高中数学高考第5节 空间向量的运算及应用 教案

这是一份高中数学高考第5节 空间向量的运算及应用 教案，共14页。

1．空间向量的有关概念
2.空间向量的有关定理
(1)共线向量定理：对空间任意两个向量a，b(b≠0)，a∥b的充要条件是存在实数λ，使得a＝λb．
(2)共面向量定理：如果两个向量a，b不共线，那么向量p与向量a，b共面的充要条件是存在唯一的有序实数对(x，y)，使p＝xa＋yb．
(3)空间向量基本定理：如果三个向量a，b，c不共面，那么对空间任一向量p，存在有序实数组{x，y，z}，使得p＝xa＋yb＋zc，其中，{a，b，c}叫做空间的一个基底．
3．两个向量的数量积
(1)非零向量a，b的数量积a·b＝|a||b|cs〈a，b〉．
(2)空间向量数量积的运算律：
①结合律：(λa)·b＝λ(a·b)；
②交换律：a·b＝b·a；
③分配律：a·(b＋c)＝a·b＋a·c.
4．空间向量的坐标表示及其应用
设a＝(a1，a2，a3)，b＝(b1，b2，b3)．
5.空间位置关系的向量表示
eq \a\vs4\al([常用结论])
1．对空间任一点O，若eq \(OP,\s\up8(→))＝xeq \(OA,\s\up8(→))＋yeq \(OB,\s\up8(→))(x＋y＝1)，则P，A，B三点共线．
2．对空间任一点O，若eq \(OP,\s\up8(→))＝xeq \(OA,\s\up8(→))＋yeq \(OB,\s\up8(→))＋zeq \(OC,\s\up8(→))(x＋y＋z＝1)，则P，A，B，C四点共面．
3．平面的法向量的确定：设a，b是平面α内两不共线向量，n为平面α的法向量，则求法向量的方程组为eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(n·a＝0，,n·b＝0.))
一、思考辨析(正确的打“√”，错误的打“×”)
(1)空间中任意两非零向量a，b共面．( )
(2)若A，B，C，D是空间任意四点，则有eq \(AB,\s\up8(→))＋eq \(BC,\s\up8(→))＋eq \(CD,\s\up8(→))＋eq \(DA,\s\up8(→))＝0.( )
(3)设{a，b，c}是空间的一个基底，则a，b，c中至多有一个零向量．( )
(4)两向量夹角的范围与两异面直线所成角的范围相同．( )
[答案] (1)√ (2)√ (3)× (4)×
二、教材改编
1．设u＝(－2，2，t)，v＝(6，－4，4)分别是平面α，β的法向量．若α⊥β，则t＝( )
A．3 B．4 C．5 D．6
C [∵α⊥β，则u·v＝－2×6＋2×(－4)＋4t＝0，
∴t＝5.]
2.在平行六面体ABCD­A1B1C1D1中，M为A1C1与B1D1的交点．若eq \(AB,\s\up8(→))＝a，eq \(AD,\s\up8(→))＝b，eq \(AA1,\s\up8(→))＝c，则下列向量中与eq \(BM,\s\up8(→))相等的向量是( )
A．－eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b＋c B.eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b＋c
C．－eq \f(1,2)a－eq \f(1,2)b＋c D.eq \f(1,2)a－eq \f(1,2)b＋c
A [eq \(BM,\s\up8(→))＝eq \(BB1,\s\up8(→))＋eq \(B1M,\s\up8(→))＝eq \(AA1,\s\up8(→))＋eq \f(1,2)(eq \(AD,\s\up8(→))－eq \(AB,\s\up8(→)))＝c＋eq \f(1,2)(b－a)＝－eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b＋c.]
3．已知A(1，0，0)，B(0，1，0)，C(0，0，1)，则下列向量是平面ABC法向量的是( )
A．(－1，1，1) B．(1，－1，1)
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(\r(3),3)，－\f(\r(3),3)，－\f(\r(3),3))) D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(\r(3),3)，\f(\r(3),3)，－\f(\r(3),3)))
C [设n＝(x，y，z)为平面ABC的法向量，
则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(n·\(AB,\s\up8(→))＝0，,n·\(AC,\s\up8(→))＝0，))化简得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(－x＋y＝0，,－x＋z＝0，))∴x＝y＝z.故选C.]
4．已知a＝(2，3，1)，b＝(－4，2，x)，且a⊥b，则|b|＝________．
2eq \r(6) [∵a⊥b，∴a·b＝0，即－8＋6＋x＝0，∴x＝2.
∴b＝(－4，2，2)，∴|b|＝eq \r(16＋4＋4)＝2eq \r(6).]
考点1 空间向量的线性运算
用基向量表示指定向量的方法
(1)结合已知向量和所求向量观察图形．
(2)将已知向量和所求向量转化到三角形或平行四边形中．
(3)利用三角形法则或平行四边形法则把所求向量用已知基向量表示出来．
1.如图所示，已知空间四边形OABC，其对角线为OB，AC，M，N分别为OA，BC的中点，点G在线段MN上，且eq \(MG,\s\up8(→))＝2eq \(GN,\s\up8(→))，若eq \(OG,\s\up8(→))＝xeq \(OA,\s\up8(→))＋yeq \(OB,\s\up8(→))＋zeq \(OC,\s\up8(→))，则x＋y＋z＝________．
eq \f(5,6) [连接ON，设eq \(OA,\s\up8(→))＝a，eq \(OB,\s\up8(→))＝b，eq \(OC,\s\up8(→))＝c，则eq \(MN,\s\up8(→))＝eq \(ON,\s\up8(→))－eq \(OM,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)(eq \(OB,\s\up8(→))＋eq \(OC,\s\up8(→)))－eq \f(1,2)eq \(OA,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)b＋eq \f(1,2)c－eq \f(1,2)a，
eq \(OG,\s\up8(→))＝eq \(OM,\s\up8(→))＋eq \(MG,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)eq \(OA,\s\up8(→))＋eq \f(2,3)eq \(MN,\s\up8(→))
＝eq \f(1,2)a＋eq \f(2,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)b＋\f(1,2)c－\f(1,2)a))
＝eq \f(1,6)a＋eq \f(1,3)b＋eq \f(1,3)c.
又eq \(OG,\s\up8(→))＝xeq \(OA,\s\up8(→))＋yeq \(OB,\s\up8(→))＋zeq \(OC,\s\up8(→))，所以x＝eq \f(1,6)，y＝eq \f(1,3)，z＝eq \f(1,3)，
因此x＋y＋z＝eq \f(1,6)＋eq \f(1,3)＋eq \f(1,3)＝eq \f(5,6).]
2.如图所示，在平行六面体ABCD­A1B1C1D1中，设eq \(AA1,\s\up8(→))＝a，eq \(AB,\s\up8(→))＝b，eq \(AD,\s\up8(→))＝c，M，N，P分别是AA1，BC，C1D1的中点，
试用a，b，c表示以下各向量：
(1)eq \(AP,\s\up8(→))；(2)eq \(A1N,\s\up8(→))；(3)eq \(MP,\s\up8(→))＋eq \(NC1,\s\up8(→)).
[解] (1)因为P是C1D1的中点，
所以eq \(AP,\s\up8(→))＝eq \(AA1,\s\up8(→))＋eq \(A1D1,\s\up8(→))＋eq \(D1P,\s\up8(→))＝a＋eq \(AD,\s\up8(→))＋eq \f(1,2)eq \(D1C1,\s\up8(→))
＝a＋c＋eq \f(1,2)eq \(AB,\s\up8(→))＝a＋c＋eq \f(1,2)b.
(2)因为N是BC的中点，
所以eq \(A1N,\s\up8(→))＝eq \(A1A,\s\up8(→))＋eq \(AB,\s\up8(→))＋eq \(BN,\s\up8(→))＝－a＋b＋eq \f(1,2)eq \(BC,\s\up8(→))
＝－a＋b＋eq \f(1,2)eq \(AD,\s\up8(→))＝－a＋b＋eq \f(1,2)c.
(3)因为M是AA1的中点，
所以eq \(MP,\s\up8(→))＝eq \(MA,\s\up8(→))＋eq \(AP,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)eq \(A1A,\s\up8(→))＋eq \(AP,\s\up8(→))
＝－eq \f(1,2)a＋eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a＋c＋\f(1,2)b))
＝eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b＋c，
又eq \(NC1,\s\up8(→))＝eq \(NC,\s\up8(→))＋eq \(CC1,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)eq \(BC,\s\up8(→))＋eq \(AA1,\s\up8(→))
＝eq \f(1,2)eq \(AD,\s\up8(→))＋eq \(AA1,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)c＋a，
所以eq \(MP,\s\up8(→))＋eq \(NC1,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)a＋\f(1,2)b＋c))＋eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a＋\f(1,2)c))
＝eq \f(3,2)a＋eq \f(1,2)b＋eq \f(3,2)c.
空间向量的线性运算类似于平面向量中的线性运算．
考点2 共线(共面)向量定理的应用
证明三点共线和空间四点共面的方法比较
如图，已知E，F，G，H分别为空间四边形ABCD的边AB，BC，CD，DA的中点．
(1)求证：E，F，G，H四点共面；
(2)求证：BD∥平面EFGH.
[证明] (1)连接BG，EG，则eq \(EG,\s\up8(→))＝eq \(EB,\s\up8(→))＋eq \(BG,\s\up8(→))
＝eq \(EB,\s\up8(→))＋eq \f(1,2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\(BC,\s\up8(→))＋\(BD,\s\up8(→))))
＝eq \(EB,\s\up8(→))＋eq \(BF,\s\up8(→))＋eq \(EH,\s\up8(→))
＝eq \(EF,\s\up8(→))＋eq \(EH,\s\up8(→)).
由共面向量定理的推论知E，F，G，H四点共面．
(2)因为eq \(EH,\s\up8(→))＝eq \(AH,\s\up8(→))－eq \(AE,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)eq \(AD,\s\up8(→))－eq \f(1,2)eq \(AB,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)(eq \(AD,\s\up8(→))－eq \(AB,\s\up8(→)))＝eq \f(1,2)eq \(BD,\s\up8(→))，
所以EH∥BD.
又EH⊂平面EFGH，BD⊄平面EFGH，
所以BD∥平面EFGH.
(1)本例(2)在证明中运用了向量共线定理及线面平行的判定定理．
(2)三点共线通常转化为向量共线，四点共面通常转化为向量共面，线面平行可转化为向量共线、共面来证明．
1.已知a＝(λ＋1，0，2)，b＝(6，2μ－1，2λ)，若a∥b，则λ与μ的值可以是( )
A．2，eq \f(1,2) B．－eq \f(1,3)，eq \f(1,2)
C．－3，2 D．2，2
A [∵a∥b，∴设b＝xa，
∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x（λ＋1）＝6，,2μ－1＝0，,2x＝2λ，))
解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(μ＝\f(1,2)，,λ＝2，))或eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(μ＝\f(1,2)，,λ＝－3.))故选A.]
2．已知a＝(2，－1，3)，b＝(－1，4，－2)，c＝(7，5，λ)，若a，b，c三向量共面，则实数λ等于________．
eq \f(65,7) [∵a与b不共线，故存在实数x，y使得c＝xa＋yb，
∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x－y＝7，,－x＋4y＝5，,3x－2y＝λ，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝\f(33,7)，,y＝\f(17,7)，,λ＝\f(65,7).))
故填eq \f(65,7).]
考点3 空间向量数量积的应用
(1)利用数量积解决问题的两条途径：一是根据数量积的定义，利用模与夹角直接计算；二是利用坐标运算．
(2)空间向量的数量积可解决有关垂直、夹角、长度问题．
eq \a\vs4\al(①a≠0，b≠\O(0)，a⊥b⇔a·b＝0.)
②|a|＝eq \r(a2).
③cs〈a，b〉＝eq \f(a·b,|a||b|).
如图所示，四棱柱ABCD­A1B1C1D1中，底面为平行四边形，以顶点A为端点的三条棱长都为1，且两两夹角为60°.
(1)求AC1的长；
(2)求证：AC1⊥BD；
(3)求BD1与AC夹角的余弦值．
[解] (1)记eq \(AB,\s\up8(→))＝a，eq \(AD,\s\up8(→))＝b，eq \(AA1,\s\up8(→))＝c，
则|a|＝|b|＝|c|＝1，〈a，b〉＝〈b，c〉＝〈c，a〉＝60°，
∴a·b＝b·c＝c·a＝eq \f(1,2).
|eq \(AC,\s\up8(→))1|2＝(a＋b＋c)2＝a2＋b2＋c2＋2(a·b＋b·c＋c·a)＝1＋1＋1＋2×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)＋\f(1,2)＋\f(1,2)))＝6，
∴|eq \(AC1,\s\up8(→))|＝eq \r(6)，即AC1的长为eq \r(6).
(2)证明：∵eq \(AC,\s\up8(→))1＝a＋b＋c，eq \(BD,\s\up8(→))＝b－a，
∴eq \(AC,\s\up8(→))1·eq \(BD,\s\up8(→))＝(a＋b＋c)·(b－a)
＝a·b＋|b|2＋b·c－|a|2－a·b－a·c
＝b·c－a·c＝|b||c|cs 60°－|a||c|cs 60°＝0.
∴eq \(AC,\s\up8(→))1⊥eq \(BD,\s\up8(→))，∴AC1⊥BD.
(3)eq \(BD,\s\up8(→))1＝b＋c－a，eq \(AC,\s\up8(→))＝a＋b，
∴|eq \(BD,\s\up8(→))1|＝eq \r(2)，|eq \(AC,\s\up8(→))|＝eq \r(3)，
eq \(BD,\s\up8(→))1·eq \(AC,\s\up8(→))＝(b＋c－a)·(a＋b)
＝b2－a2＋a·c＋b·c＝1.
∴cs〈eq \(BD,\s\up8(→))1，eq \(AC,\s\up8(→))〉＝eq \f(\(BD,\s\up8(→))1·\(AC,\s\up8(→)),|\(BD,\s\up8(→))1||\(AC,\s\up8(→))|)＝eq \f(\r(6),6).
∴AC与BD1夹角的余弦值为eq \f(\r(6),6).
对于不方便建立空间直角坐标系的题目，常常借助基向量及数量积的定义求解；倘若建系方便，则通过坐标法求解．
[教师备选例题]
如图所示，已知空间四边形ABCD的每条边和对角线长都等于1，点E，F，G分别是AB，AD，CD的中点，计算：
(1)eq \(EF,\s\up8(→))·eq \(BA,\s\up8(→))；
(2)eq \(EG,\s\up8(→))·eq \(BD,\s\up8(→)).
[解] 设eq \(AB,\s\up8(→))＝a，eq \(AC,\s\up8(→))＝b，eq \(AD,\s\up8(→))＝c.
则|a|＝|b|＝|c|＝1，〈a，b〉＝〈b，c〉＝〈c，a〉＝60°，
(1)eq \(EF,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)eq \(BD,\s\up8(→))＝eq \f(1,2)c－eq \f(1,2)a，eq \(BA,\s\up8(→))＝－a，
eq \(EF,\s\up8(→))·eq \(BA,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)c－\f(1,2)a))·(－a)＝eq \f(1,2)a2－eq \f(1,2)a·c＝eq \f(1,4)，
(2)eq \(EG,\s\up8(→))·eq \(BD,\s\up8(→))＝(eq \(EA,\s\up8(→))＋eq \(AD,\s\up8(→))＋eq \(DG,\s\up8(→)))·(eq \(AD,\s\up8(→))－eq \(AB,\s\up8(→)))
＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)\(AB,\s\up8(→))＋\(AD,\s\up8(→))＋\(AG,\s\up8(→))－\(AD,\s\up8(→))))·(eq \(AD,\s\up8(→))－eq \(AB,\s\up8(→)))
＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)\(AB,\s\up8(→))＋\f(1,2)\(AC,\s\up8(→))＋\f(1,2)\(AD,\s\up8(→))))·(eq \(AD,\s\up8(→))－eq \(AB,\s\up8(→)))
＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)a＋\f(1,2)b＋\f(1,2)c))·(c－a)
＝eq \f(1,2)(－1×1×eq \f(1,2)＋1×1×eq \f(1,2)＋1＋1－1×1×eq \f(1,2)－1×1×eq \f(1,2))＝eq \f(1,2).
如图，已知直三棱柱ABC­A1B1C1，在底面△ABC中，CA＝CB＝1，∠BCA＝90°，棱AA1＝2，M，N分别是A1B1，A1A的中点．
(1)求eq \(BN,\s\up8(→))的模；
(2)求cs〈eq \(BA1,\s\up8(→))，eq \(CB1,\s\up8(→))〉的值；
(3)求证：A1B⊥C1M.
[解] (1)如图，以点C作为坐标原点O，CA，CB，CC1所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系．
由题意得B(0，1，0)，N(1，0，1)，
所以|eq \(BN,\s\up8(→))|
＝eq \r(（1－0）2＋（0－1）2＋（1－0）2)
＝eq \r(3).
(2)由题意得A1(1，0，2)，B(0，1，0)，C(0，0，0)，B1(0，1，2)，
所以eq \(BA1,\s\up8(→))＝(1，－1，2)，eq \(CB1,\s\up8(→))＝(0，1，2)，
eq \(BA1,\s\up8(→))·eq \(CB1,\s\up8(→))＝3，|eq \(BA1,\s\up8(→))|＝eq \r(6)，|eq \(CB1,\s\up8(→))|＝eq \r(5)，
所以cs〈eq \(BA1,\s\up8(→))，eq \(CB1,\s\up8(→))〉＝eq \f(\(BA1,\s\up8(→))·\(CB1,\s\up8(→)),|\(BA1,\s\up8(→))||\(CB1,\s\up8(→))|)＝eq \f(\r(30),10).
(3)证明：由题意得C1(0，0，2)，Meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(1,2)，2))，
eq \(A1B,\s\up8(→))＝(－1，1，－2)，
eq \(C1M,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(1,2)，0))，
所以eq \(A1B,\s\up8(→))·eq \(C1M,\s\up8(→))＝－eq \f(1,2)＋eq \f(1,2)＋0＝0，
所以eq \(A1B,\s\up8(→))⊥eq \(C1M,\s\up8(→))，即A1B⊥C1M.
考点4 利用向量证明平行与垂直
1.利用空间向量证明平行的方法
2.利用空间向量证明垂直的方法
如图所示，在四棱锥P­ABCD中，PC⊥平面ABCD，PC＝2，在四边形ABCD中，∠B＝∠C＝90°，AB＝4，CD＝1，点M在PB上，PB＝4PM，PB与平面ABCD成30°角，求证：
(1)CM∥平面PAD；
(2)平面PAB⊥平面PAD.
[解] (1)证明：由题意知，CB，CD，CP两两垂直，以C为坐标原点，CB所在直线为x轴，CD所在直线为y轴，CP所在直线为z轴建立如图所示的空间直角坐标系C­xyz.
∵PC⊥平面ABCD，
∴∠PBC为PB与平面ABCD所成的角，
∴∠PBC＝30°.
∵PC＝2，∴BC＝2eq \r(3)，PB＝4，
∴D(0，1，0)，B(2eq \r(3)，0，0)，A(2eq \r(3)，4，0)，P(0，0，2)，Meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(\r(3),2)，0，\f(3,2)))，
∴eq \(DP,\s\up8(→))＝(0，－1，2)，eq \(DA,\s\up8(→))＝(2eq \r(3)，3，0)，
eq \(CM,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(\r(3),2)，0，\f(3,2))).
设n＝(x，y，z)为平面PAD的一个法向量，
由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\(DP,\s\up8(→))·n＝0，,\(DA,\s\up8(→))·n＝0，))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(－y＋2z＝0，,2\r(3)x＋3y＝0，))
令y＝2，得n＝(－eq \r(3)，2，1)．
∵n·eq \(CM,\s\up8(→))＝－eq \r(3)×eq \f(\r(3),2)＋2×0＋1×eq \f(3,2)＝0，
∴n⊥eq \(CM,\s\up8(→)).又CM⊄平面PAD，
∴CM∥平面PAD.
(2)法一：由(1)知eq \(BA,\s\up8(→))＝(0，4，0)，eq \(PB,\s\up8(→))＝(2eq \r(3)，0，－2)，
设平面PAB的一个法向量为m＝(x0，y0，z0)，
由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\(BA,\s\up8(→))·m＝0，,\(PB,\s\up8(→))·m＝0，))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(4y0＝0，,2\r(3)x0－2z0＝0，))
令x0＝1，得m＝(1，0，eq \r(3))．
又∵平面PAD的一个法向量n＝(－eq \r(3)，2，1)，
∴m·n＝1×(－eq \r(3))＋0×2＋eq \r(3)×1＝0，
∴平面PAB⊥平面PAD.
法二：取AP的中点E，连接BE，
则E(eq \r(3)，2，1)，eq \(BE,\s\up8(→))＝(－eq \r(3)，2，1)．
∵PB＝AB，∴BE⊥PA.
又∵eq \(BE,\s\up8(→))·eq \(DA,\s\up8(→))＝(－eq \r(3)，2，1)·(2eq \r(3)，3，0)＝0，
∴eq \(BE,\s\up8(→))⊥eq \(DA,\s\up8(→)).∴BE⊥DA.
又PA∩DA＝A，
∴BE⊥平面PAD.
又∵BE⊂平面PAB，
∴平面PAB⊥平面PAD.
点M的求解是本例的难点，求解的方式有两种：一是在平面BCP中借助直角三角形中的边角关系求解，二是借助向量共线定理利用eq \(PB,\s\up8(→))＝4eq \(PM,\s\up8(→))求解．

如图所示，在长方体ABCD ­A1B1C1D1中，AA1＝AD＝1，E为CD中点．
(1)求证：B1E⊥AD1；
(2)在棱AA1上是否存在一点P，使得DP∥平面B1AE？若存在，求AP的长；若不存在，说明理由．
[解] 以A为原点，eq \(AB,\s\up8(→))，eq \(AD,\s\up8(→))，eq \(AA1,\s\up8(→))的方向分别为x轴，y轴，z轴的正方向建立如图所示的空间直角坐标系．设AB＝a.
(1)证明：A(0，0，0)，D(0，1，0)，D1(0，1，1)，Eeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(a,2)，1，0))，B1(a，0，1)，
故eq \(AD1,\s\up8(→))＝(0，1，1)，eq \(B1E,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(a,2)，1，－1)).
因为eq \(B1E,\s\up8(→))·eq \(AD1,\s\up8(→))
＝－eq \f(a,2)×0＋1×1＋(－1)×1＝0，
因此eq \(B1E,\s\up8(→))⊥eq \(AD1,\s\up8(→))，
所以B1E⊥AD1.
(2)存在满足要求的点P，
假设在棱AA1上存在一点P(0，0，z0)，
使得DP∥平面B1AE，此时eq \(DP,\s\up8(→))＝(0，－1，z0)，
再设平面B1AE的一个法向量为n＝(x，y，z)．
eq \(AB1,\s\up8(→))＝(a，0，1)，eq \(AE,\s\up8(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(a,2)，1，0)).
因为n⊥平面B1AE，所以n⊥eq \(AB1,\s\up8(→))，n⊥eq \(AE,\s\up8(→))，
得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(ax＋z＝0，,\f(ax,2)＋y＝0，))
取x＝1，则y＝－eq \f(a,2)，z＝－a，
则平面B1AE的一个法向量n＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1，－\f(a,2)，－a)).
要使DP∥平面B1AE，只要n⊥eq \(DP,\s\up8(→))，有eq \f(a,2)－az0＝0，解得z0＝eq \f(1,2).
所以存在点P，满足DP∥平面B1AE，此时AP＝eq \f(1,2).
名称
定义
空间向量
在空间中，具有大小和方向的量
相等向量
方向相同且模相等的向量
相反向量
方向相反且模相等的向量
共线向量(或平行向量)
表示空间向量的有向线段所在的直线互相平行或重合的向量
共面向量
平行于同一个平面的向量
向量表示
坐标表示
数量积
a·b
a1b1＋a2b2＋a3b3
共线
a＝λb(b≠0，λ∈R)
a1＝λb1，a2＝λb2，a3＝λb3
垂直
a·b＝0(a≠0，b≠0)
a1b1＋a2b2＋a3b3＝0
模
|a|
eq \r(aeq \\al(2,1)＋aeq \\al(2,2)＋aeq \\al(2,3))
夹角
〈a，b〉(a≠0，b≠eq \a\vs4\al(0))
cs〈a，b〉＝eq \f(a1b1＋a2b2＋a3b3,\r(aeq \\al(2,1)＋aeq \\al(2,2)＋aeq \\al(2,3))·\r(beq \\al(2,1)＋beq \\al(2,2)＋beq \\al(2,3)))
位置关系
向量表示
直线l1，l2的方向向量分别为n1，n2
l1∥l2
n1∥n2⇔n1＝λn2
l1⊥l2
n1⊥n2⇔n1·n2＝0
直线l的方向向量为n，平面α的法向量为m
l∥α
n⊥m⇔n·m＝0
l⊥α
n∥m⇔n＝λm
平面α，β的法向量分别为n，m
α∥β
n∥m⇔n＝λm
α⊥β
n⊥m⇔n·m＝0
三点(P，A，B)共线
空间四点(M，P，A，B)共面
eq \(PA,\s\up8(→))＝λeq \(PB,\s\up8(→))且同过点P
eq \(MP,\s\up8(→))＝xeq \(MA,\s\up8(→))＋yeq \(MB,\s\up8(→))
对空间任一点O，eq \(OP,\s\up8(→))＝eq \(OA,\s\up8(→))＋teq \(AB,\s\up8(→))
对空间任一点O，eq \(OP,\s\up8(→))＝eq \(OM,\s\up8(→))＋xeq \(MA,\s\up8(→))＋yeq \(MB,\s\up8(→))
对空间任一点O，eq \(OP,\s\up8(→))＝xeq \(OA,\s\up8(→))＋(1－x)eq \(OB,\s\up8(→))
对空间任一点O，eq \(OP,\s\up8(→))＝xeq \(OM,\s\up8(→))＋yeq \(OA,\s\up8(→))＋(1－x－y)eq \(OB,\s\up8(→))
线线平行
证明两直线的方向向量共线
线面平行
①证明该直线的方向向量与平面的某一法向量垂直；②证明直线的方向向量与平面内某直线的方向向量平行
面面平行
①证明两平面的法向量为共线向量；②转化为线面平行、线线平行问题
线线垂直
证明两直线所在的方向向量互相垂直，即证它们的数量积为零
线面垂直
证明直线的方向向量与平面的法向量共线，或将线面垂直的判定定理用向量表示
面面垂直
证明两个平面的法向量垂直，或将面面垂直的判定定理用向量表示