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2021-2022学年甘肃省武威市古浪县第二中学高二上学期期末考试数学(文)试题(解析版)
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这是一份2021-2022学年甘肃省武威市古浪县第二中学高二上学期期末考试数学(文)试题(解析版),共11页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2021-2022学年甘肃省武威市古浪县第二中学高二上学期期末考试数学(文)试题 一、单选题1.在中,角所对的边分别为,若,b=,,则( )A. B. C.或 D.【答案】B【解析】根据余弦定理表示出,把,和的值代入即可求出的值,由的范围,利用特殊角的三角函数值即可求出的值.【详解】解:根据余弦定理得:,由,得到.故选:.【点睛】本题考查了余弦定理的运用和计算能力.属于基础题.2.命题“,”的否定为A., B.,C., D.,【答案】D【详解】该题命题的否定是:,.特称命题和全程命题的否定,固定的变换方式是:换量词,否结论,不变条件.故答案选D.3.设,则下列结论中正确的是( )A. B. C. D.【答案】D【分析】利用特殊值排除错误选项,利用不等式的性质确定正确选项.【详解】对于A选项,,则,所以A选项错误.对于B选项,,则,所以B选项错误.对于C选项,,则,所以C选项错误.对应D选项,,所以,所以D选项正确.故选:D.【点睛】本小题主要考查不等式的性质,属于基础题.4.已知,函数的最小值是( )A.6 B.5 C.4 D.3【答案】C【分析】由于,可利用基本不等式求得函数 的最小值.【详解】,所以函数,当且仅当,时,等号成立,故函数的最小值是4,故选:.5.已知的面积为,且,,则( )A. B. C. D.【答案】B【解析】根据三角形的面积公式,直接计算结果.【详解】由已知,得,∴.故选:B6.在等差数列中,已知,,则( )A.9 B.12 C.15 D.1【答案】A【解析】根据等差数列的下标和性质可知:,由此求解出的值.【详解】因为为等差数列,且,所以,所以,故选:A.7.已知双曲线方程为,则此双曲线的渐近线方程为( )A. B. C. D.【答案】D【分析】根据双曲线的渐近线方程公式求解即可.【详解】因为双曲线方程为,所以,,焦点在x轴上,则此双曲线的渐近线方程为.故选:D.8.椭圆的长轴长是短轴长的3倍,那么这个椭圆的离心率为( )A. B. C. D.【答案】C【分析】先根据长轴长是短轴长的3倍确定a与b的关系,进而根据椭圆a,b,c的关系a2=b2+c2可表示出c,再由离心率公式求解得到答案.【详解】∵a=3b∴a2=9b2=9(a2﹣c2),∴9c2=8a2,∴e.故选:C.【点睛】本题主要考查椭圆离心率的计算,属基础题.9.设,则“”是“”的( )A.充分不必要条件 B.必要不充分条件C.充要条件 D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】根据充分条件和必要条件的概念,结合一元二次不等式的解法,即可得出结果.【详解】由得或,所以由“”可得到“”,但由“”得不到是“”;所以“”是“”的必要不充分条件.故选:B.【点睛】结论点睛:判定命题的充分条件和必要条件时,一般可根据如下规则判断:(1)若是的必要不充分条件,则对应集合是对应集合的真子集;(2)是的充分不必要条件, 则对应集合是对应集合的真子集;(3)是的充分必要条件,则对应集合与对应集合相等;(4)是的既不充分又不必要条件, 对的集合与对应集合互不包含.10.在等比数列中,若,是方程的两根,则的值是( )A. B. C. D.【答案】B【分析】a3,a7是方程x2+4x+2=0的两根,可得a3•a7=2,a3+a7=﹣4,可得a3<0,a7<0,根据等比数列的性质可得:奇数项的符号相同,可得a5<0.利用性质可得:a5=﹣.【详解】a3,a7是方程x2+4x+2=0的两根,∴a3•a7=2,a3+a7=﹣4,∴a3<0,a7<0,根据等比数列的性质可得:奇数项的符号相同,∴a5<0.∴a5=﹣=﹣.故选B.【点睛】本题考查了等比数列的通项公式及其性质、一元二次方程的根与系数的关系,其中判断a5<0,是解题的关键,属于基础题.11.已知函数则的单调减区间是A. B. C. D.【答案】D【详解】试题分析:对函数求导得,单调减区间即,解得.【解析】利用导数解决函数的单调性问题.12.设,分别是双曲线E:的左、右焦点,过点作E的一条渐近线的垂线,垂足为P,,O为坐标原点,则双曲线E的离心率为( )A. B.2 C. D.【答案】D【分析】根据条件得到关于离心率的方程,求解可得结果.【详解】点到渐近线的距离,而,所以在中,由勾股定理可得,所以,在中,,在中,,所以,则有,解得(负值舍去),即,故选:D. 二、填空题13.在等差数列中,若,,则______.【答案】60【分析】由已知结合等差数列的性质先求出d,,然后结合等差数列的求和公式即可求解.【详解】因为等差数列中,,,所以,,则.故答案为:60.14.抛物线的准线方程为______.【答案】【分析】先把抛物线方程整理成标准方程,进而利用抛物线的性质求得准线方程.【详解】整理抛物线方程得,∴,∴准线方程为,故答案为:.15.设,满足约束条件,则的最小值是__________.【答案】1【分析】先根据条件画出可行域,要使的最小值,即直线在轴上的截距最小,通过图象可知,直线经过可行域上的点时,截距最小.求出点坐标,即可得到.【详解】,满足约束条件的可行域如图阴影部分所示:把变形为,得到斜率为,在轴上截距为的一族平行直线.由图可以看出,当直线经过可行域上的点时,截距最小.解方程可得点的坐标为..故答案为:1.16.有下列四个命题:①“若,则,互为相反数”的逆命题;②“全等三角形的面积相等”的否命题;③“若,则有实根”的逆命题;④“等边三角形的三个内角相等”的逆否命题;其中真命题的序号是___________.【答案】①③④【分析】①写出“若,则,互为相反数”的逆命题,再判断其真假即可;②写出“全等三角形的面积相等”的否命题,再判断其真假即可;③写出“若,则有实根”的逆命题,再分析、判断其真假即可;④利用原命题与其逆否命题的真假性一致,可判断原命题的真假,从而得其逆否命题的真假.【详解】①“若,则,互为相反数”的逆命题为“若,互为相反数,则”,正确,故①正确;②“全等三角形的面积相等”的否命题为“不全等三角形的面积不相等”,错误,故②错误;③有实根,,解得:,“若,则有实根”的逆命题“若有实根,则”正确,故③正确;④等边三角形的三个内角相等,原命题正确,原命题与其逆否命题的真假性一致,其逆否命题也正确,故④正确;综上所述,真命题的序号是①③④.故答案为:①③④. 三、解答题17.已知函数.(Ⅰ)求曲线在点处的切线方程;(Ⅱ)求的单调区间.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)单调递增区间为和,单调递减区间为.【分析】(Ⅰ)对函数求导,求出切线斜率,再由点斜式即可得出切线方程;(Ⅱ)根据导函数,解对应的不等式,即可求出单调区间.【详解】(Ⅰ),,,因此, 所以,曲线在点处的切线方程为,即;(Ⅱ)解不等式,即,即,解得或;解不等式,得,即,解得.因此,函数的单调递增区间为和,单调递减区间为.【点睛】本题主要考查求曲线在某一点处的切线方程,以及导数的方法求函数的单调区间,属于常考题型.18.已知命题p:;命题q:.(1)若q是p的充分条件,求实数a的取值范围.(2)若a=6,“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,求实数x的取值范围.【答案】(1)(2)或 【分析】(1)分别求出p成立的范围,q成立的范围,若q是p的充分条件,则,结合集合的包含关系可求;(2)若“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,则p,q一真一假,进而可求.【详解】(1)由可得,令,命题q:,若q是p的充分条件,则,.解得,故a的取值范围为;(2)a=6,,,若“p或q”为真命题,“p且q”为假命题,则p,q一真一假,所以或,即或,故x的取值范围为或.19.设锐角的内角、、的对边分别为、、,(1)确定角大小;(2)若,的面积为,求的值.【答案】(1);(2).【解析】(1)根据,利用正弦定理得到求解.(2)根据的面积为,求得,然后再利用余弦定理求解.【详解】(1)因为,所以,因为,所以,因为,所以.(2)因为的面积为,所以,所以,所以,解得,所以.【点睛】方法点睛:在解有关三角形的题目时,要有意识地考虑用哪个定理更适合,或是两个定理都要用,要抓住能够利用某个定理的信息,一般地,如果式子中含有角的余弦或边的二次式,要考虑用余弦定理;如果遇到的式子中含有角的正弦或边的一次式时,则考虑用正弦定理;以上特征都不明显时,则要考虑两个定理都有可能用到.解题中注意三角形内角和定理的应用及角的范围限制.20.等差数列{an}的前n项和记为Sn.已知a10=30,a20=50.(1)求通项an;(2)若Sn=242,求n.【答案】(1)an=2n+10;(2)n=11.【分析】(1)根据a10=30,a20=50,利用“a1,d”法求解;.(2)由Sn=242,利用等差数列前n项和求解.【详解】(1)因为a10=30,a20=50,所以解得a1=12,d=2.∴an=2n+10.(2)由Sn=na1+d,Sn=242,得12n+×2=242.解得n=11或n=-22(舍去).21.已知椭圆C:=1(a>b>0)的离心率为,短轴的一个端点到右焦点的距离为.(1)求椭圆C的方程.(2)设斜率为1的直线经过左焦点与椭圆C交于A,B两点,求.【答案】(1) (2)【分析】(1)根据题意,由椭圆的几何性质可得,结合,解可得的值,进而计算可得的值,将的值代入椭圆的标准方程,即可得结果;(2)根据题意,由椭圆的方程可得左焦点的坐标,即可得直线的方程,联立直线与椭圆的方程,可得方程,结合根与系数的关系由弦长公式计算可得结论.【详解】(1)根据题意,椭圆的短轴一个端点到右焦点的距离为,则有,又由椭圆的离心率为,则有,则有,则,则椭圆标准方程为. (2)由(1)可得,椭圆标准的方程为,则其左焦点的坐标为,则可得直线的方程为,则,得,则有,.【点睛】求椭圆标准方程的方法一般为待定系数法,根据条件确定关于的方程组,解出,从而写出椭圆的标准方程.解决直线与椭圆的位置关系的相关问题,其常规思路是先把直线方程与椭圆方程联立,消元、化简,然后应用根与系数的关系建立方程,解决相关问题.涉及弦中点的问题常常用“点差法”解决,往往会更简单22.已知函数的极值点为和.(1)求函数的解析式;(2)求在上的最大值与最小值.【答案】(1)(2); 【分析】(1)根据导数与极值点关系列式求解得出a、b值,由此得出解析式;(2)根据的导数求出单调性,即可找出在上的最大值与最小值.【详解】(1)由题求出的导数,因为的极值点为和1,所以,解得,所以函数的解析式为.(2)由(1)可知,则,令,解得,由此可得的单调性:x12 大于00小于00大于0 55 故,.
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