安徽省安庆市桐城实验中学2022-2023学年九年级上学期第二次月考物理试题

这是一份安徽省安庆市桐城实验中学2022-2023学年九年级上学期第二次月考物理试题，共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年安徽省安庆市桐城实验中学九年级（上）第二次月考物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1．（2分）有一根阻值为R的电阻线，现将它首尾相连绕制成一个正方形电阻，如图所示。则AB间的电阻为（　　）

A．R B． C． D．
2．（2分）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1和L2都正常发光，一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电压表和电流表示数都不变，则故障原因可能是（　　）

A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1开路 D．灯L2开路
3．（2分）如图所示，电源电压不变，L1、L2两个灯泡的规格相同。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P都从中点向右滑动的过程中，关于两灯的亮度情况，说法正确的是（　　）

A．L1始终比L2暗 B．L1始终比L2亮
C．L1和L2都变暗 D．L1和L2都变亮
4．（2分）科幻大片《流浪地球》讲述了太阳即将毁灭，人类开启“流浪地球”计划带着地球一起逃离太阳系。流浪过程中地球受到木星引力的作用坠向木星（如图所示），为脱离木星，主人公点燃了木星上的可燃气体，从而将地球推离木星。其中“点燃木星”将地球推开相当于内燃机的（　　）

A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
5．（2分）目前，我国的无人机技术已处于国际领先水平。如图所示的无人机，当开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（　　）

A． B．
C． D．
6．（2分）如图为电路元件A和B的I﹣U图象，根据图象提供的信息，下列说法中正确的是（　　）

A．电阻A的阻值为10Ω
B．如若将它们串联，接在某电源上，当电源电压是3V时，电路电流等于0.15A
C．研究电流与电压关系时，可以选择电阻B进行实验
D．若将它们并联，接在2V的电源上，电路中的总电流为0.15A
7．（2分）如图所示，开关由闭合到断开，电流表A1、A2的示数I1、I2的变化（　　）

A．I1变小，I2变大 B．I1不变，I2变大
C．I1变大，I2变小 D．I1不变，I2变小
8．（2分）在探究串联电路电压的实验中，高林同学连接完电路，在开关断开时，发现电压表示数为9V，合上开关后，发现电压表示数变为3V。如图所示，对这一电路分析正确的是（　　）

A．R1电压与R2电压之比为3：1
B．R1电阻与R2电阻之比为1：2
C．R1电流与R2电流之比为2：1
D．R1电阻与R2电阻之比为1：3
9．（2分）一圆柱形金属导体接在电路中，电路中电流为I；若将该导体中心挖去一个半径为原来半径的圆柱，再接入原电路，保持两端电压不变，此时电路中的电流为（　　）

A．I B．I C．I D．I
10．（2分）如图，甲、乙分别是两个实验电路。在闭合开关前，滑动变阻器滑片位置正确的是（　　）

A．甲图、乙图都放在a端
B．甲图、乙图都放在b端
C．甲图放在a端，乙图放在b端
D．甲图放在b端，乙图放在a端
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
11．（2分）小明在做“探究不同物质吸热升温特点”的实验时，用同一酒精灯分别给质量相等的水和食用油加热。用实验测得的数据画出它们升高的温度△T随时间t变化的图象如图所示，它们都是过原点的直线，即△T＝kt，温度升高△T1过程中食用油吸收的热量　 　（小于/等于/大于）水；用m表示水的质量，c1和c2分别表示水和食用油的比热容，则两条直线k的比值k水：k食用油等于　 　。

12．（2分）一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功　 　次，若其效率为30%，消耗100g汽油可对外做功　 　J．（汽油的热值为q＝4.6×107J/kg）
13．（2分）并联电路中的一部分电路如图所示，当开关闭合电路接通后，电流表的读数0.3A，通过导线ab的电流是0.8A，若导线ab的电流方向是从a流向b时，则通过导线ac的电流是　 　A；若导线ab的电流方向是从b流向a时，则通过导线ac的电流是　 　A。

14．（2分）如图所示的电路中，当开关闭合时，灯不发光，电压表示数为0；当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，则电路中故障是灯 　 　（选填“短路”或“断路”），电源两端电压为 　 　V。

15．（2分）如图所示电路中、电源电压保持不变，R2是定值电阻，当开关S闭合时，将滑动变阻器R1的滑片P向右移动时电压表的示数将　 　，电流表的示数将　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

16．（2分）如图所示是“伏安法”测电阻电路图。一般情况下电流表（电阻较小）和电压表（电阻很大）的电阻我们是忽略不计的，但它们都还是有电阻且能形成通路。如图所示，我们称之为外接法，用这种方法测得的电阻值比真实值会　 　（填“偏大”或“偏小”），为减小外接法带来的测量误差，应选用电压表内阻　 　（填“大”或“小”）一些的。

三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
17．（3分）如图所示，为一身高测量仪的电路图，请在“”“”或“”中选两个填入框，要求被测人身高变高时电表的示数增大。

18．（3分）小明想要探究通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压关系，并要求滑片P向左移动时，小灯泡变亮。请用笔画线代替导线将图中实物电路连接完整，并画出对应的电路图。

四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）
19．（7分）小明同学想“探究电流跟电阻的关系”。于是他找来了一些器材，开始了科学探究。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。

（1）他首先连接了如图（甲）所示的电路图。为保证电路安全，连接电路时，开关应　 　，闭合开关前应将滑动变阻器滑片置于　 　端（选填“左”或“右”）。
（2）他的实验步骤为：
①先让5Ω电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数为1.5V，记录电流表示数；
②将5Ω电阻换成10Ω电阻，闭合开关后发现电压表示数大于1.5V，应将滑动变阻器的滑片向　 　（填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为　 　V时，记录电流表示数；
③将10Ω电阻换成15Ω电阻，闭合开关后发现：当滑动变阻器的滑片移动到最右端时，电流表和电压表的示数如图（乙）所示。出现上述情况的原因可能是　 　
A．滑动变阻器最大阻值太大 B．滑动变阻器最大阻值太小
C．滑动变阻器断路 D．定值电阻短路
（3）更换部分实验器材，完成继续整个探究实验后，用测得的数据绘制了如图（丙）的图象，根据该图象可以得出的结论是：　 　。
（4）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于　 　Ω的滑动变阻器。
20．（7分）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（图甲所示），以探究水和煤油的吸热能力。

（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是 　 　。
（2）加热10min，水吸收的热量 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量。
（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像（如图乙所示），由图像可知，煤油的比热容是 　 　J/（kg•℃）。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（4）选用两套完全相同的装置分别给水和煤油加热，这样做的目的是 　 　。
（5）由图乙可知，如果要使水和煤油的升高相同的温度，就要给 　 　加热更长的时间，此时水吸收的热量 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）煤油吸收的热量。
（6）如果升高相同的温度但要减少加热的时间，可采取的做法 　 　。
五、计算题（本大题共3小题，共18.0分）
21．（6分）如图甲为一款电子液体密度计的简化原理图，其中电源电压6V，R为力敏电阻（受到的拉力F与电阻R的关系如图乙所示），电流表量程为0～0.6A，配有玻璃砝码重0.25N，体积：10﹣5m3。使用时将玻璃砝码浸没在被测液体中，并悬挂在力敏电阻R的下方，通过电流表示数即可推算测得被测液体的密度。求：

（1）玻璃砝码的密度。
（2）该电路中，R允许的最大拉力。
22．（6分）在如图所示的电路中，电源电压恒为8V，滑动变阻器R2上标有“20Ω，2A”字样，闭合开关S后，电流表的示数为0.2A，电压表的示数为2V。求：
（1）R2连入电路的阻值；
（2）电阻R1的阻值；
（3）当滑片P移动至最左端时，电路中的电流。

23．（6分）有一只满偏电流Ig为3mA的电流计G，已知其电阻Rg＝100Ω。现将电阻Rx与它并联，改装成一只量程为0﹣0.3A的电流表，如图甲所示。求：

（1）求改装后的电流表电阻RA的阻值；
（2）将改装后的电流表接入如图乙所示电路中。已知电源电压U＝3V，电阻R1＝5Ω，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当R2＝6Ω时，求通过电流计G的电流为多少mA。

2022-2023学年安徽省安庆市桐城实验中学九年级（上）第二次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1．【解答】解：电阻线的电阻为R，由图可知，AB两点间的电阻是并联的，电阻的大小与长度成正比，则AB之间一条支路的电阻为R1＝R，另一条支路的电阻为R2＝R；
根据并联电路的电阻关系可知：＝+，则AB之间的电阻为：R＝＝＝。
故选：D。
2．【解答】解：A、L1短路，则电流表直接与电源两极相连，会损坏。不合题意。
B、L2短路，则电压表也会被短路，无示数。不合题意。
C、L1断路，电流表无示数。不合题意。
D、L2断路，则电压表直接测电源电压，有示数。L1支路不受影响。符合题意。
故选：D。
3．【解答】解：图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度。
左图：灯泡L1与滑动变阻器串联，右图：灯泡L2与滑动变阻器并联。
已知两只灯泡规格相同，也就是电阻相同，滑动变阻器滑片没有移动时，L1两端电压小于L2两端电压，由P＝知，L1实际功率较小，发光较暗；
当滑片从中点向右滑动的过程中，左图中滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流减小，根据功率的计算公式P＝I2R可得，R不变，I减小，因此灯泡L1的实际功率减小，即灯泡的亮度变暗；
右图中并联电路中各支路用电器互不影响，或根据P＝进行分析，R和U都不变，因此灯泡L2的实际功率不变，故灯泡的亮度不变。
因此L1始终比L2暗。
故选：A。
4．【解答】解：“点燃木星”将地球推开，燃料的内能转化为地球机械能，相当于内燃机的做功冲程，
故选：C。
5．【解答】解：经分析可知，指示灯和电动机并联，开关S1位于干路，开关S2位于电动机支路。
A.由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时指示灯亮起，故A不符合题意；
B.由电路图可知，开关S1闭合时电动机和指示灯都不工作，再闭合S2时电动机和指示灯同时工作，故B不符合题意；
C.由电路图可知，开关S1闭合时指示灯亮起，再闭合S2时电动机工作，故C符合题意；
D.由电路图可知，开关S1闭合时电动机和指示灯都工作，再闭合S2时会造成电源短路，故D不符合题意。
故选：C。
6．【解答】解：（1）由A的I﹣U图象可知，当电压为2.0V时，对应的电流为0.1A，
所以元件A的阻值为：RA＝＝＝20Ω，故A错误；
因为元件B的I﹣U图象是曲线，说明其电阻是变化的，而探究电流与电压关系时，需控制电阻不变，故C错误；
（2）串联时，各处电流相等，当I＝0.15A时，由图可知：UA＝3V，UB＝4V，
所以电源电压为：U＝UA+UB＝3V+4V＝7V，故B错误；
（3）并联时，各支路电压相等，当U＝2V时，由图可知：IA＝0.1A，IB＝0.05A，
所以电路中的总电流为：I总＝IA+IB＝0.1A+0.05A＝0.15A，故D正确。
故选：D。
7．【解答】解：当开关闭合后，L1与L2并联在电源的两端，如图1所示；
当开关断开时，L1接在电源的两端为基本电路，如图2所示；

因并联电路各支路互不影响，而干路中的电流等于各支路电流之和；
所以开关由闭合到断开时，A1的示数I1不变，A2的示数I2变小。
故选：D。
8．【解答】解：A、由电路图可知，当开关断开时，电路断路，电压表测电源的电压，则电源的电压U＝9V；
当开关闭合时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，即U1＝3V；
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压U2＝U﹣U1＝9V﹣3V＝6V，
则＝＝，故A错误；
BCD、因为串联电路中各处的电流相等，所以R1电流与R2电流之比为1：1，
由I＝可知，R1电阻与R2电阻之比：＝＝＝，故B正确，CD错误。
故选：B。
9．【解答】解：设圆柱形金属导体横截面的半径为r，则导体原来横截面积：S前＝πr2，
导体中心挖去一个半径为原来半径的圆柱的横截面积：S去＝π（r）2＝πr2，
剩余的环形柱状导体的截面积：S后＝S前﹣S去＝πr2﹣πr2＝πr2，
在一定温度下，某种材料制成的导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比，
挖去前后导体的长度、材料和温度等不变，所以挖去前后导体的电阻之比：＝＝＝，可得R后＝R前，
挖去后接入原电路，保持两端电压不变，根据欧姆定律可知，此时电路中的电流：I′＝＝＝＝I。
因此ABD错误，C正确。
故选：C。
10．【解答】解：为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片在最大阻值处。甲图滑动变阻器滑片放在a端，接入电路的电阻最大，乙图滑动变阻器滑片放在a端，接入电路的电阻最大，故A正确，BCD错误。
故选：A。
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
11．【解答】解：（1）由图知，升高△T1，食用油加热时间短，根据转换法，食用油吸收的热量小于水；
（2）两种液体的温度变化与加热时间图象都是过原点的直线，即△T＝kt，
设当两液体的温度都升高△T1时，水和食用油所用时间分别为t2、t1，如图所示：

因温度都升高△T1，则由题意可得：△T1＝k水t2＝k食用油t1﹣﹣﹣﹣﹣①
又因为加热时间反映了物质吸热的多少，所以加热时间与物质吸收的热量成正比，则t1：t2＝Q1：Q2﹣﹣﹣﹣②
所以，由①②以及吸热公式可得：＝＝＝＝c2：c1。
故答案为：小于；c2：c1。
12．【解答】解：（1）已知飞轮转速为3000r/min＝50r/s，一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s内对外做功25次；
（2）汽油燃烧放出的热量：Q＝mq＝0.1kg×4.6×107J/kg＝4.6×106J，
汽油机对外做的功为：W＝4.6×106J×30%＝1.38×106J。
故答案为：25；1.38×106。
13．【解答】解：由题知，该电路为并联电路中的一部分；
（1）电流从电流表的“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出，若导线ab的电流方向是从a流向b时，如下图所示：

由题知，IA＝0.3A，Iab＝0.8A，即IA＜Iab，
所以，ac中电流方向是由c到a，ab在干路，ac在支路，
根据并联电路的电流规律可知，通过ac的电流Iac＝Iab﹣IA＝0.8A﹣0.3A＝0.5A；
（2）若导线ab的电流方向是从b流向a时，如下图所示：

因此ac中电流方向是由a到c，ac在干路，ab在支路，
所以，通过ac的电流Iac＝Iab+IA＝0.8A+0.3A＝1.1A。
故答案为：0.5；1.1。
14．【解答】解：开关闭合时，灯泡不发光，说明电路断路或灯泡短路，因为电压表示数为0，说明灯泡短路或电阻R断路；
当开关断开时，灯仍不发光，但电压表示数为6V，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，说明电阻R没有断路，所以故障只能是灯泡L短路；开关断开时，电压表与电阻R串联，电压表测量的是电源电压，即电源电压为6V。
故答案为：短路；6。
15．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑片右侧电阻丝和R2两端的电压之和，电流表测电路中的电流，
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，滑片移动时接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，
由I＝可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变；
将滑动变阻器R1的滑片P向右移动时，滑片右侧部分电阻丝的阻值变小，
由U＝IR可知，滑片右侧电阻丝和R2两端的电压之和变小，即电压表的示数变小。
故答案为：变小；不变。
16．【解答】解：由图可知，电流表的“外接法”中电压表测的是被测电阻RX两端电压，电流表所测电流为被测电阻R与电压表的电流之和，即I测＞I真，
则由R测＝＜＝RX，即所测电阻要比实际值偏小；
要想减小外接法带来的测量误差，应减小通过电压表的电流，所以应选用内阻大一些的电压表。
故答案为：偏小；大。
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
17．【解答】解：（1）电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，则下面方框不能是电压表，否则电路断路；
（2）若下面方框为电流表，
①当上面方框为电压表时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压示数不变，电流表测电路中的电流；
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知电流表的示数减小，这与电表的示数增大不符；
②当上面方框为定值电阻时，R与定值电阻并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过定值电阻的电流不变，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知该支路的电流减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流表示数减小，这与电表的示数增大不符；
（3）若下面方框为定值电阻，
①上面方框不能为电流表，否则滑动变阻器被短路；
②上面方框为电压表时，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，
当被测人身高变高时，滑片上移，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知电流表的示数减小，
由U＝IR可知，定值电阻两端的电压减小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大，符合题意。
由上述分析可知，下面方框填定值电阻的符号、上面方框填电压表的符号。如图所示：

18．【解答】解：要求滑片P向左移动，小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器连入电路的阻值变小，所以应选择A接线柱将变阻器串联入电路中，由此连接实物如图所示：

由实物图知，滑动变阻器、开关、灯泡和电流表依次连接在电源两极上，电压表并联在灯泡两端，由此画出电路图如图所示：

四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）
19．【解答】解：
（1）为保证电路安全，连接电路时，开关应断开，闭合开关前应将滑动变阻器滑片置于右端，此时滑动变阻器接入电路电阻最大；
（2）②根据串联电阻分压的知识，将5Ω电阻换成10Ω电阻，闭合开关后发现电压表示数大于1.5V，所以应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向右滑动，直到电压表示数为1.5V；
③由图2知，电流表的示数为0.12A，电压表的示数为1.8V；
将10Ω电阻换成15Ω电阻，当滑动变阻器的滑片移动到最右端时，导体两端的电压太大，则不是电阻短路，并说明滑动变阻器的分得的电压太小，则是由于滑动变阻器阻值太小造成的。
（3）分析图象数据可知，定值电阻两端的电压保持1.5V不变，电阻变为原来的几倍，通过的电流变为原来的几分之一，故可得结论：电压一定，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
（4）由题目的要求和图象可知，电阻R的最大阻值R＝25Ω，此时的最小电流I小＝0.06A，那么，此时的总电阻最大值为：
R大＝＝＝100Ω，
故要求滑动变阻器的最大值不能小于R大′＝R大﹣R＝100Ω﹣25Ω＝75Ω。
故答案为：（1）断开；右；（2）②右；1.5；③B；（3）电压一定时，电流与电阻成反比；（4）75。
20．【解答】解：（1）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，本实验需要用到天平这一测量工具，目的是控制水和煤油的质量相等；
（2）加热10min，由转换法可知，水吸收的热量等于煤油吸收的热量；
（3）由图乙知，升高98℃﹣68℃＝30℃，水加热20分钟，煤油加热10分钟，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据Q＝cmΔt，在质量、升温相同的情况下，Q与比热容成正比，故煤油的比热容是：c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；
（4）选用两套完全相同的装置分别给这两种液体加热，根据转换法，这样做的目的是相同时间内煤油和水吸收相同的热量；
（5）在此实验中，加热相同时时间，水升温慢，如果要使水和煤油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于煤油吸收的热量；
（6）如果要减少加热时间（即减少吸收的热量），又要升高相同的温度，根据Q＝cm△t可知，可以采取的办法是减少水和煤油的质量。
故答案为：（1）控制水和煤油的质量相同；（2）等于；（3）2.1×103；（4）保证相同时间水和煤油吸收的热量相同；（5）水；大于；（6）减少水和煤油的质量。
五、计算题（本大题共3小题，共18.0分）
21．【解答】解：（1）玻璃砝码的质量m＝＝＝0.025kg，体积V＝10﹣5m3，
玻璃砝码的密度：ρ＝＝＝2.5×103kg/m3；
（2）电流表量程为0～0.6A，电路中允许通过的最大电流Imax＝0.6A，
电源电压：U＝6V，所以由欧姆定律可知，R的最小值：Rmin＝＝＝10Ω，
根据图乙可知，R允许的最大拉力：Fmax＝0.20N。
答：（1）玻璃砝码的密度为2.5×103kg/m3；
（2）该电路中，R允许的最大拉力是0.20N。
22．【解答】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由I＝可得，R2连入电路的阻值：
R2＝＝10Ω；
（2）电路中的总电阻：
R＝＝＝40Ω，
根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得：
R1＝R﹣R2＝40Ω﹣10Ω＝30Ω；
（3）当滑片P移动至最左端时，滑动变阻器的阻值完全接入电路中，则：
总电阻R总＝R1+R2最大＝30Ω+20Ω＝50Ω；
电路中的电流：
I′＝＝＝0.16A。
答：（1）R2连入电路的阻值为10Ω；
（2）电阻R1的阻值为30Ω；
（3）当滑片P移动至最左端时，电路中的电流为0.16A。
23．【解答】解：
（1）电流计G满偏电流Ig＝3mA＝0.003A，则电流表的满偏的电流为IA＝0.3A，
由I＝可得电流计G两端的电压：
U′＝IgRg＝0.003A×100Ω＝0.3V，
改装后的电流表电阻RA的阻值：
RA＝＝＝1Ω；
（2）由图乙可知，电流表和R1、R2串联，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，且串联电路处处电流相等，
所以通过电流表的总电流：
I＝＝＝＝0.25A；
R1、R2两端的总电压：U总′＝I（R1+R2）＝0.25A×（5Ω+6Ω）＝2.75V，
因串联电路两端总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电流表两端电压：
UA＝U﹣U总′＝3V﹣2.75V＝0.25V，
因并联电路中各支路两端电压相等，所以通过电流计G的电流：
IG＝＝＝0.0025A＝2.5mA。
答：（1）改装后的电流表电阻RA的阻值为1Ω；
（2）通过电流计G的电流2.5mA。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/3/16 12:25:57；用户：小小吴老师；邮箱：18377176933；学号：43181539