2022-2023学年九年级物理下学期开学摸底考试卷B（广西北部湾专用）

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绝密★考试结束前
2022-2023学年九年级下学期开学摸底考试卷B（解析版）
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
测试范围：人教版九年级全一册整册
第Ⅰ卷 选择题
一、选择题（本题共16小题，每小题2分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（　　）
A．温度低于0℃的物体都没有内能
B．物体温度越高，所含热量越多
C．物体从外界吸收了热量，温度一定升高
D．用燃气灶烧水是通过热传递改变物体内能的
【答案】D。
【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，温度低于0℃的物体也有内能，故A错误；
B、热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量，故B错误；
C、物体从外界吸收了热量，温度不一定升高，比如：晶体熔化时，继续吸热，温度不变，故C错误；
D、用燃气灶烧水，水吸收热量，通过热传递改变物体内能的，故D正确。
故选：D。
2．将一台标有“220V，200W”的电视机单独接在家庭电路中。正常工作2h后，电能表示数如图所示。下列说法中正确的是（　　）

A．电能表的示数为11234kW•h
B．电能表允许通过的最大电流为10A
C．这段时间内电能表转盘转了1200r
D．若电价为0.6元/度，这段时间电视机使用的电费为0.12元
【答案】C。
【解答】解：A、电能表示数的最后一位为小数，示数为1123.4kW•h，故A错误；
B、电能表额定最大电流为20A，电能表工作时的电流不应超过20A，故B错误；
C、这段时间内电视机消耗电能W＝Pt＝200W×2h＝0.2kW×2h＝0.4kW•h，电能表转盘转数为0.4kW•h×3000r/（kW•h）＝1200r，故C正确；
D、若电价为0.6元/度，这段时间电视机使用的电费为0.6元/度×0.4kW•h＝0.6元/度×0.4度＝0.24元，故D错误。
故选：C。
3．串联电路中，总电阻等于串联电路中各电阻之和。有两个阻值分别为R1＝12Ω和R2＝10Ω的电阻，串联在电路中，总电阻为（　　）
A．6Ω B．22Ω C．15Ω D．9Ω
【答案】B。
【解答】解：因为两电阻串联，所以总电阻：R＝R1+R2＝12Ω+10Ω＝22Ω。
故选：B。
4．如图的家庭电路，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡与开关的连接符合安全用电原则 B．两孔插座的连接不符合安全用电原则
C．用试电笔检测插座的右孔氖管不发光 D．若保险丝熔断，则一定是短路引起的
【答案】B。
【解答】解：
A、图中，开关接在零线和灯泡之间，这样开关也能控制灯泡，但是在断开开关时没有切断火线，接触灯泡时容易发生触电事故，不符合安全用电原则，故A错误；
B、图中，插座的左孔接地线，右孔接火线，不符合于两孔插座“左零右火”接法，不符合安全用电原则，故B正确；
C、插座右孔连接的是火线，用试电笔检测插座的右孔氖管发光，故C错误；
D、保险丝熔断，可能是短路引起的，也可能是总功率过大引起的，故D错误。
故选：B。
5．如图是公交车自动爆玻器，自动爆玻器就相当于一个电控安全锤，它是利用通电导体在磁场中受力转动，从而带动钨钢头击打车窗玻璃，以实现击碎玻璃的目的。下图能表示自动爆破器工作原理的是（　　）

A． B． C． D．
【答案】D。
【解答】解：按下开关，自动爆玻器的线圈在磁场中受到力的作用而运动，产生一个冲击力，带动一个钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的；
A、该图装置说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A错误；
B、图中装置是探究电磁感应现象，机械能转化为电能，是产生电流的装置，故B错误；
C、图中装置是探究磁极间的相互作用规律，故C错误；
D、图中的导体中有电流通过时，通电导线在磁场中受力的作用而运动，是电能转化为机械能，与自动爆玻器工作原理相同，故D正确。
故选：D。
6．如图为单缸四冲程汽油机工作过程中某一冲程示意图，且该汽油机飞轮的转速为3000r/min，则下列说法正确的是（　　）

A．如图所示冲程为压缩冲程 B．如图所示冲程把机械能转化为了内能
C．该汽油机每秒对外做功25次 D．随着技术的进步，内燃机的效率达到100%
【答案】C。
【解答】解：A．图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故A错误；
B．如图所示是做功冲程，此冲程把内能转化为机械能，故B错误；
C．四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮每秒钟转50圈，对外做功25次，故C正确；
D．内燃机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此内燃机的效率不能达到100%，故D错误。
故选：C。
7．如图是某款电子测温仪及其内部原理图，电源电压保持不变，显示仪由电压表改装而成，R为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R0为定值电阻。下列说法正确的是（　　）

A．被测体温越高，电路中的电流越小
B．被测体温越高，定值电阻两端电压越大
C．被测体温越高，整个电路消耗的功率越小
D．将R0换为阻值更大的电阻，测相同温度时显示仪示数变小
【答案】B。
【解答】解：
已知显示仪由电压表改装而成，根据电路图可知，R与R0串联，显示仪（电压表）测R0两端的电压；
ABC、因热敏电阻R的阻值随温度的升高而减小，所以，被测者体温越高，R的阻值越小，电路的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大；根据U＝IR可知，定值电阻R0两端电压越大；电源电压不变，由P＝UI可知，整个电路消耗的功率也越大，故AC错误、B正确；
D、温度相同时，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路的分压特点可知，R0两端分得的电压变大，即显示仪示数会变大，故D错误。
故选：B。
8．如图所示，对于下列实验中的物理过程，说法正确的（　　）

A．图甲，墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动剧烈程度与温度有关
B．图乙，厚玻璃管中放少量硝化棉，把活塞迅速压下去时，管内空气的内能减少
C．图丙，抽去玻璃隔板两瓶中气体逐渐混合均匀，这是因为空气比二氧化氮的密度大
D．图丁，将两个铅柱紧紧压在一起，下面可吊一重物，这是因为分子在不停地运动
【答案】A。
【解答】解：A、墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动剧烈程度与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故A正确；
B、厚玻璃管中放少量硝化棉，把活塞迅速压下去时，管内空气的内能增大、温度升高，故B错误；
C、抽去玻璃隔板两瓶中气体逐渐混合均匀，这是分子规则运动的结果，图中二氧化氮的密度大，放在下面的瓶中，故C错误；
D、将两个铅柱紧紧压在一起，下面可吊一重物，这是因为分子间存在相互作用的引力，故D错误。
故选：A。
9．下列关于能源、信息和材料的说法正确的是（　　）
A．目前核电站是利用核聚变发电 B．天然气是可再生能源
C．手机看综艺节目是靠电磁波传递音像信息的 D．能量的转化和转移都是没有方向性的
【答案】C。
【解答】解：
A、核裂变是可控的，故目前世界上的核电站都是利用原子核分裂时释放出的能量发电的，故A错误；
B、天然气可以直接利用，属于一次能源；在使用后不能源源不断地获得，属于不可再生能源，故B错误；
C、电磁波可以传递信息，手机看综艺节目是靠电磁波传递音像信息的，故C正确；
D、能量的转化和转移都有一定的方向性，故D错误。
故选：C。
10．放在条形磁体周围的4个小磁针静止时如图所示，其中3个磁针涂黑端的极性相同，1个磁针涂黑端的极性与其他3个不同，这个与众不同的磁针是（　　）

A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【答案】B。
【解答】解：根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，甲、丙、丁与条形磁铁的磁极间的相互作用是正确的，乙和条形磁体的同名磁极靠近，是错误的。
故选：B。
11．厨房中的一些现象和做法都含有物理知识，下列对应正确的是（　　）
A．炒菜比腌菜咸得快——温度越高，扩散越快
B．拧开醋瓶盖，醋味扑鼻——分子间存在斥力
C．烟囱里浓烟滚滚——分子无规则运动
D．用煤气灶烧水——利用做功改变物体内能
【答案】A。
【解答】解：A、炒菜时，菜的温度高，分子运动速度与温度有关，温度越高，运动速度越快，扩散越快，故A正确。
B、拧开瓶盖时，醋分子在空气中发生扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动，故B错误。
C、黑烟不是单个分子，是由若干分子组成的固体颗粒，所以尘烟囱里冒出的黑烟不是分子的运动，故C错误。
D、用煤气灶烧水是通过热传递来改变物体内能，故D错误。
故选：A。
12．如图所示，关于探究“串联电路中电压的规律”的实验，下列说法正确的是（　　）

A．应选用相同同规格的灯泡多次实验
B．如果L2短路，闭合开关L1不亮
C．测出灯L1的电压后，只将电压表的一端从A改接到C，即可测出灯L2的电压
D．闭合开关两灯都亮，若突然L1断路，其他无故障，则电压表示数会变大
【答案】D。
【解答】解：A、选用不同规格的灯泡做实验，为了使结论更具有普遍性，故A错误；
B、因灯L1、L2串联，L2短路，电路仍然是导通的，并且L1两端的电压增大到接近电源电压，因此L1会更亮，故B错误；
C、在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，会导致电压表正、负接线柱接反了，无法测出L2两端的电压，故C错误；
D、闭合开关两灯都亮，若突然L1断路，其他无故障，则电压表串联接入电路，电压表示数会变大，故D正确。
故选：D。
13．对如图所示电路的分析，错误的是（　　）

A．当断开S1、S3，闭合S2时，L1、L2串联 B．当断开S2，闭合S1、S3时，L1、L2并联
C．当断开S3，闭合S1、S2时，L1、L2串联 D．只要同时闭合S2、S3，就会出现短路现象
【答案】C。
【解答】解：
A．当断开 S1、S3，闭合 S2时，电流从电源正极流出后依次通过 L1、L2、S2回到电源负极，此时 L1、L2串联，故A正确；
B．当断开S2，闭合 S1、S3时，电流从电源正极流出后分成两支，一支通过S3、L2，另一支通过L1，两支电流汇合后通过S1回到电源负极，所以L1、L2并联，故B正确；
C．当断开S3，闭合S1、S2时，L2被短路，故C错误；
D．只要同时闭合S2、S3，电流不经过用电器直接将电源的两极连接，就会出现短路现象，故D正确。
故选：C。
14．在如图所示电路中，电源电压不变，灯L标有“2.5V 1.25W”字样（假设灯丝电阻不变），电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～3V”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片，当灯泡正常发光时电压表的示数为2V。在不损坏电路元件的情况下，下列说法中错误的是（　　）

A．电源电压为4.5V
B．该电路的最大功率为2.25W
C．滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2～10Ω
D．当电流表示数为0.4A时，滑动变阻器消耗的电功率为1W
【答案】C。
【解答】解：由图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
A、当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压等于2.5V，由题意知电压表的示数为2V，则变阻器两端的电压等于2V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压U＝U灯+UR＝2.5V+2V＝4.5V，故A正确；
B、电流表的量程为0～0.6A，灯泡的额定电流为：IL＝＝＝0.5A，
串联电路各处电流相等，根据串联电路电流特点可知电路允许的最大电流值为0.5A，
所以电路的最大电功率为：P最大＝UI最大＝4.5V×0.5A＝2.25W，故B正确；
D、灯泡的电阻为：RL＝＝＝5Ω，
当电流表示数是0.4A时，灯泡两端的电压为：UL＝IRL＝0.4A×5Ω＝2V，
所以变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UL＝4.5V﹣2V＝2.5V，
变阻器的电功率为：P滑＝U滑I＝2.5V×0.4A＝1W，故D正确；
C、电路中的最大电流为0.5A，此时即为滑动变阻器所允许的最小阻值，R最小＝＝＝4Ω；
根据串联分压原理可知当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，
根据欧姆定律可得此时电路中的电流I最小＝＝＝0.3A，
则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R最大＝＝＝10Ω，
所以滑动变阻器所允许的阻值范围为4～10Ω，故C错误。
故选：C。
15．根据下表中的数据，下列说法正确的是（　　）
物质
铁
铜
水
煤油
ρ/（kg•m﹣3）
7.9×103
8.9×103
1.0×103
0.8×103
c/[J•（kg•℃）﹣1]
0.46×103
0.39×103
4.2×103
2.1×103
A．1kg铁温度升高l℃时，吸收的热量为0.46×102J
B．1kg铜温度升高l℃时，吸收的热量为0.39×103J/（kg•℃）
C．煤油和水体积之比为2：l，吸收的热量之比为12：5，则升高的温度之比为3：1
D．初温、质量相同的铁块和铜块，吸收相同的热量后相接触，内能从铁块转移到铜块
【答案】C。
【解答】解：A．铁的比热容为0.46×103J/（kg•℃），它表示质量为1kg的铁温度每升高1℃所吸收的热量是0.46×103J，故A错误；
B．铜的比热容为0.39×103J/（kg•℃），它表示质量为1kg的铜温度每升高1℃所吸收的热量是0.39×103J，故B错误；
C．由表中数据可知，煤油和水密度之比ρ煤油：ρ水＝0.8×103kg/m3：1×103kg/m3＝4：5；已知煤油和水体积之比V煤油：V水＝2：1，
由m＝ρV可得质量之比为m煤油：m水＝ρ煤油V煤油：ρ水V水＝4×2：5×1＝8：5；
已知吸收热量之比Q煤油：Q水＝12：5，
其比热容之比c煤油：c水＝2.1×103J/（kg•℃）：4.2×103J/（kg•℃）＝1：2；
根据Q吸＝cmΔt可得升高温度之比：
Δt煤油：Δt水＝＝＝3：1，故C正确；
D．质量相同的铁块和铜块，因为铜的比热容小于铁的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸＝cmΔt可知，铜块的温度升高的快；
因为铁块和铜块的初温相同，吸收相同的热量后，铜块升高的温度更大，所以铜块的末温更高，则相接触时，内能将从温度高的铜块转移到温度低的铁块，故D错误。
故选：C。
16．如图甲所示，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R′标有“20Ω 1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V。只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光；只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程中两电表示数关系如图乙所示，下列说法正确的是（　　）

①电源电压为6V
②灯泡L的额定功率为2.16W
③滑片在a点时，滑动变阻器接入阻值为6Ω
④任意闭合开关和移动滑片，在电路安全的情况下，电路工作时消耗的最小功率为1.44W
⑤任意闭合开关和移动滑片，在电路安全的情况下，电路工作时消耗的最大功率为4.48W
A．①③ B．②③ C．②④⑤ D．②③④
【答案】B。
【解答】解：（1）闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中电流最小，从图乙中可知最小电流是0.3A，灯泡两端电压为1.2V，变阻器两端电压为UP＝IR′＝0.3A×20Ω＝6V，
根据串联电路的电压特点可知电源电压U＝UL′+UP＝1.2V+6V＝7.2V，故①错误；
（2）再断开开关S1闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时（等于灯泡额定电压）电路中的电流为I′＝0.36A，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.45A，电阻R两端的电压为4.5V，
此时变阻器接入电路中的电阻Ra＝＝＝＝6Ω，故③正确；
R的阻值R＝＝＝10Ω，
当电路中的电流为0.36A时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即UL＝I′R＝0.36A×10Ω＝3.6V，
在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，灯泡的额定电流IL＝Ia＝＝＝＝0.6A，
灯泡的额定功率PL＝ULIL＝3.6V×0.6A＝2.16W，故②正确；
（3）灯泡正常工作时的电阻RL＝＝＝6Ω＜R，根据P＝UI＝可知，电路中电阻最大时，功率最小，
故可知当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，
电路的总功率最小，为P小＝＝＝1.728W，故④错误；
（4）闭合开关S和S1，L和R′串联，电路中允许通过的最大电流等于灯泡的额定电流，为0.6A，电路允许的最大功率P大＝UI大＝7.2V×0.6A＝4.32W，故⑤错误。
故选：B。
第Ⅱ卷 非选择题部分
二、填空题（本大题共6小题，每题2分，共12分）
17．现代化的生活已经离不开电了。

通常情况下，人体的安全电压不高于 　36　伏。在家庭电路中，在安装电路之前，必须要使用测电笔来判断火线和零线，如图甲、乙所示是小金同学使用测电笔两种的方法，正确的是 　乙　。
【答案】36；乙。
【解答】解：人体安全电压一般是不高于36伏；
使用测电笔时，手必须接触到笔尾的金属帽，笔尖接触导线，所以使用方法正确的是乙。
故答案为：36；乙。
18．电阻R1＝5Ω、R2＝10Ω，若将R1、R2并联接入电路中，他们两端的电压之比U1：U2＝　1：1　，若将R1、R2串联接入电路中，他们两端的电压之比U1：U2＝　1：2　。
【答案】1：1；1：2。
【解答】解：将R1、R2并联接入电路中，并联时，由各支路两端的电压相等知，
他们两端的电压之比U1：U2＝1：1；
将两个阻值相等的电阻R1、R2串联后接入电路时，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电阻 R1、R2两端的电压之比：
U1：U2＝I串R1：I串R2＝R1：R2＝5Ω：10Ω＝1：2。
故答案为：1：1；1：2。
19．水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其物理意义是质量为1kg的水，温度升高1℃时，吸收的热量为 　4.2×103　J。质量为0.1kg的水由10℃升高到30℃吸收的热量是 　8.4×103　J。
【答案】4.2×103；8.4×103。
【解答】解：水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），其物理意义是质量为1kg的水，温度升高1℃时，吸收的热量为4.2×103J；
质量为0.1kg的水由10℃升高到30℃吸收的热量是：
Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（30﹣10）℃＝8.4×103J。
故答案为：4.2×103；8.4×103。
20．用丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒由于失去电子而带 　正　电荷，如图将被丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，金属箔片会张开一定的角度，这是因为 　同种电荷相互排斥　。

【答案】正；同种电荷相互排斥。
【解答】解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，失去电子，带正电；
若将其接触验电器的金属球，玻璃棒和金属球上带有同种电荷；则金属箔带有同种电荷；由于同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开一定角度。
故答案为：正；同种电荷相互排斥。
21．节能灯L1标有“220V，1W”，小灯泡L2标有“6.3V，1W”，它们各自正常工作时，比较它们的发光亮度，则 　L1更亮　（选填“L1更亮”、“L2更亮”或“亮度相同”）。此时小灯泡L2的工作电流是节能灯L1的 　35　倍（计算结果保留整数）。
【答案】L1更亮；35。
【解答】解：灯泡正常工作时的实际功率相同等于额定功率，由题意可知两灯泡正常工作时的实际功率相同，但节能灯的光电转化效率较高，所以正常工作时L1更亮，
节能灯正常工作时的电流：I1＝＝＝A，
小灯泡正常工作时的电流：I2＝＝＝A，
则＝≈35，即小灯泡L2的工作电流是节能灯L1的35倍.
故答案为：L1更亮；35。
22．如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关，将滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。则在移动滑片的过程中，电路消耗的最大功率为 　13　W，电阻R1＝　10　Ω。

【答案】13；10。
【解答】解：闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。
当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，
从图乙可知，此时电路中电流为0.1A，滑动变阻器两端的电压为12V，
电源电压U＝U1+U2＝IR1+U2＝0.1A×R1+12V..........①，
当电路中电流为1A时，滑动变阻器两端的电压为3V，电源电压U＝U1′+U2′＝I′R1+U2′＝1A×R1+3V........②，
①②联立可得：U＝13V，R1＝10Ω；
电源电压不变，根据P＝UI可知，电路中电流最大时，总功率最大，电路消耗功率P＝UI＝13V×1A＝13W。
故答案为：13；10。
三、作图与简答题（本大题共3小题，每题3分，共9分）
23．请在如图所示电路中的“〇”内填上电流表或电压表的符号，使L1和L2并联。

【解答】解：读图可知，要使两灯泡并联，必须使电路中有两条电流的路径，电流从电源的正极出来后分成两条路径，分别经过两个灯泡，下面的电表与灯泡L2串联在支路中，为电流表；上面的电压表与灯泡并联，为电压表，如图所示：

24．根据如图所示实物图，在虚线框内画出对应的电路图。

【解答】解：根据实物图可知，两灯泡并联，电流表与灯泡L1串联，开关S2与灯L2串联，开关S1控制整个电路，电路图如下图所示：

25．处处留心皆学问，请用物理知识解释下面生活中的现象：运输时，看到在油罐车的尾部总有一根铁链在地上拖着走，这根铁链起什么作用？

【解答】解：在油的运输过程中，油不断与油槽摩擦，使油槽带电。由于汽车轮胎都是橡胶做成，橡胶属于绝缘体，不能及时将油槽带的电荷导入大地。电荷积聚在油槽上，容易产生静电火花带来危害。所以尾部装一根铁链将电荷导入大地。故答案为：将运输过程中，由于摩擦带的电荷及时导入大地，防止出现静电火花。
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共18分）
26．小明利用水和煤油探究“比较不同物质吸热的情况”的实验，操作如下：

（1）在两烧杯中分别装入初始温度相同且 　质量　相等的水和煤油。
（2）实验中选用两个相同的装置加热，目的是使水和煤油在相等时间内 　吸收的热量相同　。
（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随时间变化的图像，由图像可知，　水　（选填“水”或“煤油”）的吸热能力较强。
（4）相同条件下用相同的电加热器分别给水和煤油加热，要使水和煤油升高相同的温度，对 　水　（选填“水”或“煤油”）加热的时间更长。
（5）下列现象中不能用比热容知识来解释的是 　B　。
A.春天的夜晚，农民往稻田里灌水以防秧苗冻坏
B.炎热的夏天常常在教室的地面上洒水
C.城区建造人工湖以降低“热岛效应”造成的夏季高温
【答案】（1）质量；（2）吸收的热量相同；（3）水；（4）水；（5）B。
【解答】解：（1）探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，采用的是控制变量法，实验中需要控制水和煤油的质量、初温相同；
（2）选用相同的电加热器，加热时间相同，放出的热量相同，从而保证物质吸收的热量相同，故选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量。
（3）根据图乙可知：在质量和升高温度相同时，水的加热时间长，说明水吸收的热量比煤油吸收的热量多，则水的吸热能力强，比热容大；
（4）因水的比热容大（即水的吸热能力强），在相同条件下用相同的电加热器分别给水和煤油加热，要使水和煤油升高相同的温度，由Q＝cmΔt可知，水吸收的热量多，则对水加热的时间更长；
（5）A、春天的夜晚，农民往稻田里灌水，因水的比热容大，故放出相同热量后水降温慢，以防秧苗冻坏，故A不符合题意。
B、教室内洒水，水蒸发吸热，感觉凉快，与比热容大无关，故B符合题意；
C、导致“热岛效应”的原因有很多，比如水泥、沥青路面吸收大量太阳辐射的热；城市中的水面小，地面含水量少，致使水蒸发吸热少。可以通过增加公园面积，种植树木花草，建造人工湖等减弱“热岛效应”，是利用水的比热容大的特点，故C不符合题意，故选：B。
故答案为：（1）质量；（2）吸收的热量相同；（3）水；（4）水；（5）B。
27．在“探究串联电路电压的规律”的实验时，小玲设计了如图1所示的电路。

（1）实验中应选择规格 　不同　（选填“相同”或“不同”）的小灯泡；
（2）如图2，开关闭合后，电压表测灯L1两端的电压；为了测量BC两点间的电压，小玲将B点不动，只将接A点的线端改接到C点，则上述方法 　不正确　（填“正确”或“不正确”），理由是 　电压表的正负接线柱接反了　。
（3）实验最终得出的结论：在串联电路中，总电压等于 　各部分电路两端电压的总和　；表达式为 　UAC＝UAB+UBC　。
（4）实验需要多次测量的目的是：　B　（填字母即可）。
A．减小实验误差 B．寻找普遍规律
【答案】（1）不同；（2）不正确；电压表的正负接线柱接反了；（3）各部分电路两端电压的总和；UAC＝UAB+UBC；（4）B。
【解答】解：（1）为得出普遍规律，应使用不同规格的灯泡进行多次实验；
（2）测出L1两端的电压后，为了测量BC两点间的电压，小玲将B点不动，只将接A点的线端改接到C点，分析图2知，这样做会造成电压表正负接线柱接反了；
（3）实验最终得出的结论：在串联电路中，总电压等于各部分电路两端电压的总和，表达式为UAC＝UAB+UBC；
（4）探究串联电路电压的规律时，实验需要多次测量的目的是寻找普遍规律，故选B。
故答案为：（1）不同；（2）不正确；电压表的正负接线柱接反了；（3）各部分电路两端电压的总和；UAC＝UAB+UBC；（4）B。
28．在测量额定电流为0.3A的小灯泡（电阻大约为10Ω）额定功率的实验中，小明设计了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。

（1）若有RA（5Ω，1A）、RB（20Ω，0.5A）和RC（30Ω，0.2A）三个滑动变阻器可供选择，则应该选择变阻器 　RB　（选填“RA”“RB”或“RC”）连入电路，才能保证实验顺利进行。
（2）在实验中，若电流表示数为0.2A，则此时小灯泡的实际功率 　小于　（选填“大于”“小于”或“等于”）额定功率；在此基础上，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑片P向 　A　（填“A”或“B”）端移动；当电流表的示数为0.3A时，小灯泡正常发光，此时电压表示数如图乙所示，其读数为 　2.5　V，则小灯泡的额定功率为 　0.75　W。
（3）小东在“测量小灯泡额定功率”的实验时，电流表损坏，老师给他提供了如下器材：电源、开关、单刀双掷开关、电压表、阻值为R0的定值电阻、导线若干。小东根据所给的器材经过认真思考后，设计了如图丙所示的实验电路。
①闭合开关S，将S1拨到触点 　a　（选填“a”或“b”），移动滑片P，使电压表的示数为2.5V。
②保持滑片P位置不变，将开关S1拨到另一触点，此时电压表的示数为U。
则计算小灯泡的额定功率的表达式为P＝　　。
【答案】（1）RB；（2）小于；A；2.5；0.75；（3）a；。
【解答】解：（1）当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压约为：UL＝ILRL＝0.3A×10Ω＝3V；
滑动变阻器两端电压约为：U滑＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V，
串联电路电流处处相等，即I＝IL＝0.3A；
由I＝得滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑＝＝＝10Ω＞5Ω，
则滑动变阻器RB或RC符合要求，但灯泡的额定电流为0.3A，而滑动变阻器C的额定电流只有0.2A，故只有RB符合题意；
（2）小灯泡额定电流为0.3A，若电流表示数为0.2A，由P＝I2R可知此时小灯泡的实际功率小于额定功率；
在此基础，要使灯泡正常发光，需增大灯泡的电流，根据I＝知，需减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向A端移动，当电流表的示数为0.3A时小灯泡正常发光；
由图甲可知电压表的量程为0～3V，根据图丙知电压表的分度值为0.1V，其示数为2.5V（即灯泡正常发光时的电压）；
所以，灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（3）①闭合开关S，将S1拨到触点a，移动滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时小灯泡正常发光；
②保持滑片P位置不变，将开关S1拨到另一触点，此时电压表的示数为U；
则定值电阻两端的电压为：U0＝U﹣2.5V，
串联电路中的电流为：I＝＝，
小灯泡的额定功率为：P额＝U额I＝。
故答案为：（1）RB；（2）小于；A；2.5；0.75；（3）a；。
五、计算题（共3小题，共29分）
29．现有某型号柴油4kg，已知该型号柴油的热值q＝4.2×107J/kg。求：
（1）该柴油完全燃烧，可释放多少热量？
（2）若该柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把多少kg的水从20℃加热到70℃？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（3）该柴油通过某柴油机，可输出6.72×107J的功，则柴油机的效率是多少？
【解答】解：（1）此柴油完全燃烧，可释放热量为：Q放＝m0q＝4kq×4.2×107J/kg＝1.68×108J；
（2）若此柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则水吸收的热量为；Q吸＝Q放＝1.68×108J，
水的质量 ；
（3）柴油机的效率：。
答：（1）该柴油完全燃烧，可释放1.68×108J的热量；
（2）若该柴油完全燃烧释放的热量能完全被水吸收，则能把800kg的水从20℃加热到70℃；
（3）该柴油通过某柴油机，可输出6.72×107J的功，则柴油机的效率是40%。
30．如图所示的电路，已知电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R1上标有“50Ω 2A”字样。
（1）将滑片P滑到最右端，闭合S1，断开S2，求电流表的示数I1。
（2）保持滑片P在最右端，闭合S1、S2，电流表示数I＝3I1，求R2的阻值。
（3）若电流表的量程为0～0.6A，当闭合S1、S2时，滑动变阻器R1连入电路的阻值范围。（结果保留整数）

【解答】解：（1）闭合S1，断开S2，将滑片P移到最右端，电路为R1最大阻值的简单电路，电流表测电路中的电流，电流表的示数：
I1＝＝＝0.12A；
（2）闭合S1、S2，保持滑片P在最右端，R2与R1的最大阻值并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，过R2的电流：
I2＝3I1﹣I1＝2I1＝2×0.12A＝0.24A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，R2＝＝＝25Ω；
（3）闭合S1、S2，将滑片P移至某一位置，电流表最大示数为0.6A时，
通过R1的电流：
I1′＝I′﹣I2＝0.6A﹣0.24A＝0.36A
则此时滑动变阻器允许连入的最小阻值为：
R1′＝＝≈17Ω。
所以滑动变阻器的范围为17Ω～50Ω。
答：（1）将滑片P滑到最右端，闭合S1，断开S2，电流表的示数I1为0.12A；
（2）保持滑片P在最右端，闭合S1、S2，电流表示数I＝3I1，R2的阻值为25Ω；
（3）若电流表的量程为0～0.6A，当闭合S1、S2时，滑动变阻器R1连入电路的阻值范围17Ω～50Ω。
31．聪明的小明同学设计了一个恒温调奶器，其电路如图甲所示。控制电路中，电源电压为3V，定值电阻R0＝40Ω，热敏电阻R阻值随温度变化的图象如图乙所示。工作电路中，电源电压为220V，高温挡、保温挡的额定功率为1210W、110W，已知恒温调奶器中水温达到80℃时衔铁会跳起，（恒温调奶器中被加热牛奶的比热容为4×103J/（kg•℃），R1、R2的阻值不随温度的变化而变化）求：

（1）调奶器中的水温达到80℃，衔铁跳起，衔铁与静触点 　a　（a/b）接触，此时控制电路中的电流为多少A？
（2）恒温调奶器中装了2.42kg初温为20℃的牛奶，现利用高温挡将它加热到70℃用了500s，此过程恒温调奶器的加热效率是多少？
（3）某次测试时，将其它用电器全部断开，整个电路中只让恒温调奶器工作，测试发现保温挡工作20min工作电路中的电能表（如图丙所示）转了33r，此过程中R1两端的电压是多少V？
【解答】解：（1）由图乙可知，热敏电阻R随温度的升高而增大，则控制电路中的电流减小，当调奶器中的水温达到80℃，通过电磁铁的电流过小，磁性太弱，不能吸引衔铁，衔铁跳起，与触点a接触；
由图乙可知，当温度为80℃时，热敏电阻R＝60Ω，热敏电阻R与定值电阻R0串联，串联后的总电阻R总＝R+R0＝60Ω+40Ω＝100Ω，则控制电路中的电流I＝＝＝0.03A；
（2）牛奶吸收的热量；Q吸＝cm（t﹣t0）＝4×103J/（kg•℃）×2.42kg×（70Ω﹣20Ω）＝4.84×105J；
由P＝可知，高温挡加热500s消耗的电能：W＝P高t1＝1210W×500s＝6.05×105J；
恒温调奶器的加热效率：η＝×100%＝×100%＝80%；
（3）恒温调奶器中水温达到80℃时衔铁会跳起，衔铁与触点a接触，工作电路中R1、R2串联，此时为保温挡，由P＝UI＝可知，工作电路中R1、R2的总电阻：R′＝＝＝440Ω；
当衔铁与b触点接触时，工作电路中只有R2工作，此时为高温挡，
由P＝UI＝可知，R2的阻值：R2＝＝＝40Ω；
由R′＝R1+R2可知，R1＝R′﹣R2＝440Ω﹣40Ω＝400Ω；
由图丙可知，电能表上的参数3600r/（kW•h），它表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3600转，
电能表转盘转了33转，恒温调奶器消耗的电能：W1＝＝＝3.3×104J；
由W＝UIt＝I 2R t可知，此时工作电路中的电流：I′＝＝＝0.25A；
由串联电路的电流特点可知，通过R1、R2的电流相等，即I1＝I2＝I′＝0.25A；
由I＝可知，R1两端的电压：U1＝I1R1＝0.25A×400Ω＝100V。
答：（1）a；
（2）恒温调奶器的加热效率是为80%；
（3）R1两端的电压是100V。