初中物理中考复习 物理-（江苏卷）2020年中考考前最后一卷（全解全析）

2020年中考考前最后一卷【江苏卷】

物理·全解全析

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）

1．【答案】D

【解析】电磁波可以传递信息和能量，电磁波能够在真空中传播，所以5G卫星通讯是利用电磁波来传递信息的。

2．【答案】D

【解析】不同人的声带结构不同，发出声音的音色不同，所以可以通过声音辨别对方是谁，这主要是根据声音的音色，故D正确；

3．【答案】A

【解析】A、中学生一步大约0.5m，走过的路程大约为0.5m×13568≈76500m，接近6000m，故A正确；

B、人正常步行的速度在1m/s左右，故B错误；

C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故C错误；

D、正常成年人一次心跳时间约1s，故D错误。

4．【答案】D

【解析】A、演员对着镜子画脸谱，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；

B、当月球正好在太阳和地球之间时，地球进入了月球的影子中，从而形成日食，日食是由光的直线传播形成的，故B错误；

C、水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C错误；

D、彩虹属于光的色散现象，是由光的折射形成的，故D正确。

5．【答案】A

【解析】A、无人快递车刹车后，快递车由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以继续向前运动，故A正确；

B、无人车匀速转弯时，运动方向改变，其运动状态改变，则无人车受到非平衡力的作用，故B错误；

C、无人快递车的轮子有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；

D、无人快递车行驶过程中，以快递车为参照物，货物与快递车之间没有位置变化，是静止的，故D错误。

6．【答案】C

【解析】A、如图甲是两铅柱底面削平紧压在一起，下面吊一重物都不能把它们拉开，说明分子间有引力，不属于扩散现象，故A不符合题意；

B、如图乙是电子显微镜下某种物质的微观结构，不属于扩散现象，故B不符合题意；

C、长喙天蛾能够闻到花香，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C符合题意；

D、如图丁是火山爆发，漫天灰霾，是机械运动，不属于扩散现象，故D不符合题意。

7．【答案】D

【解析】A、C两容器中液体深度相同，即hA＝hC，ρ酒精＜ρ水，

故根据p＝ρgh可知，pC＜pA，

A、B两容器盛的都是水，则密度相同，A容器中水的深度小于B容器中水的深度，

故根据p＝ρgh可知，pA＜pB，

所以三个容器底部所受的液体压强关系为：pC＜pA＜pB。

由题图可知，三容器的底面积关系为：SB＝SC＜SA。

根据p＝可得F＝pS，

所以，AB两容器底部所受液体压力可能相等，C容器所受液体压力最小。

8．【答案】C

【解析】水雾是液态的，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴。

9．【答案】D

【解析】由电路图知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表电路中电流，电压表测两端电压。

A、当滑动变阻器滑片左移时，R2连入电路的阻值变小，故A错误；

B、由串联电路的电阻特点知，总电阻R＝R1+R2，R1阻值不变，R2连入电路的阻值变小，所以总电阻变小，故B错误；

C、电源电压不变，总电阻变小，由I＝知，电路中电流变大，即电流表示数变大，故C错误；

D、电路中电流变大，由U＝IR知，R1两端电压U1变大，即电压表示数变大，故D正确。

10．【答案】C

【解析】A、风力发电机是利用电磁感应原理工作的，在工作过程中，线圈在外力的作用下在磁场中转动，将风能转化成电能，故A不符合题意；

B、电风扇中的主要部件是电动机，电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，不是应用电流的磁效应，故B不符合题意；

C、电铃是利用电流的磁效应工作的，故C符合题意；

D、动圈式话筒利用的是电磁感应现象，故D不符合题意。

11．【答案】D

【解析】手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光；

A、此图反映了通电线圈在磁场中受到力转动，与手摇电筒的制成原理无关，故A错误；

B、此图中有电源，反映了通电线圈在磁场中受到力转动，与手摇电筒的制成原理无关，故B错误。

C、奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场。与手摇电筒的制成原理无关，故C错误。

D、图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的制成原理相符合，故D正确。

12．【答案】D

【解析】A、运动员下落过程中，重力的方向是竖直向下的，运动方向也是向下的，重力做功，速度越来越快，故A错误；

B、运动员下落过程中，速度越大，所以运动状态改变，故B错误；

CD、运动员下落过程，高度减小，重力势能减小，速度增加，动能增加，故C错误、D正确。

二．填空题（本大题共7小题，每空1分，共17分）

13．【答案】516；运动

【解析】（1）飞机飞行的路程s＝731km，时间t＝1h25min＝h，

则全程的平均速度为：v＝＝＝516km/h。

（2）在飞行过程中，以地面为参照物，飞机相对地面上的某一点之间的位置在不断变化，所以飞机是运动的。

14．【答案】能；A

【解析】红外线测温仪是利用红外线热作用很强工作的，物体温度越高，辐射红外线的本领越强，与光照没有关系，所以该设备在无光的夜晚能使用；

红外线测温仪工作时，把物体发射的红外线具有的辐射能转变成电信号，再经过电路运算处理后，换算转变为被测目标的线性的温度信号值，最后显示输出被测物体的温度，故A图符合实际。

15．【答案】凸透镜；会聚

【解析】多肉上的水滴相当于一个小的凸透镜，把太阳光进行会聚，使得局部形成高温，从而伤害多肉芯上的嫩芽，所以要用专用气吹清除多肉芯上的水珠。

16．【答案】123.4g；1.234×103；大

【解析】物体的质量等于砝码的质量加上游码所对的刻度值：图中数据可知牛奶和烧杯的总质量为153.4g。烧杯的质量为30g。那么倒入量筒中的牛奶的质量为123.4g；

牛奶的体积为100cm3，

牛奶密度为：ρ＝＝＝1.234g/cm3＝1.234×103kg/m3；

先测出烧杯中牛奶的质量后，再将牛奶倒入量筒中测体积时，有些牛奶沾在烧杯壁上，则体积测量值偏小，根据密度公式ρ＝知测得的牛奶密度偏大。

17．【答案】不变；8×107；不变

【解析】当轮船在上海码头卸下货物后，质量减少，轮船的重力减小，船漂浮在水面上时，船的浮力等于货物的重力，所以轮船所受到的浮力也减小，轮船将上浮一些。所以轮船减少的浮力＝卸下货物的重力＝m货g＝8×106kg×10N/kg＝8×107N；

轮船的“排水量”指的是满载时排开水的质量，对于任何一艘轮船来说，它是固定不变。

18．【答案】弹性势；动；减小

【解析】拉弯的弓把箭射出的过程中，弓的形变变小，箭的速度增加，因此弓的弹性势能转化为箭的动能；

如图乙，运动员拉弦的手要戴上“护指”，这是通过增大手的受力面积来减小弦对手的压强。

19．【答案】低温；6.6

【解析】（1）闭合开关S1，断开开关S2，两电阻串联，电阻较大，根据P＝知热水器处于低温档；

根据P＝得电路的总电阻为：

R＝＝＝8.8Ω，

因为R＝R1+R2，且R1＝3R2，

所以可得：3R2+R2＝8.8Ω，

R2＝2.2Ω，

R1＝3R2＝3×2.2Ω＝6.6Ω。

故答案为：。

三．解答题（本题共11小题，共59分。解答第29、30题时应有公式和解题过程）

20．【解析】（1）重力的方向是竖直向下的，从重心画一个带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：（2）木块沿斜面减速上滑，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，滑动摩擦力的示意图，如图所示：

21．【解析】图中法线已画出，光由玻璃斜射进入空气时，折射角大于入射角，折射光线远离法线，由此在法线右侧的空气中画出折射光线的大致位置，如图所示：

22．【解析】由图可知，上面是火线，中间为零线，下面为地线；

灯泡和开关的接法：火线先进入开关，开关要控制两盏灯，则开关应串联在干路上，家庭电路中两灯泡应并联；

三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，如图所示：

23．（6分，每空1分）【答案】（1）40°；（2）120°；（3）不能；反射光线、入射光线、法线在同一平面内；（4）OA；可逆的

【解析】（1）反射角等于入射角，都为40°；

（2）若使入射光线与平面镜的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°＝60°，则反射角也为60°，那么反射光线与入射光线的夹角为120°；

（3）由光的反射定律可知：反射光线与入射光线在同一平面内，小金将纸板F绕垂直于镜面的ON向后转动，则在纸板F上不能看到反射光线；

（4）因为反射过程中光路可逆，如果将光线沿着BO方向射向平面镜时，反射光线沿着OA方向射出，这说明在光的反射现象中，光路是可逆。

24．（5分，每空1分）【答案】（1）匀速直线；（2）乙、丙；（3）错误；切分后改变了木块的面积和质量，导致实验过程未控制木块对接触面的压力相同，影响实验结论；（4）B

【解析】（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，根据二力平衡，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。

（2）研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力相同，故乙、丙两个实验说明了滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关。

（3）研究滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，要控制压力和接触面粗糙程度相同，小安在上述A实验的基础上，将木块沿竖直方向切去一部分后进行探究，切分后改变了木块的面积和质量，导致实验过程未控制木块对接触面的压力相同，影响实验结论，故这种做法错误；

（4）图乙所示装置中，木块相对地面处于静止状态，受到的测力计B的拉力与木块受到的摩擦力为一对平衡力，大小相同，故在用力将木板向左拉出的过程中，弹簧测力计B的示数反映了木块与木板间的滑动摩擦力大小。

25．（5分，每空1分）【答案】（1）乙；（2）密度；（3）①20；0.2；②C

【解析】（1）要探究液体压强大小与深度的关系，应控制液体的密度相同、探头的方向相同，而深度不同，故选甲、乙两图即可；

（2）比较甲图和丙图可知，探头所处的深度相同，液体的种类不同，橡皮膜的形变程度不同，说明液体产生的压强不同，可初步得出液体内部压强与液体密度有关。

（3）①由图知，溢出的水全部流入小量筒中，排开水的体积为20mL＝20cm3，

此时探头所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3＝0.2N。

②由甲、乙两图可知，探头浸入水中的深度增加时，其体积会减小，排开水的体积减小，根据F浮＝ρ水gV排知，其所受浮力变小；根据F浮＝G排＝m排g知，排开水的质量变小；

探头在刚与溢水杯底部接触但对溢水杯底部没有压力之前，探头的重力不变，所受浮力变小，根据F浮＝G﹣F示知，弹簧测力计示数会变大；

当探头在与溢水杯底部接触且对溢水杯底部有压力之后，探头还受到杯底向上的支持力，根据力的合成可知，弹簧测力计示数会变小；

所以，整个过程中弹簧测力计的示数会先变大后变小，故选C。

26．（7分，每空1分）【答案】（1）左；（2）1；20；不正确，分析一组数据就得出结论，实验结论不具有普遍性，且第2、3组数据也得不出小明的结论，再者不同的物理量之间相加减没有意义；

杠杆的平衡条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1l1＝F2l2）；（3）动力臂变小，动力变大；（4）2

【解析】（1）由图知，左端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向左调节；

（2）由图乙可知，4个钩码，动力为2N，即每个钩码0.5N，故阻力2个钩码为1N；

动力臂为10cm，2个小格，即每个小格5cm，故阻力臂4个小格20cm；

小明根据第一次实验数据得出杠杆平衡条件是动力+动力臂＝阻力+阻力臂。他得出的结论不正确，分析一组数据就得出结论，实验结论不具有普遍性，且第2、3组数据也得不出小明的结论，再者不同的物理量之间相加减没有意义。

分析表中数据，可得出的实验结论是：杠杆的平衡条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1l1＝F2l2）；

（3）杠杆平衡时弹簧测力计的示数为Fa，若在A点斜向下拉，杠杆要求在水平位置再次平衡时，弹簧测力计的示数为Fb，杠杆在水平位置平衡，阻力、阻力臂不变，弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，动力臂变小，动力变大。所以则Fa小于Fb；

（4）如图丁所示，用杠杆撬石头是省力杠杆，动力臂大于阻力臂，目的是省力，应用了实验中的第2次实验原理。

27．（4分，每空1分）【答案】（1）自下而上；试管内的物质没有全部在水面以下；（2）大于；（3）水的温度仍高于晶体的熔点

【解析】（1）在使用酒精灯时，需要用其外焰加热，所以要先根据酒精灯确定铁圈得位置。又因为使用温度计时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁，所以要根据温度计的长度确定横杆的位置，因此按照“由下至上”安装实验装置；

从图甲可看出试管内的物质没有全部在水面以下，会影响实验效果；

（2）通过图象可以看出，固态时的图象的倾斜程度要小于于液体时图象的倾斜程度，即在相同的时间内（吸收相同的热量）固态时的温度变化小，根据Q＝cm△t可知，吸收相同热量，固态时温度上升慢，所以该物质在固态时的比热容大于液态时的比热容；

（3）晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸热，撤去酒精灯后，水的温度仍高于晶体的熔点，晶体可以继续吸热，所以晶体能继续熔化。

28．（6分，每空1分）【答案】（1）；（2）A；（3）0.7；（4）①；②保持滑动变阻器滑片位置不变；③2.5V×（I﹣）

【解析】（1）灯泡、电流表以及滑动变阻器串联在电路中，电压表并联到小灯泡的两端，注意滑动变阻器按一上一下原则接线，滑片P向左移动时，灯泡变亮，表明电路电流变大，滑动变阻器电阻变小，应该接A接线柱；如图：

；

（2）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；

（3）由表中数据，灯在额定电压下的电流为0.28A，故小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；

（4））②A．闭合开关S、S1与a相接，并调节滑片P，使电流表示数I1＝，此时灯泡正常发光；

B．保持滑动变阻器滑片位置不变，S1接b，记下电流表的示数I；

C、在A中，灯泡与定值电阻并联后与滑动变阻器串联，电流表测量定值电阻中的电流，因电流表示数I1＝，由欧姆定律，R0的电压为2.5V，根据并联电路电压的规律，此时灯泡的电压也为2.5V，正常发光；

在B中，此时灯泡与定值电阻并联后与滑动变阻器串联，电流表测量干路电流，因电路连接关系没有改变，各电阻电压和电流不都没有改变，故通过电阻的电流大小不变，根据并联电路电流的规律，则小灯泡的额定电流为：IL＝I﹣，

小灯泡额定功率的表达式：P＝ULIL＝2.5V×（I﹣）。

29．【解析】解：

（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压力：

F＝G＝mg＝20kg×10N/kg＝200N，

对地面的压强：

p＝＝2.5×105Pa；

（2）根据v＝可得，无人机上升到高度：

h＝vt＝1.5m/s×40s＝60m，

则无人机克服重力做的功：

W＝Gh＝200N×60m＝1.2×104J。

30．【解析】解：

（1）由表格数据可知，电池的容量为“4500mAh”，mA是电流的常用单位，h是时间的常用单位，

由I＝的变形式Q＝It可知，“容量”可能与物理量电荷量有关；

该手机的锂离子电池最多可以储存电能：

W＝UIt＝3.6V×4500×10﹣3A×3600s＝58320J；

（2）由充电效率η＝×100%可得，手机电池充电时消耗的电能：

W充＝＝＝64800J，

由W＝UIt可得，涵选用快速充电器将手机电池充满需要的时间：

t′＝＝＝1620s＝0.45h；

（3）充电器的充电线有电阻，由焦耳定律知，工作过程中会产生热量；充电线尽可能做得粗一些，目的是减小电阻，使充电过程中产生的热量少一些。