mghW1=0;小球B下降过程,由动能定理有3mghW1·3mv2-0,解得:v,故B正确。6.(多选)静止在水平地面的物块,受到水平方向的拉力F作用,此拉力方向不变,其大小F与时间t的关系如图所示。设物块与地面间的静摩擦力最大值fm与滑动摩擦力大小相等,则(  ) A.0~t1时间内F的功率逐渐增大           B.t2时刻物块的加速度最大C.t2时刻后物块做反向运动                D.t3时刻物块的动能最大【答案】BD 【解析】由题图可知,在0~t1时间内,水平方向的拉力从零逐渐增大到等于最大静摩擦力,物块始终静止不动,水平拉力做功为零,功率为零,选项A错误;t2时刻水平拉力最大且大于滑动摩擦力的2倍,根据牛顿第二定律可知物块加速度最大,选项B正确;t2时刻后水平拉力逐渐减小,物块的加速度逐渐减小,速度方向不变,速度继续增大,选项C错误;t3时刻水平拉力减小到等于滑动摩擦力,速度增大到最大,t3时刻物块的动能最大,选项D正确。7.(多选)(2018·江苏高考)如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端连接一小物块,O点为弹簧在原长时物块的位置。物块由A点静止释放,沿粗糙程度相同的水平面向右运动,最远到达B点。在从AB的过程中,物块(  )A.加速度先减小后增大             B.经过O点时的速度最大C.所受弹簧弹力始终做正功         D.所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功【答案】AD 【解析】小物块由A点开始向右加速运动,弹簧压缩量逐渐减小,F减小,由FFfma知,a减小;当运动到FFf时,a减小为零,此时小物块速度最大,弹簧仍处于压缩状态;由于惯性,小物块继续向右运动,此时FfFma,小物块做减速运动,且随着压缩量继续减小,a逐渐增大;当越过O点后,弹簧开始被拉伸,此时FFfma,随着拉伸量增大,a继续增大,综上所述,从AB过程中,物块加速度先减小后增大,在O点左侧FFf时速度达到最大,故A正确,B错误。在AO段物块所受弹簧弹力做正功,在OB段做负功,故C错误。由动能定理知,从AB的过程中,弹力做功与摩擦力做功之和为0,故D正确。8.(2018·中山模拟)质量为m的小球在竖直向上的拉力作用下从静止开始运动,其v­t图像如图所示(竖直向上为正方向,DE段为直线)。已知重力加速度大小为g,下列说法正确的是(  )A.t3t4时间内,小球竖直向下做匀减速直线运动B.t0t2时间内,合力对小球先做正功后做负功C.0~t2时间内,小球的平均速度一定为D.t3t4时间内,拉力做的功为m[(v4v3)+g(t4t3)]【答案】D 【解析】根据题意,竖直向上为正方向,故在t3t4时间内,小球竖直向上做匀减速直线运动,故选项A错误;t0t2时间内,小球速度一直增大,根据动能定理可知,合力对小球一直做正功,故选项B错误;0~t2时间内,小球的平均速度等于位移与时间的比值,不一定为,故选项C错误;根据动能定理,在t3t4时间内:WFmg·(t4t3)=mv42mv32,整理可得:WFm[(v4v3)+g(t4t3)],故选项D正确。9.AB两物体分别在水平恒力F1F2的作用下沿水平面运动,先后撤去F1F2后,两物体最终停下,它们的v­t图像如图所示。已知两物体与水平面间的滑动摩擦力大小相等。下列说法正确的是(  )A.F1F2大小之比为12        B.F1F2AB做功之比为12C.AB质量之比为21         D.全过程中AB克服摩擦力做功之比为21【答案】C 【解析】由速度与时间图像可知,两物体做匀减速运动的加速度之比为12,AB受摩擦力大小相等,由牛顿第二定律可知:AB的质量之比是21;由速度与时间图像可知,AB两物体运动的位移相等,且匀加速运动的位移之比为12,匀减速运动的位移之比为21,由动能定理可得:A物体的拉力与摩擦力的关系,F1·xf1·3x=0-0;B物体的拉力与摩擦力的关系,F2·2xf2·3x=0-0,因此可得:F1=3f1F2f2f1f2,所以F1=2F2。全过程中摩擦力对AB做功相等,F1F2AB做功大小相等。故A、B、D错误,C正确。10.(2019·枣庄检测)一摩托车在竖直的圆轨道内侧做匀速圆周运动,周期为T,人和车(当作质点)的总质量为m,轨道半径为R。已知摩托车经最高点时发动机功率为P0,对轨道的压力为2mg。设轨道对摩托车的阻力与车对轨道的压力成正比。下列说法正确的是(  )A.摩托车经最低点时对轨道的压力为3mgB.摩托车经最低点时发动机功率为2P0C.摩托车从最高点经半周到最低点的过程中发动机做的功为P0TD.摩托车从最高点经半周到最低点的过程中发动机做的功为2mgR【答案】B 【解析】摩托车在最高点时有2mgmgm,在最低点时有FNmgm,解得FN=4mg,选项A错误;由于轨道对摩托车的阻力与车对轨道的压力成正比,根据PFv可知发动机在最低点时的功率是在最高点时功率的2倍,功率在增大,发动机做的功大于P0T,所以选项B正确,C错误;根据动能定理,摩托车从最高点经半周到最低点的过程中WF+2mgRWf=0,可得发动机做的功WFWf-2mgR,选项D错误。二、计算题(共3小题)11.小孩玩冰壶游戏,如图所示,将静止于O点的冰壶(视为质点)沿直线OB用水平恒力推到A点放手,此后冰壶沿直线滑行,最后停在B点。已知冰面与冰壶间的动摩擦因数为μ,冰壶质量为mOAxABL,重力加速度为g。求:(1)冰壶在A点的速率vA(2)冰壶从O点运动到A点的过程中受到小孩施加的水平推力F【答案】(1) (2)【解析】(1)冰壶从A点运动至B点的过程中,只有滑动摩擦力对其做负功,由动能定理得μmgL=0-mvA2解得vA(2)冰壶从O点运动至A点的过程中,水平推力F和滑动摩擦力同时对其做功,由动能定理得(Fμmg)xmvA2解得F12.(2018·郑州模拟)如图甲所示,轻弹簧左端固定在竖直墙上,右端点在O点位置。质量为m的物块A(可视为质点)以初速度v0从距O点右方x0P点处向左运动,与弹簧接触后压缩弹簧,将弹簧右端压到O′点位置后,A又被弹簧弹回。A离开弹簧后,恰好回到P点。物块A与水平面间的动摩擦因数为μ。求:(1)物块AP点出发又回到P点的过程,克服摩擦力所做的功;(2)O点和O′点间的距离x1(3)如图乙所示,若将另一个与A完全相同的物块B(可视为质点)与弹簧右端拴接,将A放在B右边,向左推AB,使弹簧右端压缩到O′点位置,然后从静止释放,AB共同滑行一段距离后分离。分离后物块A向右滑行的最大距离x2是多少?【答案】(1)mv02 (2)x0 (3)x0【解析】 (1)物块AP点出发又回到P点的过程,根据动能定理得克服摩擦力所做的功为Wfmv02(2)物块AP点出发又回到P点的过程,根据动能定理得-2μmg(x1x0)=0-mv02解得x1x0(3)AB在弹簧处于原长处分离,设此时它们的共同速度是v1,弹出过程弹力做功为WF只有物块A时,从O′到PWFμmg(x1x0)=0-0AB共同从O′到OWF-2μmgx1×2mv12分离后对Amv12μmgx2联立以上各式可得x2x013.如图所示,质量m=3 kg的小物块以初速度v0=4 m/s水平向右抛出,恰好从A点沿着圆弧的切线方向进入圆弧轨道,圆弧轨道的半径为R=3.75 m,B点是圆弧轨道的最低点,圆弧轨道与水平轨道BD平滑连接,A与圆心O的连线与竖直方向成37°角。MN是一段粗糙的水平轨道,小物块与MN间的动摩擦因数μ=0.1,轨道其他部分光滑。最右侧是一个半径为r=0.4 m的半圆轨道,C点是圆弧轨道的最高点,半圆轨道与水平轨道BDD点平滑连接。已知重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。(1)求小物块的抛出点离A点的高度h(2)若MN的长度为L=6 m,求小物块通过C点时所受轨道弹力的大小FN(3)若小物块恰好能通过C点,求MN的长度L′。【答案】 (1)0.45 m (2)60 N (3)10 m【解析】(1)根据平抛运动规律有:tan  37°=t=0.3 s解得hgt2=0.45 m。(2)小物块由抛出点运动到B点的过程中,根据动能定理有:mg[hR(1-cos 37° )]=mvB2mv02解得vB=2 m/s小物块由B点运动到C点的过程中,根据动能定理有:μmgL-2mgrmvC2mvB2C点:FNmgm解得FN=60 N。(3)小物块刚好能通过C点时,有mgm解得vC′=2 m/s小物块从B点运动到C点的过程中,根据动能定理有:μmgL′-2mgrmvC2mvB2解得L′=10 m。   

    相关试卷

    高考物理一轮复习考点规范练16动能定理及其应用 人教版(含解析):

    这是一份高考物理一轮复习考点规范练16动能定理及其应用 人教版(含解析),共9页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,非选择题等内容,欢迎下载使用。

    高考物理一轮复习课时训练专题16动能定理及其应用(含解析):

    这是一份高考物理一轮复习课时训练专题16动能定理及其应用(含解析),共7页。试卷主要包含了选择题,计算题等内容,欢迎下载使用。

    高中物理高考 专题(21)动能定理及其应用(解析版):

    这是一份高中物理高考 专题(21)动能定理及其应用(解析版),共13页。试卷主要包含了eq等内容,欢迎下载使用。

    欢迎来到教习网
    • 900万优选资源,让备课更轻松
    • 600万优选试题,支持自由组卷
    • 高质量可编辑,日均更新2000+
    • 百万教师选择,专业更值得信赖
    微信扫码注册
    qrcode
    二维码已过期
    刷新

    微信扫码,快速注册

    手机号注册
    手机号码

    手机号格式错误

    手机验证码 获取验证码

    手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

    设置密码

    6-20个字符,数字、字母或符号

    注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
    QQ注册
    手机号注册
    微信注册

    注册成功

    返回
    顶部
    Baidu
    map