2023届高考生物二轮复习遗传的基本规律课件

这是一份2023届高考生物二轮复习遗传的基本规律课件，共54页。PPT课件主要包含了考纲导向·明目标，网络构建等内容，欢迎下载使用。
1．什么是等位基因？基因型为Aa的个体中，基因A、a的分离有可能发生在减数分裂Ⅱ时期吗？提示：位于同源染色体相同位置控制相对性状的基因是等位基因。有可能，如果发生基因突变或者减数分裂Ⅰ前期发生互换，基因A、a的分离就可能发生在减数分裂Ⅱ时期。
2．若基因型为AaBb的个体测交后代出现四种表型，但比例为21∶4∶4∶21，试解释出现这一结果的可能原因。提示：A、a和B、b两对等位基因位于同一对同源染色体上，减数分裂时部分初级性母细胞发生交叉互换，产生四种类型的配子，其比例为21∶4∶4∶21。
3．摩尔根的果蝇杂交实验中，发现子二代中白眼只在雄性中出现，对此摩尔根提出了合理的假说，假说内容是什么？后又进行了演绎推理，演绎推理的内容是什么？提示：假说内容是控制白眼的基因位于X染色体上，Y染色体上没有其等位基因。演绎推理的内容是设计了测交实验，使白眼雌果蝇与F1中红眼雄果蝇杂交，预期实验结果是雄性全部为白眼，雌性全部为红眼。
4．为什么人类的许多位于X染色体上的基因，在Y染色体上没有相应的等位基因？提示：人类的X染色体和Y染色体无论在大小和携带的基因种类上都不一样。X染色体携带着许多基因，Y染色体只有X染色体大小的1/5左右，携带的基因比较少。所以许多位于X染色体上的基因，在Y染色体上没有相应的等位基因。
5．若一对基因(A、a)位于X、Y染色体的同源区段上，则群体中可能出现哪几种基因型？提示：涉及同源区段的基因型女性为XAXA、XAXa、XaXa，男性为XAYA、XAYa、XaYA、XaYa。6．遗传物质改变而引起的疾病是否都是遗传病？举例说明。提示：不一定。如癌症是原癌基因和抑癌基因突变导致的，但癌症不是遗传病。
7．白眼雌果蝇(XwXw)和红眼雄果蝇(XWY)交配，后代出现了白眼雌果蝇和红眼雄果蝇，请分析可能的原因。提示：雌果蝇卵原细胞减数分裂时发生异常，产生了XwXw的卵细胞和不含X的卵细胞，含XwXw的卵细胞与含Y的精子结合产生了基因型为XwXwY的白眼雌果蝇，不含X的卵细胞与含XW的精子结合形成基因型为OXW的红眼雄果蝇。
8．自然界中，有些动植物的某些个体是由未受精的生殖细胞(如卵细胞)单独发育来的，如蜜蜂中的雄蜂等。这些生物的体细胞中染色体数目虽然减少一半，但仍能正常生活。如何解释这一现象？提示：这些生物的体细胞中的染色体数目虽然减少一半，但仍具有一整套染色体组，携带控制该种生物体所有性状的一整套基因。
第一讲　遗传的基本规律
核心考点一　孟德尔遗传定律的内容
1．图解孟德尔遗传定律与假说—演绎法
2．图解基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比例
3．理清常见交配方式的作用(1)判断显、隐性的常用方法①自交看子代性状是否分离，若分离则亲本性状为_______性状；②具有相对性状的纯合子杂交，子代出现的性状为_______性状。(2)判断纯合子与杂合子的常用方法①当被测个体为动物时，常采用_______法，但要注意后代个体数不能太少；②当被测个体为植物时，测交法、自交法均可以，能闭花受粉的植物用_______法，操作最为简单，且纯合个体不会消失。
(3)提高纯合子所占比例的方法是___________。(4)推测子一代产生配子的类型、比例的方法是_______。(5)判断核遗传与质遗传的方法是_____________。4．多对等位基因控制的性状遗传(1)若自交后代出现(3∶1)n的分离比(或其变式)，或测交后代出现(1∶1)n的分离比(或其变式)，则说明这n对等位基因控制的性状遵循自由组合定律，反之也成立。(2)若杂交结果表型出现(3/4)n，则n代表等位基因的对数，且n对等位基因位于n对同源染色体上。
1．(2021·全国乙卷)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是( 　　)A．植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体B．n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大C．植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D．n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
【解析】　每对等位基因测交后会出现2种表型，故n对等位基因杂合的植株A的测交子代会出现2n种不同表型的个体，A正确；不管n有多大，植株A测交子代比为(1∶1)n＝1∶1∶1∶1……(共2n个1)，即不同表型个体数目均相等，B错误；植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数为1/2n，纯合子的个体数也是1/2n，两者相等，C正确；n≥2时，植株A的测交子代中纯合子的个体数是1/2n，杂合子的个体数为1－(1/2n)，故杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确。
2．(2022·全国甲卷，32)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物(顶端长雄花序，叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲(雌雄同株)、乙(雌株)、丙(雌株)、丁(雄株)4种纯合体玉米植株。回答下列问题。(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是________________________________________________________ _____________________________________。
对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋
(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为__________，F2中雄株的基因型是______________________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是__________。(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是__________________________________________________________；若非糯是显性，则实验结果是____________________________________ ____________________________。
糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株
上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
【解析】　(1)杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。(2)根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B_T_(雌雄同株)：3B_tt(雌株)：3bbT_(雄株)：1bbtt(雌株)，故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。(3)假设糯和
非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。
变式一　把握基因的分离定律和基因的自由组合定律的关系1．(2022·山东枣庄二模)玉米为雌雄同株异花植物，其籽粒颜色受A、a和B、b两对独立遗传的基因控制，A、B同时存在时籽粒颜色为紫色，其他情况为白色(不考虑突变)。研究人员进行以下两组实验，有关说法错误的是( 　　)
A.籽粒的紫色和白色为一对相对性状，亲代紫色植株的基因型均为AaBbB．实验一F1中白色个体随机传粉，子代的表型比例为紫色∶白色＝8∶41C．实验二亲代白色个体的基因型可能有2种，子代紫色个体中没有纯合子
【解析】　籽粒的紫色和白色为一对相对性状，受两对等位基因控制，根据上述分析可知，亲代紫色植株的基因型均为AaBb，A正确；实验一F1中白色个体基因型和比例为AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1∶2∶1，产生的配子类型和比例为Ab∶aB∶ab＝2∶2∶3，F1白色个体随机传粉，子代表现为紫色的概率为2/7×2/7×2＝8/49，所以白色个体的概率为1－8/49＝41/49，故表型及比例为紫色∶白色＝8∶41，B正确；根据分析可知，实验二亲本基因型为AaBb×Aabb或AaBb×aaBb，即亲本中的白色个体基因型可能为2种，子代中紫色个体的基因型为A_Bb或AaB_，均为杂合子，C正确；实验二的F1中紫色个体可能为1/3AABb、2/3AaBb(或1/3AaBB、2/3AaBb)，自交后代籽粒为紫色的概率为1/3×1×3/4＋2/3×3/4×3/4＝5/8，D错误。
变式二　分离定律与自由组合定律的实验验证思路2．(2022·安徽安庆一模)某水稻的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，花粉粒非糯性(E)对糯性(e)为显性，花粉粒长形(R)对圆形(r)为显性。非糯性花粉遇碘变蓝黑色，糯性花粉遇碘呈橙红色，现用品种甲(aaeerr)、乙(aaEERR)、丙(AAeeRR)、丁(AAEErr)进行杂交实验。回答下列问题：(1)若三对基因独立遗传，甲与丁的杂交后代产生的配子基因型及比例为_________________________________________________。若利用花粉鉴定法来验证基因自由组合定律，可选用的亲本组合为_________________。
AEr∶aEr∶Aer∶aer＝1∶1∶1∶1
(2)为探究基因R、r和A、a的位置关系，研究人员做了以下杂交实验：让甲与丙杂交产生F1，F1与甲回交，观察并统计后代的表型及比例。请写出可能的实验结果与结论(不考虑交叉互换)：_________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
如果回交后代中只有两种表型，且比例为1∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；如果回交后代有四种表型，且比例为1∶1∶1∶1,则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上
(3)除以上让F1与甲回交的方法外，还可采用___________的方法探究基因R、r和A、a的位置关系，请写出可能的结果与结论：______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
若自交后代中只有两种表型，且比例为3∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；若自交后代有四种表型，且比例为9∶3∶3∶1,则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上
【解析】　(1)甲与丁的杂交后代基因型为AaEerr，若三对基因独立遗传，则遵循自由组合定律，故基因型为AaEerr的个体会产生四种类型的配子：AEr、aEr、Aer、aer，比例为1∶1∶1∶1；若利用花粉鉴定法来验证基因的自由组合定律，由于花粉的形状显微镜可见，花粉糯性非糯性遇碘变色可见，故可选用基因型为EeRr个体的花粉验证，因此可选用的亲本组合为甲×乙、丙×丁。(2)甲与丙杂交产生F1基因型为AaeeRr，F1与甲(aaeerr)回交，可能的情况如下：①若A、a与R、r位于同一对同源染色体上，则回交后代中只有两种表型，且比例为1∶1；②若基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上，则后代有四种表型，且比例为1∶1∶1∶1。(3)除以上让F1与甲回交的方法外，还可采用F1自交的方法探究基因A、a和R、r的位置关系，可能的结果与结论为：①若自交后代中只有两种表型，且比例为3∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；②若自交后代有四种表型，且比例为9∶3∶3∶1，则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上。
核心考点二　孟德尔遗传定律的应用
1．性状分离比9∶3∶3∶1的变式题解题步骤
2．图解性状分离比出现异常的原因(1)一对相对性状的杂合子自交
(2)两对相对性状的异常分离比①自由组合定律的异常分离比
3．(2022·全国甲卷，6)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是( 　　)A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等
【解析】　分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交，子一代中红花植株B_∶白花植株bb＝3∶1，A正确；基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，由于含a的花粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6＝1/24，B错误；由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A＋1/2a，不育雄配子为1/2a，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确；两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。
变式一　理解基因型与表型的对应关系3．(2022·商洛模拟)某品系小鼠皮毛色素由两对常染色体上基因A、a和B、b共同决定，其色素合成的机理如图所示，且AA纯合子在胚胎期死亡。现有两亲本黄鼠杂交，其子代表型及比例是白鼠∶黄鼠∶黑鼠＝1∶2∶1，下列分析错误的是( 　　)A．亲本黄鼠的基因型是AaBB、AaBbB．黄鼠的基因型有2种，且没有纯合子C．子代杂合黑鼠与杂合白鼠杂交，后代白鼠占1/2D．子代白鼠中的纯合子占1/3
【解析】　分析可知：两黄鼠亲本杂交，子代有白鼠、黑鼠，因此亲本黄鼠的基因型是AaBb、AaBb，A错误；黄鼠的基因型有2种，即AaBB和AaBb，且没有纯合子，B正确；子代杂合黑鼠(aaBb)与杂合白鼠(Aabb)杂交，后代白鼠占1×1/2＝1/2，C正确；子代白鼠的基因型有两种Aabb、aabb，纯合子占1/3，D正确。
3．(不定项)(2022·淄博一模)某植物物质M的合成由3对等位基因A/a、B/b和D/d控制且分别位于不同染色体上，只有基因型为A_B_dd的个体才能合成物质M。现有3种基因型不同且不含物质M的纯合植株甲、乙和丙，与基因型为AaBbDd的个体分别杂交，结果如表所示。下列说法正确的是( )
A.3对基因独立遗传B．甲的基因型有3种可能
变式二　利用“配子不育”处理特殊遗传问题4．(2022·辽宁实验中学模拟)致死现象可分为合子致死和配子致死，完全致死和不完全致死等。现有两对自由组合关系的杂合子个体AaBb自交，子代中出现了特殊的分离比。下列叙述错误的是( 　　)A．分离比6∶3∶2∶1，可能是AA合子致死，也可能是A雄配子50%致死B．分离比5∶3∶3∶1，可能是AaBb合子致死，也可能是AB雄配子完全致死C．分离比7∶3∶1∶1，可能是AaBB和Aabb合子致死，也可能是Ab雄配子完全致死D．分离比4∶1∶1∶0，可能是ab雄配子完全致死
【解析】　分离比6∶3∶2∶1，可拆成(2∶1)×(3∶1)，则可能是AA合子致死，若A雄配子50%致死，则A∶a＝1∶2，亲本产生的四种雄配子及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2，雌配子及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，利用棋盘法后得到的分离比是6∶3∶2∶1，A正确；杂合子个体AaBb自交得到的后代的表型及比例为5∶3∶3∶1，出现这特殊比例的原因不可能是AaBb合子致死，否则亲本的杂交组合也不存在，B错误；分离比7∶3∶1∶1，少了2个单显，即杂合的单显致死，可能是AaBB和Aabb合子致死，也可能是Ab雄配子完全致死，则死亡的四份个体分别是AABb、AAbb、AaBb、Aabb，C正确；ab雄配子完全致死，则死亡的个体的基因型是AaBb、Aabb、aaBb、aabb，各死一份，则后代的分离比为8∶2∶2∶0＝4∶1∶1∶0，D正确。
变式三　掌握“致死效应”的问题5．(2021·山东高考)果蝇星眼、圆眼由常染色体上的一对等位基因控制，星眼果蝇与圆眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝1∶1；星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝2∶1。缺刻翅、正常翅由X染色体上的一对等位基因控制，且Y染色体上不含其等位基因，缺刻翅雌果蝇与正常翅雄果蝇杂交所得子一代中，缺刻翅雌果蝇∶正常翅雌果蝇＝1∶1，雄果蝇均为正常翅。若星眼缺刻翅雌果蝇与星眼正常翅雄果蝇杂交得F1，下列关于F1的说法错误的是( 　　)A．星眼缺刻翅果蝇与圆眼正常翅果蝇数量相等B．雌果蝇中纯合子所占比例为1/6C．雌果蝇数量是雄果蝇的2倍D．缺刻翅基因的基因频率为1/6
【解析】　星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝2∶1，果蝇星眼、圆眼(假设由A、a控制)由常染色体上的一对等位基因控制，所以星眼显性纯合致死；缺刻翅、正常翅(假设由B、b控制)由X染色体上的一对等位基因控制，且Y染色体上不含其等位基因，缺刻翅雌果蝇与正常翅雄果蝇杂交所得子一代中，缺刻翅雌果蝇∶正常翅雌果蝇＝1∶1，推出亲本雄果蝇不能是XBY，只能为XbY，亲本雌果蝇为XBXb，而后代中雄果蝇均为正常翅，说明XBY致死。由此可推出星眼缺刻翅雌果蝇与星眼正常翅雄果蝇杂交(AaXBXb×AaXbY)得F1中2/3Aa、1/3aa；1/3XBXb、1/3XbXb、1/3XbY，所以星眼缺刻翅(AaXBXb)为2/3×1/3＝2/9，圆眼正常翅(aaXbXb/aaXbY)为1/3×(1/3＋1/3)＝2/9，两者相等，A正确；雌果蝇中纯合子aaXbXb所占比例为(1/3×1/3)/(2/3)＝1/6，B正确；雌果蝇数量1/3XBXb、1/3XbXb，雄果蝇数量1/3XbY，二者2∶1，C正确；缺刻翅基因XB的基因频率为(1/3×1/2)/(1/3＋1/3＋1/3×1/2)，即1/5，D错误。
6．(2022·潍坊模拟)某闭花传粉植物的花色有红色和白色两种，由基因A、a控制；茎干有刺和无刺由基因B、b控制。研究人员进行了以下两个实验：
实验一　红花无刺植株与白花有刺植株杂交，F1有红花无刺植株、红花有刺植株两种类型，F1中红花无刺植株自花受粉，F2表型之比为红花无刺∶红花有刺∶白花无刺∶白花有刺＝6∶3∶2∶1。实验二　从F1两种表型中各选取一个植株，对它们和两个亲本的两对基因(A、a和B、b)进行PCR扩增，然后进行电泳分离，结果如图。回答下列问题：
(1)两对相对性状中，显性性状分别是_____________。(2)红花无刺植株亲本与F1红花有刺植株的电泳结果分别对应图谱_________。(3)A(a)和B(b)基因表现为___________(填写“独立遗传”或“连锁遗传”)。F2表型出现6∶3∶2∶1的特殊比，对此合理的解释是____________________________________________________________________________________________________________。欲对该假说进行验证，请利用题目已涉及的实验技术手段，设计实验并预测结果、结论。
F1产生了AB、Ab、aB和ab四种等量配子，雌雄配子随机结合，基因型为BB的合子约占1/4，不能完成正常的胚胎发育
实验思路：________________________________________________ ___________。实验结论：若______________________________，则假说成立；若___________________，则假说不成立。
通过PCR扩增F2中多个无刺植株的B和b基因并进行
【解析】　(1)F1中红花无刺植株自交，F2表型及其比例表现为红花∶白花为3∶1，无刺∶有刺为2∶1，说明红花对白花为显性，无刺对有刺为显性。(2)根据杂交结果，可以推出两个亲本红花无刺植株与白花有刺植株的基因型分别AABb、aabb，F1中红花无刺植株与红花有刺植株的基因型分别为AaBb、Aabb。以上四个(种)个体中，白花有刺植株只有a、b两种基因，F1红花无刺植株含有A、a、B、b四种基因，而亲本红花无刺植株、F1中红花有刺植株各含三种基因。因此，可以断定图谱一、三分别为白花有刺植株亲本和F1红花无刺植株的电泳结果，且条带1和3对应基因a和b，条带2和4对应基因A和B，亲本红花无刺和F1红
花有刺各有三个条带，它们的电泳结果是图谱二或四。F1中红花有刺植株与白花有刺亲本相比，两者都有基因a和b，前者比后者多基因A，由此可以判定图谱四为F1中红花有刺植株的电泳结果，条带2对应基因A。红花无刺亲本的电泳结果为图谱二，它与F1中红花无刺植株相比，都有基因A、B、b，前者比后者只少基因a，由此可以判定条带1对应基因a。综合以上分析，图谱一、二、三、四分别为亲本白花有刺、红花无刺、F1中红花无刺、红花有刺植株的电泳结果，条带1、2、3、4分别对应基因a、A、b、B。(3)F1中红花无刺植株自花受粉，F2表型之比为红花无刺∶红花有刺∶白花无刺∶白花有刺＝6∶3∶2∶1。6∶3∶2∶1为