2022-2023学年湖南省株洲市第三中学高一下学期第一次月考物理试题（解析版）

高一年级2023年上学期第1次月考物理试题时间：75分钟       姓名:注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）一、单选题（ 每题4分，共28分 ）1. 下列各组物理量中，都是矢量的是（    ）A. 位移、时间、速度 B. 速度、速率、加速度C. 速度、路程、位移 D. 加速度、平均速度、速度【答案】D【解析】【详解】A．位移、速度既有大小又有方向是矢量，时间只有大小没有方向是标量，故A错误；B．速度、加速度既有大小又有方向是矢量，速率只有大小没有方向是标量，故B错误；C．速度、位移既有大小又有方向是矢量，路程只有大小没有方向是标量，故C错误；D．加速度、平均速度、速度既有大小又有方向是矢量，故D正确；故选D。2. 如图所示，分别是描述四个物体甲、乙、丙、丁位移—时间图像、速度—时间图像、加速度—时间图像、合力—时间图像，下列对四个物体运动的描述，正确的是（　　）A. 甲先匀速运动，后做匀减速运动B. 乙先匀速运动，再反向做匀减速运动C. 若丙的初速度为零，则丙先匀加速，再做变减速运动D. 若丁的初速度为零，则丁先匀加速运动，再做变加速运动【答案】D【解析】【详解】A．甲图像表示物体先静止再做匀速运动，故A错误；B．乙图像表示物体先做匀速运动，再同向做匀减速运动，故B错误；C．若丙的初速度为零，丙图像表示物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的变加速运动，故C错误；D．若丁的初速度为零，根据可知，丁图像表示物体先做匀加速直线运动，再做加速度逐渐减小的变加速运动，故D正确。故选D。3. 在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达到最大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地，他的速度图像如图所示，下列关于空降兵在0~t1或t1~t2时间内的平均速度和运动描述正确的是（　　）A. 打开降落伞后，加速度不断增大B. t1~t2内伞兵做匀减速直线运动C. t1~t2，D. t1~t2，【答案】D【解析】【详解】A．打开降落伞后的减速过程中，图线的斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小，故A错误；B．在t1~t2时间内，根据图像的斜率表示加速度，可知该段时间内，伞兵做加速度逐渐减小的减速直线运动，故B错误。CD．在t1~t2内，假设空降兵做匀减速直线运动，则其平均速度为根据图像围成的面积表示位移，由图中虚线与坐标轴所围面积可知匀减速直线运动的位移大于空降兵的实际位移，则平均速度大小故D正确，C错误。故选D。4. 一物体以某个初速度冲上粗糙的斜面，如图所示。下列对物体受力分析正确的是（    ）A. 物体受重力、弹力、摩擦力和推力 B. 物体受重力、弹力和摩擦力C. 物体受重力、推力和摩擦力 D. 物体受重力、压力和下滑力【答案】B【解析】【详解】物体受重力、弹力（垂直于斜面向上的支持力）和沿斜面向下的摩擦力，没有推力。故选B。5. 海洋馆中一潜水员把一质量为m的小球以初速度从手中竖直抛出，从抛出开始计时，时刻小球返回手中，小球始终在水中且在水中所受阻力大小不变，小球的速度随时间变化的关系图像如图所示，重力加速度大小为g，则小球在水中竖直下落过程中的加速度大小为（　　）A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【详解】根据小球的速度随时间变化的关系图像分析知，第一阶段加速度大，大小为，第二阶段加速度小，故小球先竖直向上做匀减速直线运动，再竖直向下做匀加速直线运动，从抛出开始计时，时刻小球返回手中解得故球在水中竖直下落过程中的加速度大小根据牛顿第二定律，先竖直向上做匀减速直线运动再竖直向下做匀加速直线运动联立解得，小球在水中竖直下落过程中的加速度大小为故选B。6. 狗拉雪橇在水平冰面上减速转弯，由M向N运动，轨迹为曲线MN，可能正确的是（　　）A.  B. C.  D. 【答案】C【解析】【详解】汽车做的是曲线运动，汽车受到的合力应该指向运动轨迹曲线的内侧，速度方向为轨迹在该点的切线方向，且速度与力分居于轨迹的两侧，由于力的方向与速度方向间的夹角为钝角，所以速度减小。故选C。7. 如图所示，一小船由A点开始划船渡河，船头指向与河岸垂直。已知船速和水流的速度均恒定，则下列说法正确的是（　　）A. 小船的运动轨迹是直线B. 若增大水流速度，则小船到达对岸的时间将变长C. 船速对渡河时间没有影响D. 若船头偏向上游，则小船一定能到达正对岸的B点【答案】A【解析】【详解】A．两个匀速直线运动合成之后的合运动还是匀速直线运动，所以小船的运动轨迹是直线，故A正确；BC．由于船头指向与河岸垂直，所以小船的渡河时间为所以水流速度对渡河时间没有影响，船速变化，时间改变，故BC错误；D．当船的速度小于水流的速度，不论船头朝向哪个方向，都不可能到达正对岸的B点，故D错误。故选A。二、多选题（ 每题5分，选全5分，未选全3分，选错或未选0分，共20分 ）8. 甲、乙两物体做直线运动，甲物体的x－t图像和乙物体的v－t图像分别如图所示，则这两个物体的运动情况是（　　）A. 甲物体在0~4s时间内做往返运动，通过的总位移大小为0B. 甲物体在0~4s时间内运动方向不变，通过的总位移大小为6mC. 乙物体在0~4s时间内运动方向不变，通过的总位移大小为6mD. 乙物体在0~4s时间内做往返运动，通过的总路程为6m【答案】BD【解析】【详解】A．甲物体在0～4s时间内做往返运动通过的总位移大小为故A错误；B．根据x－t图像的斜率表示速度，则知在0～4s时间内运动方向不变，总位移为6m，故B正确；CD．乙在前2s内沿负向运动，后2s时间内沿正向运动，来回运动的位移大小相等，总位移为0，总路程为故C错误，D正确。故选BD。9. 质量为的木块，在推力的作用下沿水平地面做匀速直线运动。已知木块与地面间的动摩擦因数为，那么木块受到的滑动摩擦力的值应为（　　）A.  B. C.  D. 【答案】BD【解析】【详解】在水平方向由牛顿第二定律得可得在竖直方向有由滑动摩擦力公式得故选BD。10. 如图所示，一个箱子放在水平地面上，箱内有一固定的竖直杆，在杆上套着一个环。箱和杆质量是，环的质量为，已知环沿着杆以加速度下滑，环受杆的摩擦阻力大小为，则此时箱对地面的压力为（　　）A.  B. C.  D. 【答案】AD【解析】【详解】依题意，由牛顿第三定律可知，环对杆的摩擦力大小为，方向向下，由于箱子静止不动，则地面对箱的支持力大小故箱子对地面的压力大小为若对环利用牛顿第二定律，得解得代入中得，箱对地面的压力也可表示为。故选AD。11. 如图所示，一倾角为37°的倾斜传送带沿逆时针以的速度转动，一物块从传送带顶端A轻放上传送带，2.4s后到达底端B。已知物块和传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g取，，。下列说法正确的是（　　）A. 整个运动过程中，物块的加速度大小恒为B. 整个运动过程中，物块的加速度大小恒为C. 物块到达B点时的速度大小为D. 传送带的长度为12.8m【答案】CD【解析】【详解】ABC．一物块从传送带顶端A轻放上传送带时，物块相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力向下，根据牛顿第二定律可得物块从顶端A轻放上传送带到与传送带共速所用时间为物块与传送带共速后，受到向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律可得可知物块继续向下做匀加速直线运动，物块到达B点时的速度大小为故AB错误，C正确；D．传送带的长度为故D正确。故选CD。第II卷（非选择题）三、实验题（共0分）12. 某同学在“研究匀变速直线运动”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图1所示，每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.10s。（1）每两个计数点间还有__________个点没有标出。（2）计算瞬时速度vB=__________m/s，vF=__________m/s（计算结果保留三位有效数字）（3）求出小车运动的加速度a=__________m/s2。（计算结果保留两位有效数字）【答案】    ①. 4    ②. 0.400    ③. 0.710    ④. 0.80【解析】【详解】（1）[1] 每两个相邻的计数点之间的时间间隔为0.10s，根据每两个计数点间还有4个点没有标出。（2）[2] [3]根据匀变速直线运动的推论，可得打下B点时小车的瞬时速度打下F点时小车的瞬时速度（3）[4]根据逐差法可求出小车运动的加速度为13. 如图所示，甲同学利用图示实验装置“探究加速度、力和质量的关系” ①下列做法正确的是 （      ） A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板 保持平行 B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上 C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的钩码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度②甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放钩码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线，设甲、乙用的木块质量分别为甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为，由图可知，________（选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】    ①. AD    ②. 大于【解析】【详解】①[1]．A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B．在调节木板倾斜度平衡木块受到滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶拴木块上，故B错误；  C．实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块，故C错误； D．根据平衡条件可知，与质量大小无关，当通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D正确；选择AD；②[2]．当没有平衡摩擦力时有：T-f=ma故纵轴截距的大小为μg，则μ甲大于μ乙；四、解答题（ 12+12+14 共38分）14. 如图所示，三根轻绳提起质量为m1=2kg的物体甲，轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放在水平桌面上质量为m2=4kg的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲和乙均处于静止状态，物体乙与水平桌面之间的动摩擦因数=0.6，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力（已知sin37°=0.6， cos37°=0.8，取g=10m/s2）。求：（1）轻绳OA和OB受到的拉力大小；（2）欲使物体乙在水平桌面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少。【答案】（1）25N，15N；（2）3.2kg【解析】【详解】（1）以结点O为研究对象，由平衡条件可知，竖直方向水平方向解得TA=25N TB=15N（2）研究乙刚要滑动时：研究结点O，假设物体甲允许的最大质量为m1m，由三力平衡可知解得m1m=3.2kg则物体甲的质量m1最大不能超过3.2kg。15. 在某次消防演习中，消防员从一根竖直的长杆上由静止滑下，经过到达地面。已知消防员与杆之间摩擦力大小与他自身重力大小的比值随时间的变化规律如图所示，取。求：（1）消防员在、内的加速度的大小和方向；（2）消防员下滑的总距离。【答案】（1），方向竖直向下，，方向竖直向上；（2）【解析】【详解】（1）消防员在内的加速度大小为，在内的加速度大小为，由图可知该消防员在内所受阻力为由牛顿第二定律得所以加速度方向竖直向下；由图可知该消防员在内所受阻力为由牛顿第二定律得所以加速度方向竖直向上；（2）消防员在内的下落距离为消防员在末的速度为消防员在内下落距离为消防员在内在下滑过程中的总距离为16. 如图，物体m的质量为1kg，在沿斜面向上的力F＝7N的作用下，沿固定斜面匀速上升，斜面的倾角，g取，，。问：（1）物体对斜面的压力N多大？（2）物体与斜面间的动摩擦因数多大？（3）物体匀速上升过程中，若突然撤去原来的力F，撤掉力F的瞬间物体的加速度a为多少？【答案】（1）8N；（2）0.125；（3）7m/s2【解析】【详解】（1）根据物体的受力分析可知，物块说受的支持力根据牛顿第三定律可知，物体对斜面的压力（2）沿斜面方向，由平衡关系可知解得（3）根据牛顿第二定律可知，撤掉力F的瞬间解得方向沿斜面向下