物理（广东省卷）-学易金卷：2023年中考物理第一次模拟考试卷

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2023年中考物理第一次模拟考试卷
物理·全解全析
第Ⅰ卷
1
2
3
4
5
6
7
C
B
D
D
C
A
B
一、选择题（本大题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．【答案】C
【分析】（1）人的脉搏约为70次/min；
（2）人感到舒适的环境温度为18～25℃；
（3）大气压强约为1×105Pa，指甲盖的大小约为1cm2；
（4）空气的密度为1.29kg/m3。
【解答】解：A.人的脉搏约为70次/min，所以A错误；
B.人体感到舒适的环境温度为18～25℃，在36℃的环境中会感到很热，很不舒适，所以B错误；
C.大气压强约为1×105Pa，指甲盖的大小约为1cm2＝1×10﹣4m2，由p＝可得，指甲盖受到的大气压力为F＝pS＝1×105Pa×1×10﹣4m2＝10N，所以C正确；
D.一间教室的大小约为5m×10m×3m＝150m3，由ρ＝可得，教室内的气体质量为m＝ρV＝1.29kg/m3×150m3＝193.5kg，所以D错误。
故选：C。
【点评】与人体或身边事物相关的估算类试题是估算类试题中比较常见的一种，解答这类题的关键是熟知一些与我们人体相关的物理量，并能用这些物理量去衡量其余的物理量。
2．【答案】B
【分析】物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。
【解答】解：（1）“钻石尘”是空气中的水蒸气会凝结成极小的冰晶悬浮在空中形成的，物质由气态变为固态，属于凝华现象，故A错误，B正确；
（2）“钻石尘”消失，是固态小冰晶吸热变为气态水蒸气，物质由固态变为气态，属于升华现象，故C、D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了生活中的物态变化现象，内容较简单，抓住物质前后状态变化是解题的关键。
3．【答案】D
【分析】物体由物质组成，物质由分子构成，分子由原子构成，原子由原子核和电子构成，原子核由质子和中子构成，质子和中子又由夸克构成。
【解答】解：飞沫是肉眼可以看到的，它的尺度最大；新冠病毒是由分子组成的，需要借助显微镜观察；分子由原子构成，原子由原子核和和核外电子构成，原子核由质子和中子构成。
所以按照空间尺度由大到小正确的排序是：飞沫、新冠病毒、分子、原子核。
故选：D。
【点评】本题考查微观物质的尺度大小，是一道基础题，比较简单。
4．【答案】D
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）声音能传播信息和能量；
（3）减弱噪声有三种途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（4）蝙蝠飞行时会发出超声波，不是次声波。
【解答】解：A、逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，然后进行推理可知，说明声音传播需要介质，真空不能传声，故A正确；
B、倒车雷达是利用超声波可以传递信息，发现车身后的障碍物，是利用超声波的回声定位，故B正确；
C、摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声，故C正确；
D、蝙蝠飞行时会发出超声波，超声波向前传播遇到障碍物被反射回来，蝙蝠根据反射回来的时间和方位判断昆虫的位置，故D错误。
故选：D。
【点评】本题主要考查声音的传播条件、回声测距离的应用、超声波与次声波以及防治噪声的途径，结合生活实际，易学好懂。
5．【答案】C
【分析】（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源。
（2）像化石能源这样可以直接从自然界获得的能源，称为一次能源；必须通过消耗一次能源才能得到的能源叫二次能源，如电能。
（3）任何机械或机器工作时，效率不可能达到100%。
【解答】解：A、太阳能是绿色环保，取之不尽的新能源，而核能属于不可再生能源，故A错误；
B、水能、风能和天然气都是一次能源，水能和风能是可再生能源，天然气属于不可再生能源，故B错误；
C、“可燃冰”（天然气水合物）燃烧后几乎不产生残渣和废气，被誉为“绿色能源”，故C正确；
D、氢燃料发动机可以把化学能转化为机械能，但不可能全部转化，故D错误。
故选：C。
【点评】知道能源的分类，理解发动机工作的效率，理解绿色能源的含义，可解答此题。
6．【答案】A
【分析】不计机械自重和摩擦：
（1）先判断动力臂和阻力臂关系，再根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得出力F1和重力G的关系；
（2）使用滑轮组时，先判断出承担总重绳子的段数n，再根据F2＝G得出力F2和重力G的关系；
（3）使用动滑轮时，若动力作用在轴上，则费一倍的力，此时F3＝2G。
【解答】解：由题知，不计机械自重和摩擦；
（1）第一幅图中L1＝L2，为等臂杠杆，由杠杆平衡条件可得F1＝G；
（2）第二幅图是滑轮组，承担总重的绳子段数n＝3，则F2＝G；
（3）第三幅图是动滑轮，但动力作用在轴上，费一倍的力，则F3＝2G；
由此可知F3＞F1＞F2，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了使用杠杆、滑轮组、动滑轮时拉力的计算，明确各种装置的特点是关键。
7．【答案】B
【分析】无线充电原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，由此可知受电线圈的工作原理是电磁感应现象；分析各图中的实验原理进行解答。
【解答】解：
根据题意可知，受电线圈是利用电磁感应原理工作的；
A、图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意；
C、图中给金属棒通电时，金属棒会发生运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故C不符合题意；
D、图中给螺线管通电，螺线管具有磁性，这是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道受电线圈的工作原理是解题的关键。
第Ⅱ卷
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共21分）
8．【答案】扩散；无规则；不变。
【分析】（1）一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，即扩散，温度越高，分子运动越剧烈；
（2）热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃烧程度无关。
【解答】解：
（1）给汽车加油时，会闻到汽油味，从物理学角度来看，属于扩散现象，这个现象表明这汽油分子在做无则规运动；
（2）汽油的热值与汽油的燃烧情况无关，汽油燃烧不充分，汽油的热值不变。
故答案为：扩散；无规则；不变。
【点评】本题考查了扩散现象、热值的大小，属于基础题。
9．【答案】内；机械；做功。

【分析】在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能可以转化为塞子的机械能，与做功冲程相同。
【解答】解：
当试管内水被酒精灯加热后，水蒸气的内能逐渐增大，最后会把塞子冲出去，水蒸气的内能转化为了塞子的机械能；汽油机的做功冲程是汽油燃烧产生的内能转化为曲轴的机械能，因此这一现象与做功冲程的能量转化相同。
故答案为：内；机械；做功。
【点评】本题主要考查做功改变物体的内能与四冲程汽油机能量转化原理的结合，将原理应用于生活生产的实际是物理的一大特点。
10．【答案】3；0.8。
【分析】氧气质量用去一半，体积不变，根据公式ρ＝可求氧气的密度，已知煤油的密度，密度是物质的一种特性，与质量和体积无关，由此可知剩余煤油的密度大小。
【解答】解：由题知，氧气体积不变，
设瓶内剩余氧气的密度为ρ1，根据ρ＝可得：＝，
所以瓶内剩余氧气的密度ρ1＝ρ＝×6kg/m3＝3kg/m3，
煤油的密度与质量和体积无关，所以煤油质量减小后，密度不变，为0.8×103kg/m3＝0.8g/cm3。
故答案为：3；0.8。
【点评】本题考查密度公式的应用，关键知道气体没有固定的体积和状态，装入瓶子后，质量变化，体积保持不变。
11．【答案】凸透镜；虚；不变。

【分析】根据透镜中间和边缘的厚薄判断是凸透镜还是凹透镜；u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；
平面镜成等大的虚像。
【解答】解：透明凸起的部分中间比边缘厚是凸透镜，其作用相当于一个放大镜，手表数字在凸透镜的一倍焦距以内，则成正立、放大的虚像；
手表的背面打磨得非常光滑，能清晰地照出小明像，相当于平面镜成像，所成的像与小明本人大小相同。
故答案为：凸透镜；虚；不变。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用和平面镜成像的特点，属于基础知识，要熟练掌握。
12．【答案】5.04×105；在实际烧开水时，壶要吸收热量，同时有热散失。
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；
（2）烧水时，热量有散失，因此烧开一壶水所提供的热量大于水所吸收的热量。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）＝5.04×105J。
（2）由于给水加热时，壶要吸收热量，同时有热散失，所以烧开这一壶水所需提供的热量要大于上面的计算结果。
故答案为：5.04×105；在实际烧开水时，壶要吸收热量，同时有热散失。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t的掌握和运用，同时明确在实际烧开水时，存在热量损失。
13．【答案】反射；变短；0.2。

【分析】倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。光从水中斜射入空气中，会发生折射。
【解答】解：一只小鸟站在水中，它看到自己在水中的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；
它看到自己的腿在水中的部分是变短了，是由光的折射形成的；
若小鸟的高度是0.8m，头部和对应水中像的距离是1.2m，则头部到水面的距离是0.6m，则水的深度为0.8m﹣0.6m＝0.2m。
故答案为：反射；变短；0.2。
【点评】反射与折射都能形成虚像，主要区别是反射形成的虚像关于反射面对称，物像分布在反射面的两侧；折射形成的虚像，像和物在界面的同一侧。紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
14．【答案】减小；减小；减小。
【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。
（2）重力势能大跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。
（3）机械能＝动能+势能。
【解答】解：一辆洒水车匀速行驶在平直的公路上，在洒水过程中，洒水车的质量不断减小，速度不变，动能减小，重力势能减小，机械能＝动能+势能，所以洒水车的机械能减小。
故答案为：减小；减小；减小。
【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
三、作图题（本大题共3小题，第15题2分，第16题2分，第17题3分，共7分）
15．【答案】

【分析】（1）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力，据此对人进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力；
（2）画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
【解答】解：武术爱好者静立在水平地面上练功时，处于平衡状态，受到的重力和地面对他的支持力作是一对平衡力，二者大小相等，方向相反，作用点都画在人的重心上，从人的重心开始，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别在线段末尾标上相应的字母，即为其所受力的示意图，注意表示力的两条线段长度要相等。如图所示：

【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
16．【答案】

【分析】先根据A与A′（代表人眼）点确定入射光线的方向，然后根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，发光点B在A的下方，确定折射光线的方向和发光点B的位置。
【解答】解：
由题知，人看到水中A处有一个发光点，但是实际上发光点的位置在B处，A为B点的像，所以连接A和人眼A′，交点O为折射点；过折射点垂直于水面作出法线；光由B点发出，连接BO即为入射光线，经水面射入空气中时发生折射，折射角大于入射角，最后射入人眼A′点；A点就在折射光线的反向延长线上。如图所示：

【点评】要解决此题需要掌握光的折射定律的内容。知道光从水中斜射入空气中时折射角大于入射角，折射光线将远离法线。
17．【答案】

【分析】（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，据此确定电磁铁的极性；根据安培定则判定电源的正负极；
（2）根据磁极间的作用规律判定条形磁体的极性。
【解答】解：（1）磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，所以电磁铁的上端为N极，下端为S极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，所以电源的下端为正极，上端为负极；
（2）地球仪就可以悬浮在空中，受到排斥力的作用，根据同名磁极相互排斥可知，条形磁体的下端为N极，上端为S极，如图所示：

【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的应用，属于基础题。
四、实验题（本大题共3小题，第18题7分，第19题6分，第20题6分，共19分）
18．【答案】（1）热胀冷缩；乙；（2）278.5；（3）垫圈；将游码归零；分度盘；（4）178。
【分析】（1）体温计是利用液体的热胀冷缩制成的；海波的熔点是48℃，为保证温度计不被损坏，要选择量程大于48℃的温度计；
（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
（3）将天平放在水平台面上，在天平使用前，要保证横梁平衡；
（4）物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。
【解答】解：（1）体温计是利用液体的热胀冷缩制成的；海波的熔点是48℃，为保证温度计不被损坏，要选择量程大于48℃的温度计，所以选择乙；
（2）图（b）中分针位于“4”、“5”之间，偏向5一侧，秒针位于38.5s处，所以秒表的读数是4min38.5s＝278.5s；
（3）将天平放在水平台面上，在天平使用前，先取下垫圈，再把游码归零，调节平衡螺母直到指针在分度盘中央两侧摆动的幅度相同；
（4）由图c可知，天平标尺的分度值是0.2g，游码所对的刻度值为3g，物体质量m＝100g+50g+20g+5g+3g＝178g。
故答案为：（1）热胀冷缩；乙；（2）278.5；（3）垫圈；将游码归零；分度盘；（4）178。
【点评】本题主要考查了实验操作的注事事项，涉及到的知识点较多，但难度不大。
19．【答案】（1）确定；（2）竖直；（3）未点燃；等效替代法；（4）虚；（5）向右移动。
【分析】（1）由于玻璃板是透明的，可以观察到玻璃板的另一侧的蜡烛B和蜡烛A的像，便于找到像的位置；
（2）玻璃板不竖直，像的底部不在桌面上，怎么移动都不会与另一蜡烛重合；
（3）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法，等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一；
（4）平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上；
（5）平面镜所成的像与物体关于镜面对称。
【解答】解：（1）透明的玻璃板，可以观察到玻璃板的另一侧，即在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到蜡烛B，确定像的位置；
（2）平面镜所成的像关于镜面对称，为了便于观察，玻璃板需与水平桌面垂直，所以应竖直放在水平桌面上；
（3）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
（4）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是虚像；
（5）由于平面镜所成的像与物体关于镜面对称，所以该同学只将玻璃板向右平移，蜡烛到玻璃板的距离增大，则蜡烛像的位置向右移动。
故答案为：（1）确定；（2）竖直；（3）未点燃；等效替代法；（4）虚；（5）向右移动。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
20．【答案】（1）电流表没有调零；（2）B；（3）见解析图；（4）0.2；（5）2；没有控制电阻的电压不变；（6）①可行；②左。
【分析】（1）电流表使用前要调零；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）由图甲可知，滑动变阻器与定值电阻串联，滑片左侧电阻丝接入电路，据此连接实物电路；
（4）根据图丙电流表所选量程确定分度值读数；
（5）探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，由表中数据，除第2组数据外，求出它各组电阻两端的电压都保持不变，据此分析；
（6）①探究电流与电阻的关系时，需要改变电阻的阻值，控制电阻的电压不变，据此分析是否可行；
②当调小电阻箱接入电路的电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
【解答】解：（1）在实验开始前，小李发现电流表指针在“0”刻度线左边，说明电流表没有调零；
（2）为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的B端；
（3）由图甲可知，滑动变阻器与定值电阻串联，滑片左侧电阻丝接入电路，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
（4）由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；
（5）由表中数据可知，第2组电阻两端的电压：UV′＝I′R2＝0.2A×15Ω＝3V，其它各组电阻两端的电压始终保持：UV＝IR＝0.15A×40Ω＝…＝0.3A×20Ω＝0.6A×10Ω＝6V，故第2次测量的数据是错误的，错误的原因是没有控制电阻的电压不变；
（6）①探究电流与电阻的关系时，需要改变电阻的阻值，控制电阻的电压不变，图丁中电阻箱可以改变电阻大小且能读出阻值的大小，移动滑动变阻器的滑片可以控制电阻箱两端的电压不变，故该方案可行；
②当调小电阻箱接入电路的电阻时，其分得的电压减小，为了保持定值电阻两端电压不变，应减小滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动。
故答案为：（1）电流表没有调零；（2）B；（3）见解析图；（4）0.2；（5）2；没有控制电阻的电压不变；（6）①可行；②左。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查电流表的使用与读数、注意事项、电路连接、控制变量法、欧姆定律的应用、数据分析和实验方案的评价。
五、计算题（本大题共2小题，第21题7分，第22题6分，共13分）
21．【分析】（1）由图可知，当S1闭合，S2接a时，R1、R2串联；当S1闭合，S2接b时，只有R2工作；根据串联电路的电阻特点和P＝可知电热器加热状态和保温状态的电路连接；知道加热功率，利用P＝求出R2的阻值；
（2）根据保温功率和P＝求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值，利用P＝UI求出保温状态时电路中的电流，利用Q＝I2Rt求出电热器在保温状态下正常工作1min，电流通过电热丝R1产生的热量。
【解答】解：（1）由图可知，当S1闭合，S2接a时，R1、R2串联；当S1闭合，S2接b时，只有R2工作；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
则当S1闭合，S2接b时，只有R2工作，电路中的电阻最小，根据P＝可知，电功率最大，电热器处于加热状态；
由P＝可知，R2的阻值：R2＝＝＝40Ω；
（2）当S1闭合，S2接a时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，根据P＝可知，电功率最小，电热器处于保温状态；
由P＝可知，R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝440Ω；
根据串联电路的电阻特点可知，R1的阻值：R1＝R﹣R2＝440Ω﹣40Ω＝400Ω；
由P＝UI可知，保温状态时电路中的电流：I保温＝＝＝0.5A，
电热器在保温状态下正常工作1min，电流通过电热丝R1产生的热量：Q＝I保温2R1t＝（0.5A）2×400Ω×1×60s＝6000J。
答：（1）R2的阻值是40Ω；
（2）电热器在保温状态下正常工作1min，电流通过电热丝R1产生了6000J的热量。
【点评】本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
22．【分析】（1）知道海水的密度和深度，根据液体压强公式求出潜水器受到海水的压强；
（2）知道压强和受力面积，根据压强公式求出观察窗受到海水的压力；
（3）根据密度公式计算固体材料的体积，根据F浮＝ρ液体gV排计算固体材料完全浸没在海水中受到的浮力，根据重力公式计算固体材料的重力，进一步计算固体材料完全浸没在海水中受到的浮力和自身重力的差。
【解答】解：（1）“奋斗者”号下潜到10909m时受到的海水压强为：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10909m＝1.0909×108Pa；
（2）观察窗受到的海水压力：F＝pS＝1.0909×108Pa×0.03m2＝3.2727×106N；
（3）固体材料的体积：V＝＝＝4m3，
固体材料完全浸没在海水中受到的浮力：F浮＝ρ海水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4m3＝40000N，
质量为2400kg固体材料的重力：G＝mg＝2400kg×10N/kg＝24000N，
固体材料完全浸没在海水中受到的浮力和自身重力的差：ΔF＝F浮﹣G＝40000N﹣24000N＝16000N。
答：（1）“奋斗者”号下潜到最深处时所受到的水的压强为1.0909×108Pa；
（2）“奋斗者”号下潜到最深处时，面积为0.03m2的观察窗所受的压力为3.2727×106N；
（3）固体材料完全浸没在海水中受到的浮力和自身重力的差为16000N。
【点评】本题考查液体压强公式、压强定义式、浮力计算公式、重力公式的灵活运用，综合性强。
六、综合题（本大题共3小题，第23题6分，第24题7分，第25题6分，共19分）
23．【答案】（1）并；R；（2）1210W；（3）9.162×105J；（4）热传递：增大。
【分析】（1）根据串并联电路的特点分析电烤箱在加热工作时电风扇和电热管的连接关系，根据温控开关与电热管R串联在一条支路上分析温控开关所控制的电路；
（2）正常工作时电热管两端的电压为220V，根据P＝UI＝求出电热管的功率；
（3）由电路图可知，电烤箱工作时电风扇一直在工作，根据P＝求出电风扇消耗的电能，再根据图象读出电热管工作的时间求出其消耗的电能，两者之和即为本次焙烤鸡翅共消耗的电能；
（4）改变内能大小的方式有做功和热传递，热量从高温物体传递到低温物体，或从物体的高温部分传递到低温部分的现象，叫做热传递，没有做功而使内能改变的物理过程叫做热传递；内能的大小与质量、温度、状态有关。
【解答】解：（1）由图知，当定时开关机和温控开关都闭合时，电烤箱处于加热工作状态，此时电风扇和电热管互不影响，因此两者是并联关系，温控开关与电热管R串联在一条支路上，所以温控开关控制电热管R；
（2）正常工作时电热管两端的电压为220V，电热管的功率：P＝UI＝＝＝1210W；
（3）由电路图可知，当焙烤鸡翅时，电风扇与电热管是并联关系，电风扇在15分钟内一直工作：
由P＝可得电风扇消耗的电能：
WM＝PMtM＝50W×15×60s＝4.5×104J，
从丙图可知电热管在15分钟内，只工作了12min，电热管消耗的电能：
WR＝PRtR＝1210W×12×60s＝8.712×105J，
本次焙烤鸡翅共消耗的电能：
W＝WM+WR＝4.5×104J+8.712×105J＝9.162×105J；
（4）焙烤过程中是利用热空气流加热鸡翅，热量从高温的空气传递到低温鸡翅，因此该过程是通过热传递的方式改变鸡翅的内能，鸡翅的温度升高内能增大。
故答案为：（1）并；R；（2）1210W；（3）9.162×105J；（4）热传递：增大。
【点评】本题考查串并联电路的辨别、电功率公式的应用、改变内能方式的判断和内能的影响因素，难度不大。
24．【答案】（1）①重；②低；③2、3；④乙；⑤80%；（2）高；（3）省功。
【分析】（1）①比较1和2两次实验找出相同的量和不同的量，分析得出机械效率与变化量的关系；
②分析3、4中机械效率和物理量的变化，得出机械效率与动滑轮重之间的关系；
③研究机械效率与提升钩码的高度的关系，要控制其它因素相同，只改变提升高度；
④第5次试验绳端移动的距离与物块提升的高度一致，说明使用的是定滑轮；
⑤根据η＝＝×100%求出滑轮组的机械效率；
（2）在斜面上克服摩擦力做的功为额外功；
（3）使用任何机械都不能省功。
【解答】解：（1）①比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组相同，提升物体的重力越大，机械效率越高；
②由第3、4组数据可知，钩码重、钩码被提升的高度相同，动滑轮重不同，机械效率不同，且提升相同重物时，动滑轮越重，机械效率越低；
③研究机械效率与提升钩码的高度的关系，要控制其它因素相同，只改变提升高度，故比较2、3两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关；
④第5次实验绳端移动的距离与物块提升的高度一致，说明使用的是定滑轮，即图乙；
⑤图甲中的绳子段数n＝3，由题知，G物＝6N，F拉＝2.5N，则滑轮组的机械效率为：
η＝＝×100%＝×100%＝×100%＝80%；
（2）保持斜面倾斜程度不变，斜面越光滑，摩擦越小，额外功越少，在有用功一定时，总功越小，由η＝知斜面的机械效率越高；
（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都不能省功。
故答案为：（1）①重；②低；③2、3；④乙；⑤80%；（2）高；（3）省功。
【点评】本题考查了影响机械效率的因素，主要考查控制变量法、数据分析及功的原理，综合性强，但难度不大。

25．【答案】（1）N；（2）C；（3）B；（4）500；（5）减小；减小；（6）1.98×107。
【分析】（1）由线圈中的电流方向，根据安培定则判断出电磁铁的N、S极；
（2）铁钴镍等种物质能够被磁铁吸引，这类物质叫磁性物质；
（3）根据磁化的定义、电流磁效应的定义以及磁极间相互作用的规律分析解答；
（4）当相对湿度控制在45%RH时，根据欧姆定律求出此时的总电阻，然后由图3得出相对湿度控制在45%RH时R的阻值，根据串联电路的特点即可求出R0的最大阻值；
（5）根据图3分析湿敏电阻大小与湿度的关系；衔铁被吸下的电流不变，若要早点开始除湿，应该使电流早点达到衔铁被吸下的电流，进而判断电阻变化；
（6）根据密度公式求出实验室内水蒸气的质量；根据除湿量求出除湿器工作的时间；根据W＝Pt求出消耗的电能。
【解答】解：
（1）当S接通时，电流从螺线管上端流入，由安培定则可判断出图2中线圈的上端P的磁极是N极。
（2）磁性材料是指铁、钴、镍等物质，磁性弹片需要用磁性材料，锌、铝不是磁性材料，钢是磁性材料，但钢是硬磁性材料，通电时有磁性，断电时磁性不会消失，不合适做磁性弹片，故ABD不符合题意，C符合题意；故选C。
（3）开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在电流的作用下被磁化成异名磁极，异名磁极相互吸引，利用了电流的磁效应。
A．电动机的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁铁的原理是导体通电产生了磁场，即电生磁，属于电流磁效应，故B符合题意；
CD．发动机和话筒的原理都是电磁感应，故CD不符合题意。
故选B。
（4）由图3可知，当相对湿度控制在45%RH时湿敏电阻R的阻值R′＝100Ω，电流为I≥20mA＝0.02A；
此时L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的压缩机开始带动系统进行除湿。根据欧姆定律I＝可得，电路中的总电阻：
R总＝＝＝600Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，调控电阻R0的阻值：R0＝R总﹣R′T＝600Ω﹣100Ω＝500Ω；
（5）根据图3可知湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而变小，若要早点开始除湿，即相对湿度减小，湿敏电阻阻值变大，由于衔铁被吸下的电流不变，根据欧姆定律I＝可知，若U1不变，I不变，则R总不变，所以需要减小控制电阻R0的阻值。
（6）实验室内水蒸气的质量为：m＝ρV＝30g/m3×200m3＝6000g＝6kg；
除湿一次的时间为：t＝＝5h＝1.8×104s；
消耗的电能为：W＝Pt＝1100W×1.8×104s＝1.98×107J。
故答案为：（1）N；（2）C；（3）B；（4）500；（5）减小；减小；（6）1.98×107。
【点评】本题综合考查了学生对用电器的工作特点、安培定则、欧姆定律公式和电功率公式的理解和运用，以及对串联电路电流、电阻、电压规律的考查。考查的内容都是电学部分的基础和重点内容，一定要掌握。