2022-2023学年海南华侨中学高一上学期第一次段考（期中）数学试题（解析版）

这是一份2022-2023学年海南华侨中学高一上学期第一次段考（期中）数学试题（解析版），共13页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年海南华侨中学高一上学期第一次段考（期中）数学试题 一、单选题1．已知全集，集合，则（    ）A． B． C． D．【答案】D【分析】由集合的交并补运算即可求解.【详解】，，，故．故选:D2．下列四个写法：①；②；③；④.其中正确写法的个数为（    ）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【分析】利用集合的概念与包含关系，逐一判断即可.【详解】对于①，是集合，也是集合，所以不能用这个符号，故①错误；对于②，是空集，也是集合，由于空集是任何集合的子集，故②正确；对于③，由集合的无序性可知两集合是同一个集合，再由一个集合的本身是该集合的子集，故③正确；对于④，表示直线，两者毫无关联，故④错误；综上，正确写法的有2个.故选：B.3．集合，，将集合A，B分别用如图中的两个圆表示，则圆中阴影部分表示的集合中元素个数恰好为2的是（    ）A． B． C． D．【答案】B【分析】首先求出集合，再结合韦恩图及交集、并集、补集的定义计算可得；【详解】解：∵，，∴，则，，选项A中阴影部分表示的集合为，即，故A错误；选项B中阴影部分表示的集合由属于A但不属于B的元素构成，即，故B正确；选项C中阴影部分表示的集合由属于B但不属于A的元素构成，即，有1个元素，故C错误；选项D中阴影部分表示的集合由属于但不属于的元素构成，即，故D错误．故选：B．4．集合论是德国数学家康托尔（G．Cantor）于l9世纪末创立的．在他的集合理论中，用表示有限集合A中元素的个数，例如：，则．对于任意两个有限集合A，B，有．某校举办运动会，高一（1）班参加田赛的学生有15人，参加径赛的学生有13人，两项都参加的有5人，那么高一（1）班参加本次运动会的人数共有（    ）A．28 B．23 C．18 D．16【答案】B【分析】根据所给公式即可代入求解.【详解】设参加田赛的学生组成集合A，则，参加径赛的学生组成集合B，则，由题意得，所以，，所以高一（1）班参加本次运动会的人数共有23．故选：B5．设甲是乙的充分不必要条件，丙是乙的充要条件，丁是丙的必要不充分条件，则丁是甲的（    ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】B【分析】根据充分不必要条件，必要不充分条件，充要条件概念求解即可.【详解】因为甲是乙的充分不必要条件，所以甲乙，因为丙是乙的充要条件，所以丙乙，即甲丙，又因为丁是丙的必要不充分条件，所以丙丁，所以甲丁，即丁是甲的必要不充分条件.故选：B6．已知集合，，，若，，则必有（        ）A． B．C． D．不属于集合A、B、C中的任何一个【答案】B【分析】设出的表示形式，计算后比较各集合的代表元形式可得．【详解】由题意设，，其中都是整数，则，其中是整数，可以是奇数也可以是偶数，∴，故选：B．7．若关于x的不等式的解集中恰有3个正整数，则实数m的取值范围为（        ）A． B．C． D．【答案】A【分析】先求原不等式解集，按m与3的大小分类讨论，使得m的取值满足题意即可.【详解】原不等式等价于有两根当时，原不等式解集为，其中最多只有2个正整数1和2，故不满足题意.当时，原不等式解集为，其中恰有3个正整数只能为4、5、6，故.故选：A.8．已知，，且，则最小值为（        ）A． B． C． D．4【答案】C【分析】先分离常数得到，再利用基本不等式“1”的妙用求出最小值.【详解】，结合可知：原式，且当且仅当，时等号成立．即最小值为．故选：C 二、多选题9．下列说法中正确的有（    ）A．“”是“”成立的充分不必要条件B．命题：，均有，则的否定：，使得C．设是两个数集，则“”是“”的充要条件D．设是两个数集，若，则，【答案】ACD【分析】举反例可判断A选项；由全称例题的否定是特称命题可判断B选项；由集合间的交集运算和集合间的关系可判断C选项；由集合非空和集合与元素间的关系可判断D选项.【详解】解：对于A，当时，能推出， 而由 不能推出 ，如，而，所以 “”是“”成立的充分不必要条件，故A正确；对于B，命题：，均有，则命题的否定：，使得，故B不正确；对于C，是两个数集，则由能推出，反之，由 能推出 ，所以 “”是“”的充要条件，故C正确；对于D，是两个数集，若，即集合A、B存在相同的元素，则，，故D正确，故选：ACD.10．实数a，b，c，d满足：，则下列不等式正确的是（        ）A． B． C． D．【答案】AD【分析】根据不等式的性质判断，错误的可举反例说明．【详解】因为，所以，A正确；满足条件，但，B错；，C错；，，则，所以，所以，D正确 ．故选：AD．11．已知，，且，则（    ）A．的取值范围是B．的取值范围是C．的最小值是3D．的最小值是【答案】BD【分析】根据基本不等式可求得，判断A;将变形为结合基本不等式，判断B；由整理得到结合基本不等式可判断C,D.【详解】对于A，因为，，所以，当且仅当时取等号，即，解得，即，A错误；对于B, 由，,，当且仅当时取等号，得，所以,又，所以，B正确；对于C, 由，，，得，则 ，当且仅当，即时等号成立,但，所以．（等号取不到）,故C错误；对于D，由C的分析知：，,,，当且仅当，即时等号成立，D正确，故选：BD12．在整数集Z中，被4除所得余数为k的所有整数组成一个“类”，记为，，1，2，3，则下列结论正确的为（        ）A．B．C．D．整数a，b属于同一“类”的充要条件是“”【答案】ABD【分析】首先理解题干中的定义，将整数写成的形式，即可判断AB；根据所有整数被4除所得余数的情况，可判断C；对于D，先证明充分性，再证明必要性，即可判断D.【详解】对于A，由得，故A正确；对于B，由得，故B正确；对于C，所有整数被4除所得的余数只有0，1，2，3四种情况，即刚好分成，，，共4类，故，故C错误．对于D，若整数a，b属于同一“类”，则，，，，故，所以；反之，不妨设，，，，则，若，则，即，所以整数a，b属于同一“类”；故整数a，b属于同一“类”的充要条件是“”，即D正确．故选：ABD 三、填空题13．已知集合，，若，则实数a的值为___________．【答案】【分析】由题意，可得方程的根，建立方程组，解得答案.【详解】由题意，可知为方程的根，且为方程的根，则，解得，故答案为：.14．函数的定义域为___________（结果写成集合或区间形式）【答案】【分析】求出使函数式有意义的自变量的取值范围.【详解】由题意,解得且.故答案为：.15．若，则的最小值为__________．【答案】6【分析】化简，然后利用基本不等式求解即可【详解】因为，所以，当且仅当即时，取等号，故的最小值为6，故答案为：616．若命题“，使得不等式”为假命题，则实数a的取值范围为___________（结果写成集合或区间形式）．【答案】【分析】其否定是全称命题且为真命题，由不等式的性质可得．【详解】由题知：，恒成立．当时，，满足题意；当时，知，即，解得．综上，实数a的取值范围为．故答案为：． 四、解答题17．设集合，集合 (1)用列举法写出集合B(2)定义：，求中元素的个数．【答案】(1)(2)10 【分析】（1）由，解得x；（2）先求出，，根据定义求出，继而得解.【详解】（1）由，所以x可以取，所以.（2）由题意可知：．∴，∵∴．∴中元素的个数为10．18．已知集合，．(1)求，；(2)若集合，且．求m的取值范围．【答案】(1)，(2)或 【分析】（1）先解不等式，再由补集和交集的运算规则计算即可；（2）按C集合是否为空集分类讨论并计算即可.【详解】（1），；（2）∵，又，，当时，，即，；当时，由可得，，或，解得，综上，m的取值范围为或．19．已知正实数x，y满足，(1)求的最小值；(2)若恒成立，求实数a的取值范围．【答案】(1)2(2) 【分析】（1）由基本不等式、完全平方公式得解；（2）根据不等式恒成立以及基本不等式“1”的代换可求a的取值范围.【详解】（1）因为，有，所以，当且仅当时，取等号，所以的最小值为2；（2）若恒成立，则，因为，当且仅当即，时，取等号，所以的最小值为，即，故实数a的取值范围是20．2020年初，新冠肺炎疫情袭击全国，对人民生命安全和生产生活造成严重影响．在党和政府强有力的抗疫领导下，我国控制住疫情后，一方面防止境外疫情输入，另一方面逐步复工复产，减轻经济下降对企业和民众带来的损失．为降低疫情影响，某厂家拟在2020年举行某产品的促销活动，经调查测算，该产品的年销售量（即该厂的年产量）x万件与年促销费用m万元（）满足（k为常数），如果不搞促销活动，则该产品的年销售量只能是2万件．已知生产每件该产品的平均成本为元，厂家将每件产品的销售价格定为每件产品年平均成本的倍，取2020年该产品的利润为y（利润＝收入－成本－促销费用）(1)求 的值，将2020年该产品的利润y万元表示为年促销费用m万元的函数；(2)该厂家2020年的促销费用投入多少万元时，厂家的利润最大？最大利润是多少？【答案】(1)，(2)该厂家2020年促销费用投入3万元时，厂家的利润最大为29万元 【分析】根据已知当时，即可求得，表示出代入即可求得利润关于促销费用的函数.利用基本不等式即可求得利润的最大值.【详解】（1）由题意知，当时，（万件），则，解得，∴．所以每件产品的销售价格为（元），∴2020年的利润（2）∵当时，，∴，当且仅当即时等号成立．∴，即万元时，（万元）．故该厂家2020年促销费用投入3万元时，厂家的利润最大为29万元．21．已知关于x的不等式．(1)当，求不等式的解集.(2)若，试讨论不等式的解集．【答案】(1)(2)答案见解析 【分析】（1）代入不等式，整理成二次项系数为正的不等式，因式分解以便确定相应方程的根，得不等式的解；（2）根据分类讨论，在时还需要根据两根的大小分类讨论可得．【详解】（1），不等式为，即，，∴或，∴不等式的解集为．（2）原不等式化，时，不等式为，；时，不等式化为，或，；时，不等式化为，当，即时，解得或；当，即时，解得或；当，即时，解得或．综上所述，当时，不等式的解集或；当时，不等式的解集为；当时，不等式的解集为或；当时，不等式的解集为；当时，不等式的解集为．22．设A是实数集的非空子集，称集合且为集合A的生成集．(1)当时，写出集合A的生成集B；(2)若A是由5个正实数构成的集合，求其生成集B中元素个数的最小值；(3)判断是否存在4个正实数构成的集合A，使其生成集，并说明理由．【答案】(1)(2)7(3)不存在，理由见解析 【分析】（1）利用集合的生成集定义直接求解.（2）设，且，利用生成集的定义即可求解； （3）不存在，理由反证法说明.【详解】（1），（2）设，不妨设，因为，所以中元素个数大于等于7个，又，，此时中元素个数大于等于7个，所以生成集B中元素个数的最小值为7.（3）不存在，理由如下：假设存在4个正实数构成的集合，使其生成集，不妨设，则集合A的生成集则必有，其4个正实数的乘积；也有，其4个正实数的乘积，矛盾；所以假设不成立，故不存在4个正实数构成的集合A，使其生成集【点睛】关键点点睛：本题考查集合的新定义，解题的关键是理解集合A的生成集的定义，考查学生的分析解题能力，属于较难题.