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2023年高考第一次模拟考试卷：理综（云南，安徽，黑龙江，山西，吉林五省通用A卷）（全解全析）
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这是一份2023年高考第一次模拟考试卷：理综（云南，安徽，黑龙江，山西，吉林五省通用A卷）（全解全析），共41页。试卷主要包含了用表示阿伏加德罗常数的值等内容，欢迎下载使用。
2023年高考理综第一次模拟考试卷
理综·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
可能用到的相对原子质量：H 1 C12 N14 O16 Na 23 Mg 24 P 31 S 32 Cl 35.5 Cr52 Fe 56 Cu 64 Ag 108
一、 选择题：本题共13个小题，每小题6分。共78分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 某耐盐植物细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将Na+逆浓度梯度运入液泡，从而降低Na+对细胞质基质中酶的伤害。下列有关叙述正确的是( )
A.Na+和水进入液泡的运输方式相同
B.液泡膜和细胞膜构成了原生质层
C.进入液泡中的Na+有利于维持细胞内水分平衡
D.盐碱条件下导致植物产生了耐盐性状
【答案】C
【解析】A、Na+的逆浓度转运，同时要依赖载体蛋白，属于主动运输，水进入液泡的方式属于自由扩散，A错误；
B、液泡膜、细胞膜和这两层膜之间的细胞质构成了原生质层，B错误；
C、由题意可知，Na+逆浓度梯度运入液泡，因此Na+运输调节了细胞的渗透压，有利于维持细胞内水分平衡，C正确；
D、变异是不定向的，自然选择是定向的，所以盐碱条件不会使植物产生耐盐性状而是对植物的耐盐性状进行了选择， D错误。
2.植物生长调节剂是由人工合成的对植物的生长、发育有调节作用的化学物质。下列叙述正确的是( )
A.赤霉素处理大麦，可使大麦种子无须发芽就能产生 a-淀粉酶
B.植物生长调节剂的分子结构和生理效应与植物激素相同
C.植物生长调节剂对人体没有调节作用，所以都无毒无害，可以安全地大量使用
D.“探究2，4-D促进插条生根的最适浓度”中预实验的主要目的是减少实验误差
【答案】A
【解析】A、赤霉素可以诱导a淀粉酶基因表达产生a-淀粉酶，用赤霉素处理大麦，可使大麦种子无须发芽就能产生a-淀粉酶，A正确;
B、植物生长调节剂是人工合成的生理效应与植物激素类似的化学物质，但分子结构不
一定与植物激素类似，B错误;
C、植物生长调节剂对人体没有调节作用，但是蔬菜上残留的一些植物生长剂可能会影
响人的健康，C错误;
D、探索2，4-D促进插条生根的最适浓度实验中，在正式实验前做预实验是为进一步的
实验摸索条件，也可以检验实验设计的科学性和可行性，以免由于设计不周，盲目开展实验而造成人力、物力、财力的浪费，没有减少实验误差的作用，D错误。
3.细胞呼吸过程中葡萄糖和水分子脱去的氢可与氧化型辅酶Ⅰ（NAD+）结合，形成还原型辅酶Ⅰ（NADH）。细胞外烟酰胺磷酸核糖转移酶（eNAMPT）的催化产物NMN是合成NAD+的原料。研究发现，人和哺乳动物的衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关。下列说法正确的是( )
A. 人体细胞产生NADH的场所有细胞质基质和线粒体内膜
B. 促进小鼠体内eNAMPT的产生可能延长其寿命
C.体内的NMN合成量增多可能导致哺乳动物早衰
D.高温变性的eNAMPT不能与双缩脲试剂产生紫色反应
【答案】B
【解析】A、哺乳动物细胞呼吸产生NADH的场所有细胞质基质和线粒体基质，A错误；
B、细胞外烟酰胺磷酸核糖转移酶（eNAMPT）的催化产物NMN是合成NAD+的原料，人和哺乳动物衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关，因此促进小鼠体内eNAMPT的产生可能延长其寿命，B正确；
C、NMN是合成NAD+的原料，人和哺乳动物衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关，因此体内的NMN合成量下降可能导致哺乳动物早衰，C错误；
D、高温变性的eNAMPT中肽键没有断裂，因此仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误。
4．将与生物学有关的内容按照序号填入下图中，隶属关系不正确的是( )
序号
选项
1
2
3
4～6
A
体液
细胞内液
细胞外液
血浆、组织液、淋巴液
B
神经系统的细胞
神经胶质细胞
神经元
细胞体、树突、轴突
C
中枢神经系统
脊髓
脑
大脑、小脑、脑干
D
免疫细胞
浆细胞
淋巴细胞
B细胞、辅助性T细胞、细胞毒性T细胞
【答案】D
【解析】体液包括细胞内液和细胞外液，细胞外液包括血浆、组织液和淋巴液，A正确；组成神经系统的细胞主要包括神经元和神经胶质细胞两大类，神经元是神经系统结构和功能的基本单位，由细胞体、树突和轴突等部分组成，B正确；人的神经系统包括中枢神经系统和外周神经系统两部分。中枢神经系统包括脑和脊髓，脑包括大脑、小脑和脑干，C正确；免疫细胞包括树突状细胞、巨噬细胞和淋巴细胞等，淋巴细胞包括B细胞、辅助性T细胞、细胞毒性T细胞、浆细胞等，D错误。
5.一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某农田生态系统中，排挤了原有的杂草而成为主要的杂草种类，对农作物造成了危害。下列叙述正确的是( )
A.该杂草出现可能是因为种植了含抗除草剂基因的转基因作物
B.新杂草成为主要的杂草种类，该农田发生了群落演替
C.农田仍处于草本植物阶段，因此该群落并未发生演替
D.杂草种类发生了改变，但农田群落的物种组成未改变
【答案】A
【解析】A、一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某田生态系统中，可能是因为种植了含抗除草剂基因的转基因作物，带有抗除草剂基因的转基因作物一日与其近缘野生种杂交，可能会产生带有抗除草剂基因的“超级杂草”，A正确。
错误;
BC、在生物群落发展变化的过程中，一个群落代替另一个群落的演变现象称为群落的演
替，杂草种类发生改变，农田中仍然是农作物为优势种，生物群落类型没有发生改变，该农田群落没有发生演替，BC错误;
D、据题意可知，一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某农田生态系统中，排挤了原有的
杂草而成为主要的杂草种类，说明杂草种类发生了改变后，农田群落的物种组成发生改
变，D错误。
6. 我国是最早把野生鲫鱼驯化成金鱼的国家。现将紫色金鱼雌雄交配，子代均为紫色。将紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作正、反交，F1均为灰色。将F1与亲代紫色金鱼回交，产生的子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾。若将F1雌雄交配产生F2，下列推测正确的是( )
A. 金鱼体色受独立遗传的2对等位基因控制
B. F1雌、雄个体各产生8种配子
C. F1回交产生的灰色子代中纯合子占1/5
D. F1雌雄交配产生的F2中灰色纯合子有15种基因型
【答案】D
【解析】根据题意：将紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作正、反交，F1均为灰色。说明灰色为显性性状，将F1与亲代紫色金鱼回交，该过程相当于测交实验，产生的子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾，灰色∶紫色≈15∶1，说明体色由四对等位基因控制，且四对基因遵循自由组合定律，基因型中只要含有显性基因即为灰色，不含显性基因（设为aabbccdd）的才为紫色。
A、根据分析可知，金鱼体色至少受独立遗传的4对等位基因控制，A错误；
B、F1与紫色金鱼回交，子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾，灰色∶紫色（aabbccdd）≈15∶1，说明F1含有四对等位基因（AaBbCcDd），则F1雌、雄个体各产生2×2×2×2=16种配子，B错误；
C、F1（AaBbCcDd）与紫色金鱼（aabbccdd）回交，相当于测交，后代中只有aabbccdd为纯合子，表现为紫色，灰色子代中均为杂合子，C错误；
D、F1（AaBbCcDd）能产生16种雌、雄配子，由于只有相同基因型的雌雄配子组成才能形成纯合子，因此雌雄交配产生的F2中纯合子为16种，其中aabbccdd为紫色，因此F2中灰色纯合子有15种基因型，D正确。
7．（2022·甘肃·永昌县第一高级中学高一期中）预防新冠肺炎疫情的主要方式是做好消毒工作，已知市场上某消毒药品的标签如下，则下列说法中不正确的是
品名 84消毒液
净含量 500g
保质期 1年
主要成分 以次氯酸钠为主料
用途范围 应用于医院、家庭、宾馆、饭店等公共场所消毒
功效 具有杀菌及清洁功能，可杀灭多种细菌，并对病毒有灭杀作用
A．该品牌消毒过程是利用了氧化还原反应
B．长期保存该消毒液需要遮光、密闭
C．该消毒液可以和洁厕灵同时使用，以增强消毒效果
D．该消毒液也可用于漂白物品
【答案】C
【详解】A．84消毒液杀菌消毒过程中氯元素化合价发生改变，发生氧化还原反应，A正确；
B．84消毒液有效成分为次氯酸钠，会和二氧化碳、水反应生成次氯酸，次氯酸见光易分解，故长期保存该消毒液需要遮光、密闭，B正确；
C．84消毒液与洁厕灵(主要成分为盐酸)一起使用，次氯酸钠和稀盐酸反应生成有毒气体氯气并会降低消毒效果，C错误；
D．84消毒液具有强氧化性，除能杀菌消毒外，还可作漂白剂，D正确；
故选C。
8．（2022·陕西西安·高一期中）用表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．5.6g金属铁与足量氯气反应时失去的电子数为0.2
B．标准状况下，11.2L含有的分子数为0.5
C．个氮气分子中含有的原子数为2
D．1g氢气中含有的电子数为
【答案】D
【详解】A．5.6g金属铁（0.1mol）与足量氯气反应时生成三价铁，得到氯化铁，故失去的电子数为0.3，A错误；
B．标况下水为液体，不能计算其物质的量，B错误；
C．氮分子是双原子分子，3.01×1023个氮分子物质的量是0.5mol，其中含有的原子数为，C错误；
D．氢气是双原子分子，1g氢气为0.5mol，每个氢气分子中含有2个电子，含有的电子数为，D正确；
故选D。
9．（2022·山东济宁·高三期中）下列各组离子，在指定条件下，一定能大量共存的是
①某无色透明的酸性溶液中：Na+、Cl—、CrO、SO
②水电离产生的c(H+) = 10-12mol/L的溶液中：K+、Ba2+、Cl—、NO
③使紫色石蕊试液变红的溶液中：Fe2+、Mg2+、Cl—、NO
④加入过量NaOH溶液后可得到澄清溶液：K+、Ba2+、Cl—、HCO
⑤c(H+)
⑦能使pH试纸变深蓝色的溶液中：、 、、
A．①③⑤⑥ B．②③⑤⑦ C．②⑤⑦ D．②④⑦
【答案】C
【详解】①铬酸根离子在溶液中为黄色，则无色透明的酸性溶液中不可能含有铬酸根离子，铬酸根离子酸性条件下会转化为重铬酸根离子，故错误；
②水电离产生的氢离子浓度为10-12mol/L的溶液可能为酸溶液，也可能为碱溶液，四种离子在酸溶液中和碱溶液中均不发生任何反应，一定能大量共存，故正确；
③使紫色石蕊试液变红的溶液为酸性溶液，酸性溶液中硝酸根离子与亚铁离子发生氧化还原反应，不能大量共存，故错误；
④向含有四种离子的溶液中加入过量氢氧化钠溶液，溶液中的钡离子、碳酸氢根离子与氢氧根离子反应生成碳酸钡沉淀，不可能得到澄清溶液，故错误；
⑤c(H+)
⑦能使pH试纸变深蓝色的溶液为碱性溶液，四种离子在碱性溶液中均不发生任何反应，一定能大量共存，故正确；
②⑤⑦正确，故选C。
10．（广东省部分学校2022-2023学年高三上学期11月联考化学试题）下列有关分子结构与性质的叙述中正确的是
A．、都是平面三角形分子
B．分子晶体中一定不含离子键，但一定存在共价键
C．、、都是含有极性键的非极性分子
D．和分子中含有的键都是由形成的
【答案】C
【详解】A．是平面三角形的空间结构，是三角锥形的空间结构，故A错误；
B．分子晶体中一定不含离子键，但也不一定存在共价键，比如说稀有气体为单原子分子，无共价键，B错误；
C．不同非金属元素原子间易形成极性键，分子结构对称、正负电荷中心重叠的分子为非极性分子，CH4、CCl4、SiH4都含有极性键，CH4、CCl4、SiH4分子构型均为正四面体形，分子结构对称，正负电荷中心重叠属于非极性分子，C正确；
D．和分子中含有的键都是由形成的，D错误；
故本题选C。
11．（广东省韶关市2023届高三上学期调研考试（一）化学试题）钙钛矿晶体的晶胞结构如图所示，下列说法不正确的是。
A．晶体的化学式为：
B．其组成元素中电负性最大的是：O
C．Ti的基态原子价层电子排布式为：
D．金属离子与氧离子间的作用力为共价键
【答案】D
【详解】A．根据晶胞结构图，晶胞中，Ca原子数为1，Ti原子数为，O原子数为 ，晶体的化学式为，A正确；
B．组成元素中电负性为O＞Ti＞Ca，B正确；
C．Ti的基态原子价层电子为最外层电子加次外层d电子，其排布式为，C正确；
D．金属离子与氧离子间的作用力为离子键，D错误；
答案选D。
12．（2022·辽宁·沈阳二中高三期中）某同学设计用NO—空气质子交换膜燃料电池探究将雾霾中的SO2、NO转化为(NH)2SO4的原理。
下列说法正确的是
A．甲、乙装置中NO均被氧化、物质A为HNO3
B．若甲装置中消耗22.4LO2(标况)则乙装置中SO2和NO转化的物质的量共有2.8mol
C．燃料电池放电过程中正极电极反应式为NO-3e-+2H2O=+4H+
D．该装置中，电子的转移方向为Pt(1)→石墨(II)→电解质溶液→石墨(1)→Pt(II)
【答案】B
【分析】甲装置为燃料电池， Pt（I） 电极上 NO 被氧化为 HNO3，Pt（I） 为负极，Pt（II） 电极上氧气被还原，为正极，则乙装置为电解池，石墨（I）为阳极，SO2被氧化为硫酸根，石墨（II）为阴极， NO 被还原为铵根，据此分析。
【详解】A．乙装置中 NO 通入阴极，被还原为铵根 ，A错误；
B．，由转移电子关系，，可知电路中转移电子为4 mol，乙装置中转移电子关系为：、 ，故，，则乙装置中 SO2 与 NO 转化的总量为2.8 mol ，B正确；
C．燃料电池中正极反应为还原反应，应是氧气得到电子，故C错误；
D．电子不能在电解质溶液中移动，D错误；
故本题选B。
13．（2022·上海·复旦附中高三期中）化学上常用表示溶液中的。时，用的溶液滴定的溶液()，滴定过程中与所加溶液的体积()的关系如图所示(忽略体积变化)，下列说法错误的是
A．点溶液的，从点到点的过程中，水的电离程度先变大再变小
B．点溶液中存在：
C．点加入溶液的体积小于，溶质为和
D．点加入溶液的体积小于
【答案】B
【分析】A点，B点溶液为等浓度的溶液和溶液，溶液中存在电荷守恒及物料守恒，C点，溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，D点。
【详解】A．A点，则，，c(H+)=10-2.75mol/L，溶液的pH=2.75，C点溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，要使混合溶液呈中性，则酸应该稍微过滤，酸碱浓度相等，则C点NaOH溶液小于20mL，从C点往后的过程中，先将未中和的亚硝酸变成亚硝酸盐，此时水的电离程度先变大，当NaOH过量时，抑制水的电离，水的电离程度在变小，A正确；
B．B点溶液为等浓度的溶液和溶液，溶液中存在①电荷守恒和②物料守恒，将①×2-②得：，B点溶液中存在：， B错误；
C ．C点，溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，要使溶液呈中性则酸应该过量，酸碱浓度相等，则C点NaOH溶液小于20mL，溶质为溶液和，C正确；
D．D点，溶液呈碱性，溶质溶液和NaOH，NaOH过量，当V（NaOH）=20mL时溶质只有，A点只有20mL，A点，强碱弱酸盐，故消耗NaOH小于40mL，D正确；
故答案为：B。
14．关于近代物理学的下列说法正确的是( )
A．卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子核内部由核子构成
B．对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关
C．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要吸收一定频率的光子
D．核发生衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数不变，质量数不变
【答案】B
【详解】卢瑟福的粒子散射实验，表明原子具有核式结构，故A错误；对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关，故B正确；由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，故C错误；根据衰变的实质可知，在β衰变的过程中，原子核内的其中一个中子转化为一个质子和一个电子，所以新核的质量数不变，中子数减少一个，故D错误．故选B．
【点睛】卢瑟福在粒子散射实验的基础上提出了原子核式结构模型；金属的极限频率是由金属本身决定的；根据玻尔理论分析氢原子中动能的变化以及氢原子电势能的变化；衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少1个，质量数不变．
15．如图所示，两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根轻质细线把A，B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A，B两球。在水平外力F的作用下，小球A，B均处于静止，三根细线均处于拉直状态，其中OA细线位于竖直方向。现保持小球B的位置不变，将外力F逆时针缓慢旋转90°角，已知重力加速度为g，则下列关于此过程的分析正确的是（ ）
A．细绳OA的弹力大小可能大于mg B．细绳OB的弹力大小可能为2.5mg
C．外方F的最小值为mg D．外力F的最小值为mg
【答案】C
【详解】A．对球A受力分析，受重力和OA绳子的拉力，根据受力平衡，绳子AB的拉力为零，绳子OA的拉力等于
FOA=mg
故A错误；
CD．对B球受力分析，受重力，细线OB的拉力和所求力F，根据三力平衡条件知：任意两个力的合力必定与第三个力等大、反向、共线，所以当F与OB垂直时，有最小值，如图所示
结合几何关系可得
故C正确，D错误；
B．对B球受力分析，受重力，细线OB的拉力和所求力F，根据动态三角形可知当F水平时，OB的拉力最大，即
故B错误。
故选C。
16．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图乙所示的变化电流，设t=0时电流沿逆时针方向（图中箭头所示）。关于线圈B的电流方向和所受安培力产生的效果，下列说法中正确的是（ ）
A．0到t1时间内有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势
B．0到t1时间内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势
C．t1到t2时间内有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势
D．t1到t2时间内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势
【答案】B
【详解】0到t1时间内电流沿逆时针方向减小，穿过线圈B的磁通量垂直纸面向外减小，根据楞次定律可知线圈B内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势；t1到t2时间内电流沿顺时针方向增大，穿过线圈B的磁通量垂直纸面向里增大，根据楞次定律可知线圈B内有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势。综上所述可知ACD错误，B正确。
故选B。
17．图示装置叫质谱仪，最初是由阿斯顿设计的，是一种测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具。其工作原理如下：一个质量为m、电荷量为g的离子，从容器A下方的小孔飘入电势差为U的加速电场，其初速度几乎为0，然后经过沿着与磁场垂直的方向，进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到照相的底片D上。不计离子重力。则（ ）
A．离子进入磁场时的速率为
B．离子在磁场中运动的轨道半径为
C．离子在磁场中运动的轨道半径为
D．若a、b是两种同位素的原子核，从底片上获知a、b在磁场中运动轨迹的直径之比是，则a、b的质量之比为
【答案】C
【详解】离子在电场中加速有
解得
在磁场中偏转有
解得
同位素的电量一样，其质量之比为
故选C。
18．如图所示，一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，实线表示t=0时刻的波形图，虚线是t= 0.2s时刻的波形图，下列说法正确的是
A．质点的振动周期一定是0. 8s
B．该波的波速可能是10m/s
C．t=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上
D．t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰
【答案】BCD
【详解】AB.由图可知，波长λ=8m，波沿x轴正方向传播，根据周期性可知
（）
解得周期为：
（）
当n=0时，周期为0.8s，此时波速
故A错误，B正确；
C.根据波动规律可知，t=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上，故C正确；
D.分析图象，t=0.2s时刻，x=6m处的质点通过平衡位置向上，根据对称性和周期性可知，t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰，故D正确；
19．2022年10月31日，我国在海南文昌航天发射场运用长征5号B运载火箭，将中国空间站的最后一个主体舱段——梦天实验舱发射至预定轨道，中国空间站建造收官在即。已知空间站离地面高度约为，地球半径约，空间站可看成绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是（ ）
A．梦天实验舱随运载火箭升空的过程中处于完全失重状态
B．空间站运行的线速度大于同步卫星的线速度
C．空间站运行的向心加速度与地球表面重力加速度之比约为
D．在更高轨道上运行的美国星链卫星1035号曾经变轨后接近中国空间站，这是通过对该卫星点火加速后降低轨道来实现的
【答案】BC
【详解】A．梦天实验舱随运载火箭升空的过程，有向上的加速度，处于超重状态，A错误；
B．由万有引力提供向心力
解得
地球表面
对同步卫星
对空间站
解得
所以
B正确；
C．空间站运行的向心加速度与地球表面重力加速度之比
C正确；
D．在更高轨道上运行的美国星链卫星1035号需要做近心运动才能降低轨道，由万有引力提供向心力
需要减速才能实现
做近心运动，D错误。
故选BC。
20．如图，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。质量为的物块，以速率自点向左沿水平地面运动，在点与弹簧接触，到达点时速度为零，压缩弹簧后被弹回，运动到点恰好静止。弹簧在弹性限度内，物块与弹簧接触但不牵连。下列判断正确的是（ ）
A．弹簧的最大弹性势能等于
B．弹簧的最大弹性势能大于
C．物块自到过程中克服摩擦力做功的功率一直增大
D．物块自到过程中克服摩擦力做功的功率先增大后减小
【答案】AD
【详解】．设间距离为，物块从到的过程，根据功能关系得
物块从到的过程，根据功能关系得
联立解得弹簧的最大弹性势能为
正确错误；
．物块从到，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，物块的速度先增大后减小，根据
摩擦力大小不变，所以克服摩擦力做功的功率先增大后减小，错误正确。
故选。
21．如图所示，ABCD为正方形，在A、B两点均固定电荷量为+q的点电荷。先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W。再将Q1从O点移到C点并固定。最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到O点。下列说法正确的有（ ）
A．Q1移入之前，O点的电势为
B．Q 1从O点移到C点的过程中，电场力做的功为0
C．Q 2从无穷远处移到O点的过程中，电场力做的功为1.5W
D．Q 2在O点的电势能为-3W
【答案】AD
【详解】A．将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W，根据电场力做功公式得
解得
又根据
可得正方形的中心O点电势为，电场中某一点的电势与放不放入试探电荷无关，所以Q1移入之前，O点的电势为，故A正确；
B．两个等量正电荷周围电势分布可知，O点与C点电势不相等，所以Q 1从O点移到C点的过程中，电场力做的功不为0，故B错误；
CD．将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W。根据对称性可知，在A、B两点固定的点电荷分别对Q1做功为
将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到O点，在A、B两点固定的点电荷分别对Q2做功
同理Q1对Q2做功也是W。所以Q 2从无穷远处移到O点的过程中，电场力做的功为3W，电势能减小3W，也就是Q 2在O点的电势能为-3W，故D正确，C错误。
故选AD。
二、非选择题：共174分。
22．实验：用如图1所示的装置探究加速度a与F力的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上。
（1）本实验采用的物理思想方法是( )
A．等效替代法 B．控制变量法C．直接比较法 D．理想模型法
（2）实验时，一定要进行的操作是______（填选项前的字母）．
A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F
B．改变小车的质量，打出几条纸带
C．用天平测出沙和沙桶的总质量
D．为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量
（3）在实验中，有同学得到一条打点的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图2所示，已知相邻计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz，则小车加速度的大小为______（结果保留3位有效数字）
（4）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的图象，可能是______。
【答案】 B A 1.93 C
【详解】（1）[1]探究加速度a与F力的关系，要控制小车的质量不变而改变拉力的大小，这种实验采用的思想方法为控制变量法。
故选B。
（2）[2]A．打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，且小车要靠近打点计时器，探究加速度a与F力的关系，则要记录弹簧测力计的示数F，故A正确；
B．探究加速度a与F力的关系，要控制小车的质量不变，故B错误；
CD．该实验的拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出沙和沙桶的总质量，则不需要使沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故CD错误。
故选A。
（3）[3]相邻计数点间还有4个点没有画出来，则相邻计数点间时间间隔为
根据逐差法可得
（4）[4]某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，则由牛顿第二定律可知
解得
故选C。
23．新型冠状病毒肆虐全球，给人类的生命安全带来了极大的威胁与伤害，感染新冠病毒的主要症状有咳嗽、发热、头疼、全身乏力等，进行体温监测是进行新冠排查的主要手段之一。某中学生小明利用热敏电阻自制了一简易温度计，其内部电路装置如图甲，使用的器材有：直流电源（，内阻不计）、毫安表（量程未知）、电阻箱（最大阻值）、热敏电阻一个、开关和、导线若干。
（1）为了确定毫安表的量程和内阻，先把电阻箱的阻值调到最大，然后将开关接至端，闭合开关，逐渐调节电阻箱的阻值，发现当毫安表指针刚好偏转至满偏的处，电阻箱示数如图乙，此时电阻箱阻值为________。将电阻箱阻值调为时，毫安表刚好偏转至满偏的处，由此知毫安表的量程为________，内阻________。（计算结果保留两位有效数字）
（2）将开关接至端，闭合开关，该温度计可开始工作，为了得到摄氏温度与电流之间的关系，小明通过查阅资料，发现自己使用的热敏电阻为正温度系数热敏电阻，其阻值随摄氏温度增加而线性增加，比例系数为，已知该电阻0℃时的阻值为，请帮助小明写出该简易温度计所测摄氏温度与电流之间的关系式：________（用、、、等符号表示）。
【答案】 840.0 10 60
【详解】（1）[1]由图乙电阻箱可知，其示数为
[2][3]根据闭合电路欧姆定律
可得
解得
（2）[4]由题可知，热敏电阻阻值与温度关系
根据闭合电路欧姆定律得
解得
24．如图所示，虚线上方存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场，下方存在方向相同、磁感应强度大小为的匀强磁场，虚线为两磁场的分界线。位于分界线上，点为的中点。一电子从点射入磁场，速度方向与分界线的夹角为，电子离开点后依次经两点回到点。已知电子的质量为，电荷量为，重力不计，求：
(1)的值；
(2)电子从射入磁场到第一次回到点所用的时间。
【答案】(1)；(2)
【详解】电子在磁场中的运动轨迹如图所示
设电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径分别为，电子在磁场中做匀速圆周运动有
…①
…②
由于最终能回到点，由几何关系，可得
…③
联立①②③，解得
电子在磁场中的运动周期
电子在磁场中的运动周期
设电子经过三段轨迹的时间分别为，由几何关系可得
到的圆心角为，则
到的圆心角为，则
到的圆心角为，则
电子从射入磁场到第一次回到点所用的时间为
联立以上式子，解得
25．如图所示，由某种透明介质制成的长方体的横截面为矩形ABCD，一束单色光在纸面内以α的入射角从真空射向AD边，光线经折射后恰好在AB界面上发生全反射，并从BC界面射出。已知，该透明介质的折射率，光在真空中的传播速度大小为c。不考虑光线在介质中的多次反射。求：
（1）sinα的值；
（2）光从射入该透明介质到射出所用的时间。
【答案】（1）；（2）
【详解】（1）光路图如图所示
由全反射的条件可得
由几何关系知
由折射定律得
解得
（2）光在透明介质中的传播速度
路程为
则时间为
26．如图所示，在光滑的水平桌面上叠放着一质量为的足够长薄木板A和质量为的金属块B，B上有轻绳绕过定滑轮与物块C相连。B与A之间的滑动摩擦因数，最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力。忽略滑轮质量及与轴间的摩擦。起始时，令各物体都处于静止状态，绳被拉直且平行于木板，B位于A的左端，C距地面高度（如图），然后放手，设A的右端距滑轮足够远，三个物体运动不受滑轮影响，绳松弛后对A、B的运动也无影响。（取）
（1）为了保证A、B相对滑动，绳中的拉力和物块C的质量必须大于某临界值和，求其值；
（2）当，B与A相对静止前，B在A上滑的距离；
（3）计算（2）情况下，从到C落地瞬间，物体A对物体B的冲量（答案保留根号）。
【答案】(1) ，；(2) ；(3)
【详解】（1）为保证A、B相对滑动，则
对A进行受力分析，根据牛顿第二定律
得
对进行受力分析知
又
当时
则
又物块C与物块通过绳连接，则加速度大小相同则对进行受力分析根据牛顿第二定律
得
（2）由题知，对进行受力分析得
对进行受力分析得
联立得
故可以发生相对滑动
落地时，根据匀加速直线运动规律得
且此时相对于地面前进的距离为
加速度为
落地后，对进行受力分析,根据牛顿第二定律
解得
方向水平向左开始减速A加速度仍为；
设再过，共速，相对静止则
得
在这个时间段内前进的距离为
代入数据得
又在整个过程中A前进的距离为
代入数据得
则在A上滑行得距离为
代入数据得
（3）由（2）知到落地用时，故根据冲量公式
得
27．（2022·江西省丰城中学高一期中）金属及其化合物在生产生活中占有极其重要的地位，请结合金属及其化合物的相关知识回答下列问题：
(1)某溶液中有Mg2+、Fe2+、Al3+、Cu2+等离子，向其中加入足量的Na2O2后，过滤，将滤渣投入足量的盐酸中，所得溶液与原溶液相比，溶液中大量减少的阳离子是_______。
A．Mg2+ B．Fe2+ C．A13+ D．Cu2+
(2)高铁酸钠(Na2FeO4)是一种新型水处理剂。某兴趣小组欲利用废金属屑(主要成分为Fe和Cu，含有少量Fe2O3)制取高铁酸钠并回收金属Cu，其工艺流程如下：
①试剂a为_______(填化学式，下同)，滤渣II的主要成分为_______。
②在过滤操作中要使用玻璃棒，其作用是_______。
③检验滤液I中是否存在Fe3+的试剂是_______。
④制备的反应原理是：。当反应中转移电子总数约为时，则生成Na2FeO4的物质的量为_______mol。
(3)纳米铁粉可用于处理废水中的。酸性条件下，纳米铁粉与废水中反应生成Fe3+与，其反应的离子方程式是_______。
【答案】(1)BC
(2) H2SO4 Cu 引流 KSCN溶液 0.3
(3)
【分析】某溶液中加入Na2O2时，因Na2O2具有强氧化性，且与水反应生成强碱，因此对Fe2+、Al3+影响很大。工艺流程中，一系列操作后得到了FeSO4固体，则试剂a为稀硫酸，试剂a少量时，主要与少量Fe2O3反应，生成的Fe3+再与Fe反应，滤液Ⅰ为FeSO4溶液；试剂a足量时主要与Fe反应，滤液Ⅱ为FeSO4溶液，滤渣Ⅱ为Cu。
【详解】（1）Na2O2具有强氧化性，能把Fe2+氧化成Fe3+，足量Na2O2与水反应生成NaOH，NaOH能使Mg2+、Fe3+、Cu2+生成沉淀，使Al3+生成 ，过滤后，滤渣成分为Mg(OH)2、Fe(OH)3、Cu(OH)2，滤渣溶于足量盐酸中，生成MgCl2、FeCl3、CuCl2。与原溶液相比，大量减小的离子是Fe2+、Al3+，故选BC。
（2）分析中已知试剂a为H2SO4，滤渣的主要成分为Cu。
溶液从烧杯倒出时容易与烧杯外壁产生“附壁效应”，使部分溶液沿烧杯外壁流到杯底而不能流到漏斗里。所以在过滤时要用玻璃棒引流。
Fe3+与SCN-发生反应生成血红色络合物，因此用KSCN溶液检验Fe3+。
分析化合价变化知：Fe由+2价升高到+6价，Na2O2中一部分O由-1价升高到0价，另一部分O由-1价降低到-2价，以O化合价降低方面计算更简便。根据化学方程式知每生成2mol Na2FeO4，就有10mol O从-1价降低到-2价，转移的电子数约为，当转移电子总数约为时，设生成Na2FeO4物质的量为n，列比例式得，。
（3）根据电子守恒、电荷守恒、原子守恒可以得出酸性条件下，纳米铁与 反应生成Fe3+与 的离子方程式为：。
28．（2022·浙江温州·模拟预测）多环氨基甲酰基吡啶酮类似物F作为药物在医学上有广泛的应用
已知：
I. (易被氧化)
II.
III.R′OH+RCl→R′OR
请回答：
(1)下列说法不正确的是_______。
A．浓硝酸和浓硫酸是反应①②③其中一步的反应试剂
B．化合物A中的含氧官能团是羧基
C．化合物B具有两性
D．反应④的反应类型为加成反应
(2)化合物C的结构简式是_______；化合物F的分子式是_______；
(3)写出D+B→F的化学方程式_______。
(4)设计以为原料合成的路线(用流程图表示，无机试剂任选)_______。
(5)写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式_______。
①谱和IR谱检测表明：分子中共有5种不同化学环境的氢原子，有键。
②分子中只含有两个六元环，其中一个为苯环。
【答案】(1)C
(2) CH2ClCH2OH C11H12O2N2
(3)CH2ClCHO+ +H2O+HCl
(4)
(5)
【分析】本题反应①②③未知，故选用“逆向合成分析法”。参考已知Ⅱ、Ⅲ，由化合物B、D生成化合物F可推出化合物D，再推出化合物C；由生成化合物B的反应可推出化合物A，参考已知Ⅰ，可依次推出③②①反应类型及有关物质。
【详解】（1）生成化合物B的反应为羧基与氨基间的成肽反应，故化合物A含有官能团-COOH和-NH2，A的结构简式为，故选项B正确；参考已知Ⅰ，反应①在甲基邻位引入-NO2，为硝化反应，需要浓硝酸与浓硫酸作反应剂，故选项A正确；化合物B仅有官能团-NH2能表现出碱性，故选项C错误；对比反应物C2H4与产物C分子组成，可以确定反应④为加成反应，故选项D正确。
（2）反应④为加成反应，参考已知Ⅱ与化合物C生成化合物E的反应，确定化合物C含有官能团-OH和-Cl，其结构简式为：CH2ClCH2OH；化合物F的分子式为：C11H12O2N2。
（3）根据化合物C生成化合物D的条件确定该反应为醇氧化为醛，故化合物D的结构简式为：。参考已知Ⅱ、Ⅲ，化合物B的-NH2、-NH-与化合物D的-CHO反应生成化合物F中间的环，化合物B的-OH与化合物D的-Cl反应生成化合物F右侧的环，反应的化学方程式为：
CH2ClCHO+ +H2O+HCl
（4）参考已知反应Ⅱ，该产品可由2分子的CH3CH2CH2NH2与1分子的CH3CHO合成， 与水反应可制备CH3CHO，碳链增加一个C原子需要使用HCN，故制备CH3CH2CH2NH2的流程为：，最终产品合成路线为：
（5）化合物B除苯环外，还有一个C=O，其同分异构体要求除苯环外，还有一个六元环，因此第二个六元环各原子间全是单键；分子中有5种不同化学环境的氢，要求分子结构具有较强的对称性，如果两个环形成稠环结构，无法产生强对称性，故两个环是分开的，当第二个六元环由2个N、2 个O、2个C组成时，有四种结构，当第二个六元环由1个N，2个O，3个C组成时，有一种结构。故共有五种同分异构体：
29．（2022·山东济宁·高三期中）应用广泛，水处理中常用作还原剂、冶金中常用作络合剂，酸性条件下会发生 歧化反应而变质。
(1)的实验室制法：装置图如下(加热和夹持装置略)：
①的作用是与S反应提供，使与 的物质的量之比达到1：1，则原混合液中 S与物质的量之比为_______。
②实验过程中，乙中的澄清溶液先变浑浊，后变澄清时 生成大量的 一段时间后，乙中再次出现少量 浑浊，此时须立刻停止通入。结合离子方程式解释此时必须立刻停止通入的原因：____。
③检验丙中溶液吸收的气体含有二氧化碳的方法是：_______。
(2)实际工业生产中制得的溶液中常混有少量，结合溶解度曲线(下图)，获得·的方法是_______。
(3)的用途：氨性硫代硫酸盐加热浸金是一种环境友好的黄金(Au)浸取工艺。已知：
I.Cu(NH3)⇌Cu2++4NH3；
II. 在碱性较强时受热会生成沉淀。
①将金矿石浸泡在、2+的混合溶液中，并通入。总反应的离子方程式为：，浸金过程Cu(NH3)起到催化剂的作用，浸金反应的原理为：
i.Cu(NH3)+Au+2⇌Cu(NH3)+Au(S2O3)+2NH3
ii. _______
②一定温度下，相同时间金的浸出率随体系pH变化曲线如下图， 解释时，金的浸出率降低的可能原因_______。(写出一条即可)
【答案】(1) 2:1 继续通入，使溶液显酸性，或者，使产量降低 将乙装置中产生的气体，先通过酸性高锰酸钾溶液，再通入澄清石灰水，若溶液变浑浊，则气体中含有二氧化碳
(2)将溶液蒸发浓缩（趁热过滤），再将滤液冷却结晶、过滤
(3) ，部分转化为，使浓度降低，金的浸出率降低；（或者碱性条件下， 更容易被氧化）
【详解】（1）①根据反应：， ，，联立方程可得：，要使和物质的量之比为1:1，原溶液中的 与物质的量之比为2:1；
②根据反应：，乙中溶液变浑浊，生成的继续发生反应：，溶液变澄清，若继续通入，溶液酸性增强，发生反应：或者，使产量降低；
③乙装置中产生的气体可能含有：、和 要检验其中的，先要除去和，故先将气体通过酸性高锰酸钾溶液，再用澄清石灰水检验，若石灰水变浑浊，则含有。
（2）根据溶解度曲线，溶解度随温度的升高而增大，的溶解度随温度的升高而降低，高温时溶解，晶体洗出，趁热过虑，出去，再将溶液冷却，晶体析出，再过滤即可得晶体。
（3）①根据题意，浸金过程为到催化剂，催化剂在反应中，第一步反应被消耗，第二步反应又生成，再根据反应物和生成物分析可得第二步反应：
②根据题意，已知在碱性较强时受热会生成沉淀，若，溶液碱性较强，部分转化为，使浓度降低，金的浸出率降低；（或者碱性条件下， 更容易被氧化）。
30．（2022·陕西·西安市第三中学高二阶段练习）甲醇气相脱水制甲醚的反应可表示为：2CH3OH(g)CH3OCH3(g)+H2O(g)，请回答下列问题：
(1)一定温度下，在恒容密闭容器中充入一定量的CH3OH(g)发生上述反应，能判断反应达到化学平衡状态的是____。
A．CH3OCH3(g)和H2O(g)的浓度比保持不变
B．v正(CH3OH)=2v逆(CH3OCH3)
C．容器内压强不再变化
D．混合气体的平均相对分子质量不再变化
(2)200℃时，向恒容密闭容器中充入一定量的CH3OH(g)发生上述反应，测得CH3OH(g)的浓度随时间(t)的变化如表：
t/min
0
10
20
30
40
50
60
c(CH3OH)/(mol•L-1)
1.00
0.65
0.50
0.36
0.27
0.20
0.20
①10~30min内，用CH3OCH3(g)表示该反应的平均速率为____。
②CH3OH(g)的平衡转化率为____。
③反应开始时，容器内的压强为p0，第40min末时容器内的压强为p1，则p1：p0=____；该反应在200℃时的平衡常数Kp=____(以分压表示，分压=总压×物质的量分数)。
④200℃时，向该容器中投入三种成分的浓度如表：
物质
CH3OH(g)
CH3OCH3(g)
H2O(g)
c/(mol•L-1)
0.54
0.68
0.68
该时刻，正、逆反应速率的大小关系为：v正(CH3OH)____v逆(CH3OH)(填“>”“<”或“=”)，说明理由：____。
(3)已知：甲醚在一定条件下可分解为CO和H2，甲醚分解率、甲醇脱水制甲醚产率随温度变化关系如图所示，试解释800℃之后甲醇脱水制甲醚产率降低的原因____。
【答案】(1)B
(2) 0.00725mol/(Lmin) 80% 1:1 4 > Qp= =1.59<4，所以反应正向进行
(3)在800℃以后，甲醚的分解率随温度的升高而不断增大，因此导致甲醇脱水制取产生的甲醚不断受热分解，因此使得甲醚产率降低
【详解】（1）A．CH3OCH3(g)和H2O(g) 均为生成物，且两者比例为1:1 ，物质的量相等，则两者物质的量浓度也相等，故两者浓度比始终为1:1，所以两者浓度比保持不变，不能说明反应达到平衡状态， A 不符合题意；
B．在任何时刻都存在 v正(CH3OH)=2v正(CH3OCH3)，若v正(CH3OH)=2v逆(CH3OCH3)，则 v正(CH3OCH3)= v正(CH3OCH3)，反应处于平衡状态，B 符合题意；
C．该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，由于体系温度、容积不变，则体系的压强始终不变，因此不能据此判断反应是否处于平衡状态，C 不符合题意；
D．该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，反应前后气体的质量不变，则反应混合物的平均相对分子质量始终不变化，因此不能据此判断反应是否处于平衡状态，D 不符合题意；
故合理选项是B。
（2）①在10~30 min内，△c(CH3OH)=0.65 mol/L-0.36 mol/L=0.29 mol/L，则△c(CH3OCH3)=△c(CH3OH)=0.145 mol/L，故反应速率 v(CH3OCH3)= =0.00725mol/(Lmin)。
②反应开始时c(CH3OH)=0.65 mol/L，平衡时c(CH3OH)=0.20mol/L，则CH3OH的平衡转化率为：=80%；
③该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，反应在恒温、恒容密闭容器中进行，则气体的压强始终不变，故 p1：p0=1:1；反应开始时 c(CH3OH)=1.0 mol/L，平衡时c(CH3OH)=0.20 mol/L，反应消耗CH3OH的浓度△c(CH3OH)=(1.0-0.20) mol/L=0.80 mol/L，则根据物质反应转化关系可知平衡时c(CH3OCH3)=c(H2O)=0.40 mol/L，对于反应前后气体物质的量不变的反应，压强比等于气体的物质的量的比，则该反应在 200 ℃ 时的平衡常数 Kp= =4；
④在200℃时，向该容器中投入三种成分的浓度分别为c(CH3OH)=0.54 mol/L，c (CH3OCH3)=c(H2O)=0.68 mol/L，Qp= =1.59<4，所以反应正向进行，因此v正(CH3OH)>逆(CH3OH)。
（3）由图可知：在800℃以后，甲醚的分解率随温度的升高而不断增大，因此导致甲醇脱水制取产生的甲醚不断受热分解，因此使得甲醚产率降低。
31.（9 分）植物工厂能摆脱自然环境的限制，通过人工精密控制作物种植全过程的环境条件而实现高效生产，在荒漠或太空等特殊环境中提供粮食蔬菜。为提高植物工厂的产量，某科研团队探究了不同时间间隔的红蓝光交替照射对生菜光合作用的影响。处理相同时间后测定相关数据，结果如下。
注：R 表示红光，B 表示蓝光；R/B（5m）表示先用红光照射 5 分钟，再用蓝光照射 5 分钟，红蓝光交替照射，R/B（30m）和 R/B（60m）以此类推；RB 表示红蓝光同时照射，作为对照。各处理组的光照强度相同。
（1）生菜叶肉细胞中的叶绿素主要吸收的光为____________。由表可知，红蓝光交替照射能__________叶肉细胞中的叶绿素含量，从而使更多的光能储存在物质____________中，有利于暗反应中 C3的还原。
（2）若表中不同处理组的叶片气孔开度（气孔开放的程度）差别不大，请结合题目信息分析R/B（30m）组胞间 CO2 浓度最小的原因。________________
（3）除了红蓝光交替照射外，植物工厂在光照方面还可以采取什么措施提高生菜的产量？
___________（写出 1 点）
【答案】（1）蓝紫光和红光（2分） 提高（1分） ATP和NADPH（1分）
（2）不同处理组叶片气孔开度差别不大，从外界吸收的CO2 量相近，而R/B（30m）一组叶绿素含量最高，叶肉细胞的净光合速率最高，从胞间（或叶肉细胞外）吸收的 CO2 量最多，所以胞间CO2 浓度最低（3分）
（3）控制适宜的光照强度、控制适宜的光照时间、控制红蓝光适宜的比例、强弱光照的交替供光（2分）
【解析】（1）①叶绿素(叶绿素a、叶绿素b)主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素(叶黄素、胡萝卜素)主要吸收蓝紫光；
②表格中，R/B处理组的叶绿素含量均高于RB组，因此红蓝光交替照射能提高叶肉细胞中的叶绿素含量；
③光反应中能量变化:光能→ATP和NADPH中活跃的化学能，ATP和NADPH中活跃的化学能用于C3的还原。
(2) 不同处理组叶片气孔开度差别不大，从外界吸收的CO2 量相近（1分），而R/B（30m）一组叶绿素含量最高，叶肉细胞的净光合速率最高，从胞间（或叶肉细胞外）吸收的 CO2 量最多，所以胞间CO2 浓度最低。
(3) 影响植物光合作用的因素有光照强度、光照时间、光质、温度等。
32.（11分）果蝇的正常眼与无眼是1对相对性状，受1对等位基因控制，要确定该性状的遗传方式，需从基因与染色体的位置关系及显隐性的角度进行分析。以正常眼雌果蝇与无眼雄果蝇为亲本进行杂交，根据杂交结果绘制部分后代果蝇的系谱图，如图所示。不考虑致死、突变和X、Y染色体同源区段的情况。
（1）据图分析，关于果蝇无眼性状的遗传方式，可以排除的是______。若控制该性状的基因位于X染色体上，Ⅲ-1与Ⅲ-2杂交的子代中正常眼雄果蝇的概率是______。
（2）用Ⅱ-1与其亲本雄果蝇杂交获得大量子代，根据杂交结果______（填“能”或“不能”）确定果蝇正常眼性状的显隐性，理由是______。
（3）以系谱图中呈现的果蝇为实验材料设计杂交实验，确定无眼性状的遗传方式。（要求：①只杂交一次；②仅根据子代表型预期结果；③不根据子代性状的比例预期结果）实验思路：_______；预期结果并得出结论：______。
【答案】（1）伴X显性遗传和伴Y遗传（1分） 3/8（1分）
（2）不能（1分） 如为常染色体遗传，则不论正常眼为显性还是隐性，用Ⅱ-1与其亲本雄果蝇杂交组合都是测交类型，子代性状分离比都是1：1，故无法判定其显隐性（2分）
（3）Ⅱ-2（或Ⅱ-1或Ⅱ-4）和Ⅱ-3杂交，观察子代表现型（2分）
若子代全为正常眼，则为常染色体显性遗传；（2分）若子代出现无眼雌果蝇，则为常染色体隐性遗传；若子代无眼果蝇全为雄性，则为伴X染色体隐性遗传（2分）
【解析】本题考查变异、基因分离定律、伴性遗传等。
(1)由题意可知，不考虑致死、突变和X、Y同源区段的情况。Ⅰ-1正常眼雌果蝇与Ⅰ-2无眼雄果蝇杂交，子二代中雌果蝇为正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴X显性遗传，若为伴X显性遗传，则其雌性子代均为无眼；Ⅰ-4正常眼雌果蝇与Ⅰ-3无眼雄果蝇杂交，Ⅱ-3雄果蝇为正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴Y遗传，若为伴Y遗传，Ⅱ-3应为无眼性状，则该性状的遗传不可能为伴Y遗传；假设控制该性状的基因为A/a，若控制该性状的基因位
于X染色体上，则为伴X隐性遗传，即Ⅲ-1的基因型为XAY，Ⅱ-2的基因型为XAXa，Ⅲ-2的基因型为1/2XAXa、1/2XAXA，其产生的雌配子及比例为3/4XA、1/4Xa, Ⅲ-1产生的雄配子及比例为1/2XA、1/2Y，因此产生子代正常眼雄果蝇XAY概率是3/4×1/2=3/8。
(2)如果正常眼为常染色体隐性，则Ⅰ-2为Aa，Ⅱ-1为aa；如果正常眼为常染色体显性，则Ⅰ-2为aa，Ⅱ-1为Aa；两者杂交子代性状分离比均为1：1，故不能判定其显隐性。
（3）以系谱图中呈现的雌、雄果蝇为实验材料设计杂交实验，且只能杂交一次，则其基因型具有唯一性才可以，Ⅱ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3均为雌性且基因型相同，故可以选择Ⅱ-2和Ⅱ-3杂交，并观察其子代的表现型。如无眼性状的遗传为伴X隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为XAXa、XAY，后代雌果蝇均为正常眼，雄果蝇有正常眼和无眼，只有雄果蝇有无眼性状；如无眼性状为常染色体隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为Aa、Aa，后代雌果蝇和雄果蝇既有正常眼也有无眼；如无眼性状为常染色体显性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为aa、aa，后代雌果蝇、雄果蝇都只有正常眼。
33．（10分）辣椒素是红辣椒的活性成分，对人类和其他哺乳动物都有刺激性并可使皮肤产生灼烧感。辣椒素型瞬时受体电位蛋白(TRPV1)是一种非选择性阳离子通道，激活后促进细胞外Ca2＋、Na＋内流，进而介导一些基本的生理功能，如神经递质释放、肌肉细胞收缩等。TRPV1不仅对辣椒素有反应，高温同样能激活它。当处于温度在43 ℃以上的外界环境时，TRPV1就会打开，最终产生痛觉。回答下列问题：
（1）人在吃辣椒时，排汗增多，这个调节的反射弧为____________。(用具体名称和箭头表示)
（2）辣椒素与TRPV1结合后，下丘脑通过交感神经引起肾上腺素分泌增多，这一过程属于____________调节。吃过辣椒的儿童会拒绝辛辣食物，其意义是____________。
（3）吃辣椒后，有些人面部发红是由于皮肤____________造成的，同时TRPV1所在的细胞产生兴奋通过传入神经传到____________，产生热觉。
（4）研究发现，辣椒素能促进家兔产生胰岛素。为研究食用辣椒素是否只通过TRPV1发挥作用。请使用下列的实验条件简要写出实验设计思路并预期实验结果。实验条件：生理状态(含空腹血糖浓度)相同的健康家兔若干只，普通饲料，辣椒素，4－叔丁基环己醇(TRPV1抑制剂，不影响血糖浓度)，胰岛素定量检测仪。
实验思路：____________。
预期实验结果：____________。
【答案】（1）感受器→传入神经→下丘脑(体温调节中枢)→传出神经→皮肤汗腺（1分）
（2）神经（1分） 使机体具有更强的预见性，灵活性和适应性，大大提高了应对环境变化的能力（2分）
（3）毛细血管舒张，血流量增多（1分） 大脑皮层（1分）
（4）将家兔随机分成甲、乙、丙三组，甲组饲喂一定量的普通饲料，乙组饲喂添加了一定量辣椒素的等量普通饲料，丙组饲喂添加了一定量辣椒素和4－叔丁基环己醇的等量普通饲料，一段时间后测定胰岛素的含量（2分）
若乙组胰岛素的含量大于丙组，且丙组胰岛素的含量等于甲组，推测食用辣椒素只通过TRPV1受体发挥作用；若乙组胰岛素的含量大于丙组，且丙组胰岛素的含量大于甲组，推测食用辣椒素不只通过TRPV1受体发挥作用（2分）
【解析】 (1)反射弧由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器五部分构成，人在吃辣椒时，排汗增多，这个调节的反射弧为感受器→传入神经→下丘脑(体温调节中枢)→传出神经→皮肤汗腺。(3)吃辣椒后，有些人面部发红是因为机体为增加散热，在下丘脑的体温调节中枢作用下汗腺分泌加强，皮肤毛细血管舒张，血流量增多。感觉是由大脑皮层产生的，TRPV1所在的细胞产生兴奋通过传入神经传到大脑皮层，产生热觉。
34.（9 分）为改善海域生态环境和增殖养护渔业资源，海洋生态学家发展了新的渔业生产方式——海洋牧场。海洋牧场采用人工方法向天然水域投放鱼、虾、贝、藻等水生生物的幼体（或卵等）以实现增殖放流，还会在海底投放多个人工鱼礁，为鱼类“建造房子”。礁体进入水中 3 个月就会生长出海藻和浮游生物，鱼、虾、蟹、贝等生物也很快入住，慢慢地就形成了“水下森林”。礁体还可以通过改变海水的流速和流向，使海域内 C、P、N 等营养盐分布更均匀。生活在礁体中的贝类主要以藻类和浮游生物为食，拥有发达的滤食系统，能去除水中的颗粒物。请分析回答问题：
（1）长期的高频捕捞导致渔业资源枯竭，增殖放流的主要目的是使种群的年龄结构恢复为________，有利于一定时间后提高种群的________率。增殖放流前应明确目标水域的__________，以确定每种生物合理的放流数量。
（2）与传统的网箱养鱼（或虾等）相比，海洋牧场的抵抗力稳定性更高，原因是__________。
（3）海洋牧场建成后，水质会变好。请结合题中信息分析原因。__________
【答案】（1）增长型（1分） 出生（1分） 环境容纳量（或K值）（1分）
（2）海洋牧场的生物种类更多（或组分更多、物种丰富度更大），营养结构（或食物网）更复杂，自我调节能力更强，因此抵抗力稳定性更高（2分）
（3）礁体通过改变海水的流速和流向，使海域内C、P、N等营养盐分布更均匀，避免局部海域富营养化（赤潮）。生活在礁体中的贝类拥有发达的滤食系统，能去除水中的颗粒物。礁石上附着的海藻等生物吸收了N、P等无机盐，能在一定程度上净化水质（4分）
【解析】(1)长期的高频捕捞导致渔业资源枯竭，增殖放流的主要目的是使种群的年龄结构恢复为增长型，有利于一定时间后提高种群的出生率。增殖放流前应明确目标水域的环境容纳量，以确定每种生物合理的放流数量。
(2)与传统的网箱养鱼(或虾等)相比，海洋牧场的抵抗力稳定性更高，原因是生物种类多，物种丰富度高，营养结构复杂。
(3)海洋牧场建成后，水质会变好。结合题中信息分析原因礁体中的贝类能去除水中的颗粒物，礁体还可以使水中C、N、P 分布均匀。
35.（15分）某研究团队从沙漠野生柽柳中克隆出了一个耐盐碱基因TcSR1。该团队用限制酶BglⅡ切割目的基因TcSR1，用限制酶BamHI切割质粒载体V3，两种限制酶的识别序列及酶切位点如图所示，经过体外重组和转化，最终获得了能够在盐碱地生长的杨树新品种。回答下列问题：
(1)使用 技术在体外扩增耐盐碱基因TcSR1，扩增时需要 种引物。基因TcSR1不直接导入杨树细胞，原因是 (答出3点)。
(2)用限制酶BglⅡ切割目的基因和用限制酶BamHI切割质粒载体V3后，再用 酶处理，以构建基因表达载体，该表达载体不能够被 或BamHI识别并切割，原因是 。
(3)将目的基因导入杨树细胞，培育后筛选转化阳性的植株。若要检测杨树植株中目的基因TcSR1是否发生转录，可采用 技术，需要将 片段制成探针，通过检测放射性达到目的。
(4)为进一步研究转基因杨树的耐盐碱机制，还需要进一步开展研究，实验思路是通过 技术获得大量转基因植物，然后 。
【答案】（1）PCR 2 目的基因无复制原点；无标记基因，不易鉴定受体细胞是否导入目的基因；目的基因无法在受体细胞中稳定存在（3分）
(2)DNA连接 连接后的序列无BgdⅡ或BamHⅠ可识别的特定碱基序列(或DNA分子序列发生了改变、重组分子不能被BgIII或BamHI识别和切割）（3分）
（3）分子杂交 放射性同位素标记的基因TcSR1（2分）
(4)植物组织培养 在高盐碱胁迫下观察杨树植株的生长状况（2分）
【解析】本题主要考查基因工程，考查学生的理解能力。
（1）使用PCR技术扩增目的基因，扩增目的基因时需要2种引物与模板链结合。由于基因Te SR1无标记基因，不易鉴定受体细胞是否导入目的基因.且该基因无法在受体细胞中稳定存在.因此基因TcSRI不直接导入受体细胞。
(2)用限制酶Bg/][切割目的基因和用限制酶BamHI切割质粒载体V3后,再用DNA连接酶处理,形成基因表达载体,该表达载体无BgHI或BamHI可识别的特定碱基序列.因此不能被Bg IⅡ或BamHI识别并切割。
(3)分子杂交技术可检测目的基因是否转录出了mRNA.方法是从转基因生物中提取mRNA.用标记的目的基因作为探针，与mRNA杂交，若显示出杂交带.则表明目的基因转录出了mRNA。所以采用分子杂交技术检测转基因杨树植株目的基因的转录水平时，需要将放射性同位素标记的基因TcSRI片段制成探针。
(4)为进一步研究转基因杨树的耐盐碱机制可以通过植物组织培养技术获得大量转基因杨树植株，并在高盐碱胁迫下观察植株的生长状况。
2023年高考理综第一次模拟考试卷
理综·全解全析
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
可能用到的相对原子质量：H 1 C12 N14 O16 Na 23 Mg 24 P 31 S 32 Cl 35.5 Cr52 Fe 56 Cu 64 Ag 108
一、 选择题：本题共13个小题，每小题6分。共78分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 某耐盐植物细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将Na+逆浓度梯度运入液泡，从而降低Na+对细胞质基质中酶的伤害。下列有关叙述正确的是( )
A.Na+和水进入液泡的运输方式相同
B.液泡膜和细胞膜构成了原生质层
C.进入液泡中的Na+有利于维持细胞内水分平衡
D.盐碱条件下导致植物产生了耐盐性状
【答案】C
【解析】A、Na+的逆浓度转运，同时要依赖载体蛋白，属于主动运输，水进入液泡的方式属于自由扩散，A错误；
B、液泡膜、细胞膜和这两层膜之间的细胞质构成了原生质层，B错误；
C、由题意可知，Na+逆浓度梯度运入液泡，因此Na+运输调节了细胞的渗透压，有利于维持细胞内水分平衡，C正确；
D、变异是不定向的，自然选择是定向的，所以盐碱条件不会使植物产生耐盐性状而是对植物的耐盐性状进行了选择， D错误。
2.植物生长调节剂是由人工合成的对植物的生长、发育有调节作用的化学物质。下列叙述正确的是( )
A.赤霉素处理大麦，可使大麦种子无须发芽就能产生 a-淀粉酶
B.植物生长调节剂的分子结构和生理效应与植物激素相同
C.植物生长调节剂对人体没有调节作用，所以都无毒无害，可以安全地大量使用
D.“探究2，4-D促进插条生根的最适浓度”中预实验的主要目的是减少实验误差
【答案】A
【解析】A、赤霉素可以诱导a淀粉酶基因表达产生a-淀粉酶，用赤霉素处理大麦，可使大麦种子无须发芽就能产生a-淀粉酶，A正确;
B、植物生长调节剂是人工合成的生理效应与植物激素类似的化学物质，但分子结构不
一定与植物激素类似，B错误;
C、植物生长调节剂对人体没有调节作用，但是蔬菜上残留的一些植物生长剂可能会影
响人的健康，C错误;
D、探索2，4-D促进插条生根的最适浓度实验中，在正式实验前做预实验是为进一步的
实验摸索条件，也可以检验实验设计的科学性和可行性，以免由于设计不周，盲目开展实验而造成人力、物力、财力的浪费，没有减少实验误差的作用，D错误。
3.细胞呼吸过程中葡萄糖和水分子脱去的氢可与氧化型辅酶Ⅰ（NAD+）结合，形成还原型辅酶Ⅰ（NADH）。细胞外烟酰胺磷酸核糖转移酶（eNAMPT）的催化产物NMN是合成NAD+的原料。研究发现，人和哺乳动物的衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关。下列说法正确的是( )
A. 人体细胞产生NADH的场所有细胞质基质和线粒体内膜
B. 促进小鼠体内eNAMPT的产生可能延长其寿命
C.体内的NMN合成量增多可能导致哺乳动物早衰
D.高温变性的eNAMPT不能与双缩脲试剂产生紫色反应
【答案】B
【解析】A、哺乳动物细胞呼吸产生NADH的场所有细胞质基质和线粒体基质，A错误；
B、细胞外烟酰胺磷酸核糖转移酶（eNAMPT）的催化产物NMN是合成NAD+的原料，人和哺乳动物衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关，因此促进小鼠体内eNAMPT的产生可能延长其寿命，B正确；
C、NMN是合成NAD+的原料，人和哺乳动物衰老过程与组织中NAD+水平的下降直接相关，因此体内的NMN合成量下降可能导致哺乳动物早衰，C错误；
D、高温变性的eNAMPT中肽键没有断裂，因此仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误。
4．将与生物学有关的内容按照序号填入下图中，隶属关系不正确的是( )
序号
选项
1
2
3
4～6
A
体液
细胞内液
细胞外液
血浆、组织液、淋巴液
B
神经系统的细胞
神经胶质细胞
神经元
细胞体、树突、轴突
C
中枢神经系统
脊髓
脑
大脑、小脑、脑干
D
免疫细胞
浆细胞
淋巴细胞
B细胞、辅助性T细胞、细胞毒性T细胞
【答案】D
【解析】体液包括细胞内液和细胞外液，细胞外液包括血浆、组织液和淋巴液，A正确；组成神经系统的细胞主要包括神经元和神经胶质细胞两大类，神经元是神经系统结构和功能的基本单位，由细胞体、树突和轴突等部分组成，B正确；人的神经系统包括中枢神经系统和外周神经系统两部分。中枢神经系统包括脑和脊髓，脑包括大脑、小脑和脑干，C正确；免疫细胞包括树突状细胞、巨噬细胞和淋巴细胞等，淋巴细胞包括B细胞、辅助性T细胞、细胞毒性T细胞、浆细胞等，D错误。
5.一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某农田生态系统中，排挤了原有的杂草而成为主要的杂草种类，对农作物造成了危害。下列叙述正确的是( )
A.该杂草出现可能是因为种植了含抗除草剂基因的转基因作物
B.新杂草成为主要的杂草种类，该农田发生了群落演替
C.农田仍处于草本植物阶段，因此该群落并未发生演替
D.杂草种类发生了改变，但农田群落的物种组成未改变
【答案】A
【解析】A、一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某田生态系统中，可能是因为种植了含抗除草剂基因的转基因作物，带有抗除草剂基因的转基因作物一日与其近缘野生种杂交，可能会产生带有抗除草剂基因的“超级杂草”，A正确。
错误;
BC、在生物群落发展变化的过程中，一个群落代替另一个群落的演变现象称为群落的演
替，杂草种类发生改变，农田中仍然是农作物为优势种，生物群落类型没有发生改变，该农田群落没有发生演替，BC错误;
D、据题意可知，一种可抗除草剂的“超级杂草”出现在某农田生态系统中，排挤了原有的
杂草而成为主要的杂草种类，说明杂草种类发生了改变后，农田群落的物种组成发生改
变，D错误。
6. 我国是最早把野生鲫鱼驯化成金鱼的国家。现将紫色金鱼雌雄交配，子代均为紫色。将紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作正、反交，F1均为灰色。将F1与亲代紫色金鱼回交，产生的子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾。若将F1雌雄交配产生F2，下列推测正确的是( )
A. 金鱼体色受独立遗传的2对等位基因控制
B. F1雌、雄个体各产生8种配子
C. F1回交产生的灰色子代中纯合子占1/5
D. F1雌雄交配产生的F2中灰色纯合子有15种基因型
【答案】D
【解析】根据题意：将紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作正、反交，F1均为灰色。说明灰色为显性性状，将F1与亲代紫色金鱼回交，该过程相当于测交实验，产生的子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾，灰色∶紫色≈15∶1，说明体色由四对等位基因控制，且四对基因遵循自由组合定律，基因型中只要含有显性基因即为灰色，不含显性基因（设为aabbccdd）的才为紫色。
A、根据分析可知，金鱼体色至少受独立遗传的4对等位基因控制，A错误；
B、F1与紫色金鱼回交，子代中灰色鱼2860尾，紫色鱼190尾，灰色∶紫色（aabbccdd）≈15∶1，说明F1含有四对等位基因（AaBbCcDd），则F1雌、雄个体各产生2×2×2×2=16种配子，B错误；
C、F1（AaBbCcDd）与紫色金鱼（aabbccdd）回交，相当于测交，后代中只有aabbccdd为纯合子，表现为紫色，灰色子代中均为杂合子，C错误；
D、F1（AaBbCcDd）能产生16种雌、雄配子，由于只有相同基因型的雌雄配子组成才能形成纯合子，因此雌雄交配产生的F2中纯合子为16种，其中aabbccdd为紫色，因此F2中灰色纯合子有15种基因型，D正确。
7．（2022·甘肃·永昌县第一高级中学高一期中）预防新冠肺炎疫情的主要方式是做好消毒工作，已知市场上某消毒药品的标签如下，则下列说法中不正确的是
品名 84消毒液
净含量 500g
保质期 1年
主要成分 以次氯酸钠为主料
用途范围 应用于医院、家庭、宾馆、饭店等公共场所消毒
功效 具有杀菌及清洁功能，可杀灭多种细菌，并对病毒有灭杀作用
A．该品牌消毒过程是利用了氧化还原反应
B．长期保存该消毒液需要遮光、密闭
C．该消毒液可以和洁厕灵同时使用，以增强消毒效果
D．该消毒液也可用于漂白物品
【答案】C
【详解】A．84消毒液杀菌消毒过程中氯元素化合价发生改变，发生氧化还原反应，A正确；
B．84消毒液有效成分为次氯酸钠，会和二氧化碳、水反应生成次氯酸，次氯酸见光易分解，故长期保存该消毒液需要遮光、密闭，B正确；
C．84消毒液与洁厕灵(主要成分为盐酸)一起使用，次氯酸钠和稀盐酸反应生成有毒气体氯气并会降低消毒效果，C错误；
D．84消毒液具有强氧化性，除能杀菌消毒外，还可作漂白剂，D正确；
故选C。
8．（2022·陕西西安·高一期中）用表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．5.6g金属铁与足量氯气反应时失去的电子数为0.2
B．标准状况下，11.2L含有的分子数为0.5
C．个氮气分子中含有的原子数为2
D．1g氢气中含有的电子数为
【答案】D
【详解】A．5.6g金属铁（0.1mol）与足量氯气反应时生成三价铁，得到氯化铁，故失去的电子数为0.3，A错误；
B．标况下水为液体，不能计算其物质的量，B错误；
C．氮分子是双原子分子，3.01×1023个氮分子物质的量是0.5mol，其中含有的原子数为，C错误；
D．氢气是双原子分子，1g氢气为0.5mol，每个氢气分子中含有2个电子，含有的电子数为，D正确；
故选D。
9．（2022·山东济宁·高三期中）下列各组离子，在指定条件下，一定能大量共存的是
①某无色透明的酸性溶液中：Na+、Cl—、CrO、SO
②水电离产生的c(H+) = 10-12mol/L的溶液中：K+、Ba2+、Cl—、NO
③使紫色石蕊试液变红的溶液中：Fe2+、Mg2+、Cl—、NO
④加入过量NaOH溶液后可得到澄清溶液：K+、Ba2+、Cl—、HCO
⑤c(H+)
⑦能使pH试纸变深蓝色的溶液中：、 、、
A．①③⑤⑥ B．②③⑤⑦ C．②⑤⑦ D．②④⑦
【答案】C
【详解】①铬酸根离子在溶液中为黄色，则无色透明的酸性溶液中不可能含有铬酸根离子，铬酸根离子酸性条件下会转化为重铬酸根离子，故错误；
②水电离产生的氢离子浓度为10-12mol/L的溶液可能为酸溶液，也可能为碱溶液，四种离子在酸溶液中和碱溶液中均不发生任何反应，一定能大量共存，故正确；
③使紫色石蕊试液变红的溶液为酸性溶液，酸性溶液中硝酸根离子与亚铁离子发生氧化还原反应，不能大量共存，故错误；
④向含有四种离子的溶液中加入过量氢氧化钠溶液，溶液中的钡离子、碳酸氢根离子与氢氧根离子反应生成碳酸钡沉淀，不可能得到澄清溶液，故错误；
⑤c(H+)
⑦能使pH试纸变深蓝色的溶液为碱性溶液，四种离子在碱性溶液中均不发生任何反应，一定能大量共存，故正确；
②⑤⑦正确，故选C。
10．（广东省部分学校2022-2023学年高三上学期11月联考化学试题）下列有关分子结构与性质的叙述中正确的是
A．、都是平面三角形分子
B．分子晶体中一定不含离子键，但一定存在共价键
C．、、都是含有极性键的非极性分子
D．和分子中含有的键都是由形成的
【答案】C
【详解】A．是平面三角形的空间结构，是三角锥形的空间结构，故A错误；
B．分子晶体中一定不含离子键，但也不一定存在共价键，比如说稀有气体为单原子分子，无共价键，B错误；
C．不同非金属元素原子间易形成极性键，分子结构对称、正负电荷中心重叠的分子为非极性分子，CH4、CCl4、SiH4都含有极性键，CH4、CCl4、SiH4分子构型均为正四面体形，分子结构对称，正负电荷中心重叠属于非极性分子，C正确；
D．和分子中含有的键都是由形成的，D错误；
故本题选C。
11．（广东省韶关市2023届高三上学期调研考试（一）化学试题）钙钛矿晶体的晶胞结构如图所示，下列说法不正确的是。
A．晶体的化学式为：
B．其组成元素中电负性最大的是：O
C．Ti的基态原子价层电子排布式为：
D．金属离子与氧离子间的作用力为共价键
【答案】D
【详解】A．根据晶胞结构图，晶胞中，Ca原子数为1，Ti原子数为，O原子数为 ，晶体的化学式为，A正确；
B．组成元素中电负性为O＞Ti＞Ca，B正确；
C．Ti的基态原子价层电子为最外层电子加次外层d电子，其排布式为，C正确；
D．金属离子与氧离子间的作用力为离子键，D错误；
答案选D。
12．（2022·辽宁·沈阳二中高三期中）某同学设计用NO—空气质子交换膜燃料电池探究将雾霾中的SO2、NO转化为(NH)2SO4的原理。
下列说法正确的是
A．甲、乙装置中NO均被氧化、物质A为HNO3
B．若甲装置中消耗22.4LO2(标况)则乙装置中SO2和NO转化的物质的量共有2.8mol
C．燃料电池放电过程中正极电极反应式为NO-3e-+2H2O=+4H+
D．该装置中，电子的转移方向为Pt(1)→石墨(II)→电解质溶液→石墨(1)→Pt(II)
【答案】B
【分析】甲装置为燃料电池， Pt（I） 电极上 NO 被氧化为 HNO3，Pt（I） 为负极，Pt（II） 电极上氧气被还原，为正极，则乙装置为电解池，石墨（I）为阳极，SO2被氧化为硫酸根，石墨（II）为阴极， NO 被还原为铵根，据此分析。
【详解】A．乙装置中 NO 通入阴极，被还原为铵根 ，A错误；
B．，由转移电子关系，，可知电路中转移电子为4 mol，乙装置中转移电子关系为：、 ，故，，则乙装置中 SO2 与 NO 转化的总量为2.8 mol ，B正确；
C．燃料电池中正极反应为还原反应，应是氧气得到电子，故C错误；
D．电子不能在电解质溶液中移动，D错误；
故本题选B。
13．（2022·上海·复旦附中高三期中）化学上常用表示溶液中的。时，用的溶液滴定的溶液()，滴定过程中与所加溶液的体积()的关系如图所示(忽略体积变化)，下列说法错误的是
A．点溶液的，从点到点的过程中，水的电离程度先变大再变小
B．点溶液中存在：
C．点加入溶液的体积小于，溶质为和
D．点加入溶液的体积小于
【答案】B
【分析】A点，B点溶液为等浓度的溶液和溶液，溶液中存在电荷守恒及物料守恒，C点，溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，D点。
【详解】A．A点，则，，c(H+)=10-2.75mol/L，溶液的pH=2.75，C点溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，要使混合溶液呈中性，则酸应该稍微过滤，酸碱浓度相等，则C点NaOH溶液小于20mL，从C点往后的过程中，先将未中和的亚硝酸变成亚硝酸盐，此时水的电离程度先变大，当NaOH过量时，抑制水的电离，水的电离程度在变小，A正确；
B．B点溶液为等浓度的溶液和溶液，溶液中存在①电荷守恒和②物料守恒，将①×2-②得：，B点溶液中存在：， B错误；
C ．C点，溶液呈中性，NaNO2是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性，要使溶液呈中性则酸应该过量，酸碱浓度相等，则C点NaOH溶液小于20mL，溶质为溶液和，C正确；
D．D点，溶液呈碱性，溶质溶液和NaOH，NaOH过量，当V（NaOH）=20mL时溶质只有，A点只有20mL，A点，强碱弱酸盐，故消耗NaOH小于40mL，D正确；
故答案为：B。
14．关于近代物理学的下列说法正确的是( )
A．卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子核内部由核子构成
B．对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关
C．氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要吸收一定频率的光子
D．核发生衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数不变，质量数不变
【答案】B
【详解】卢瑟福的粒子散射实验，表明原子具有核式结构，故A错误；对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关，故B正确；由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，故C错误；根据衰变的实质可知，在β衰变的过程中，原子核内的其中一个中子转化为一个质子和一个电子，所以新核的质量数不变，中子数减少一个，故D错误．故选B．
【点睛】卢瑟福在粒子散射实验的基础上提出了原子核式结构模型；金属的极限频率是由金属本身决定的；根据玻尔理论分析氢原子中动能的变化以及氢原子电势能的变化；衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少1个，质量数不变．
15．如图所示，两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根轻质细线把A，B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A，B两球。在水平外力F的作用下，小球A，B均处于静止，三根细线均处于拉直状态，其中OA细线位于竖直方向。现保持小球B的位置不变，将外力F逆时针缓慢旋转90°角，已知重力加速度为g，则下列关于此过程的分析正确的是（ ）
A．细绳OA的弹力大小可能大于mg B．细绳OB的弹力大小可能为2.5mg
C．外方F的最小值为mg D．外力F的最小值为mg
【答案】C
【详解】A．对球A受力分析，受重力和OA绳子的拉力，根据受力平衡，绳子AB的拉力为零，绳子OA的拉力等于
FOA=mg
故A错误；
CD．对B球受力分析，受重力，细线OB的拉力和所求力F，根据三力平衡条件知：任意两个力的合力必定与第三个力等大、反向、共线，所以当F与OB垂直时，有最小值，如图所示
结合几何关系可得
故C正确，D错误；
B．对B球受力分析，受重力，细线OB的拉力和所求力F，根据动态三角形可知当F水平时，OB的拉力最大，即
故B错误。
故选C。
16．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图乙所示的变化电流，设t=0时电流沿逆时针方向（图中箭头所示）。关于线圈B的电流方向和所受安培力产生的效果，下列说法中正确的是（ ）
A．0到t1时间内有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势
B．0到t1时间内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势
C．t1到t2时间内有顺时针方向的电流，且有收缩的趋势
D．t1到t2时间内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势
【答案】B
【详解】0到t1时间内电流沿逆时针方向减小，穿过线圈B的磁通量垂直纸面向外减小，根据楞次定律可知线圈B内有逆时针方向的电流，且有扩张的趋势；t1到t2时间内电流沿顺时针方向增大，穿过线圈B的磁通量垂直纸面向里增大，根据楞次定律可知线圈B内有逆时针方向的电流，且有收缩的趋势。综上所述可知ACD错误，B正确。
故选B。
17．图示装置叫质谱仪，最初是由阿斯顿设计的，是一种测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具。其工作原理如下：一个质量为m、电荷量为g的离子，从容器A下方的小孔飘入电势差为U的加速电场，其初速度几乎为0，然后经过沿着与磁场垂直的方向，进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到照相的底片D上。不计离子重力。则（ ）
A．离子进入磁场时的速率为
B．离子在磁场中运动的轨道半径为
C．离子在磁场中运动的轨道半径为
D．若a、b是两种同位素的原子核，从底片上获知a、b在磁场中运动轨迹的直径之比是，则a、b的质量之比为
【答案】C
【详解】离子在电场中加速有
解得
在磁场中偏转有
解得
同位素的电量一样，其质量之比为
故选C。
18．如图所示，一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，实线表示t=0时刻的波形图，虚线是t= 0.2s时刻的波形图，下列说法正确的是
A．质点的振动周期一定是0. 8s
B．该波的波速可能是10m/s
C．t=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上
D．t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰
【答案】BCD
【详解】AB.由图可知，波长λ=8m，波沿x轴正方向传播，根据周期性可知
（）
解得周期为：
（）
当n=0时，周期为0.8s，此时波速
故A错误，B正确；
C.根据波动规律可知，t=0时刻，x=4m处的质点振动方向向上，故C正确；
D.分析图象，t=0.2s时刻，x=6m处的质点通过平衡位置向上，根据对称性和周期性可知，t=0.4s时刻，x=6m处的质点恰好位于波峰，故D正确；
19．2022年10月31日，我国在海南文昌航天发射场运用长征5号B运载火箭，将中国空间站的最后一个主体舱段——梦天实验舱发射至预定轨道，中国空间站建造收官在即。已知空间站离地面高度约为，地球半径约，空间站可看成绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是（ ）
A．梦天实验舱随运载火箭升空的过程中处于完全失重状态
B．空间站运行的线速度大于同步卫星的线速度
C．空间站运行的向心加速度与地球表面重力加速度之比约为
D．在更高轨道上运行的美国星链卫星1035号曾经变轨后接近中国空间站，这是通过对该卫星点火加速后降低轨道来实现的
【答案】BC
【详解】A．梦天实验舱随运载火箭升空的过程，有向上的加速度，处于超重状态，A错误；
B．由万有引力提供向心力
解得
地球表面
对同步卫星
对空间站
解得
所以
B正确；
C．空间站运行的向心加速度与地球表面重力加速度之比
C正确；
D．在更高轨道上运行的美国星链卫星1035号需要做近心运动才能降低轨道，由万有引力提供向心力
需要减速才能实现
做近心运动，D错误。
故选BC。
20．如图，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。质量为的物块，以速率自点向左沿水平地面运动，在点与弹簧接触，到达点时速度为零，压缩弹簧后被弹回，运动到点恰好静止。弹簧在弹性限度内，物块与弹簧接触但不牵连。下列判断正确的是（ ）
A．弹簧的最大弹性势能等于
B．弹簧的最大弹性势能大于
C．物块自到过程中克服摩擦力做功的功率一直增大
D．物块自到过程中克服摩擦力做功的功率先增大后减小
【答案】AD
【详解】．设间距离为，物块从到的过程，根据功能关系得
物块从到的过程，根据功能关系得
联立解得弹簧的最大弹性势能为
正确错误；
．物块从到，弹簧的弹力先大于摩擦力，后小于摩擦力，物块的速度先增大后减小，根据
摩擦力大小不变，所以克服摩擦力做功的功率先增大后减小，错误正确。
故选。
21．如图所示，ABCD为正方形，在A、B两点均固定电荷量为+q的点电荷。先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W。再将Q1从O点移到C点并固定。最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到O点。下列说法正确的有（ ）
A．Q1移入之前，O点的电势为
B．Q 1从O点移到C点的过程中，电场力做的功为0
C．Q 2从无穷远处移到O点的过程中，电场力做的功为1.5W
D．Q 2在O点的电势能为-3W
【答案】AD
【详解】A．将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W，根据电场力做功公式得
解得
又根据
可得正方形的中心O点电势为，电场中某一点的电势与放不放入试探电荷无关，所以Q1移入之前，O点的电势为，故A正确；
B．两个等量正电荷周围电势分布可知，O点与C点电势不相等，所以Q 1从O点移到C点的过程中，电场力做的功不为0，故B错误；
CD．将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处(电势为0)移到正方形的中心O点，此过程中，电场力做功为-W。根据对称性可知，在A、B两点固定的点电荷分别对Q1做功为
将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到O点，在A、B两点固定的点电荷分别对Q2做功
同理Q1对Q2做功也是W。所以Q 2从无穷远处移到O点的过程中，电场力做的功为3W，电势能减小3W，也就是Q 2在O点的电势能为-3W，故D正确，C错误。
故选AD。
二、非选择题：共174分。
22．实验：用如图1所示的装置探究加速度a与F力的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上。
（1）本实验采用的物理思想方法是( )
A．等效替代法 B．控制变量法C．直接比较法 D．理想模型法
（2）实验时，一定要进行的操作是______（填选项前的字母）．
A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F
B．改变小车的质量，打出几条纸带
C．用天平测出沙和沙桶的总质量
D．为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量
（3）在实验中，有同学得到一条打点的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图2所示，已知相邻计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz，则小车加速度的大小为______（结果保留3位有效数字）
（4）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的图象，可能是______。
【答案】 B A 1.93 C
【详解】（1）[1]探究加速度a与F力的关系，要控制小车的质量不变而改变拉力的大小，这种实验采用的思想方法为控制变量法。
故选B。
（2）[2]A．打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，且小车要靠近打点计时器，探究加速度a与F力的关系，则要记录弹簧测力计的示数F，故A正确；
B．探究加速度a与F力的关系，要控制小车的质量不变，故B错误；
CD．该实验的拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出沙和沙桶的总质量，则不需要使沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故CD错误。
故选A。
（3）[3]相邻计数点间还有4个点没有画出来，则相邻计数点间时间间隔为
根据逐差法可得
（4）[4]某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，则由牛顿第二定律可知
解得
故选C。
23．新型冠状病毒肆虐全球，给人类的生命安全带来了极大的威胁与伤害，感染新冠病毒的主要症状有咳嗽、发热、头疼、全身乏力等，进行体温监测是进行新冠排查的主要手段之一。某中学生小明利用热敏电阻自制了一简易温度计，其内部电路装置如图甲，使用的器材有：直流电源（，内阻不计）、毫安表（量程未知）、电阻箱（最大阻值）、热敏电阻一个、开关和、导线若干。
（1）为了确定毫安表的量程和内阻，先把电阻箱的阻值调到最大，然后将开关接至端，闭合开关，逐渐调节电阻箱的阻值，发现当毫安表指针刚好偏转至满偏的处，电阻箱示数如图乙，此时电阻箱阻值为________。将电阻箱阻值调为时，毫安表刚好偏转至满偏的处，由此知毫安表的量程为________，内阻________。（计算结果保留两位有效数字）
（2）将开关接至端，闭合开关，该温度计可开始工作，为了得到摄氏温度与电流之间的关系，小明通过查阅资料，发现自己使用的热敏电阻为正温度系数热敏电阻，其阻值随摄氏温度增加而线性增加，比例系数为，已知该电阻0℃时的阻值为，请帮助小明写出该简易温度计所测摄氏温度与电流之间的关系式：________（用、、、等符号表示）。
【答案】 840.0 10 60
【详解】（1）[1]由图乙电阻箱可知，其示数为
[2][3]根据闭合电路欧姆定律
可得
解得
（2）[4]由题可知，热敏电阻阻值与温度关系
根据闭合电路欧姆定律得
解得
24．如图所示，虚线上方存在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为的匀强磁场，下方存在方向相同、磁感应强度大小为的匀强磁场，虚线为两磁场的分界线。位于分界线上，点为的中点。一电子从点射入磁场，速度方向与分界线的夹角为，电子离开点后依次经两点回到点。已知电子的质量为，电荷量为，重力不计，求：
(1)的值；
(2)电子从射入磁场到第一次回到点所用的时间。
【答案】(1)；(2)
【详解】电子在磁场中的运动轨迹如图所示
设电子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径分别为，电子在磁场中做匀速圆周运动有
…①
…②
由于最终能回到点，由几何关系，可得
…③
联立①②③，解得
电子在磁场中的运动周期
电子在磁场中的运动周期
设电子经过三段轨迹的时间分别为，由几何关系可得
到的圆心角为，则
到的圆心角为，则
到的圆心角为，则
电子从射入磁场到第一次回到点所用的时间为
联立以上式子，解得
25．如图所示，由某种透明介质制成的长方体的横截面为矩形ABCD，一束单色光在纸面内以α的入射角从真空射向AD边，光线经折射后恰好在AB界面上发生全反射，并从BC界面射出。已知，该透明介质的折射率，光在真空中的传播速度大小为c。不考虑光线在介质中的多次反射。求：
（1）sinα的值；
（2）光从射入该透明介质到射出所用的时间。
【答案】（1）；（2）
【详解】（1）光路图如图所示
由全反射的条件可得
由几何关系知
由折射定律得
解得
（2）光在透明介质中的传播速度
路程为
则时间为
26．如图所示，在光滑的水平桌面上叠放着一质量为的足够长薄木板A和质量为的金属块B，B上有轻绳绕过定滑轮与物块C相连。B与A之间的滑动摩擦因数，最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力。忽略滑轮质量及与轴间的摩擦。起始时，令各物体都处于静止状态，绳被拉直且平行于木板，B位于A的左端，C距地面高度（如图），然后放手，设A的右端距滑轮足够远，三个物体运动不受滑轮影响，绳松弛后对A、B的运动也无影响。（取）
（1）为了保证A、B相对滑动，绳中的拉力和物块C的质量必须大于某临界值和，求其值；
（2）当，B与A相对静止前，B在A上滑的距离；
（3）计算（2）情况下，从到C落地瞬间，物体A对物体B的冲量（答案保留根号）。
【答案】(1) ，；(2) ；(3)
【详解】（1）为保证A、B相对滑动，则
对A进行受力分析，根据牛顿第二定律
得
对进行受力分析知
又
当时
则
又物块C与物块通过绳连接，则加速度大小相同则对进行受力分析根据牛顿第二定律
得
（2）由题知，对进行受力分析得
对进行受力分析得
联立得
故可以发生相对滑动
落地时，根据匀加速直线运动规律得
且此时相对于地面前进的距离为
加速度为
落地后，对进行受力分析,根据牛顿第二定律
解得
方向水平向左开始减速A加速度仍为；
设再过，共速，相对静止则
得
在这个时间段内前进的距离为
代入数据得
又在整个过程中A前进的距离为
代入数据得
则在A上滑行得距离为
代入数据得
（3）由（2）知到落地用时，故根据冲量公式
得
27．（2022·江西省丰城中学高一期中）金属及其化合物在生产生活中占有极其重要的地位，请结合金属及其化合物的相关知识回答下列问题：
(1)某溶液中有Mg2+、Fe2+、Al3+、Cu2+等离子，向其中加入足量的Na2O2后，过滤，将滤渣投入足量的盐酸中，所得溶液与原溶液相比，溶液中大量减少的阳离子是_______。
A．Mg2+ B．Fe2+ C．A13+ D．Cu2+
(2)高铁酸钠(Na2FeO4)是一种新型水处理剂。某兴趣小组欲利用废金属屑(主要成分为Fe和Cu，含有少量Fe2O3)制取高铁酸钠并回收金属Cu，其工艺流程如下：
①试剂a为_______(填化学式，下同)，滤渣II的主要成分为_______。
②在过滤操作中要使用玻璃棒，其作用是_______。
③检验滤液I中是否存在Fe3+的试剂是_______。
④制备的反应原理是：。当反应中转移电子总数约为时，则生成Na2FeO4的物质的量为_______mol。
(3)纳米铁粉可用于处理废水中的。酸性条件下，纳米铁粉与废水中反应生成Fe3+与，其反应的离子方程式是_______。
【答案】(1)BC
(2) H2SO4 Cu 引流 KSCN溶液 0.3
(3)
【分析】某溶液中加入Na2O2时，因Na2O2具有强氧化性，且与水反应生成强碱，因此对Fe2+、Al3+影响很大。工艺流程中，一系列操作后得到了FeSO4固体，则试剂a为稀硫酸，试剂a少量时，主要与少量Fe2O3反应，生成的Fe3+再与Fe反应，滤液Ⅰ为FeSO4溶液；试剂a足量时主要与Fe反应，滤液Ⅱ为FeSO4溶液，滤渣Ⅱ为Cu。
【详解】（1）Na2O2具有强氧化性，能把Fe2+氧化成Fe3+，足量Na2O2与水反应生成NaOH，NaOH能使Mg2+、Fe3+、Cu2+生成沉淀，使Al3+生成 ，过滤后，滤渣成分为Mg(OH)2、Fe(OH)3、Cu(OH)2，滤渣溶于足量盐酸中，生成MgCl2、FeCl3、CuCl2。与原溶液相比，大量减小的离子是Fe2+、Al3+，故选BC。
（2）分析中已知试剂a为H2SO4，滤渣的主要成分为Cu。
溶液从烧杯倒出时容易与烧杯外壁产生“附壁效应”，使部分溶液沿烧杯外壁流到杯底而不能流到漏斗里。所以在过滤时要用玻璃棒引流。
Fe3+与SCN-发生反应生成血红色络合物，因此用KSCN溶液检验Fe3+。
分析化合价变化知：Fe由+2价升高到+6价，Na2O2中一部分O由-1价升高到0价，另一部分O由-1价降低到-2价，以O化合价降低方面计算更简便。根据化学方程式知每生成2mol Na2FeO4，就有10mol O从-1价降低到-2价，转移的电子数约为，当转移电子总数约为时，设生成Na2FeO4物质的量为n，列比例式得，。
（3）根据电子守恒、电荷守恒、原子守恒可以得出酸性条件下，纳米铁与 反应生成Fe3+与 的离子方程式为：。
28．（2022·浙江温州·模拟预测）多环氨基甲酰基吡啶酮类似物F作为药物在医学上有广泛的应用
已知：
I. (易被氧化)
II.
III.R′OH+RCl→R′OR
请回答：
(1)下列说法不正确的是_______。
A．浓硝酸和浓硫酸是反应①②③其中一步的反应试剂
B．化合物A中的含氧官能团是羧基
C．化合物B具有两性
D．反应④的反应类型为加成反应
(2)化合物C的结构简式是_______；化合物F的分子式是_______；
(3)写出D+B→F的化学方程式_______。
(4)设计以为原料合成的路线(用流程图表示，无机试剂任选)_______。
(5)写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式_______。
①谱和IR谱检测表明：分子中共有5种不同化学环境的氢原子，有键。
②分子中只含有两个六元环，其中一个为苯环。
【答案】(1)C
(2) CH2ClCH2OH C11H12O2N2
(3)CH2ClCHO+ +H2O+HCl
(4)
(5)
【分析】本题反应①②③未知，故选用“逆向合成分析法”。参考已知Ⅱ、Ⅲ，由化合物B、D生成化合物F可推出化合物D，再推出化合物C；由生成化合物B的反应可推出化合物A，参考已知Ⅰ，可依次推出③②①反应类型及有关物质。
【详解】（1）生成化合物B的反应为羧基与氨基间的成肽反应，故化合物A含有官能团-COOH和-NH2，A的结构简式为，故选项B正确；参考已知Ⅰ，反应①在甲基邻位引入-NO2，为硝化反应，需要浓硝酸与浓硫酸作反应剂，故选项A正确；化合物B仅有官能团-NH2能表现出碱性，故选项C错误；对比反应物C2H4与产物C分子组成，可以确定反应④为加成反应，故选项D正确。
（2）反应④为加成反应，参考已知Ⅱ与化合物C生成化合物E的反应，确定化合物C含有官能团-OH和-Cl，其结构简式为：CH2ClCH2OH；化合物F的分子式为：C11H12O2N2。
（3）根据化合物C生成化合物D的条件确定该反应为醇氧化为醛，故化合物D的结构简式为：。参考已知Ⅱ、Ⅲ，化合物B的-NH2、-NH-与化合物D的-CHO反应生成化合物F中间的环，化合物B的-OH与化合物D的-Cl反应生成化合物F右侧的环，反应的化学方程式为：
CH2ClCHO+ +H2O+HCl
（4）参考已知反应Ⅱ，该产品可由2分子的CH3CH2CH2NH2与1分子的CH3CHO合成， 与水反应可制备CH3CHO，碳链增加一个C原子需要使用HCN，故制备CH3CH2CH2NH2的流程为：，最终产品合成路线为：
（5）化合物B除苯环外，还有一个C=O，其同分异构体要求除苯环外，还有一个六元环，因此第二个六元环各原子间全是单键；分子中有5种不同化学环境的氢，要求分子结构具有较强的对称性，如果两个环形成稠环结构，无法产生强对称性，故两个环是分开的，当第二个六元环由2个N、2 个O、2个C组成时，有四种结构，当第二个六元环由1个N，2个O，3个C组成时，有一种结构。故共有五种同分异构体：
29．（2022·山东济宁·高三期中）应用广泛，水处理中常用作还原剂、冶金中常用作络合剂，酸性条件下会发生 歧化反应而变质。
(1)的实验室制法：装置图如下(加热和夹持装置略)：
①的作用是与S反应提供，使与 的物质的量之比达到1：1，则原混合液中 S与物质的量之比为_______。
②实验过程中，乙中的澄清溶液先变浑浊，后变澄清时 生成大量的 一段时间后，乙中再次出现少量 浑浊，此时须立刻停止通入。结合离子方程式解释此时必须立刻停止通入的原因：____。
③检验丙中溶液吸收的气体含有二氧化碳的方法是：_______。
(2)实际工业生产中制得的溶液中常混有少量，结合溶解度曲线(下图)，获得·的方法是_______。
(3)的用途：氨性硫代硫酸盐加热浸金是一种环境友好的黄金(Au)浸取工艺。已知：
I.Cu(NH3)⇌Cu2++4NH3；
II. 在碱性较强时受热会生成沉淀。
①将金矿石浸泡在、2+的混合溶液中，并通入。总反应的离子方程式为：，浸金过程Cu(NH3)起到催化剂的作用，浸金反应的原理为：
i.Cu(NH3)+Au+2⇌Cu(NH3)+Au(S2O3)+2NH3
ii. _______
②一定温度下，相同时间金的浸出率随体系pH变化曲线如下图， 解释时，金的浸出率降低的可能原因_______。(写出一条即可)
【答案】(1) 2:1 继续通入，使溶液显酸性，或者，使产量降低 将乙装置中产生的气体，先通过酸性高锰酸钾溶液，再通入澄清石灰水，若溶液变浑浊，则气体中含有二氧化碳
(2)将溶液蒸发浓缩（趁热过滤），再将滤液冷却结晶、过滤
(3) ，部分转化为，使浓度降低，金的浸出率降低；（或者碱性条件下， 更容易被氧化）
【详解】（1）①根据反应：， ，，联立方程可得：，要使和物质的量之比为1:1，原溶液中的 与物质的量之比为2:1；
②根据反应：，乙中溶液变浑浊，生成的继续发生反应：，溶液变澄清，若继续通入，溶液酸性增强，发生反应：或者，使产量降低；
③乙装置中产生的气体可能含有：、和 要检验其中的，先要除去和，故先将气体通过酸性高锰酸钾溶液，再用澄清石灰水检验，若石灰水变浑浊，则含有。
（2）根据溶解度曲线，溶解度随温度的升高而增大，的溶解度随温度的升高而降低，高温时溶解，晶体洗出，趁热过虑，出去，再将溶液冷却，晶体析出，再过滤即可得晶体。
（3）①根据题意，浸金过程为到催化剂，催化剂在反应中，第一步反应被消耗，第二步反应又生成，再根据反应物和生成物分析可得第二步反应：
②根据题意，已知在碱性较强时受热会生成沉淀，若，溶液碱性较强，部分转化为，使浓度降低，金的浸出率降低；（或者碱性条件下， 更容易被氧化）。
30．（2022·陕西·西安市第三中学高二阶段练习）甲醇气相脱水制甲醚的反应可表示为：2CH3OH(g)CH3OCH3(g)+H2O(g)，请回答下列问题：
(1)一定温度下，在恒容密闭容器中充入一定量的CH3OH(g)发生上述反应，能判断反应达到化学平衡状态的是____。
A．CH3OCH3(g)和H2O(g)的浓度比保持不变
B．v正(CH3OH)=2v逆(CH3OCH3)
C．容器内压强不再变化
D．混合气体的平均相对分子质量不再变化
(2)200℃时，向恒容密闭容器中充入一定量的CH3OH(g)发生上述反应，测得CH3OH(g)的浓度随时间(t)的变化如表：
t/min
0
10
20
30
40
50
60
c(CH3OH)/(mol•L-1)
1.00
0.65
0.50
0.36
0.27
0.20
0.20
①10~30min内，用CH3OCH3(g)表示该反应的平均速率为____。
②CH3OH(g)的平衡转化率为____。
③反应开始时，容器内的压强为p0，第40min末时容器内的压强为p1，则p1：p0=____；该反应在200℃时的平衡常数Kp=____(以分压表示，分压=总压×物质的量分数)。
④200℃时，向该容器中投入三种成分的浓度如表：
物质
CH3OH(g)
CH3OCH3(g)
H2O(g)
c/(mol•L-1)
0.54
0.68
0.68
该时刻，正、逆反应速率的大小关系为：v正(CH3OH)____v逆(CH3OH)(填“>”“<”或“=”)，说明理由：____。
(3)已知：甲醚在一定条件下可分解为CO和H2，甲醚分解率、甲醇脱水制甲醚产率随温度变化关系如图所示，试解释800℃之后甲醇脱水制甲醚产率降低的原因____。
【答案】(1)B
(2) 0.00725mol/(Lmin) 80% 1:1 4 > Qp= =1.59<4，所以反应正向进行
(3)在800℃以后，甲醚的分解率随温度的升高而不断增大，因此导致甲醇脱水制取产生的甲醚不断受热分解，因此使得甲醚产率降低
【详解】（1）A．CH3OCH3(g)和H2O(g) 均为生成物，且两者比例为1:1 ，物质的量相等，则两者物质的量浓度也相等，故两者浓度比始终为1:1，所以两者浓度比保持不变，不能说明反应达到平衡状态， A 不符合题意；
B．在任何时刻都存在 v正(CH3OH)=2v正(CH3OCH3)，若v正(CH3OH)=2v逆(CH3OCH3)，则 v正(CH3OCH3)= v正(CH3OCH3)，反应处于平衡状态，B 符合题意；
C．该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，由于体系温度、容积不变，则体系的压强始终不变，因此不能据此判断反应是否处于平衡状态，C 不符合题意；
D．该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，反应前后气体的质量不变，则反应混合物的平均相对分子质量始终不变化，因此不能据此判断反应是否处于平衡状态，D 不符合题意；
故合理选项是B。
（2）①在10~30 min内，△c(CH3OH)=0.65 mol/L-0.36 mol/L=0.29 mol/L，则△c(CH3OCH3)=△c(CH3OH)=0.145 mol/L，故反应速率 v(CH3OCH3)= =0.00725mol/(Lmin)。
②反应开始时c(CH3OH)=0.65 mol/L，平衡时c(CH3OH)=0.20mol/L，则CH3OH的平衡转化率为：=80%；
③该反应是反应前后气体物质的量不变的反应，反应在恒温、恒容密闭容器中进行，则气体的压强始终不变，故 p1：p0=1:1；反应开始时 c(CH3OH)=1.0 mol/L，平衡时c(CH3OH)=0.20 mol/L，反应消耗CH3OH的浓度△c(CH3OH)=(1.0-0.20) mol/L=0.80 mol/L，则根据物质反应转化关系可知平衡时c(CH3OCH3)=c(H2O)=0.40 mol/L，对于反应前后气体物质的量不变的反应，压强比等于气体的物质的量的比，则该反应在 200 ℃ 时的平衡常数 Kp= =4；
④在200℃时，向该容器中投入三种成分的浓度分别为c(CH3OH)=0.54 mol/L，c (CH3OCH3)=c(H2O)=0.68 mol/L，Qp= =1.59<4，所以反应正向进行，因此v正(CH3OH)>逆(CH3OH)。
（3）由图可知：在800℃以后，甲醚的分解率随温度的升高而不断增大，因此导致甲醇脱水制取产生的甲醚不断受热分解，因此使得甲醚产率降低。
31.（9 分）植物工厂能摆脱自然环境的限制，通过人工精密控制作物种植全过程的环境条件而实现高效生产，在荒漠或太空等特殊环境中提供粮食蔬菜。为提高植物工厂的产量，某科研团队探究了不同时间间隔的红蓝光交替照射对生菜光合作用的影响。处理相同时间后测定相关数据，结果如下。
注：R 表示红光，B 表示蓝光；R/B（5m）表示先用红光照射 5 分钟，再用蓝光照射 5 分钟，红蓝光交替照射，R/B（30m）和 R/B（60m）以此类推；RB 表示红蓝光同时照射，作为对照。各处理组的光照强度相同。
（1）生菜叶肉细胞中的叶绿素主要吸收的光为____________。由表可知，红蓝光交替照射能__________叶肉细胞中的叶绿素含量，从而使更多的光能储存在物质____________中，有利于暗反应中 C3的还原。
（2）若表中不同处理组的叶片气孔开度（气孔开放的程度）差别不大，请结合题目信息分析R/B（30m）组胞间 CO2 浓度最小的原因。________________
（3）除了红蓝光交替照射外，植物工厂在光照方面还可以采取什么措施提高生菜的产量？
___________（写出 1 点）
【答案】（1）蓝紫光和红光（2分） 提高（1分） ATP和NADPH（1分）
（2）不同处理组叶片气孔开度差别不大，从外界吸收的CO2 量相近，而R/B（30m）一组叶绿素含量最高，叶肉细胞的净光合速率最高，从胞间（或叶肉细胞外）吸收的 CO2 量最多，所以胞间CO2 浓度最低（3分）
（3）控制适宜的光照强度、控制适宜的光照时间、控制红蓝光适宜的比例、强弱光照的交替供光（2分）
【解析】（1）①叶绿素(叶绿素a、叶绿素b)主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素(叶黄素、胡萝卜素)主要吸收蓝紫光；
②表格中，R/B处理组的叶绿素含量均高于RB组，因此红蓝光交替照射能提高叶肉细胞中的叶绿素含量；
③光反应中能量变化:光能→ATP和NADPH中活跃的化学能，ATP和NADPH中活跃的化学能用于C3的还原。
(2) 不同处理组叶片气孔开度差别不大，从外界吸收的CO2 量相近（1分），而R/B（30m）一组叶绿素含量最高，叶肉细胞的净光合速率最高，从胞间（或叶肉细胞外）吸收的 CO2 量最多，所以胞间CO2 浓度最低。
(3) 影响植物光合作用的因素有光照强度、光照时间、光质、温度等。
32.（11分）果蝇的正常眼与无眼是1对相对性状，受1对等位基因控制，要确定该性状的遗传方式，需从基因与染色体的位置关系及显隐性的角度进行分析。以正常眼雌果蝇与无眼雄果蝇为亲本进行杂交，根据杂交结果绘制部分后代果蝇的系谱图，如图所示。不考虑致死、突变和X、Y染色体同源区段的情况。
（1）据图分析，关于果蝇无眼性状的遗传方式，可以排除的是______。若控制该性状的基因位于X染色体上，Ⅲ-1与Ⅲ-2杂交的子代中正常眼雄果蝇的概率是______。
（2）用Ⅱ-1与其亲本雄果蝇杂交获得大量子代，根据杂交结果______（填“能”或“不能”）确定果蝇正常眼性状的显隐性，理由是______。
（3）以系谱图中呈现的果蝇为实验材料设计杂交实验，确定无眼性状的遗传方式。（要求：①只杂交一次；②仅根据子代表型预期结果；③不根据子代性状的比例预期结果）实验思路：_______；预期结果并得出结论：______。
【答案】（1）伴X显性遗传和伴Y遗传（1分） 3/8（1分）
（2）不能（1分） 如为常染色体遗传，则不论正常眼为显性还是隐性，用Ⅱ-1与其亲本雄果蝇杂交组合都是测交类型，子代性状分离比都是1：1，故无法判定其显隐性（2分）
（3）Ⅱ-2（或Ⅱ-1或Ⅱ-4）和Ⅱ-3杂交，观察子代表现型（2分）
若子代全为正常眼，则为常染色体显性遗传；（2分）若子代出现无眼雌果蝇，则为常染色体隐性遗传；若子代无眼果蝇全为雄性，则为伴X染色体隐性遗传（2分）
【解析】本题考查变异、基因分离定律、伴性遗传等。
(1)由题意可知，不考虑致死、突变和X、Y同源区段的情况。Ⅰ-1正常眼雌果蝇与Ⅰ-2无眼雄果蝇杂交，子二代中雌果蝇为正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴X显性遗传，若为伴X显性遗传，则其雌性子代均为无眼；Ⅰ-4正常眼雌果蝇与Ⅰ-3无眼雄果蝇杂交，Ⅱ-3雄果蝇为正常眼，说明该性状的遗传不可能为伴Y遗传，若为伴Y遗传，Ⅱ-3应为无眼性状，则该性状的遗传不可能为伴Y遗传；假设控制该性状的基因为A/a，若控制该性状的基因位
于X染色体上，则为伴X隐性遗传，即Ⅲ-1的基因型为XAY，Ⅱ-2的基因型为XAXa，Ⅲ-2的基因型为1/2XAXa、1/2XAXA，其产生的雌配子及比例为3/4XA、1/4Xa, Ⅲ-1产生的雄配子及比例为1/2XA、1/2Y，因此产生子代正常眼雄果蝇XAY概率是3/4×1/2=3/8。
(2)如果正常眼为常染色体隐性，则Ⅰ-2为Aa，Ⅱ-1为aa；如果正常眼为常染色体显性，则Ⅰ-2为aa，Ⅱ-1为Aa；两者杂交子代性状分离比均为1：1，故不能判定其显隐性。
（3）以系谱图中呈现的雌、雄果蝇为实验材料设计杂交实验，且只能杂交一次，则其基因型具有唯一性才可以，Ⅱ-1、Ⅱ-2、Ⅱ-3均为雌性且基因型相同，故可以选择Ⅱ-2和Ⅱ-3杂交，并观察其子代的表现型。如无眼性状的遗传为伴X隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为XAXa、XAY，后代雌果蝇均为正常眼，雄果蝇有正常眼和无眼，只有雄果蝇有无眼性状；如无眼性状为常染色体隐性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为Aa、Aa，后代雌果蝇和雄果蝇既有正常眼也有无眼；如无眼性状为常染色体显性遗传，Ⅱ-2和Ⅱ-3的基因型为aa、aa，后代雌果蝇、雄果蝇都只有正常眼。
33．（10分）辣椒素是红辣椒的活性成分，对人类和其他哺乳动物都有刺激性并可使皮肤产生灼烧感。辣椒素型瞬时受体电位蛋白(TRPV1)是一种非选择性阳离子通道，激活后促进细胞外Ca2＋、Na＋内流，进而介导一些基本的生理功能，如神经递质释放、肌肉细胞收缩等。TRPV1不仅对辣椒素有反应，高温同样能激活它。当处于温度在43 ℃以上的外界环境时，TRPV1就会打开，最终产生痛觉。回答下列问题：
（1）人在吃辣椒时，排汗增多，这个调节的反射弧为____________。(用具体名称和箭头表示)
（2）辣椒素与TRPV1结合后，下丘脑通过交感神经引起肾上腺素分泌增多，这一过程属于____________调节。吃过辣椒的儿童会拒绝辛辣食物，其意义是____________。
（3）吃辣椒后，有些人面部发红是由于皮肤____________造成的，同时TRPV1所在的细胞产生兴奋通过传入神经传到____________，产生热觉。
（4）研究发现，辣椒素能促进家兔产生胰岛素。为研究食用辣椒素是否只通过TRPV1发挥作用。请使用下列的实验条件简要写出实验设计思路并预期实验结果。实验条件：生理状态(含空腹血糖浓度)相同的健康家兔若干只，普通饲料，辣椒素，4－叔丁基环己醇(TRPV1抑制剂，不影响血糖浓度)，胰岛素定量检测仪。
实验思路：____________。
预期实验结果：____________。
【答案】（1）感受器→传入神经→下丘脑(体温调节中枢)→传出神经→皮肤汗腺（1分）
（2）神经（1分） 使机体具有更强的预见性，灵活性和适应性，大大提高了应对环境变化的能力（2分）
（3）毛细血管舒张，血流量增多（1分） 大脑皮层（1分）
（4）将家兔随机分成甲、乙、丙三组，甲组饲喂一定量的普通饲料，乙组饲喂添加了一定量辣椒素的等量普通饲料，丙组饲喂添加了一定量辣椒素和4－叔丁基环己醇的等量普通饲料，一段时间后测定胰岛素的含量（2分）
若乙组胰岛素的含量大于丙组，且丙组胰岛素的含量等于甲组，推测食用辣椒素只通过TRPV1受体发挥作用；若乙组胰岛素的含量大于丙组，且丙组胰岛素的含量大于甲组，推测食用辣椒素不只通过TRPV1受体发挥作用（2分）
【解析】 (1)反射弧由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器五部分构成，人在吃辣椒时，排汗增多，这个调节的反射弧为感受器→传入神经→下丘脑(体温调节中枢)→传出神经→皮肤汗腺。(3)吃辣椒后，有些人面部发红是因为机体为增加散热，在下丘脑的体温调节中枢作用下汗腺分泌加强，皮肤毛细血管舒张，血流量增多。感觉是由大脑皮层产生的，TRPV1所在的细胞产生兴奋通过传入神经传到大脑皮层，产生热觉。
34.（9 分）为改善海域生态环境和增殖养护渔业资源，海洋生态学家发展了新的渔业生产方式——海洋牧场。海洋牧场采用人工方法向天然水域投放鱼、虾、贝、藻等水生生物的幼体（或卵等）以实现增殖放流，还会在海底投放多个人工鱼礁，为鱼类“建造房子”。礁体进入水中 3 个月就会生长出海藻和浮游生物，鱼、虾、蟹、贝等生物也很快入住，慢慢地就形成了“水下森林”。礁体还可以通过改变海水的流速和流向，使海域内 C、P、N 等营养盐分布更均匀。生活在礁体中的贝类主要以藻类和浮游生物为食，拥有发达的滤食系统，能去除水中的颗粒物。请分析回答问题：
（1）长期的高频捕捞导致渔业资源枯竭，增殖放流的主要目的是使种群的年龄结构恢复为________，有利于一定时间后提高种群的________率。增殖放流前应明确目标水域的__________，以确定每种生物合理的放流数量。
（2）与传统的网箱养鱼（或虾等）相比，海洋牧场的抵抗力稳定性更高，原因是__________。
（3）海洋牧场建成后，水质会变好。请结合题中信息分析原因。__________
【答案】（1）增长型（1分） 出生（1分） 环境容纳量（或K值）（1分）
（2）海洋牧场的生物种类更多（或组分更多、物种丰富度更大），营养结构（或食物网）更复杂，自我调节能力更强，因此抵抗力稳定性更高（2分）
（3）礁体通过改变海水的流速和流向，使海域内C、P、N等营养盐分布更均匀，避免局部海域富营养化（赤潮）。生活在礁体中的贝类拥有发达的滤食系统，能去除水中的颗粒物。礁石上附着的海藻等生物吸收了N、P等无机盐，能在一定程度上净化水质（4分）
【解析】(1)长期的高频捕捞导致渔业资源枯竭，增殖放流的主要目的是使种群的年龄结构恢复为增长型，有利于一定时间后提高种群的出生率。增殖放流前应明确目标水域的环境容纳量，以确定每种生物合理的放流数量。
(2)与传统的网箱养鱼(或虾等)相比，海洋牧场的抵抗力稳定性更高，原因是生物种类多，物种丰富度高，营养结构复杂。
(3)海洋牧场建成后，水质会变好。结合题中信息分析原因礁体中的贝类能去除水中的颗粒物，礁体还可以使水中C、N、P 分布均匀。
35.（15分）某研究团队从沙漠野生柽柳中克隆出了一个耐盐碱基因TcSR1。该团队用限制酶BglⅡ切割目的基因TcSR1，用限制酶BamHI切割质粒载体V3，两种限制酶的识别序列及酶切位点如图所示，经过体外重组和转化，最终获得了能够在盐碱地生长的杨树新品种。回答下列问题：
(1)使用 技术在体外扩增耐盐碱基因TcSR1，扩增时需要 种引物。基因TcSR1不直接导入杨树细胞，原因是 (答出3点)。
(2)用限制酶BglⅡ切割目的基因和用限制酶BamHI切割质粒载体V3后，再用 酶处理，以构建基因表达载体，该表达载体不能够被 或BamHI识别并切割，原因是 。
(3)将目的基因导入杨树细胞，培育后筛选转化阳性的植株。若要检测杨树植株中目的基因TcSR1是否发生转录，可采用 技术，需要将 片段制成探针，通过检测放射性达到目的。
(4)为进一步研究转基因杨树的耐盐碱机制，还需要进一步开展研究，实验思路是通过 技术获得大量转基因植物，然后 。
【答案】（1）PCR 2 目的基因无复制原点；无标记基因，不易鉴定受体细胞是否导入目的基因；目的基因无法在受体细胞中稳定存在（3分）
(2)DNA连接 连接后的序列无BgdⅡ或BamHⅠ可识别的特定碱基序列(或DNA分子序列发生了改变、重组分子不能被BgIII或BamHI识别和切割）（3分）
（3）分子杂交 放射性同位素标记的基因TcSR1（2分）
(4)植物组织培养 在高盐碱胁迫下观察杨树植株的生长状况（2分）
【解析】本题主要考查基因工程，考查学生的理解能力。
（1）使用PCR技术扩增目的基因，扩增目的基因时需要2种引物与模板链结合。由于基因Te SR1无标记基因，不易鉴定受体细胞是否导入目的基因.且该基因无法在受体细胞中稳定存在.因此基因TcSRI不直接导入受体细胞。
(2)用限制酶Bg/][切割目的基因和用限制酶BamHI切割质粒载体V3后,再用DNA连接酶处理,形成基因表达载体,该表达载体无BgHI或BamHI可识别的特定碱基序列.因此不能被Bg IⅡ或BamHI识别并切割。
(3)分子杂交技术可检测目的基因是否转录出了mRNA.方法是从转基因生物中提取mRNA.用标记的目的基因作为探针，与mRNA杂交，若显示出杂交带.则表明目的基因转录出了mRNA。所以采用分子杂交技术检测转基因杨树植株目的基因的转录水平时，需要将放射性同位素标记的基因TcSRI片段制成探针。
(4)为进一步研究转基因杨树的耐盐碱机制可以通过植物组织培养技术获得大量转基因杨树植株，并在高盐碱胁迫下观察植株的生长状况。
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