江苏苏州市2020-2022三年中考化学真题知识点分类汇编-06生活中常见的化合物

江苏苏州市2020-2022三年中考化学真题知识点分类汇编-06生活中常见的化合物

一、单选题

1．（2022·江苏苏州·统考中考真题）下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是

A．一氧化碳具有可燃性，可用于工业炼铁

B．酒精具有挥发性，可用于杀菌消毒

C．浓硫酸具有吸水性，可用作干燥剂

D．熟石灰微溶于水，可用于改良酸性土壤

2．（2022·江苏苏州·统考中考真题）铜元素的“化合价与物质类别”对应关系如下图。下列有关说法不正确的是

A．Cu（OH）2属于碱

B．物质a的化学式为Cu2O

C．Cu可与稀硫酸反应生成CuSO4

D．CuSO4溶液可与氢氧化钠溶液反应生成Cu（OH）2

3．（2022·江苏苏州·统考中考真题）氢氧化钠溶液与稀盐酸恰好完全反应的微观示意图如下。下列说法不正确的是

A．盐酸中存在的微粒有水分子和氯化氢分子

B．该反应的微观实质是H+和OH-结合生成水分子

C．Na+和Cl-在该反应过程中没有被消耗

D．恰好完全反应时，溶液呈中性

4．（2022·江苏苏州·统考中考真题）向溶液X中加入氢氧化钠溶液，加热，产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝。则溶液X中一定含有的微粒是

A．Cl- B． C．Ca2+ D．

5．（2021·江苏苏州·统考中考真题）如图是室温下稀盐酸与稀氢氧化钠溶液反应过程中pH的变化曲线，下列说法不正确的是

A．实验时将稀盐酸逐滴滴入稀氢氧化钠溶液中

B．a点到b点pH变化的原因是H+和OH-发生反应

C．b点时，参加反应的HCl与NaOH的质量比为36.5：40

D．c点时，溶液中的Na+个数大于C1-个数

6．（2021·江苏苏州·统考中考真题）在给定条件下，下列选项所示的物质间转化能实现的是

A．

B．

C．

D．

7．（2021·江苏苏州·统考中考真题）下列各组离子在溶液中能大量共存的是

A．K+、Ca2+、Cl- B．Ba2+、、Cl-

C．、H+、OH- D．H+、Na+、

8．（2021·江苏苏州·统考中考真题）下列有关物质的性质与用途对应关系正确的是

A．石墨质软，可用作电池电极 B．氮气难溶于水，可用作保护气

C．醋酸有挥发性，可用于除水垢 D．固体氢氧化钠有吸水性，可用作干燥剂

9．（2020·江苏苏州·统考中考真题）下列实验操作图示正确的是

A．加热液体 B．测定pH

C．滴加液体 D．检查气密性

10．（2020·江苏苏州·统考中考真题）在给定条件下，下列选项所示的物质间转化不能实现的是

A．

B．

C．

D．

11．（2020·江苏苏州·统考中考真题）下列指定反应的化学方程式正确的是

A．镁条燃烧：

B．铜绿分解：

C．氨水中和硫酸：

D．酒精完全燃烧：

12．（2020·江苏苏州·统考中考真题）下列各组离子在溶液中能大量共存的是（   ）

A．NH、SO、NO

B．H+、Ba2+、OH-

C．Fe2+、Na+、OH-

D．Ca2+、Cl-、CO

13．（2020·江苏苏州·统考中考真题）用如图所示装置探究CO2能否与H2O反应。滴加盐酸，待试管乙中液体变红后，将其加热至沸腾，红色不褪去。下列说法正确的是

A．甲中逸出的气体只含CO2

B．乙中液体变红，证明CO2能与水反应

C．加热后红色不褪去，说明碳酸受热不分解

D．欲达到实验目的，可将盐酸改为稀硫酸

14．（2020·江苏苏州·统考中考真题）下列物质的性质与用途具有对应关系的是

A．天然气难溶于水，可用作燃料

B．碳酸氢铵受热易分解，可用作化肥

C．石墨有导电性，可用于生产铅笔芯

D．小苏打能与盐酸反应，可用于治疗胃酸过多

二、流程题

15．（2022·江苏苏州·统考中考真题）锰元素能形成MnO、MnO2、Mn2O3和Mn3O4等多种氧化物，其中Mn3O4是重要的结构材料。工业用硫酸锰（MnSO4）制备Mn3O4的流程如下：

(1)“沉淀”反应是。该反应的基本类型为___________。

(2)写出“过滤”所得滤液的一种用途：___________。

(3)将Mn（OH）2加水“打浆”制成悬浊液，可加快“氧化”反应速率的原因是___________。

(4)“氧化”时，Mn（OH）2与空气中的氧气在60℃条件下反应生成Mn3O4，该反应的化学方程式为___________。

(5)通过测定固体产物中锰元素质量分数来推断产物成分。“氧化”所得固体产物中锰元素质量分数随通空气时间的变化如图所示。

①通空气8小时左右，所得固体几乎全部为Mn3O4.推出该结论的依据是___________。

②通空气超过8小时，产物中锰元素质量分数减小的原因是___________。

16．（2022·江苏苏州·统考中考真题）二氧化碳捕集和资源化利用是碳中和领域研究热点。

碳捕集：捕捉烟气CO2，将其再释出可实现资源化利用，相关物质转化如下：

(1)“颗粒反应室”中反应的化学方程式为___________。

(2)上述流程中可循环使用的物质有___________（填化学式）。

碳的资源化利用    中国科学家已实现由CO2到淀粉的全人工合成，主要过程如下：

(3)检验淀粉的常用试剂是___________（填名称）。  

(4)绿色植物实现CO2到葡萄糖的转化过程称为___________。

(5)阶段I反应的微观过程如图1所示。写出甲醇的化学式：___________。

(6)阶段Ⅱ的物质转化如图2所示。反应a中四种物质的化学计量数均为1。

①推测分子中氢原子数目：甲醇___________甲醛（填“>”、“<”或“=”）。

②为使甲醇持续转化为甲醛，反应b需补充H2O2.理论上需补充的H2O2与反应a中生成的H2O2的分子个数比≥___________。

17．（2021·江苏苏州·统考中考真题）水是生命之源，是人类宝贵的自然资源。

Ⅰ.节约用水

(1)下列图标是我国“国家节水标志”的是_______(填字母)。

Ⅱ.水的净化

天然水净化为自来水的主要流程如下：

(2)“沉降池”中可用明矾作混凝剂，其化学式为KA1(SO4)n·12H2O，n的值为_______。

(3)“吸附池”中常用_______(填物质名称)吸附色素和异味。

(4)“消毒池”中常用液氯作消毒剂，发生了反应：，若用自来水直接配制硝酸银溶液会产生氯化银白色沉淀。写出盐酸与硝酸银溶液反应的化学方程式：_______。

Ⅲ.废水处理

(5)废水中氨氮(以NH3形式存在)含量过高，直接排放会导致水体富营养化。次氯酸(HClO)可除去废水中的NH3，发生的反应为：。X的化学式为_______，若废水碱性过强(pH>10)，NH3的去除率会显著降低，原因是_______。

18．（2021·江苏苏州·统考中考真题）碳酸氢铵是一种常用的化学肥料。工业生产碳酸氢铵的一种流程如下：

已知：“合成”步骤中发生的反应为，

(1)碳酸氢铵属于化肥中的_______肥

(2)“造气”步骤中为加快反应速率，可采取的具体措施有_______。(写一条即可)

(3)“碳酸化”步骤的化学方程式为_______。该步骤在较低温度下进行的原因是_______。

(4)“碳酸化”步骤的作用是制取碳酸氢铵和_______。

(5)“循环”的目的是_______。

19．（2021·江苏苏州·统考中考真题）硫酸亚铁是一种重要的补铁剂。实验室以废铁屑(含少量Fe2O3)为原料制备硫酸：亚铁晶体的流程如下：

已知：铁与硫酸铁反应的化学方程式为。

(1)“碱洗”是为了洗去铁屑表面的油污，用热的碳酸钠溶液浸泡，过滤，再用蒸馏水洗涤2-3次。取最后一次洗涤液，测其pH，若pH=_______，说明洗涤液中无碳酸钠。

(2)“酸溶”是向“碱洗”过的铁屑中加入过量稀硫酸。

①写出铁与稀硫酸反应的化学方程式：_______。

②所用硫酸溶液浓度不能太稀，原因是_______。

③废铁屑中的少量Fe2O3不需要进行除杂处理，原因是_______。

(3)“结晶”的相关操作依次为：蒸发浓缩、降温结晶。蒸发浓缩的目的是_______，便于结晶。

(4)含量测定：准确称取制得的硫酸亚铁样品2.82g于锥形瓶中，加蒸馏水完全溶解，加入稀硫酸，滴加溶质质量分数为1.58%的高锰酸钾溶液，当恰好完全反应时，消耗高锰酸钾溶液的体积为20.00mL(该高锰酸钾溶液密度近似为1g·mL-1)。列式计算该样品中硫酸亚铁的含量_____(结果用百分数表示，保留一位小数)。

已知：高锰酸钾与硫酸亚铁反应的化学方程式为 (相对分子质量；FeSO4-152，KMnO4-158)

20．（2020·江苏苏州·统考中考真题）硝酸钙可用于无土栽培等。一种利用石灰石制备硝酸钙晶体的流程如下：

已知：硝酸会挥发、受热会分解。

（1）气体X为_______（填化学式）。

（2）“制浆”所得的混合物属于_______（填字母）。

a 溶液

b 悬浊液

c 乳浊液

（3）写出“中和”步骤主要反应的化学方程式：________。

（4）工业生产根据以下两项指标判断“中和”反应完全发生：容器内混合物基本变澄清和_____。

（5）“制浆”时须控制好加入水的量。加入水量太少会导致制浆困难；加入水量太多会导致_。

（6）若省去“制浆”步骤也可制得硝酸钙。但硝酸利用率会降低、同时会产生污染气体NOx。产生NOx的原因是______。

三、实验题

21．（2022·江苏苏州·统考中考真题）实验室用下图所示装置制CO2气体，并进行相关实验研究。

已知：①氯化钙溶液接近中性；②CO2与NaHCO3溶液不反应。

(1)仪器a的名称是___________。

(2)连接装置A、B，向锥形瓶内逐滴滴入稀盐酸，观察到乙处燃着的火柴先熄灭。

①锥形瓶内发生反应的化学方程式为___________。

②由实验现象可推知CO2具有的性质：不可燃，不支持燃烧，___________。

(3)若在装置A与CO2收集装置之间增加装置C，其目的是___________。

(4)实验废液处理：待装置A中锥形瓶内无气泡产生时，静置，过滤除去底部多余的固体粉末，测得滤液pH约为3.废液处理时，需将pH调节至6~9。

①写出滤液所含溶质的化学式：___________。

②向上述滤液中缓慢加入___________（填字母），搅拌，调节溶液pH至6~9，倒入指定容器。

a、碳酸钙粉末        b、澄清石灰水        c、氢氧化钠溶液

22．（2022·江苏苏州·统考中考真题）铁黄（FeOOH）是重要的化工产品。某科研小组在实验室进行铁黄制备研究。

已知：①铁黄制备原理

②为促进生成的铁黄沉淀有序生长，实验时需加入少量已制铁黄作为晶种。

(1)FeOOH可表示为xFe2O3·yH2O，其中=___________。

(2)铁皮处理：取一定量铁皮，用稀硫酸除去表面铁锈。该除锈反应的化学方程式为_____。

(3)制备铁黄：在如图所示装置的三颈烧瓶内进行制备。

步骤一：加入一定量除锈后的碎铁皮

步骤二：加入含有少量铁黄晶种的悬浊液；

步骤三：滴加少量FeSO4溶液；

步骤四：控制合适条件，边搅拌边鼓入空气，充分反应48小时，得到大量FeOOH沉淀。

①将三颈烧瓶中所得FeOOH沉淀分离出来的实验操作是___________（填操作名称）。

②为提高产品纯度，需洗涤分离出的沉淀。洗涤前沉淀表面吸附的阴离子为_________（填离子符号）。

③实验中仅滴加少量FeSO4溶液，就能得到大量FeOOH沉淀，其原因是___________。

23．（2021·江苏苏州·统考中考真题）实验室常用溶质质量分数为6%的H2O2溶液(MnO2作催化剂)制取少量氧气，

(1)配制6%的H2O2稀溶液

①计算：市售H2O2溶液溶质质量分数通常为30%。配制100g6%的H2O2溶液，需要30%的H2O2溶液质量为_______g。

②配制：量取所需H2O2溶液和水于烧杯中，用_______(填仪器名称)搅拌，充分混合。

(2)制取氧气(可能用到的部分装置如下图)

①实验室用H2O2制取氧气的化学方程式为_______，可选择的发生装置为_______(填字母)

②若用C装置干燥氧气，则C中盛放的试剂为_______。

③若用D装置收集氧气，则气体应从导管_______(填“a”或“b”)端通入。

(3)拓展延伸

若直接用30%的H2O2溶液制取氧气，反应速率太快。为获得平稳的气流，下列发生装置能达到最佳效果的是_______(填字母)。

24．（2020·江苏苏州·统考中考真题）碳酸钠俗称纯碱或苏打，在生活、生产和实验研究中均有广泛应用。

【配制溶液】配制溶质质量分数分别为1%、2%和4%的Na2CO3溶液

（1）若配制50g溶质质量分数为4%的Na2CO3溶液，下列操作正确的是______（填字母）。

a.用托盘天平称取2gNa2CO3固体

b.选用50mL量筒量取所需体积的水

c.选用带玻璃塞的广口试剂瓶，将配好的溶液装瓶并贴标签

（2）分别测定25℃时，上述3种溶液的pH，记录数据如下：

分析I、Ⅱ、Ⅲ三组数据可得出的结论是________。

【制备物质】用Na2CO3溶液和FeSO4溶液发生复分解反应制备FeCO3

【已知溶液pH大于8.8时，Fe2+完全生成Fe（OH）2沉淀】

（3）在烧杯中制备FeCO3沉淀时，应选用的加料方式是______（填字母）。

a.将FeSO4溶液与Na2CO3溶液同时加入到烧杯中

b.将Na2CO3溶液缓慢加入到盛有FeSO4溶液的烧杯中

c.将FeSO4溶液缓慢加入到盛有Na2CO3溶液的烧杯中

（4）潮湿的FeCO3固体置于空气中易变质，反应如下：，则X的化学式为___________。

【标定浓度】标定待测盐酸的溶质质量分数

（5）将Na2CO3固体在270℃干燥至恒重，准确称取0.212g无水Na2CO3于锥形瓶中，加入50mL蒸馏水溶解，滴入待测盐酸，当两者恰好完全反应时，消耗盐酸的体积为20.00mL（该盐酸的密度近似等于1g·mL-1，反应中Na2CO3所含的碳元素全部转化为CO2）。

①列式计算待测盐酸的溶质质量分数_____（结果用百分数表示，保留两位小数）。

②若上述测定过程中Na2CO3固体未经充分干燥，则测出盐酸的溶质质量分数将_____（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。

四、综合应用题

25．（2022·江苏苏州·统考中考真题）市售纯碱主要成分是碳酸钠，还含少量氯化钠等杂质。某实验小组对市售纯碱样品进行定性检验和定量测定。

已知：①部分银盐的溶解性如下表

②氯化银不溶于稀硝酸。

(1)验证样品中含有氯化钠

实验Ⅰ、取纯碱样品，加水溶解得溶液X，测得溶液pH约为12。

实验Ⅱ、取溶液X，滴加过量试剂Y，产生能使澄清石灰水变浑浊的气体。

实验Ⅲ、向实验Ⅱ后所得溶液中滴加硝酸银溶液，有白色沉淀生成。

结论：样品中含有氯化钠。

①测定溶液pH的操作：用玻璃棒蘸取溶液滴在pH试纸上，与___________相比较。

②实验Ⅱ中所加的试剂Y应选用___________（填字母）。

a、稀盐酸        b、稀硝酸        c、氢氧化钠溶液    d、氯化钙溶液

③由上述实验推断，溶液X中含有的阴离子除Cl-外，还有___________（填离子符号）。

(2)测定样品中碳酸钠含量

准确称取2.000g干燥纯碱样品，加水溶解，逐滴加入溶质质量分数为3.65%的稀盐酸，边滴加边搅拌，当两者恰好完全反应时（含碳物质全部转化为CO2），消耗盐酸体积为37.00mL。（该盐酸的密度近似等于1g·mL-1，杂质不与盐酸反应）

①通过计算判断该纯碱样品的等级_________。（写出计算过程）无水碳酸钠等级规定如下：

②实验发现，当滴入盐酸体积略少于37.00mL时，溶液pH就降至7以下（约为5），溶液pH小于7的原因是___________。将此时的溶液煮沸，pH会略有升高，其原因___________。

五、科学探究题

26．（2021·江苏苏州·统考中考真题）石灰石是重要的化工原料。为研究石灰石的性质和用途进行如下探究。

Ⅰ.石灰石分解的探究

取三块形状大小相近的石灰石(长宽厚约为)，一块不加热，另两块分别在酒精灯和酒精喷灯(酒精化学式为C2H5OH)的火焰上加热2min(假设杂质加热时不发生变化)。探究过程如图所示，实验现象见表1。

表1不同条件下的实验现象

(1)通过甲、乙，丙三组对比实验，得出影响石灰石分解的因素是_______。

(2)丙组实验加热石灰石时，在火焰上方倒扣一个用澄清石灰水润湿的烧杯，石灰水变浑浊，出现浑浊的化学方程式为_______。此实验能否推断石灰石煅烧产生二氧化碳，并说明理由：_______。

(3)丙组实验中，向试管B中逐滴滴入稀盐酸，至红色恰好褪去，轻轻晃动试管，溶液自下而上又变为红色。解释产生上述现象的原因：_______。

(4)为检验丙组实验中的石灰石部分分解，设计实验：取研细后的粉末少许于试管中，_______(补充完整实验方案)。

Ⅱ.石灰石煅烧温度的探究

【查阅资料】生石灰质量的优劣常采用“活性度”来衡量。“活性度”的测定方法：取一定质量的生石灰，加入一定量的水，用指定浓度的盐酸中和，记录所消耗盐酸的体积数(单位为mL)，消耗盐酸的体积数越大，“活性度”越高。

某研究小组在电炉内煅烧石灰石样品，并测定煅烧产物(CaO)的活性度，数据见表2。

表2不同条件下煅烧产物的活性度(mL)

(5)石灰石煅烧的最佳温度范围为1100~1200℃的证据是_______。

Ⅲ.石灰石用途的探究

(6)石灰石是高炉炼铁的原料之一、石灰石能除去铁矿石中的SiO2，同时能提高单位时间内生铁的产率。分析加入石灰石能提高生铁产率的原因：_______。

六、科普阅读题

27．（2022·江苏苏州·统考中考真题）阅读下列材料，回答相关问题。

生命保障系统是中国空间站实现在轨长期运行的关键，该系统包括电解制氧、水处理、二氧化碳及微量有害气体去除等子系统。

电解制氧技术是目前公认最具合理性的空间站氧气补给技术，利用太阳能电池板供电，电解1L水能产生约620L氧气，可满足1名宇航员一天的需要。水中加入氢氧化钾可提高电解水效率，随技术进步，氢氧化钾逐渐被固体电解质等替代。电解水产生的氢气与宇航员呼出的二氧化碳在催化剂作用下生成水和甲烷，水可循环使用。

水处理系统主要是将水蒸气、汗液、尿液和生活废水等进行处理，其过程包括净化、低压（10kP左右）蒸馏和冷凝。经过该系统处理的水达到饮用水标准，且水的回收率达80%以上，回收的水用于宇航员生活用水和电解制氧。

(1)电解制氧时，电池板的能量转化形式：___________转化为电能。

(2)电解水产生氢气和氧气的体积比理论上为___________（相同条件）。

(3)氢氧化钾可提高电解水效率，因为其溶于水产生自由移动的___________（填微粒符号）。

(4)空间站中，氢气与二氧化碳在催化剂作用下反应的化学方程式为___________。

(5)水蒸馏时，减小压强可使水的沸点___________（填“升高”或“降低”）。

参考答案：

1．C

【详解】A、一氧化碳可用于工业炼铁，是利用了一氧化碳的还原性，在高温条件下一氧化碳和氧化铁反应生成铁和二氧化碳，与可燃性无关，选项错误；

B、酒精可用于杀菌消毒，能使细菌中蛋白质变性而将其杀死，与挥发性无关，选项错误；

C、浓硫酸具有吸水性，能够将别的物质中混有的水分吸收，故可用作干燥剂，选项正确；

D、熟石灰（氢氧化钙的俗称）是一种碱，能与酸性物质发生中和反应，故可用于改良酸性土壤，选项错误；

答案为：C。

2．C

【详解】A、氢氧化铜是电离时产生的阴离子都是氢氧根离子的化合物，属于碱，不符合题意；

B、物质a属于氧化物，且铜元素显+1价，氧元素显-2价，化学式为：Cu2O，不符合题意；

C、在金属活动性顺序里，铜排在氢后，铜和稀硫酸不反应，符合题意；

D、硫酸铜能与氢氧化钠反应生成氢氧化铜和硫酸钠，不符合题意。

故选C。

3．A

【详解】A、如图可知，盐酸中的微观粒子是氢离子和氯离子和水分子，选项错误；

B、如图可知，该反应的微观实质是氢离子和氢氧根离子结合生成水分子，而钠离子和氯离子未发生变化，选项正确；

C、如图可知，钠离子和氯离子未发生变化，选项正确；

D、溶液中含有氢离子显酸性，含有氢氧根离子显碱性，而恰好完全反应时，只含有钠离子、氯离子和水分子，故溶液显中性，选项正确；

答案为：A。

4．D

【详解】氨气能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体，由题可知，该气体是由溶液X与氢氧化钠溶液反应生成，根据铵根离子和氢氧根离子能结合为氨气和水，故推得X中含有铵根离子即；

故选：D。

5．D

【详解】A、随着试剂的不断加入，pH逐渐减小，是将稀盐酸逐滴滴入稀氢氧化钠溶液中，故选项正确；

B、氢氧化钠和稀盐酸反应生成氯化钠和水。a点到b点pH变化的原因是盐酸中的H+和氢氧化钠中的OH-发生反应生成水，故选项正确；

C、b点时溶液的pH等于7 ，溶液呈中性，表示溶液正好完全反应，根据化学方程式NaOH+ HCl=NaCl+H2O可知，参加反应的HCl与NaOH的质量比为36.5：40；

D、c点时，溶液呈酸性，说明盐酸过量，溶液中的Na+个数小于C1-个数，故选项错误。

故选：D。

6．A

【详解】A、铜和氧气生成氧化铜，氧化铜和稀硫酸生成硫酸铜，正确；

B、硫燃烧和氧气反应生成二氧化硫，二氧化硫和水生成亚硫酸，错误；

C、一氧化碳还原四氧化三铁生成铁，铁和盐酸生成氯化亚铁，错误；

D、氢氧化钠和二氧化碳生成碳酸钠，碳酸钠和氯化钾反应没有沉淀、气体、水生成，不能发生反应，错误。

故选A。

7．A

【分析】如果两种离子能结合生成沉淀、气体或水，那么这两种离子就不能共存。

【详解】A、K+、Ca2+、Cl-这三种离子间不能结合生成沉淀、气体或水，符合题意；

B、Ba2+、能结合生成硫酸钡沉淀，不符合题意；

C、和OH-能反应生成NH3和H2O,H+和OH-能结合生成H2O，不符合题意；

D、H+和能反应生成CO2和H2O，不符合题意。故选A。

8．D

【分析】本题考查物质的性质。

【详解】A、石墨可以用作电极是利用了石墨的导电性，故A不符合题意；

B、氮气用作保护气是利用氮气化学性质不活泼，故B不符合题意；

C、除水垢是利用酸和水垢的成分碳酸钙可以反应，故C不符合题意；

D、氢氧化钠可以吸水，因此可以作干燥剂，故D符合题意；

故选D。

【点睛】注意性质和结论的对应关系。

9．D

【详解】A、加热液体时液体的体积不能超过试管体积的1/3，图示错误，不符合题意。

B、测定pH不能把pH试纸放入待测溶液之中，图示错误，不符合题意。

C、滴加液体不能把胶头滴管伸入试管内部，图示错误，不符合题意。

D、检查气密性，利用气体受热膨胀可以检测仪器的气密性，图示正确，符合题意。

因此本题选择D。

10．C

【详解】A、碳和氧气在点燃的条件下生成二氧化碳，二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，故不符合题意；

B、硫和氧气在点燃的条件下生成二氧化硫，二氧化硫和水反应生成亚硫酸，故不符合题意；

C、铜位于金属活动性顺序表氢的后面，不能与稀盐酸、稀硫酸发生反应，故符合题意；

D、氢氧化钠溶液与二氧化碳反应生成碳酸钠溶液，碳酸钠和氯化钙生成氯化钠和碳酸钙沉淀，故不符合题意。

故选C

11．D

【详解】A、镁条燃烧生成氧化镁，该化学方程式没有配平，正确的化学方程式为：，故A错误；

B、铜绿分解生成氧化铜、水和二氧化碳，正确的化学方程式：，故B错误；

C、氨水中和硫酸生成硫酸铵和水，该化学方程式中硫酸铵的化学式书写错误，正确的化学方程式为：，故C错误；

D、酒精完全燃烧生成二氧化碳和水，该化学方程式完全正确，故D正确。

故选D。

12．A

【详解】A、NH、SO、NO在溶液中没有气体、沉淀或水生成，故符合题意；

B、H+、OH-结合生成水，不能在溶液中共存，故不符合题意；

C、Fe2+、OH-结合生成氢氧化亚铁沉淀，不能在溶液中共存，故不符合题意；

D、Ca2+、CO结合生成碳酸钙沉淀，不能在溶液中共存，故不符合题意。

故选A。

13．D

【详解】A.由于盐酸的浓度较大，所以甲中逸出的气体含HCl和CO2，故错误；

B.乙中液体变红，可能是挥发出的HCl使紫色石蕊试液变红，无法证明CO2能与水反应，故错误；

C.加热后红色不褪去，不能说明碳酸受热不分解，因为溶液变红是盐酸在起作用，而盐酸不分解，故错误；

D.欲达到实验目的，可将盐酸改为稀硫酸，因为稀硫酸没有挥发性，故正确。故选D。

14．D

【详解】A、天然气具有可燃性，所以天然气可用作燃料，选项错误；

B、碳酸氢铵中含有氮元素，可用作氮肥，选项错误；

C、石墨较软，在纸上划过留下痕迹，所以石墨可用于生产铅笔芯，选项错误；

D、小苏打能与盐酸反应，可以消耗盐酸，所以小苏打可用于治疗胃酸过多，选项正确，故选D。

15．(1)复分解反应

(2)作氮肥

(3)增大氢氧化锰与氧气接触面积

(4)

(5)     Mn3O4中锰元素的质量分数约为     部分Mn3O4转化为更高价态的锰的氧化物（或部分Mn3O4转化为Mn2O3.MnO2）

【解析】（1）

氨水可电离出铵根离子和氢氧根离子，根据反应可知硫酸锰和氨水反应生成氢氧化锰和硫酸铵，属于两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应即复分解反应，故填：复分解反应；

（2）

根据题意可知，过滤后的滤液中含有硫酸铵，硫酸铵含有氮元素属于氮肥，故填：作氮肥；

（3）

将氢氧化锰加水“打浆”制成悬浊液，可以在通入空气是与氧气充分接触从而加快“氧化”反应速率，故填：增大氢氧化锰与氧气接触面积；

（4）

氢氧化锰与空气中的氧气在60℃条件下反应生成四氧化三锰和水，化学方程式为：；

（5）

①硫酸锰中锰元素的质量分数是，如图通空气8小时左右，所得固体中锰元素质量分数也是，故说明此时所得固体几乎全部为Mn3O4；

②通空气超过8小时，产物中锰元素质量分数减小的原因是：部分Mn3O4转化为更高价态的锰的氧化物（或部分Mn3O4转化为Mn2O3.MnO2）

16．(1)

(2)NaOH、CaO或Ca（OH）2

(3)碘酒（或碘水）

(4)光合作用

(5)CH4O##CH3OH

(6)     >     1

【解析】（1）

根据题意捕捉室里氢氧化钠和二氧化碳反应会生成碳酸钠和水，故再加入石灰乳后，碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：；

（2）

根据可循环利用的物质具有特点是既是生成物又可作为反应物出现，如图所示该流程中氢氧化钠在捕捉室是反物，在反应室是生成物，氧化钙加水的石灰乳，在反应室作为反应物，在煅烧炉作为生成物出现，故此可循环利用的物质是氢氧化钠和氧化钙或是氢氧化钙，故填：；

（3）

淀粉遇碘会变蓝色，所以检验淀粉的常用试剂是：碘酒或碘水；

（4）

绿色植物通过光合作用实现二氧化碳到葡萄糖的转化，故填：光合作用；

（5）

如图根据质量守恒定律可知反应前后原子的种类和个数不变，反应前有6个氢原子、1个碳原子和2个氧原子，反应后有2个氢原子和1个氧原子，故甲烷分子中含有1个碳原子、4个氢原子和1个氧原子，故其化学式为：或；

（6）

①根据反应a中四种物质的化学计量数均为1，则反应前只有甲醇含有氢原子，而反应后过氧化氢中含有氢原子，由反应前后原子的个数不变可知甲醇分子中的氢原子数目比甲醛中的多，故填：>；

②根据过氧化氢分解时过氧化氢与生成氧气的分子个数关系是：，由反应a中四种物质的化学计量数均为1，可知反应a中氧气与生成过氧化氢的分子个数关系是：，故理论上需补充的过氧化氢与反应a中生成的过氧化氢的分子个数比是，故填：1。

17．     B     2     活性炭          N2     碱性过强会消耗HClO，使HClO浓度降低，导致氨的去除率降低

【详解】Ⅰ.节约用水

 (1)图A是可回收标志，图B是我国的“国家节水标志”（其意义是节约每一滴水），图C是“中国环境标志”，图D是节能标志，故填：B。

Ⅱ.水的净化

 (2)在化合物里，正、负化合价的代数和为零。明矾中钾显+1价，铝显+3价，硫酸根显-2价，H2O中正、负化合价代数和为零，根据明矾的化学式KA1(SO4)n·12H2O，(+1)+(+3)+(-2)×n=0，n=2，故n的值为2。

(3)活性炭具有疏松多孔的结构，具有较强的吸附性，故“吸附池”中常用活性炭吸附色素和异味。

(4)因为“消毒池”中用液氯作消毒剂，发生了反应：，所以自来水中含有少量盐酸，若用自来水直接配制硝酸银溶液，盐酸与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀和硝酸，反应的化学方程式为：。

Ⅲ.废水处理

(5)由可知，反应前N、H、Cl、O的原子个数分别为2、9、3、3，反应后除X外其他物质中N、H、Cl、O的原子个数分别为0、9、3、3，根据化学反应前后原子的种类不变，原子的数目不变，则X中含有2个氮原子，故X的化学式为：N2。因为HClO具有酸性，能和废水中的碱性物质发生反应，所以若废水碱性过强(pH>10)，废水中的碱性物质会消耗HClO，使HClO浓度减小，导致NH3的去除率显著降低。

18．     氮     将煤粉碎或升高温度或使用催化剂          防止碳酸氢铵分解，减少氨水的挥发     吸收CO2，分离出N2和H2     提高N2、H2的利用率，节约资源

【详解】（1）碳酸氢铵中含有氮元素，属于化肥中的氮肥；

（2）“造气”步骤中为加快反应速率，可采取有将煤粉碎或升高温度或使用催化剂；

（3）“碳酸化”是氨气、二氧化碳和水反应生成碳酸氢铵，反应的化学方程式为：；该步骤在较低温度下进行的原因是碳酸氢铵高温易分解，氨水高温易挥发；

（4）碳酸化的作用是制取碳酸氢铵和吸收CO2，分离出N2和H2；

（5）循环的目的是提高N2、H2的利用率，节约资源。

故答案为：①氮；②将煤粉碎或升高温度或使用催化剂；③；④防止碳酸氢铵分解，减少氨水的挥发；⑤吸收CO2，分离出N2和H2；⑥提高N2、H2的利用率，节约资源。

19．     7          反应速率太慢，结晶步骤能耗过多     氧化铁与硫酸反应生成硫酸铁，硫酸铁与铁反应生成硫酸亚铁     形成热的饱和溶液     53.9%

【详解】(1) pH>7显碱性，pH=7显中性，pH<7显酸性；碳酸钠溶液显碱性，取最后一次洗涤液，测其pH，若pH=7，说明洗涤液中无碳酸钠。

(2)①铁和硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，反应的化学方程式为。

②所用硫酸溶液浓度不能太稀，原因是不但反应速率太慢，而且溶液中溶剂水过多导致结晶步骤能耗过多。

③已知：铁与硫酸铁反应的化学方程式为。故废铁屑中的少量Fe2O3不需要进行除杂处理，原因是氧化铁与硫酸反应生成硫酸铁，硫酸铁与铁反应生成硫酸亚铁。

(3)“结晶”的相关操作依次为：蒸发浓缩、降温结晶。蒸发浓缩的自的是减少溶剂水的量，形成热的饱和溶液，便于结晶。

(4)解：高锰酸钾溶液中溶质质量为20.00mL×1g·mL-1×1.58%=0.316g

设该样品中硫酸亚铁的含量为x

答：该样品中硫酸亚铁的含量为53.9%。

20．     CO2     b          溶液的pH等于7     结晶步骤能耗过多     CaO与HNO3反应放出大量热，HNO3受热分解产生NOx

【详解】（1）煅烧石灰石会使碳酸钙在高温下分解成二氧化碳和氧化钙，所以X是二氧化碳，其化学式是：CO2。

（2）氧化钙中加水后得到的是氢氧化钙，氢氧化钙微溶于水，因为反应生成的氢氧化钙部分溶于水，部分悬浮于液体中，所以“制浆”所得的混合物属于悬浊液，故填：b。

（3）“中和”步骤主要反应是硝酸与氢氧化钙生成硝酸钙和水，化学方程式为：。

（4）因为氢氧化钙微溶于水，如果氢氧化钙没有完全反应，液体中就有悬浮的颗粒物，另外氢氧化钙溶液呈碱性，如果氢氧化钙完全反应，溶液应该呈中性，pH=7，所以工业生产常根据以下两项指标判断“中和”反应完全发生：容器内混合物基本变澄清和溶液的pH等于7。

（5）“制浆”时须控制好加入水的量。因为氢氧化钙微溶于水，加入水量太少会导致制浆困难；而如果加入水量太多会导致溶液中水分太多，蒸发浓缩时消耗的能量过多，故填：结晶步骤能耗过多；

（6）根据题中提供的信息：硝酸受热会分解，而氧化钙和硝酸反应放热，故此法过程中产生NOx的原因是：CaO与HNO3反应放出大量热，HNO3受热分解产生NOx。

【点睛】解答本题的基本原理是利用碳酸钙受热分解出氧化钙，再将氧化钙制成氢氧化钙的悬浊液，然后加入稀硝酸中和得到硝酸钙。不直接利用氧化钙与稀硝酸进行反应，是因为氧化钙与硝酸溶液反应时会放热，使得硝酸分解产生有害气体NOx。

21．(1)分液漏斗

(2)          密度比空气大

(3)除去CO2气体中混有的HCl

(4)     CaCl2、HCl     bc

【详解】（1）由图可知，仪器a的名称是分液漏斗；

（2）①锥形瓶内发生反应为碳酸钙和稀盐酸反应生成氯化钙、二氧化碳和水，该反应的化学方程式为：；

②乙处蜡烛先熄灭，说明二氧化碳的密度比空气大；

（3）盐酸具有挥发性，会使制得的二氧化碳中混有氯化氢气体，碳酸氢钠能与氯化氢反应生成氯化钠、二氧化碳和水，故目的是除去CO2气体中混有的HCl；

（4）①测得滤液pH约为3，说明稀盐酸过量，碳酸钙和稀盐酸反应生成了氯化钙，则滤液所含溶质为：CaCl2、HCl；

②a、由题干信息可知，待装置A中锥形瓶内无气泡产生时，静置，过滤除去底部多余的碳酸钙粉末，测得滤液pH约为3，此时稀盐酸和碳酸钙均过量，说明此时碳酸钙和稀盐酸已经不能反应，故加入碳酸钙粉末，不能将pH调节至6~9，不符合题意；

b、氢氧化钙能与稀盐酸反应生成氯化钙和水，可将pH调节至6~9，符合题意；

c、氢氧化钠能与稀盐酸反应生成氯化钠和水，可将pH调节至6~9，符合题意。

故选bc。

22．(1)Ⅰ

(2)

(3)     过滤          FeSO4转化为FeOOH的同时生成H2SO4，H2SO4与碎铁皮反应生成FeSO4，循环反应至碎铁皮完全消耗

【解析】（1）

根据铁黄的化学式可知铁原子和氢原子得个数比是：，则由可得，故填：1；

（2）

稀硫酸除去表面铁锈是硫酸与铁锈中的氧化铁反应生成硫酸铁和水，化学方程式为：；

（3）

①如图所示，三颈烧瓶中是含有晶体的悬浊液，故将FeOOH沉淀分离出来的操作是：过滤；

②根据题中铁黄制备原理可知，反应后的溶液中含有硫酸，而硫酸的阴离子是硫酸根离子，故填：；

根据铁黄制备原理可知反应后会生成硫酸，而硫酸会与铁皮反应生成硫酸亚铁，硫酸亚铁会继续和氧气以及水反应继续生成铁黄和硫酸，直至铁皮完全反应，故填：FeSO4转化为FeOOH的同时生成H2SO4，H2SO4与碎铁皮反应生成FeSO4，循环反应至碎铁皮完全消耗。

23．     20     玻璃棒          B     浓硫酸     a     G

【详解】（1）①设需要30%的H2O2溶液质量为x，根据稀释前后，溶质的质量不变，可得：100g×6%=30%x，x=20g；

②量取所需H2O2溶液和水于烧杯中，用玻璃棒搅拌，充分混合；

（2）①过氧化氢在二氧化锰的催化下分解为水和氧气，该反应的化学方程式为：；

该反应属于固液不加热反应，发生装置应选B；

②若用C装置干燥氧气，浓硫酸具有吸水性，且与氧气不反应，可用浓硫酸干燥氧气，故C中盛放的试剂为浓硫酸；

③若用D装置收集氧气，氧气的密度比空气大，气体应从导管的a端通入；

（3）若直接用30%的H2O2溶液制取氧气，反应速率太快。为获得平稳的气流，可选择G装置，G装置可通过分液漏斗控制药品的滴加速率，从而控制反应速率，从而获得平稳气流。其它装置均不能获得平稳气流。

24．     ab     25℃时，Na2CO3溶液的溶质质量分数越大，碱性越强     b     Fe(OH)3     0.73%     偏大

【详解】（1）配制50g、4%的碳酸钠溶液，需要称量碳酸钠的质量为：50g×4%=2g，需要称量水的体积为：50g-2g=48g，48g÷1g/mL=48mL。

a、根据分析可知，应该用托盘天平称量碳酸钠固体2g。a正确；

b、通过分析可知，需要量取48mL的水，则需要50mL的量筒。b正确；

c、碳酸钠溶液是液体，应该使用细口瓶盛装，并且用贴上标签。c错误。

故答案为：ab；

（2）通过图表可知，25℃时，碳酸钠溶液的溶质质量分数越大，溶液的pH越大，则溶液的碱性越强。故答案为：25℃时，Na2CO3溶液的溶质质量分数越大，碱性越强；

（3）根据提示信息可知，当溶液的pH＞8.8时，Fe2+会完全生成Fe(OH)2沉淀。而该反应的目的是制备FeCO3沉淀，碳酸钠的水溶液呈碱性，则可能会产生副产物Fe(OH)2沉淀。如果将FeSO4加入Na2CO3溶液中，则碳酸钠溶液呈碱性，存在OH-，pH＞7，很容易生成Fe(OH)2沉淀。若将Na2CO3溶液加入FeSO4溶液中，此时Fe2+是过量的，而且此时溶液显酸性，Fe2+不易产生Fe(OH)2沉淀，此时CO32-很容易和Fe2+结合为沉淀析出。故答案为：b；

（4）根据质量守恒定律可知，反应前后原子的个数相同。则反应前，有4个铁原子、4个碳原子、12个氢原子、20个氧原子，反应后有4个碳原子、8个氧原子，相差了4个铁原子、12个氢原子、12个氧原子，则X的化学式为Fe(OH)3。故答案为：Fe(OH)3；

（5）①消耗盐酸的质量为：20mL×1g·mL-1=20g。

设反应消耗的HCl的质量为x。

解得x=0.146g

则盐酸的溶质质量分数为：。

②若碳酸钠没有充分干燥，则实际的碳酸钠的质量小于0.212g，则消耗的HCl的质量小于对应的0.146g，对应消耗的盐酸溶液的质量也小于20g。但是进行相关计算时，仍然会按照“碳酸钠的质量为0.212g”进行计算，则会导致计算溶质的质量分数时，计算的参加反应的HCl的质量依然为0.146g，但是实际消耗的溶液的质量减少了，则会导致计算出的溶质质量分数偏大。故答案为：偏大。

25．(1)     标准比色卡     b     、OH-##

(2)     两者恰好完全反应消耗盐酸的质量为：，设碳酸钠的质量为，则有

解得

则样品中碳酸钠含量为

故样品中碳酸钠含量为98.05%>98.0%，该样品为合格品；     碳酸钠溶液与盐酸反应生成H2CO3（或反应生成的CO2溶于水，与水反应生成H2CO3）     H2CO3受热分解生成CO2并逸出

【详解】（1）①测定溶液pH的操作：用玻璃棒蘸取溶液滴在pH试纸上，与标准比色卡相比较；

②实验Ⅱ中所加的过量试剂Y可以与碳酸根反应生成能使澄清石灰水变浑浊的二氧化碳气体，且过量能够除去碳酸钠而不引入氯离子，不影响实验Ⅲ中对氯离子的检验，故：

a、若为稀盐酸，虽然能与碳酸钠反应生成二氧化碳，但是引入了氯离子，不符合题意；

 b、若为稀硝酸 ，稀硝酸与碳酸钠反应生成二氧化碳，二氧化碳可使澄清石灰水变浑浊，实验Ⅲ 加入硝酸银产生白色沉淀即可证明碳酸钠中含有氯化钠，符合题意；

 c、若为氢氧化钠溶液 ，氢氧化钠溶液不能与碳酸钠反应生成二氧化碳气体，故不符合题意；

 d、若为氯化钙溶液，实验II中不能生成二氧化碳气体，不符合题意；

故选b；

③由上述实验推断，溶液中含有碳酸钠和氯化钠，由于溶液pH约为12大于7，则溶液显碱性，溶液中有，故溶液X中含有的阴离子除Cl-外，还有；

（2）①见答案；

②实验发现，当滴入盐酸体积略少于37.00ml时，溶液pH就降至7以下（约为5），溶液pH小于7的原因是碳酸钠溶液与盐酸反应生成H2CO3（或反应生成的CO2溶于水，与水反应生成H2CO3），碳酸显酸性；将此时的溶液煮沸，pH会略有升高，其原因碳酸受热易分解，H2CO3受热分解生成CO2并逸出，使溶液pH升高。

26．     温度          否，酒精燃烧也会生成二氧化碳，使澄清石灰水变浑浊     氢氧化钙与盐酸反应，酚酞红色褪去：氢氧化钙微溶于水，晃动时氢氧化钙继续溶解，溶液呈碱性，使酚酞变红     滴入稀盐酸，有无色气体产生     煅烧不同的时间，在1100~1200℃范围内生成的生石灰活性度均高于其它温度     石灰石高温分解产生的CO2与焦炭反应生成CO，可还原生成更多铁

【详解】Ⅰ.（1）甲组实验未加热，试管B中无明显现象，说明无氧化钙生成，说明常温下，碳酸钙不分解；

乙组实验：在酒精灯上加热，试管B中呈浅红色，丙组实验，在酒精喷灯上加热，试管B中呈红色，说明温度越高碳酸钙分解的越充分，故影响石灰石分解的因素是温度；

（2）丙组实验加热石灰石时，在火焰上方倒扣一个用澄清石灰水润湿的烧杯，石灰水变浑浊，是因为二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，该反应的化学方程式为：；

此实验不能推断石灰石煅烧产生二氧化碳，因为酒精燃烧也会生成二氧化碳，使澄清石灰水变浑浊；

（3）氢氧化钙与盐酸反应生成氯化钙和水，酚酞红色褪去：氢氧化钙微溶于水，晃动时氢氧化钙继续溶解，溶液呈碱性，使酚酞变红；

（4）石灰石部分分解，说明石灰石中还含有碳酸钙，碳酸钙能和稀盐酸反应生成氯化钙、二氧化碳和水，故可设计实验：取研细后的粉末少许于试管中，滴入稀盐酸，有无色气体产生；

Ⅱ.（5）煅烧不同的时间，在1100~1200℃范围内生成的生石灰活性度均高于其它温度，故石灰石煅烧的最佳温度范围为1100~1200℃；

Ⅲ.（6）石灰石高温分解产生的CO2与焦炭反应生成CO，可还原生成更多铁。

27．(1)太阳能

(2)2：1

(3)K+、OH-

(4)

(5)降低

【解析】（1）

根据题意太阳能电池板是靠阳光照射而提供电能，故是将太阳能转化为电能，故填：太阳能；

（2）

根据电解水化学方程式是，可知生成氢气和氧气的分子个数比是，故生成的氢气和氧气的体积比是；

（3）

氢氧化钾是由钾离子和氢氧根离子构成的，故其水溶液中的带电离子是：；

（4）

根据题意可知，二氧化碳在催化剂作用下生成水和甲烷，化学方程式为：；

（5）

根据水的沸点随气压的减小而变小，故水蒸馏时，减小压强可使水的沸减小，故填：降低。