2021-2022学年贵州省黔东南州镇远县文德民族中学高二（下）第二次月考物理试卷（含答案解析）

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2021-2022学年贵州省黔东南州镇远县文德民族中学高二（下）第二次月考物理试卷1.  首先发现电磁感应现象的科学家是(    )A. 库仑 B. 奥斯特 C. 法拉第 D. 安培2.  将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是(    )A. 感应电动势的大小与线圈的匝数无关
B. 穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大
C. 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大
D. 感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同3.  如图一光滑地面上有一质量为M的足够长木板ab，一质量为m的人站在木板的a端，关于人由静止开始运动到木板的b端表示地面上原对应的点，下列图示可能的是(    )A.
B.
C.
D. 4.  如图所示，三根等长的绝缘细线一端系于一金属圆环A上的三等分点上，另一端共系于一固定点O上，在圆环正下方的水平桌面上有一侧面均匀分布负电荷的橡胶圆盘B，圆环A和圆盘B的轴线重合且为，现使圆盘B绕逆时针转动，则下列说法中正确的是(    )
 A. 若圆盘B匀速转动，圆环A中感应电流方向如图中箭头所示方向
B. 若圆盘B匀速转动，圆环A中感应电流方向与图中箭头所示方向相反
C. 若圆盘B加速转动，细线的拉力增大
D. 若圆盘B加速转动，细线的拉力减小5.  两个相同的小灯泡、和自感线圈L、电容器C、开关S和直流电源连接成如图所示的电路.已知自感线圈L的自感系数较大且直流电阻为零，电容器C的电容较大，下列判断正确的是(    )
 A. 开关S闭合的瞬间，、灯泡立即变亮后亮度保持不变
B. 开关S闭合的瞬间，、灯泡同时亮，之后灯泡逐渐变暗但不熄灭，灯泡变得更亮
C. 开关S闭合待稳定后再断开的瞬间，灯泡突然亮一下，然后熄灭，灯泡逐渐熄灭
D. 去掉电容器C，开关S闭合待稳定后再断开的瞬间，和灯泡均逐渐熄灭6.  “电磁感应铝箔封口机”被广泛应用在医药、食品、化工等行业的产品封口环节中.其工作原理是当接通电源时，内置线圈产生磁场，当磁感线穿过封口铝箔材料时，瞬间产生大量小涡流，致使铝箔自行快速发热，熔化复合在铝箔上的溶胶，从而粘贴在承封容器的封口处，达到迅速封口的目的.下列说法中正确的是(    )A. 该封口机可用干电池等直流电源作为工作电源
B. 封口材料不可用普通塑料薄膜来代替铝箔
C. 封口过程中温度过高，可适当减小所通电流的周期来解决
D. 指针式电流表也是由于在电流表内部线圈中产生了涡流而使指针发生偏转7.  斜面上C点上侧是光滑的，下侧是粗糙的，C点是斜面的中心．现让滑块A由斜面顶点静止开始下滑，滑块A在C点与静止的滑块B发生碰擅，碰撞后A、B粘在一起沿斜面匀速运动．已知A通过斜面光滑部分和粗糙部分所用时间相等，A、B两滑块均可视为质点，则A、B两滑块的质量之比为(    )A. 1：4 B. 1：3 C. 1：2 D. 1：18.  下列说法正确的是(    )A. 穿过线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大
B. 穿过线圈中的磁通量很大，但线画中产生的感应电动势可能为0
C. 线圈处在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大
D. 穿过线圆中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大9.  一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电压，则下列说法正确的是(    )A. 该交变电压的频率是50Hz B. 当时，线圈平面恰好与中性面垂直
C. 当时，e最大 D. 该交变电流电动势的有效值为10.  质量为的小物块在水平地面上以的速度与固定的竖直墙壁发生碰撞，碰后小物块反弹的速度大小为，碰撞时间为，则在小物块与墙壁发生碰撞的过程中(    )A. 小物块动量的变化量大小为 B. 墙面对物块的平均作用力大小为20N
C. 小物块受到墙壁的冲量大小为 D. 小物块受到重力的冲量大小为011.  用如图所示的装置验证动量守恒定律，图中A、B两小球半径相同，质量已知，且。图中斜槽末端水平，木板正对斜槽竖直放置，a点与小球在斜槽末端时的球心位置等高。
在图中______点是不放B小球时A小球的落点，______点是放上B小球时A小球的落点均选填“a”“b”“c”或“d”。
要验证动量守恒定律，需要验证的关系式是______、B两小球的质量分别用、表示，高度用图中字母表示。12.  如图所示，光滑水平面上，质量为2m的小球A以初速度与质量为m的小球B发生弹性正碰，求碰后小球A、B速度大小．
13.  如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为、，副线圈上接有一个的电阻，通过该电阻的电流求：
原线圈两端的电压；
变压器的输入功率。
 14.  如图所示，匀强磁场的磁感应强度大小为B、方向竖直向下，磁场的宽度为2L。绝缘光滑的水平桌面上有一边长为L的单匝正方形线框abcd，ad边恰位于磁场左边界。现使线圈在水平外力F的作用下垂直磁场边界以速度匀速穿过磁场区域，已知线框的质量为m，电阻均匀分布且阻值为R。
求bc边进入磁场前，ad边两端的电势差；
求线框匀速穿过磁场的过程中产生的热量Q。
答案和解析 1.【答案】C 【解析】解：在奥斯特发现了电流的磁效应后，法拉第又经过了十年的研究，终于发现了电磁感应现象。故C正确，ABD错误。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．
 2.【答案】C 【解析】解：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势，即感应电动势与线圈匝数有关故A错误；同时可知，感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确；
穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故B错误；
由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反减同”，故D错误；
故选：C。
解答本题应掌握感应电动势取决于磁通量的变化快慢，与磁通量的变化及磁通量无关．
感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联第．
 3.【答案】D 【解析】解：根据动量守恒定律，M、m系统动量守恒，对于题中的“人板模型”，各自对地的位移为、，且有，有时也称为平均动量守恒，
解得：，
以M点为参考，人向右运动，木板向左运动，且人向右运动的位移加上木板向左运动的位移之和为板的长度，所以D正确。
故选：D。
根据动量守恒定律及人和木板的位移关系列式即可得出结论．
动量守恒定律是力学中的一条重要规律，又可应用于整个高中物理，所以它是高考重点考查的内容，更是复习备考的一个难点．在应用定律时应该注意其条件性、矢量性、相对性和普遍性
 4.【答案】D 【解析】解：AB、若圆盘B匀速转动，形成环形电流，且大小方向不变，其磁场不变，根据楞次定律可确定圆环A中无感应电流，故AB错误；
CD、若圆盘B加速转动，形成环形电流，环形电流的大小增大，根据楞次定律知，通过A金属环的感应电流方向与B的电流方向相反，由于异向电流相互排斥，所以金属环的面积有缩小的趋势，且有向上的运动趋势，所以丝线的拉力减小，故D正确，C错误。
故选：D。
胶木盘A由静止开始绕其轴线按箭头所示方向加速转动，形成环形电流，环形电流的大小增大，穿过线圈B的磁通量变化，根据楞次定律的另一种表述，感应电流引起的机械效果阻碍磁通量的变化进行判断。
本题主要考查了楞次定律的应用，解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围磁场的方向，以及掌握楞次定律的另一种表述，即感应电流引起的机械效果阻碍磁通量的变化。
 5.【答案】C 【解析】解：AB、S刚闭合后线圈相当于断路，所以电压直接加到两个灯泡与电容器上，、灯泡同时亮；电容器C开始时要充电，并且充电电流越来越小，而且随电路中电流的增大，流过线圈的电流逐渐增大，则通过灯泡的电流逐渐减小；亮一下又逐渐变暗，最后被L短路，所以最后会熄灭。而通过的电流逐渐增大，灯泡变得更亮，故AB错误。
C、开关S闭合待稳定后再断开的瞬间，线圈与灯泡组成自感回路，中有电流通过，灯泡突然亮一下，然后熄灭；而与电容器组成电容器的放电电路，所以灯泡逐渐熄灭，故C正确；
D、如果去掉电容器，开关S闭合待稳定后再断开的瞬间，灯泡突然亮一下，然后熄灭，灯泡立即熄灭，故D错误。
故选：C。
电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．电容器在电路中电流变化时，也会发生充电和放电现象，此时可理解为有电流通过了电容器．
解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小．
 6.【答案】B 【解析】解：A、导体放入变化的磁场才能产生涡流现象，而干电池通电后，导线周围产生恒定的磁场，不能产生涡流，故A错误；
B、普通塑料薄膜不是导体，不能产生涡流现象，故B错误；
C、封口过程中温度过高，可适当增加所通电源的周期，使磁场变化减慢来解决，故C错误；
D、指针式电流表也是由于在电表内部线圈中的电流在磁场中受力而使指针发生偏转，故D错误；
故选：B。
导体放入变化的磁场才能产生涡流现象；
普通塑料薄膜不是导体，不能产生涡流现象；
温度过高，可适当增加所通电源的周期，使磁场变化减慢；
指针式电流表也是由于在电表内部线圈中的电流在磁场中受力而使指针发生偏转。
明确涡流产生的条件，知道指针式电流表的工作原理。
 7.【答案】D 【解析】解：设a碰撞时的速度大小为，碰后粘在一起的速度大小为v，
已知A通过斜面光滑部分和粗糙部分所用时间相等，则有：，解得：
去沿斜面向下为正方向，根据动量守恒定律可得：
解得：：：1，故D正确，ABC错误。
故选：D。
由于A通过斜面光滑部分和粗糙部分所用时间相等，根据位移关系求解碰撞前后速度大小关系，再根据动量守恒定律列方程求解。
本题主要是考查了动量守恒定律；对于动量守恒定律，其守恒条件是：系统不受外力作用或某一方向不受外力作用或合外力为零；解答时要首先确定一个正方向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程求解。
 8.【答案】BD 【解析】解：由法拉第电磁感应定律：可知：感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，即与磁通量变化快慢有关，与磁通量的变化量无关；
A、线圈中磁通量变化大，磁通量变化率不一定大，感应电动势不一定大，故A错误；
B、线圈中磁通量大，磁通量变化率可能为0，感应电动势可能为0，故B正确；
C、磁场越强，磁通量变化可能为0，感应电动势也可能为0，故C错误；
D、穿过线圆中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势越大，故D正确。
故选：BD。
知道感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化；由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关，根据题意应用法拉第电磁感应定律分析答题。
本题考查感应电流产生的条件以及法拉第电磁感应定律，要让学生清楚知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关。
 9.【答案】AC 【解析】解：A、线圈的角速度为，故其频率为：，代入数值解得，故A正确；
B、当时，，此时线圈处在中性面上，故B错误；
C、当时，，所以e有最大值，故C正确；
D、由可知该交流电的最大值为，有效值为220V，故D错误；
故选：AC。
本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等。
对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义。
 10.【答案】BC 【解析】解：设小球初速度方向为正方向，则初速度，末速度，质量，作用时间；
A、小物块动量的变化量，大小为，故A错误；
B、根据动量定理，代入数据得，墙面对物块的平均作用力大小，故B正确；
C、根据动量定理，物块受到墙壁的冲量大小为，故C正确；
D、根据，故D错误；
故选：BC。
由题意知，研究对象为小球，已知小球的质量，初、末速度和碰撞时间，应用动量定理即可解题，动量定理为矢量式，要规定正方向。
本题主要考察动量定理的应用，解题时要注意方向性，所以必须要规定正方向，代数过程中数据要带着方向。
 11.【答案】 【解析】解：设斜槽末端与竖直木板间的距离为d，
小球离开斜槽后做平抛运动，
水平方向：
竖直方向：
解得：，
小球做平抛运动的初速度v越大，小球在竖直方向的位移越小，
两球碰撞后入射球A的速度变小小于碰撞前的速度且小于碰撞后被碰球B的速度，
即碰撞后被碰球B的速度最大，碰撞后入射球A的速度最小，
因此b是碰撞后B球的落点，c是碰撞前A球的落点，d是碰撞后入射球A的落点。
两球碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
，即，整理得：
故答案为：；d；。
小球离开斜槽后做平抛运动，应用平抛运动规律判断小球落点位置。
两球碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出实验需要验证的表达式。
本题考查了验证动量守恒定律实验，理解实验原理是解题的前提与关键，应用平抛运动规律与动量守恒定律即可解题。
 12.【答案】解：设碰后小球A、B速度大小分别为、；
取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：
根据机械能守恒定律可得：
联立解得：，
答：碰后小球A、B速度大小分别为、。 【解析】根据动量守恒定律、机械能守恒定律列方程求解碰后小球A、B速度大小。
本题主要是考查了动量守恒定律和机械能守恒定律；对于动量守恒定律，其守恒条件是：系统不受外力作用或某一方向不受外力作用或合外力为零；解答时要首先确定一个正方向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程，再根据机械能守恒定律列方程求解。
 13.【答案】解：根据，可得副线圈两端的电压，
又根据，
代入数据解得；
由于变压器为理想变压器，因此；
答：原线圈两端的电压为220V；
变压器的输入功率为10W。 【解析】根据欧姆定律结合理想变压器输入电压、输出电压与匝数之比的关系可列式解得原线圈两端的电压；又根据理想变压器输入功率等于输出功率即可知变压器的输入功率。
本题考查理想变压器原副线圈电压之比与匝数之比的关系以及输入功率与输出功率的关系，基础题。
 14.【答案】解：线框产生的感应电动势：
感应电流：
bc边进入磁场前，ad边两端的电势差；
线框进入磁场所用的时间：
根据焦耳定律可得：
解得：。
答：边进入磁场前，ad边两端的电势差为；
线框匀速穿过磁场的过程中产生的热量为。 【解析】根据求得产生的感应电动势，利用闭合电路的欧姆定律求得ad端的电势差；
利用闭合电路的欧姆定律求得电流，根据求解产生的热量Q。
对于电磁感应现象中涉及电路问题的分析方法是：确定哪部分相对于电源，根据电路连接情况，结合法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律、以及电功率的计算公式列方程求解。