第十一章 单元达标检测卷

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第十一章　单元达标检测卷(考试时间：45分钟　满分：100分)一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．关于电源电动势的说法，正确的是(　　)A．在某电池的电路中每通过2 C的电荷量，电池提供的电能是4 J，那么这个电池的电动势是0.5 VB．电源的路端电压增大时，其电源电动势一定也增大C．无论内电压和外电压如何变化，其电源电动势保持不变D．电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多【答案】C【解析】电路中通过q＝2 C的电荷量，电池提供的电能W＝4 J，根据电动势的定义式E＝得电动势E＝2 V，A错误．电动势表征电源本身的特性，与外电路无关，当电源的路端电压增大时，其电源电动势不变，B错误．电动势由电源本身决定，当内电压和外电压变化时，电源电动势保持不变，C正确．电动势越大，电源将单位正电荷从负极移到正极提供的电能越多，D错误．2．R1＝10 Ω，R2＝20 Ω，R1允许通过的最大电流为1.5 A，R2两端允许的最大电压为10 V．若将它们串联，加在它们两端的最大电压可以是(　　)A．45 V　 B．5 V　C．25 V　 D．15 V【答案】D【解析】本题中R1、R2串联，R1允许通过的最大电流为1.5 A，经计算，R2允许通过的最大电流仅为0.5 A，则通过串联电路的最大电流以最小值为准，从而求得加在电路两端的最大电压是15 V，故选D.3.如图所示是四个电阻的I－U图像，这四只电阻并联起来使用时，通过各个电阻的电流强度分别是I1、I2、I3、I4，则(　　)A．I1＞I2＞I3＞I4 B．I1＝I2＝I3＝I4C．I1＜I2＜I3＜I4 D．无法判断【答案】C【解析】由于在I－U图像中，直线的斜率的倒数等于导体的电阻值．R4斜率最大，电阻值最小；R1的斜率最小，电阻值最大．这四个电阻并联起来使用时，它们两端的电压是相等的，根据欧姆定律I＝，电阻值大的电阻，流过的电流小，所以I1＜I2＜I3＜I4.C正确．4．某一导体的伏安特性曲线如图中AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是(　　)A．B点的电阻为12 Ω　　　B．B点的电阻为40 ΩC．导体的电阻因温度的影响改变了1 Ω　　　D．导体的电阻因温度的影响改变了9 Ω【答案】B【解析】根据欧姆定律可得B点的电阻为RB＝＝ Ω＝40 Ω，故B正确，A错误；根据欧姆定律可得A点的电阻为RA＝＝ Ω＝30 Ω，则两点间的电阻改变了(40－30) Ω＝10 Ω，故C、D错误．5．为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U－I图像应是(　　) A B C D【答案】C【解析】由于小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，随着灯泡两端电压逐渐增大，灯丝温度逐渐升高，其电阻逐渐增大，则在U－I图像中相应点与原点连线的斜率应逐渐增大，故C正确．6．某学生做研究串联电路电压特点的实验时，接成如图所示的电路，闭合S后，他将多用电表电压挡的红、黑表笔并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，故障的原因可能是(　　)A．AB段断路　 B．BC段断路C．AB段短路　 D．多用电表选挡太大【答案】A【解析】由题意可得UAB＝UAC＝U，说明由A、B分别至电源的线路均已接通．若BC段完好，则AB段断路；若BC段短路，则AB段可能断路，也可能完好．又由题述得UBC＝0，因而可能AB段断路或BC段短路，也有可能出现两者同时发生的情况．7．由欧姆定律I＝导出U＝IR和R＝，下列叙述中不正确的是(　　)A．由R＝知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B．导体的电阻由导体本身的性质决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关C．对于确定的导体，其两端的电压和流过它的电流的比值等于它的电阻值D．电流相同时，电阻越大，其电压降越大【答案】A【解析】导体的电阻由导体本身的性质决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流大小无关，故A错误，B正确；根据R＝对于确定的导体，其两端的电压和流过它的电流的比值等于它的电阻值，故C正确；电流相同时，根据U＝IR可知，电阻越大，其电压降越大，故D正确．本题选不正确的，故选A.二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．8．把表头G改装成大量程电流表时，下列说法正确的是(　　)A．改装原理为并联电阻能增大通过G的电流B．改装成电流表后，表头G本身允许通过的最大电流并不改变C．改装后，表头G自身的电阻减小了D．改装后使用时，表头G本身的参量都不改变，整个并联电路允许通过的电流增大了【答案】BD【解析】把表头G改装成大量程的电流表时，只是并联了一个分流电阻，使整体并联电路允许通过的最大电流增大，但表头的各特征量都不变．故B、D正确，A、C错误．9．滑动变阻器的原理如图所示，则下列说法中正确的是(　　)A．若将a、c两端连在电路中，则当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路中的阻值增大B．若将a、d两端连在电路中，则当滑片向右滑动时，滑动变阻器的阻值减小C．将滑动变阻器以限流式接法接入电路时，必须连入3个接线柱D．将滑动变阻器以分压式接法接入电路时，必须连入3个接线柱【答案】AD【解析】若将a、c两端连在电路中，左侧部分将连入电路，则当滑片向右滑动时，该部分的导线长度变长，滑动变阻器接入电路中的阻值将增大，A正确．若将a、d两端连在电路中，也是将左侧部分连入电路，则当滑片向右滑动时，该部分的导线长度变长，滑动变阻器接入电路中的阻值将增大，B错误．A、B两个选项中均为限流式接法，可见在限流式接法中，a、b两个接线柱中任意选一个，c、d两个接线柱中任意选一个，接入电路即可，C错误．在滑动变阻器的分压式接法中，a、b两个接线柱必须接入电路，c、d两个接线柱中任意选一个，接入电路即可，D正确．10．如图是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时，观察电压表和电流表示数的变化，那么(　　)A．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aB．若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接aD．若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接b【答案】AD【解析】若电压表示数有显著变化，说明电流表分压比较明显，应使用外接法比较准确，故A正确；若电流表示数有显著变化，说明电压表分流较大，应使用内接法比较准确，D正确．三、非选择题：本题共4小题，共54分．11．(8分)(1)如图甲所示的三个游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为10等分、20等分、50等分，它们的读数依次为______mm，______mm，______mm. (2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径示数如图乙所示，则金属丝的直径是________mm. 【答案】(1)17.7　23.85　3.18　(2)2.15012．(16分)某同学通过实验测定一个阻值约为5 Ω的电阻Rx的阻值．(1)现有直流电源(电压为4 V)、滑动变阻器(0～50 Ω，额定电流2 A)、开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表(0～3 A，内阻约0.025 Ω)B．电流表(0～0.6 A，内阻约0.125 Ω)C．电压表(0～3 V，内阻约3 kΩ)D．电压表(0～15 V，内阻约15 kΩ)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用______，电压表应选用__________(填器材前的字母)；实验电路应采用下图中的______(填“甲”或“乙”). (2)图丙是测量Rx的实验器材实物，图中已连接了部分导线．请根据在(1)中所选的电路补充完成图丙中实物间的连线．(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图丁所示，可得该电阻的测量值Rx＝______Ω.(保留2位有效数字) (4)若在(1)中选用甲电路，产生误差的主要原因是__________；若在(1)中选用乙电路，产生误差的主要原因是__________.(选填选项前的字母) A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值【答案】(1)B　C　甲　(2)如解析图　(3)5.2(4)B　D【解析】(1)为了减小误差，应使电流表读数为量程的～，因电源电压为4 V，故电压表应选C，因此通过被测电阻Rx的最大电流Im＝ A＝0.6 A，故电流表应选B.本题测的是一个小电阻，即>，所以应采用电流表外接法，故采用图甲．(2)电路连接如图所示．(3)由题图中可读出电流表的读数为0.50 A，电压表的读数为2.6 V，故Rx＝＝5.2 Ω.(4)甲图中引起误差的原因主要是电压表的分流作用，即电流表的测量值大于流经Rx的电流值，B正确．乙图中引起误差的原因主要是电流表的分压作用，即电压表的测量值大于Rx两端的电压值，D正确．13．(14分)给装在玻璃管内的水银柱加一电压，使通过水银柱的电流为0.1 A，若将这些水银倒入一个内径为前者2倍的玻璃管内，接在同一电压上，通过水银柱的电流为多少？【答案】1.6 A【解析】设水银柱在两种情况下的电阻分别为R1、R2，对应的长度、横截面积分别为l1、l2、S1、S2，由电阻定律得R1＝ρ，R2＝ρ，在两种情况下水银的体积相同，所以有l1S1＝l2S2，又因为S1＝πd2，S2＝π(2d)2，所以S2＝4S1，l1＝4l2，代入电阻计算式得R1＝16R2，由欧姆定律得U＝R1I1＝R2I2，所以I2＝I1＝16I1＝1.6 A.14．(16分)有一电流表G，内阻Rg＝10 Ω，满偏电流Ig＝3 mA.(1)要把它改装成量程为0～3 V的电压表，应串联一个多大的电阻？改装后电压表的内阻是多大？(2)要把它改装成量程为0～0.6 A的电流表，需要并联一个多大的电阻？改装后电流表的内阻是多大？【答案】(1)990 Ω　1 000 Ω　(2)0.05 Ω　0.05 Ω【解析】(1)由题意知电流表G的满偏电压Ug＝IgRg＝0.03 V，改装成量程为0～3 V的电压表，原理图如图甲所示，当达到满偏时，分压电阻R的电压UR＝U－Ug＝2.97 V，所以分压电阻R＝＝ Ω＝990 Ω，改装后电压表的内阻RV＝Rg＋R＝1 000 Ω.(2)改装成量程为0～0.6 A的电流表，原理示意图如图乙所示，当达到满偏时，分流电阻R′的电流IR′＝I－Ig＝0.597 A，所以分流电阻R′＝≈0.05 Ω，改装后电流表的内阻RA＝≈0.05 Ω.