第1章达标检测卷

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第1章达标检测卷
(满分：100分 时间：45分钟)
(本栏目对应学生用书P171)
一、选择题：本题共14小题，每小题2分，共28分。每小题给出的四个选项中只有一个选项最符合题意。
1．(2019·内蒙古包头一中月考)下列有关孟德尔的“假说—演绎法”的叙述中正确的是(　　)
A．在“一对相对性状的遗传实验”中提出了等位基因的说法
B．“测交实验”是对推理过程及结果进行的分析并提出假说
C．“生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”属于实验结论
D．“F1能产生数量相等的两种配子”属于假说内容
【答案】D　
【解析】孟德尔在“一对相对性状的遗传实验”中提出了遗传因子的说法，他认为生物的性状是由遗传因子决定的，孟德尔所在的年代还没有“基因”一词，A错误；测交实验是对推理过程及结果进行的检验，B错误；“生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”属于假说的内容，C错误；“F1能产生数量相等的两种配子”属于假说的内容，D正确。
2．(2019·甘肃会宁一中月考)下列四组杂交实验中，能判断显性和隐性关系的是(　　)
①红花×白花→红花、白花
②非甜玉米×非甜玉米―→301非甜玉米＋101甜玉米
③盘状南瓜×球状南瓜―→盘状南瓜
④牛的黑毛×白毛→98黑毛＋102白毛
A．①和②　B．②和③　C．②和④　D．①和④
【答案】B　
【解析】红花×白花→红花、白花，为测交实验类型，无法判断显隐性关系，①错误；非甜玉米×非甜玉米→301非甜玉米＋101甜玉米，后代发生了性状分离，说明非甜玉米是显性性状，②正确；盘状南瓜×球状南瓜→盘状南瓜，后代只出现了一种表现型，说明盘状是显性性状，③正确；牛的黑毛×白毛→98黑毛＋102白毛，为测交实验类型，无法判断显隐性关系，④错误。综上所述，可以判断显隐性关系的实验是②和③，故选B。
3．(2019·黑龙江哈尔滨师大附中期中)甲、乙两位同学分别用小球做孟德尔定律模拟实验。甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从Ⅰ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。下列叙述正确的是(　　)

A．甲、乙将抓取的小球分别放回原来小桶后再多次重复才科学准确
B．实验中每只小桶分别代表相应的雌、雄生殖器官
C．乙同学模拟的是等位基因的分离和配子的随机结合
D．甲同学模拟的是非同源染色体上非等位基因的自由组合
【答案】A　
【解析】甲、乙将抓取的小球分别放回原来小桶后才能保证每个小桶内不同配子的比例相等，多次重复实验才能避免实验的偶然性，保证实验结果接近于理论值，A正确；实验过程中，甲同学的两只小桶分别表示雌、雄生殖器官，而乙同学的两只小桶代表的是雌性或雄性的生殖器官，B错误；甲同学模拟的是等位基因的分离和配子的随机结合，乙同学模拟的是非同源染色体上非等位基因的自由组合，C、D错误。
4．(2018·江苏启东中学期中)家兔的毛色黑(A)对褐(a)为显性。下列关于判断一只黑毛公兔基因型的方法及结论中，正确的是(　　)
A．用一只纯合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为Aa
B．用一只杂合黑毛兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA
C．用多只褐毛雌兔与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型为AA
D．用光学显微镜观察，若细胞中只有A基因，则其基因型为AA
【答案】C　
【解析】用一只纯合黑毛兔(AA)与之交配，无论该黑毛兔是AA或Aa，后代均为黑毛兔，所以不能判断该黑毛公兔的基因型，A错误；用一只杂合黑毛兔(Aa)与之交配，若子代全为黑毛兔，则其基因型也不一定为AA，原因是子代数目较少，存在偶然性，B错误；用多只褐毛雌兔(aa)与之交配，即测交，若子代全为黑毛兔(A_)，则其基因型为AA，若出现褐毛兔，则其基因型为Aa，C正确；光学显微镜下无法观察到基因，D错误。
5．(2018·北京人大附中期末)已知羊的毛色由一对常染色体上的基因A、a控制。某牧民让两只白色羊交配，后代中出现一只黑色小羊。要判断一只白色公羊是纯合子还是杂合子，有如图所示的两种方案，已知方案一中母羊的基因型为Aa，下列判断不正确的是(　　)

A．②全为白色
B．③黑色∶白色＝3∶1
C．④aa，⑤全为白色
D．④aa，⑥黑色∶白色＝1∶1
【答案】B　
【解析】根据题意可知，白色为显性，方案一中母羊的基因型为Aa，如果亲本公羊为纯种(AA)，则②应该全为白色，A正确；如果亲本公羊为杂种(Aa)，则③应该是白色∶黑色＝3∶1，B错误；方案二中母羊若为aa，如果亲本公羊为纯种(AA)，则⑤应该全为白色，C正确；如果亲本公羊为杂种(Aa)，则⑥应该是白色∶黑色＝1∶1，D正确。
6．(2018·福建厦门中学月考)研究发现，豚鼠毛色由以下等位基因决定：Cb－黑色、Cs－ 银色、Cc－乳白色、Cx－白化。为确定这组基因间的关系，进行如下杂交实验。据此分析下列选项正确的是(　　)
杂交组合
亲代
子代
黑
银
乳白
白化
1
黑×黑
21
0
0
7
2
黑×白化
11
10
0
0
3
乳白×乳白
0
0
32
11
4
银×乳白
0
23
11
12
A.与毛色有关的基因型共有6种
B．无法确定这组等位基因的显性程度
C．杂交的后代最多会出现4种毛色
D．两只白化豚鼠杂交，后代没有银色个体
【答案】D　
【解析】根据题意和图表分析可知，组合1，黑×黑→黑∶白化＝3∶1，说明黑对白化为显性，白化为隐性，其基因型为CxCx，两个黑色亲本为杂合子，基因型均为CbCx；组合2，黑×白化→黑∶银＝1∶1为测交，亲本黑色为杂合子CbCs；组合3，乳白×乳白→乳白∶白化＝3∶1，说明乳白对白化为显性，亲本乳白都是杂合子，其基因型均为CcCx；组合4，银X乳白→银∶乳白∶白化＝2∶1∶1，说明亲本银与乳白都是杂合子，携带隐性白色基因，也说明银对乳白为显性。由于豚鼠毛色由Cb、Cc、Cs、Cx等位基因决定，所以该豚鼠群体中与毛色有关的基因型共有10种，A错误；由于多种交配方式的后代都出现了性状分离，所以能确定这组等位基因间的显性程度，这4个复等位基因之间的显隐性关系的正确顺序是：Cb>Cs>Cc>Cx，B错误；由于豚鼠毛色由1对等位基因决定，所以两只豚鼠杂交的后代最多会出现三种毛色，C错误；由于白化为隐性，其基因型为CxCx，所以两只白化的豚鼠杂交，其后代都是白化，不会出现银色个体，D正确。
7．(2019·山东新泰一中月考)基因型为AaBb与aaBb的个体杂交，遗传符合自由组合定律，则后代中(　　)
A．表现型4种，比例为3∶1∶3∶1，基因型6种
B．表现型2种，比例为3∶1，基因型3种
C．表现型4种，比例为9∶3∶3∶1，基因型9种
D．表现型2种，比例为1∶1，基因型3种
【答案】A　
【解析】已知两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律。现基因型为AaBb的个体与基因型为aaBb的个体杂交，两对基因分别考虑：第一对基因Aa×aa，后代表现型有2种，比例为1∶1，基因型有2种，即Aa∶aa＝1∶1，第二对基因Bb×Bb，后代表现型有2种，比例为3∶1，基因型有3种，即BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，再将两对基因综合考虑用乘法定律，所以后代的表现型有2×2＝4种，比例为(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1；基因型有2×3＝6种，A正确。
8．(2018·四川雅安中学期中)下表表示人类ABO血型所对应的基因型，下图为某家族血型系谱图，□代表男性，○代表女性，除了甲、庚两人，其他人的血型已在图中标明。由此系谱图推测甲、庚可能相同的血型是(　　)

血型
基因型
A型
ⅠAⅠA、ⅠAi
B型
ⅠBⅠB、ⅠBi
AB型
ⅠAⅠB
O型
ii

A．A型 B．B型
C．O型 D．AB型
【答案】B　
【解析】从戊(O型)和己(AB型)，可推知庚的血型为A型或B型；而甲和乙(A型)所生的丙为B型，则甲为AB型或B型，故甲、庚可能相同的血型是B型。
9．(2018·安徽师大附中期中)已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有的F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2自交收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为(　　)
A.　　　 B.　　　
C.　　　 D.
【答案】B　
【解析】假设两对性状分别受A、a，B、b控制，根据题意，纯合的高茎红花AABB与矮茎白花aabb杂交，F1基因型为AaBb，若只考虑花色，F1自交产生的F2基因型为BB、Bb、bb，比例为1∶2∶1，播种所有的F2，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株bb，则剩余的植株为1/3BB、2/3Bb，F3中白花个体所占的比例为2/3×1/4＝1/6，B正确。
10．(2019·南京师大附中期中)豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现F1出现4种类型，对性状的统计结果如图所示。如果用F1中的一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2的性状类型的种类和数量比例是(　　)

A．黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶1∶2∶1
B．黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1
C．黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1
D．黄色圆粒∶绿色圆粒＝1∶1或黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1
【答案】D　
【解析】只考虑粒形，根据F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，可判断亲本均为Rr；只考虑子叶颜色，黄色∶绿色＝1∶1，可判断亲本为Yy和yy，综合分析，则双亲基因型为YyRr、yyRr。F1中黄色圆粒豌豆的基因型为YyRR或YyRr；YyRR与绿色皱粒豌豆杂交，F2中黄色圆粒∶绿色圆粒＝1∶1；YyRr与绿色皱粒豌豆杂交，F2中黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝1∶1∶1∶1。故选D。
11．(2019·山东师大附中模拟)如图为某植株自交产生后代的过程，以下对此过程及结果的描述，错误的是(　　)
AaBbAB、Ab、aB、ab受精卵子代：N种表现型(9∶6∶1)
A．A、a与B、b的自由组合发生在①过程
B．②过程发生雌、雄配子的随机结合
C．M、N分别代表9、3
D．该植株测交后代性状分离比为1∶2∶1
【答案】C　
【解析】A、a与B、b的自由组合发生于减数第一次分裂的后期，A正确；②过程发生雌、雄配子的随机组合，即受精作用，B正确；①过程形成4种配子，则雌、雄配子的随机组合的方式＝4×4＝16种，基因型＝3×3＝9种，表现型为3种，C错误；该植株测交后代基因型以及比例为1(A_B_)∶1(A_bb)∶1(aaB_)∶1(aabb)，由图中“子代：N种表现型(9∶6∶1)”可知，A_bb与aaB_同属一种表现型，则测交表现型的比例为1∶2∶1，D正确。
12．(2019·陕西榆林一中月考)已知基因A、B、C及其等位基因分别位于三对同源染色体上。现有一对夫妇，妻子的基因型为AaBBCc，丈夫的基因型为aaBbCc，则其子女中的基因型为aaBBCC的比例和出现具有aaB_ C_ 表现型女儿的比例分别为(　　)
A.、　　　 B.、
C.、　　　 D.、
【答案】A　
【解析】根据题意分析可知，妻子的基因型为AaBBCc，丈夫的基因型为aaBbCc，其子女中基因型为aaBBCC的比例＝1/2×1/2×1/4＝1/16；出现具有aaB_C_表现型女儿的比例＝1/2×1×3/4×1/2＝3/16，故A正确。
13．(2019·山西祁县中学月考)等位基因A、a和B、b分别位于不同对的同源染色体上。让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得F1，再让F1测交，测交后代的表现型比例为1∶3。如果让F1自交，则下列表现型比例中，F2不可能出现的是(　　)
A．13∶3 B．15∶1
C．9∶7 D．9∶4∶3
【答案】D　
【解析】F1的基因型为AaBb，其自交符合自由组合定律，正常情况下，F2的性状分离比应为9∶3∶3∶1，根据题干信息F1测交，测交后代的表现型比例为1∶3，与之相对应，F2也应出现两种表现型，则F2的比例会出现13∶3、15∶1、9∶7三种类型，A、B、C都可能出现，D与题干信息不符，故选D。
14．(2019·山东青州一中期中)已知菊花花色性状的遗传受三对独立遗传的等位基因控制，其基因型与性状的关系如下表所示：
基因型
AA_ _ _ _
Aa_ _ _ _
aaY1_Y2_、
aaY1_y2y2、
aay1y1Y2_
aay1y1y2y2
表现型
白色
乳白色
黄色
金黄色
对某基因型的乳白色菊花进行测交，后代花色的表现型及比例为乳白色∶黄色∶金黄色＝4∶3∶1，则该乳白色菊花的基因型为(　　)
A. AaY1y1Y2y2　　　 B. AaY1Y1Y2y2
C. AaY1y1Y2Y2　　　 D. AaY1Y1Y2Y2
【答案】A　
【解析】据题可知，对某基因型的乳白色菊花进行测交，即让该乳白色的个体与隐性个体aay1y1y2y2杂交，因后代中有黄色个体、金黄色个体，可知乳白色个体中含有Y1y1Y2y2，且基因型为Aa_的个体为乳白色，可知其基因型为AaY1y1Y2y2，A正确。
二、选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题意。
15．(2019·河南新乡一中期中)某自花受粉植物的株高受第1号染色体上的A/a、第7号染色体上的B/b和第11号染色体上的C/c控制，且三对等位基因作用效果相同。每增加一个显性基因，该植物会在基本高度8 cm的基础上再增加2 cm。下列叙述错误的是(　　)
A．基本高度8 cm的植株基因型为aabbcc
B．控制株高的三对基因的遗传符合自由组合定律
C．株高为14 cm的植株基因型有6种
D．某株高为10 cm的个体在自然状态下繁殖，F1应有1∶2∶1的性状分离比
【答案】C　
【解析】由题意可知基本高度为8 cm的植株不含显性基因，所以它的基因型应为aabbcc，A正确；由于控制株高的三对等位基因分别位于第1号、第7号和第11号三对不同的同源染色体上，所以其遗传符合基因的自由组合定律，B正确；株高为14 cm的植株的基因中含有显性基因(14－8)÷2＝3个，共有AABbcc、AAbbCc、AaBBcc、AaBbCc、AabbCC、aaBBCc、aaBbCC 7种基因型，C错误；株高为10 cm的个体中只含有1个显性基因，假设基因型为Aabbcc，则自交F1中AAbbcc∶Aabbcc∶aabbcc＝1∶2∶1，D正确。
16．(2019·山东菏泽一中期中)豌豆从播种到收获为1年时间，纯种高茎豌豆与纯种矮茎豌豆杂交得F1种子，F1自交产生的F2中高茎和矮茎的比例为3∶1。纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆杂交得F1，F1自交得F2中各种表现型的比例为9∶3∶3∶1。上述实验分别需要在第几年才能得出结果(　　)
A．3年　2年 B．2年　2年
C．3年　3年 D．2年　3年
【答案】A　
【解析】豌豆植株的高度表现在当代植株上，第一年将纯种高茎豌豆与纯种矮茎豌豆杂交得F1种子，第二年将F1种子播种，F1植株自交产生F2种子，第三年F2种子播种后长出F2植株，表现为高茎和矮茎的比例为3∶1。豌豆籽粒的性状表现是在上一代植株上，第一年将纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆杂交得黄色圆粒种子即F1，第二年将F1播种自交得到种子即是F2，F2有四种表现型且比例为9∶3∶3∶1，故选A。
17．(2019·杭州学军中学月考)桃树的树体乔化与矮化为一对相对性状(由等位基因D、d控制)，蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状(由等位基因H、h控制)，蟠桃对圆桃为显性。下表是桃树两个杂交组合的实验统计数据，以下有关说法错误的是(　　)
亲本组合
后代的表现型及其株数
组别
表现型
乔化蟠桃
乔化圆桃
矮化蟠桃
矮化圆桃
甲
乔化蟠桃×矮化圆桃
41
0
0
42
乙
乔化蟠桃×乔化圆桃
30
13
0
14
　 A．只能根据组别乙的结果，来判断桃树树体的显性性状为乔化
B．甲组两个亲本基因型分别为DdHh、ddhh
C．据甲组杂交结果可判断，上述两对基因位于一对同源染色体上，不遵循自由组合定律
D．如甲组中乔化蟠桃亲本进行自交，则其后代的表现型比为1∶2∶1
【答案】D　
【解析】甲实验组，乔化蟠桃与矮化圆桃杂交的后代中，矮化圆桃∶乔化蟠桃＝1∶1，对于每一对相对性状的比例均是1∶1，两对相对性状不是1∶1∶1∶1，因此两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律；乙组实验，乔化与乔化杂交，后代出现性状分离，既有乔化也有矮化，说明乔化是显性性状，由于甲组后代与亲本的表现型相同，所以无法判断显隐性关系，而乙组亲本只有乔化，后代出现性状分离，所以只能根据组别乙的结果，来判断桃树树体的显性性状为乔化，隐性性状是矮化，A正确；蟠桃对圆桃为显性，乔化对矮化为显性，则甲组中亲本乔化蟠桃、矮化圆桃的基因型可表示为D_H_、ddhh，又由于后代中乔化∶矮化＝1∶1，蟠桃∶圆桃＝1∶1，均属于测交，因此甲组亲本的基因型为DdHh、ddhh，B正确；甲组亲本DdHh与ddhh杂交，后代的表现型及比例是乔化蟠桃∶矮化圆桃＝1∶1，如果两对等位基因遵循自由组合定律，则杂交后代的表现型是1∶1∶1∶1，所以可判断该两对基因位于一对同源染色体上，不遵循自由组合定律，C正确；由于D和H位于同一条染色体上，所以甲组中乔化蟠桃亲本进行自交，则其后代的表现型比为3∶1，D错误。
18．(2019·河北衡水中学周测)野生猴中毛色为白色的极为少见。某科研小组捕获到一只白色雄猴，要想在短期内利用这只雄猴繁殖更多的白猴以满足科研需要，最佳方案是(　　)
A．让白色雄猴与棕色雌猴交配，再用F1互交产生白猴
B．让白色雄猴与棕色雌猴交配，F1中就能出现白猴
C．让白色雄猴与棕色雌猴交配，再从F1中选出雌猴与白色雄猴交配产生白猴
D．让白色雄猴与杂合棕色雌猴交配，即可产生白猴
【答案】C　
【解析】让这只白色雄猴与棕色雌猴交配，在F1中选出棕色雌猴与该白色雄猴交配，后代中出现白猴的概率为1/2，C正确；正常情况下，棕色雌猴为纯合体，A、B、D错误。
19．(2019·湖北武汉二中期中)某植物的花色有黄色和白色之分，由一对等位基因控制，叶形有圆形和椭圆形之分，由另一对等位基因控制，两对基因独立遗传。亲本黄花圆形叶植株与黄花椭圆形叶植株杂交，F1的表现型及比例如下图所示。下列说法错误的是(　　)

A．花色中黄色为显性性状，叶形中的显性性状不能确定
B．两对基因的遗传遵循基因自由组合定律
C．只考虑花色这一对相对性状，F1黄花植株中纯合子与杂合子之比为1∶3
D. F1中与叶形有关的基因型只有杂合子和隐性纯合子
【答案】C　
【解析】两亲本均为黄花，后代出现了白花，说明黄花为显性性状；亲本圆形叶植株和椭圆形叶植株杂交后代的表现型及比例为圆形叶∶椭圆形叶＝1∶1，故叶形中的显性性状不能确定，A正确；两对基因独立遗传，因此，两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，B正确；只考虑花色这一对相对性状，F1黄花植株中纯合子与杂合子之比为1∶2，C错误；F1中与叶形有关的基因型只有杂合子和隐性纯合子，无显性纯合子，D正确。
20．(2019·河北衡水中学期末)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是(　　)
A. F2中白花植株都是纯合体
B. F2中红花植株的基因型有2种
C．控制红花与白花的基因在一对同源染色体上
D. F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
【答案】D　
【解析】用纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株，即红花∶白花≈9∶7，是9∶3∶3∶1的变式，而且用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株，即红花∶白花≈1∶3，由此可推知该相对性状由两对等位基因控制(设为A、a和B、b)，并且这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，说明控制红花与白花的基因分别位于两对同源染色体上，故C项错误；F1的基因型为AaBb，F1自交得到的F2中白花植株的基因型有A_bb、aaB_和aabb，所以F2中白花植株不都是纯合体，A项错误；F2中红花植株(A_B_)的基因型有4种，而白花植株的基因型有9－4＝5种，故B项错误，D项正确。
三、非选择题：本题包括4小题，共54分。
21．(12分)(2018·山东莱阳月考)某植物的花色有红花和白花两种，由一对等位基因控制。研究者利用这两个品种做了五组实验，结果如下表所示。请据表分析回答：
杂交组合
第1组
第2组
第3组
第4组
第5组
红花♀×白花♂
白花♀×红花♂
第1组F1自交
第2组的F1自交
第2组的F1♀×白花♂
后代
植株
红色
2 617
2 628
2 940
2 730
1 754
白色
10
9
1 050
918
1 648
(1)根据实验结果可判断植株花色中的________色是显性性状。
(2)第3、4组的后代均表现出________现象，比例都接近________。
(3)第5组实验结果表明，该交配类型称为________。
(4)第1、2组的少数后代产生白色花植株，说明双亲中的________花植株混有杂合子。
(5)运用统计学方法对上述实验数据进行分析，可判断植株花色的遗传符合孟德尔的__________定律。
【答案】(每空2分，共12分)(1)红　(2)性状分离　3∶1
(3)测交　(4)红　(5)基因分离
22．(12分)(2019·陕西咸阳一中期中)某动物的肤色受两对等位基因A、a和B、b控制(两对基因独立遗传)。当不存在显性基因时，肤色为白色；当存在显性基因时，肤色为黑色，而且随着显性基因数量的增加，黑色会逐渐加深(A和B的遗传效应相同)。现将两只肤色相同的纯合子作为亲本杂交得F1，F1雌雄个体自由交配得F2，F2中有白色个体和4种不同深浅的黑色个体(注：该种动物每胎可以生产多只子代，肤色遗传与性别无关)。请回答下列问题：
(1)黑色个体颜色最深的基因型为________，白色的基因型为________，亲本的杂交组合为________(写基因型)，F1的肤色为________(填“黑色”或“白色”)。
(2)F2中肤色共有5种类型，按由深至浅再到白的顺序，数目比例依次为____________。
(3)取F1中一个体与某只黑色异性个体进行杂交，子代表现型比例为1∶2∶1，则该黑色个体的基因型为____________________。
【答案】(每空2分，共12分)(1)AABB　aabb　AAbb×aaBB　黑色
(2)1∶4∶6∶4∶1
(3)AABB或AAbb或aaBB

【解析】(1)根据题意，随着显性基因数量的增加，黑色会逐渐加深，且A和B的遗传效应相同，则黑色个体颜色最深的基因型为AABB，黑色个体根据含有显性基因数目的不同有4种类型；不存在显性基因时，肤色为白色，则白色的基因型为aabb；将两只肤色相同的纯合子作为亲本杂交，F2中肤色有白色个体和4种不同深浅的黑色个体，说明F1应为双杂合子AaBb，亲本的杂交组合为AAbb×aaBB，F1的肤色应为黑色。(2)F2中肤色共有5种类型，黑色个体颜色最深的基因型为1AABB，次黑的个体含有三个显性基因，基因型为2AABb、2AaBB，中等黑色个体含有两个显性基因，基因型为1AAbb、1aaBB、4AaBb，浅黑色个体含有1个显性基因，基因型为2Aabb、2aaBb，白色个体的基因型为1aabb；按由深至浅再到白的顺序，数目比例为1∶4∶6∶4∶1。(3)取F1中一个体AaBb与某只黑色异性个体进行杂交，子代表现型比例为1∶2∶1，据该比例推测，子代应有4种基因型，4种基因型比例相等，且有两种基因型含有相同的显性基因数目，表现为同一类型。能与AaBb杂交，产生上述条件后代的黑色个体不应含有杂合基因，基因型应为AABB或AAbb或aaBB。
23．(14分)(2018·山东滨州模拟)某植物的花色有紫色、红色和白色三种类型，该性状由两对等位基因A/a和B/b控制。现有三组杂交实验，三组实验的F1均自交得F2，结果如下表所示。
实验
亲本表现型
F1的表现型
F2的表现型及比例
实验1
红花×白花
紫花
紫花∶白花∶红花＝9∶4∶3
实验2
紫花×白花
紫花
紫花∶白花＝3∶1
实验3
紫花×白花
紫花
紫花∶白花∶红花＝9∶4∶3
已知实验1红花亲本的基因型为aaBB。回答以下问题：
(1)由杂交实验可知，控制该植物花色的基因遵循________定律。
(2)实验1的F2中，红花植株的基因型是：________。白花植株中，杂合子所占的比例是________。
(3)若让实验2的F2中紫花植株再自交一次，子代的表现型及比例为________。
(4)可以用aaBb的红花植株与紫花植株杂交的方法，判断紫花植株的基因组成。请根据杂交后代可能出现的表现型和比例，推测相对应的该紫花植株的基因型：
①如果杂交后代全部是紫花，则该紫花植株的基因型是AABB。
②如果杂交后代紫花∶白花＝3∶1，则该紫花植株的基因型是________。
③如果杂交后代________________，则该紫花植株的基因型是AaBB。
④如果杂交后代____________________，则该紫花植株的基因型是AaBb。
【答案】(每空2分，共14分)(1)(分离和)自由组合
(2)aaBB和aaBb　1/2　(3)紫花∶白花＝5∶1　(4)②AABb　③紫花∶红花＝1∶1　④紫花∶红花∶白花＝3∶3∶2

【解析】(1)由于杂交实验1和3子二代表现型是9∶3∶3∶1的变式，所以花色是由两对基因控制的，遵循基因的分离定律和自由组合定律。(2)因为已知实验1红花亲本的基因型为aaBB，实验1的F2中，红花植株的基因型是aaBB和aaBb；白花植株中有2份是纯合子，所以杂合子占1/2。(3)实验2的F2中紫花中有1/3的双显性纯合子即1/3AABB和2/3AABb，让这样的植株再自交一次，只有2/3AABb自交后会出现2/3×1/4＝1/6的白花，所以子代的表现型及比例为紫花∶白花＝5∶1。(4)紫花的基因型有AABB、AaBB、AABb和AaBb四种基因型：②如果杂交后代紫花∶白花＝3∶1，则该紫花植株的基因型是AABb；③如果紫花植株的基因型是AaBB，与aaBb杂交后，后代有AaBB、AaBb、aaBB和aaBb四种基因型，根据题干中A_B_是紫花，aaB_是红花，剩余基因型都是白花，所以是紫花∶红花为1∶1；④如果该紫花植株的基因型是AaBb，与aaBb杂交后，后代有1AaBB、2AaBb、1Aabb、1aaBB、2aaBb和1aabb，所以子代中紫花∶红花∶白花＝3∶3∶2。
24．(16分)观察两对相对性状杂交实验的图像，按不同的分类标准对图像中的遗传因子组成划分了A、B、C三个直角三角形，据图完成下列问题：

(1)双显性性状由直角三角形______(填“A”“B”或“C”)的三条边表示，占______份，遗传因子组合形式有______种，比例为______。
(2)隐显性状由直角三角形______(填“A”“B”或“C”)的三个角表示，占______份，遗传因子组合形式有______种，比例为______。
(3)显隐性状由直角三角形______(填“A”“B”或“C”)的三个角表示，占______份，遗传因子组合形式有______种，比例为______。
(4)双隐性性状yyrr占______份，遗传因子组合形式有______种。
(5)由图解分析，每一对相对性状是否也遵循分离定律？______(填“是”或“否”)。若是，分离比是多少？____________________________________。
【答案】(除注明外，每空1分，共16分)(1)A　9　4　1∶2∶2∶4
(2)B　3　2　1∶2　(3)C　3　2　1∶2　(4)1　1
(5)是。每对性状的分离比都为3∶1(2分)

【解析】图示代表了F1产生4种比例相同的配子以及配子之间受精时随机组合。雌雄各有4种配子且比例为1∶1∶1∶1；后代雌雄配子的结合方式有4×4＝16种，其中双显性由4种遗传因子组成，比例为1∶2∶2∶4，共9份；隐显性状和显隐性状各由2种遗传因子组成，比例为1∶2；双隐性只有yyrr一种；每对性状的遗传都相对独立，遵循分离定律，两对性状之间遵循自由组合定律。