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    精品解析:北京市平谷区2019-2020学年高一下学期期末质量检测数学试题

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    2019-2020学年北京市平谷区高一第二学期期末数学试卷一、选择题(共8小题).1. 已知向量,若,那么m的值为(    A.  B.  C. 2 D. 【答案】C【解析】【分析】由两个向量垂直得数量积等于零,列方程可求出m的值【详解】向量,则解得.故选:C.【点睛】此题考查由向量垂直求参数,属于基础题2. 的值等于(    A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】利用和角的正弦公式化简求值得解.【详解】由题得.故选:【点睛】本题主要考查和角的正弦公式的应用,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.3. 已知圆柱的底面半径和高都是,那么圆柱的侧面积是(    A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【分析】本题可根据圆柱的侧面积公式得出结果.【详解】因为圆柱的底面半径和高都是所以圆柱的侧面积故选:B.【点睛】本题考查圆柱的侧面积的计算,若圆柱的底面半径为,高为,则侧面积,考查计算能力,是简单题.4. 给出下列四个命题:①垂直于同一平面的两个平面互相垂直;②平行于同一平面的两个平面互相平行;③垂直于同一直线的两个平面互相垂直;④平行于同一直线的两个平面互相平行,其中正确命题的序号是(    A. ① B. ② C. ③ D. ④【答案】B【解析】【分析】通过举例的方式逐一验证各选项的对错.【详解】①垂直于同一平面的两个平面可能垂直,也可能平行,比如正方体的下底面和左右侧面互相垂直,但是左右侧面互相平行,故错误;②平行于同一平面的两个平面互相平行,比如用平行于正方体上下底面的平面截正方体,所得截面和上下底面互相平行,故正确;③垂直于同一直线的两个平面互相平行,比如正方体的一条侧棱垂直于上下底面,且上下底面互相平行,故错误;④平行于同一直线的两个平面可能相交,比如正方体的下底面的一条棱平行于侧面和上底面,而侧面和上底面相交,故错误.故选:B.【点睛】本题考查空间直线、平面的位置关系的判断,常用的方法是采用作图或举例子的方式去判断对应命题的真假,主要是考查学生的空间想象能力,难度一般.5. 化简向量等于(    A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】直接利用向量的加减法法则求解即可【详解】.故选:A.【点睛】此题考查向量的加减法法则的应用,属于基础题6. 关于函数,下列命题正确的是(    A. 存在,使是偶函数 B. 对任意的都是非奇非偶函数C. 存在,使既是奇函数,又是偶函数 D. 对任意的都不是奇函数【答案】A【解析】【分析】由三角函数的图象性质结合诱导公式,对每一选项进行逐一判断即可.【详解】对于A,当时,函数是偶函数,所以A正确;对于B,当时,函数是奇函数,所以B错误;对于C,由选项A, B的分析,不存在,使函数既是奇函数,又是偶函数,所以C错误;对于D时,函数是奇函数,所以D错误.故选:A.【点睛】本题考查三角函数的奇偶性的分析,属于基础题.7. 已知非零向量满足,且,那么等于(    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】本题首先可根据得出,然后根据得出,即可求出的值.【详解】因为非零向量满足,且.所以故选:C.【点睛】本题考查向量的运算,考查向量的模的相关性质,考查计算能力,体现了基础性,是简单题.8. 已知函数,如果存在实数,使得对任意实数x,都有,那么的最小值为(    A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】由题意分析可知的最小值,的最大值,故最小时为半个周期.【详解】的周期由题意可知的最小值,的最大值,的最小值为.故选:D.【点睛】本题考查三角函数的图象及性质,属于简单题,分析清楚题目意思是关键.二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30.请把答案填在答题卡中相应题中横线上)9. 等于________.【答案】【解析】【分析】直接逆用余弦的二倍角公式求解即可【详解】故答案为:.【点睛】此题考查余弦的二倍角公式的应用,属于基础题10. 已知,且,那么等于________;等于________.【答案】    (1).     (2). 【解析】【分析】给等式两边平方,再利用正弦的二倍角公式可求出,而,从而可求出的值【详解】,且.把所给的等式平方可得.再根据.求得,或(舍去),故答案为:.【点睛】此题考查同角三角函数的关系的应用,考查二倍角公式的应用,考查转化思想,属于基础题11. 中,,且,则边AB的长为   【答案】1【解析】试题分析:因为,所以考点:向量数量积12. 中,角ABC对边分别为abc,已知,那么b等于________.【答案】【解析】【分析】由三角形面积公式求出边,再由余弦定理计算可得;【详解】解:由余弦定理可得.故答案为:.【点睛】本题考查余弦定理及三角形面积公式的应用,属于基础题.13. 中,角ABC所对的边分别为abc,如果,那么的最大内角的余弦值为________.【答案】【解析】【分析】由边的大小关系可知是最大角,然后利用余弦定理求解.【详解】ABC所对的边分别为abc,如果,则是最大角,故答案为:.【点睛】本题考查三角形中的边角关系,考查余弦定理的应用,属于简单题.14. 已知,如果P点是所在平面内一点,且,那么的值等于________.【答案】13【解析】【分析】由条件可得,可得,由,可得出答案.【详解】.故答案为:13.【点睛】本题主要考查了平面向量线性运算和数量积的运算性质的应用,属于中档题.三、解答题(本大题共6小题,共80分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.15. 已知向量.1)若共线,求x的值;2)若,求x的值;3)当时,求夹角的余弦值.【答案】1;(2;(3.【解析】【分析】1)利用向量共线的坐标表示即可求解;2)分别求出的坐标,利用向量垂直的坐标表示即可求解;3)利用向量夹角的公式即可求解.【详解】1共线,,解得2,且,解得3)当时,.【点睛】本题主要考查了向量共线、向量垂直。以及向量夹角的坐标表示,属于基础题.16. 如图,在三棱锥中,DE分别是ABAC的中点,且平面ABC.1)求证:平面PDE2)求证:平面PDE.【答案】1)证明见解析;(2)证明见解析.【解析】【分析】(1)利用线面平行的判定定理证明;(2)由线面垂直得出,由分别为的中点以及得出,然后由线面垂直的判定定理证明即可得出结论.【详解】(1)由分别为中点,可得,由PDEPDE,可得平面PDE(2)由平面ABC平面ABC,可得,由(1),且由题意可得,所以由,且平面PDE,可得平面PDE.【点睛】本题考查了线面平行的证明,考查了线面垂直的性质定理和判定定理的应用,属于一般难度的题.17. 已知函数.1)求的最小正周期;2)求在区间上的最大值和最小值;3)若函数上有两个不同的零点,求实数k的取值范围.【答案】1;(2)最大值为2,最小值为 ;(3.【解析】【分析】1)先利用二倍角公式和辅助角公式对函数化简,再利用周期公式可求出周期;2)由,再结合正弦函数的图像和性质可求出函数的最值;3)由函数上单调递增,,在上单调递减,,从而可求出实数k的取值范围.【详解】1)由的最小正周期为.2)因为所以所以.从而所以,当,即时,的最大值为2,即时,的最小值为.3)由,得,而函数上单调递增,,在上单调递减,所以若函数上有两个不同的零点,则.【点睛】此题考查三角函数恒等变换公式的应用,考查正弦函数图像和性质的应用,属于基础题18. 中,角ABC的对边分别是abc.1)求边c的值;2)若,求的面积.【答案】14;(2.【解析】【分析】1)运用正弦定理,角化为边,即可得到所求值;2)运用余弦定理求得,可得,再由面积公式即可得到所求值.【详解】1由正弦定理可得,2代入解出【点睛】本题考查三角形的正弦定理和余弦定理、面积公式的运用,考查运算能力,属于中档题.19. 已知.1)求的值;2)求的值;3)若,求的值.【答案】1;(2;(3.【解析】【分析】1)根据角的范围,利用平方关系求出,再利用商的关系求的值;2)直接利用两角和的正切公式求的值;3)求出,由,利用两角差的正弦公式求解即可.【详解】(1)因为,所以.2.3)因为,所以.又因为,所以..【点睛】三角函数求值有三类,(1)“给角求值:一般所给出的角都是非特殊角,从表面上来看是很难的,但仔细观察非特殊角与特殊角总有一定关系,解题时,要利用观察得到的关系,结合公式转化为特殊角并且消除非特殊角的三角函数而得解.(2)“给值求值:给出某些角的三角函数式的值,求另外一些角的三角函数值,解题关键在于变角,使其角相同或具有某种关系.(3)“给值求角:实质是转化为给值求值,先求角的某一函数值,再求角的范围,确定角.20. 如图,在四棱锥中,底面ABCD是菱形,平面ABCD.1)求证:直线平面PNC2)在AB上是否存在一点E,使平面PDE,若存在,确定E的位置,并证明,若不存在,说明理由;3)求三棱锥的体积.【答案】1)证明见解析;(2EAB中点,证明见解析;(3.【解析】【分析】1PC上取一点F,使,连接MFNF,证明,推出,即可得证;2EAB中点,证明,利用线面垂直的判定定理即可证明平面PDE3)证明为点到平面的距离,求出底面积,利用等体积法即可求解.【详解】1)在PC上取一点F,使,连接MFNF,因为,所以可得.所以MFNA为平行四边形,平面 所以直线平面2EAB中点,证明如下:因为EAB中点,底面ABCD是菱形,,所以因为,所以, 平面ABCD,所以所以直线平面PDE3)直线,且由(2)可知,DE为点A到平面PDC的距离,所以.【点睛】本题主要考查了直线与平面平行以及垂直的判断,考查了等体积法求三棱锥的体积,属于中档题.

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