2022-2023学年河北省石家庄市二中高一12月月考生物试题含解析

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河北省石家庄市二中2022-2023学年高一12月月考
生物试题
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．细胞学说建立的过程中，有多位科学家作出了贡献，下列说法不符合史实的是（    ）
A．列文虎克用自制的显微镜观察植物的木栓组织，发现了细胞
B．施莱登通过对花粉、胚珠、柱头组织的观察，提出了植物细胞学说
C．比夏经过对器官的解剖观察，指出器官由低一层次的结构—组织构成
D．魏尔肖在前人的实验和理论基础上总结出“细胞通过分裂产生新细胞”
【答案】A
【分析】1543年比利时的维萨里，法国的比夏揭示了人体在组织和器官水平的结构；1665年英国的罗伯特胡克用显微镜观察植物的木栓组织，发现许多规则的“小室”并命名为细胞，17世纪列文虎克用显微镜发现了活细胞，19世纪德国的施莱登、施旺提出细胞是构成动植物提的基本单位，1858年德国的魏尔肖总结出“细胞通过分裂产生新细胞”。
【详解】A、罗伯特•胡克用显微镜观察植物的木栓组织，是细胞的发现者和命名者，列文虎克用自制显微镜观察到了细菌、红细胞等，A错误；
B、植物学家施莱登通过对花粉、胚珠、柱头组织的观察，发现这些组织都是有细胞构成的，而且细胞中都有细胞核，在此基础上，他进行了理论概括，提出了植物细胞学说，B正确；
C、法国比夏经过对器官的解剖观察，指出器官由低一层次的结构—组织构成，C正确；
D、1858年，德国的魏尔肖在前人的实验和理论基础上总结出“细胞通过分裂产生新细胞”，D正确。
故选A。
2．下列叙述中，正确的是（    ）
A．生态系统中包含了阳光、空气等非生物因素
B．培养大肠杆菌的培养基被污染后，滋生了许多杂菌，它们共同构成种群
C．草履虫的生命系统结构层次只包括个体
D．精细胞不具有细胞结构，只有与卵细胞结合形成受精卵，才具有细胞的结构和功能
【答案】A
【分析】生命系统的结构层次
（1）生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈。
（2）地球上最基本的生命系统是细胞。分子、原子、化合物不属于生命系统。
（3）生命系统各层次之间层层相依，又各自有特定的组成、结构和功能。
（4）生命系统包括生态系统，所以应包括其中的无机环境。
【详解】A、生态系统指生活在同一地域的所有生物及其无机环境相互作用，形成的统一整体。生态系统中包含了阳光、空气等非生物因素，A正确；
B、培养大肠杆菌的培养基被污染后，滋生了许多杂菌，它们共同构成群落，B错误；
C、草履虫为单细胞生物，其既属于生命系统中的细胞层次，也属于生命系统中的个体层次，C错误；
D、精子是雄性生物的生殖细胞，精子和受精卵都具有细胞的结构和功能，D错误。
故选A。
【点睛】
3．用一台装有5×目镜和10×物镜的显微镜，观察一个面积为0.16mm2的正方形，视野中正方形的面积为（　　）
A．24mm2 B．8mm2 C．36mm2 D．400mm2
【答案】D
【分析】显微镜放大倍数描述的是“长度”放大倍数而不是“面积”放大倍数。
【详解】显微镜的放大倍数等于目镜放大倍数乘以物镜放大倍数，则此显微镜的放大倍数为5×10=50倍，这是对边长的放大倍数。面积是0.16mm2的正方形的边长为0.4mm，边长都放大50倍后为0.4×50=20mm，所以放大后视野中正方形的面积为20×20=400mm2。D正确。
故选D。
4．下列关于真核生物和原核生物的叙述，正确的是（    ）
A．颤蓝细菌没有叶绿体，因此不能进行光合作用
B．原核细胞内没有核糖体，但能合成蛋白质
C．凡是由细胞构成的生物，其遗传物质一定是DNA
D．真菌中没有线粒体，所以不能进行有氧呼吸
【答案】C
【分析】1.由原核细胞构成的生物叫原核生物，由真核细胞构成的生物叫真核生物；原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体，原核细胞只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸和蛋白质等物质。
2.常考的真核生物有绿藻、衣藻、真菌（如酵母菌、霉菌、蘑菇）、原生动物（如草履虫、变形虫）及动、植物等；常考的原核生物有蓝藻（如颤藻、发菜、念珠藻、蓝球藻）、细菌（如乳酸菌、硝化细菌、大肠杆菌等）、支原体、放线菌等；此外，病毒没有细胞结构，既不是真核生物也不是原核生物。
3.原核细胞和真核细胞均含有DNA和RNA两种核酸，其遗传物质都是DNA。
4.原核细胞的分裂方式是二分裂；真核细胞的分裂方式有三种：有丝分裂、无丝分裂和减数分裂。
5.细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。
【详解】A、颤蓝细菌没有叶绿体，但细胞中含有叶绿素和藻蓝素，因此能进行光合作用，A错误；
B、原核细胞内含有的唯一细胞器是核糖体，核糖体是合成蛋白质的机器，因而原核细胞能合成蛋白质，B错误；
C、凡是由细胞构成的生物，其遗传物质一定是DNA，即细胞生物的遗传物质是DNA，C正确；
D、真菌细胞中含有线粒体，能进行有氧呼吸，D错误。
故选C。
【点睛】
5．下列有关生物体遗传物质的叙述，正确的是（    ）
A．豌豆的遗传物质主要是DNA
B．酵母菌的遗传物质主要分布在染色体上
C．T2噬菌体的遗传物质含有硫元素
D．H1N1流感病毒的遗传物质为DNA
【答案】B
【分析】细胞生物（包括原核和真核生物）含有两种核酸（DNA和RNA），遗传物质是DNA；病毒没有细胞结构，只有一种核酸（DNA病毒、RNA病毒），遗传物质是DNA或RNA。
【详解】A、豌豆为细胞生物，其遗传物质只有DNA ，A错误；
B、酵母菌的遗传物质DNA主要分布在染色体上，此外细胞质中也有分布，B正确；
C、T2噬菌体属于DNA病毒，其遗传物质是DNA，元素组成为C、H、O、N、P，不含S元素，C错误；
D、H1N1流感病毒属于RNA病毒，遗传物质是RNA，D错误。
故选B。
6．下列关于细胞中化合物和化学元素的叙述正确的是 （    ）
①性激素、维生素D、抗体都属于脂质
②Fe是组成细胞的微量元素，对维持生物体的生命活动并不重要
③蛋白质分子的多样性是由氨基酸之间的连接方式决定的
④种子在晒干后失去的是自由水
⑤蛋白质分子和DNA分子具有多样性的原因完全相同
A．④ B．③ C．③④⑤ D．③④
【答案】A
【分析】组成细胞中元素分为大量元素和微量元素，细胞中的元素大多以化合物的形式存在，分为有机物和无机物，有机物包括蛋白质、脂质、糖类和核酸，无机物包括水和无机盐。
【详解】①抗体是蛋白质，不属于脂质，①错误；
②Fe是组成细胞的微量元素，但微量元素也是生物体必需的，②错误；
③蛋白质分子的多样性是由氨基酸的种类、数目、排列顺序及肽链盘曲折叠形成的空间结构决定的，而氨基酸之间的连接方式都相同，③错误；
④种子在晒干后失去的是自由水，自由水减少，新陈代谢减弱易于保存，④正确；
⑤蛋白质分子的多样性是由氨基酸的种类、数目、排列顺序及肽链盘曲折叠形成的空间结构决定的，而DNA分子多样性的原因是脱氧核苷酸的种类、数目和排列顺序，两者具有多样性的原因不完全相同，⑤错误。
综合得出④正确，①②③⑤错误。
故选A。
7．关于“检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质”实验的叙述，正确的是（    ）
A．检测氨基酸的含量可用双缩脲试剂进行显色
B．斐林试剂甲液和乙液，进行适当处理，可以用于蛋白质的鉴定
C．混合后未使用完的斐林试剂可以用棕色瓶进行长期保存，防止变质
D．脂肪的鉴定试验中，可以用苏丹Ⅲ对其进行染色后直接进行观察
【答案】B
【分析】生物组织中化合物的鉴定：1、斐林试剂（甲液：0.1g/mL的NaOH溶液，乙液：0.05g/mL的CuSO4溶液）可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。2、蛋白质可与双缩脲试剂（A液：0.1 g/mL的 NaOH 溶液，B液：0.01 g/ml的 CuSO4 溶液）产生紫色反应。3、脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。
【详解】A、氨基酸不能与双缩脲试剂发生紫色反应，因此双缩脲试剂不能用于检测氨基酸含量，A错误；
B、斐林试剂与双缩脲试剂的成分相同，但斐林试剂乙液的浓度比双缩脲试剂的B液高，可以将乙液稀释以后用于鉴定蛋白质，B正确；
C、斐林试剂需要现配现用，因此还原糖检测结束后，不应将剩余的斐林试剂装入棕色瓶进行长期保存，C错误；
D、脂肪的鉴定试验中，可以用苏丹Ⅲ对其进行染色后制成临时装片，在光学显微镜下才可观察到橘黄色的脂肪颗粒，肉眼看不到，D错误。
故选B。
8．将蛋清溶液做如下两种方式的处理，下列有关分析错误的是（    ）
蛋清溶液有蛋白质析出蛋白质溶解，得到溶液甲
蛋清溶液有蛋白块产生蛋白块溶解，得到溶液乙
A．向甲、乙两溶液中加入双缩脲试剂，甲、乙溶液均会变紫色
B．经①②过程处理，蛋白质的空间结构及肽键没有遭到破坏
C．经③④过程处理后，破坏了蛋白质的空间结构但肽键未断裂
D．④过程有水分子的消耗
【答案】C
【分析】1、蛋白质盐析：蛋白质溶液中加入浓的盐溶液可使蛋白质的溶解度降低而从溶液中析出，这种作用叫做盐析，析出的蛋白质再继续加水时，仍能溶解，并不影响原来蛋白质的性质，盐析属于物理变化。2、蛋白质变性：蛋白质受热、紫外线、X射线、强酸、强碱、重金属（如铅、铜、汞等）盐、一些有机物（甲醛、酒精、苯甲酸）等作用时会凝结，这种凝结是不可逆的，即凝结后不能在水中重新溶解，这种变化叫做变性。3、蛋白质与双缩脲试剂反应成紫色是因为蛋白质中含有肽键。
【详解】A、甲、乙两种溶液中均有肽键存在（乙中含蛋白酶，蛋白酶是蛋白质，含有肽键），向甲、乙两溶液中加入双缩脲试剂，甲溶液变紫色，乙溶液也会变紫色，A正确；
B、①②过程分别属于蛋白质的盐析和溶解，是物理变化，不会破坏蛋白质的空间结构及肽键，B正确；
C、③过程中经高温处理使蛋白质的空间结构被破坏而变性，但不破坏肽键，④过程蛋白质经蛋白酶水解为多肽和某些氨基酸，破坏了肽键，C错误；
D、④过程为蛋白质的水解，需要水分子的参与，D正确。
故选C。
9．下列关于细胞中的脂肪和糖类的叙述正确的是（    ）
A．植物脂肪大多含饱和脂肪酸，在室温时呈液态
B．等质量的脂肪中氢含量低于糖类，氧含量高于糖类
C．不同脂质的分子结构差异不大，通常都不溶于水，易溶于脂溶性有机溶剂
D．在一定条件下，细胞中的糖类可以大量转化为脂肪，但脂肪不能大量转化为糖类
【答案】D
【分析】糖类是生物体的主要能源物质，植物中的纤维素属于多糖，是细胞壁的主要组成成分，纤维素的基本组成单位是葡萄糖；脂质分为脂肪、磷脂和固醇，脂肪是良好的储能物质，磷脂是细胞膜的主要组成成分之一，固醇中的胆固醇是细胞膜的重要组成成分，还参与血液中脂质的运输。
【详解】A、植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，室温时呈液态，大多数动物脂肪含有饱和脂肪酸，饱和脂肪酸的熔点较高，容易凝固，则室温时呈固态，A错误；
B、脂肪分子中氢含量高于糖类，氧含量低于糖类，故同质量的脂肪和糖氧化分解，脂肪消耗氧多，B错误；
C、不同脂质的分子结构差异很大，通常都不溶于水，而易溶于脂溶性有机溶剂，C错误；
D、在一定条件下，细胞内的糖类可以大量转化为脂肪，而脂肪不能大量转化为糖类，D正确。
故选D。
10．关于对无机物在细胞中作用的叙述正确的是（　　）
A．幼小植物体内，自由水与结合水的比值高，细胞的代谢活跃
B．越冬植物同其他植物相比细胞内的自由水含量较高
C．人体缺铁会导致贫血，可见铁元素对维持血液渗透压有作用
D．酷暑季节，室外作业的工人会大量出汗，所以应该多喝纯净水
【答案】A
【分析】1、水的存在形式与器官形态的关系：心肌和血液总的含水量差不多，但心肌呈固态，血液呈液态，原因是二者自由水和结合水的比例不同。
2、水的存在形式与代谢的关系：若细胞内自由水比例升高，则代谢旺盛，反之代谢缓慢。
3、水的存在形式与抗寒性的关系：秋冬季节，蒸腾作用减弱，吸水减少，结合水相对含量升高，因结合水不易结冰和蒸腾，从而使植物抗寒性加强。
4、水的存在形式与温度的关系：在活细胞内，受温度的影响，自由水和结合水可相互转化，即升高温度时，自由水增多，反之，结合水增多。
【详解】A、水是细胞生命活动不可缺少的物质，细胞内自由水的含量越高，新陈代谢越旺盛，幼小植物自由水与结合水的比值高，细胞的代谢活跃，A正确；
B、与其他植物相比，越冬植物细胞代谢速率降低、抗寒性增强，细胞内自由水的相对含量降低，B错误；
C、人体缺铁会导致贫血，铁元素影响血红蛋白的合成，血红蛋白是胞内蛋白，不影响血浆渗透压，C错误；
D、酷暑季节，因温度较高，所以工人在室外作业时，会大量出汗。而大量出汗的同时，会排出过多的无机盐，从而导致体内的水盐平衡失调，因此工人这时应多喝淡盐水，D错误。
故选A。
11．有一条多肽链由13个氨基酸组成，分子式为CXHYOWNZS（z>13，w>14），这条多肽链水解后的产物有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7O2NS），丙氨酸（C3H7O2N），天冬氨酸（C4H7O4N），赖氨酸（C6H14O2N2），苯丙氨酸（C9H11O2N）。水解产物中天冬氨酸的数目为（    ）
A．（W-14）/2个 B．Y+13个 C．（Z-14）/2个 D．W+14个
【答案】A
【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。
2、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数。
3、分析题干信息：由13个氨基酸组成、分子式为CxHyNzOwS（z>13，w>14）的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有天冬氨酸有2羧基（其它4种氨基酸均含1个羧基）。
【详解】设该多肽（十三肽）中含有天冬氨酸α个，该多肽含有12个肽键，1条多肽链，氨基酸脱水缩合后每个肽键有一个氧原子，每条肽链游离的羧基上是两个氧原子，天冬氨酸还有一个游离的羧基上有两个氧原子，因此多肽（十三肽）中的氧原子数目=2×肽链条数+肽键数+2×天冬氨酸数目，即w=2+12+2α，α=（W-14）/2，A正确。
故选A。
12．下图为细胞核的结构模式图，叙述正确的是（    ）

A．①主要由 DNA 和蛋白质组成，易被酸性染料染成深色
B．细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的中心
C．③主要成分是磷酸和蛋白质
D．蛋白质和 RNA 通过核孔进出细胞核需要消耗能量
【答案】D
【分析】分析题图：图示为细胞核的结构模式图，其中①为染色质，②为核仁，③为核膜。
【详解】A、分析图示可知，①是主要由DNA和蛋白质组成的染色质，易被碱性染料染成深色，A错误；
B、细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的控制中心，B错误；
C、③为核膜，属于生物膜，生物膜的主要成分是磷脂和蛋白质，C错误；
D、蛋白质和RNA等大分子物质通过核孔进出细胞核伴随着ATP的水解，因此需要消耗能量，D正确。
故选D。
【点睛】
13．细胞间通过信息交流，保证细胞间功能的协调。如图是细胞间信息交流的两种方式，相关叙述错误的是（　　）

A．图1中的A细胞分泌的化学物质可通过血液运输，最终作用于靶细胞
B．图2所示的信息交流方式是相邻两细胞进行信息交流的唯一方式
C．若图2中甲是发出信号的细胞，则乙是靶细胞，2表示受体
D．精子与卵细胞通过图2的方式相互识别，细胞产生的废物排出细胞外不属于细胞间的信息交流
【答案】B
【分析】细胞间信息交流的方式可归纳为三种主要方式，1、内分泌细胞分泌的激素（如胰岛素），随血液到达全身各处，与靶细胞的细胞膜表面的受体结合，将信息传递给靶细胞；2、相邻细胞间直接接触，信号分子与靶细胞膜上的受体结合传递信息，如精子和卵细胞之间的识别和结合；3、相邻细胞间形成通道使细胞相互沟通，通过物质交换来交流信息，如高等植物细胞之间通过胞间连丝相互连接，进行细胞间的信息交流。
分析题图可知，图1的信息交流方式是通过激素进行信息交流，图2是通过细胞直接接触进行信息交流。
【详解】A、由分析可知，图1中的A细胞分泌的化学物质通过血液运输，作用于靶细胞进行信息交流，A正确；
B、相邻细胞进行信息交流的方式有两种，一是通过细胞的直接接触进行信息交流，二是通过细胞间的通道进行信息交流，B错误；
C、由图可知，图2中甲细胞上的1是信号分子，乙细胞上的2是特异性受体，C正确；
D、精子与卵细胞通过直接接触进行信息交流，即图2中的方式，细胞排出代谢不属于细胞间的信息交流，D正确。
故选B。
【点睛】
14．经测定，某细胞中三种细胞器的蛋白质、磷脂、核酸的含量如图所示，下列有关叙述正确的是（    ）

A．细胞器乙一定与分泌蛋白的加工有关
B．丙是核糖体或中心体
C．若该细胞是洋葱鳞片叶外表皮细胞，甲可能是线粒体
D．图示三种有机物共有的组成元素是C、H、O、N、P
【答案】C
【分析】分析题图：细胞中含有核酸的细胞器有叶绿体、线粒体和核糖体，其中核糖体不含磷脂，所以甲可以代表叶绿体、线粒体，丙代表核糖体，细胞内含有蛋白质和磷脂但不含核酸的细胞器可以是内质网、高尔基体、液泡和溶酶体，乙可代表这四种细胞器。
【详解】A、细胞器乙含有蛋白质和脂质，但不含核酸，可推断乙细胞器为内质网、高尔基体、溶酶体、液泡，其中内质网和高尔基体与分泌蛋白的合成有关，而溶酶体、液泡与分泌蛋白的加工和分泌无关，A错误；
B、丙有蛋白质和核酸，没有磷脂，说明没有膜结构，中心体和核糖体都没有膜结构，但是中心体无核酸，所以丙代表核糖体，B错误；
C、甲可能是线粒体和叶绿体，洋葱鳞片叶外表皮细胞没有叶绿体，所以若该细胞是洋葱鳞片叶外表皮细胞，甲可能是线粒体，C正确；
D、蛋白质、磷脂、核酸都含有C、H、O、N，蛋白质可能不含P元素，D错误。
故选C。
15．下图表示一段时间内同一细胞的线粒体膜、液泡膜对相关物质的相对吸收速率，下列叙述不正确的是（     ）

A．线粒体膜、液泡膜对K+吸收速率的差异与这两种膜上相关载体蛋白的数量有关
B．线粒体膜、液泡膜对甘油的吸收速率相同，这是因为两种膜上甘油的载体数量相同
C．线粒体膜、液泡膜对O2吸收速率的不同与线粒体、液泡的功能有关
D．线粒体膜、液泡膜对图中相关物质的吸收与生物膜的选择透过性密切相关
【答案】B
【分析】分析题图：该图体现了线粒体膜、液泡膜对水、氧气、K+、Na+的吸收速率都有差异，这与线粒体、液泡的功能有关，与两种膜上载体蛋白的种类和数量有关，据此答题。
【详解】A、 K＋跨膜运输的方式是主动运输，需要载体蛋白协助，而载体蛋白具有专一性，故线粒体膜、液泡膜上的载体的种类相同，因此线粒体膜、液泡膜对K＋吸收速率的差异与这两种膜上载体蛋白的数量有关，A正确；
B、线粒体膜、液泡膜对甘油的吸收都是自由扩散，不需要载体蛋白的协助，吸收速率依赖于浓度差，B错误。
C、在线粒体内膜上进行的有氧呼吸第三阶段，需要消耗O2，因此线粒体膜、液泡膜对O2吸收速率的不同与线粒体、液泡的功能有关，C正确；
D、线粒体膜、液泡膜对图中相关物质的吸收速率有些相同，有些不同，这与生物膜的选择透过性密切相关，D正确。
故选B。
【点睛】
16．下图为典型的细胞核及其周围部分结构示意图。下列相关叙述正确的是（    ）

A．3为染色质，是遗传信息的载体，其组成成分为DNA
B．图中4是细胞遗传的控制中心，6是细胞代谢的主要场所
C．与5相连的1为双层膜结构，这种连接使细胞质和细胞核的联系更为紧密
D．图中4为核仁，无核仁的细胞也能合成蛋白质
【答案】D
【分析】1、据图分析，1表示内质网，2表示核孔，3表示染色质，4表示核仁，5表示核膜。
2、细胞核包括核膜（将细胞核内物质与细胞质分开）、染色质（DNA和蛋白质）、核仁（与某种RNA（rRNA）的合成以及核糖体的形成有关）、核孔（核膜上的核孔的功能是实现核质之间频繁的物质交换和信息交流）。
【详解】A、3染色质主要由DNA和蛋白质，其中DNA携带遗传信息，A错误；
B、细胞核是细胞遗传的控制中心，图中4为核仁，真核细胞中核仁与某种RNA与核糖体的形成有关；而细胞质基质是细胞代谢的主要场所，B错误；
C、与5核膜相连的1内质网为单层膜结构，这种连接使细胞质和细胞核的联系更为紧密，C错误；
D、图中4为核仁，真核细胞中核仁与核糖体的形成有关；而原核生物无核仁，但也有核糖体，也能合成蛋白质，D正确。
故选D。
17．下图为单细胞动物变形虫的摄食、消化过程示意图。下列有关叙述错误的是（    ）

A．核糖体合成的水解酶通过溶酶体的单层磷脂分子被运入
B．溶酶体膜破裂后释放出的水解酶会造成细胞结构的破坏
C．图中胞吞形成的食物泡可与溶酶体融合，体现了膜结构的流动性
D．细胞内各种结构之间的协调配合是在细胞核的控制下完成的
【答案】A
【分析】1、生物膜系统包括细胞膜、细胞器膜和核膜，把细胞分隔成一个个小的区室，使细胞内能够同时进行多种化学反应，而不会相互干扰，保证了细胞的生命活动高效、有序地进行。生物膜的结构特点是流动性，功能特性是选择透过性。
2、溶酶体有“消化车间”之称，内含多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌。
【详解】A、溶酶体为单层膜结构的细胞器，一层膜为两层磷脂分子，核糖体合成的水解酶通过溶酶体的两层磷脂分子被运入，A错误；
B、溶酶体内含有多种水解酶，溶酶体膜破裂后释放出的水解酶会造成细胞结构的破坏，B正确；
C、食物泡与溶酶体的融合以及胞吞和胞吐过程均以生物膜的结构特点即流动性为基础，C正确；
D、细胞核是细胞代谢的控制中心，细胞内各种结构之间的协调配合都是在细胞核的控制下完成的，D正确。
故选A。
18．新鲜鱼、肉用盐渍不变质，其原因是（    ）
A．食盐水中的C1-有杀菌作用
B．浓盐水中含O2少，细菌无法生存
C．由于渗透作用使细菌失水死亡
D．由于渗透使鱼肉细胞失水所致
【答案】C
【分析】新鲜鱼、肉用盐渍后不易变质，是因为盐能杀菌，其原理是细菌在高浓度盐溶液中会渗透失水而死亡。
【详解】A、食盐水有杀菌作用的原因是在高浓度的盐水中，细菌会失水死亡，不能大量繁殖，因此高浓度盐水能防止变质，Cl﹣没有杀菌作用，A错误；
B、浓盐水不影响O2的溶解度，B错误；
C、浓盐水因其浓度明显大于细菌体内细胞液浓度，细菌因渗透作用失水过多而死亡，所以盐渍后的新鲜鱼、肉不易变质，C正确；
D、盐渍使得新鲜鱼、肉失水，但是不变质的原因是细菌失水而死亡，D错误。
故选C。
19．图中曲线表示在某一温度下，反应物浓度对酶所催化的化学反应速率的影响。下列叙述错误的是

A．A点时随着反应物浓度的增加，酶促反应速率加快
B．如果B点时反应体系加入少量同种酶，曲线不会变化
C．C点时反应速率的限制因素不是反应物浓度
D．如果A点时将反应体系温度升高10℃，该曲线可能不变
【答案】B
【分析】分析曲线图：在OB段，随着反应物浓度的增加，反应速率逐渐加快；B点时，酶促反应速率达到最大；B点之后，随着底物浓度的升高，酶促反应速率不变，此时限制酶促反应速率的因素可能是酶的数量。
【详解】据图分析可知，A点时随着反应物浓度的增加，酶促反应速率加快，A正确；根据以上分析可知，B点限制反应速率的因素可能是酶的数量，因此如果B点时反应体系加入少量同种酶，曲线会升高，B错误；C点时反应速率的限制因素不再是反应物浓度，可能是酶的数量，C正确；酶的活性受温度影响，不同的温度条件下酶的活性可能相同，因此如果A点时将反应体系温度升高10℃，该曲线可能不变，D正确。
20．某学习小组通过实验探究在不同pH和温度时，一定浓度的底物X与相关酶的催化反应，在相同的时间内得到如图所示的曲线。据图分析，下列叙述正确的是（    ）

A．T1温度时，通过加入酸使底物 X与酶的pH从14降到8，底物的剩余量不变
B．随pH升高，该酶催化反应的最适温度也逐渐升高
C．当pH为8时，影响酶促反应速率的主要因素是底物浓度和酶浓度
D．当pH为任何一固定值时，实验结果都可以证明温度对酶促反应速率的影响
【答案】A
【分析】1、影响酶促反应速率的因素有：温度、pH、酶浓度、底物浓度等。
2、图示曲线有温度和pH值两个自变量，在分析曲线时，确定单一变量。
【详解】A、T1温度时，底物X与酶的pH从14降到8，pH为14时，酶的空间结构改变导致酶失活，pH降低，酶的活性不会恢复，底物的剩余量不变，A正确；
B、据图示可知，一定范围内，随pH升高，该酶催化反应的最适温度没有变化，B错误；
C、当pH为8时，影响反应速率的主要因素是温度，曲线中未体现底物浓度和酶浓度对反应速率的影响，C错误；
D、当pH为过酸或过碱的条件时，酶的空间结构改变，即酶活性丧失，因此在此条件时不同温度条件的反应速率是相同的，不能证明温度对酶促反应速率的影响，D错误。
故选A。
21．如图中野生型是分泌正常的酵母菌，甲、乙型突变体是部分细胞器膜结构异常、分泌过程出现障碍的酵母菌，另有丙型突变体是线粒体缺陷型酵母菌。图中分泌蛋白需经内质网和高尔基体加工成熟。下列说法错误的是（    ）

A．野生型酵母菌的分泌蛋白由附着在内质网上的核糖体合成
B．甲型突变体在内质网中积累大量蛋白质
C．乙型突变体因功能障碍导致高尔基体膜面积异常增大
D．丙型突变体仍能正常进行分泌蛋白的合成和分泌
【答案】D
【分析】分析题图：甲型突变体蛋白质进入内质网但不能形成囊泡，所以是内质网结构不正常导致分泌过程出现障碍；乙型突变体蛋白质进入了高尔基体，说明内质网是正常的，所以是高尔基体结构不正常导致分泌过程出现障碍。
【详解】A、分泌蛋白都是由附着在内质网上的核糖体合成，A正确；
B、由图可知，甲型突变体蛋白质进入内质网但不能形成囊泡，故在内质网中积累大量蛋白质，B正确；
C、图中乙型突变体的高尔基体膜面积异常增大，且不能形成囊泡将蛋白质分泌出去，C正确；
D、丙型突变体是线粒体缺陷型酵母菌，酵母菌只能通过无氧呼吸提供少量能量，所以分泌蛋白的合成和分泌会受影响，D错误。
故选D。
【点睛】本题结合研究分泌蛋白的合成分泌示意图，考查生物膜系统的结构和功能，要求考生掌握分泌蛋白的合成与分泌过程，能结合图中信息准确判断各选项，属于考纲理解层次的考查。
22．超氧化物歧化酶（SOD）是一种源于生命体的活性物质，能消除生物体在新陈代谢过程中产生的有害物质，进而减缓生物体的衰老和死亡。某喜温植物幼苗在低温锻炼（10℃、6天）后，接着进行冷胁迫（2℃、12h），其细胞内SOD活性的动态变化图如下。下列相关分析错误的是（    ）

A．该实验可用来探究低温锻炼对植物抗寒能力的影响
B．低温锻炼能提高SOD活性且其在冷胁迫后SOD活性相对较稳定
C．未锻炼组冷胁迫后SOD活性降低是由于其空间结构发生了改变
D．无论是否锻炼，胁迫后SOD降低化学反应活化能的能力均降低
【答案】C
【分析】分析图示，从图示数据表示的意义可知，无论是胁迫前还是胁迫后，锻炼过的植物中含有SOD活性均比未锻炼的要高。
【详解】A、分析题图可知，A、B两组的区别是是否进行低温锻炼，接着进行冷胁迫，检测细胞内SOD活性的动态变化，SOD能够减缓生物体的衰老，能够反映植物的抗寒能力，故该实验目的为探究低温锻炼是否能提高植物抗寒能力的影响，A正确；
B、低温锻炼能提高SOD活性且其在冷胁迫下活性下降更慢，说明SOD活性相对较稳定，B正确；
C、低温会使酶的活性降低，但空间结构不改变，C错误；
D、无论是否锻炼，胁迫后SOD活性均降低，即降低化学反应活化能的能力均降低，D正确。
故选C。
23．萤火虫尾部发光器能发光的机理如图所示。ATP快速荧光检测仪中含有荧光素、荧光素酶等物质，用来快速检测食品表面的微生物，下列说法正确的是（    ）

A．ATP是细胞中的能量货币，细胞中储存大量ATP为生命活动供能
B．ATP快速荧光检测仪只能检测是否有微生物残留，不能比较微生物数量的多少
C．ATP快速荧光检测仪既可以检测需氧型微生物，也可以检测厌氧型微生物
D．荧光素酶可以催化荧光素转化为荧光素酰腺苷酸
【答案】C
【分析】ATP快速荧光检测仪中含有荧光素、荧光素酶等物质，用来快速检测食品表面的微生物，原理是荧光素与ATP接触形成荧光素酰腺苷酸，后者在荧光素酶的作用下被氧气氧化发光。
【详解】A、ATP是细胞中的能量货币，但细胞中储存的ATP较少，需要ATP与ADP不断转化，A错误；
B、根据分析可知，微生物残留量越多，产生的ATP越多，所发荧光强度越强，B错误；
C、ATP快速荧光检测仪能检测残留的所有能产生ATP的微生物，C正确；
D、荧光素酶可以催化荧光素酰腺苷酸逐渐转化为荧光素，D错误。
故选C。
24．如图是达到平衡的渗透装置，漏斗内（S1）和漏斗外（S2）为两种不同浓度的蔗糖溶液，此时液面的高度差为△h。已知初始时漏斗内、外液面相平；半透膜不允许蔗糖分子通过，但允许离子和单糖分子通过．下列叙述不正确的是（    ）

A．初始时水分子从S1到S2的速率小于 S2到S1的速率
B．此时漏斗内、外液体浓度大小关系为S1大于S2
C．若向漏斗内加入蔗糖酶，则△h逐渐变大直至重新达到平衡
D．若漏斗内、外是不同浓度的硝酸钾溶液，平衡时S1的浓度等于S2的浓度
【答案】C
【分析】渗透作用发生的条件是具有半透膜，半透膜两侧具有浓度差，渗透平衡时液面差△h与浓度差的大小有关，浓度差越大，△h越大；蔗糖是不能穿过半透膜是分子，图中由于漏斗内的蔗糖溶液浓度高，因此烧杯中的水分子或通过渗透作用进入漏斗，使漏斗内液面升高，渗透平衡时△h会产生压力与漏斗内因溶液浓度差产生的压力的大小相等，因此漏斗内的浓度仍然大于漏斗外。
【详解】A、据图可知，漏斗液面上升，说明初始时半透膜两侧浓度S1＞S2，水分子从S1到S2的速率小于从S2到S1的速率，A正确；
B、渗透平衡时△h会产生压力与漏斗内因溶液浓度差产生的压力的大小相等，因此漏斗内的浓度仍然大于漏斗外，为S1＞S2，B正确；
C、若在漏斗管内加入少量蔗糖酶，蔗糖分解为单糖，漏斗内溶液浓度会先上升，由于半透膜允许单糖通过，继而漏斗内溶液浓度会下降，则漏斗液面将先上升后下降，最终△h=0（不考虑酶浓度），C错误；
D、若S1、S2是不同浓度的KNO3溶液，钾离子和硝酸根离子可以通过半透膜，平衡时S1浓度等于S2浓度，D正确。
故选C。
25．将紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞放入一定浓度的KNO3溶液中，发现其原生质体（即植物细胞中细胞壁以内的部分）的体积变化趋势如图所示。下列叙述正确的是（    ）

A．在0.5h时，水分子在细胞原生质层两侧只发生单向运动
B．0〜4h内，KNO3没有通过细胞膜进入细胞
C．0〜1h内，细胞体积与原生质体体积的变化量相等
D．0时刻时，KNO3溶液的浓度大于洋葱细胞液的浓度
【答案】D
【分析】据图分析：0～2h内，原生质体的相对体积不断缩小，说明此时期细胞失水而发生质壁分离；2～4h内，原生质体的相对体积不断增大，说明此时期细胞吸水发生质壁分离的自动复原。
【详解】A、0～2h内，原生质体的体积不断缩小，说明原生质体失水量大于吸水量，水分子在细胞原生质层两侧发生双向运动，故在0.5h时，水分子在细胞原生质层两侧发生双向运动，A错误；
B、由图可知，0～4h内，该细胞中原生质体的相对体积先减小后增大，这说明该细胞先发生质壁分离后发生质壁分离的复原，由此可推知KNO3可通过细胞膜进入细胞，B错误；
C、0～1h内，原生质体的体积不断缩小，由于原生质体的伸缩性要远大于细胞壁，因此该时间段内细胞体积与原生质体体积的变化量不相等，C错误；
D、0～2h内发生质壁分离，细胞失水，所以0时刻时，KNO3溶液的浓度大于洋葱细胞液的浓度，D正确。
故选D。
【点睛】
26．图示人体成熟红细胞的部分结构和功能，①～⑤表示相关过程。下列叙述不正确的是（    ）

A．血液流经肌肉组织时，气体A和B分别是CO2和O2
B．成熟红细胞通过无氧呼吸分解葡萄糖产生ATP，为③提供能量
C．①和②是自由扩散，④和⑤是协助扩散，③是主动运输
D．成熟红细胞表面的糖蛋白处于不断流动和更新中
【答案】A
【分析】分析题图可知，①和②表示气体进出红细胞，一般气体等小分子进出细胞的方式为自由扩散，③为红细胞通过消耗能量主动吸收K+排出Na+，④是载体蛋白运输葡萄糖顺浓度梯度进入红细胞，⑤是H2O通过水通道蛋白进入红细胞。
【详解】A、肌肉细胞进行有氧呼吸时，消耗O2，产生CO2，可以判断气体A是O2，B是CO2，A错误；
B、③为红细胞通过消耗能量主动吸收K+排出Na+，成熟红细胞没有线粒体，不能进行有氧呼吸，只能通过无氧呼吸分解葡萄糖产生ATP，为③提供能量，B正确；
C、①和②表示气体进出红细胞，一般气体等小分子进出细胞的方式为自由扩散，④是载体蛋白运输葡萄糖进入红细胞，顺浓度梯度，不需要消耗能量，为协助扩散，⑤是H2O通过水通道蛋白进入红细胞，属于协助扩散，③是主动运输，C正确；
D、由于细胞膜具有流动性，其表面的糖蛋白处于不断流动中，流动过程伴随糖蛋白的迁移，故有更新过程，D正确。
故选A。
27．下列关于“观察洋葱表皮细胞的质壁分离及质壁分离复原”活动的叙述，错误的是（    ）
A．水分子跨膜运输进出细胞的现象不存在未发生质壁分离的细胞中
B．细胞处在质壁分离状态时，细胞液浓度可以大于外界溶液浓度
C．若采用洋葱内表皮细胞进行实验，可在蔗糖液中加入红墨水使现象明显
D．如果增大外界蔗糖溶液的浓度，则细胞的质壁分离程度可能更大
【答案】A
【分析】质壁分离的原因分析：外因：外界溶液浓度＞细胞液浓度；内因：原生质层相当于一层半透膜，细胞壁的伸缩性小于原生质层；表现：液泡由大变小，细胞液颜色由浅变深，发生质壁分离，进而说明原生质层具有选择透过性。
【详解】A、细胞不发生质壁分离时，由于细胞内有亲水性物质，也具有吸水能力，也存在水分子跨膜运输进出细胞的现象，A错误；
B、洋葱表皮细胞处于质壁分离状态时，如果处于质壁分离复原过程中，外界溶液浓度小于细胞液浓度，B正确；
C、若改用洋葱内表皮进行实验，由于液泡无色，可在蔗糖液中加入红墨水使现象明显，C正确；
D、如果增大细胞外蔗糖溶液的浓度，膜两侧的浓度差更大，则细胞的质壁分离程度可能更高，D正确。
故选A。
28．图1中甲曲线表示在最适温度下某种酶的酶促反应速率与反应物浓度之间的关系，乙、丙两条曲线分别表示该酶促反应速率随温度或pH 的变化趋势。除了温度和pH对酶活性有影响外，一些抑制剂也会降低酶的催化效果，图2为酶作用机理及两种抑制剂影响酶活性的机理示意图，图3为相同酶溶液在无抑制剂、添加不同抑制剂的条件下，酶促反应速率随底物浓度变化的曲线。下列说法正确的是（　　）

A．图1中AB段限制反应速度的因素是反应物浓度，在B点后适当增加酶浓度，反应速率将增大
B．图1中E点代表该酶的最适pH，短期保存该酶的适宜条件对应于图中的D、H两点
C．图2中非竞争性抑制剂降低酶活性的机理与高温、低温对酶活性抑制的机理相同
D．图3中曲线B和曲线C分别是在酶中添加了非竞争性抑制剂和竞争性抑制剂的结果
【答案】A
【分析】1、分析图1：曲线甲：曲线AB段，随着反应物浓度的增加，反应速率加快，因此该段影响酶促反应速率的因素是反应物浓度；B点时，酶促反应速率达到最大值；曲线BC段随着反应物浓度的增加，催化速率不变，说明此时限制催化速率的因素最有可能是酶的数量。判断曲线乙和丙，低温条件下酶的活性受到抑制，但并不失活，PH值过低酶失活，据此判断：乙曲线代表温度对酶促反应的影响，丙曲线代表pH对酶促反应的影响。
2、分析图2：竞争性抑制剂和底物争夺酶的同一活性部位，使酶和底物的结合机会减少，从而降低酶对底物的催化反应速率，而非竞争性抑制剂和酶活性位点以外的其他位点结合，通过改变酶的结构，从而使酶失去催化活性，降低酶对底物的催化反应速率。
3、分析图3：酶促反应速率随底物浓度变化的三条曲线中，底物浓度较低时，曲线A的反应速率最高，表示未加入抑制剂时酶促反应速率随底物浓度变化的曲线；加入竞争性抑制剂后酶对底物的结合机会降低，但升高底物浓度后酶和底物的结合机会又会升高，其催化反应速率又升高，可知曲线B是表示加入竞争性抑制剂时酶促反应速率随底物浓度变化的曲线；加入非竞争性抑制剂后酶会失去催化活性，降低酶对底物的催化反应速率，可知曲线C是表示加入非竞争性抑制剂时酶促反应速率随底物浓度变化的曲线。
【详解】A、图1中甲曲线表示某种酶在最适温度下的酶促反应速率与反应物浓度之间的关系，AB段限制反应速度的因素是反应物浓度，B点后限制的因素是酶浓度，在B点后适当增加酶浓度活性有限，反应速率将增大，A正确；
B、图1中乙、丙两条曲线分别表示该酶促反应速率随温度或pH 的变化趋势E点代表该酶的最适pH，E点在乙曲线上，表示该酶的最适温度，短期保存该酶应该在最适pH、低温条件下进行，故适宜条件对应于图中的D、H两点甲曲线是在最适温度下测定的，B错误；
C、图2中非竞争性抑制剂降低酶活性的机理与高温对酶活性抑制的机理相同，均改变酶的空间结构，低温只抑制酶的活性，不改变酶的空间结构，C错误；
D、图3中曲线B随底物浓度增加，反应速率增大，表示竞争性抑制剂的作用结果，曲线C表示在酶中添加了非竞争性抑制剂的结果，D错误。
故选A。
【点睛】
29．如图表示在不同条件下酶促反应速率变化曲线，下列说法中错误的是（　　）

A．酶促反应速率可用底物消失所需的时间（或产物生成的速率）来表示
B．Ⅰ、Ⅱ相比较，酶促反应速率不同，这是因为酶浓度和温度的不同
C．AB段影响酶促反应速率的主要限制因子是底物浓度
D．若探究不同温度对酶活性的影响，温度为自变量
【答案】B
【分析】反应速率可用单位时间内底物的消耗量或产物的生成量表示；导致Ⅰ和Ⅱ曲线反应速率不同的因素是温度；AB段随着底物的浓度增加，酶促反应速率加快，说明此时的限制因素是底物浓度；研究温度影响酶活性的实验时，需要设置不同的温度。
【详解】A、反应速率可用单位时间内底物的消耗量或产物的生成量表示，A正确；
B、导致Ⅰ和Ⅱ曲线反应速率不同的因素是温度，B错误；
C、AB段随着底物的浓度增加，酶促反应速率加快，说明此时的限制因素是底物浓度，C正确；
D、研究不同温度对酶活性的影响，温度为自变量，需要设置不同的温度，最少是3个，D正确。
故选B。
【点睛】
30．猪笼草是一种食虫植物，为了验证猪笼草分泌液中有蛋白酶，某学生设计了两组实验，如图所示，在35 ℃水浴中保温一段时间后，甲、乙试管中加入适量的双缩脲试剂，丙、丁试管中不加任何试剂，下列对实验现象的预测正确的是（　　）

A．甲和乙中溶液都呈紫色；丙和丁中蛋白块消失
B．甲中溶液呈紫色，乙中溶液不呈紫色；丙中蛋白块消失，丁中蛋白块不消失
C．甲和乙中溶液呈紫色；丙中蛋白块消失、丁中蛋白块不消失
D．甲和乙中溶液都不呈紫色；丙中蛋白块消失、丁中蛋白块不消失
【答案】C
【解析】1、蛋白质的鉴定原理：蛋白质+双缩脲试剂→紫色。
2、蛋白液和蛋白块都能被蛋白酶分解，区别在于蛋白液分解了，从溶液中看不出来，而蛋白块分解了，可以看到它消失了。另蛋白酶本身也是蛋白质，即使蛋白液分解了，蛋白酶还留在溶液中，与双缩脲试剂反应仍然显紫色。
【详解】A、甲中溶液的蛋白酶本身是蛋白质，乙中溶液有蛋白质，故都呈紫色；丙中蛋白块被蛋白酶分解而消失，丁中缺少蛋白酶，蛋白块不消失，A错误；
B、甲中溶液的蛋白酶为蛋白质，与双缩脲试剂反应呈紫色，乙中溶液有蛋白质，与双缩脲试剂反应呈紫色，B错误；
C、据分析可知，甲中溶液的蛋白酶为蛋白质，与双缩脲试剂反应呈紫色，乙中溶液都有蛋白质，与双缩脲试剂反应呈紫色，丙中蛋白块被蛋白酶分解而消失，丁中缺少蛋白酶，蛋白块不消失，C正确；
D、据分析可知，甲和乙中溶液呈紫色；丙中蛋白块消失、丁中蛋白块不消失，D错误。
故选C。
31．下列有关ATP的叙述中，错误的是（    ）
A．ATP中的A代表腺苷
B．ATP分子中含有3个特殊化学键
C．细胞呼吸释放的能量不全用于形成ATP
D．细胞质基质有催化ADP和磷酸结合的酶
【答案】B
【分析】ATP又叫腺苷三磷酸，简称为ATP，其结构式是：A-P～P～P。A表示腺苷、T表示三个、P表示磷酸基团、“～”表示特殊化学键。ATP是一种含有高能磷酸键的有机化合物，它的大量化学能就储存在特殊化学键中。ATP水解释放能量断裂的是最末端的那个特殊化学键。
【详解】A、ATP中的A代表腺苷，由腺嘌呤和核糖组成，A正确；
B、ATP分子中含有2个特殊化学键，B错误；
C、细胞呼吸释放的能量不全用于形成ATP，还有一部分以热能形式散失，C正确；
D、细胞呼吸的第一阶段在细胞质基质，第一阶段会合成少量的ATP，所以在细胞质基质中存在催化ADP和磷酸结合的酶，D正确。
故选B。
32．盐碱地中生活的某种植物，其细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将细胞质中的逆浓度梯度运入液泡，减轻对细胞质中酶的伤害。下列叙述错误的是（    ）
A．进入液泡的过程属于主动运输
B．细胞质中过多的可能影响酶蛋白的分子结构
C．该载体蛋白作用的结果不利于增强细胞吸水能力
D．该载体蛋白作用的结果有助于提高植物的耐盐性
【答案】C
【分析】分析题图：题中指出“细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将细胞质基质中的Na+逆浓度梯度运入液泡”，这完全符合主动运输的特点，从而增大了细胞液的浓度，是植物细胞的吸水能力增强，而适应盐碱环境。
【详解】A、细胞的液泡膜上的载体蛋白能逆浓度运输Na+，说明Na+运输方式是主动运输，A正确；
B、根据题干中“将细胞质中的Na+逆浓度梯度运入液泡，减轻Na+对细胞质中酶的伤害”，说明细胞质中过多的Na+可能影响酶蛋白的分子结构，B正确；
C、该载体蛋白作用的结果增大了细胞液的浓度，使植物细胞的吸水能力增强，C错误；
D、该载体蛋白作用的结果增大了细胞液的浓度，使植物细胞的吸水能力增强，而适应盐碱环境，D正确。
故选C。
33．将萤火虫腹部末端的发光器切下，干燥后研成粉末。将粉末装入试管，滴加蒸馏水，使之混合，则有淡黄色荧光出现，2min后，荧光消失了。接着若在试管中滴加葡萄糖溶液，荧光不能恢复，如果滴一点ATP溶液，荧光将恢复。下列相关叙述中，错误的是（    ）
A．荧光消失是由于ATP水解酶的活性降低所致
B．滴入蒸馏水发出荧光，是由于试管内有荧光物质和ATP
C．滴加葡萄糖溶液，荧光不能恢复，说明葡萄糖不是直接能源
D．滴加ATP溶液，荧光恢复，说明萤火虫发出荧光需要消耗ATP
【答案】A
【分析】

【详解】A、荧光消失是由于原有的ATP被消耗尽，A错误；
B、滴入蒸馏水发出荧光，是由于试管内有荧光物质和ATP，B正确；
C、据试验可知，滴加ATP发光，滴加葡萄糖不发光，故说明生命活动所需的直接能源物质是ATP而不是葡萄糖，C正确；
D、滴加ATP溶液，荧光恢复，说明萤火虫发出荧光需要消耗ATP，D正确。
故选A。
34．某同学设计实验如图所示，实验开始时，U型管两侧相等，图中半透膜允许单糖通过，据图分析，以下说法错误的是

A．若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，当液面停止上升时，半透膜两侧溶液浓度一定是相等的
B．若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，则实验现象为：高浓度的一侧液面上升
C．若U型管中加入两种浓度不等的葡萄糖溶液，则实验现象为：高浓度一侧液面先升高，随后另一侧液面升高，最终两侧液面会持平
D．若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，当液面停止上升时，半透膜两侧水分子移动达到平衡状态
【答案】A
【详解】若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，当液面停止上升时，只是水分子的进出处于动态平衡状态，半透膜两侧溶液浓度不一定是相等的，A错误；若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，水分子从低浓度的溶液通过半透膜进入高浓度溶液中，则实验现象为：高浓度的一侧液面上升，B正确；若U型管中加入两种浓度不等的葡萄糖溶液，水分子从低浓度的溶液通过半透膜进入高浓度溶液中，则实验现象为：高浓度一侧液面先升高，随后葡萄糖从高浓度的溶液通过半透膜进入低浓度溶液中，则低浓度一侧液面升高，随后两侧液面会持平，C正确；若U型管中加入两种浓度不等的蔗糖溶液，当液面停止上升时，半透膜两侧水分子移动达到平衡状态，D正确。
【点睛】本题着重考查了渗透作用方面的知识，意在考查考生能识记并理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成一定知识网络的能力，并且具有一定的分析能力和理解能力。解题的关键是渗透作用中水分的运输方向是从低浓度一侧运输到高浓度一侧。
35．下图表示蔗糖分子在叶肉细胞内合成后经跨膜运输至筛管内的过程，最终转运至其它部位贮存、利用。据图分析有关叙述不正确的是（    ）

A．蔗糖和K+的运输都属于主动运输，但运输动力不同
B．叶肉细胞保持较高的pH有利于蔗糖分子运出
C．蔗糖载体和ATP酶功能的差异，取决于它们的分子结构不同
D．若将该叶肉细胞置于一定浓度的蔗糖溶液中，细胞可能会发生质壁分离现象
【答案】B
【分析】自由扩散的方向是从高浓度向低浓度，不需载体和能量，常见的有水、CO2、O2、甘油、苯、酒精等；协助扩散的方向是从高浓度向低浓度，需要载体，不需要能量，如红细胞吸收葡萄糖；主动运输的方向是从低浓度向高浓度，需要载体和能量，常见的如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸、葡萄糖。
题图分析，K+运输到筛管，动力是ATP，属于主动运输；蔗糖运输到筛管，需要蔗糖载体，动力是H+浓度差，也是主动运输。
【详解】A、结合分析可知，蔗糖和K+的运输都属于主动运输，但前者的动力是氢离子的浓度差，后者的动力是ATP，因此二者运输动力不同，A正确；
B、叶肉细胞内H+多（pH低）从而能保证蔗糖输出细胞时的动力，因此，更有利于蔗糖运出叶肉细胞，B错误；
C、蔗糖载体和ATP酶化学本质都是蛋白质，但其功能有差异，根据结构与功能相适应的原理可推测二者功能的差异在于分子结构不同，C正确；
D、由于细胞膜为选择透过性膜，且细胞膜的伸缩性大于细胞壁的伸缩性，因此，若将该叶肉细胞置于一定浓度的蔗糖溶液中，细胞可能会发生质壁分离现象，D正确。
故选B。
【点睛】

二、多选题
36．初步研究表明，β-AP（β-淀粉样蛋白）沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理特征。β-AP是由其前体蛋白APP（一种含695个氨基酸的跨膜蛋白）在病理状态下异常加工而的。APP形成β-AP的过程如图所示。根据上述信息所作的推论错误的是（    ）

A．β-AP寡聚合物可能引起大脑功能异常
B．一个β-AP分子中至少含有39个肽键
C．β-AP经高温处理后用双缩脲试剂检测会产生紫色反应
D．β-AP结构的多样性与氨基酸的种类、数目、空间结构和排列顺序有关
【答案】BD
【分析】分析题图：图示表示APP形成B-AP的过程，该过程是在病理状态下进行的，由题图知APP形成β-AP的过程中需要β-分泌酶和y-分泌酶的催化作用，β-AP分子是由前体蛋白APP中的第597位氨基酸到635位氨基酸形成的、其含有的氨基酸数=635-597+1=39个，而β-AP分子沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理特征。
【详解】A、β-AP沉积是Alzheimer型老年痴呆的主要病理征，老年痴呆者记忆力降低，记忆与大脑皮层有关，因此β-AP的作用效果可能是引起大脑功能异常，A正确；
B、通过分析可知，一个β-AP分子含有39个氨基酸链状多肽，则含有至少含有38个肽键，B错误；
C、β-AP是一种蛋白质，高温变性之后肽键没有断裂，仍然可以与双缩脲试剂发生紫色反应，C正确；
D、β-AP是一种蛋白质，β-AP结构的多样性与氨基酸的种类、数目和排列顺序以及肽链盘曲折叠形成的空间结构有关，D错误。
故选BD。
37．下图表示细胞内某些化合物的元素组成及其相互关系，甲、乙、丙、丁、戊、己代表不同的物质，1、2、3、4代表组成大分子物质的单体。下列叙述正确的是（    ）

A．物质甲彻底水解可得到6种有机化合物
B．光合细菌、小球藻细胞内核糖体的形成与核仁有关
C．己和丙可参与构成生物膜结构，膜的功能主要由丙的种类和数量决定
D．若丁、戊都是动物细胞中的储能物质，则相同质量的丁、戊含能量多的是戊
【答案】CD
【分析】分析题图：甲和丙组成染色体，乙和丙组成核糖体，因此甲是DNA，乙是RNA，丙是蛋白质；1是DNA的基本组成单位脱氧核苷酸，2是RNA的基本组成单位核糖核苷酸，3是蛋白质的基本组成单位氨基酸，4是大分子丁的单体，组成元素是C、H、O，因此丁是多糖，4是葡萄糖。戊是脂肪；己的组成元素是C、H、O、N、P，则己是磷脂、ATP。
【详解】A、甲是DNA，初步水解形成脱氧核苷酸，彻底水解可得到磷酸、脱氧核糖和4种碱基，但磷酸不属于有机物，只有5种有机化合物，A错误；
B、光合细菌是原核生物，没有细胞核，也没有核仁，B错误；
C、己和丙构成生物膜，丙是蛋白质，已是磷脂分子；膜的功能主要与丙（蛋白质） 的种类和数量决定，C正确；
D、丁、戊都是动物细胞中的储能物质，则丁是糖原、戊是脂肪，脂肪中氢的相对含量较等质量糖原中的多，相同质量的脂肪和糖原含能量多的是脂肪，D正确。
故选CD。
38．细胞自噬是真核生物对细胞内物质进行周转的重要过程。该过程中一些损坏的蛋白质或细胞器被双层膜结构的自噬小泡包裹后被降解，使有用物质得以循环利用。如图为细胞自噬的机理图示，下列分析正确的是（    ）

A．正常细胞中存在细胞自噬
B．细胞自噬与溶酶体的功能密切相关
C．溶酶体中的水解酶可以分解衰老损伤的细胞器
D．细胞自噬过程中，消耗的能量可由葡萄糖直接提供
【答案】ABC
【分析】图示受损的线粒体形成自噬体；其次自噬体与溶酶体融合，其中的水解酶开始分解线粒体。
【详解】A、正常细胞中存在衰老的细胞器，衰老的细胞器是通过细胞自噬作用分解，因此正常细胞中存在细胞自噬，A正确；
B、细胞自噬需要利用溶酶体中的水解酶将自噬体分解，与溶酶体的消化分解功能有关，B正确；
C、溶酶体内含有许多种水解酶，能够分解很多种物质以及衰老、损伤的细胞器，被比喻为细胞内的“酶仓库”、“消化系统”，C正确；
D、细胞自噬过程中，消耗的能量直接由ATP直接提供，D错误。
故选ABC。
39．液泡是植物细胞中储存Ca2+的主要细胞器，Ca2+进入液泡的过程如图所示：液泡膜上的H+焦磷酸酶可利用水解无机焦磷酸释放的能量跨膜运输 H+，建立液泡膜两侧的H+浓度梯度。该浓度梯度驱动H+通过液泡膜上的载体蛋白CAX完成跨膜运输、从而使Ca2+以与H+相反的方向同时通过CAX进入液泡并储存。下列说法正确的是（    ）

A．Ca2+进入液泡的跨膜运输方式属于协助扩散
B．Ca2+储存在液泡内，有利于植物细胞保持坚挺
C．加入 H+焦磷酸酶抑制剂，对液泡膜两侧H+浓度差有影响
D．H+从细胞质基质转运到液泡的跨膜运输方式属于主动运输
【答案】BCD
【分析】由题干信息可知，H+通过液泡膜上的载体蛋白 CAX 完成跨膜运输，且该过程需要借助无机焦磷酸释放的能量，故H＋跨膜运输的方式为主动运输； Ca2+通过 CAX 进行进入液泡并储存的方式为主动运输（反向协调运输）。
【详解】A、Ca2+通过 CAX 的跨膜运输方式为主动运输，所需要的能量由H+顺浓度梯度产生的势能提供，A错误；
B、Ca2+通过 CAX 的运输进入液泡增加细胞液的浓度，有利于植物细胞从外界吸收水分，有利于植物细胞保持坚挺，B正确；
C、加入 H+焦磷酸酶抑制剂，则液泡中的H+浓度降低，液泡膜两侧的 H+浓度梯度差减小，C正确；
D、H+从细胞质基质转运到液泡的跨膜运输方式需要水解无机焦磷酸释放的能量来提供，为主动运输，D正确。
故选BCD。
40．下图1为ATP的结构简图，图2为ATP与ADP相互转化的关系式，下列说法错误的有（    ）

A．ATP中的五碳糖为核糖，b、c为特殊的化学键
B．图1的“A”与ATP中的“A”为同一种物质
C．ATP与ADP相互转化属于可逆反应
D．图2中ADP转化为ATP的能量来自光合作用、细胞呼吸
【答案】BC
【分析】分析图1：ATP中文名称叫腺苷三磷酸，结构简式A-P～P～P，其中A代表腺苷，P代表磷酸基团，～代表特殊化学键。图1中的A表示腺嘌呤，bc表示特殊化学键。分析图2：图2向左代表ATP的合成，向右代表ATP的水解。
【详解】A、ATP中文名称叫腺苷三磷酸，其中的五碳糖为核糖，图1中的b、c为特殊化学键，A正确；
B、图1的A代表腺嘌呤，ATP中的“A”代表腺苷，B错误；
C、ATP和ADP的相互转化过程中，反应类型、反应所需酶以及能量的来源、去路和反应场所都不完全相同，因此ATP和ADP的相互转化不是可逆反应，但物质是可循环利用的，C错误；
D、合成ATP的能量来自呼吸作用或光合作用，故图2中ADP转化为ATP的能量来自光合作用、细胞呼吸，D正确。
故选BC。

三、综合题
41．囊性纤维化是一种严重的遗传性疾病，导致这一疾病发生的主要原因是编码CFTR蛋白的基因发生突变，如图表示CFTR蛋白在氯离子跨膜运输过程中的作用。

(1)图中所示细胞膜结构模型为_________________模型，氯离子跨膜运输的正常进行依赖于膜上_____________________。
(2)在正常细胞内，氯离子在CFTR蛋白的协助下通过____________方式转运至细胞外，此过程，氯离子只能与CFTR蛋白结合，原因是__________________。随着氯离子在细胞外浓度逐渐升高，水分子向膜外扩散的速度_____________，使覆盖于肺部细胞表面的黏液被稀释。
(3)人工合成的仅由磷脂双分子层构成的封闭球状结构称为脂质体，所有带电荷的分子不管它多小，都很难通过脂质体，这是因为磷脂双分子层的内部是疏水的。缬氨霉素是一种十二肽的抗生素，若将它插入脂质体的脂双层内，可使K+的运输速度提高100000倍，但却不能提高Na+的运输速率，由此可以推断出：____________。
【答案】(1)     流动镶嵌     功能正常的CFTR蛋白
(2)     主动运输     氯离子的大小和性质与CFTR蛋白结合部位相适应     加快
(3)载体蛋白能极大提高运输速度、载体具有特异性

【分析】分析题图可知：图示表示CFTR蛋白在氯离子跨膜运输过程中的作用；功能正常的CFTR蛋白能协助氯离子转运至细胞外，使覆盖于肺部细胞表面的黏液被稀释；功能异常的CFTR蛋白不能协助氯离子转运至细胞外，导致肺部细胞表面的黏液不断积累。
【详解】（1）图示为细胞膜的流动镶嵌模型，其基本支架是磷脂双分子层；由图可知，功能正常的CFTR蛋白能协助氯离子进行跨膜运输，而功能异常的CFTR蛋白不能协助氯离子进行跨膜运输，可见，氯离子跨膜运输的正常进行是由膜上功能正常的CFTR蛋白决定的。
（2）氯离子的跨膜运输需要功能正常的CFTR蛋白协助，还需要消耗能量，属于主动运输；由于氯离子与载体蛋白结合具有特异性，因此氯离子只能与CFTR蛋白结合；随着氯离子在细胞外浓度逐渐升高，细胞外液浓度升高，水分子向膜外扩散的速度加快，使覆盖于肺部细胞表面的黏液被稀释。
（3）由题干信息可知：载体蛋白能极大提高运输速度；运输钾离子的载体和运输钠离子的载体不一样即载体具有特异性。

四、实验题
42．将大小相同的滤纸片放在盛有新鲜肝脏匀浆的培养皿中，浸泡1min，夹起滤纸片，贴靠在培养皿壁上，使多余的匀浆流尽。将滤纸片贴在反应小室的一侧内壁上，再加入10ml体积分数为3%的过氧化氢溶液，将小室塞紧（图甲）。实验时，将反应小室置于水槽中，将反应小室旋转180°，使过氧化氢溶液接触滤纸片，同时用量筒收集产生的气体（图乙）。

(1)实验一：滤纸片数量为3片，每隔30s读取量筒中水平面的刻度一次，2分钟后，气体量不再增加的原因是___________。如需要获得更多的气体，在不改变过氧化氢溶液体积的条件下，可采取的方法是_______。如以过氧化氢溶液为实验材料，探究温度对酶促反应速率的影响，实验材料的选择是否科学______（填“是”、“否），原因是__________。
(2)若某小组在实验过程中分为两组，A组的滤纸片在新鲜的肝脏匀浆液中浸泡1min，B组的滤纸片在FeCl3溶液中浸泡1min。则该小组的探究的课题中，自变量是__________。在做探究实验时要注意_________等无关变量应保持一致。
【答案】(1)     H2O2量有限     增加过氧化氢溶液浓度     否     温度会影响过氧化氢分解
(2)     催化剂的种类     温度、pH等

【分析】酶是由生物活细胞产生的、对作用底物具有高度特异性和高度催化效能的蛋白质或者核糖核酸（RNA）。酶所催化的化学反应一般是在比较温和的条件下进行的，酶促反应需要最适的温度和最适的pH值条件。温度过高或过低，pH值过高或过低都会影响酶的活性，高温、过酸和过碱的条件会使酶永久失活。
【详解】（1）2分钟后，10ml体积分数为3%的过氧化氢溶液全部反应完，因此气体量不再增加；如需要获得更多的气体，只能增加过氧化氢的量，若不改变体积，则可以增加过氧化氢溶液浓度；温度对过氧化氢分解影响较大，温度越高，分解越快，因此，不适宜用过氧化氢来探究温度对酶活性的影响。
（2）比较A组和B组可知，人为改变的量（即自变量）是催化剂的种类；无关变量是除自变量外会影响到实验结果的量，为了控制单一变量，实验中需要保证无关变量适宜且一致。