江苏省无锡市江阴市2022-2023学年高三上学期期末考试物理答案

这是一份江苏省无锡市江阴市2022-2023学年高三上学期期末考试物理答案，共6页。试卷主要包含了01，0 0，5t 2 10t 12，4J等内容，欢迎下载使用。
江阴市普通高中 2022 年秋学期高三阶段测试答案物 理 2023.01一、单项选择题：本大题共 10 小题，每小题 4 分，共计 40 分．每小题只有一个选项符合题意． 题号12345678910答案CADDCBDCBC 二．非选择题：共 5 题，共 60 分．其中第 12 题～第 15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．11．（15 分） （1）左侧 （2）78.0（77.8cm~78.2cm 都算对） （3） 0.90 偏大mg  2M  m k
（4） Mg
（说明：每空 3 分）
  12．（8 分）解：（1）根据对称及光路可逆性，作出光路如图所示。 i/=60°r=r/=θ=30° (1 分)
  解得 n 
n   sin isin r 
(2 分) (1 分)
 
（2）由几何关系得
CB  BD  2R cosr  3R
光在液滴中的传播速度光在液滴中的传播时间
v  cnt  CB  BD  6R
(2 分) (2 分)
v c  
13．（10 分）解：（1）金属棒达最大速度时产生的电动势
E  BLvm
(1 分)
 
 回路中产生的感应电流
I ER  r
(1 分)
金属棒棒所受安培力 F安  BIL
(1 分)
 cd 棒受力如图所示当所受合外力为零时，下滑的速度达到最大，即 mg sin F安 (1 分)
 由以上四式解得 B  
代入数据得
B  2T
(1 分)
（2）金属棒从 t＝0 起运动的加速度大小为 a，由牛顿第二定律有
mg sin ma
(1 分)
 
解得 a  g sin 5m/s 2
(1 分)
 
 因为不产生电流，所以磁通量不变
B Ls  BL  s  v t  1 at 2  
(2 分)
0  m 2 
 B  B0 s
  12B0
得 s  v t  1 at 2
2.5t 2 10t 12
(1 分)
m 2
14．（12 分）解：（1）洛伦兹力提供向心力 qvB  m vR
(2 分)
解 得 R1 
mv2qB0
、 R2
 mv3qB0
Q、O 的距离
d  2R1  2R2
(1 分)
解得 d 
mv3qB0
(1 分)
（2）  粒子再次经过 P，经过 N 个周期
N  OP  2R1  3d d
(1 分)
匀速圆周运动
T  2R1  m 、 T
 2R2  2m
绕一周的时间
v qB0 T   T1     T22 2
v 3qB0
  (1 分)
 
 两次经过 P 点的时间间隔
t  3T  T12
(1 分)
 
解得 t  2mqB0
(1 分)
 
（3）  粒子经过 y 轴的时刻
t1  nT (n  0,1, 2, 3,)
(1 分)
或 t  nT  T1
(n  0,1, 2, 3,)
(1 分)
2   解得 t1
2  5mn (n  0,1, 2, 3,) 6qB0
  (1 分)
 
 或 t2
 5mn 6qB
m2qB
(n  0,1, 2,3,)
(1 分)
0 0  15．（13 分）解：（1）滑块 B 由静止释放后，在电场力作用下，从木板 A 的左侧匀加速运动到右侧，木板 A 不动。对 B 有              F  qE  ma
解得 a  2m/s2
v2  2aL
(1 分)
第一次碰前 B 的速度为 vB1，则 B1
解得 vB1  2m / s
(1 分)
由滑块 B 和木板 A 发生弹性碰撞得
mvB1
 mv
  mv 
  解得 v
   2m/s
、v   0
1 mv2
2  1 mvB1 2
2  1 mv 2B1 2 A1
(2 分)
（2）  第一次碰后，木板 A 匀速运动，滑块 B 做初速度为零的匀加速直线运动，历时 t 秒vB 2   at
xB 2
 1 at22
 A1 A1
解得 t  1s
xA1/-xB2=LvB2  2m/s x    2m xB 2  1m
(2 分)(1 分)
说明：第一次碰后，历时 t=1s，滑块 B 在木板左侧，且二者有共同速度，不发生碰撞。所以滑块 B从开始运动到再一次运动到凹形木板 A 左侧时，电场力对滑块 B 所做功
W  qE(xB1  xB 2 )  0.4J
(1 分)
（3）  t=2s 时，滑块 B 在木板左侧，且二者有共同速度，不发生碰撞。同理，滑块 B 与木板 A 发生第二次碰撞有：碰前v     v  atx  v  t  1 at 2
B 2 xA1
B 2 2   vA 
xB2-xA1//=L
碰撞得
mv   mv
  mvB 2
   mvA2
1 mv 2  1 mv2  1 mv  
2  1 mv2
2 B 2解得
2 A1 2 B 2
2 A2
vA2   4m/svB 2   2m/s
 (2 分)
 
且有：第一次碰撞后第二次碰撞后
xA1  4 xA2  xB3  8m
   (1 分)
 由数学归纳可知：木板 A 与滑块 B 发生（n-1）次碰撞到 n 次碰撞过程中
 则木板 A 发生的总位移
xA( n1)  4(n 1)
(1 分)
xA  xA0  xA1  xA2   xAn1
0 4 8  4 n 1
2 n
n 1 m
(1 分)