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    湖南省长沙市浏阳市2022-2023学年高二上学期期末数学试题(解析版)

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    湖南省长沙市浏阳市2022-2023学年高二上学期期末数学试题(解析版)

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    这是一份湖南省长沙市浏阳市2022-2023学年高二上学期期末数学试题(解析版),共24页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2022年下学期期末考试试卷高二数学一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求.1. 的圆心和半径分别是()A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】先化为标准方程,再求圆心半径即可.【详解】先化为标准方程可得,故圆心为,半径为.故选:D.2. 如果,那么直线不经过()A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限【答案】C【解析】【分析】通过直线经过的点来判断象限.【详解】,可得同号,异号,所以也是异号;,得;令,得所以直线不经过第三象限.故选:C.3. 设正四面体ABCD的棱长为分别是的中点,则的值为()A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】利用向量的中点公式表示,然后利用向量的数量积公式运算即可求解.【详解】因为EF分别是BCAD的中点,又正四面体ABCD的棱长都为故选:A4. 已知直线,则()A. 直线l的倾斜角为 B. 直线l的斜率为C. 直线l的一个法向量为 D. 直线l的一个方向向量为【答案】D【解析】【分析】根据直线方程求出斜率和倾斜角可判断AB;根据斜率求出直线l的一个方向向量可判断CD.【详解】将直线化为直线l的斜率为,故B不正确;所以直线l的倾斜角为,故A不正确;因为直线l的一个方向向量为,又不垂直,所以C不正确;直线l的一个方向向量为平行,所以D正确.故选:D.5. 如图,某建筑物白色的波浪形屋顶像翅膀一样漂浮,建筑师通过双曲线的设计元素赋予了这座建筑以轻盈,极简和雕塑般的气质,该建筑物外形弧线的一段可以近似看成焦点在y轴上的双曲线上支的一部分.已知该双曲线的上焦点F到下顶点的距离为18F到渐近线的距离6,则该双曲线的离心率为().A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【分析】由点到直线的距离公式可得b,已知结合双曲线列方程组求解即可.【详解】的到渐近线,即的距离又由题知,解得,所以.故选:B.6. 若直线与圆相交于两点,且​(其中为原点),则的值为()A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】根据点到直线的距离公式即可求解.【详解】可知,圆心到直线的距离为,根据点到直线的距离公式可得故选:A【点睛】7. 已知抛物线的焦点为,点,过点且斜率为的直线与交于AB两点,若,则()A.  B.  C.  D. 2【答案】D【解析】【分析】根据抛物线的方程得出焦点的坐标,根据题意可知斜率,设直线的方程为:,其中,设,联立直线与抛物线的方程即可根据韦达定理得出,根据已知得出,即可根据向量运算化简代入得出,解得,即可得出答案.【详解】由抛物线可得其焦点坐标为由题意可知斜率设直线方程为:,其中联立,消去,解得故选:D.8. 设椭圆的右焦点为,椭圆上的两点关于原点对称,且满足,则椭圆的离心率的取值范围是()A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】设椭圆的左焦点,由椭圆的对称性结合,得到四边形为矩形,设,在直角中,利用椭圆的定义和勾股定理化简得到,再根据,得到的范围,然后利用双勾函数的值域得到的范围,然后由求解.【详解】如图所示:设椭圆的左焦点,由椭圆的对称性可知,四边形为平行四边形,,即所以平行四边形为矩形,所以在直角中,,得所以,得又由,得所以所以 ,即所以所以离心率的取值范围是故选:A.【点睛】本题主要考查椭圆的定义,对称性,离心率的范围的求法以及函数值域的应用,还考查了转化求解问题的能力,属于中档题.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的对2分,有选错的得0分.9. 已知双曲线C,下列对双曲线C判断正确的是(  )A. 实轴长是虚轴长的2 B. 焦距为4C. 离心率 D. 渐近线方程为【答案】BD【解析】【分析】根据双曲线的标准方程求出abc,可以求出实轴长、虚轴长、焦距、离心率、渐近线方程,对四个选项一一验证即可.【详解】双曲线C...双曲线的实轴长是,虚轴长是A错误;焦距为.B正确;离心率为C错误:渐近线方程为D正确.故选:BD10. 已知数列满足,则()A. 是递减数列 B. C.  D. 【答案】BD【解析】【分析】根据数列单调性的判断方法,累加法,累乘法以及裂项求和法,结合已知条件,对每个选项进行逐一分析,即可判断和选择.【详解】A,又当时,与矛盾,故,即故该数列递增数列,A错误;B根据A知:,即,故B正确;C,由可得(当时取得等号),故C错误;D:由可得,即,故,故D正确.故选:BD.【点睛】关键点点睛:本题考查数列的单调性,累加法,累乘法以及裂项求和法,处理问题的关键是能够根据常见的地推关系,选择适当的方法求解,属困难题.11. 已知,直线APBP相交于P,直线APBP的斜率分别为则()A. 时,点的轨迹为除去AB两点的椭圆B. 时,点的轨迹为除去AB两点的双曲线C. 时,点的轨迹为抛物线D. 时,点的轨迹为一条直线【答案】AB【解析】【分析】设出,直接法求出轨迹方程,注意去掉不合题意的点,从而判断轨迹为哪种曲线,判断ABC选项,D选项,结合,得到轨迹为去掉一个点的直线,故D错误.【详解】A选项,,故,变形为,且点的轨迹为除去AB两点的椭圆,A正确;B选项,,故,变形为,且点的轨迹为除去AB两点的双曲线,B正确;C选项,,故,变形为,且点的轨迹为除去AB两点的抛物线,C错误;D选项,,即,变形为,且点的轨迹为除去点的直线,D错误;故选:AB12. 棱长为2的正方体的侧面(含边界)内有一动点,则()A. ,则 B. ,则C. ,则 D. ,则存在非零向量使【答案】BCD【解析】【分析】对于每一个选项中所出现的向量用基底表示,然后通过分析或计算数量积就可以对每一个选项进行判断.【详解】对于A从而可知点在线段上,由于不垂直侧面,故不成立,所以A错误;对于B,易证,从而可知平面,可知点在线段上,因此,所以B正确;对于C,故C正确;对于D,设所以,得,从而可知不会是零向量,故D正确.故选:BCD三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共2013. 若向量,则夹角的正弦值为__________【答案】【解析】【分析】根据向量夹角的余弦值的坐标表示得出,即可根据同角三角函数的关系得出答案.【详解】向量向量夹角的余弦值为:向量间的夹角范围为故答案为:.14. 数列中,99项的和,则___________.【答案】36【解析】【分析】易得数列是等比数列,数列是等比数列,根据等比数列的前项和公式求得,再根据等比数列前项和公式即可得解.【详解】解:因为所以数列是以3为公比的等比数列,所以数列是以为首项,为公比的等比数列,所以是以.故答案为:36.15. 已知是抛物线上一点,为其焦点,点在圆上,则的最小值是__________【答案】6【解析】【详解】抛物线准线方程为直线当过圆心作直线垂线时,三点共线值最小,点睛:本小题的考点是圆与圆锥曲线的综合及抛物线的简单性质.首先要求出抛物线上的点到圆上及抛物线的焦点的距离最小的位置,然后根据三点共线求出相应的点的坐标,进一步求得最小值,进而求得答案.16. 已知,且动点满足,则取得最小值时,点的坐标是___________.【答案】【解析】【分析】,由点轨迹为;由可知当三点共线且在线段上时取得最小值,联立圆的方程和直线方程即可求得结果.【详解】,则,整理可得:三点共线且在线段上时,取得最小值,又直线方程为:,即得:在线段上,.故答案为:.四、解答题:本题共6小题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知向量.1)若,求的值;2)以坐标原点为起点作,求点到直线的距离.【答案】1;(2.【解析】【分析】1)根据空间向量的坐标运算与平行满足的性质求解即可;2)先求上的投影,再根据勾股定理求解即可【详解】1,即                               解得.                                                2)由条件知上的投影为 ,又到直线的距离.18. 已知圆C过点,且圆心在x轴上.1求圆C的方程;2设直线与圆C相交于AB两点,若,求实数m的值.【答案】12【解析】【分析】1)设圆C的半径为r,圆心,由距离公式得出圆C的方程;2)由得出直线l过圆心,从而得出的值.【小问1详解】设圆C的半径为r,圆心,由题意得解得C的方程为【小问2详解】M在圆上,且直线l过圆心,解得19. 立德中学积极开展社团活动,在一次社团活动过程中,一个数学兴趣小组发现《九章算术》中提到了刍甍(méng)”这个五面体,于是他们仿照该模型设计了一道数学探究题,如图1分别是边长为4的正方形三边的中点,先沿着虚线段将等腰直角三角形裁掉,再将剩下的五边形沿着线段折起,连接就得到了一个刍甍”(如图2)1是四边形对角线的交点,求证:平面2若二面角大小为,求直线与平面所成角的正弦值.【答案】1证明见解析2【解析】【分析】1)结合图形可证四边形是平行四边形,可得,可得平面2)根据题意结合二面角的定义可得,建立空间直角坐标系,利用空间向量求线面夹角【小问1详解】取线段中点,连接由图1可知,四边形是矩形,且是线段的中点,在图1所以在图2中,四边形是平行四边形,则由于平面平面平面【小问2详解】由图1,折起后在图2中仍有即为二面角的平面角.为坐标原点,分别为轴和轴正向建立空间直角坐标系如图,且设设平面的一个法向量,得,取于是平面的一个法向量直线与平面所成角的正弦值为【点睛】20. 已知数列的前项和为﹔等差数列项和为满足1求数列的通项公式;2,求数列的前项和;【答案】12.【解析】【分析】1)根据数列前项和与通项的关系得出,然后根据等差数列的前项和公式与等差数列通项公式的基本量运算即得;2)根据已知化简得,令的前项和,根据错位相减法得出,令的前项和,根据裂项相消法得出,即可得出的前项和.小问1详解】,得时,为首项为1,公比为3的等比数列,【小问2详解】的前项和,所以所以所以的前项和,所以的前项和为:21. 某团队开发一款猫捉老鼠的游戏,如图所示,两个信号源相距10米,的中点,过点的直线与直线的夹角为,机器猫在直线上运动,机器鼠的运动轨迹始终满足:接收到点的信号比接收到点的信号晚秒,其中(单位:米/秒)是信号传播的速度.1为原点,以方向为轴正方向,且以米为单位,建立平面直角坐标系,设机器鼠所在位置为点,求点的轨迹方程;2若游戏设定:机器鼠在距离直线不超过1.5米的区域运动时,有被抓的风险.如果机器鼠保持目前的运动轨迹不变,是否有被抓风险?【答案】12没有被抓风险【解析】【分析】1)结合双曲线的定义求得正确答案.2)求与直线距离为的平行直线的方程,结合平行直线与点轨迹有无公共点求得正确答案.【小问1详解】依题意,所以点的轨迹是以为焦点的双曲线的右支,所以点的轨迹方程为.【小问2详解】直线的方程为,即设与直线的距离为的平行直线的方程为所以所以与直线的距离为的平行直线的方程为双曲线的渐近线为直线,即,斜率为,过点,所以直线点的轨迹没有公共点.直线,即,消去并化简得所以直线点的轨迹没有公共点.综上所述,如果机器鼠保持目前的运动轨迹不变,没有被抓风险.22. 已知椭圆的离心率为,椭圆截直线所得线段的长度为.过作互相垂直的两条直线,直线与椭圆交于两点,直线与椭圆交于两点,的中点分别为1求椭圆的方程;2证明:直线恒过定点,并求出定点坐标;3求四边形面积的最小值.【答案】12证明见解析,3【解析】【分析】1)根据题意得椭圆过点、离心率和计算可得答案;2)分直线斜率均存在且不为0、直线斜率一个不存在一个为0时,设,联立直线和椭圆方程利用韦达定理和中点坐标公式可得点坐标,再分求直线方程可得直线过定点;3)分直线斜率一个不存在一个为0、直线斜率均存在且不为0时,利用弦长公式可得,可得,再利用基本不等式求解即可.【小问1详解】由题意得椭圆过点解得【小问2详解】当直线斜率均存在且不为0时,可得时,直线的斜率为直线的方程为化简得,过定点时,直线的方程为,过点当直线斜率一个不存在一个为0时,的中点坐标分别为时.直线的方程为,过点综上,直线恒过定点【小问3详解】当直线斜率一个不存在一个为0时,当直线斜率均存在时且不0时,由(2)得当且仅当时等号成立综上,四边形面积的最小值为.【点睛】思路点睛:第二问中,设直线方程为利用韦达定理求出中点坐标公式,再求直线方程然后求定点,第三问中求出求出面积表达式,然后利用基本不等式求最值.解题时要认真审题,注意直线方程、韦达定理和基本不等式等知识点的合理运用,考查了学生的计算能力.
     

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