高中数学高考2022届高考数学一轮复习(新高考版) 第5章 §5 4　复　数 试卷

§5.4　复　数考试要求　1.通过方程的解，认识复数.2.结合复数的代数表示及其几何意义，考查复数的实部、虚部，共轭复数，复数的模等概念的认识.3.结合复数的运算法则，考查复数的加、减、乘、除运算．1．复数的有关概念(1)定义：我们把集合C＝{a＋bi|a，b∈R}中的数，即形如a＋bi(a，b∈R)的数叫做复数，其中a叫做复数z的实部，b叫做复数z的虚部(i为虚数单位)．(2)分类：(3)复数相等：a＋bi＝c＋di⇔a＝c且b＝d(a，b，c，d∈R)．(4)共轭复数：a＋bi与c＋di共轭⇔a＝c，b＝－d(a，b，c，d∈R)．(5)模：向量eq \o(OZ,\s\up6(→))的模叫做复数z＝a＋bi的模，记作|a＋bi|或|z|，即|z|＝|a＋bi|＝eq \r(a2＋b2)(a，b∈R)．2．复数的几何意义复数z＝a＋bi与复平面内的点Z(a，b)及平面向量eq \o(OZ,\s\up6(→))＝(a，b)(a，b∈R)是一一对应关系．3．复数的运算(1)运算法则：设z1＝a＋bi，z2＝c＋di，a，b，c，d∈R.(2)几何意义：复数加、减法可按向量的平行四边形或三角形法则进行．如图给出的平行四边形OZ1ZZ2可以直观地反映出复数加、减法的几何意义，即eq \o(OZ,\s\up6(→))＝eq \o(OZ1,\s\up6(—→))＋eq \o(OZ2,\s\up6(—→))，eq \o(Z1Z2,\s\up6(—→))＝eq \o(OZ2,\s\up6(—→))－eq \o(OZ1,\s\up6(—→)).微思考1．复数a＋bi的实部为a，虚部为b吗？提示　不一定．只有当a，b∈R时，a才是实部，b才是虚部．2．i的乘方具有周期性吗？提示　in＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(1，n＝4k，,i，n＝4k＋1，,－1，n＝4k＋2，,－i，n＝4k＋3))(k∈Z)．题组一　思考辨析1．判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)(1)方程x2＋x＋1＝0没有解．(　×　)(2)复数z＝a＋bi(a，b∈R)中，虚部为bi.(　×　)(3)复数中有相等复数的概念，因此复数可以比较大小．(　×　)(4)复数的模实质上就是复平面内复数对应的点到原点的距离，也就是复数对应的向量的模．(　√　)题组二　教材改编2．若复数z＝(x2－1)＋(x－1)i为纯虚数，则实数x的值为(　　)A．－1 B．0 C．1 D．－1或1答案　A解析　∵z为纯虚数，∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\co1(x2－1＝0，,x－1≠0，))∴x＝－1.3．在复平面内，向量eq \o(AB,\s\up6(→))对应的复数是2＋i，向量eq \o(CB,\s\up6(→))对应的复数是－1－3i，则向量eq \o(CA,\s\up6(→))对应的复数是(　　)A．1－2i B．－1＋2i C．3＋4i D．－3－4i答案　D解析　eq \o(CA,\s\up6(→))＝eq \o(CB,\s\up6(→))＋eq \o(BA,\s\up6(→))＝－1－3i＋(－2－i)＝－3－4i.4．若复数z满足eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(3＋4i))z＝1－i(i是虚数单位)，则复数z的共轭复数eq \x\to(z)等于(　　)A．－eq \f(1,5)－eq \f(7,5)i B．－eq \f(1,5)＋eq \f(7,5)iC．－eq \f(1,25)－eq \f(7,25)i D．－eq \f(1,25)＋eq \f(7,25)i答案　D解析　由题意可得z＝eq \f(1－i,3＋4i)＝eq \f(1－i3－4i,3＋4i3－4i)＝eq \f(－1－7i,25)，所以eq \x\to(z)＝－eq \f(1,25)＋eq \f(7,25)i，故选D.题组三　易错自纠5．已知a＋bi(a，b∈R)是eq \f(1－i,1＋i)的共轭复数，则a＋b等于(　　)A．－1 B．－eq \f(1,2) C.eq \f(1,2) D．1答案　D解析　由eq \f(1－i,1＋i)＝eq \f(1－i1－i,1＋i1－i)＝－i，得a＋bi＝i，由复数相等得a＝0，b＝1，从而a＋b＝1.6．i为虚数单位，若复数(1＋mi)(i＋2)是纯虚数，则实数m等于________．答案　2解析　因为(1＋mi)(i＋2)＝2－m＋(1＋2m)i是纯虚数，所以2－m＝0，且1＋2m≠0，解得m＝2. 题型一 复数的概念1．(2020·全国Ⅲ)若eq \x\to(z)(1＋i)＝1－i，则z等于(　　)A．1－i B．1＋i C．－i D．i答案　D解析　因为eq \x\to(z)＝eq \f(1－i,1＋i)＝eq \f(1－i2,1＋i1－i)＝－i，所以z＝i.2．(2020·全国Ⅰ)若z＝1＋i，则|z2－2z|等于(　　)A．0 B．1 C.eq \r(2) D．2答案　D解析　方法一　z2－2z＝(1＋i)2－2(1＋i)＝－2，|z2－2z|＝|－2|＝2.方法二　|z2－2z|＝|(1＋i)2－2(1＋i)|＝|(1＋i)(－1＋i)|＝|1＋i|·|－1＋i|＝2.3．已知i为虚数单位，则复数z＝eq \f(3＋i,1－ii)的虚部为(　　)A．i B．2 C．－1 D．－i答案　C解析　因为eq \f(3＋i,1－ii)＝eq \f(3＋i1＋i,2i)＝eq \f(1＋2i,i)＝2－i，所以z的虚部为－1.4．(2020·郑州质检)若复数eq \f(1＋2ai,2－i)(a∈R)的实部和虚部相等，则实数a的值为(　　)A．1 B．－1 C.eq \f(1,6) D．－eq \f(1,6)答案　C解析　因为eq \f(1＋2ai,2－i)＝eq \f(1＋2ai2＋i,2－i2＋i)＝eq \f(2－2a,5)＋eq \f(1＋4a,5)i，所以由题意，得eq \f(2－2a,5)＝eq \f(1＋4a,5)，解得a＝eq \f(1,6).思维升华 解决复数概念问题的方法及注意事项(1)复数的分类及对应点的位置问题都可以转化为复数的实部与虚部应该满足的条件问题，只需把复数化为代数形式，列出实部和虚部满足的方程(不等式)组即可．(2)解题时一定要先看复数是否为a＋bi(a，b∈R)的形式，以确定实部和虚部．题型二 复数的四则运算例1 (1)(2020·新高考全国Ⅰ)eq \f(2－i,1＋2i)等于(　　)A．1 B．－1 C．i D．－i答案　D解析　eq \f(2－i,1＋2i)＝eq \f(2－i1－2i,1＋2i1－2i)＝eq \f(－5i,5)＝－i.(2)(多选)(八省联考)设z1，z2，z3为复数，z1≠0.下列命题中正确的是(　　)A．若|z2|＝|z3|，则z2＝±z3B．若z1z2＝z1z3，则z2＝z3C．若eq \x\to(z)2＝z3，则|z1z2|＝|z1z3|D．若z1z2＝|z1|2，则z1＝z2答案　BC解析　由|i|＝|1|，知A错误；z1z2＝z1z3，则z1(z2－z3)＝0，又z1≠0，所以z2＝z3，故B正确；|z1z2|＝|z1||z2|，|z1z3|＝|z1||z3|，又eq \x\to(z)2＝z3，所以|z2|＝|eq \x\to(z)2|＝|z3|，故C正确，令z1＝i，z2＝－i，满足z1z2＝|z1|2，不满足z1＝z2，故选BC.思维升华 (1)复数的乘法：复数乘法类似于多项式的乘法运算．(2)复数的除法：除法的关键是分子分母同乘以分母的共轭复数．跟踪训练1 (1)(2018·全国Ⅲ)(1＋i)(2－i)等于(　　)A．－3－i B．－3＋iC．3－i D．3＋i答案　D解析　(1＋i)(2－i)＝2＋2i－i－i2＝3＋i.(2)(2020·乌鲁木齐模拟)已知复数z＝1＋i(i是虚数单位)，则eq \f(z2＋2,z－1)等于(　　)A．2＋2i B．2－2iC．2i D．－2i答案　B解析　eq \f(z2＋2,z－1)＝eq \f(1＋i2＋2,1＋i－1)＝eq \f(2＋2i,i)＝eq \f(2＋2i－i,－i2)＝2－2i.(3)(2020·武汉模拟)eq \f(1－i2 021,1＋i)＝________.答案　－i解析　eq \f(1－i2021,1＋i)＝eq \f(1－i,1＋i)＝eq \f(1－i2,1－i1＋i)＝eq \f(－2i,2)＝－i.题型三 复数的几何意义例2 (1)(2019·全国Ⅱ)设z＝－3＋2i，则在复平面内eq \x\to(z)对应的点位于(　　)A．第一象限 B．第二象限C．第三象限 D．第四象限答案　C解析　eq \x\to(z)＝－3－2i，故eq \x\to(z)对应的点(－3，－2)位于第三象限．(2)(2019·全国Ⅰ)设复数z满足|z－i|＝1，z在复平面内对应的点为(x，y)，则(　　)A．(x＋1)2＋y2＝1 B．(x－1)2＋y2＝1C．x2＋(y－1)2＝1 D．x2＋(y＋1)2＝1答案　C解析　∵z在复平面内对应的点为(x，y)，∴z＝x＋yi(x，y∈R)．∵|z－i|＝1，∴|x＋(y－1)i|＝1，∴x2＋(y－1)2＝1.故选C.(3)(2020·全国Ⅱ)设复数z1，z2满足|z1|＝|z2|＝2，z1＋z2＝eq \r(3)＋i，则|z1－z2|＝________.答案　2eq \r(3)解析　方法一　设z1－z2＝a＋bi，a，b∈R，因为z1＋z2＝eq \r(3)＋i，所以2z1＝(eq \r(3)＋a)＋(1＋b)i,2z2＝(eq \r(3)－a)＋(1－b)i.因为|z1|＝|z2|＝2，所以|2z1|＝|2z2|＝4，所以eq \r(\r(3)＋a2＋1＋b2)＝4，①eq \r(\r(3)－a2＋1－b2)＝4，②①2＋②2，得a2＋b2＝12.所以|z1－z2|＝eq \r(a2＋b2)＝2eq \r(3).方法二　设复数z1，z2在复平面内分别对应向量eq \o(OA,\s\up6(→))，eq \o(OB,\s\up6(→))，则z1＋z2对应向量eq \o(OA,\s\up6(→))＋eq \o(OB,\s\up6(→)).由题意知|eq \o(OA,\s\up6(→))|＝|eq \o(OB,\s\up6(→))|＝|eq \o(OA,\s\up6(→))＋eq \o(OB,\s\up6(→))|＝2，如图所示，以OA，OB为邻边作平行四边形OACB，则z1－z2对应向量eq \o(BA,\s\up6(→))，且|eq \o(OA,\s\up6(→))|＝|eq \o(AC,\s\up6(→))|＝|eq \o(OC,\s\up6(→))|＝2，可得|eq \o(BA,\s\up6(→))|＝2|eq \o(OA,\s\up6(→))|sin 60°＝2eq \r(3).故|z1－z2|＝|eq \o(BA,\s\up6(→))|＝2eq \r(3).思维升华 由于复数、点、向量之间建立了一一对应的关系，因此可把复数、向量与解析几何联系在一起，解题时可运用数形结合的方法，使问题的解决更加直观．跟踪训练2 (1)(2020·东北三省三校模拟)设i是虚数单位，则复数eq \f(1,1＋i)在复平面内对应的点位于(　　)A．第一象限 B．第二象限C．第三象限 D．第四象限答案　D解析　eq \f(1,1＋i)＝eq \f(1－i,1＋i1－i)＝eq \f(1,2)－eq \f(1,2)i，则复数eq \f(1,1＋i)对应的点为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，－\f(1,2)))，在第四象限，故选D.(2)如图，若向量eq \o(OZ,\s\up6(→))对应的复数为z，则z＋eq \f(4,z)表示的复数为(　　)A．1＋3i B．－3－iC．3－i D．3＋i答案　D解析　由题图可得Z(1，－1)，即z＝1－i，所以z＋eq \f(4,z)＝1－i＋eq \f(4,1－i)＝1－i＋eq \f(41＋i,1－i1＋i)＝1－i＋eq \f(4＋4i,2)＝1－i＋2＋2i＝3＋i.故选D.如图的复平面中，r＝eq \r(a2＋b2)，cos θ＝eq \f(a,r)，sin θ＝eq \f(b,r)，tan θ＝eq \f(b,a)(a≠0)．任何一个复数z＝a＋bi都可以表示成z＝r(cos θ＋isin θ)的形式．我们把r(cos θ＋isin θ)叫做复数的三角形式．对应于复数的三角形式，把z＝a＋bi叫做复数的代数形式．复数乘、除运算的三角表示：已知复数z1＝r1(cos θ1＋isin θ1)，z2＝r2(cos θ2＋isin θ2)，则z1·z2＝r1r2[cos(θ1＋θ2)＋isin(θ1＋θ2)]．eq \f(z1,z2)＝eq \f(r1,r2)[cos(θ1－θ2)＋isin(θ1－θ2)]．例1　下列各式是否是三角形式，若不是，化为三角形式：(1)z1＝－2(cos θ＋isin θ)；(2)z2＝cos θ－isin θ；(3)z3＝－sin θ＋icos θ.解　(1)由“模非负”知，不是三角形式，需做变换：z1＝2(－cos θ－isin θ)．复平面上点Z1(－2cos θ，－2sin θ)在第三象限(假定θ为锐角)，余弦“－cos θ”已在前，不需再变换三角函数名称，因此可用诱导公式“π＋θ”将辐角变换到第三象限．∴z1＝2(－cos θ－isin θ)＝2[cos(π＋θ)＋isin(π＋θ)]．(2)由“加号连”知，不是三角形式．复平面上点Z2(cos θ，－sin θ)在第四象限(假定θ为锐角)，不需改变三角函数名称，可用诱导公式“2π－θ”或“－θ”将辐角变换到第四象限．∵z2＝cos θ－isin θ＝cos(－θ)＋isin(－θ)或z2＝cos θ－isin θ＝cos(2π－θ)＋isin(2π－θ)．考虑到复数辐角的不唯一性，复数的三角形式也不唯一．(3)由“余弦前”知，不是三角形式．复平面上点Z3(－sin θ，cos θ)在第二象限(假定θ为锐角)，需改变三角函数名称，可用诱导公式“eq \f(π,2)＋θ”将辐角变换到第二象限．∴z3＝－sin θ＋icos θ＝coseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)＋θ))＋isineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)＋θ)).例2 (1)已知z∈C，|z|＝1，且z2≠－1，则复数eq \f(z,z2＋1)(　　)A．必为纯虚数B．是虚数但不一定是纯虚数C．必为实数D．可能是实数也可能是虚数答案　C解析　设z＝cos θ＋isin θeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(θ∈R，且θ≠kπ＋\f(π,2)))，则eq \f(z,z2＋1)＝eq \f(cos θ＋isin θ,cos 2θ＋isin 2θ＋1)＝eq \f(cos θ＋isin θ,2cos2θ＋i·2sin θ·cos θ)＝eq \f(1,2cos θ)∈R.(2)设π