2022-2023学年广州省广州市九年级上册期中物理专项突破练习题库（含解析）

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2022-2023学年广州省广州市九年级上册期中物理专项突破
练习题库
【原卷 1 题】 知识点 利用电流的热效应工作的用电器


【正确答案】
D
【试题解析】
【详解】ABC．电暖炉、电饭锅、电热水壶工作时主要把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故ABC不符合题意；D．电动自行车工作时，主要将电能转化为机械能等，不是利用电流热效应工作的，故D符合题意。故选D。

1-1（基础） 如图所示，下列家用电器工作时主要将电能转化为内能的是（　　）
A.电视机 B.电熨斗
C.电风扇 D.洗衣机
【正确答案】 B

1-2（基础） 假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（　　）
A.白炽灯发光能变热 B.电动机仍然能转动
C.电饭锅仍然能煮饭 D.电熨斗仍然能熨衣服
【正确答案】 B

1-3（巩固） 如图所示是一款迷你暖手宝，它内置锂电池，利用接口充电，工作时内部发热片发热。下列说法正确的是（　　）

A.暖手宝工作时发热的过程，是电流做功的过程
B.暖手宝工作时内部发热片发热的过程，是化学能转化成内能的过程
C.用暖手宝给手取暖时，手的内能的增加是做功的过程
D.无论暖手宝充电还是工作时发热的过程，内置锂电池在电路中都是电源
【正确答案】 A

1-4（巩固） 将规格都是“220V；100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入220V的家庭电路中，通电时间相同，下列说法中不正确的是（　　）
A.三个用电器消耗电能的快慢相同
B.电流对三个用电器做功一样多
C.三个用电器消耗的电能一样多
D.三个用电器产生的热量一样多
【正确答案】 D

1-5（巩固） 下列用电器的额定功率都是100W，让它们正常工作10min，产生热量最多的是（　　）
A.电饭煲 B.电风扇 C.洗衣机 D.电视机
【正确答案】 A

1-6（提升） 在密闭的房间里有一个开着门的电冰箱，给电冰箱通电，过一段时间后，房间的温度将
A.升高 B.不变 C.降低 D.无法确定
【正确答案】 A

【原卷 2 题】 知识点 短路的电路连接情况及短路的危害,辨析电路的串并联

【正确答案】
B C
【试题解析】
【详解】A．只闭合开关S1时，只有灯泡L1接入电路，故A错误；
B．只闭合开关S2时，灯泡L1、L2均接入电路，电流只有一条路径，故灯泡L1、L2串联，故B正确；
C．只闭合开关S1、S3时，灯泡L1、L2均接入电路，电流有两条路径，故灯泡L1、L2并联，故C正确；
D．闭合开关S1、S2、S3时，电源正负极通过导线直接相连，电路发生短路，灯泡L1、L2不发光，故D错误。故选BC。

2-1（基础） 如图甲所示电路，两灯正常发光，电流表A1的示数为0.6A，电流表A2的示数如图乙所示。则（　　）

A.两灯是串联连接的
B.流过L1的电流是0.6A
C.流过L2的电流是2A
D.干路电流是3.2A
【正确答案】 BC

2-2（基础） 如图所示的电路中，将开关S闭合，灯L1和灯L2均发光。下列说法中正确的是（ ）

A.灯L1和灯L2串联
B.灯L1和灯L2两端的电压一定相等
C.通过灯L1的电流与通过灯L2的电流可能相等
D.通过灯L1的电流与通过电源的电流一定相等
【正确答案】 BC

2-3（巩固） 如图所示，下列说法正确的是（　　）

A.闭合S2、S3，断开S1，只有灯L1亮
B.闭合S1、S3，断开S2，灯L1、L 2并联
C.闭合S2 ，断开S1、S3， 灯L1、L2并联
D.闭合S1、S2，断开S3，灯L2不亮
【正确答案】 AB

2-4（巩固） 小华对身边的一些电路进行观察分析，其中正确的是（　　）
A.厨房中的抽油烟机里装有照明灯和电动机，它们既能同时工作又能单独工作，它们是并联的
B.马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的
C.楼梯的电灯是由声控开关和光控开关共同控制的，只有在天暗且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是串联的
D.教室里的日光灯如果一只不亮，其它的还能正常发光，它们是并联的
【正确答案】 ACD

2-5（巩固） 在如图所示电路中，开关闭合时，规格相同的灯泡、均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小明在读数时在纸上记录了如图所示数字，即3个数分别对应三个电表的读数，则下列说法中正确的是（　　）

A.若和并联，甲、乙、丙示数分别为，，
B.若和并联，电源电压为，则通过、的电流分别为、
C.若和串联，电路中的电流为，则、两端的电压分别为、
D.若和串联，甲、乙、丙示数分别为、、
【正确答案】 BD

2-6（提升） 如图所示电路中，下列说法中正确的是（　　）

A.如果①为电流表，②、③为电压表，该电路为串联电路
B.如果①为电流表，②、③为电压表，表②、表③的示数之和等于电源电压
C.如果①、②、③均为电流表，该电路为串联电路
D.如果①、②、③均为电流表，示数分别为0.9A、0.8A、0.4A，则通过灯L2的电流数为0.3A
【正确答案】 AD

【原卷 3 题】 知识点 验电器的构造和原理,电流方向的规定



【正确答案】
A
【试题解析】
【详解】A．由题意可知，A带负电，B不带电，将金属棒与A和B连接起来后，A中部分负电荷通过金属棒转移到B中，使得B带负电荷，故A、B带同种电荷，故A正确；
B．物理学中规定，电流方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反，连接的瞬间，负电荷从A定向流向B，故可知金属棒中的电流方向为从B到A，故B错误；
C．图乙状态下，若人用手触碰A顶部使A中的金属箔合拢，因人体是导体，A中的多余负电荷转移到人体中，使得A不带电，故A中金属箔合拢，又因B与人通过金属棒相连，故B中多余负电荷也会转移到人体中，因此B中金属箔的张角也会变小，故C错误；
D．图乙状态下，若使金属棒离开A和B，则此时A和B不接触，负电荷不会发生转移，故A、B中的金属箔会保持不变，故D错误。故选A。

3-1（基础） 如图所示，验电器箔片闭合，小璐同学用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，看到验电器的金属箔片张开，下列说法中正确的是（　　）

A.验电器的外壳也是金属材质
B.金属箔片张开是由于两箔片都带正电荷而互相排斥
C.此过程中，玻璃棒上的正电荷移动到了箔片上
D.此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向玻璃棒
【正确答案】 B

3-2（基础） 学习了电路基础知识之后，小南整理了一些笔记，下列笔记错误的是（　　）
A.验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B.在电源外部，电流从电源正极经过用电器回到负极
C.绝缘体不容易导电是因为绝缘体中几乎没有自由电荷
D.与丝绸摩擦过的玻璃棒带负电，是因为玻璃棒在摩擦时失去电子
【正确答案】 D

3-3（巩固） 如下图所示，用毛皮擦过的橡胶棒去接触不带电的验电器 A，A 的金属箔片张角变大，再用带绝缘柄的 C 金属棒同时接触 验电器A 和不带电的验电器B 的金属球，发现 A 的金属箔片张角变小，B 的金属箔片张角变大。则下列说法正确的是（　　）

A.验电器原理是异种电荷相互吸引
B.毛皮摩擦橡胶棒的过程中，电子由橡胶棒转移到毛皮
C.当 C 棒接触两验电器的金属球时，产生的电流方向为 B 到 A
D.当 C 棒接触两验电器的金属球时，自由电子由B 向 A 发生定向移动
【正确答案】 C

3-4（巩固） 关于如图所示的四个情境，下列说法中正确的是（ ）

A.图甲，用丝绸擦过的两根玻璃棒靠近时，会相互吸引
B.图乙，自由电子的定向移动方向为电流方向
C.图丙，用金属棒把带正电的验电器A和不带电的验电器B连接起来，B的金属箔张开
D.图丁，用毛皮擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带正电荷而张开一定的角度
【正确答案】 C

3-5（巩固） 下列有关电现象的说法中，不正确的是（　　）
A.毛皮摩擦过的橡胶棒与一个轻质的小球相互排斥，说明小球一定带正电
B.电荷的定向移动形成电流，正、负电荷都有可能做定向移动形成电流
C.科技馆中用手触摸静电球会“怒发冲冠”，竖起的头发丝带同种电荷
D.与丝绸摩擦过的玻璃棒，接触验电器金属球，箔片张开，瞬时电流方向从玻璃棒到箔片
【正确答案】 A

3-6（提升） 图甲为部分物质的原子核对核外电子束缚能力强弱情况，束缚能力越弱越容易失去电子。现用丝绸摩擦石蜡，然后将该石蜡靠近轻质小球，发现它们相互排斥，再将石蜡触碰了验电器的金属球，发现金属箔片张开，如图乙。下列说法中正确的是（　　）

A.金属箔片一定带负电
B.小球可能带负电也可能不带电
C.丝绸和石蜡摩擦过程中，石蜡一定失去电子
D.验电器和石蜡接触后，验电器一定失去电子
【正确答案】 A

【原卷 4 题】 知识点 分子热运动的特点


【正确答案】
D
【试题解析】
【详解】由分子热运动的特点可知，在0℃的环境中，分子仍在永不停息地做无规则运动，故抽掉玻璃板后，放置足够长时间，由于氢气分子和氧气分子在不停地做无规则运动，故会均匀地分布在两个瓶子中，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。

4-1（基础） 下列现象中不能说明分子在不停地做无规则运动的是（　　）
A.扫地时尘埃在空中飞舞
B.八月桂花飘香
C.堆煤的墙角时间久了会变黑
D.打开酒瓶闻到酒味
【正确答案】 A

4-2（基础） 有关分子动理论，下列说法正确的是（　　）
A.液体很难被压缩，说明分子之间存在引力
B.用手捏海绵使它体积变小，说明分子间有空隙
C.扫地时尘土飞扬，说明分子在做无规则运动
D.做墨水滴入水中扩散的实验时，人眼看不到墨水中炭粒分子的运动
【正确答案】 D

4-3（巩固） 对下列四幅图片的解释不正确的是（　　）

A.甲图中A 集气瓶中应该装空气，这样做的目的是避免重力对实验造成影响
B.乙图中，红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高，分子运动越剧烈
C.丙图中将两个铅柱压在一起，下面能够悬挂一个钩码，说明分子之间存在引力
D.丁图中在注射器里装入一些空气，用手可以推动活塞将空气压缩，说明分子之间存在斥力
【正确答案】 D

4-4（巩固） 如图所示，向一端封闭的玻璃管中注入酒精和水后，静置一段时间后，酒精和水混合了，观察液面的位置会有所下降。则下列判断错误的是（　　）

A.液面下降说明分子间有间隙
B.该实验在冰箱中进行会更快混合
C.酒精和水混合了，说明分子在不停地做无规则运动
D.为了使实验现象更有说服力，注入液体时先注入水，后注入酒精
【正确答案】 B

4-5（巩固） 下列是日常生活中的一些情景，有关说法正确的是（　　）
A.炒菜时主要是通过做功的方法增加菜的内能
B.炒菜时闻到菜的香味说明分子在不停地做无规则运动
C.煮熟的粽子过一会变凉了，它含有的热量会减少
D.剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存间隙
【正确答案】 B

4-6（提升） 封闭在容器内的气体,是由大量的气体分子组成的,这些分子都在不停地做无规则运动．下列有关说法正确的是
A.温度一定时,气体分子的运动速度大小都相同
B.温度一定时,向各个方向运动的气体分子都有
C.温度升高时，每个气体分子的运动速度都增大
D.温度降低时，所有气体分子的运动方向都相同
【正确答案】 B

【原卷 5 题】 知识点 测量滑轮组的机械效率



【正确答案】
C
【试题解析】
【详解】A．由数据④中可知，钩码的重力为G=6N，钩码上升的高度为h=5cm=0.05m
故可知滑轮组所做的有用功为W=Gh=6N×0.05m=0.3J；故A错误；
B．由数据①可知，钩码上升的距离为5cm，弹簧测力计上升的距离为15cm，即弹簧测力计上升的高度为钩码上升高度的3倍，故可知实验所用滑轮组承重绳段数为n=3，故B错误；
C．要研究滑轮组机械效率与钩码重的关系，应控制其它条件不同，改变钩码的重力，故可选用数据①②④，故C正确；
D．数据③④中，没有控制钩码的重力相同，故无法得出滑轮组的机械效率与钩码上升距离的关系，故D错误。故选C。

5-1（基础） 同学们“测量并探究影响滑轮组机械效率高低的因素”，使用了如图所示的装置，下列说法正确的是（每个钩码重相同）（　　　）

A.实验需要用到的测量仪器弹簧测力计、刻度尺和停表
B.实验时需要匀速拉动测力计，只有这样测力计示数才能稳定
C.当钩码个数相同时，甲的机械效率比乙高
D.把钩码提高的高度越高，做的有用功越多，机械效率越高
【正确答案】 B

5-2（基础） 小明在课外兴趣小组探究“影响滑轮组机械效率的因素”时，用同一套滑轮组完成了如图所示的实验。那么他想探究的是：滑轮组机械效率的高低与下列哪个因素的关系 （　　）

A.被提升物体的重力 B.动滑轮的重力
C.物体被提升的高度 D.所用拉力大小
【正确答案】 A

5-3（巩固） 如图所示，在“测量动滑轮的机械效率”实验中，下列说法正确的是（　　）

A.实验必须用到的测量仪器：弹簧测力计、刻度尺和停表
B.实验中所需测量的拉力可以在弹簧测力计静止时读数
C.增大物体上升的高度，可以提高动滑轮的机械效率
D.增大物重，可以提高动滑轮的机械效率
【正确答案】 D

5-4（巩固） 如图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种机械匀速提升物体（绳长不变），测得拉力和物体M、N所受的重力如表所示，则下面说法正确的是（　　）






5.5N
12N
5.5N
8N
5N
10N

A.甲的机械效率比丙的小
B.使用丙提升物体M时省力
C.甲的机械效率比乙的大
D.实验测得的数据无法算出机械效率
【正确答案】 C

5-5（巩固） 某同学用如图甲所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，实验数据记录如表乙所示。下列说法错误的是（　　）
实验次数
钩码重
G/N
钩码上升
高度h/m
绳端拉力
F/N
绳端移动
距离s/m
机械效率
η
1
2
0.1
1.2
0.3
55.6%
2
2
0.2
1.2
0.6
55.6%
3
4
0.2
1.9
0.6
70.2%

A.实验时应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码升高
B.通过第1次和第2次实验数据可初步得出结论：滑轮组的机械效率与重物上升高度无关
C.通过第2次和第3次实验数据可初步得出结论：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高
D.3次实验中，滑轮组所做的额外功不变
【正确答案】 D

5-6（提升） 如图甲所示，用F1将物体A匀速直线拉动一段距离s，若借助如图乙所示装置用F2将物体A在同样的水平面上做匀速直线运动移动相同的距离s，下列说法正确的是（　　）
①图乙中有用功W有＝F1s
②图乙中总功W总＝F2s
③图乙中额外功W额＝3F2s﹣F1s
④图乙中的机械效率η＝

A.只有①和③ B.只有③和④ C.只有①和④ D.只有②和④
【正确答案】 A

【原卷 6 题】 知识点 热机燃料燃烧能量走向示意图,热机效率的定义



【正确答案】
D
【试题解析】



6-1（基础） 图甲是某四冲程汽油机工作时的能量流向图，图乙是其中一个冲程的示意图，则下列说法正确的是（　　）

A.该汽油机的效率是60%
B.汽油机的效率越高说明做功越快
C.该冲程是压缩冲程
D.该冲程是内能转化为机械能的过程
【正确答案】 D

6-2（巩固） 对热机的效率不可能达到100%的原因，下列说法错误的是（　　）
A.热机总会有尾气带走部分热量
B.热机本身一定会散热而带走部分热量
C.活塞与汽缸间一定有摩擦会带走部分热量
D.技术还不够成熟，理论上可以达到100%
【正确答案】 D

6-3（巩固） 如图所示为内燃机的能量流向图，下列说法正确的是（　　）

A.该内燃机的效率
B.增大E3，该内燃机的效率一定会增大
C.减小E5，该内燃机的效率一定会增大
D.不可能达到100%
【正确答案】 D

6-4（巩固） 下列关于热值和热机效率的说法，正确的是（　　）
A.燃料燃烧的越充分，热值就越大
B.使燃料燃烧越充分，可以提高热机效率
C.柴油机的热机效率可达到100%
D.热值大的燃料燃烧释放的热量一定多
【正确答案】 B

6-5（巩固） 下列说法正确的是（　　）
A.热机效率越高，做功越快
B.蒸汽机的效率高于汽油机的效率
C.汽油机顶部有喷油嘴，柴油机顶部有火花塞
D.热机效率越高，它将内能转化为机械能的比例越大
【正确答案】 D

6-6（提升） 如图所示表示的是汽油机的能量流向，对照此图，下列说法不正确的是

A.废气的排放所占比例最大，减少该部分能量损失可有效提高热机效率
B.冷却水能量的二次利用可以提高能量利用率
C.该汽油机的效率为73%
D.该汽油机的能量利用率为27%
【正确答案】 C

【原卷 7 题】 知识点 热传递改变物体的内能,做功改变物体的内能



【正确答案】
C
【试题解析】
【详解】AB．由题意可知，从甲到乙的过程中，空气的温度不变，故分子动能不变，又因此过程中空气的分子势能不变，故可知此过程中，筒内空气的内能不变，故AB不符合题意；
CD．因从甲到乙的过程中，活塞压缩空气，对空气做功，而空气的温度保持不变，故可知该过程中筒内空气一定向外界放热，使得做功增加筒内空气内能的同时，向外热传递减少筒内空气的内能，使得筒内空气内能保持不变，从而使筒内空气温度保持不变，故C符合题意，D不符合题意。故选C。

7-1（基础） 如图所示，下列实例中利用热传递来改变物体内能的是（　　）
A.从滑梯滑下臀部发热
B.锯木头时锯条发热
C.酒精灯加热试管中的水
D.冬天搓手取暖
【正确答案】 C

7-2（基础） 如图一个注射器，迅速下压活塞，注射器内密封的气体温度升高。此过程密封气体的（　　）

A.内能增加
B.分子动能减小
C.分子热运动速度减小
D.内能转化为活塞机械能
【正确答案】 A

7-3（巩固） 一杯热水放在桌上，一段时间后它的温度降低了，下列分析不正确的是（　　）
A.热水具有的内能减小了 B.热水具有的热量减小了
C.热水将部分内能转移给了空气 D.热水放出了热量
【正确答案】 B

7-4（巩固） 下列关于物体内能的说法，正确的是（　　）
A.内燃机的压缩冲程将内能转化为机械能
B.用打气筒给自行车打气，气筒发热，机械能转化为内能
C.加入冰块的饮料温度降低是做功改变物体的内能
D.水沸腾后锅盖被水蒸气顶起，水蒸气内能增大
【正确答案】 B

7-5（巩固） 关于热现象，下列说法正确的是（　　）
A.位于沙漠边缘的罗布泊昼夜温差比沿海地区大，这是因为与水相比，砂石的比热容更大
B.“炙手可热”、“钻木取火”都是通过热传递改变物体的内能
C.暑假同学们在家学做菜，厨房里菜香四溢，说明了分子在不停地做无规则运动
D.冬天用热水袋暖手，是通过做功改变物体的内能
【正确答案】 C

7-6（提升） 活塞式打气筒为自行车轮胎打气的过程中，会发现气筒的筒壁发热。筒壁发热现象的产生，有两个方面的原因：a、打气过程中活塞与筒壁之间不断地克服摩擦做功使筒壁的内能增加、温度升高；b、打气时活塞压缩气体做功使气体的内能增加，升温的气体通过热传递使筒壁温度升高。针对哪一个是主要原因问题，小明设计了如下实验：先测出打气前筒壁的温度为t0，再将打气筒不与轮胎相连空打气适量的n次后测出筒壁温度为t1，待筒壁温度恢复t0后，再将打气筒与轮胎相连，在相同的时间内打相同的n次后测出筒壁温度为t2。下列相关说法中正确的一项是（　　）
A.若t2＞t1说明a是主要原因 B.若t1＞t2说明a是主要原因
C.若t2-t0＞t1-t0说明b是主要原因 D.若t2-t1＞t1-t0说明b是主要原因
【正确答案】 D

【原卷 8 题】 知识点 能量的转化,能量守恒定律

【正确答案】
B
【试题解析】
【详解】A．由能量守恒定律可知，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，故可知永动机是不可能制造出来的，故A错误；
B．在满足一定的条件下，各种形式的能量之间可以相互转化，故B正确；
C．能量守恒定律在摩擦力和空气阻力存在的情况下仍然适用，故C错误；
D．火箭升空时，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能，使得火箭的重力势能和内能均增大，能量守恒定律同样适用，故D错误。故选B。

8-1（基础） 下列对能量守恒定律的理解中正确的是
A.能量守恒定律的成立是有一定条件的
B.各种形式的能量都可以在一定条件下相互转化
C.做功改变内能的过程是不同形式的能量的转移过程
D.热传递改变内能的过程是不同形式的能量的转化过程
【正确答案】 B

8-2（基础） 有关能量守恒定律下列说法错误的是（　　）
A.能量守恒定律只适用于机械能与内能的相互转化
B.只要有能的转化和转移，就一定遵循能量守恒定律
C.能量守恒定律是人们认识自然的有力武器
D.任何一种形式的能在转化为其他形式能的过程中，消耗多少某种形式的能量，就能得到多少其他形式的能量，而能量的总量保持不变
【正确答案】 A

8-3（巩固） 下列说法中错误的是（　　）
A.在一定条件下，能量是可以相互转化和转移的
B.只要有能量的转化和转移，就一定遵从能量守恒定律
C.内燃机的压缩冲程中把内能转化成机械能
D.任何一种形式的能在转化为其他形式的能的过程中，消耗多少某种形式的能量，就能得到多少其他形式的能量，而能的总量是保持不变
【正确答案】 C

8-4（巩固） 下列有关能量守恒的说法中正确的是（　　）
A.摩擦生热创造了热，不符合能量守恒定律
B.能量守恒只适用于机械能与内能的相互转化
C.不可能造出永动机，是因为它违反了能量守恒定律
D.热机的工作过程不遵循能量守恒定律
【正确答案】 C

8-5（巩固） 关于能量，下列说法错误的是（　　）
A.常见的能量有机械能、内能、电能、光能等形式 B.各种形式的能量间可以相互转化
C.随着科技的发展，永动机将会发挥巨大的作用 D.能量间的转化遵循能量守恒定律
【正确答案】 C

8-6（提升） 关于能量的转化与守恒，下列说法中正确的是（　　）
A.能量守恒定律只适用于能量的转化过程
B.给手机充电时是将电能转化为化学能
C.“摩擦生热”是创造了热，它不符合能量守恒定律
D.由于能的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机
【正确答案】 B

【原卷 9 题】 知识点 应用欧姆定律进行电路故障分析

【正确答案】
A
【试题解析】
【详解】当将该导线两端分别接到a、d接线柱上时，发现电流表有示数，则说明电流表、滑动变阻器、开关和电源之间是通路；当将该导线两端分别接到c、f接线柱上时，发现电压表有示数，说明电源、待测电阻是连通的，电流表示数仍为0，由此可判断故障是c、d间断路，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。

9-1（基础） 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，有一个电表示数变小，另一个电表示数变大。则下列判断正确的是（　　）

A.电动机断路 B.电动机短路 C.灯L断路 D.灯L短路
【正确答案】 A

9-2（基础） 如图所示的电路中，电源电压为3V，当开关S1、S2都闭合时，则（　　）

A.电压表被烧坏 B.电流表将被烧坏
C.灯亮，灯不亮 D.两只灯泡都将被烧坏
【正确答案】 B

9-3（巩固） 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，某个电表的示数变大。若电路中只有一处故障，且只发生在电灯L1或L2处，则下列判断中正确的是（　　）

A.若电压表V示数变大，则电灯L1断路
B.若电压表V示数变大，则电灯L2短路
C.若电流表A示数变大，则电灯L1断路
D.若电流表A示数变大，则电灯L2短路
【正确答案】 D

9-4（巩固） 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，两电表的示数都突然变大，则该电路中出现的故障可能是（　　）

A.灯L1发生了断路 B.灯L1发生了短路
C.灯L2出现断路 D.灯L2出现短路
【正确答案】 B

9-5（巩固） 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（　　）

A.一定是灯L断路，电流表的示数变小
B.一定是电阻R断路，电流表的示数变小
C.可能是灯L短路，电压表的示数变大
D.可能是电阻R短路，电压表的示数变小
【正确答案】 B

9-6（提升） 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关，电路正常工作一段时间后，灯泡突然熄灭，电路中只有两个电表有示数。电阻或灯泡仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中（　　）
①可能灯泡断路 ②可能灯泡短路
③可能电阻断路 ④可能电阻短路

A.只有①②正确 B.只有③④正确
C.只有②④正确 D.只有①③正确
【正确答案】 A

【原卷 10 题】 知识点 电路的组成部分及其作用

【正确答案】
C
【试题解析】
【详解】输出电能即是将电能转换成其它形式能，甲在消耗电能，乙既没消耗电能也没输出电能，丙将电能转化成化学能，即输出电能。故选C。

10-1（基础） 学习了电路的知识后，几位同学在议论电路的知识，下列说法中不正确的是（　　）
A.一般的电路是由电源、用电器、开关和导线组成的
B.只要能使用电器工作的电路就是一个完整的电路
C.在电路中，电源是把其他形式的能转化为电能的装置
D.电源的作用是给用电器供电，提供持续的电流
【正确答案】 B

10-2（基础） 给电瓶车的蓄电池充电时，蓄电池相当于（　　）
A.用电器 B.开关 C.导线 D.电源
【正确答案】 A

10-3（巩固） 下列各种器件，都是用电器的是（　　）
A.电池组、电灯、录音机 B.日光灯、电风扇、电视机
C.开关、插座、洗衣机 D.电源、电线、电饭煲
【正确答案】 B

10-4（巩固） 图为酒店房间的取电装置，房卡插入后，整个房间才“通电”，房卡相当于电路的（　　）

A.电源 B.总开关 C.用电器 D.电表
【正确答案】 B

10-5（巩固） 如图所示，磁控猴子是一个史上最小气的猴子，只要你抢走它手上的香蕉，它就不停的大吵大闹，你把香蕉还给它，它就停止吵闹。香蕉的作用相当于电路中的（　　）

A.开关 B.导线 C.电源 D.用电器
【正确答案】 A

10-6（提升） 手电筒的构造如图所示，电源为两节新干电池。下列说法正确的是（　　）

A.按键相当于一个用电器
B.弹簧的作用仅是为了压紧电池
C.灯泡发光时，化学能转化为电能
D.开关断开时，电源两端电压依然为3V
【正确答案】 D

【原卷 11 题】 知识点 计算物体温度变化时的吸放热,热值的公式及相关计算

【正确答案】

【试题解析】


11-1（基础） 天然气热水器将100kg的水由22℃加热到42℃，水的内能增加了 _____J，水的内能增加是通过 _____方式实现的。
【正确答案】 热传递

11-2（巩固） 在标准大气压下，将质量为10kg、温度为20℃的水加热至沸腾，水需要吸收_____J的热量，若上述这些热量由燃烧煤气提供，且煤气完全燃烧放出的热量有30%被水吸收，则需完全燃烧_______m3的煤气。[水的比热容为4.2×103J/(kg•℃)，煤气的热值为4×107J/m3]
【正确答案】 3.36×106 0.28

11-3（巩固） 1标准大气压下完全燃烧0. 42m3的煤气放出的热量是________J；若50%的热量被水吸收，能使质量为25kg初温为25℃的水升高_________℃。[q煤气=4. 0×107J/m3，c水=4. 2×103J/（kg•℃）]
【正确答案】 ； 75。

11-4（巩固） 小林家的太阳能热水器某天使200kg的水温度升高40℃，则这些水吸收的热量为______J，这些热量相当于完全燃烧____m3的煤气放出的热量[煤气的热值约为4×107J/m3，水的比热容c＝4.2×103J/ (kg•℃)]．
【正确答案】 3.36×107 0.84

11-5（巩固） 甲、乙两种物质，它们的质量比是3∶1，若它们的比热容之比是3∶2，则它们吸收相同的热量，升高的温度之比是______。
【正确答案】 2∶9

11-6（提升） 小明用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热。根据测量数据描绘温度-时间的图像如图所示，由图可知，甲物质比热容_______（选填“>”““ 或“

【原卷 17 题】 知识点 欧姆定律的I-U图像和I-R图像,根据欧姆定律计算导体的电阻、电流及电压,电功率的计算式P=UI及推导式的应用



【正确答案】
（1）0.5A；（2）10Ω；（3）0.7W
【试题解析】




17-1（基础） 一只灯泡两端的电压为时能正常发光，正常发光时的电阻为，求正常发光时通过灯泡的电流。
【正确答案】 0.48A

17-2（巩固） 图中小灯泡L标有“6V 1A”，电源电压为9V，滑动变阻器的最大阻值是10Ω。闭合开关S，滑片Р从a端开始向左移动，电压表的示数从2V增大到6V。求：
（1）小灯泡的额定功率；
（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器的阻值；
（3）滑片Р滑动过程中，电流表示数的变化范围。

【正确答案】 （1）6W；（2）3Ω；（3）

17-3（巩固） 如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1=5Ω，灯L标有“8V10Ω“字样，电流表量程为0～3A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2标有“45Ω2A”字样。
（1）只闭合S1时，电流表的示数为0.6A，求电源电压；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率；
（3）若电压表的量程为0～3V，只闭合S2时，在保证电路安全的情况下，求变阻器连入电路的阻值范围。

【正确答案】 （1）9V；（2）1.8W；（3）1.25～5Ω

17-4（巩固） 如图甲所示电路，电源两端电压U不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器．当开关S闭合后，改变滑动变阻器接入电路的电阻，其电流与电压的关系如图乙所示．求：

⑴滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为 Ω，电源两端电压为 V；
⑵定值电阻R1的电阻值；
⑶电路消耗电功率的最大值．
【正确答案】 ⑴60 7 ；⑵10Ω；⑶当滑动变阻器接入电路的电阻为0Ω时，电路消耗的总功率最大,此时有P = UI=7V×0.7A=4.9W．

17-5（巩固） 如图所示，电源两端电压U保持不变。闭合开关S、S1，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A。闭合开关S，断开开关S1，电压表示数为2V。求：
（1）请画出开关S、S1闭合时和闭合开关S，断开开关S1时电路在两个状态的等效电路简图。
（2）定值电阻R2的阻值；
（3）定值电阻R1的阻值。
（4）当闭合开关S，断开开关S1时，通电10s电路中的电流通过R1所做的电功为多少；

【正确答案】 （1）见解析；（2）10Ω；（3）5Ω；（4）2J

17-6（提升） 半导体材料的导电能力介于导体和绝缘体之间，其电阻受温度影响较大．如图甲是某种半导体材料的电阻随温度变化的关系图像．根据这种半导体材料电阻的特性，小明和他的同学设计了一个电路（如图乙），可以测定某一空间的温度，使用的器材如下：半导体电阻、电源、电流表（0-0.6A）、开关、定值电阻R0（10Ω）、导线若干．
（1）定值电阻R0的作用是什么；
（2）当环境温度为20℃时，电流表的读数为0.2A，求电源的电压；
（3）电流表的读数为0.4A时，求当时环境温度；
（4）如果环境温度为100℃，半导体电阻的电功率是多少。

【正确答案】 （1）保护电路；（2）12V；（3）40℃；（4）3.6W

【原卷 18 题】 知识点 伏安法测小灯泡电功率的原理和电路图,利用电能表的主要参数计算电能,伏安法测小灯泡电功率的实验步骤和数据处理





【正确答案】

【试题解析】






18-1（基础） 测量“额定电压为2．5V的小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变。

（1）如图甲所示，连接电路时开关应处于__________状态。
（2）闭合开关，变阻器滑片P在某处时，电压表示数为2V，电流表示数如图乙所示。若想测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向__________端（选填“左”或“右”）移动。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图丙所示，其值为__________A，通电20s小灯泡消耗的电能为__________J。
（4）把这样的两个灯泡串联在电压为4V的电路中，电路的总功率为__________W。
【正确答案】 断开 左 0.22 11 0.704

18-2（基础） 同学们在实验室做电学实验．小灯泡标有“2V”字样，电源电压为6V且保持不变．

（1）请你用笔画线代替导线将图甲电路连接完整（要求滑片向左移动时灯泡变亮）
（_____）
（2）小高利用此电路“测量小灯泡的额定电功率”，应调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为_____V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时电功率为____W，电阻为____Ω（结果保留两位小数）
（3）小高还想“探究通过导体的电流与电阻关系”，他取下灯泡，并用实验室提供的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、30Ω定值电阻各一个，先后接入电路中．图丙是他依据测得的实验数据绘制的电流Ⅰ随电阻R变化的图象，由图象可知R两端的电压为_____V；要完成此实验，滑动变阻器的最大阻值不能低于_____Ω．
【正确答案】 2 0.92 4.35 3 30

18-3（巩固） 小江用如图甲所示的器材测量小灯泡的电功率，小灯泡上标有“2.5V”的字样，小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω，滑动变阻器的规格为“0～50Ω”。

（1）用笔画线代替导线，连接完整图甲所示的实物电路；___________
（2）小江连接好实验电路，检查连接无误后，闭合开关，却发现灯泡不发光，电流表明显偏转，电压表示数为0，可能发生的故障是___________（选填下面的字母）；
A.滑动变阻器处断路 B.灯座处短路 C.小灯泡的灯丝断了 D.开关接触不良
（3）排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P至某处时，电压表的示数如图乙所示，其读数为___________V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P适当地向___________（选填“A”或“B”）端移动；
（4）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，制得如图丙所示的I-U图像，小灯泡的额定功率为___________W；
（5）小江还想探究“电流与电阻的关系”，于是在原有器材的基础上将电源电压增大为4.5V且保持不变，并将小灯泡分别更换为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻。
①为了完成上述五次实验，应控制定值电阻两端电压U0不变，则U0的最小值为___________V；
②小江同学每次随机选取个定值电阻，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丁所示，且实验中各电路元件完好，读数、记录均正确。但老师发现五次实验中有一次未移动滑片控制电压表示数一定，就开始读数，根据图丁中的数据分析，该次实验选取的定值电阻为___________ Ω，通过计算可得，小江前一次实验选取的定值电阻为___________ Ω。

【正确答案】 B 2.2 B 0.5 1.5 20 10

18-4（巩固） 小韩用如图1甲所示的电路测量小灯泡的电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω．

(1)用笔画线表示导线，选好电流表量程，将图甲电路连接完整
（__________）
(2)闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于 _____ （选填“C”或“D”）端．
(3)闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡 _____ （选填“短路”或“断路”）．
(4)排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表示数如图1乙所示，此时小灯泡两端的电压为 _____ V，若要测量小灯泡的额定功率，此时应将滑动变阻器的滑片P向 _____ （选填“C”或“D”）端移动，根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象，小灯泡的额定功率为 _____ W．
(5)小韩还想用标有“600res/（kW•h）”的电能表测出一个电灶的电功率．测量时关闭其他用电器，只让电灶单独工作，发现6min电能表的转盘转过120r，则这段时间电灶消耗的电能是 _____ J，电灶的功率为 _____ W．
【正确答案】 C 断路 2.2 D 0.5 7.2×105 2000

18-5（巩固） 在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为 4V，小灯泡额定电压为2.5V，小灯泡电阻约为 10 Ω。
（1）请你用笔画线代替导线，将图（甲）中的实验电路连接完整（要求滑片向左移动时灯泡变暗）；___________
（2）小江同学连接好最后一根导线后，闭合开关，他发现无论怎样移动滑片，灯泡都很暗，且两表示数不变，出现上述故障的原因可能是___________
（3）故障排除后，小江同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某点，电压表的示数如图（乙）所示。若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片向___________（选填左或右）端移动，使电压表示数为 2.5 V；
（4）他又移动滑片，记下了几组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图（丙）所示的I-U 图像，根据图像信息可以计算出小灯泡的额定功率是___________W

（5）小江在没有电流表的情况下，设计了图的实验电路来测量该 2.5 V 小灯泡的额定功率。其中定值电阻的阻值为 R0，R 是滑动变阻器。请根据实验电路图补充完成下面的主要测量步骤；

①只闭合开关S 和S1调节滑动变阻器滑片的位置，使并记录电压表的示数为U1；
②只闭合开关S和开关___________，保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，记录电压表的示数为U2；
③小灯泡L的额定功率P=___________。（用已知量和所测物理量的字母表示）
【正确答案】 滑动变阻器的两个下端接线柱接入电路 右 0.75 S2

18-6（巩固） 在复习电学知识时，小明在实验室又做了“测量小灯泡电功率”和“探究电流与电压、电阻关系”的实验。实验中，所用的电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器的规格为“30Ω 1A”。
　　
（1）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小明按图甲所示的电路图正确连接了电路，实物中少了两根导线．请用笔画线代替导线补上，将图乙中的实物电路连接完整；__________
（2）连接电路时开关应_____，滑动变阻器滑片P应放在最_____端（选填“左”或“右”）；
（3）闭合开关后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V 时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_____W；
（4）移动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丁所示的小灯泡的I﹣U 图象。由图象可知：当小灯泡两端的电压增大时，小灯泡的电阻_____（选填“变大”、“不变”或“变小”），如果小灯泡两端的电压为1.9V，则小灯泡的实际功率_____0.38W（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
（5）在做“探究电流与电阻关系”的实验时，小明所用的四个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。他直接利用测量小灯泡电功率时所连的电路进行实验，他把电路中的小灯泡取下，电路的其他元件连接方式不动，把四个定值电阻分别接入电路中进行探究，如果要保证电路中各元件的安全，且用四个电阻都能顺利地完成实验，则定值电阻两端的电压应该在_____范围内选择。
A．U≤3V B． 2.4V≤U≤3V C．U≥3V D．3V≤U≤6V
【正确答案】
断开 左 1.52 变大 大于 B

18-7（提升） 小江在“测量小灯泡的电功率”实验中，选择了额定电压为2.5V的小灯泡，滑动变阻器“30Ω 1A”、电源、电压表、电流表、开关、导线若干。

（1）连接电路时，开关应____________；图甲是小江连接好的实物图，检查后发现电路有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并补上一条正确的导线_______（导线不得交叉）；
（2）改正错误后，闭合开关，发现电流表和电压表均没有示数，则故障可能是____________；
A.小灯泡短路 B.灯泡断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路
（3）排除故障后，将滑片移到最大阻值处，闭合开关，电压表示数为1.5V，电流表示数为0.15A，则电源电压为____________V；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数如图乙所示，为使小灯泡正常发光，应向____________端（选填“左”或“右”）移动滑片；
（4）根据实验数据，小江绘成了如图丙的I-U图像，则小灯泡的额定功率为____________W；若现加在灯泡两端的电压为额定电压的一半，则灯泡的实际功率P____________。（选填“>”“ 3


答案解析
1-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．电视机工作时，主要将电能转化为声能、光能等，故A不符合题意；
B．电熨斗工作时，主要将电能转化为内能，故B符合题意；
CD．电风扇和洗衣机主要是依靠电动机工作，将电能主要转化为机械能，故CD不符合题意。
故选B。
1-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．假设导体没有电阻，不能产生焦耳热，白炽灯发光不能变热了，故A错误；
B．电动机工作时电能转化为机械能，没有电阻，不产生热量效率更高，所以仍然能转动，故B正确；
C．电饭锅煮饭是靠电能转化为内能，电阻为零不产生热量，不能煮饭，故C错误；
D．电熨斗工作是靠电能转化为内能，电阻为零不产生热量，不能熨衣服，故D错误。
故选B。
1-3【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
AB．暖手宝工作发热的过程，是电流做功的过程，将电能转化为内能，故A正确，B错误；
C．用暖手宝取暖时，手通过热传递吸收热量，手的内能的增加，故C错误；
D．在电池充电的过程中，是将电能转化成了化学能，电池相当于用电器；发热的过程中电池是电源，将化学能转化为电能，再转化为内能，故D错误。
故选A。
1-4【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．三个用电器的额定功率相同，在220V的家庭电路中工作时，实际功率相同（等于额定功率），所以电流做功快慢（消耗电能快慢）相同，故A正确，不符合题意；
BC．三个电器都在额定电压下工作，实际功率都是100W，由W=Pt可知，相同时间内电流通过三个电器做的功以及消耗的电能一样多，故BC正确，不符合题意；
D．电风扇工作时，电能转化成内能和机械能；电视机工作时，电能转化成内能、光能和声能；电烙铁工作时，电能全部转化成内能，因此在相同时间内它们产生的热量不相同，故D错误，符合题意。
故选D。
1-5【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
四个电器额定功率一样，正常工作时间相同，由可知它们消耗的电能一样多；电饭煲工作时把电能全部转化为内能，全部用来产生热量；电风扇和洗衣机工作时把电能主要转化为机械能；电视机工作时主要把电能转化为光能与声能；综上可知，电饭煲工作时产生的热量最多，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
1-6【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
冰箱工作时，在内部吸收热量，在外部放出热量，总的热量不变，但冰箱工作时，有一部分电能转化为内能，故房间的温度变高。
故选A。
2-1【基础】 【正确答案】 BC
【试题解析】 详解:
A．由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流，故A不符合题意；
B．电流表A1测L1支路的电流，电流表A1的示数为0.6A，则流过L1的电流是0.6A，故B符合题意；
CD．并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即干路电流大于任意支路的电流，电流表A2示数应大于A1示数，即A2示数应大0.6A，由图乙所示电流表可知，电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数I=2.6A，干路电流为2.6A，由于并联电路电流规律

故通过灯L2的电流

故C符合题意， D不符合题意。
故选BC。
2-2【基础】 【正确答案】 BC
【试题解析】 详解:
A．开关闭合后，电路中有两条并列的电流路径，因此灯L1和灯L2并联，故A错误；
B．两灯并联，由并联电路的电压特点可知，两灯的两端电压一定相等，故B正确；
C．当两灯泡的规格不相同时，通过灯L1和灯L2的电流不相等，当两灯泡的规格相同时，通过灯L1和灯L2的电流相等，故C正确；
D．通过电源的电流是干路电流，由于干路电流等于各支路电流之和，所以通过灯L1的电流一定小于通过电源的电流，故D错误。
故选BC。
2-3【巩固】 【正确答案】 AB
【试题解析】 详解:
A．当闭合S2、S3 ，断开S1时，灯L2被短路，电路只有灯L1的简单电路，因此只有灯L1亮。故A正确；
B．当闭合S1、S3，断开S2时，灯L1、L 2首首相连、尾尾相连，属于并联。故B正确；
C．当闭合S2 ，断开S1、S3时，灯L1、L 2首尾顺次连接，属于串联电路。故C错误；
D．当闭合S1、S2，断开S3时，灯L1被短路，电路只有灯L 2的简单电路，因此只有灯L 2亮。故D错误。
故选AB。
2-4【巩固】 【正确答案】 ACD
【试题解析】 详解:
A．并联电路中，各用电器之间工作互不影响，因为厨房的抽油烟机中的照明灯和电动机既可以单独工作，又互不影响，因此它们的连接方式为并联，故A正确；
B．路灯是用来为行人照明的，并且当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故B错误；
C．只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合时，灯才能亮，故这两个开关与灯串联，故C正确；
D．一盏日光灯不亮，其余的还能正常发光，因此它们可以单独工作，互不影响，所以是并联的，故D正确。
故选ACD。
2-5【巩固】 【正确答案】 BD
【试题解析】 详解:
开关闭合时，规格相同的灯泡、均能发光时，它们的连接方式要么是串联、要么是并联。
AB．和并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分为两路，一路经灯泡回到电源的负极，一路经灯泡、丙电表回到电源的负极，则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测支路的电流，因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，因两灯的规格相同，由可知，通过两灯泡的电流相等，干路电流是支路电流的两倍。由图中数据可知，乙的示数为，丙的示数为，则甲的示数为；或乙的示数为，丙的示数为，则甲的示数为，即电源电压为，通过、的电流均为，故A错误，B正确；
CD．两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡、灯泡回到电源的负极，则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压。因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，由可知，电源的电压是两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数2倍，由图中数据可知，丙的示数为，乙的示数为，则甲的示数为；或丙的示数为，乙的示数为，则甲的示数为，、两端的电压均为，故C错误，D正确。
故选BD。
2-6【提升】 【正确答案】 AD
【试题解析】 详解:
在电路中，电流表相当于导线，电压表相当于开路。
AB．由电路图知道，如果①为电流表，②、③为电压表，电流从电源正极依次通过电流表①、灯泡L1、灯泡L2、灯泡L3、开关回到电源负极，因此该电路为串联电路，电压表②测量L1和L2两端电压之和，电压表③测量L2和L3两端电压之和；因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压等于灯泡L1、灯泡L2和灯泡L3两端电压之和，因此电源电压小于表②、表③的示数之和，故A正确，B错误；
CD．由电路图知道，如果①、②、③均为电流表，电流从电源正极开始分支，一路经过电流表①、灯泡L1、电流表③，一路经过电流表①、电流表②、灯泡L2、电流表③，一路经过电流表①、电流表②、灯泡L3，然后三路都回到电源负极，因此三个灯泡并联，电流表①测量干路电流，电流表②测量L2、L3的电流，电流表③测量L1、L2的电流；因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以
I1+I2+I3=0.9A ①
I2+I3=0.8A ②
I1+I2=0.4A ③
联立①②③解得
I1=0.1A
I2=0.3A
I3=0.5A
故C错误，D正确。
故选AD。
3-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．验电器的金属球、金属箔都是导体，外壳不需要导电，不是金属材质，故A错误；
BC．用丝绸摩擦过的玻璃棒因缺少电子而带正电，原来验电器不带电；当带正电的玻璃棒与金属球接触时，一部分电子会从验电器的金属箔移动到玻璃棒，两金属箔由于失去电子都带上正电荷，因相互排斥而张开，故B正确，C错误；
D．当带正电的玻璃棒与金属球接触时，一部分电子会从验电器的金属箔移动到玻璃棒，因电子定向移动的方向与电流的方向相反，所以瞬间电流的方向是从玻璃棒流向金属箔片，故D错误。
故选B。
3-2【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A正确，不符合题意；
B．闭合电路中，在电源外部电流的方向是从电源正极流出，经过用电器，流向电源负极，故B正确，不符合题意；
C．绝缘体不易导电的原因是绝缘体内的电荷几乎不能自由移动，即几乎没有自由电荷，故C正确，不符合题意；
D．用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒上的电子转移到丝绸上，玻璃棒因为失去电子，从而使玻璃棒带上正电，故D错误，符合题意。
故选D。
3-3【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理，故A错误；
B．毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电，电子由毛皮转移到橡胶棒，故B错误；
CD．毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，该橡胶棒去接触验电器A时，验电器A也会带负电；用带绝缘柄的金属棒将两个验电器的金属球接触时，A验电器上自由电子向验电器B转移，负电荷定向移动的方向与电流方向相反，故产生的电流方向为B到A，故C正确，D错误。
故选C。
3-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．用丝绸擦过的两根玻璃棒靠近时，由于带同种电荷而相互排斥，故A错误；
B．物理学规定正电荷定向移动方向为电流方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反，故B错误；
C．用金属棒把带正电的验电器A和不带电的验电器B连接起来，验电器B的负电荷转移到验电器A，验电器B金属箔带有同种电荷，验电器B的金属箔张开，故C正确；
D．用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，接触验电器的金属球后，验电器金属箔的正电荷转移到橡胶棒，金属箔带负电而张开一定角度，故D错误。
故选C。
3-5【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，同种电荷相互排斥，说明小球一定带负电，故A错误，符合题意；
B．电荷的定向移动形成电流，定向移动的可能是正电荷，也可能是负电荷，故B正确，不符合题意；
C．头发竖起来这是因为人接触静电球时，人体是导体，电荷通过人体传到头发上，由于头发带同种电荷互相排斥而使头发竖起来，故C正确，不符合题意；
D．用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，即缺少电子，若将其接触验电器的金属球，此时两个箔片带正电，在此过程中，一部分电子会从验电器向玻璃棒移动，电流的方向与正电荷移动的方向相同，所以瞬时电流方向是从玻璃棒到箔片，故D正确，不符合题意。
故选A。
3-6【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
AD．观察图甲可知，石蜡的原子核对核外电子束缚能力，高于丝绸的能力，则现用丝绸摩擦石蜡，电子会从丝绸转移到石蜡上，丝绸带正电，石蜡带负电，石蜡接触了验电器的金属球后，验电器的金属箔片就带负电，验电器相当于得到了电子，故A正确，D错误；
B．由上述解析可知，石蜡带负电，将该石蜡靠近轻质小球，发现它们相互排斥，根据同种电荷互相排斥，可知轻质小球也带负电，不可能不带电，否则因带电物体会吸引轻质物体，石蜡会吸引轻质小球，故B错误；
C．由AD解析可知，丝绸和石蜡摩擦过程中，石蜡对电子的束缚能力强，故石蜡会得到电子，失去电子的是丝绸，故C错误。
故选A。
4-1【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．尘埃在空中飞舞，是固体小颗粒的机械运动，不是分子的运动，分子是看不见的，故A符合题意；
B．桂花飘香是香气分子不停地做无规则运动的结果，故B不符合题意；
C．堆煤的墙角时间久了会变黑，是煤分子运动到墙里面的结果，故C不符合题意；
D．酒精瓶打开可以闻到酒精气味，是酒精分子不停地做无规则运动的结果，故D不符合题意。
故选A。
4-2【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．分子之间存在相互作用的引力和斥力，液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A错误；
B．因为海绵内有空隙，所以用手捏海绵，海绵的体积变小了，不能说明分子间有间隙，故B错误；
C．尘土是由大量分子组成的，是一种小颗粒，尘土的运动属于物体的机械运动，不能说明分子在做无规则运动，故C错误；
D．在做墨水滴入水中的扩散实验中，看到的是由分子组成的水的运动，分子的运动是肉眼看不到的，故D正确。
故选D。
4-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．甲图探究的是扩散现象的问题，由于二氧化氮的密度比空气密度大，为了避免重力对实验造成影响，上面的A集气瓶中应该装空气，故A正确，不符合题意；
B．分子运动受温度影响，乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散的快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故B正确，不符合题意；
C．分子之间存在引力，丙图中紧压在一起的两个铅块能够吊起钩码而不分开，这正说明了分子之间存在引力，故C正确，不符合题意；
D．丁图中用手可以推动活塞将空气压缩，是因为分子之间的间隙比较大，并不能说明分子之间存在斥力，故D错误，符合题意。
故选D。
4-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．静置一段时间后，酒精和水混合了，观察液面的位置会有所下降，总体积变小，说明分子间有间隙，故A正确，A不符合题意；
B．温度降低，扩散变慢，该实验在冰箱中进行会更慢混合，故B错误，B符合题意；
C．静置一段时间后，酒精和水混合了，说明酒精分子和水分子在不停地做无规则运动，故C正确，C不符合题意；
D．水的密度比较酒精大，故在做实验的时候，先注入水，后注入酒精，这样就排除了重力对实验的影响，故D正确，D不符合题意。
故选B。
4-5【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．炒菜时，菜吸收热量，内能增大，温度升高，主要是通过热传递的方式增加菜的内能，故A错误；
B．炒菜时闻到菜的香味，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C．煮熟的粽子过一会变凉了，是因为发生了热传递，放出热量，内能会减少，温度会降低，不能说含有的热量会减少，故C错误；
D．由于分子间存在引力，剥开粽子时，粽叶上会粘有米粒，故D错误。
故选B。
4-6【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A、温度一定时，气体分子的运动速度大小没有规律，故A错；
B、温度一定时，分子运动没有规律分子运动朝各个方向，故B正确；
C、温度升高时，大部分气体分子速度增大，不是每个气体分子速度增大，故C错；
D、温度降低时，气体分子运动还是朝各个方向，故D错；
5-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．由η＝知，要测量滑轮组的机械效率，需要测量物重、拉力，物体上升高度、绳子拉下长度，所以需要的测量仪器是弹簧测力计和刻度尺，不需要停表。故错误；
B．为了保证拉力测量结果的准确，在拉动物体上升过程中需要匀速直线运动，不易时快时慢，造成拉力测量不准确。故正确；
C．当钩码个数相同，提升相同高度时，做的有用功相同。但不知道动滑轮的重力、绳重及摩擦，所以不能比较额外功多少，机械效率高低不能比较。故错误；
D．由据
η＝ ＝
可知机械效率决定于物重和动滑轮重，与物体上升高度无关。故错误。
故选B。
5-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 分析:
详解:
滑轮组在竖直拉动物体时，机械效率与滑轮重、物重有关，与提升高度、拉力大小无关。根据控制变量法，由甲乙图对比是物重不同，则探究的是物重的影响，故A符合题意。
故选A。
5-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．要测量动滑轮的机械效率，需要测量物重、拉力，物体上升的高度、绳子拉下的长度，所以需要的测量仪器是弹簧测力计和刻度尺，不需要停表。故A错误；
B．测量动滑轮的机械效率，需要匀速拉动弹簧测力计，由于静止时和匀速拉动时克服额外的阻力不同；拉力的大小不同，不能在弹簧测力计静止时读数，故B错误；
C．由图可知使用动滑轮时承担物重的绳子段数n=2，滑轮组的机械效率

由上式可知，动滑轮的机械效率与物体提升的高度无关，因此增大物体提升的高度，不能提高动滑轮的机械效率，故C错误；
D．动滑轮的机械效率

由上式可知，在动滑轮重力不变时，增大物体重力，可以提高动滑轮的机械效率，故D正确。
故选D。
5-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 分析:
详解:
设物体上升的距离为h，甲机械绳子自由端移动距离和物体上升的距离相等，所以甲机械的机械效率为

乙机械绳子自由端移动距离和物体上升的距离相等，所以乙机械的机械效率为

丙机械中绳子的有效段数n=2，所以丙机械的机械效率为

丁机械中绳子的有效段数n=2，所以丁机械的机械效率为

由表中数据可知，使用丙提升物体M时与用甲提升时相同，并不省力。
故选C。
5-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．实验时为了使示数稳定，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码升高，故A正确，A不符合题意；
B．由表格中数据得，第1次和第2次实验中滑轮组拉动重力相同的钩码移动上升不同的高度，滑轮组的机械效率相同，说明滑轮组的机械效率与重物上升高度无关，故B正确，B不符合题意；
C．由表格中数据得，第2次和第3次实验中滑轮组拉动重力不同的钩码移动上升相同的高度，钩码的重力越大，滑轮组的机械效率越高，可初步得出结论：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高，故C正确，C不符合题意；
D．3次实验中，动滑轮的重力相同，动滑轮上升的高度不同，则滑轮组所做的额外功不同，故D错误，D符合题意。
故选D。
5-6【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
①由题知道，两次物体均在同样的水平面上做匀速直线运动，且物体移动相同的距离s，图乙用的是滑轮组，滑轮组对物体的拉力也等于F1，则图乙中有用功是：W有用＝F1s；故①正确；
②图乙中n＝3，此时拉力端移动的距离是：s′＝3s，
则图乙中的总功是：W总＝F2s′＝F2×3s＝3F2s，故②错；
③图乙中的额外功是：W额＝W总﹣W有＝3F2s﹣F1s，故③正确；
④滑轮组的机械效率是：，故④错误．
6-1【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，由图知有用的机械能为35%，所以该汽油机的效率是35%，故A错误；
B．热机的效率越高说明用来做有用功的能量占燃料完全燃烧产生的能量之比大，做功越快是指功率大，功率和效率没有关系，故B错误；
CD．根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程，在做功冲程中将内能转化为机械能，故C错误，D正确。
故选D。
6-2【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
ABC．用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率，热机排出的废气带走了大量的热量、热机本身一定会散热而带走部分热量、活塞与汽缸间一定有摩擦会带走部分热量，使得用来做有用功的能量小于燃料完全燃烧放出的热量，所以热机的效率比较低，故ABC正确，不符合题意；
D．通过技术改造只能提高热机的效率，但不可能达到100%，故D错误，符合题意。
故选D。
6-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
ABC．机械效率的概念：用来做有用功的那部分能量与燃料燃烧产生的总能量之比，可知内燃机的效率可表示为

从这个式子可以看出，一个分数是否变化，则受分子和分母两个因素影响的，故ABC都错误；
D．内燃机在工作过程中肯定存在摩擦和能量的损失，所以机械效率不可能达到100%，故D正确。
故选D。
6-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料燃烧的是否充分等因素无关，故A错误；
B．使燃料充分燃料，可以提高燃料的利用率，可以提高热机效率，故B正确；
C．柴油机工作过程中总是要由于机件的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%，故C错误；
D．由可知，燃料燃烧释放的热量与燃料的热值和消耗燃料的质量有关，因此仅燃料热值大，燃料燃烧释放的热量不一定多，故D错误。
故选B。
6-5【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．热机效率越高，则用来做有用功的部分越多，与做功的快慢无关，故A错误；
B．蒸汽机较笨重且效率很低，汽油机较轻便，且效率比蒸汽机高很多，所以蒸汽机逐渐被替代了，故B错误；
C．汽油机是靠汽缸顶部的火花塞来点火的，而柴油机的顶部是喷油嘴，其点火方式是压燃式，通过压缩冲程将气体压缩，温度达到柴油的着火点，而点燃，故C错误；
D．热机的效率越高，用来做有用功的部分便越多，即将内能转化为机械能的部分越多，所以转化为机械能的比例越大，故D正确。
故选D。
6-6【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
由图示知，废气带走了大部分的能量，所以减少该部分的能量损失是提高热机效率的有效手段，A说法正确，不符合题意；冷却水带走的热量仅次于废气带走的热量，所以冷却水能量的二次利用可以提高能量利用率，B说法正确，不符合题意；该汽油机的热机效率为η=97%−33%−30%−7%=27%，C说法错误，符合题意，D说法正确，不符合题意；故选C.
点睛：热机的效率是指有利用的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比，要提高其效率，应尽量减少能量的损失．
7-1【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．从滑梯滑下臀部发热，是臀部与滑梯摩擦生热，是做功改变物体内能，故A不符合题意；
B．锯木头时锯条发热，是锯条与木头摩擦生热，是做功改变物体内能，故B不符合题意；
C．酒精灯加热试管中的水，是酒精灯放出的热量被水吸收，所以是热传递改变物体内能，故C符合题意；
D．冬天搓手取暖，是双手摩擦生热，是做功改变物体内能，故D不符合题意。
故选C。
7-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．迅速下压活塞，对气体做功，密封的气体温度升高，内能增加，故A符合题意；
BC．注射器内密封的气体温度升高，分子的热运动越剧烈，分子热运动速度增加，分子动能增加，故BC不符合题意；
D．该过程是活塞的机械能转化为气体内能，故D不符合题意。
故选A。
7-3【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
ACD．一杯热水放在桌上，一段时间后它的温度降低了，热水放出热量，空气吸收了热量，热水的内能减小，空气的内能增加，故ACD正确，不符合题意；
B．热量是过程量，不能用含有、具有等词修饰，故B错误，符合题意。
故选B。
7-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．内燃机压缩冲程是将机械能转化为内能，故A错误；
B．打气时克服筒壁之间的摩擦做功，气筒内能增大，温度升高，所以是机械能转化为内能，故B正确；
C．加入冰块的饮料温度降低是通过热传递改变物体的内能，故C错误；
D．水沸腾后锅盖被水蒸气顶起，锅盖的动能增加，重力势能也增加，所以锅盖的机械能增加，此过程是把水蒸气的内能转化为锅盖的机械能，故水蒸气的内能会减小，故D错误。
故选B。
7-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．由于水的比热容最大，相同质量的水和其它物质相比，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，所以沿海地区昼夜温差小，故A错误；
B．炙手可热指烤火，没有能量转化，是热传递的方式改变内能，钻木取火将机械能转化为内能，是通过做功的方式改变内能，故B错误；
C．厨房里菜香四溢，是香味分子不停地做无规则运动的结果，属于扩散现象，故C正确；
D．冬天用热水袋暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。
故选C。
7-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
将打气筒不与轮胎相连空打气适量的n次后测出筒壁温度为t1，此时筒壁温度变化主要是由因为活塞与筒壁之间不断地克服摩擦做功使筒壁的内能增加、温度升高，此时温度变化量为，将打气筒与轮胎相连，在相同的时间内打相同的n次后测出筒壁温度为t2，此时温度变化是活塞与筒壁之间不断地克服摩擦做功和打气时活塞压缩气体做功使气体的内能增加，升温的气体通过热传递使筒壁温度升高共同作用，此时因打气时活塞压缩气体做功使气体的内能增加，升温的气体通过热传递使筒壁温度升高导致的温度变化量为，即，所以若说明b是主要原因，若说明a是主要原因。
故选D。
8-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．能量守恒定律适用于所有的能量转化过程，没有一定的条件，不符合题意；
B．自然界中存在不同形式的能量，在一定条件下各种不同形式的能量间可以相互转化，符合题意；
C．做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化，不符合题意；
D．热传递是不同物体间的内能相互转移而不是转化，不符合题意．
8-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．能量守恒定律适用于所有的能量之间的相互转化，故A错误，符合题意；
B．只要有能的转化和转移，就一定遵守能量守恒定律，故B正确，不符合题意；
C．能的转化和守恒定律是人们认识自然和利用自然的有力武器，我们可以利用它为人类服务，故C正确，不符合题意；
D．任何一种形式的能在转化为其它形式的能的过程中，消耗了多少某种形式的能量，就能得到多少其它形式的能量，而能的总量保持不变，故D正确，不符合题意。
故选A。
8-3【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．自然界中存在不同形式的能量，在一定条件下各种不同形式的能量间可以相互转化，相同形式的能量可以相互转移，故A正确，不符合题意；
B．只要有能量的转化和转移，就一定遵从能量守恒定律，故B正确，不符合题意；
C．内燃机的压缩冲程中把机械能转化为内能，故C错误，符合题意；
D．任何一种形式的能在转化为其他形式的能的过程中，消耗多少某种形式的能量，就能得到多少其他形式的能量，而能的总量是保持不变，故D正确，不符合题意。
故选C。
8-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．“摩擦生热”不是创造了热，而是机械能转化为内能，符合能量守恒定律，故A错误；
B．能量守恒定律适用于任何能量的转化和转移，故B错误；
C．永动机违背了能量守恒定律，所以不可以制造出来，故C正确；
D．热机的工作过程跟所有能量转化转移过程一样，都遵循能量守恒定律，故D错误。
故选C。
8-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 分析:
详解:
A．机械能、内能、电能、光能等都是常见的能量，故A正确，不符合题意；
B．在适当的条件下，各种形式的能量间可以相互转化，故B正确，不符合题意；
C．永动机是违背能量的守恒定律的，所以即使科技再发达，也不可能发挥作用，故C错误，符合题意；
D．能量的转化遵循能量守恒定律，不会凭空产生也不会凭空消失，只能由一种转化为另一种能，能的总量保持不变，故D正确，不符合题意。
故选C。
8-6【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．能量守恒定律也适用于能量转移的情形。故A错误；
B．充电时，消耗电能，电池内部发生化学反应，是将电能转化为化学能。故B正确；
C．摩擦生热没有创造热，是将机械能转化为内能，使物体温度升高。故C错误；
D．能量的转化和转移是具有方向性的，不是所有的能量都可以利用。故D错误。
故选B。
9-1【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
由电路图可知，灯泡与电动机串联，电压表测电动机两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．若电动机断路，则灯泡不亮，电流表示数为0，电压表串联在电路中，电压表示数等于电源电压，满足题干要求，故A符合题意；
B．若电动机短路，总电阻变小，由欧姆定律可知，灯泡中电流变大，电流表示数变大，灯泡变亮，电压表此时测导线的电压，示数为0，不满足题干要求，故B不符合题意；
C．若灯L断路，则灯泡不亮，电流表示数为0，电压表此时测导线的电压，示数为0，不满足题干要求，故C不符合题意；
D．若灯L短路，则灯泡不亮，总电阻变小，由欧姆定律可知，灯泡中电流变大，电流表示数变大，此时电压表示数等于电源电压，所以电压表示数变大，不满足题干要求，故D不符合题意。
故选A。
9-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
当开关S1、S2都闭合时，会导致电源短路，电流直接从正极出发流经S1、S2回到负极，故电流表会烧坏；电压表相当于接在了导线两端，无示数；两灯泡被短路不发光；故B正确。
故选B。
9-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AC．由图可知，电灯L1和L2为串联，电压表测灯泡L2两端的电压，若L1断路，则电路中没有电流，故电压表和电流表均无示数，故AC错误；
BD．若L2短路，则电路中只有灯泡L1工作，电压表相当于并联在一根导线两端，示数接近于0，电路中的总阻值变小，由可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，故B错误，D正确。
故选D。
9-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．如果灯L1断路，电流表断路示数为零，电压表示数为零，故A不符合题意；
B．如果灯L1短路，在电源电压一定时电路总电阻减小，由知电流表示数增大，电压表测量电源电压，示数也增大，故B符合题意；
C．如果灯L2断路，电压表与灯L1串联接入电路，电流表无示数、电压表示数增大，故C不符合题意；
D．如果灯L2短路，电压表无示数，在电源电压一定时电路总电阻减小，由知电流表示数增大，故D不符合题意。
故选B。
9-5【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．闭合开关S，电阻R与灯L串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中的电流，若灯L断路，整个电路为断路，两表均没有示数，两表示数都变小，故A错误；
B．若电阻R断路，电压表串联在电路中，测量电源电压，则电压表示数变大；由于电压表的电阻很大，所以电路中电流减小，电流表示数变小（几乎为0），灯L熄灭，故B正确；
C．若灯L短路，电路的总电阻减小，总电压不变，电流变大，电流表示数变大，此时电压表测量电源电压，其示数也变大，故C错误；
D．若电阻R短路，电路的总电阻减小，总电压不变，电流变大，电流表示数变大，电压表无示数，但灯L更亮，故D错误。
故选B。
9-6【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
由图得，灯泡L与电阻R串联，电流表测量电路电流，电压表V1测量灯泡L的电压，电压表V测量电源电压。若灯泡断路，电路中没有电流，电流表示数为0，电压表V1、V均与电源相连接，因此电压表V1、V均有示数；若灯泡短路，电中只有电阻R工作，电路中有电流，电流表有示数，灯泡两端无电压，即电压表V1示数为0，电压表V仍测量电源电压，仍有示数；若电阻断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表V1被断开，无示数，电压表V仍测量电源电压，仍有示数；若电阻短路，电路中有电流，电流表有示数，电压表V、V1都测量电源电压，都有示数，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．电路的组成部分有电源、用电器、开关和导线，故A正确，A不符合题意；
B．电路中若没有开关，用电器也可以工作，但电路不完整，故B错误，B符合题意；
C．电源是把其它形式的能转化成电能的装置，如干电池将化学能转化为电能，发电机将机械能转化成电能等等，故C正确，C不符合题意；
D．电源的作用是给用电器供电，开关闭合后，形成通路，电路中有了持续的电流，故D正确，D不符合题意。
故选B。
10-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
给电动汽车的蓄电池充电时，需要消耗电能，所以蓄电池相当于用电器，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
10-3【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．电池组是提供电能的装置是电源，电池组不是用电器，故A不符合题意；
B．日光灯、电扇、电视机工作时都要消耗电能，它们都是用电器，故B符合题意；
C．开关是控制用电器工作的，不是用电器，插座也不是用电器，故C不符合题意；
D．电线起连接作用，不是用电器，故D不符合题意。
故选B。
10-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的总开关，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
10-5【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
我们把磁控猴子当作用电器，当抢走它手上的香蕉，磁控猴子内部的电器就工作，于是它就不停的大吵大闹，所以相当于闭合开关，电路处于通路状态；如果把香蕉还给它，就相当于断开开关，电路处于断路状态，它就停止吵闹，所以香蕉的作用相当于电路中的开关，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10-6【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．手电筒的按键相当于开关，控制电路的通断，故A错误；
B．手电筒底部的金属弹簧是导体，在这里相当于导线，是电路的一部分，故B错误；
C．灯泡发光时，消耗的电能转化为光能，故C错误；
D．一节新干电池的电压是1.5V，两节新干电池串联的电压为3V；虽然电路断开时灯泡不亮，但电源两端电压仍然为3V，故D正确。
故选D。
11-1【基础】 【正确答案】 热传递
【试题解析】 详解:
[1]水的内能增加了

[2]天然气燃烧时，将化学能转化为内能，而通过火焰加热，水从火焰中吸收热量，仅仅涉及能量的转移，故是热传递改变水的内能。
11-2【巩固】 【正确答案】 3.36×106 0.28
【试题解析】 详解:
[1]在1标准大气压下，水沸腾时的温度为100℃，即水的末温为100℃，水吸收的热量
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•℃)×10kg×(100℃-20℃)=3.36×106J
[2]煤气完全燃烧放出的热量为

需完全燃烧煤气的体积为

11-3【巩固】 【正确答案】 ； 75。
【试题解析】 详解:
[1]0.042m3 煤气完全燃烧放出的热量：
Q=vq煤气 =0.42m3×4.0×107 J/m3 =1.68×107J；
[2]煤气完全燃烧放出的热量的50%被水吸收，即
Q放×50%=Q吸=c水m（t-t0 ）
所以，水的末温是：

因为水在标准大气压下沸点为100℃，所以，水吸热后温度只能升高到100℃，即水升高的温度：
△t=100℃-25℃=75℃。
11-4【巩固】 【正确答案】 3.36×107 0.84
【试题解析】 详解:
试题分析： 这些水吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×103J/ (kg•℃) ×200kg×40℃=3.36×107 J，
由可知这些热量相当于完全燃烧0.84m3的煤气放出的热量
考点： 热量计算 热值
11-5【巩固】 【正确答案】 2∶9
【试题解析】 详解:
甲、乙两种物质的质量之比是3∶1，即
m甲∶m乙＝3∶1
甲、乙两种物质的比热容之比是3∶2，即
c甲∶c乙＝3∶2
它们吸收的热量相同，即
Q甲∶Q乙＝1∶1
所以甲、乙两种物质升高的温度之比

11-6【提升】 【正确答案】 < 1 不变
【试题解析】 详解:
[1]用相同的酒精灯给质量相等的甲、乙两种物质加热时，相同时间内，两种物质吸收的热量相同；由图像可知，在相同时间内，甲物质比乙物质的温度升高的多，根据吸热公式，可知甲物质的比热容小于乙物质的比热容。
[2]0.5g的酒精完全燃烧放出的热量为

由于酒精完全燃烧且放出的热量全部被乙物质吸收，则乙物质吸收的热量为

由可得，乙物质升高10℃时，质量为

[3]热值是燃料的一种特性，不随质量的改变而改变，故酒精灯中剩余的酒精热值不变。
12-1【基础】 【正确答案】 等于 小于 4.2×103
【试题解析】 详解:
[1]因为用的是同一加热器，加热的时间相同，故甲、乙吸收的热量相等。
[2]质量和初温相同的甲、乙两种液体，吸收相同的热量，甲的温度大于乙的温度，则，根据可知，甲的比热容小于乙的比热容。
[3]由得，乙液体的比热容是

12-2【基础】 【正确答案】 大
【试题解析】 详解:
相同的酒精灯分别加热质量、初温均相同的水和食用油相同时间，水和食用油吸收的热量相同，水比食用油的温度变化小，根据可知，水的比热容比食用油的比热容大。
12-3【巩固】 【正确答案】 相同 小于 大于
【试题解析】 详解:
[1]用两个完全相同的电加热器使物体在相同时间内吸收的热量相同；
[2]由图可知，物体从30s到35s时，一直吸收热量，温度升高，内能变大，即甲液体第30s的内能小于第35s的内能；
[3]由图可知，在0﹣30s内，甲乙温度变化图象是重合的，即甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据可知，甲的比热容大于乙的比热容。
12-4【巩固】 【正确答案】 相同 小于
【试题解析】 详解:
[1]用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，加热相同的时间，会吸收相同的热量；
[2]根据图像可知，加热相同时间，图中所示甲升高的温度高，说明甲的比热容比乙的比热容小。
12-5【巩固】 【正确答案】 天平 加热时间 煤油 水 水 不能
【试题解析】 详解:
（1）[1]该实验需要控制不同物质的质量相同，可知要完成该实验，除图中所示器材外，还需要的测量工具有秒表、天平。
[2]实验中物质吸热的多少，实验过程中用相同的加热器加热，根据转换法可知物质吸热的多少可以通过加热时间来反映。
[3] [4] [5]分析表格可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，即吸收相等热量，升温较快的是煤油；据此推理，若使两者升高相同的温度，水的加热时间较长，即水吸收的热量较多，根据比较吸热能力的方法，这说明水的吸热能力强。
（2）[6]由公式
Q放=mq
可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，而在实验中没有控制燃料的质量相同，故据此不能说明甲的热值较大。
12-6【提升】 【正确答案】 ① b 大 365
【试题解析】 详解:
(1)[1]在此实验中，为了比较水和煤油吸热本领的大小，我们可以加热相同的时间，观察升高的温度的不同；也可以让它们其升高相同温度，比较加热时间，来比较它们吸热本领的大小。为了达到实验目的前提条件是：在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油。
(2)[2][3]由图可以知道，因为沙子和水的质量相等,吸收相同热量时，沙子的比热容比水小，水的吸热本领大，从公式可以知道，沙子温度升得多，水温度升的少，故b是水的图象。
(3)[4]由图b可以知道，相同质量的水和砂石，在2min时间内，吸收的热量相同，砂石升高的温度为

水升高的温度为

而

即

所以

点睛:
判断水与煤油的吸热本领的大小，可以判断两种物质在吸收相同热量的情况下，升高温度的多少，温度升高较多的，则比热较小；为了达到此目的必须控制所用的物质的质量相等、初温相同，所用仪器相同。
13-1【基础】 【正确答案】 左 定值电阻R断路 正比
【试题解析】 详解:
（1）[1]闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即滑片远离下端连接的接线柱，由于实验中连接了右下接线柱，故将滑片滑到最左端。
（2）[2]当定值电阻R断路时，电压表串联进电路，测电源电压，所以电压表示数接近电源电压，当电压表串联进电路时，相当于断开开关，所以电流表始终没有示数，故电路故障可能是定值电阻R断路。
（3）[3]观察数据发现，随电压增大，电流也随之增大，且电压与电流的比值始终保持不变，故可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。
13-2【巩固】 【正确答案】 保护电路 改变定值电阻两端的电压 I1 电压 反比
【试题解析】 详解:
（1）[1]滑动变阻器滑片P向右移动时电流表示数逐渐增大，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，所以滑动变阻器下面应接右边的接线柱，上面可接任意一个接线柱，如图所示

②[2][3]滑动变阻器的基本作用是保护电路，此外还可以改变定值电阻两端的电压。
（2）②[4][5]把定值电阻R2换成R3，根据控制变量法知，需保持电阻两端的电压不变，所以应调节滑动变阻器使电流表A1的示数仍为I1。
④[6]电流与电阻的关系是当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
13-3【巩固】 【正确答案】 断开 断路 电压表 B 2 反比
【试题解析】 详解:
（1）[1]滑动变阻器的接法为“一上一下”，由题意可知，滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，则应该用一根导线连接开关的右端接线柱和滑动变阻器的左下接线柱。
[2]为了保护电路元件，在连接电路时开关应断开。
（2）[3]若定值电阻发生了短路，则电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数会增大，电压表测量导线两端的电压，示数为0；若定值电阻发生了断路，则电压表串联接入电路，由于电压表的内阻非常大，所以电流表此时几乎无示数，电压表示数接近电源电压，符合题意，故电路的故障可能是定值电阻断路。
（3）[4]由题意可知，该实验是“探究电流与电阻的关系”，则需要控制定值电阻两端的电压不变，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表，当将电压表的示数调节一致时，记录此时的电流和定值电阻值。
（4）[5][6]由图乙可知，在图线中任选一点，电流和电阻的乘积均为2V，如

根据串联分压原理可知，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，电阻增大,其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压；由分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数。
[7]由图乙可知，电路电流随电阻的增大而减小，当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
13-4【巩固】 【正确答案】 电压不变 电阻 断开 最大处 反比
【试题解析】 详解:
[1][2]当研究对象受多个因素影响时，探究与其中一个因素的关系时，保持其他因素不变，保持定值电阻两端的电压不变，探究电流与电阻的关系。
（1）[3][4]为保护电路，连接电路时开关要断开，开关闭合前要把滑动变阻器调到阻值最大处，防止电流过大损坏电路元件。
[5]分析表格数据和图像可知，电压一定时，电流与电阻的乘积为一定值，即电流与电阻成反比。
13-5【巩固】 【正确答案】 断开 A 5 正 大于 A
【试题解析】 详解:
(1)[1]这是一个串联电路，当滑片向右移动时，电流表的示数变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻在变小，那就是滑动变阻器的电阻在变小，那这条线应该从B端接出来，当电路中的电流最大时，电路中的电阻应该是最小，假设是5Ω，电源电压恒为3V，那么这个最大电流是

那么电流表接入电路的量程是0到0.6A即可；从B端接出来的线再接入0.6A接线柱即可；电源电压恒为3V，那么电压表的量程选择0到3V即可，并且并联在电阻R的两端；如下图所示．

(2)[2][3]连接电路时，开关S应处于断开状态，以免电流过大，烧坏仪器；闭合开关S前，滑片P应置于电阻值最大的位置，即A端；
(3)[4]根据欧姆定律的变换式，三次实验电阻的大小为



由此可知接入电路的定值电阻阻值为；
[5]由上述数据可知道

这说明了当导体的电阻一定时，通过导体的电流与这段导体两端的电压成正比；
(4)[6]首先将5Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，断开开关，再将5Ω的电阻改接成10Ω的电阻后，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变大，那么电路中的电流会变小，由于滑片没有移动，那么滑动变阻器的电阻大小不变，其两端的电压变小，电源电压恒定不变，那么定值电阻两端的电压会变大，电压示数会大于2V；
[7]要使电压表示数为2V，即定值电阻两端的电压变小，那么滑动变阻器阻值应该变大，滑动变阻器的滑片应该向A端移动．
13-6【提升】 【正确答案】 B 0.28 C 增大 控制定值电阻两端的电压不变 B
【试题解析】 详解:
（1）[1]滑动变阻器需要串联在电路中，且一上一下，要求滑片向右移，电流表示数变小，说明滑片向右滑动时，滑动变阻器接入的电阻变大，电流才能够变小，故将一根导线将开关与滑动变阻器A接线柱相连，故如图所示：

（2）[2]闭合开关前，为了保护电路，滑片P需要位于阻值最大处，故需要将滑片P移动到B端。
（3）[3]如图丙，选择小量程，分度值为0.02A，故读数为0.28A。
（4）[4] A．若电流表断路，则电流表没有示数，故A不符合题意；
B．若定值电阻断路，电流表没有示数，电压表有示数，故B不符合题意；
C．若定值电阻短路，电流表有示数，电压表没有示数，故C符合题意；
D．若滑动变阻器断路，电流表没有示数，故D不符合题意。
故选C。
（5）①[5][6]断开开关S，小明用20的电阻替换10的电阻，闭合开关S，根据串联分压，定值电阻两端的电压变大，而探究电流与电阻的关系，需要控制定值电阻两端的电压不变，故需要将定值电阻两端的电压变小，说明滑动变阻器两端的电压需要变大，那么滑动变阻器接入的阻值变大。
②[7]导体两端的电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比，图像不能是一条倾斜的直线，故ACD不符合题意；B符合题意。
故选B。
14-1【基础】 【正确答案】 最下 大 小 暗
【试题解析】 详解:
[1]在图中，闭合开关前应将变阻器的滑片调到阻值最大的一端，即最下端。
[2][3][4]由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑片P向下移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表的示数变小；通过灯泡的电流变小，灯泡亮度变暗。
14-2【巩固】 【正确答案】 变小 变大 电流表
【试题解析】 详解:
[1][2][3]由电路图可知，R1与R2串联，油量表串联在电路中，因此油量表是电流表改装而成的。当油面上升时，浮标上移，滑片下移，接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻减小，由可知，电流将增大。
14-3【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
AB．由图示可知，灯泡与滑动变阻器是串联关系，电压表测滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电阻增大，总电阻增大，所以电流是减小的，电流表示数变小，故AB错误；
CD．灯泡的电阻是一定的，根据U=IR灯泡两端的电压减小，灯泡变暗，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压增大，所以电压表示数增大，故C错误，D正确。
故选D。
【考点定位】滑动变阻器的作用
14-4【巩固】 【正确答案】 电流表 右
【试题解析】 详解:
[1]由电路图可知，电子秤的刻度表串联在电路中，所以是由电流表改装的。
[2]由图可知，秤盘内不放物体时，与弹簧相连的滑片位于最上方，接入电路的电阻最大，由可知，电路中的电流最小。如果使用一段时间后，电池两端电压降低，会导致电路中电流变小，为了使不放物体时指针仍在“零刻度”上，应使电路中电流变大，所以，应减小Rx的阻值，即把滑片P向右移动合适距离，使电路中的电流保持为原来的最小值。
14-5【巩固】 【正确答案】 滑动变阻器 亮度
【试题解析】 详解:
[1]无风时OC是竖直的，连入电路的电阻AB段与灯串联，有风时，OC杆偏转一定的角度，连入电路的电阻变为BP段，连入电路的电阻随风的大小而改变，故金属杆OC与弧形电阻AB组合在一起相当于一个滑动变阻器。
[2]风力越强，OC杆偏转的角度越大，BP段电阻越小，由串联电阻的规律，电路的电阻越小，因电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流会越大，灯泡越亮，所以通过灯泡的亮度可以判断风力的大小。
14-6【提升】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
[1][2]由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器组成串联电路，电流表测串联电路的电流，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测滑动变阻器连入电路部分两端的电压；闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端逐渐滑动到b端，发现V1表示数从U0变化到U1，而V2表示数从U2变化到0V；滑动变阻器的滑片在a端时，定值电阻和滑动变阻器串联，电路的电流为

解得
，
滑动变阻器的滑片在b端时，滑动变阻器被短路，电路中只有定值电阻，则电源的电压为

电路的电流为

15-1【基础】 【正确答案】 3 右
【试题解析】 分析:
详解:
（1）[1]设杠杆的分度值为l，由题意可知，A点阻力为
F2＝2×1N＝2N
阻力臂为OA＝3l，弹簧测力计在B点竖直向下拉动杠杆，则弹簧测力计的拉力为动力F1，动力臂为OB＝2l，由杠杆平衡条件可得
F1×OB＝F2×OA
即
F1×2l＝2N×3l
解得F1＝3N。
（2）[2]当弹簧测力计处于图中的斜拉位置时，弹簧测力计示数不变，即动力不变，而动力臂变小，且阻力不变，由杠杆平衡条件得，阻力臂变小，故钩码应向右移动适当的距离。
15-2【基础】 【正确答案】 是 右 1.5 变大 使实验结论更具有普遍性/避免实验结论的偶然性
【试题解析】 详解:
（1）平衡状态的含义为静止或匀速直线运动，甲图中杠杆虽未水平，但处于静止，属于平衡状态；
（2）杠杆调平遵循哪边高，就向那边调，故应往右调平衡螺母；
（3）由乙图可得，，则由，可得FB=1.5N，改为斜拉，则FB力臂变小，由杠杆平衡公式可得力臂变小，力变大；
（4）为验证杠杆平衡公式的普遍性，需进行多次实验．
15-3【巩固】 【正确答案】 平衡 右 右 实验次数太少，得出的结论具有偶然性 右端下沉 变大 C
【试题解析】 详解:
（1）[1][2][3]静止是平衡状态，甲图杠杆平衡，此时杠杆处于平衡状态；杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节左端或右端的平衡螺母。
（2）[4][5]只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一个格，则左侧3G×1L=3GL，右侧2G×2L=4GL，因为4GL＞3GL杠杆不能平衡，右端下沉。
（3）[6]保持B点不变，若拉力F从α到b倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力臂变小，力变大。
（4）[7]A．我们在称重时，当不放任何重物的情况下，提起提纽，将秤陀移动到B点，此时秤杆在水平位置平衡，所以B点就是杠杆的重心，因此B点应该为零刻度线，不是O点，故A错误；
B．我们做题时可以把秤杆理解为一根杠杆，则根据杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2，可以知道与杠杆自重无关，与杆的粗细也无关，只与杠杆上的力和力臂有关，也就是重物质量，称重时刻度线的位置有关，所以秤秆上的刻度线是均匀分布的，故B错误；
C．在2kg刻度线时：示重物为2kg，此时手提点为O点，l1为OA的距离0.1m，可知
F1l1=2kg×10N/kg×0.10m=2Nm
l2为OB+OC的距离，可知
F2l2=0.5kg×10N/kg×(0.02m+0.38m)=2Nm
此时，F1l1=F2l2，故C正确；
D．秤杆右端上扬，就说明了左端重，也就是重物质量更大，这个时候根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，l1、F2不变，F1变大了，则l2也应该变大，所以应将秤陀向右移，增加力臂使其平衡，故D错误。
故选C。
15-4【巩固】 【正确答案】 平衡 右 2 大于
【试题解析】 详解:
(1)[1]实验前，杠杆静止杠杆处于平衡状态。
[2]如图杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动。
(2)[3]设杠杆的分度值为l，一个钩码的重为，根据杠杆平衡条件得

由上式可得

故应在杠杆右边离支点3格的B处挂2个。
[4]若在C点竖直向下拉，根据杠杆平衡条件得

解得

如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右下方，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，大于，才能使杠杆仍然水平平衡。
15-5【巩固】 【正确答案】 左 杠杆自重的影响 B
【试题解析】 详解:
(1)[1]发现杠杆右端下沉，则杠杆重心右移，应将平衡螺母(左端和右端的平衡螺母调节方向一致)向左调节。
(2)[2]如图乙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响，所以测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。
(3)[3]当测力计和杠杆的角度从0度逐渐增加到90度时，动力臂越来越大，动力越来越小，当测力计和杠杆垂直时，此时动力臂最大，动力最小，当测力计和杠杆的角度从90度逐渐增加到180度时，角度越大，动力臂越小，动力越大。
故选B。
15-6【巩固】 【正确答案】 右 3 右
【试题解析】 详解:
(1)[1]实验前，杠杆右端偏高，应将两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡。
(2)[2]由图可知
OB∶OA=2∶3
根据杠杆的平衡条件可得
F×OB=G×OA
F=G×=2N×=3N
(3)[3]斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，所以，测力计的示数将大于3N，要保持F大小不变，就得减小阻力臂，即应将钩码向右移动适当的距离。
15-7【提升】 【正确答案】 左 不平衡 1.2
【试题解析】 分析:
(1)如果杠杆左端下沉，应向右调节平衡螺母，如果杠杆右端下沉，应向左调节平衡螺母，使杠杆在平衡位置平衡；
(2)杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若，杠杆平衡；若，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的力的方向转动；
(3)左侧钩码对杠杆的作用力向下，使杠杆沿逆时针转动，则弹簧测力计施加的力使杠杆沿顺时针转动，保持杠杆平衡；杠杆平衡条件计算出弹簧秤的示数，判断弹簧测力计的位置。
详解:
(1)[1]图甲中，杠杆右端下沉，为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的螺母向左调。
(2)[2]图乙中，设一格长度为L，一个钩码重G，则有

即右边的力和力臂的乘积大于左边的力和力臂的乘积，杠杆不能在水平位置平衡，会沿顺时针方向转动。
(3)[3]丙图中钩码的重力

由杠杆平衡条件可得
拉力在A处竖直向上拉杠杆，使其在水平位置平衡，则

此时弹簧测力计示数为。
点睛:
本题主要考查对“探究杠杆平衡条件”的实验内容的了解。杠杆的平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂，即；运用此条件进行杠杆平衡的计算。
16-1【基础】 【正确答案】 温度计示数的变化 相等质量、初温相同 不同 在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多 电流
【试题解析】 详解:
（1）[1]实验中通过观察两支温度计示数的变化来比较电流产生的热量的多少，温度变化大，电流产生的热量多。
（2）[2]为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲、乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体，采用控制变量法。
（3）[3]探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，需保证电路中的电流和通电时间相同，但选用的两电阻丝的阻值应该不同。
（4）[4]电流、通电时间一定时，电阻越大，温度变化越大，所以实验结论是：在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多。
（5）[5]实验时，若调节滑动变阻器的阻值，可以改变电路中电流的大小，因此用该实验装置还可以探究通电时间一定时，导体产生的热量与电流大小的关系。
16-2【基础】 【正确答案】 液面高度差 转换 电阻 电流
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过U形管中液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法。
（2）[3]如图甲，两个电阻串联在电路中，根据串联电路特点知，通过两个电阻的电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系。
[4]图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即

两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知

所以

烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关系。
16-3【巩固】 【正确答案】 保证通过两个电阻丝的电流相同 观察U形管内液面上升高度 在电流与通电时间相同时，电阻越大，电阻产生热量越多 10
【试题解析】 详解:
（1）[1]图甲中两个密闭容器A和B内的电阻丝为串联，串联电路中电流处处相等，这样就可以探究电流通过导体时产生热量与电阻的关系。
（2）[2]密闭容器中产生的热量越多则瓶内气体压强与外界大气压的压强差越大，导致U形管内液面上升的高度越大，所以观察U形管内液面上升的高度可以反应电流通过电阻产生的热量多少。
（3）[3]观察图甲可知电流与通电时间相同时，电阻为10Ω的导体产生的热量比电阻为5Ω的导体产生的热量使得U形管内液面上升的高度更大。即反映出：在电流与通电时间相同时，电阻越大，电阻产生热量越多。
（4）[4]为探究电流通过导体时产生热量的多少与电流大小的关系，则应控制导体的阻值相同而经过导体的电流不同，所以D容器中的电阻丝的电阻应为10Ω，则C、D容器中导体的电阻都为10Ω，C容器中导体的电流大于D容器中导体的电流，符合实验要求。
16-4【巩固】 【正确答案】 A 停表 温度计升高的温度 通电时间
【试题解析】 详解:
(1)[1][2]开关S闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值最大，应将C接线柱与变阻器的A接线柱连接，如图所示：

(2)[3]要探究“电流通过电阻产生的热量跟电流大小是否有关”，必须控制电阻和通电时间相同，改变电流大小，实验中用停表来控制通电时间相同。
(3)[4]实验中，温度计示数的变化反映了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少。
(4)[5]在不改变器材和电路连接的情况下，该实验方案还可以探究的问题是电流通过导体产生热量与通电时间的关系，即：在电阻R和电流I不变时，改变通电时间，比较电流通过电阻时产生热量的多少。
16-5【巩固】 【正确答案】 温度变化 秒表
次数
电流I/A
通电时间t/min
初始温度t/℃
后来温度t/℃
1




2




3




R短路
【试题解析】 详解:
(1)[1]该实验设计可以通过煤油的温度变化表示电流通过电阻丝产生热量的多少；
(2)[2]该实验需要的测量工具有温度计、电流表和秒表；
(3)[3]
次数
电流I/A
通电时间t/min
初始温度t/℃
后来温度t/℃
1
　
　
　
　
2
　
　
　
　
3
　
　
　
　

(4)[4]电流表有示数，电压表没有示数是电压表测的部分短路，所以电路的故障是R短路。
16-6【提升】 【正确答案】 电流 电阻 温度 多 转换 R1 >
【试题解析】 分析:
详解:
（1）[1][2]由图可知，烧瓶内还分别装有阻值不同且不变的电阻丝R1和R2，且两电阻串联，说明此实验是在控制通电时间和电流相等的情况下，研究电流产生热量的多少与电阻大小的关系。
（2）[3][4][5]实验中电流产生的热量无法直接测量，而是利用温度计去测量煤油的温度变化情况去间接反映产热量的多少，温度变化大的说明产热量多，温度变化小的说明产热量少，这种研究方法叫做转换法。
（3）[6][7]根据可知，当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多，由图可知，R1烧瓶中温度计变大较大，产生的热量较多，所以R1＞R2。
17-1【基础】 【正确答案】 0.48A
【试题解析】 详解:
解：正常发光时通过灯泡的电流

答：正常发光时通过灯泡的电流为0.48A。
17-2【巩固】 【正确答案】 （1）6W；（2）3Ω；（3）
【试题解析】 详解:
解：（1） 小灯泡的额定功率为

（2）根据串联电路的电压特点，当小灯泡两端的电压为6V时，滑动变阻器两端的电压为

小灯泡正常放光时通过的电流为1A，此时滑动变阻器的阻值为

（3）当小灯泡两端电压为2V时，滑动变阻器两端的电压为

滑片Р在a端时，滑动变阻器的最大阻值是10Ω，则通过滑动变阻器的电流

滑片P滑动过程中，电流表示数的变化范围为。
答：（1）小灯泡的额定功率为6W；
（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器的阻值为3Ω；
（3）滑片Р滑动过程中，电流表示数的变化范围为。
17-3【巩固】 【正确答案】 （1）9V；（2）1.8W；（3）1.25～5Ω
【试题解析】 详解:
解：（1）只闭合S1时，灯L和R1串联，如图1所示

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由可得，电源的电压

（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端（R2全连入）时，如图2，R1和R2并联

因并联电路中各支路两端的电压相等，所以滑动变阻器消耗的功率

（3）只闭合S2时，灯L和R2串联，如图3所示

灯泡正常发光时的电流

因电流表的量程为0～3A，所以，电路中的最大电流

此时变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻

变阻器接入电路中的最小阻值

当电压表的示数

时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的最小电压

电路中的最小电流

由得，变阻器接入电路中的最大阻值

所以，为保证电路安全，滑动变阻器连入的电阻范围是1.25～5Ω。
答：（1）电源电压为9V；
（2）闭合S1、S2、S3，滑片移到b端时，滑动变阻器R2消耗的电功率为1.8W；
（3）在保证电路安全的情况下，变阻器连入电路的阻值范围为1.25～5Ω。
17-4【巩固】 【正确答案】 ⑴60 7 ；⑵10Ω；⑶当滑动变阻器接入电路的电阻为0Ω时，电路消耗的总功率最大,此时有P = UI=7V×0.7A=4.9W．
【试题解析】 详解:
试题分析：定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，开关S闭合后，由图乙知当电压表示数为零时，仅R1接入电路，通过电路中的电流为I=0.7A，则电源电压U=IR1=0.7A×R1①，当电压表示数为U2=6V时，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联接入电路，且R2接入电路的阻值最大，通过电路中的电流为I′=0.1A，则电源电压U=U2+ I′R1=6V+0.1A×R1②，由解①②得U=7V，R1=10Ω；滑动变阻器R2接入电路的最大阻值R2=U2/ I′=6V/0.1A=60Ω．由题意知：当滑动变阻器接入电路的电阻为0Ω时，电路消耗的总功率最大，此时有P = UI=7V×0.7A=4.9W．
考点：电路的综合分析与计算
17-5【巩固】 【正确答案】 （1）见解析；（2）10Ω；（3）5Ω；（4）2J
【试题解析】 详解:
解：（1）由图可知，当闭合开关S、S1，只有定值电阻R2接入电路，R1被短路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压，也是电源电压，所以当闭合开关S、S1的等效电路图如图所示：

当闭合开关S，断开开关S1，电阻R1、R2串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压，所以当闭合开关S，断开开关S1的等效电路图如图所示：

（2）由当闭合开关S、S1，电流表的示数为0.3A，电压表的示数为3V可知，电源电压
U=U2=3V
通过定值电阻R2的电流I2=0.3A，定值电阻R2的阻值

（3）由当闭合开关S，断开开关S1，电压表的示数为2V可知，通过定值电阻R2的电流

通过定值电阻R1的电流
I1=I2′=0.2A
定值电阻R1两端的电压
U1=U-U2′=3V-2V=1V
定值电阻R1的阻值

（4）当闭合开关S，断开开关S1时，通电10s，电流通过R1所做的电功
W1=U1I1t1=1V×0.2A×10s=2J
答：（1）见解析；
（2）定值电阻R2的阻值是10Ω；
（3）定值电阻R1的阻值是5Ω；
（4）当闭合开关S，断开开关S1时，通电10s电流通过R1所做的电功是2J。
17-6【提升】 【正确答案】 （1）保护电路；（2）12V；（3）40℃；（4）3.6W
【试题解析】 详解:
（1）由图可知，半导体电阻R与定值电阻R0串联，当半导体电阻越来越小的时候，根据欧姆定律可知，电路中的电流越来越大，应该给电路中串联一个定值电阻，这样就可以防止电路中的电流过大而烧坏仪表，所以定值电阻R0的作用是保护电路。
（2）由图可知，当环境环境温度为20℃时，半导体材料的电阻为50Ω，电源电压
U=IR+IR0=0.2A×50Ω+0.2A×10Ω=12V
（3）当电流表的示数0.4A时，由欧姆定律得电路总电阻


此时半导体材料接入电路中的电阻为
R′=R-R0=30Ω−10Ω=20Ω
由甲图可知，当时环境温度为40℃。
（4）由甲图可知，如果环境温度为100℃，半导体材料的电阻为10Ω，此时电路中的电流为


半导体电阻的电功率
P=I12R1=(0.6A)2×10Ω=3.6W
答：（1）定值电阻R0的作用是保护电路作用；
（2）电源的电压为12V；
（3）电流表的读数为0.4A时，环境温度为40℃；
（4）半导体电阻的电功率3.6W。
18-1【基础】 【正确答案】 断开 左 0.22 11 0.704
【试题解析】 详解:
(1)[1]做实验连接电路时开关应处于断开状态。
(2)[2]根据串联电路分压原理和串联电路电压和电阻成正以及题意比可知应此时应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，所以应将滑动变阻器的滑片P向左端移动。
(3)[3]图丙电流表选用0～0.6A的量程，分度值为0.02A，指针向右偏转了11格，电流表的示数为0.22A.
[4]通电20s小灯泡消耗的电能为

(4)[5]根据得小灯泡的电阻为

两个灯泡串联后的总电阻为

把这样的两个灯泡串联在电压为4V的电路中，电路的总功率为

18-2【基础】 【正确答案】 2 0.92 4.35 3 30
【试题解析】 详解:
（1）由于要求当滑片向左移动时灯泡变亮，说明此时电路的电流变大，即电阻变小，所以，应是滑片以左电阻丝连入电路中，由图丙图像知道，电路最大电流是0.6A，所以，电流表选用小量程与灯串联，故电路连接如下：

（2）由于要利用此电路测量小灯泡的额定电功率，而小灯泡标又有“2V”字样，所以实验时应调节滑动变阻器的滑片使电压表的示数为2V，又因为此时电流表选用小量程，分度值为0.02A，所以，此时由图乙知道，电流表示数是0.46A，即小灯泡正常发光时电功率是：，由欧姆定律知道 ，灯的电阻是：;
（3）由图像知道，电阻两端的电压始终保持，由串联电路电压的规律知道，变阻器两端的电压是：，所以，当接入30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻是：R滑=30Ω，即为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少30Ω的滑动变阻器．
18-3【巩固】 【正确答案】 B 2.2 B 0.5 1.5 20 10
【试题解析】 详解:
（1）[1]由题意可知，小灯泡的额定电压为U=2.5V，小灯泡正常发光时的电阻约为R=10Ω，故由欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电流约为

故可知电流表应选择小量程，电路连接如下图所示

（2）[2]闭合开关，发现灯泡不发光，电流表明显偏转，说明电路中有电流，而电压表示数为0，说明与电压表并联的部分可能短路，即可能发生的故障是灯座处短路，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[3]由图乙可知，电压表选择小量程，分度值为0.1V，故电压表的示数为2.2V。
[4]要测量小灯泡的额定功率，应增大小灯泡两端电压，由串联电路电阻等比例分压可知，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将滑片P适当地向B端移动。
（4）[5]由图丙可知，小灯泡两端电压为U额=2.5V时，流过小灯泡的电流为I额=0.2A，故由P=UI可得，小灯泡的额定功率为
P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W
（5）①[6]要探究电流与电阻的关系，应控制电阻两端电压不变，定值电阻与滑动变阻器串联，由串联电路电阻等比例分压可知，要保持定值电阻两端电压不变，则定值电阻的阻值增大时，滑动变阻器接入电路中的阻值也应增大，由题意可知，滑动变阻器的最大阻值为R大=50Ω，当滑动变阻器完全接入电路中时，其两端分压最大，则此时定值电阻两端分压最小，因定值电阻的最大阻值为R0=25Ω，此时电路中的最大电阻为
R总=R大+R0=50Ω+25Ω=75Ω
由欧姆定律可得，电路中的最小电流为

则定值电阻两端的最小电压为
U0=I0R0=0.06A×25Ω=1.5V
②[7]由图中可知，五次实验中，定值电阻两端电压分别为
U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V
U2=I2R2=0.3A×10Ω=3V
U3=I3R3=0.2A×15Ω=3V
U4=I4R4=0.18A×20Ω=3.6V
U5=I5R5=0.12A×25Ω=3V
可知，其它阻值两端电压均为3V，而阻值为20Ω的定值电阻两端电压为3.6V，故可知该次实验选取的定值电阻为20Ω。
[8]由题意可知，20Ω的定值电阻两端电压为U4=3.6V，则由串联电路的电压规律可得，此时定值电阻两端电压为
U滑=U-U4=4.5V-3.6V=0.9V
此时电路中电流为I4=0.18A，故由欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为

因该次实验中未移动滑动变阻器的滑片，故可知上次实验中，滑动变阻器接入电路中的阻值仍为R滑=5Ω，因上次实验中定值电阻两端电压为U3=3V，故上次实验中滑动变阻器两端电压为
U′滑=U-U3=4.5V-3V=1.5V
由欧姆定律可得，上次实验中电路中的电流为

则上次实验中，定值电阻的阻值为

18-4【巩固】 【正确答案】 C 断路 2.2 D 0.5 7.2×105 2000
【试题解析】 详解:
(1)[1]小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯正常发光时的电流约为：
I===0.25A；
故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：

(2)[2]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处的C端．
(3)[3]若灯泡短路，则电压表示数为0，电路为通路，灯泡发光，电流表有示数，不符合题意；若灯泡断路，灯泡不发光，则电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，符合题意；故闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，产生该现象的原因可能是小灯泡断路；
(4)[4]图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V；
[5]灯在额定电压下正常发光，2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向D移动，直到电压表示数为额定电压；
[6]根据该同学实验得到的如图2所示的I﹣U图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)[7]转盘转动120转，电灶消耗的电能：
W=120×kW•h=0.2kW•h=0.2×3.6×106J=7.2×105J；
[8]电灶的功率：
P===2kW=2000W．
18-5【巩固】 【正确答案】 滑动变阻器的两个下端接线柱接入电路 右 0.75 S2
【试题解析】 分析:
详解:
（1）[1]滑动变阻器和小灯泡串联，滑动变阻器滑片向左移动时灯泡变暗，说明滑动变阻器接入电路电阻变大，滑动变阻器需接右下方接线柱，如下图：

（2）[2]无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡发光很暗，两表示数不变，说明滑动变阻器不起作用且连入的阻值较大，电路故障为滑动变阻器的两个下端接线柱接入电路。
（3）[3]由图示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2V，小于灯泡额定电压，为测灯泡额定功率，应减小变阻器电压，增大灯泡电压，根据分压原理应减小变阻器连入阻值，即把滑片向右移动，直到电压表示数等于灯泡额定电压2.5V为止。
（4）[4]由图示图象可知，灯泡额定电压对应的电流是0.3A，灯泡额定功率
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（5）②[5]只闭合开关S和S1，灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的示数为U1，此时灯泡正常发光。只闭合开关S和开关S2，此时电压表测灯泡和定值电阻两端的电压，保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，记录电压表的示数为U2；串联电路总电压等于各分电压之和，则定值电阻两端的电压为
U0=U2-U1
由欧姆定律可得此时通过电路的电流为
I=
③[6]小灯泡L的额定功率
P=U1I=
18-6【巩固】 【正确答案】
断开 左 1.52 变大 大于 B
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图甲所示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表与灯泡并联，电流表串联在电路中，根据灯泡的额定电压为3.8V可知电压表的量程选0∼15V，则实物电路图如图所示：

（2）[2][3]为保护电路，在连接电路时，应断开开关；在闭合开关之前，滑动变阻器应处于最大阻值，即在最左端。
（3）[4]当电压表的示数为3.8V，灯泡正好正常工作，由乙图可知：电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以通过灯泡的电流I＝0.4A，则灯泡的额定功率
P额＝U额I＝3.8V×0.4A＝1.52W
（4）[5][6]由图象可知：UI的比值随电压的增大而增大，根据可知对应的电阻是逐渐增大；如果小灯泡两端的电压为1.9V，即

由于灯泡的电阻随电压的增大而增大，则通过灯泡的实际电流

则实际功率
P实＝U实I实>1.9V×0.2A＝0.38W
（5）[7]“探究电流与电阻关系”的实验时，应控制不同电阻的电压保持不变，根据把5Ω、10Ω、15Ω、20Ω分别接入电路中进行探究，保证电路中各元件的安全，且用四个电阻都能顺利地完成实验：因电流表的量程为0∼0.6A，所以电路中的最大电流为0.6A，当接入最小的电阻5Ω时，电压表示数即为允许的最大电压
U最大＝R最小I最大＝5Ω×0.6A＝3V
因变阻器的最大阻值为30Ω，当变阻器电阻全部连入电路中时，若接入最大的电阻R最大＝20Ω，此时电路中的最小电流

定值电阻的最小电压
U小＝I小R定大＝0.12A×20Ω＝2.4V
所以定值电阻两端的电压应该在 2.4V⩽U⩽3V范围内，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
18-7【提升】 【正确答案】 断开 D 6 左 0.5 > 3
【试题解析】 详解:
（1）[1]连接电路时，为了避免连接错误造成仪器的损坏，应该将开关断开。
[2]由图可知，滑动变阻器上方两根接线柱均接线，滑动变阻器相当于一根导线，应该将滑动变阻器上方右边的导线改接到电压表正接线柱上，如下图所示：

（2）[3]两个电表均没有示数，说明电路一定是断路，若为灯泡断路，电压表会有示数，所以只能是滑动变阻器断路。故选D。
（3）[4]滑动变阻器和灯泡串联，所以通过滑动变阻器的电流也为0.15A，此时滑动变阻器以最大阻值接入到电路中，所以滑动变阻器两端电压
UR=IRP=0.15A×30Ω=4.5V
再根据串联电路的电压规律可得电源电压
U=UL+UR=4.5V+1.5V=6V
[5]小灯泡的额定电压为2.5V，此时的实际电压为1.5V，则小灯泡两端的电压要增大，由串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压要减小，则滑动变阻器的阻值要减小，所以应该将滑动变阻器的滑片向左移动。
（4）[6]由丙图可知，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过的电流为0.2A，则灯泡的额定功率
P额=U额I额=2.5V×0.2A=0.5W
[7]当电阻不变时，由可知，电压变为原来的一半时，功率变为原来的，但是灯泡的电阻随电压的减小而减小，所以加在灯泡两端的电压为额定电压的一半时，灯泡的实际功率P>。
（5）[8]若要能顺利完成实验，定值电阻两端电压不能低于最小值，而定值电阻两端的电压最小时，接入到电路中的为阻值最大的电阻，且滑动变阻器阻值处于最大处，此时最小电压为

而电压表的最大示数恰为3V，所以小江应控制定值电阻两端电压为3V。