福建省福州市闽清县天儒中学2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)

这是一份福建省福州市闽清县天儒中学2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)，共38页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年福建省福州市闽清县天儒中学九年级（上）期末物理试卷
一、选择题：本题共16小题，每小题2分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）为了纪念科学家欧姆在电学中的贡献，以他的名字作单位的物理量是（　　）
A．电流 B．电压 C．电阻 D．电功
2．（2分）白炽灯通常用钨丝作为灯丝，这主要是因为钨的（　　）
A．熔点高 B．比热容较大 C．沸点高 D．密度大
3．（2分）下列各种做法中，能节约用电的是（　　）
A．离开教室没有关闭电脑
B．放学回家时关闭所有灯和风扇
C．夏天空调温度设置为16℃
D．长时间开启冰箱门
4．（2分）早晨，路边的小花小草上会有露水，其中与露水形成有关的物态变化是（　　）
A．升华 B．凝固 C．熔化 D．液化
5．（2分）给手机充电时，手机的电池相当于（　　）
A．用电器 B．电源 C．导线 D．开关
6．（2分）下列关于生活中的物理量的估计，不符合实际的是（　　）
A．家用空调的功率约为200W
B．家用电视的额定电压为220V
C．人体的正常体温约为37℃
D．水的沸点约为100℃
7．（2分）如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2分）小猫在玩耍气球，过一段时间后，气球就“粘”在小猫身上，如图所示，关于这一现象分析正确的是（　　）

A．小猫和气球摩擦创造了电荷
B．小猫和气球可能带同种电荷
C．气球上的正电荷转移到小猫身上
D．小猫和气球可能带异种电荷
9．（2分）新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2。增大导线横截面积的目的是（　　）
A．增大导线的电阻 B．减小通过导线的电流
C．增大导线的电压 D．减小导线发热的功率
10．（2分）如图，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器金属球，两金属箔张开。下列说法正确的是（　　）

A．摩擦后的毛皮不带电
B．两金属箱带上正电荷
C．验电器不能检验出橡胶棒带的是正电还是负电
D．用摩擦的方法创造了电荷，使橡胶棒带了电
11．（2分）天儒中学校门口新设立了红外人脸识别系统。若人脸识别通过，则闭合开关S1；若红外测温数值在正常范围内，则闭合开关S2；只有当人脸识别通过、体温正常时，绿色的小灯泡亮起，提示可以通过。图中符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
12．（2分）如图所示，开关由断开到闭合，灯泡亮度变化及电流表示数变化正确的是（　　）

A．L1亮度不变，A1示数变小
B．L1亮度不变，A1示数不变
C．L1亮度变亮，A2示数变大
D．L1亮度变暗，A2示数变大
13．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．0℃的物体没有内能
B．物体温度降低时内能减小
C．温度高的物体内能大
D．物体吸收热量，一定温度升高
14．（2分）如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（　　）

A．零线与地线之间的电压为220V
B．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
C．断开开关S时，用测电笔接触a点氖管发光，接触b点氖管不发光
D．闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
15．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S1，电压表和电流表有示数，接着再闭合开关S2，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数不变
B．电流表示数变小
C．电压表和电流表示数的比值不变
D．电压表和电流表示数的乘积变小
16．（2分）如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙。下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为2V
B．定值电阻R1为10Ω
C．R2消耗的最大功率为0.45W
D．P在b端时，10s内R2产生热量12J
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。
17．（2分）1841年，英国物理学家 　 　发现了电流通过导体所产生的热量与导体的电流、电阻和通电时间的关系。家用电暖器工作时，电暖器很热，而与之串联的导线却不怎么热，其主要原因是导线的 　 　比电暖器的小得多。
18．（2分）北方冬天窗玻璃上的冰花是由空气中的水蒸气 　 　形成的；在夏天打开冰箱门，冰箱门附近出现的水汽是由空气中的水蒸气 　 　形成的。（均填写物态变化名称）
19．（1分）在某一电路中，当开关S1、S2同时闭合时，小灯泡L亮；当只闭合开关S1时，小灯泡L不亮，则开关S1与S2之间的连接方式是 　 　联；当开关S1、S2同时闭合时，电源电压为6V，电流为2A，则此时小灯泡的电阻是　 　。
20．（2分）汽油机的做功冲程从能量转化的角度看是把 　 　能转化为机械能；在汽油机的压缩冲程中，是通过 　 　方式增加气体内能的。
21．（2分）如图，当滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表示数 　 　，电压表示数 　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

22．（1分）某加热器简化电路如图1，照明灯L上标有“220V 50W”，加热元件是由特殊材料制成，其电阻R随温度t变化的关系图象如图2。闭合开关S，若加热元件温度从8℃升高到28℃，加热元件的电功率变化情况是 　 　。该加热器白天只加热不照明，夜晚既加热也照明。加热器白天工作和夜晚工作时，电路的总功率分别为P1和P2，当加热元件的温度都为t0时，P1：P2＝8：9，则t0＝　 　℃。

三、作图题：本题共2小题。每小题2分，共4分。
23．（2分）如图所示为带开关的插座，部分电路已接好，请你用笔画线代替导线将电路补画完整。
24．（2分）用笔画线代替导线连接如图的实物电路，要求：灯泡L1、L2并联连接，开关S1控制整个电路，开关S2控制L2。

四、简答题：本题共1小题。共4分。
25．（4分）如图所示，在一个排插上同时使用多个大功率的用电器，可能会烧坏导线的绝缘皮，甚至引起火灾。请用所学过的电学知识分析容易引起火灾的原因？

五、实验题：本题共5小题，共28分。
26．（5分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图1。请你回答下列问题：

（1）图1中，将试管放在装有水的大烧杯中加热的好处是 　 　。实验中某时刻温度计示数如图2，该物质此时的温度为 　 　℃。
（2）根据实验数据描绘的该物质熔化时温度随时间变化的图象如图3，图线中的BC段物质处于 　 　态。熔化过程中物质温度 　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”），内能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
27．（4分）小强跟父母到东山海边玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，踏入水中时，觉得水比较凉，他猜想不同物质吸热能力可能不同。为验证他的猜想，他设计如下实验。
（1）在实验室中用完全相同的两个烧杯分别装上 　 　相等的煤油和水，用相同热源对烧杯均匀加热，实验中两种液体吸收热量的多少可通过 　 　比较。
（2）根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图甲所示，则 　 　的吸热能力更强。

（3）如图乙是东山县和山地较多的平和县同一天气温变化曲线，请你判断东山县一天气温变化所对应的曲线是 　 　。
28．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中：电源电压恒为4.5V，备有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻。
（1）在图1的“〇”中填入电压表和电流表的符号，使实验电路图完整。
（2）当闭合开关后，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是 　 　。排除故障后，更换不同的定值电阻进行实验时，应保持 　 　表的示数不变。
（3）实验小组同学将测量的6组数据在坐标图中进行描点，如图2，请根据描点作出电流和电阻的关系图象。
（4）要完成本实验，选取的滑动变阻器的最大阻值至少为 　 　Ω。

29．（5分）在“探究串联电路电压规律”的实验中：

（1）如图甲所示，小宇将电压表接在AB两点间，是为了测量灯泡 　 　两端的电压，闭合开关发现电压表示数如图乙所示，为了使测量结果更准确，接下来小宇的操作应该是 　 　。
（2）为了测量另一只灯泡的电压，小宇断开开关，将导线AE的A端断开，接到D接线柱上，闭合开关后会发现电压表 　 　。
（3）实验过程小宇发现：两个灯泡中，电压大的比较亮，且更换了不同规格的灯泡，观察到类似的现象。于是他得出了“不同灯泡的亮暗和电压有关，电压高的灯泡亮，电压低的灯泡暗”的结论，该结论 　 　（选填“合理”或“不合理”），理由是 　 　。

30．（10分）为了测量小灯泡在不同电压下的电功率，小组同学设计了如下实验：

（1）用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整。
（2）电路正确连接后闭合开关，电压表示数为1.5V，电流表示数为 　 　A（如图2），此时小灯泡实际功率为 　 　W；若小灯泡额定电压为2.5V，要测量小灯泡的额定电功率，则此时应调节变阻器滑片向 　 　移。
（3）设计一个实验记录表格并画在下面虚线框中。

（4）小华打算从老师处取来已知阻值的定值电阻R0和开关S1、S2，不用电压表，只用电流表，测量已知额定电压为U的小灯泡额定电功率，他设计的电路如图3，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节变阻器滑片，使电流表示数为 　 　；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表示数为I；
③则该小灯泡额定电功率P＝　 　。（两空均用题中给定字母表达）
六、计算题：本题共3小题，共20分。
31．（6分）已知电源电压恒定，现将阻值为10Ω的电阻R1接入该电源两端，通过R1的电流为0.3A。若将电阻R2并联在R1两端，通过电路的总电流为0.4A。求：
（1）电源电压。
（2）通过R2的电流。
（3）R2的电阻。
32．（6分）小华家新安装了智能家居系统，他爸在18点的时候用手机遥控家中的电热水器开始加热，热水器相关信息如表。当加热至18点50分，手机便收到提醒信息“水温达到设定温度”。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求这一加热过程中：
额定电压
220V
额定功率
2100W
水量
40kg
初始水温
25℃
设定水温
55℃
（1）水吸收的热量。
（2）消耗的电能。
（3）电热水器的效率。
33．（8分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化）。当闭合开关S、断开开关S1、S2时，灯L正常工作，电压表的示数为U，电流表的示数为I；当闭合开关S、S1，断开开关S2，时，电压表的示数为U′，电流表的示数为I′。已知U：U′＝2：3，I：I′＝1：6，求：
（1）灯L正常工作时的电流。
（2）灯丝电阻。
（3）R1的电阻值。
（4）通过控制开关的通断，R2可达到的最大功率。


2022-2023学年福建省福州市闽清县天儒中学九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共16小题，每小题2分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）为了纪念科学家欧姆在电学中的贡献，以他的名字作单位的物理量是（　　）
A．电流 B．电压 C．电阻 D．电功
【分析】电压、电流、电阻、电荷量的单位都是为了纪念科学家对物理学做的贡献，而以他们的名字来命名的，电压单位﹣伏特、电流单位﹣安培、电阻单位﹣欧姆、电荷量单位﹣库仑。
【解答】解：
A．电流的国际单位是安培（A），故A错误；
B．电压的国际单位是伏特（V），故B错误；
C．电阻的国际单位是欧姆（Ω），故C正确；
D．电功的国际单位是焦耳（J），故D错误。
故选C。
【点评】物理中的物理量多、符号多，区分并记住各物理量的单位，是学好电学的基础。
2．（2分）白炽灯通常用钨丝作为灯丝，这主要是因为钨的（　　）
A．熔点高 B．比热容较大 C．沸点高 D．密度大
【分析】白炽灯是将灯丝通电加热到白炽状态而发光，所以要求灯丝要耐高温，不易熔化。
【解答】解：白炽灯的灯丝要耐高温，不易熔化，所以要求灯丝的熔点要高，选用钨丝作为灯丝就是因为钨的熔点高；
故选：A。
【点评】本题是一道联系实际的应用题，解决此类题目要认真审题，从题目中找答案。
3．（2分）下列各种做法中，能节约用电的是（　　）
A．离开教室没有关闭电脑
B．放学回家时关闭所有灯和风扇
C．夏天空调温度设置为16℃
D．长时间开启冰箱门
【分析】节约用电，减小用电器的无意义工作时间是关键。
【解答】解：A．离开教室没有关闭电脑，继续消耗电能，故A错误；
B．离开教室后，应及时关闭教室内的灯和风扇，这样可以有效减小电能的消耗，故B正确；
C．夏天空调温度设置为22℃左右最省电，故C错误；
D．长时间开启冰箱门，耗电增加，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了我们对节约用电措施和途径的了解，是一道联系实际的应用题。
4．（2分）早晨，路边的小花小草上会有露水，其中与露水形成有关的物态变化是（　　）
A．升华 B．凝固 C．熔化 D．液化
【分析】物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
【解答】解：早晨的温度较低，空气中的水蒸气放热，液化形成小水珠，附着在花草上，就是我们看到的露水。故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】解决此类题目首先要弄清液化的特点，知道液化是由物体气态变为液态的过程，根据选项所给物理现象的特点进行判断分析。
5．（2分）给手机充电时，手机的电池相当于（　　）
A．用电器 B．电源 C．导线 D．开关
【分析】用电器在电路中消耗电能，电源在电路中提供电能，据此判断。
【解答】解：由题意可知，给手机充电时，手机的电池消耗电能，因此相当于电路中的用电器，故只有A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的基本组成，重点是对不同元件在电路中作用的认识，属基础题。
6．（2分）下列关于生活中的物理量的估计，不符合实际的是（　　）
A．家用空调的功率约为200W
B．家用电视的额定电压为220V
C．人体的正常体温约为37℃
D．水的沸点约为100℃
【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。
【解答】解：A．家用空调的功率约为2000W，故A错误；
B．家用电视的额定电压为220V，故B正确；
C．人体的正常体温约为37℃，故C正确；
D．水的沸点约为100℃，故D正确。
故选：A。
【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
7．（2分）如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功。”进行分析。
【解答】解：
A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；
B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；
C、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；
D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意。
故选：C。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。
8．（2分）小猫在玩耍气球，过一段时间后，气球就“粘”在小猫身上，如图所示，关于这一现象分析正确的是（　　）

A．小猫和气球摩擦创造了电荷
B．小猫和气球可能带同种电荷
C．气球上的正电荷转移到小猫身上
D．小猫和气球可能带异种电荷
【分析】（1）两种不同物质组成的物体相互摩擦后，哪个物体的原子核束缚电子的本领弱，它的一些电子就会转移到另一个物体上；失去电子的物体因为缺少电子而带正电，得到电子的物体因为有了多余电子而带等量的负电。
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：A、小猫与气球不断摩擦，小猫能够吸引气球，摩擦过程中发生了电荷的转移，而不是创造了电荷，故A错误；
B、同种电荷相互排斥，故B错误；
C、物理学规定：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，所以小猫和橡胶气球摩擦，橡胶气球会带负电荷，而小猫的身上带正电荷，说明橡胶气球是得到电子，是小猫身上的电子转移到气球上，故C错误；
D、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，气球与小猫带上异种电荷而相互吸引，故D正确。
故选：D。
【点评】该题主要考查了摩擦起电的实质以及电荷之间的规律，难度不大。
9．（2分）新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2。增大导线横截面积的目的是（　　）
A．增大导线的电阻 B．减小通过导线的电流
C．增大导线的电压 D．减小导线发热的功率
【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据P＝I2R分析导线的发热功率变化，要注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。
【解答】解：
A．延长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故A错误；
B．通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，则无法判断通过导线电流的变化，故B错误；
C．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由U＝IR可知，可以减小导线两端的电压，故C错误；
D．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由P＝I2R可知，可以减小导线发热的功率，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了影响导体电阻大小因素和欧姆定律、电热公式的应用等，是一道较为简单的应用题。
10．（2分）如图，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器金属球，两金属箔张开。下列说法正确的是（　　）

A．摩擦后的毛皮不带电
B．两金属箱带上正电荷
C．验电器不能检验出橡胶棒带的是正电还是负电
D．用摩擦的方法创造了电荷，使橡胶棒带了电
【分析】（1）验电器是检验物体是否带电的仪器，其工作原理是：同种电荷相互排斥。可以通过金属箔张开角度的大小粗略判断电荷的多少，但无法准确检验电荷量的多少，更不能检验出所带电荷是正电还是负电。
（2）人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
【解答】解：
A、用毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子带负电，毛皮失去电子带正电，故A错误；
B、橡胶棒带负电，接触验电器的金属球，电子会通过金属球、金属杆转移到金属箔片上，所以金属箔带负电，故B错误；
C、验电器的原理是同种电荷相排斥，验电器可以检验物体是否带电，但不能检验带的是正电还是负电，故C正确；
D、摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了验电器的工作特点，明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
11．（2分）天儒中学校门口新设立了红外人脸识别系统。若人脸识别通过，则闭合开关S1；若红外测温数值在正常范围内，则闭合开关S2；只有当人脸识别通过、体温正常时，绿色的小灯泡亮起，提示可以通过。图中符合设计要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意得出两开关与灯泡的连接方式，从而得出正确选项。
【解答】解：由题意可知，只有当人脸识别通过、体温正常时，绿色的小灯泡亮起，即S1和S2都闭合时，灯泡才能工作，因此S1和S2和灯泡应该串联，故B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查根据要求设计电路，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
12．（2分）如图所示，开关由断开到闭合，灯泡亮度变化及电流表示数变化正确的是（　　）

A．L1亮度不变，A1示数变小
B．L1亮度不变，A1示数不变
C．L1亮度变亮，A2示数变大
D．L1亮度变暗，A2示数变大
【分析】当S断开时，电路为灯泡L1的简单电路，两电流表测电路中的电流；
当闭合S时，两灯泡并联，电流表A1测通过灯泡L1的电流，A2测干路路的电流；根据并联电路独立工作、互不影响可知通过灯泡L1电流的变化和灯泡L1亮度的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
【解答】解：当S断开时，电路为灯泡L1的简单电路，两电流表测电路中的电流，两个电流表的示数是相同的；
当闭合S时，两灯泡并联，电流表A1测通过灯泡L1的电流，A2测干路路的电流；
由于并联电路各支路独立工作、互不影响，所以通过灯泡L1电流不变，A1示数不变，灯泡L1亮度不变；
根据并联电路的电流特点可知干路电流变大，所以电流表A2示数变大；
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析和并联电路特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合前后电路变化的分析和电流表所测电路元件的判断。
13．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．0℃的物体没有内能
B．物体温度降低时内能减小
C．温度高的物体内能大
D．物体吸收热量，一定温度升高
【分析】内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，任何物体都有内能，内能的大小与物体的质量、温度有关；
晶体熔化时，吸热但温度不变。
【解答】解：A、任何物体的分子都在不停地做无规则运动，温度为0℃的物体也具有内能，A错误；
B、物体温度降低，内能一定减小，故B正确；
C、内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度高的物体内能不一定大，故C错误；
D、物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，故D错误。
故选：B。
【点评】本题要正确理解温度、热量与内能的关系，属于基础题。
14．（2分）如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（　　）

A．零线与地线之间的电压为220V
B．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
C．断开开关S时，用测电笔接触a点氖管发光，接触b点氖管不发光
D．闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V；
（2）电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故；
（3）测电笔是辨别火线和零线的仪器，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光；
（4）灯不发光的原因，一是电路开路，二是灯被短路，三是灯的实际功率太小。
【解答】解：
A、我国家庭电路的电压是220V，零线与地线之间的电压为0V，故A错误；
B、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故B错误；
C、断开开关S时，a点在火线上，用测电笔接触a点氖管发光，由于开关断开，b点与火线断路，接触b点时氖管不会发光，故C正确；
D、闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯断路。若电灯短路，保险丝会熔断，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了家庭电路故障分析、测电笔的作用、三孔插座以及保险丝的作用，属于基础题目。
15．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S1，电压表和电流表有示数，接着再闭合开关S2，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数不变
B．电流表示数变小
C．电压表和电流表示数的比值不变
D．电压表和电流表示数的乘积变小
【分析】（1）分析闭合开关S1和再闭合开关S2时电路的连接及电表测量的物理量，由串联电路电压的规律可知电压表示数的变化；
（2）根据串联电阻的规律分析电路中电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数的变化；
（3）由欧姆定律分析闭合开关S2前后电压表和电流表示数的比值变化；
（4）根据电压表和电流表示数都变大进行分析。
【解答】解：
A、由图知，闭合开关S1时，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流，接着再闭合开关S2，R2短路，电路为R1的简单电路，此时电压表测电源电压，由串联电路电压的规律可知，电压表示数变大，故A错误；
B、根据串联电阻的规律可知，再闭合开关S2后电路中电阻变小，由欧姆定律可知，电流表示数变大，故B错误；
C、由欧姆定律可知，闭合开关S2前后，电压表和电流表示数的比值等于R1的阻值，则该比值为不变，故C正确；
D、因电压表和电流表示数变大，所以电压表和电流表示数的乘积变大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的规律和欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
16．（2分）如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙。下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为2V
B．定值电阻R1为10Ω
C．R2消耗的最大功率为0.45W
D．P在b端时，10s内R2产生热量12J
【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，R2接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R1的阻值和电源的电压；
（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P＝I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；
（3）P在b端时，根据Q＝W＝UIt求出10s内R2产生热量。
【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB、当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，
由图象可知，Ia＝0.6A，
电源的电压U＝IaR1＝0.6A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图象可知，Ib＝0.2A，Ub＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压U＝IbR1+Ub＝0.2A×R1+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因电源的电压不变，由①②可得：R1＝5Ω，U＝3V；故AB错误；
C、变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中的电流：I＝，
由P＝UI＝I2R可得，变阻器的电功率：
P＝（）2R＝＝，
所以，当变阻器R2接入电路中的电阻R＝R1＝5Ω时，其消耗的电功率为最大，P大＝＝＝0.45W，故C正确；
D、P在b端时，10s内R2产生热量Q2＝W2＝UbIbt＝2V×0.2A×10s＝4J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用数学知识判断滑动变阻器消耗电功率的变化和从图象中得出相关的信息。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分。
17．（2分）1841年，英国物理学家 　焦耳　发现了电流通过导体所产生的热量与导体的电流、电阻和通电时间的关系。家用电暖器工作时，电暖器很热，而与之串联的导线却不怎么热，其主要原因是导线的 　电阻　比电暖器的小得多。
【分析】1841年，英国物理学家焦耳发现了电流通过导体所产生的热量与导体的电流、电阻和通电时间的关系，电暖器和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电暖器的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析原因。
【解答】解：1841年，英国物理学家焦耳发现了电流通过导体所产生的热量与导体的电流、电阻和通电时间的关系；
电暖器在使用时，电炉丝和导线串联，通过它们的电流相等，通电时间t相同，电流通过电暖器产生的热量大于电流通过导线产生的热量，由Q＝I2Rt可知电暖器的电阻大于导线的电阻。
故答案为：焦耳；电阻。
【点评】本题考查学生对焦耳定律个了解和运用，属于基础题。
18．（2分）北方冬天窗玻璃上的冰花是由空气中的水蒸气 　凝华　形成的；在夏天打开冰箱门，冰箱门附近出现的水汽是由空气中的水蒸气 　液化　形成的。（均填写物态变化名称）
【分析】要准确的判断物态变化，要抓住变化前后物质的状态。冰花是固态，因此①是由气态→固态；冰箱门附近出现的水汽是液态的小水滴，因此②是气态→液态。再根据所学知识选择物态变化名称。
【解答】解：北方冬天窗玻璃上的冰花是由空气中的水蒸气遇冷变成的冰，符合凝华的物态变化过程；在夏天打开冰箱门，冰箱门附近出现的水汽是由空气中的水蒸气遇冷变成的小液滴，符合液化的物态变化过程。
故答案为：凝华；液化。
【点评】解答此类题目，一定要抓住物态变化前后，物质所处的状态，然后根据所学物态变化的几种类型对号入座。
19．（1分）在某一电路中，当开关S1、S2同时闭合时，小灯泡L亮；当只闭合开关S1时，小灯泡L不亮，则开关S1与S2之间的连接方式是 　串　联；当开关S1、S2同时闭合时，电源电压为6V，电流为2A，则此时小灯泡的电阻是　3Ω　。
【分析】（1）串联电路的特点是各用电器之间相互影响，并联电路的特点是互不影响。
（2）根据欧姆定律即可求出灯泡的电阻。
【解答】解：当开关S1、S2同时闭合时，小灯泡L亮；当只闭合开关S1时，小灯泡L不亮，说明S1与S2工作时相互影响，则开关S1与S2之间的连接方式是串联；
根据欧姆定律可得灯泡的电阻为：R＝＝＝3Ω.
故答案为：串；3Ω。
【点评】本题考查串联和并联特点和欧姆定律的应用，是一道基础题。
20．（2分）汽油机的做功冲程从能量转化的角度看是把 　内　能转化为机械能；在汽油机的压缩冲程中，是通过 　做功　方式增加气体内能的。
【分析】内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能。
【解答】解：汽油机做功冲程中高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能。
在汽油机的压缩冲程中，机械能转化为内能，通过做功的方式增加气体的内能。
故答案为：内；做功。
【点评】此题主要考查了内燃机的四个冲程中的能量转化情况，是一道基础性题目。
21．（2分）如图，当滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表示数 　变小　，电压表示数 　变大　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，再根据串联电路的电压规律可知电压表示数的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I＝可得，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大。
故答案为：变小；变大。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用，属于基础题。
22．（1分）某加热器简化电路如图1，照明灯L上标有“220V 50W”，加热元件是由特殊材料制成，其电阻R随温度t变化的关系图象如图2。闭合开关S，若加热元件温度从8℃升高到28℃，加热元件的电功率变化情况是 　先变大后变小　。该加热器白天只加热不照明，夜晚既加热也照明。加热器白天工作和夜晚工作时，电路的总功率分别为P1和P2，当加热元件的温度都为t0时，P1：P2＝8：9，则t0＝　30　℃。

【分析】（1）根据图2分析电阻的变化，根据P＝分析R的电功率的变化；
（2）根据题中所给数据，白天和夜晚加热器的加热元件温度均为t0时，电路总功率之比为8：9，求出此时加热元件的功率，根据P＝求出加热元件的电阻，然后找到对应的温度。
【解答】解：（1）由图2可知：加热元件的温度从8℃升高到28℃的过程中，电阻先减小后增大，电源电压不变，由P＝可知，加热元件的电功率先变大后变小；
（2）根据题意照明灯额定功率为50W，且加热器白天只加热不照明，夜晚加热并照明，故有P2＝P1+50W。
所以＝＝，
解得：P1＝400W
由P＝可知，加热元件的电阻R＝＝＝121Ω，
由图2查得t0＝30℃。
故答案为：先变大后变小；30。
【点评】本题考查了电功率的计算公式及相关变式，根据从图象中分析出有用的信息。
三、作图题：本题共2小题。每小题2分，共4分。
23．（2分）如图所示为带开关的插座，部分电路已接好，请你用笔画线代替导线将电路补画完整。
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；开关应与火线连接。
【解答】解：
安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；
开关应与火线连接，所以上面为火线、中间为零线、下面为地线；要使开关控制三孔插座，应将开关与插座的右孔连接。如图所示：

【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24．（2分）用笔画线代替导线连接如图的实物电路，要求：灯泡L1、L2并联连接，开关S1控制整个电路，开关S2控制L2。

【分析】由题意可知，灯泡L1、L2并联连接，开关S1控制整个电路，开关S2控制L2，说明开关S1位于干路，开关S2位于L2支路，根据电流流向法、按先串后并的原则进行解答。
【解答】解：由题意可知，灯泡L1、L2并联连接，开关S1位于干路，开关S2位于L2支路，
从电源的正极出发，依次串联开关S1、灯泡L1后回到电源的负极，然后把开关S2和L2串联后并联在L1两端，如下图所示：

【点评】本题考查了实物图的连接，根据题意得出各电路元件的连接方式和位置是关键。
四、简答题：本题共1小题。共4分。
25．（4分）如图所示，在一个排插上同时使用多个大功率的用电器，可能会烧坏导线的绝缘皮，甚至引起火灾。请用所学过的电学知识分析容易引起火灾的原因？

【分析】根据焦耳定律，找出引起电热增加的因素，是因为电流变大的缘故，而造成电流过大的其中一个原因是因为使用了大功率用电器。
【解答】答：在一个排插上同时使用多个大功率的用电器，根据I＝知，在电压一定时，功率大，电流过大，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，电线上产生热量多，电线将显著发热，有时可能烧坏电线绝缘皮，甚至会引起火灾。
【点评】本题考查了电路中电流过大的原因、焦耳定律的应用，属于基础题目。
五、实验题：本题共5小题，共28分。
26．（5分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图1。请你回答下列问题：

（1）图1中，将试管放在装有水的大烧杯中加热的好处是 　均匀受热　。实验中某时刻温度计示数如图2，该物质此时的温度为 　38　℃。
（2）根据实验数据描绘的该物质熔化时温度随时间变化的图象如图3，图线中的BC段物质处于 　固液共存　态。熔化过程中物质温度 　不变　（选填“升高”、“降低”或“不变”），内能 　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）水浴法加热主要目的是物体受热均匀；温度计读数要看清量程和分度值，根据液柱位置读数，分清零上还是零下；
（2）晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热，温度不变，内能增大。
【解答】解：（1）将试管放在装有水的大烧杯中加热好处是受热均匀；由图可知示数向上越来越大为零上，温度计的分度值是1℃，温度计的读数是38℃；
（2）由图3知，BC段吸收热量、温度保持不变，是晶体的熔化过程，此时物质处于固液共存态，熔化过程中不断吸热，温度不变，内能增大。
故答案为：（1）均匀受热；38； （2）固液共存；不变；增大。
【点评】本题考查晶体熔化实验，涉及温度计读数、熔化特点等问题，难度不大。
27．（4分）小强跟父母到东山海边玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，踏入水中时，觉得水比较凉，他猜想不同物质吸热能力可能不同。为验证他的猜想，他设计如下实验。
（1）在实验室中用完全相同的两个烧杯分别装上 　质量　相等的煤油和水，用相同热源对烧杯均匀加热，实验中两种液体吸收热量的多少可通过 　加热时间　比较。
（2）根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图甲所示，则 　水　的吸热能力更强。

（3）如图乙是东山县和山地较多的平和县同一天气温变化曲线，请你判断东山县一天气温变化所对应的曲线是 　B　。
【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）东山县是沿海地区，平和县是内陆地区；
质量相同的沙石和水，根据公式Q＝cmΔt可知，从太阳处吸收相同的热量后，升高的温度Δt和比热容c成反比，沙石的比热容小，温度上升的高。
【解答】解：（1）探究不同物质的吸热能力时，需要选择质量相同的不同液体进行实验；
根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
（2）由图象可知，质量相等的煤油和水在升高相同的温度时，水需要加热更长的时间，则水吸收的热量较多说明水的吸热能力较强，即水的比热容大；
（3）东山县是沿海地区，平和县是内陆地区；
内陆多沙石、沿海多水，因为沙石的比热容小于水的比热容，根据公式Q＝cmΔt可知，质量相同的沙石和水，吸收相同的热量后，砂石的比热容小，升高的温度高，水的比热容大、升高的温度低，所以内陆城市比沿海城市一天气温变化明显；从图象可以看出曲线A的温度上升的高，因此曲线A是平和县一天气温变化所对应的曲线，B是东山县一天气温变化所对应的曲线。
故答案为：（1）质量；加热时间；（2）水；（3）B。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
28．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中：电源电压恒为4.5V，备有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻。
（1）在图1的“〇”中填入电压表和电流表的符号，使实验电路图完整。
（2）当闭合开关后，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是 　电阻R断路　。排除故障后，更换不同的定值电阻进行实验时，应保持 　电压　表的示数不变。
（3）实验小组同学将测量的6组数据在坐标图中进行描点，如图2，请根据描点作出电流和电阻的关系图象。
（4）要完成本实验，选取的滑动变阻器的最大阻值至少为 　15　Ω。

【分析】（1）电流表串联接在电路中，电压表应与待测电路并联，根据电路图，分析电路结构，然后判定电表类型；
（2）若电流表无示数，说明电路可能断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，即与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；
在“探究电流与电阻的关系”实验中，应控制定值电阻两端的电压不变；
（3）利用描点法画图，将各点连接成光滑曲线；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
【解答】解：（1）观察图1，根据电表的使用规则，与电阻R串联的应该是电流表，与电阻R并联的应该是电压表，由此填入电流表和电压表符号，如下图所示：

（2）闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终接近电源电压，说明电压表与电源正负极之间是连通的，则故障可能是电阻R断路；
探究电流与电阻的关系时，采用了控制变量法，需要控制定值电阻两端的电压不变，所以更换不同的定值电阻后，应通过调节滑动变阻器来保持电压表的示数不变；
（3）将所描各点连接成光滑曲线，如下图所示：

（4）电源电压为4.5V，根据图2中所描的点可知，实验中控制定值电阻两端的电压为0.6A×5Ω＝3V，
根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑＝U﹣U表＝4.5V﹣3V＝1.5V，
根据串联分压原理，当接入30Ω的最大定值电阻时，变阻器接入电路中的电阻也最大，此时：
＝，
解之得：R滑＝15Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少15Ω的滑动变阻器。
故答案为：（1）见上图；（2）电阻R断路；电压；（3）见上图；（4）15。
【点评】本题是探究电流与电阻关系的实验，考查了电流表和电压表的连接、电路故障分析、实验操作、描点法画图象以及器材规格的确定，关键要能熟练运用串联分压原理。
29．（5分）在“探究串联电路电压规律”的实验中：

（1）如图甲所示，小宇将电压表接在AB两点间，是为了测量灯泡 　L1　两端的电压，闭合开关发现电压表示数如图乙所示，为了使测量结果更准确，接下来小宇的操作应该是 　断开开关，电压表换用0～3V的量程　。
（2）为了测量另一只灯泡的电压，小宇断开开关，将导线AE的A端断开，接到D接线柱上，闭合开关后会发现电压表 　指针反偏　。
（3）实验过程小宇发现：两个灯泡中，电压大的比较亮，且更换了不同规格的灯泡，观察到类似的现象。于是他得出了“不同灯泡的亮暗和电压有关，电压高的灯泡亮，电压低的灯泡暗”的结论，该结论 　不合理　（选填“合理”或“不合理”），理由是 　灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，不是由电压决定的　。

【分析】（1）电压表要和被测用电器并联；
实验时，电压表的指针偏转角度太小，说明选用的量程过大，据此回答；
（2）测电压时要注意电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转；
（3）灯泡亮度是由灯泡的实际功率决定的，应用串联电路特点与电功率公式分析答题。
【解答】解：（1）由图甲可知，将电压表接在AB两点间，是为了测量灯泡L1两端的电压；
由图可知，测量时，电压表指针偏转角度太小，说明选用的量程过大，测量误差较大；为了使实验结果更准确，接下来他应该断开开关，电压表换用0～3V的量程；
（2）因已测量出L1的电压，故与A点相连的为电压表的负接线柱，与B点相连的为电压表的正接线柱；在测L2两端的电压时，如果电压表所接的B接点不动，将导线AE的A端断开，接到D接线柱上，则电流从电压表负接线柱流入了，则电压表指针会反向偏转；
（3）两灯泡串联，通过它们的电流I相等，由P＝UI可知，灯泡电压越大，灯泡实际功率越大，灯泡越亮，灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，不是由电压决定的，因此小宇的结论是不合理的。
故答案为：（1）L1；断开开关，电压表换用0～3V的量程；（2）指针反偏；（3）不合理；灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，不是由电压决定的。
【点评】本题考查学生对于“探究串联电路的电压关系”实验的理解和掌握，熟知实验的原理与操作中的注意问题是解答的关键。本实验也是中考的重点实验之一。
30．（10分）为了测量小灯泡在不同电压下的电功率，小组同学设计了如下实验：

（1）用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整。
（2）电路正确连接后闭合开关，电压表示数为1.5V，电流表示数为 　0.22　A（如图2），此时小灯泡实际功率为 　0.33　W；若小灯泡额定电压为2.5V，要测量小灯泡的额定电功率，则此时应调节变阻器滑片向 　左　移。
（3）设计一个实验记录表格并画在下面虚线框中。

（4）小华打算从老师处取来已知阻值的定值电阻R0和开关S1、S2，不用电压表，只用电流表，测量已知额定电压为U的小灯泡额定电功率，他设计的电路如图3，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节变阻器滑片，使电流表示数为 　　；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表示数为I；
③则该小灯泡额定电功率P＝　U（I﹣）　。（两空均用题中给定字母表达）
【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中；
（2）先根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数，根据P＝UI计算出电功率；将电压表的示数与额定电压比较，然后根据串联电路的分压特点确定滑动变阻器滑片移动的方向；
（3）表格需要记录测量值和计算得到的值，还要考虑多次测量；
（4）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，先使灯与定值电阻并联，再与滑动变阻器串联，电流表测量定值电阻的电流，通过移动变阻器滑片，使电流表示数为；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出通过小灯泡的电流，根据P＝UI写出灯的额定功率的表达式。
【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，见下图：
；
（2）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.22A，小灯泡的实际功率P＝UI＝1.5V×0.22A＝0.33W；
小灯泡的实际电压小于灯的额定电压，要测量小灯泡的额定电功率，故应使小灯泡两端的电压增大，就应该让滑动变阻器两端的电压减小，根据串联电路分压的特点，滑动变阻器的阻值应变小，滑片应向左端移动；
（3）表格需要记录电压、电流、电功率，至少要进行三次实验；如下表所示：
次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
1



2



3



（4）①闭合开关S、S1，断开开关S2，此时小灯泡与灯泡并联，再与滑动变阻器串联，调节变阻器滑片，使电流表示数为 ，此时灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表示数为I；
③在②中，电路的连接方式没有发生改变，电流表测并联的总电流，根据并联电路电流的规律，小灯泡的电流为：I额＝I﹣；
所以灯泡的额定电压功率为：P＝U额I额＝U（I﹣）。
故答案为：（1）见上图；（2）0.22；0.33；左；（3）见上表；（4）；U（I﹣）。
【点评】本题考查了连接实物电路图、电流表读数、求灯泡功率、表格设计以及特殊的方法测量的电功率等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。
六、计算题：本题共3小题，共20分。
31．（6分）已知电源电压恒定，现将阻值为10Ω的电阻R1接入该电源两端，通过R1的电流为0.3A。若将电阻R2并联在R1两端，通过电路的总电流为0.4A。求：
（1）电源电压。
（2）通过R2的电流。
（3）R2的电阻。
【分析】（1）已知电阻阻值及通过电阻的电流，由欧姆定律可以求出电源电压；
（2）根据串联电路电流的规律算出通过R2的电流；
（3）由欧姆定律求出R2的电阻。
【解答】解：（1）根据欧姆定律I＝得电源电压为：
U＝I1R1＝0.3A×10Ω＝3V；
（2）根据并联电路电流的规律知通过电阻R2的电流为：
I2＝I﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝0.1A；
（3）根据欧姆定律I＝得R2的电阻为：
R2＝＝＝30Ω。
答：（1）电源电压为3V；
（2）通过R2的电流为0.1A；
（3）R2的电阻为30Ω。
【点评】本题考查了求电源电压、通过电阻的电流、电路总电阻等问题，难度不大，是一道基础题，熟练应用并联电路特点、欧姆定律即可正确解题。
32．（6分）小华家新安装了智能家居系统，他爸在18点的时候用手机遥控家中的电热水器开始加热，热水器相关信息如表。当加热至18点50分，手机便收到提醒信息“水温达到设定温度”。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），求这一加热过程中：
额定电压
220V
额定功率
2100W
水量
40kg
初始水温
25℃
设定水温
55℃
（1）水吸收的热量。
（2）消耗的电能。
（3）电热水器的效率。
【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；
（2）由题意可知加热时间和电热水器的额定功率，利用P＝的变形公式计算出电热水器消耗的电能；
（3）知道水吸收的热量和消耗的电能，利用效率公式计算出电热水器的效率。
【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×（55℃﹣25℃）＝5.04×106J；
（2）加热时间：t′＝18：50﹣18：00＝50min＝3000s，电热水器的额定功率P＝2100W；
由P＝可知，电热水器消耗的电能：W＝Pt′＝2100W×3000s＝6.3×106J；
（3）电热水器的效率：η＝＝＝80%。
答：（1）水吸收的热量为5.04×106J；
（2）消耗的电能为6.3×106J；
（3）电热水器的效率为80%。
【点评】本题是电热综合题，主要考查吸热公式、电功率公式、效率公式的灵活运用，能从表格中找到相关信息是解题的关键。
33．（8分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化）。当闭合开关S、断开开关S1、S2时，灯L正常工作，电压表的示数为U，电流表的示数为I；当闭合开关S、S1，断开开关S2，时，电压表的示数为U′，电流表的示数为I′。已知U：U′＝2：3，I：I′＝1：6，求：
（1）灯L正常工作时的电流。
（2）灯丝电阻。
（3）R1的电阻值。
（4）通过控制开关的通断，R2可达到的最大功率。

【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡正常发光时，通过灯泡的电流；
（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
（3）当闭合开关S，断开S1、S2时，R1、L、R2串联，电压表测量R1和L两端电压，此时灯泡正常工作，电路中的电流等于灯泡的额定电流；
当闭合开关S、S1，断开S2时，电路为R1的简单电路，电压表测量R1两端电压；
根据串联电路电阻规律和欧姆定律表示出两种情况下电压表示数之比，进一步求出电阻R1的阻值；
（4）当闭合开关S、S2，断开S1时，R1、R2串联，R2的电功率最大；
根据欧姆定律求出电源电压和电路的总电阻，再根据串联电路电阻规律求出R2的阻值，再根据欧姆定律求出电路电流，最后根据P＝I2R求出R2的最大功率。
【解答】解：
（1）由P＝UI可知，灯L正常工作时的电流：IL＝＝＝0.5A；
（2）由I＝可知，灯泡的阻值：RL＝＝＝12Ω；
（3）当闭合开关S，断开S1、S2时，R1、L、R2串联，电压表测量R1和L两端电压，此时灯泡正常工作，电路中的电流为I＝IL＝0.5A；
当闭合开关S、S1，断开S2时，电路为R1的简单电路，电压表测量R1两端电压；
已知U：U′＝2：3，I：I′＝1：6，
由串联电路电阻规律和I＝可知，两种情况下电压表示数之比：＝＝＝，
解得：R1＝4Ω；
（4）当闭合开关S、S2，断开S1时，R1、R2串联，R2的电功率最大；
电源电压：U′＝I′R1＝6IR1＝6×0.5A×4Ω＝12V，
电路的总电阻：R总＝＝＝24Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2＝R总﹣R1﹣RL＝24Ω﹣4Ω﹣12Ω＝8Ω，
此时电路的电流：I″＝＝＝1A，
R2的最大功率：P2＝I″2R2＝（1A）2×8Ω＝8W。
答：（1）灯L正常工作时的电流为0.5A。
（2）灯丝电阻为12Ω。
（3）R1的电阻值为4Ω。
（4）通过控制开关的通断，R2可达到的最大功率为8W。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开关不同状态下电路的连接是关键。