高考数学一轮复习 专题4.5 《导数》单元测试卷

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高考数学一轮复习策略1、揣摩例题。课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。2、精练习题复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。3、加强审题的规范性每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。4、重视错题“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。 专题4.5 《导数》单元测试卷考试时间：120分钟     满分：150注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上．2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．第I卷 选择题部分（共60分）一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（2020·全国高二课时练习）已知f(x)＝sinx－cosx，则＝（    ）A．0 B．C． D．1【答案】C【解析】根据求导公式直接求导即可.【详解】∵＝cosx＋sinx，∴＝cos＋sin＝.故选：C2．（2021·全国高三其他模拟（文））函数在处的切线斜率为（    ）A． B． C． D．【答案】C【解析】求出在处导数值即可.【详解】，，，积切线斜率为0.故选：C.3．（2021·江西抚州市·临川一中高三其他模拟（理））曲线在处的切线方程为（    ）A． B． C． D．【答案】D【解析】根据导数的几何意义求出直线的斜率，再求出切点坐标，最后运用直线的点斜式方程就可以求出切线方程.【详解】依题意，，则，而当时，，故所求切线方程为，即.故选：D.4．（2021·江苏高三其他模拟）函数的大致图象是（ ）A． B．C． D．【答案】A【解析】判断函数的奇偶性，通过求导判断函数的单调性，利用排除法即可得解．【详解】因为，所以是奇函数，从而的图像关于原点对称.故排除B和C.因为，所以是增函数，故排除D. 故选：．5．（2021·沈阳市·辽宁实验中学高三二模）随着科学技术的发展，放射性同位素技术已经广泛应用于医学、航天等众多领域，并取得了显著经济效益，假设某放射性同位素的衰变过程中，其含量（单位：贝克）与时间（单位：天）满足函数关系，其中为初始时该放射性同位素的含量，已知时，该放射性同位素的瞬时变化率为，则该放射性同位素含量为9贝克时衰变所需时间为（    ）．A．20天 B．30天 C．45天 D．60天【答案】B【解析】求导，根据时，该放射性同位素的瞬时变化率为，求得，得到，再由求解.【详解】由得，因为时，该放射性同位素的瞬时变化率为，即，解得，则，当该放射性同位素含量为9贝克时，即，所以，即，所以，解得，故选：B．6．（2020·全国高二课时练习）函数在上是减函数，则（    ）A． B．C． D．【答案】D【解析】先求解出，然后根据在上恒成立求解出的取值范围.【详解】∵，又函数在上是减函数，∴在上恒成立，∴，当时，显然成立，当时，且，∴.当时，，满足题意．故选：D.7．（2021·山东烟台市·高三其他模拟）若函数的所有零点之和为0，则实数a的取值范围为（    ）A． B． C． D．【答案】A【解析】先根据分段函数的形式确定出时的零点为，再根据时函数解析式的特点和导数的符号确定出图象的“局部对称性”以及单调性，结合所有零点的和为0可得，从而得到参数的取值范围.【详解】当时，易得的零点为，当时，，∵当时，，∴的图象在上关于直线对称.又，当时，，故单调递增，当时，，故单调递减，且，.因为的所有零点之和为0，故在内有2个不同的零点，且，解得.故实数a的取值范围为．故选：A．8．（2020·云南丽江市·高二期末（文））已知定义在上的偶函数的导函数为，函数满足：当时， ，且．则不等式的解集是（    ）A． B．C． D．【答案】C【解析】由已知条件构造函数，则，在R上为奇函数，且单调递增，而由，可得，然后分和对化简，再利用的单调性可解得不等式【详解】当时，，∴，令，为上的偶函数，则，在R上为奇函数，且单调递增，且，则①当时，，即，，即，∴；②当时，，，，即，∴．综上，不等式的解集为．故选：C．二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分．9．（2021·辽宁本溪市·高二月考）已知定义在上的函数满足，则下列结论正确的是（    ）A． B．C． D．【答案】AD【解析】把题中条件变形为，根据条件构造函数，利用函数的单调性即可比较大小.【详解】因为，，所以，设，则，所以在上单调递增，所以，即，所以，即，故选项A正确；由得，所以选项D正确；选项B，C无法推出.故选：.10．（2021·辽宁高三其他模拟）已知和是函数的两个极值点，且函数有且仅有两个不同零点，则值为（    ）A． B． C． D．0【答案】BD【解析】依题意解得，然后求得的极值. 要使函数有两个零点，则的极大值为0或的极小值为0，进而可得结果.【详解】，依题意，是的两个根，所以，解得.故.易求得函数的极大值为和极小值为.要使函数有两个零点，则极大值或极小值.所以或．故选：BD.11．（2021·济南市·山东师范大学附中高二期中）已知函数，则下列结论正确的是（    ）A．若在单调递增，则实数B．当时，是的极值点C．当时，的零点满足D．当时，恒成立【答案】AC【解析】对于，依题意转化可得在上恒成立，令，求函数的最小值即可；对于，将代入，判断函数的单调性，进而得出极值情况；对于，将代入，利用零点存在性定理判断即可；对于，将代入，由即可判断．【详解】对于，若在单调递增，则在上恒成立，即在上恒成立，令，则，易知函数在单调递增，故（1），，即，选项正确；对于，当时，，则在上单调递减，在上单调递增，故（1），在上单调递增，无极值点，选项错误；对于，当时，，,在上单调递减，在上单调递增，故（0），，在上递增，则仅有一个零点，又，由零点存在性定理可知，，选项正确；对于，当时，，当时，，选项错误．故选：．12．（2021·福建上杭一中高三其他模拟）函数，，下列说法正确的是（    ）A．当时，在处的切线方程为B．当时，存在唯一极小值点且C．存在，在上有且只有一个零点D．对任意，在上均存在零点【答案】ABC【解析】直接法，逐一验证选项，选项，通过切点求切线，再通过点斜式写出切线方程，选项 通过导数求出函数极值并判断极值范围，选项、，通过构造函数，将零点问题转化判断函数与直线 的交点问题．【详解】解：直接法，逐一验证．选项，当时，，，所以，故切点为，，所以切线斜率，故直线方程为：，即切线方程为： 选项符合题意；选项，当时，，，，恒成立，所以单调递增，又， 故存在唯一极值点，不妨设，则，即，且，，，，所以极小值，选项符合题意；对于，，令，即，当，且 显然没有零点，故，且，所以则令，，令，解得，，，所以 单调递增，， 单调递减，有极大值， 单调递减，， 单调递增，有极小值故选项，任意均有零点，不符合，选项，存在，有且只有唯一零点，此时，故选：．第II卷 非选择题部分（共90分）三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．（2021·浙江高二期末）曲线上的任意一点P处切线的倾斜角的取值范围是________．【答案】【解析】求出导数，可得导函数的值域即为倾斜角的正切值取值范围，即可得出倾斜角范围.【详解】由可得，设点P处切线的倾斜角为，则可得，，则可得.故答案为：.14．（2021·河南洛阳市·高二月考（理））若函数在上有两个零点，则实数的取值范围为___________.【答案】【解析】采用分离参数法，可得，再令，对函数求导，利用函数单调性，可知在上单调递减，在上单调递增，根据最小值和单调区间，作出函数的图象，利用数形结合，即可求出结果.【详解】令，则，令，则由知，在上单调递减，在上单调递增，且，，.，，，作出函数的图像，如下图所示：所以函数在上有两个零点，则实数的取值范围为.故答案为：.15．（2021·陕西咸阳市·高三其他模拟）已知函数对均有，若恒成立，则实数m的取值范围是_______.【答案】【解析】根据题意得，进而根据已知条件解方程得，进而将问题转化为恒成立，再构造函数，求函数最值即可.【详解】∵函数对均有①，∴将换为x，得②，∴由①②，解得.∴恒成立，恒成立，∴只需，令，则，令，则，∴在上单调递减，在上单调递增，∴，∴，∴m的取值范围为.故答案为：16．（2021·辽宁大连市·高三二模）英国著名物理学家牛顿用“作切线”的方法求函数零点时，给出的“牛顿数列”在航空航天中应用广泛，若数列满足，则称数列为牛顿数列.如果函数，数列为牛顿数列，设，且，.则________；数列的前项和为，则_______.【答案】        【解析】根据题意，求得表达式，进而可得，表达式，可求得，所以，根据等比数列定义及通项、求和公式，即可得答案.【详解】因为，所以，所以，所以，，所以，所以，所以，又，所以数列是以1为首项，2为公比的等比数列，所以，所以，四、解答题：本题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（2021·河南洛阳市·高二月考（理））已知函数．（1）求函数的单调区间；（2）求函数的极值．【答案】（1）单调增区间为：和，单调减区间为：；（2）极大值40，极小值8．【解析】（1）对求导，令导函数大于0，得单增区间；令导函数小于0，得单减区间，（2）由（1）中的即可得单调区间.【详解】（1）∵，∴．令，则或2，200单调递增40单调递减8单调递增故的单调增区间为：和，单调减区间为：．（2）由（1）得：当时，有极大值40，当时，有极小值8．18．（2021·江苏高二月考）设函数（1）若在点处的切线为，求a，b的值；（2）求的单调区间.【答案】（1），；（2）当时，在单调递减；当时，的递增区间为，单减区间为.【解析】（1）根据导数的几何意义求出a，再把切点坐标代入切线方程求出b；（2）求出导函数，对a分类讨论，利用导函数的正负与原函数的单调性的关系即可求出单调区间.【详解】（1）的定义域为，，因为在点处的切线为，所以，所以；所以把点代入得：.即a，b的值为：，.（2）由（1）知：.①当时，在上恒成立，所以在单调递减；②当时，令，解得：，列表得：x-0+↗ ↘所以，时，的递增区间为，单减区间为.综上所述：当时，在单调递减；当时，的递增区间为，单减区间为.19．（2021·合肥市第六中学高三其他模拟（文））已知函数.（1）当时，判断的单调性；（2）若有两个极值点，求实数的取值范围.【答案】（1）见解析；（2）【解析】（1）当时，利用导数证明函数的导数恒大于0，即可得到答案；（2）利用参变分离将问题转化为方程有两个不相等的实根，讨论和，即可得到答案；【详解】（1）当时，的定义域为，，令，则，当，当，所以在上单调递减，在上单调递增，为的极小值点，且，在单调递增.（2）问题转化为方程有两个不相等的实根，当，即时，不成立；当且时，，令，则与的图象有两个交点，，或；，在单调递减，在单调递增，又当，，且在的最小值为，当时，直线与的图象有两个交点，实数的取值范围.20．（2021·河南郑州市·高二期末（理））已知函数，，其中．（1）若曲线在处的切线斜率为，求的值；（2）若对任意的，不等式恒成立，求实数的取值范围．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）求导，根据，代入求得参数a；（2）将不等式转化为，设，从而问题变成函数值大小比较即为．通过导数求得函数单调区间，进而转化为自变量大小比较，因含参数，后面利用分离参数，对新函数，利用导数研究其最值情况即可得到参数取值范围.【详解】解：（1）依题可得，且，．．（2）由题设知，即，整理得，设，则上式即为．，令得．当时，，函数单调递增；当时，，函数单调递减．又当时，，只需，即，设，则．令得．当时，，单调递增；当时，，单调递减．．．21．（2021·辽宁本溪市·高二月考）已知函数．（1）求的单调区间；（2）若方程有两个不同的解，求实数的取值范围；（3）当时，求证：．【答案】（1）单调增区间为，单调减区间为；（2）；（3）证明见解析．【解析】（1）求出函数的定义域，利用导数与函数单调性的关系可求得函数的增区间和减区间；（2）利用（1）中的结论，数形结合可得出实数的取值范围；（3）构造函数，，利用导数证得，由此可证得所证不等式成立.【详解】（1）函数的定义域为，且.令，解得；令，解得．所以的单调增区间为，单调减区间为；（2）由（1）可知，当时，，当时，，由可得，则直线与函数的图象有两个交点，如下图所示：由图可知，当时，直线与函数的图象有两个交点，因此，实数的取值范围是；（3）证明：欲证，只需证．令，．则，令，则，因为，所以，．所以，所以在上单调递减，所以，所以，则在上单调递减，所以，故当时，．【点睛】方法点睛：利用导数证明不等式问题，方法如下：（1）直接构造函数法：证明不等式（或）转化为证明（或），进而构造辅助函数；（2）适当放缩构造法：一是根据已知条件适当放缩；二是利用常见放缩结论；（3）构造“形似”函数，稍作变形再构造，对原不等式同解变形，根据相似结构构造辅助函数.22．（2021·全国高三其他模拟）已知函数f（x）＝1+lnx+ln2x﹣x.（1）若g（x）＝f′（x），求g（x）的极大值.（2）当x≥a（a∈R）时，f（x）≤0恒成立，求实数a的最小值.（3）当x∈（0，1）时，证明：xex+3sinx＞4x+x2.【答案】（1）；（2）1；（3）证明见解析.【解析】（1）首先求出，然后求导判断单调区间即可求出极大值；（2）借助第一问的结论可以求出的范围，进而求得最小值；（3）放缩后构造函数，求出其最值，即可得证.【详解】（1），，因为当时，，当时，，所以在上单调递增，在上单调递减，所以在处取得极大值，且，故的极大值为；（2）由（1）知：当时，恒成立，即恒成立，所以在上单调递减，又，所以当时，恒成立，所以，故实数a的最小值为1；（3）由（2）知：时，恒成立，令，所以恒成立，所以，故，当时，要证，只需证，即证，令，则，令，则，令，则，所以在上单调递增，，所以，即，因此在上单调递增，，所以，即，故在上单调递增，，所以，即原不等式成立.